浙江省宁波中学2024-2025学年高一下学期5月月考物理试卷

2024-2025学年度宁波中学高一下5月物理月考试卷 一、单选题 1．有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为“220 V,60 W”．现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的热量(　　) A．日光灯最多 B．电烙铁最多 C．电风扇最多 D．一样多 2．两根材料相同的均匀导线x和y串联在电路中，两导线沿长度方向的电势变化情况分别如图中的ab段和bc段图线所示，则导线x和y的横截面积之比为（ ） A．2∶1 B．1∶2 C．6∶1 D．1∶6 3．一根长为L，横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ。棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v。则金属棒内的电场强度大小为（　　） A． B． C．ρnev D． 4．如图所示，用甲、乙两种电路测RＸ的阻值，甲电路中伏特表和安培表的示数分别为3.0V和3.0mA，乙电路中伏特表和安培表示数分别为2.9V和4.0mA，则待测电阻RＸ的值应 A．比1000Ω略大一些 B．比1000Ω略小一些 C．比725Ω略大一些 D．比725Ω略小一些 5．用图示的电路可以测量电阻的阻值，图中Rx是待测电阻，是定值电阻，阻值是，G是灵敏度很高的电流表，MN是一段长20cm的均匀电阻丝。闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，测得MP=8cm，则Rx的阻值为（    ） A．80 B．100 C．150 D．180 6．如图所示电路，电源内阻不能忽略．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动后，电压表V1、V2示数变化量的绝对值为△U1、△U2，电流表示数变化量的绝对值为△I．下列判断正确的是（  ） A．电流表A示数增大 B．电压表V2示数减小 C．△U1小于△U2 D．的数值减小 7．智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接为移动设备充电的储能装置．充电宝的转换率是指充电宝放电总量占充电宝容量的比值，一般在0.6～0.7．如图为某一款移动充电宝，其参数见下表．下列说法正确的是（   ） A．充电宝充电时将电能转化为内能 B．该充电宝最多能储存的能量为 C．该充电宝电量从零到完全充满所用时间约为2h D．用该充满电的充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，理论上能充满4次 8．四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表、和两个电压表、。已知电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，改装好后把它们按图所示接法连入电路，则（　　） A．电流表的读数小于电流表的读数 B．电流表指针的偏转角小于电流表指针的偏转角 C．电压表的读数小于电压表的读数 D．电压表指针的偏转角等于电压表指针的偏转角 二、多选题 9．如图所示的电路，电源电动势，内阻不计，、、为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的特性曲线如图所示。当开关闭合后，下列关于电路中的灯泡的说法中，正确的是（　　） A．灯泡消耗的电功率为0.30W B．灯泡的电阻为75Ω C．灯泡的电阻为12Ω D．三灯泡消耗的总电功率为0.90W 10．如图所示，直线A为某电源的U—I图线，曲线B为某小灯泡L的U—I图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时灯泡L恰能正常发光，则下列说法中正确的是（　　） A．灯泡L的额定电压为2V，额定功率为4W B．此电源的内电阻为0.5，此时灯泡L的电阻大于1 C．此时电源内阻的热功率为4W D．把灯泡L换成阻值恒为0.5的纯电阻，电源的输出功率将增大，但效率降低 11．直流电源、滑动变阻器R、定值电阻以及平行板电容器C连接成如图的电路．图中C的下极板接地，开始时C不带电．现闭合开关,调节滑动变阻器的滑片，稳定后一带电油滴恰能静止在电容器中的P点，下列说法正确的是（    ） A．