2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试题物理(6)-【衡水金卷·先享题·信息卷】2025年物理模拟试题（HN专版）

姓名 准考证号 2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 物理（六） 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目 的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写 在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1.用甲、乙两种不同频率的激光分别通过同一双缝装置做双缝干涉实验，得 到的干涉图样如图所示。已知甲激光的波长为λ，，则乙激光的波长为 A号 2.海底潜艇导航信标的电源一般使用核电池，能保证航标每隔几秒钟闪光一 次，几十年内可以不换电池。已知航标核电池中使用的是放射性元素钚 238,其衰变方程为P一→U十X,半衰期为87年，则下列说法正确 的是 A.X为质子 B.钚238的中子数为94 C.Pu的结合能大于U的结合能 D.一块新的核电池经过174年，内部的钚238会全部发生衰变 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第1页（共8页） HN 3.将小球以一定的初速度竖直上抛，小球在第1s内的位移大小是第2s内 的7倍，且第2s内小球的位移方向竖直向下，重力加速度g=10/s2,不 计空气阻力，则小球抛出时的初速度大小为 A.16.67m/sB.14.25m/s C.13.75m/s D.12.67m/s 4.如图所示，等边三角形abc为固定的金属框，每个边的阻值均为r,空间存 在着垂直于金属框平面向里的匀强磁场，用导线将金属框的b、￠两点与电 动势为E、内阻为r的电源连接，不考虑导线形成的磁场，金属框整体受到 的安培力大小为F。若仅将金属框的bc边拆除，则金属框剩余部分受到 的安培力大小为 c D.F 5.如图所示，质量均为m的两个小球A、B用转轴与轻质细杆相连，小球A 通过不可伸长的轻质细线悬挂在天花板上，小球B放在水平地面上刚好 未滑动。细线与竖直方向的夹角为30°，轻杆与水平方向的夹角也为30°， 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则小球B与地面间的动摩擦因数为 B. c n号 B00° 6.如图所示，直角三角形abc中，∠b=30°，一条直角边ac的边长为L,空间 存在着平行于abc所在平面的匀强电场。电荷量为十q的粒子甲从a点以 初动能E射入电场，经过c点时的动能为2E。:电荷量为一q的粒子乙从b 点以初动能2E,射人电场，经过a点时的动能为4E,不计粒子重力以及 粒子之间的相互作用，下列说法正确的是 A.匀强电场的方向由a点指向c点 B.a点的电势低于c点的电势 C.b点与c点间的电势差U=E .130 D匀强电场的电场强度大小为2,3E 3gL 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第2页（共8页） HN 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项 中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有 选错的得0分。 7.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比123=2：11，定值电阻R =R2=10Ω，电流表为理想交流电流表，原线圈接正弦交变电压= 2202sin100πtV。当开关S断开时，电流表的示数为I1,定值电阻R1消 耗的电功率为P,:当开关S闭合时，电流表的示数为I2,定值电阻R1消耗 的电功率为P2,下列说法正确的是 A.I1=5.5A B.L2=11A C.P>P D.P<P: 8.纸面内存在着宽度均为d、磁感应强度大小分别为B和2B的两匀强磁场 区域I、Ⅱ，磁场方向如图所示。纸面内有一直径为d、阻值为R的单匝圆 形闭合金属线圈，线圈在外力作用下以速度匀速通过两磁场区域，速度 的方向始终与磁场边界垂直，下列说法正确的是 A.线圈中的电流方向始终为顺时针方向 民线圈中电流的最大值为 B C.