2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试题物理(1)-【衡水金卷·先享题·信息卷】2025年物理模拟试题（HN专版）

姓名 准考证号 2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 物理（一）】 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题 的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写 在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1.关于原子结构及相关理论，下列说法正确的是 A.在α粒子散射实验中，如果将金箔换成铝箔，实验效果更明显 B.在a、B、Y三种射线中，a粒子的质量最大，所以a射线的穿透能力最强 C.大量处于=3能级的氢原子，最多可以辐射出3种不同频率的光 D.根据玻尔原子理论，氢原子由高能级向低能级跃迁时，只能吸收特定频 率的光 2.如图所示，半圆柱体Q放置在粗糙水平面上，与Q完全相同的半圆柱体P 放置在光滑的竖直墙壁与Q之间，两个半圆柱体均处于静止状态。如果 将Q向右移动一小段距离，两个半圆柱体仍处于静止状态，则下列说法正 确的是 A.P与Q之间的弹力增大 B.P与墙壁之间的弹力减小 C.P与墙壁之间的弹力不变 D.Q与水平面间的弹力增大 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第1页（共8页） HN 3.如图所示，透明三棱柱介质的截面ABC为直角三角形，其中∠B=60°，AB 长为23L。一束单色光从AB边的中点O垂直射入介质中，在BC边的 P点恰好发生全反射，之后经AC边的Q点射出。已知光在真空中传播的 速度为c,不考虑二次反射，该单色光在介质中传播的时间为 A.103L B.53L 3c C.53L D.53L 2c 3c 609 4.2024年10月30日，“神舟十九号”航天员乘组顺利进驻中国空间站。假 设“神舟十九号”飞船升空后先进入停泊轨道（即近地圆轨道），而后进入转 移轨道，最后在中国空间站轨道与空间站组合体对接。各个轨道的示意图 如图所示，已知地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g,飞船在停泊 轨道的运行周期为T,中国空间站轨道可视为圆形轨道且距地面高度为 h,引力常量为G,则下列说法正确的是 A.飞船在P点从停泊轨道进入转移轨道时需要 中国空间站轨道 减速 转移轨道 B空间站组合体的向心加速度大小为（尽）g 、停泊轨道 C.可估得地球的平均密度为 3元 GT D.飞船在转移轨道上从P点运行至Q点所需的时间为T 1+ 5.很多特殊的电子元件在电路设计中扮演着至关重要的角色，其通过的电流 也很有特点。通过某电子元件的电流如图所示，图中曲线为峰值是 14√2A的正弦函数图像的一部分，则该交变电流的有效值为 142 -142- A.9A B.10A C.(72+1)A D.8A 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第2页（共8页）】 HN 6.如图所示，倾角为37°的斜面固定在水平面上，下端固定挡板，质量均为m =1kg的滑块P、Q用劲度系数k=30N/m的轻质弹簧相连放置在斜面 上，滑块Q与挡板接触。不可伸长的细线一端与滑块P相连，另一端跨过 光滑定滑轮与质量M=0.4kg的小圆环V相连，小圆环V套在倾斜固定 的光滑直杆上，将小圆环N锁定在A点，此时拉直的细线恰好水平且与直 杆的夹角为37°，轻质弹簧处于伸长状态，弹簧弹力大小F=3N。