保持两开关闭合，R的滑片上滑时，中电流向右 B．保持两开关闭合，R的滑片下滑时，油滴向上运动 C．断开，C的下极板下移时，P点的电势升高 D．断开，C的下极板下移时，油滴的电势能增大 三、实验题 12．某同学用伏安法测量阻值约为5Ω的待测金属元件的电阻率。(材料为锰铜合金的定值电阻)    （1）分别使用20分度游标卡尺和螺旋测微器测量金属元件的长度L和直径d，某次测量的示数如图甲和图乙所示。 ①长度L= mm，直径d= mm。 ②螺旋测微器测量出的长度比用游标卡尺(20分度)测量出的长度更精确的原因是 。 （2）先准备有以下器材 A．待测金属元件； B．电压表V(量程3V，内阳约为1kΩ) C．电流表A(量程100mA，内阻为r=5Ω) D．滑动变阻器R(0~10Ω) E.电源(电动势3V，内阻可忽略) F.开关与导线若干 ①为了减小实验误差，以下的四个电路中应选用 进行实验。 ②用伏安法测得该电阻的电压和电流，并作出其伏安特性曲线如图丙所示，若图像的斜率为k，则该金属元件的电阻率ρ= 。(用题目中所给各个量的对应字母进行表述)    13．（1）如图1所示为某同学设计的多量程多用电表的原理示意图，虚线框中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，表笔B可以分别与触点1、2、……6接通，从而实现多用电表用来测量电阻、电流和电压的不同功能。在这个电路中，测电流和测电压时各有两个量程，测电阻时有“×10”和“×1k”两个挡位。其中，的最大阻值小于的最大阻值。关于这个多用电表，下列说法中正确的是 。 A． 当开关S分别接触点1或2时，多用电表为电流挡，且接触点1时的量程比较大 B．当开关S分别接触点3或4时，多用电表为电阻挡，且接触点3时为“×1k”挡位 C． 当开关S分别接触点5或6时，多用电表为电流挡，且接触点5时的量程比较小 D．使用多用电表各挡位时，电流均由A表笔一侧流入表头，则A表笔应为红色表笔 （2）用多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图所示。若所选挡位为直流100mA挡，则读数为 mA；若所选挡位为电阻挡，则读数为 ； （3）用表盘为图2所示的多用电表正确测量了一个约的电阻后，需要继续测量一个阻值约的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端进行测量之前，请选择以下必须的步骤，并按操作顺序逐一写出步骤的序号： 。 A． 将红表笔和黑表笔接触    B．把选择开关旋转到“×1”位置 C． 把选择开关旋转到“×10”位置    D．调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点 14．小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而增大，某同学为研究这一现象，用实验得到如下数据（I和U分别表示小灯泡上的电流和电压）： I/A 0．12 0．21 0．29 0．34 0．38 0．42 0．45 0．47 0．49 0．50 U/V 0．20 0．40 0．60 0．80 1．00 1．20 1．40 1．60 1．80 2．00 （1）在下图的甲框中画出实验电路图．可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器（变化范围0～10Ω）、电源、小灯泡、开关、导线若干； （2）在下图乙中画出小灯泡的I-U曲线．分析曲线可知小灯泡的电阻值随U变大而______（选填“变大”、“变小”或“不变”）； （3）如图丙所示，用一个定值电阻R和两个上述小灯泡组成串并联电路，连接到内阻不计、电动势为1.5V的电源上．已知流过电阻R的电流是流过灯泡L2电流的两倍，则流过灯泡L1的电流约为 ______ A。 四、解答题 15．风能将成为21世纪大规模开发的一种可再生清洁能源。风力发电机是将风能（气流的动能）转化为电能的装置，其主要部件包括风轮机、齿轮箱，发电机等。如图所示。 （1）利用总电阻R=10Ω的线路向外输送风力发电机产生的电能。输送功率P0=300kW，输电电压U=10kV，求导线上损失的功率与输送功率的比值； （2）风轮机叶片旋转所扫过的面积为风力发电机可接受风能的面积．设空气密度为ρ，气流速度为v，风轮机叶片长度为r。求单位时间内流向风轮机的最大风能Pm；在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间接受的风能，简述可采取的措施； （3）已知风力发电机的输出电功率P与Pm成正比。