线圈受到的最大安培力为3B西 R D.线圈从开始进入区域Ⅱ到完全进入区域Ⅱ的过程，通过线圈某截面的 电荷量为3Bπd 4R 9.如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，t= 0.2s时刻位于x=9m处的质点开始振动，下列说法正确的是 A.该波的波长为6m +wem 10 B.该波的波速大小为10m/s C.t=0.2s时刻，平衡位置位于x=3m处的质点的位移 为5√3cm D.0~0.2s内，平衡位置位于x=6m处的质点运动的路程为10cm 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第3页（共8页）】 HN 10.鹊桥二号中继卫星成功实施近月制动，顺利进入环月椭圆轨道飞行，鹊桥 二号在近月点时与月球球心间的距离为r,在远月点时与月球球心间的 距离为r。已知鹊桥二号的质量为m,鹊桥二号与月球球心间的距离为 n时，其引力势能E=-GMm,其中G为引力常量，M为月球的质量， ro 下列说法正确的是 A.鹊桥二号在远月点的线速度大小为 2GM (n2+n)r B.鹊桥二号在近月点的动能为m十1)， GMm C.鹊桥二号的机械能为一 GMm (n+1)r D.鹊桥二号的周期为 4x2(1十1)3r GM 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分) 某实验小组做“验证力的平行四边形定则”实验。橡皮绳一端用图钉固 定在木板上的A点，另一端与两根细线连接，在木板上铺上一张白纸并 固定。 tF2=1.90 F=2.62N× 3 -3 F=2.62N×1 F-190N 甲 多 (1)先用一个弹簧测力计将橡皮绳拉伸到合适长度，记录结点的位置O、 细线的方向以及弹簧测力计的示数，弹簧测力计的示数如图甲所示，可知此 时弹簧测力计的读数F。= N。 (2)改用两个弹簧测力计将结点再次拉到刚刚记录的O点位置，记录两 个弹簧测力计的示数分别为F1=2.62N、F2=1.90N,以及两根细线的方 向，如图乙所示。 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第4页（共8页） HN (3)取下白纸，白纸上的数据及痕迹如图丙所示，用1cm的线段表示 1N,用图示法画出F,和F2的合力F合以及F。 (4)若增大(2)中两个弹簧测力计之间的夹角，重复实验，使橡皮绳再次 被拉到记录的O点位置，则两弹簧测力计的合力大小 (填“变大” “变小”或“不变”)。 12.(9分) 某学习小组要测量一只表盘上只有刻度线但没有标电压值的电压表的 内阻Rv和量程Um。 1510 e8 150 200 A A-VO 甲 (1)该小组同学先用多用电表粗测电压表的内阻。将选择开关置于欧姆 挡“×100”倍率时，欧姆调零后进行测量，指针所指的位置如图甲所示，则其 读数为 n。 (2)为了更精确地测量电压表的内阻及量程，该小组同学设计了如图乙 所示的电路图。实验室可供选用的实验器材有： A.被测电压表V(有50条刻度线) B.电流表A(量程为0~3mA,内阻为202) C.电阻箱R(阻值范围为0~9999.9Ω) D.滑动变阻器R,(最大阻值为5) E.电源E(电动势为6V,内阻不计) F.开关S、S2,导线若干 (3)正确连接电路后进行实验。 ①开关S1闭合前，应把滑动变阻器的滑片P置于最左端，再把电阻箱 的阻值调到最大。 ②将开关S,和S2闭合，调节滑动变阻器的滑片P使电压表指针偏转到 满偏刻度。 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第5页（共8页） HN ③保持滑动变阻器的滑片P不动，将开关S2断开，仅调节电阻箱的阻 值，使电压表指针偏转到满偏刻度的一半，此时电阻箱的读数为1570.0Ω， 电流表的读数为1.60mA。 ④由以上数据可知，电压表的内阻Rv= 2,电压表的量程Um V(结果保留两位小数)。对于上述测量方法，从实验原理分析可 知，在测量无误的情况下，电压表内阻的测量值 (填“大于”“小于”或 “等于”)其真实值，电压表量程的测量值 (填“大于”“小于”或“等 于”)其真实值。 13.(10分) 如图所示，横截面积为S、高度为h的气缸（气密性良好）竖直放置，气缸 内有一质量为m、厚度不计的绝热活塞，将封闭在气缸内的理想气体分成上、 下两部分，活塞与气缸顶部用轻质弹簧连接，弹簧的原长为分，弹簧的劲度系 数k=6(g为重力加速度)。