现解除 锁定，将小圆环N从A点由静止释放，小圆环V滑到C点时速度刚好为 零。已知AC=0.8m,B为AC的中点，OB垂直于AC,重力加速度g= 10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。小圆环N从A点运动到C点的过 程中，下列说法正确的是 A.小圆环N下滑过程中，经过B 点时的速度最大 B.小圆环N下滑过程中，经过B 点时的加速度最大 C.滑块P与斜面间的动摩擦因数 7777 为0.6 D.小圆环N从A点运动到B点的过程中弹簧的弹性势能一直减小 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项 中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有 选错的得0分。 7.如图所示，匀强电场中有一个半圆，半圆所在的平面与电场方向平行，O点 为圆心，半径R=0.1m,B、C两点将半圆弧AD三等分。已知A、B、C三 点的电势分别为6V、14V、18V,则下列说法正确的是 A.O点的电势为10V B.D点的电势为8V C.场强方向沿DA方向 D.场强大小为80V/m 8.如图甲所示，一运动员在练习投冰壶，开始时冰壶静止在发壶区固定位置， 运动员对冰壶施加一个水平推力，作用一段时间后撤去。若运动员施加的 水平推力第一次为F,第二次为F2,两次冰壶恰好能停在冰面上的同一 位置，两次冰壶运动的动能Ek随位移x的变化图像如图乙所示，下列说 法正确的是 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第3页（共8页）】 HN A.F1做的功等于F2做的功 第二次 B.F,的平均功率等于F2的平均功率 C.F,的冲量大于F2的冲量 第一次 D.两次运动中摩擦力的冲量相等 9.超声波在某均匀介质中传播，=0时刻的波形图如图中实线所示，t=1× 105s时的波形图如图中虚线所示，则下列说法正确的是 A.周期可能为8×10-6s +y/cm B.波速可能为3×103m/s C.若t=0时刻质点N沿y轴负方向运动，则 /cm 波沿x轴正方向传播 D.当波沿x轴正方向传播时，从t=0时刻计时x=1cm处的质点M和x =2.5cm处的质点V在四分之一个周期内通过的路程相等 10.如图所示，间距为L的光滑平行金属导轨PQ一PQ'水平固定，该导轨平 面处于方向竖直向下、磁感应强度大小为2B的匀强磁场中。间距为2L 的粗糙平行金属导轨MN一M'N'倾斜固定放置，倾角为0，倾斜导轨上虚 线EF、NN'之间的部分处于方向垂直导轨平面向下、磁感应强度大小为 B的匀强磁场中，两导轨在NP、VP'处由导线连接，两部分导轨都足够 长。质量为m、长度为L、电阻为R的金属棒cd静置在水平导轨上，质量 为2m、长度为2L、电阻为2R的金属棒ab恰好能静止在倾斜导轨上。现 给金属棒αb一沿倾斜导轨向下的初速度v。使其向下运动。已知导轨及 导线的电阻均不计，两金属棒始终与导轨接触良好，最大静摩擦力等于滑 动摩擦力，则下列说法正确的是 4B2Lvo A.金属棒cd的最大加速度为 3mR B.金属棒cd的最大速度为3w C.整个过程中通过金属棒ab的电荷量为 3BL D.整个过程中金属棒cd中产生的焦耳热为了m心 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第4页（共8页） HN 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分) 某同学运用如图甲所示的装置来探究向心力大小与线速度大小之间的 关系并验证机械能守恒定律。已知细绳的长度为L,小球的质量为m,当地 的重力加速度为g,不计空气阻力。 (1)如图乙所示为用游 力传感器 标卡尺测得的小球直径，则 3 (cm) 直径d= mm (2)将小球拉至细绳与 严电门 竖直方向间的夹角为0的位 甲 置后，由静止释放，当小球摆至最低点时，通过光电门的时间为，力传感器 的示数为F,则小球通过光电门时的速度大小= (用题中所给字 母表示)。 (3)改变释放小球的位置，重复上述过程，记录多组数据。 I.探究向心力大小与线速度大小之间的关系 根据测量数据作出了F与的图像如图丙所示，则F图像的截距b 的物理意义是 Ⅱ.验证机械能守恒定律 ①若小球（大小不可忽略）由静止释放到摆至最低点的过程中机械能守 恒，则应满足的关系式为 (用g、0、L、d和1表示)。 ②实验过程中，发现光电门位置偏低，则小球摆到最低点时，小球动能的 测量值 (填“偏大”“偏小”或“无影响”)。 12.(9分) 某同学练习使用多用电表，如图甲所示。 OFF 25 OFF- 25 250 250 25 25 -O 25 25 250 nA -500 mA 2.51050 251030250500y -0 甲 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第5页（共8页） HN 5000 2015 500 200 待测电阻 50002y 25002V A-V-2 丙 (1)图甲中的S、T、K分别表示指针定位螺丝、 、选择 开关。 (2)该同学使用多用电表的欧姆挡粗略测量一定值电阻的阻值R,时， 先把选择开关旋至“X10”挡位，测量时指针偏转如图乙所示。下列说法正确 的是 (填正确答案标号)。 A.定值电阻的阻值R,为0.52 B.需要将多用电表的选择开关旋至“×1”挡位 C.需要将多用电表的选择开关旋至“×100”挡位 (3)该同学正确操作后，多用电表的表盘如图丙所示，则R= 2。 若多用电表选择开关此时指向直流电流“10A”挡，则所测电流为 mA:若多用电表选择开关此时指向直流电压“50V”挡，则所测 电压为 V。 (4)为了减小实验误差，需进一步测其阻值，除待测电阻外，实验室还备 有如下实验器材： A.电压表V(量程为0~3V,内阻约为15k2:量程为0~15V,内阻约 为75k2) B.电流表A(量程为0~3A,内阻约为0.2：量程为0~0.6A,内阻约 为12) C.滑动变阻器R(最大阻值为5，允许通过的最大电流为0.6A)》 D.输出电压为3V的直流稳压电源E E.开关S,导线若干 若要求实验过程中电压表的读数从零开始调节，请用笔画线代替导线将 图丁中的实物图补充完整（连线需体现电表量程的选择）。在闭合开关前，滑 动变阻器的滑片应置于 (填“最左”或“最右”)端。 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第6页（共8页）】 HN 13.(10分) 某同学根据气体实验定律制作了如图所示的装置用来粗测物体的质量。 水平固定且导热性能良好的气缸内由活塞密封了一定质量的理想气体，活塞 面积S=0.01m。该装置固定在27℃的环境中，小盘（不计重力）中不放任 何物体时活塞恰好在零刻度位置。已知图中刻度均匀，活塞厚度不计，刻度 最左端对应气缸最左端，大气压强恒为p,=1×105Pa,重力加速度g= 10m/s2,热力学温度与摄氏温度间的关系为T=t十273K,活塞与气缸壁间 摩擦不计。现将一个物体放在小盘中，活塞稳定时处于刻度6位置。 (1)求物体的质量； (2)若环境温度降为0℃，活塞稳定时对应的刻度变为多少？ 210123456 轻绳 14.(14分) 如图所示，上表面光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在水平面上，圆心 为O,半径R=2m,质量m=1kg的长木板Q紧靠圆弧轨道放置，圆弧轨道 末端B点与长木板上表面相切，距长木板足够远处有一质量M=3kg的木 块S静止在水平面上。