第四章 第3讲 圆周运动-【勤径学升】2026年高考物理一轮总复习（人教版2019）

解析(1)小球每次从斜槽上同一位|针对调练 ngtan a,故此时列车内轨受挤压，C 置由静止释放，滑到料神木端时的速 1.D解析A,B靠摩擦传动，则边缘上 错误：若要提高列车速度，则列车所 率一定，保证平批初速度不变，插出的 a,b两点的线速度大小相等，即也：利 需的向心力增大，故需要增大a,D 是同一轨迹，故A正确：斜精轨道不必 1:1,选项A错误：B、C同轴转动，则 错误。 光滑，故B绺误：斜指末端切线水平 边缘上b、c两点的角速度相等，即， 考点3 才能保证小球做平抛运动，故C正确： 本实验不需要停表，故D错误。 ,转建之此是-g-善预B,C辑 类型突破 例5]ABD解析设小球的质量为m, (2)由y=ar得4=兰，将M点坐标 提：对ab两底，由a,=亡得_R 做圆周运动的半径为R,从最高点M rd。R 到最低点N,由动能定理得2mgR= 51. ，对，c两点，由a,=wr得“=尽 3 1 (5L,5L)代入得a= (51)5L a R my-立m,解得w=, 3 根据r=ut,y= 得= ,故a:a:a=9:6:4,选项D 4gR:小球经过M点时，根据牛颜第 正确。 二定律可得mg十F=n景，联立可 2y =2y /5gL 2.C解析设汽车恰好通过道闸时直 杆转过的角度为a,由几何关系得ana 得F=n R一5mg。根据F-、'图 (3)OA、AB间水平方向均为4个格 =1,61m=1,解得a=不，直杆转动 0.6m 像的耕率和纵指载距可得。-贺心 由=工可知，=，又y一 的时同1=1a一1。=2s,直杆转动的角 =一5mg,联立解得m=一5 R= gT,解得T=V .所 速度细 2 rad/s= 8 rad's。故 或·故AB正确：由乙丽可知，当 =2/2gL: 选C。 考点2 =√2（时，经过M点时对管道作用力 小球竖直方句做自由落体运动，从开 F>0,F的方向为竖直向上，对外管 考向预测 始下落，相邻相等时阿内竖直位移之比 [例2]C解析对物块进行受力分析可 道壁有压力，但对内管道壁无压力， 为1：3：5，而%wy仙=3：5，因此初 知物块受重力，圆盘对它的支持力及 故C错误：由乙图可知，当、=心时， 球经过M点时对管道作用力F=0, 始位厦坐标为（一4L,一L), 摩擦力作用。情块所受的合力等于 故D正确。故选ABD (4)可以。用刘度尺测量落点与批出 摩擦力，合力提供向心力。根搭牛频 点之问的坚直距离y,测量墙与桌子的 第二定律有F。=F,=wr,远项A、 [例6]C解析球B运动到最高点时， B,D铅误，C正确。 杆对球B恰好无作用力，即重力恰好 水早距离1，根据y=2,可得1一 [例3]ACD解析对周图甲中A,B分 美供向心力：有mg=加m元解得 √层则一兰-V医政发桌子与 析，设绳与整直方向的夹角为0，绳长 为1，小球的质量为m,小球A、B到悬 2gL,故A错误：由于A,B两球的 增的水平距离x,测量多组x,y值，计 点O的竖直距离为h,则mgtan0= 角速度相等，由v=可知，球A的 算多组初速度，取平均值即可。 速度大小=工，故B错误：球B 2 第3讲同周运动 Isin0,解得创=√1cos0=√方 所以小球A,B的角速度相等，A、B 到最高点时，对杆无弹力，此时球A 【必备知识固双基】 做圆周运动的半径不同，则线速度大 所受重力和拉力的合力提供向心为， 知识总览 ①快慢②☑相切☒m/s团角度快慢 小不相等，故A正确，B错误：对题图 有F-g=n二，郁得F-.Smg rad/s园一圈团圈数图s回r/s 乙中C,D分析，设绳与整直方向的夹 故C正确，D错误。 @r'min国快慢☒圆心区m/s 角为日，小球的质量为m,绳上拉力为 考点4 国方向固大小正圆心 F,则有ngtan0■ma,+F,cos0 精讲导学 微点辨析×××× mg,得a,=gan0.F:一·所以小 例7C解析当=0时，由于小球在 【精研考点提能力】 球C,D向心加速度大小相等，小球 水平方向受力平衡，因此AC杆对小 考点1 C,D受到绳的拉力大小也相等，故C 球的作用力表现为拉力，BC杆对小 精讲导学 D正确。 球的作用力表现为支持力，且大小相 例1门]A解析时间相同，路程之比即 [例4们]B解析列车以规定速度转弯时 等，远项A错误：当创逐浙增大时， 线速度大小之比，为4：3，A项正确： 受到重力，支持力，重力和支持力的 AC杆对小球的拉力逐海增大，BC杆 出于时间相同，运动方向改变的角度 合力提供向心力，A错误：当重力和 对小球的支持力逐浙减小，当BC杆 之比即对应扫过的圆心角之比，等于 支持力的合力提供向心力时。则 的作用力为0时，有ngtan0= 角速度之比，为3：2，B项错误：线速 度之比除以角速废之比等于平径之 R-mgian a-mg h mw1sin,解得w=√LOsg当m壁 比，为8￥9，C项错误：由向心加速度 √，列车轮缘不会挤压内轨和外 igRh 续增大时，AC杆对小琼的拉力继续 口，=二知，线速度平方之比除以半经 增大，BC杆对小球的作用力变为拉 轨，B正确：列车过转弯处的速度v 力，且逐渐增大，选项B,D错误：一定 之比即向心加速度大小之比，为2 V时，转专所需的合力F< 时间后，AC杆和BC杆的作用力都变 1,D项错误， 为拉力，拉力的竖直分力之差等于小 高考一轮总复习+物理 ·498· 球的重力，即F,cos0-Fcos0=mg, 实验六保究向心力大小与半径 根据F=a,即a 则R一F-器。因党AC杆与C行 角速度，质量的关系 考点1 d 上的力的大小之差恒定，选项C正确。 典例剖析 又a=an,则a=(d） 针对训练 例1](1)D(3)1:3见解析 rd 3.AC解析小木块：，b做圆周运动 L(△)“ 解析(1)分析易知本实验采用的是 时，由静摩擦力提供向心力，即F,= 控制变量法，故A、B.C错误，D [例3](1)4 Fd (2)F,-F mwR,当角速度增大时，静摩蒸力增 正确。 r(+号) 大，当增大到最大静座擦力时，发生相 (3)因用皮带连接的左，右塔轮边缘 (3)摆线的长度测量存在误差 对滑动，对木块a:F=m@1,当F.= 线速度大小相等，皮带连接的左、右 解析(1)智球的直径为d,遮光时间 mg时，mg=me。=√俘：对木 塔轮半径之比为3·1，根据=mR可 为1，所以钢球通过光电门的速度： 知，左、右雨边塔轮的角速度之比为 块b:Fn=mm·2l,当F。=kmg时， 1:3,又根据题意知放在A.C两处的 =,根据题意知，银球傲盟周运动 kmg=2·2L, √贤√贤是6 小球质量相等，转动半径相等，左边 标尺露1个等分格，右边标尺露出9 的丰径为：R=L+号，铜球质量：m 开始滑动的临界角速度，所以b先达到 个等分格，表明两球向心力之比为 最大静摩擦力，即b比a先开始滑动， 1:9。此次实验说明，做匀速图周运 E,则间心力表达式：F:=mR= 选项A,C正确：两木块滑动前转动的 动的物体，在成量和转动半径一定 Fd 角速度相同，刘F。