当活塞静止时，活塞与气缸底部间的距离为 名，活塞下方气体的压强为，气缸内气体的温度均为T,不计活塞与司 缸间的摩擦。 (1)求活塞静止时活塞上方气体的压强： (2)若给活塞下方的气体缓慢加热，上方气体的温度不变，求活塞向上移 动的距离为号时，活塞下方气体的温度。 电热丝 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第6页（共8页） HN 14.(14分) 如图所示，平面直角坐标系xOy中，x<0的空间内存在方向沿x轴正 方向、电场强度大小E=10N/C的匀强电场，在x>0的空间内同时存在匀 强电场和匀强磁场，其中电场的方向沿y轴负方向、电场强度大小E2 20N/C,磁场的方向垂直坐标平面向里、磁感应强度大小B=0.4T。质量 m=1×10-6kg、电荷量q=5×10-4C的带正电的粒子从x轴上的P点 (一1m,一0.375m)由静止释放，不计粒子重力。求： (1)粒子经过y轴时的速度大小： (2)粒子在x>0的空间内运动时的最小速率： (3)粒子第2次经过x轴时的横坐标。 E E + 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第7页（共8页） HN 15.(16分) 如图所示，质量M=0.2kg的平板车C静置在光滑水平地面上，C的上 表面到地面的高度h=0.8m,C的右端与竖直挡板间的距离d=3m。质量 分别为mA=2kg、m:=1kg的两个小物块A、B(均可视为质点)静置在C的 左端，A、B之间放有少量火药（火药的质量和体积忽略不计）。点燃火药，A、 B被水平炸开，B在C上滑动，A立即飞离C,A落地时的速度大小)= 5m/s。已知火药爆炸时，其化学能的50%转化成A、B的动能，B与C间的 动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，C与竖直挡板的碰撞为 弹性碰撞且碰撞时间极短，B始终未滑离C,重力加速度g=10m/s2,不计空 气阻力，求： (1)A、B之间火药的化学能： (2)A落地瞬间，A、B之间的水平距离； (3)C运动的总路程。 ☑a C 77777777777777 77777777777777777777 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（六）第8页（共8页） HN信息卷 物理（六） 2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 信息卷·物理（六） 品题要素一贤表 注： 1.能力要求： I,理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ，分析综合能力W,应用数学处理物理问题的能力V.实验能力 2.学科素养： ①物理观念②科学思维③科学探究 ①科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ① @ ③ ① 档次 系数 1 选择题 4 光的双缝干涉 易 0.80 2 选择题 原子核 易 0.80 选择题 上抛运动 中 0.70 选择题 安培力、闭合电路欧姆定律 中 0.65 5 选择题 共点力平衡 中 0.65 6 选择题 静电场 中 0.60 7 选择题 5 变压器 中 0.65 8 选择题 5 电磁感应 中 0.65 9 选择题 波形图、简谐横波 中 0.65 10 选择题 5 万有引力与天体运动 难 0.55 11 非选择题 7 验证力的平行四边形定则 中 0.75 12 非选择题 测量电压表的内阻和量程 中 0.65 13 非选择题 10 理想气体状态方程 √ 小 中 0.70 14 非选择题 14 带电粒子在电、磁场中的运动 中 0.60 15 非选择题 16 碰撞，运动学综合 难 0.55 ·1 HN 信息卷 物理(六) 参考答案及解析 物理(六) 一、选择题 $$3 0 ^ { \circ }$$ 1.D 【解析】根据双缝干涉条纹间距公式 $$\triangle x = \frac { l } { d } \lambda ，$$ T N 知干涉条纹间距与波长成正比，由图示可知，甲、乙两 A $$F _ { N }$$ 激光干涉条纹间距之比 $$\triangle { x _ { 甲 } } ： \triangle { x _ { 乙 } } = 3 ： 2 = \lambda _ { 甲 } \lambda z$$ ，故 B $$F _ { f }$$ $$\lambda _ { 乙 } = \frac { 2 } { 3 } \lambda _ { 甲 } = \frac { 2 } { 3 } \lambda _ { 0 } ， D$$ 项正确。 