质量m=1kg的小滑块P从A点正上方高h= 1.2处由静止释放，沿圆弧轨道滑动经B点滑上长木板。已知小滑块P 与长木板间的动摩擦因数1=0.6，运动中小滑块P始终未滑离长木板，重 力加速度g=10m/s2。 (1)求小滑块P经过B点时对圆弧轨道的压力大小： (2)若长木板与水平面间的动摩擦因数2=0.2，求长木板在整个运动 过程中的位移： (3)若水平面光滑，长木板与木块S碰撞后会粘在一起，碰撞时间极短， 求小滑块P相对长木板的总位移 PO 7777777777777777 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第7页（共8页） HN 15.(16分) 如图所示，在平面直角坐标系xOy的y轴上有一点P(0,d),以P点为 中心、高度为2d、宽度为4d的矩形区域内有方向竖直向上的匀强电场，在第 四象限内，直线x=2d与x=(4一√2)d之间存在着方向垂直于坐标平面向 里的匀强磁场。质量为m、电荷量为q的带负电的粒子从P点沿x轴正方 向以初速度。射出，经电场边界上的Q点(2d,0)进入磁场，恰好未从磁场 右边界射出，之后经y轴上的C点（未画出）进入第三象限内的一个矩形匀 强磁场区域（未画出），C点为矩形匀强磁场区域的一个顶点，离开矩形匀强 磁场区域后粒子在真空中运动一段时间又经M点（一2d,0)返回到电场内的 P点。不计粒子重力，求： (1)匀强电场的场强大小及第四象限内磁场的磁感应强度大小： (2)第三象限内矩形区域内的磁感应强度大小及该区域的最小面积： (3)粒子从P点射出到回到P点的时间。 衡水金卷·先享题·信息卷 物理试题（一）第8页（共8页） HN信息卷 物理（一） 2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 信息卷·物理（一） 品题要素一贤表 注： 1.能力要求： 1,理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ，分析综合能力W,应用数学处理物理问题的能力V.实验能力 2.学科素养： ①物理观念②科学思雏 ③科学探究①科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 顶估难度 题号 题型 值 (主题内容) ① @③ ① 档次 系数 1 选择题 4 原子结构 易 0.85 2 选择题 物体的动态平衡 中 0.75 选择题 4 光的折射、全反射 中 0.70 选择题 飞船变轨 中 0.60 选择题 交流电的有效值 中 0.70 6 选择题 4 连接体的速度、能量问题 难 0.55 7 选择题 5 电势差与场强的关系 中 0.75 8 选择题 5 动能定理、冲量 中 0.70 9 选择题 5 机械波的多解问题 中 0.60 10 选择题 5 电磁感应中的双杆切割 难 0.50 探究向心力大小与线速度大小 11 非选择题 7 之间的关系、验证机械能守恒 中 0.75 定律 12 非选择题 9 练习使用多用电表 中 0.70 13 非选择题 10 气体气缸模型 中 0.75 14 非选择题 14 板块模型 中 0.65 15 非选择题 16 带电粒子在复合场中的运动 难 0.55 ·1 HN 信息卷 物理（一） 参考答案及解析 物理（一） 一、选择题 0=1 1.C【解析】在a粒子散射实验中，如果将金箔换成铝 M,解得P=票.C项正确：设飞船在转移轨 4 箔，虽然α粒子仍会发生散射，但由于铝原子核的质 量较小，α粒子与铝原子核的碰撞不如与金原子核的 道运行的周别为T,由开普粉第三定律可得祭- 碰撞强烈，因此大角度散射现象会更不明显，A项错 2R+h) 误：Y射线的穿透能力最强，B项错误：根据玻尔的能 ，整理可得了=T√十宗，放飞船在 2 级跃迁理论，大量处于”=3能级的氢原子可以辐射 转移轨道上从P点运行至Q点所需的时间T阳 出3种不同频率的光，C项正确：根据玻尔原子理论， 氢原子由高能级向低能级跃迁时，只能放出特定频率 √+宗，D项错误。 