某风力发电机的风速v1=9m/s时能够输出电功率P1=540kW。我国某地区风速不低于v2=6m/s的时间每年约为5000小时，试估算这台风力发电机在该地区的最小年发电量是多少千瓦时。 试卷第2页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 《2024-2025学年度宁波中学高一下5月物理月考试卷》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B C B C C D D AC AD 题号 11 答案 AC 1．B 【详解】日光灯在工作时是电能转化为光能和内能，电烙铁在工作时是电能只转化为内能，电风扇在工作时是电能转化为机械能能和内能，所以在额定电压下工作相同时间，消耗的电能相同，电烙铁产生的内能最多，产生的热量最多，B对，ACD错． 2．B 【详解】试题分析：ab段和bc段的电势差分别为2V，4V，电流相等，根据欧姆定律得：． 根据电阻定律得，，则，则横截面积之比：．故选B． 考点：电阻定律; 欧姆定律 【名师点睛】本题考查了欧姆定律、电阻定律以及串并联电路的特点，要能从给定的图线中获取两电阻两端电压的大小，根据欧姆定律求解电阻；难度不大． 3．C 【分析】考查电路和电场知识 【详解】，I=neSv，，，联立得E=ρnev，故选C。 4．B 【详解】因电流表的示数变化大，说明了电压表的分流作用明显，所以要用电流表内接法的电路进行测量，为甲电路．用甲电路：电压表的示数是待测电阻和电流表的上的电压的和，故电压比真实值大 又U测＞U真，所以R测＞R真即测量值偏大，真实值比1000Ω略小一些，故B正确，ACD错误。 故选B。 5．C 【详解】闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，说明G表两端的电势相等，则根据串并联电压关系有 ， 根据串联电路电压之比等于电阻之比有 根据电阻定律公式可知，电阻之比等于长度之比，即有 解得 故选C。 6．C 【详解】A项：当滑动变阻器的滑片P向右滑动后，电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知总电流减小，A示数减小，故A错误； B项：电压表V1测量R1的电压U1＝IR1减小，V2测量R2和R3的电压U2＝E﹣U1﹣Ir，增大，故电压表V2示数增大，故B错误； C项：根据闭合电路欧姆定律知，△U1+△U内＝△U2，故△U1小于△U2，故C正确； D项：保持不变，故D错误． 故选C． 7．D 【分析】从铭牌中读出充电宝的容量和电动势；根据电流的定义式计算该充电宝充电所需要的时间． 【详解】A．充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误； B．该充电宝的容量为，电压为5V，所以充电宝最多能储存的能量： 故B错误； C．以2A的电流充电，充电宝电量从零到完全充满所用时间： 故C错误； D．由于充电宝的转换率是0.60，所以放电总量为，给电量为零、容量为3000mAh的手机充电的次数次，故D正确． 【点睛】本题考查获取信息的能力，要从铭牌中读出电池的容量实际上是电池所释放的总能量． 8．D 【详解】A．电流表的量程大于电流表的量程，故电流表的电阻值小于电流表的电阻值，并联电路中，电阻小的支路电流大，故电流表的读数大于电流表的读数，故A错误； B．两个电流表的表头是并联关系，电压相同，故偏转角度相等，故B错误； C．电压表的量程大于的量程，故电压表的电阻值大于电压表的电阻值，两个电压表的表头是串联关系，电流相等，故电压表的读数大于电压表的读数，故C错误； D．两个电压表的表头是串联关系，电流相等，故偏转角度相等，故D正确。 故选D。 9．AC 【详解】当开关闭合后，灯泡L3的电压U3=3V，由图2读出其电流I3=0.25A，则灯泡L3的电阻 功率为 P3=U3I3=3×0.25=0.75W； 灯泡L1、L2串联，电压U1=U2=1.5V，由图读出其电流I1=I2=0.20A，电阻 灯泡L1、L2的功率均为 P1=P2=U1I1=1.5V×0.20A=0.30W 三灯消耗的总功率为 P=2×0.30+0.75=1.35W 故AC正确，BD错误； 故选AC。 10．AD 【详解】A．由图像可知，灯泡L的额定电压为2V，额定功率为 A正确； B．根据电源的U—I图线，可得此电源的电动势为3V，内电阻为 此时灯泡L的电阻 B错误； C．