N mg 2.C 【解析】核反应满足质量数守恒和电荷数守恒，故 小球A竖直方向有 $$T \cos 3 0 ^ { \circ } + N \sin 3 0 ^ { \circ } = m g ，$$ ，水平方 钚238衰变的另一产物的电荷数为2，质量数为4，可 向有 $$T \sin 3 0 ^ { \circ } = N \cos 3 0 ^ { \circ } ，$$ ，解得 $$N = \frac { m g } { 2 } ， T = \frac { \sqrt 3 } { 2 } m g ，$$ 知X为He，A项错误；钚238的中子数为238一9 4 = 小球B竖直方向有 $$F _ { N } = N \sin 3 0 ^ { \circ } + m g ，$$ 水平方向有 144个，B项错误；原子核的核子数越大，结合能越大， $$N \cos 3 0 ^ { \circ } = F _ { 1 } ，$$ 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则有 故 $$P _ { u }$$ 的结合能大于 U 的结合能，C项正确：174 年是钚238的两个半衰期，新电池中的钚238未发生 $$F _ { 1 } = p F _ { N } ，$$ 解得， $$\mu = \frac { \sqrt 3 } { 5 } ， A$$ A项正确。 衰变的质量为初始质量的四分之一，D项错误。 6.D 【解析】对粒子甲，由动能定理可知 $$q U _ { x } = 2 E _ { 0 } -$$ 3.C 【解析】取竖直向上为正方向，由题意可知，第1s $$E _ { 0 } ，$$ ，解得U $$U _ { e } = \frac { E _ { 0 } } { q } > 0 ， B$$ >0，B项错误；同理对粒子乙有 内的位移方向一定向上，设小球第2s内的位移为 -x， ，则小球在第1s内的位移为 7x， ，由匀变速直线运 $$- q U _ { n } = 4 E _ { 0 } - 2 E _ { 0 } .$$ ，解得 $$U _ { M } = - \frac { 2 E _ { 0 } } { q } ，$$ 所以 $$U _ { 4 } =$$ 动的规律可知 $$u _ { 1 } t - \frac { 1 } { 2 } g t ^ { 2 } = 7 x ， a _ { 1 } \cdot 2 t - \frac { 1 } { 2 } g \left( 2 t \right) ^ { 2 } =$$ $$\frac { 2 E _ { 0 } } { q } ， U _ { n } = - \frac { E _ { 0 } } { q } ， C$$ C项错误；由上述分析可知ab中点 6x，联立解得 $$v _ { 0 } = 1 3 . 7 5 m / s ， C$$ 项正确。 的电势与c点的电势相等，故电场方向沿 ∠α 的角平 4.B【解析】导线连接b、c两点，金属框接入电路的阻 分线向左下方，A项错误；匀强电场的电场强度大小 值 $$R = \frac { 2 } { 3 } r ，$$ ，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的总 $$E = \frac { U _ { a } } { L \cos 3 0 ^ { \circ } } = \frac { 2 \sqrt 3 E _ { 1 } } { 3 q L } ， D$$ D项正确。 