的光，D项错误。 5.B【解析】第一个四分之一周期的电流1，=2A,第 2.A【解析】P的受力分析如图所示： 二个四分之一周期电流的有效值1，==14A,根 据交变电流有效值的计算公式可知Q=RT=R ×子×2+1R×子×2，解得该交变电流的有效值 I=10A,B项正确 6.C【解析】小圆环V经过B点时，加速度ag= 两半圆柱体问的弹力一定垂直于接触点的切线，即力 Mgsin 37 的作用线过两个圆心，P的重力与墙壁的弹力可以平 M =6m/s,方向沿直杆向下，所以此时小圆 移，三个力形成一个封闭的三角形，如果将Q向右移 环N的速度不是最大，小圆环N在A点释放时的加 动一小段距离，a减小，根据三角形定则可得P与墙 速度大于在B点时的加速度，在B、C间某一位置处 壁之间的弹力增大，P与Q之间的弹力也增大，Q与 加速度为零，A,B项错误：小圆环N从A点运动到C 水平面间的弹力不变，A项正确，B,C,D项错误。 点的过程中，滑块P先下滑再回到原来的位置，弹簧 3,A【解析】光在BC边的P点恰好发生全反射，根据 弹性势能的变化量为零，则由能量守恒定律可得 全反射特点可知a=而-2怎。 ，根据公式m=二， MgACsin37°=mgcos37°×2(AO-(OB),由几何关 系可知，AB=BC=0.4m,OA=0.5m,OB=0.3m, 可得0=B。 ，由几何关系可知光在介质中运动的路 解得滑块P与斜面问的动摩擦因数4=0.6，C项正 确：小圆环N在A点时弹簧被拉伸，弹力为3N,此 程=Op+Qp=3L十2L=5L.则4=三=10L,A 3c. 时弹黄被拉长△=品m=0.1m,小圆环N运动至 项正确。 B点时，滑块P下滑的距离△x'=OA一OB=0.2m, 4.C【解析】飞船需要在P点加速从停泊轨道进入转 此时弹簧被压缩0.1m,即弹性势能等于在A点时的 移轨道，A项错误；设空间站组合体的向心加速度大 弹性势能，故小圆环V从A点运动到B点的过程中 小为。，根搭牛额第二定律有G=m,因为 弹簧的弹性势能先减小后增大，D项错误。 二、选择题 6-m:朗得a=(方广6，B项结误：飞船在 7.AD【解析】连接AB、OC,如图所示： 停泊轨道的运行周期为T,根据万有引力定律有 G=m(亭R,解得M=怎票，地球的平均密度 R T ·1 HN 物理（一） 参考答案及解析 由儿何关系可知AB与OC平行且相等，根据匀强电 时金属棒d的加速度最大，感应电动势E= 场的性质可知一gn=一年，可得=10V,A E。 项正确：同理可知D点的电势为14V,B项错误：电 2BL,感应电流1。=2R+R:对金属棒cd有2BL,L 场方向垂直等势线并且从高电势点指向低电势点，所 =ma,解得a=4B,A项正确：当两金属棒 3mR 以场强方向沿C0方向，C项错误：场强大小E= R 速度大小相同时，穿过回路的总磁通量不变，感应电 =80V/m,D项正确。 流为零，又感应电流不为零时两金属棒受到的安培 8.AC【解析】根据动能定理W=△E=Fax可知，图 力大小相等，设速度大小相同时金属棒ab进入磁场 线的斜率等于冰壶所受的合外力，冰壶的最大动能对 的时间为t,此时速度大小为v,则对金属棒ab根据 应撤去水平推力的时刻，撤去推力后两图线的斜率相 动量定理有一Ft=2mmw一2m,对金属棒cd根据动 同，即摩擦力相同，撤去推力前第一次图线的斜率小， 2 量定理有Ft=加，联立可得u=了，B项错误：整 可知F小于F:·由两次运动的整个过程动能变化量 个过程中通过两金属棒的电荷量相等，对金属棒d 均为零，可知合外力做功为零，即F:、F:做的功等于 根据动量定理有2BIL△t=mv,又q=I△t,联立解得 整个过程克服摩擦力做的功，而摩擦力大小及冰壶的 位移均相同，故F,,F做的功相等，A项正确：由图 ?