此时电源内阻的热功率为 C错误； D．灯泡正常发光时电源的输出功率等于灯泡的额定功率，即4W，把灯泡L换成阻值恒为0.5的纯电阻，电源的输出功率为 则电源的输出功率将增大。电源效率 可知，外接电阻R减小，电源效率降低，D正确。 故选AD。 11．AC 【详解】A．保持两开关闭合，R的滑片上滑时，滑动变阻器的阻值变大，电容器两端的电压增大，根据，电容器处于充电状态，则R0中电流向右，故A正确； B．保持两开关闭合，R的滑片下滑时，滑动变阻器的阻值变小，电容器两端的电压减小，根据，电场强度减小，则油滴受到向上的电场力减小，油滴向下运动，故B错误； CD．断开，电容器两极板之间电荷量保持不变，根据 ， ， 得 C的下极板下移时，两极板间的场强保持不变，根据 则C的下极板下移时，P点的电势升高，因电场方向向下而电场力向上，因此粒子带负电，电势能降低，故CD正确； 故选AC。 12． 5.25 1.073/1.074/1.075/1.076/1.077 螺旋测微器测量长度的最小范围为微米，游标卡尺（20分度）只能测量毫米后两位，不能测量到微米 B 【详解】（1）①[1]金属元件的长度 [2]金属元件的直径 ②[3]螺旋测微器可以测量到毫米位小数点后三位，既微米，而20分度的游标卡尺只能测量到毫米位小数点后两位，不能测量到微米； （2）①[4]因为电流表内阻已知，电流表可以采用内接法，滑动变阻器采用分压式接法，可以多测几组数据并且可以保护电路。 故选B； ②[5]由欧姆定律有 可得被测电阻阻值 电阻定律 联立可得 13． AD/DA 58 1100 BAD 【详解】（1）[1]A．由图示可知，开关分别接1、2时表头与电阻并联，此时电表为电流表，可以用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1挡为大量程，那么S接2时量程较小，故A正确； B．由图示可知，开关分别接3、4时电源接入电路，此时多用电表为欧姆表，可以用来测电阻，由于E1＜E2，R1的最大阻值小于R2的最大阻值，则接触点4时为“×1k”挡位，故B错误； C．由图可知当转换开关S旋到位置5、6时表头与电阻串联，此时电表为电压表，可以用来测电压。电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，故C错误； D．因为6挡共用一个表头，所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上，故A为红表笔，根据红进黑出的原则可知，使用多用电表各挡位时，电流均由A表笔一侧流入表头，故D正确； 故选AD； （2）[2]若所选挡位为直流100mA挡，由图2所示可知，其分度值为2mA，则示数为58mA； [3]若所选挡位为电阻×100Ω挡，由图2所示可知，示数为 （3）[4]用多用电表正确测量了一个约15Ω的电阻后，要继续测量一个阻值约2kΩ的电阻，首先要把选择开关置于×100挡位位置，然后进行欧姆调零，把红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指针欧姆零刻度线位置，最后再测电阻，故合理的步骤是BAD。 14．（1） ；（2） ，变大；（3）0.42A 【详解】（1）[1]因为电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡电阻属于小电阻，电流表采用外接法，电路图如下图 （2）[2]根据描点法作图得出对应的I-U图象 则可知，图象的斜率表示电阻的倒数，则可知，电阻随电压的增大而增大； （3）[3]电阻R的电流是流过灯泡L2电流的两倍，根据电阻的串并联可知，流过灯泡L1的电流是L2的三倍；同时灯泡L1和L2的电压之和为1.5V，由此结合小灯泡的U-I曲线可知流过灯泡L2的电流约为0.14A．L1的电流约为0.42A。 15．（1）0.03；（2）；（3）8×105kW·h。 【详解】（1）导线上损失的功率为 kW 所以损失的功率与输送功率的比值为 （2）风垂直流向风轮机时，提供的风能功率最大，单位时间内垂直流向叶片旋转面积的气体质量为 风能的最大功率可表示为 要提高单位时间内接受的风能，应采取的合理措施有：如增加风轮机叶片长度，安装调向装置保持风轮机正面迎风等。 （3）按题意，风力发电机的输出功率为 kW 最小年发电量约为 W=P2t=160×5000 kW·h=8×105kW·h 答案第8页，共8页 答案第1页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 $$