电流 流 $$I = \frac { E } { R + r } = \frac { 3 E } { 5 r } ，$$ 故金属框受到的安培力大小 F= 二、选择题 7.AB【解析】输入电压的有效值 $$U _ { 1 } = 2 2 0 V ，$$ ，由理想 $$2 B \cdot \frac { I } { 3 } L \cos 6 0 ^ { \circ } + B \cdot \frac { 2 } { 3 } l L = \frac { 3 B E L } { 5 r } ，$$ ，若拆除 bc 边， 变压器的规律可知，开关S断开时，副线圈 $$n _ { 2 }$$ 两端的 金属框剩余部分的阻值 R'=2r， ，电路中的电流变为 电压 $$U _ { 2 } = \frac { n _ { 2 } } { n _ { 1 } } U _ { 1 } = 1 1 0 V ，$$ ，副线圈 $$n _ { 2 }$$ 中的电流 $$I = \frac { U _ { 2 } } { R _ { 1 } }$$ $$I ' = \frac { E } { 3 r } ，$$ 金属框剩余部分受到的安培力大小 F'= 线圈中的电流 $$I _ { 1 } = \frac { n _ { 1 } I } { n _ { 1 } } = 5 . 5 A ， A$$ 项正确： $$2 B T L \cos 6 0 ^ { \circ } = \frac { B E L } { 3 r } = \frac { 5 } { 9 } F ， B$$ 项正确。 开关S闭合时，副线圈 $$n _ { 2 }$$ 和 $$n _ { 3 }$$ 两端的电压均为 $$U _ { 2 } =$$ 5.A 【解析】对小球A、B受力分析如图所示： $$U _ { 1 } = \frac { n _ { 2 } } { n _ { 1 } } U _ { 1 } = 1 1 0 V ，$$ ，通过定值电阻 $$R _ { 1 }$$ 和 $$R _ { 2 }$$ 的电流 物理（六） 参考答案及解析 均为1=11A,根据理想变压器的输入功率等于输出 误：鹊桥二号的机械能￡=一 GMm十E= 护 功率，有U,12=U2+U,1,解得原线圈中的电流L: GMm 11A,故电流表的示数：=11A,B项正确：不论开关 ,C项正确：根据开普勒第三定律可知 S闭合还是断开，副线圈：两端的电压不变，故定值 电阻R消耗的电功率不变，P,=P,C,D项错误。 R 开(m十1)r T 一，解得T= ,D项 2GM 8,BD【解析】根据楞次定律可知，线圈中的电流方向 错误。 先顺时针，后逆时针，再顺时针，A项错误：线圈圆心 三、非选择题 运动到两磁场区域分界线时，线圈中的电流最大，1 11.(1)3.00(2分) =E=Bd+2Bd=3Bd,此时线圈受到的安培 R R R (3)如图所示(2分) 力最大，F=B1d+2B1d=9B,B项正 0 R F2=1.90N F1=2.62N 确，C项错误：线圈从开始进人区城Ⅱ到完全进人区 域Ⅱ的过程，通过线圈的磁通量的变化量大小△Φ= Bπd+2Bd=3Bxd,故通过线圈某截面的电荷量 4 4 (4)不变(3分) -兴-3D项正。 【解析】(1)弹簧测力计的读数F。=3.00N。 4R (3)题甘要求用1cm的线段表示1N,故F,用 9.CD【解析】由波形图可知A=3m,解得该波的波 2.62cm的线段表示，F:用1.90cm的线段表示，F 长A=7.2m,A项错误：由波形图可知，1=0时刻，x 用3.00cm的线段表示，图中两个“×”标记连线即 =6.6m处的质点开始振动，传播到x=9m处的质 拉力的方向，作出平行四边形，对角线即F和F2的 合力，结果如答案图所示。 点用时0,2s,故该波的波速大小v= △ (4)本实验利用的是等效指代思想，只要橡皮绳一端 96,5m/s=12m/s,B项错误：该波的周期T= 仍被拉到O点，不论如何改变两个弹簧测力计之间 0.2 =0.6s,故在t=0.2s时刻，平衡位置位于x=3m 的夹角，合力大小均不变。 12.(1)1600(2分) 处的质点的位移为53cm,C项正确：0~0.2s内， (3)1590(或1590.0,2分)5.09(2分)大于(2 平衡位置位于x=6m处的质点从y=一5cm处运动 分)大于(1分) 到波谷又回到了y=一5cm处，运动的路程为10m, 【解析】(1)选择开关置于欧姆挡“×100”倍率，其读 D项正确。 数为16×100=16000。 10,AC【解析】设鹊桥二号在近月点的线速度大小为 (3)将开关S断开，电压表指针偏转到满偏刻度的 ,在远月点的线速度大小为功，根据开普勒第二定 律可知r=nr,鹊桥二号从近月点到远月点，根 一半，说明电阻箱和电流表两端的电压之和与电压 据机枝能守恒定律有一+子m=一G十 表两端的电压相等，所以电压表的内阻R, nr 1570.02+20n=15902,电压表的量程U.