一，C项正确：由能量守恒定律可知，整个过程 乙可知撤去F,时冰壶的动能小，即最大速度小，加速 中产生的焦耳热Qa=×2m-令×2m 1 过程的平均速度小，由平均功率P=F可知，F的 1 R 平均功率小于F的平均功率，B项错误：两次冰壶的 之mv,又Q=2R十Qa,联立解得Q=gmi, 整个运动过程动量变化量为零，即合外力冲量等于 D项错误。 零，所以F,F:的冲量大小等于摩擦力的冲量大小， 三、非选择题 因两次运动的位移相同，而第一次撤去外力时冰壶的 11.(1)14.40(1分) 速度小，可知第一次运动的时问大于第二次运动的时 间，故第一次运动中摩擦力的冲量大于第二次运动中 (2)1分) 摩擦力的冲量，即F,的冲量大于F:的冲量，C项正 (3)I,小球的重力（或mg,2分） 确，D项错误。 9.AB【解析】若波沿x轴正方向传播，则有t=(n十 1.①gL+号1-ms0 2京(2分) 4 ②偏大(1分) 十)T=1×105s,解得T=n市X10s(n=0.1, 【解析】(1)小球的直径d=1.4cm十0.05×8mm= 2,3…),当n=1时，T=8×10“s,A项正确；由图可 14.40mm 知，波长入=4×10？m,若波沿x轴负方向传播，则 (2)小球通过光电门时的速度大小= t 有u=工 (3)I,根据牛顿第二定律，以及由向心力公式可知 t =(4n+3)×10m/s(n=0,1, 2,3…),当n=0时，=3×10m/s,B项正确：若1=0 F-mg=mv L+号，整理得F="md L+d· 十mg+ 2 时刻质点N沿y轴负方向运动，则波沿x轴负方向 传播，C项错误：t一0时刻，由于质点N不在位移最 因此F-}图像的截距6为小球的重力。 大处且向平衡位置运动，则其在于时间内运动的路 Ⅱ，①小球下摆过程中只有重力做功，满足机械能守 程大于一个振幅，质点M位于彼峰，在子时间内运动 恒定律，则有mh=号m,其中h=(L十号)1 的路程等于一个振幅，D项错误。 cs,整理得gL+号-os》=票。 10.AC【解析】因金属棒ab恰好能静置在倾斜导轨 ②小球摆到最低点时，小球的重心没有经过光电门， 上，有2gsin0=2 ngeos,金属棒ab获得初速度 即小球经过光电门运动的位移小于直径d,而测量 。后，在进入陵场前做匀速运动，所以金属棒b进 入磁场的瞬间感应电动势最大，感应电流也最大，此 的动能=之时=子m(号)，因此测量值销大 。2· HN 信息卷 物理（一） 12.(1)欧姆调零旋钮(1分) (2)B(2分) 根据盖一吕李克定律有片-片 (2分) (3)6.0(1分)7.4（或7.5,1分）37.4(37.1 其中T:=(27+273)K=300K,T=(0+273)K= 37.4.1分) 273K (4)如图所示(2分) V2=S·8o,V=S·(n十2)L (2分) 解得n=5.28 (1分) 14.【解析】(1)小滑块P由静止下落并从园弧轨道下滑 至B点的过程中，由机械能守恒定律可得mg(h十 0001 R=之m味 (1分) 待测电阻 解得6=8m/s 在B点，根据牛顿第二定律可得下、一mg=m R (1分) 最左(1分) 根据牛顿第三定律可得小滑块P对圆弧轨道的压 【解析】(1)图甲中的S、T,K分别表示指针定位螺 力大小F=Fx=42N (1分) 丝，欧姆调零旋钮、选择开关。 (2)小滑块P滑上长木板后的加速度ar=心m&= (2)由图可知，选择“×10”挡位时，指针偏转幅度过 大，故倍率选择偏大，应选择稍小的挡位，B项正确。 6 m/s (3)多用电表测电阻时选取最上端的欧姆表刻度，根 长木板的加速度a0=色m二(m十m)迟 用 据挡位可知阻值为6,02。