= 1 2GM 乞m,联立解得欢一√r十，A项正确：鹊桥 1590.0×1,6×10-1×2V≈5.09V:将开关S断 开后，电压表所在支路的电阻变大，造成支路分得的 二号在近月点的动能B=立m心= n十1)万，B项错 nGMm 电压变大，此时电压U>U,电压表的示数为原来 ·2 HN 信息卷 物理（六） 量程Um的一半，电流表和电阻箱分得的电压大于 速率mn=0 (2分) U。的一半，即电流表和电阻箱的总阻值大于电压表 3)粒子以速度做匀速圆周运动，有B=m景 的内阻，所以电压表内阻的测量值大于其真实值，量 (1分) 程的测量值也大于其真实值。 解得R=0.25m 13.【解析】(1)初始时弹簧处于拉伸状态，活塞受力平 由几何关系可知，粒子第二次经过x轴时，粒子做匀 衡有pS十mg=2mg十k(坠- 32 (2分) 速圆周运动转过的角度0=亭 (1分) 解得p=2m8 (2分) 粒子做匀速圆周运动的周期T=2=开×10-s gB (2)活塞缓慢上升冬时，设下方气体的温度为T (1分) 2mg.sp3 粒子经过)y轴后第二次经过上轴用时：=号T 根据理想气体状态方程可知S T。 -=T (1分) (2分) 该过程中以速度做匀速直线运动沿x轴方向运 话案上方的气体发生等温变化，有婴， 动的距离x1=Ut (1分) 粒子以速度：做匀速圆周运动沿x轴方向运动的 p:号5 (1分) 位移x:=-Rsin(0-π) (1分) 故粒子第2次经过x轴时的横坐标x=工1十= 活塞再次平衡时有AS=p:S十mg十k(合 2 8m-33 m 24 (1分) (1分) 解得T=6T (2分) Ez E + 14.【解析】(1)粒子由静止释放至运动到y轴的过程， + + + + + + 由动能定理可知EgL=之m-0 (1分) 解得=100m/s (2分) + + (2)粒子刚经过y轴后，受到沿y轴负方向的电场力 + + + 的大小F,=E:q=1×10N 受到沿y轴正方向的洛伦兹力的大小F:=qB=2 15.【解析】(1)火药爆炸过程中，A,B动量守恒有0= ×10-gN (1分) 可知F,≠F:,粒子受力不平衡 根据能量守恒定律有50⅓E= 交mi+ 2ma话 将粒子沿x轴方向的速度v分解为1和边，且保证 (1分) qv B=E:q (1分) 爆炸后A做平抛运动到落地的过程中，由动能定理 解得=50m/s 1 可知mgh=之m一之mA时 (1分) 可知边=u一助=50m/s (1分) 解得1=3m/s,=6m/s,E=54J (1分) 粒子会以速度4沿x轴正方向做匀速直线运动，同 时以速度做匀速圆周运动 (2)爆炸后A做平抛运动，竖直方向有方=号 故粒子经过y轴后在x>0的空间内运动时的最小 (1分) ·3- HN 物理（六） 参考答案及解析 解得1=0.4s C与挡板第2次碰撞到B与C第3次共速，根据动 A飞行的水平距离xA=Ut1=1,2m (1分) 量守恒定律有mU:一M=(ma十MD购 B在C上滑行时，B的加速度大小am=g=5m/s 解得=3“ C的加速度大小ae="腿=25m/s M C与挡板第2次碰撞后到减速到0的过程中，由动 设经过t:时间B,C共速，有4一at2=ae 能定理可知mg:=子M 解得t4=0.2s<t (1分) Mu 所以A平抛过程中，B,C先共速，再一起匀速运动， 解得= =()y. Mui 3 (1分) 2umng 2umng 匀速运动的速度大小=vg一ant:=5m/s(1分) C与挡板第3次碰撞到B与C第4次共速，根据动 B减速过程中运动的距离x=二立=1.1m 量守恒定律有mu3一M=(ms十MD西 2as 2 匀速运动的距离x=(t一4)=1m (1分) 解得= 从火药爆炸到B与C共速过程中，C的位移xc= C与挡板第3次碰撞后到减速到0的过程中，由动 at=0,5m,十<3m (1分) 能定理可知：m:gs?= M 所以A落地时A,B之间的水平距离x=xA十x十 Mui 2 M 解得= =《 )1· rg =3.3 m (1分) 2umng 3 2umng (3)C与挡板碰撞后到B与C第2次共速，根据动量 守恒定律有m1一M知1=(m#十MD 同理可知s二 M=（）·M1分) 2umug 3 ZumBg 解得=了 2 故整个过程中C运动的总路程s=d十2十2十2s C与挡板第1次碰撞后到减速到0的过程中，由动 +…十2s (1分) 能定理可知am=之M 解得x=4.8m (1分) 解得= Mu (1分) 2,1Bg 4。 HN