多用电表选择开关此时 =2m/s 指向直流电流“10mA”挡，由图可知此时所测电流 设小滑块P与长木板速度相同时经历的时间为 为7.4mA:多用电表选择开关此时指向直流电压 则有vpo一art1=aol (1分) “50V”挡，则此时所测电压为37.4V。 解得=1s (4)若要求实验过程中电压表的读数从零开始调节， 则滑动变阻器应采用分压接法：因电源是输出电压 长木板在这段时间里的位移=之aoi=1m 为3V的直流稳压电源E,则电压表的量程应选 此时长木板的速度大小%=aat1=2m/s,此后小滑 0一3V,通过待测电阻的最大电流1= E 块P与长木板将作为一个整体以加速度aQ'=g 做减速运动，一直到静止，这段时间里的位移x2= R 0.5A,故电流表的量程应选0~0.6A:由于 ，=1m 2aa (1分) 5一是≈月则电流表应采用外接法，实物连 6 解得长木板在整个过程中的位移x=x1十x:=2m (1分) 线如答案图所示。在闭合开关前，滑动变阻器的滑 (3)如果水平面光滑，则小滑块P滑上长木板后两 片应置于最左端，使电压表的读数从0开始调节。 者满足动量守恒定律，有 13.【解析】(1)小盘中放置物体时活塞移动到刻度6，该 ew=(6十m)u (1分) 过程封闭气体发生等温变化，设0一1刻度的长度为 解得=4m/s l。,则 1 初状态有p=p,V,=S·2l 根据能量守恒定律有之m吃。一 (m。十1)= 末状态有A=p,一警，V=S·8影 (1分) Leg△x (1分) 解得此过程中小滑块P相对长木板的位移△1= 根据玻意耳定律有pV,=p:V (2分) 8 解得n=75kg (2分) (1分) (2)温度为27℃时活塞在刻度6，设0℃时活塞在 此后长木板又与木块S碰撞，二者碰撞粘在一起后， 刻度n,该过程封闭气体发生的是等压变化 根据动量守恒定律有m=(m十M) (1分) ·3· 网 物理（一） 参考答案及解析 解得边=1m/s Rsin45°+(4-2)d-2d=R 小滑块P继续在长木板上做减速运动，最后三者再 解得R1=2d (1分) 次共速，根据动量守恒定律有m十(m十M)= (m6十m十M)达 (1分) 又qB=m尺 解得h=1.6m/s 解得B=②m4 根据能量守恒定律有号m财十号(M十m)时 2dq (1分) (2)由儿何关系可知OC=OA=(2十2√2)d,AM= 含（m十M什m话=和现gA (1分) 22d.AD=2d 解得此过程中小滑块P相对长木板的位移△：= 可得CD=√EOC-AD=(2√瓦+2)d (1分) 0.6m (1分) 即R,=C9=(2+1)d (1分) 所以小滑块P最终相对长木板的总位移△r=△x +a-得m (1分) 又qB:=m 15.【解析】(1)粒子在第一象限内做类平抛运动，有 解得B,=2一巨)m (1分) dq d-an (1分) 该磁场区域的最小面积Smm=2R:·R,=(6十 2d=uti (1分) 42)d (1分) 又a=E (3)由(1)得粒子在第一象限内电场中的运动时间 =2d 解得B一器 (1分) 粒子离开电场时有，=at一，运动到Q点时的速 粒子在第四象限内篮场中的运动时间在=子×器 度大小=√十话=√2秋 (1分) -2d (1分) 2 设v与x轴正方向的夹角为8，则有tan0=马=1 粒子在第四象限内匀速运动的时间方=2巨d_2烈 解得0=45° (1分) √2w 粒子在Oy平面内的运动轨迹如图所示 (1分) 粒子在第三象限内酷场中的运动时间(=之×密 1 gB: =(2+2)rd (1分) 206 粒子在第三象限内匀速运动的时间，=2L=Ed 3 (1分) 根据对称可得粒子在第二象限内电场中的运动时问 也为t 解得粒子从P点射出到回到P点的时间1=2十4 设粒子在第四象限内磁场中的运动半径为R1,由儿 何关系可得 +6+4+4=6+E)d+1+2)xd (1分) 。4 网