=mm1,则F= 时，向心力与转动角速度的平方成 s(L+4) ma·21,F<F。,选项B错误：= 正比 (2)钢球经过光电门时只受重力和细 区，山没有潘动，则 针对调练 线的拉力，由分析可知，钢球通过光 1.(1)相同CB(2)21(3)29 电门时，细线的拉力最大，大小为F:, E'=mw1=号kmg造项D最民 解析(1)探究向心力与道半径的 故所受合力为F。=F,一F, 关系时，根据F=mer,采用控制变量 【创新情境拓视野】 (3)根据向心力表达式知，可能在测 法，应使两个相同质量的小球放在不 培优训练 量摆线长度时存在误差。 同半径挡板处，以相同角速度运动，因 1,A解析在最高点，小明的速度为 针对训练 北将质量相同的小球分别放在B和 零，设秋千的摆长为，摆到最高点时 Ft C处。 摆绳与竖直方向的夹角为0，秋千对小 2.(1)ON的长度R(②)4R(m-1)R (2)皮带套在左，右两个塔轮的半径之 解析 (1)由向心力公式F= 明的作用力为F。对小明进行受力分 比为1：2，两个塔轮边缘处的线速度大 析，沿摆绳方向有F一ngc0s0-m了 小相等，根据=可知，角速度与半 n(罕)R可知，要求m,划由时间可 径成反比，所以放在挡板A处的小球 由于小明的速度为零，则有F-g0s< 得到小球做圈周运动的周期T,由弹簧 与C处的小球角婆度大小之比为2：1。 漏力计示数可知向心力F,故还需知道 ng:沿垂直摆冕方向有gsin0=me (3)把两个质量相问的小球分别放在 小球徵圆周运动的岸径，即ON的长 解得小明在最高点的加速度为口三 挡板B和C位里，则两小球的转动华 度R, gsin0。所以A正确，B,C,D错误. 径关系为r,”=21,皮常套在左，右 (2)小球自第1次至第n次通过最高点 2.D解析在A处，对小球，由牛顿第 两边塔轮的半径之比为3：1，两个塔轮 三定#有F十mg=m(停)R,得 边缘处的线速度大小相等，根据v=m 的总时同为，T= 一·弹黄测力计示 可知，角速度与半径成反比，所以放在 F=2mg,同理，在C处，对小球，由牛 数即向心力大小：所以m= 谐板B处的小球与C处的小球角速度 领第二定律有R。一mg=m(?)R,得 ()R 大小之比为1：3，即似，仙=13，根据 FT F、x=4mg,在A,C处平板对小球作用 F=mr可知，两小球貨圆周适动所 4πR4x(n-1)2R 力大小的差位为2mg,故A,B错误，D 需的向心力之比为F,:F=2:9,则转 3.(1)否(2)2：2：1(3)12：2 正确：在B处，小球可能只受重力和支 动时左，右标尺上露出的红白相间的 解析(1)物块的形状和大小相同，微 持力两个力作用，也可能受重力、支持 等分格数之北为2：9。 圈周运动的半径相同，所以物块没有 力和座擦力三个力作用，故C错误。 考点2 看作质点对实验没有影响。 3,CD解析由于铁球在做匀速回周运 角度创新 (2)当物块随转查缓慢加速过程中，物 动的过程中动能不变，但重力势能在不 [21 (2)小钢球的质量 块所需的向心力先由静摩擦力提供， 断交化，故其机械能不守恒，选项A错 F rd 当达到最大静摩擦力后由绳子的拉力 误：候球的向心加速度大小不变，方向到 EL(△) 和最大静摩擦力提供，即F。=F十 刘在变化，B错误：铁球在转动到最低岂 d mg=md,所以有F=mr一mg, 时，具有竖直肉上的加速度，处于超重状 解析 1)挡光片的线速度一 短图乙中图线的斜率为r,与纵轴的 态，C正骑：若铁球在最高点时，支架对地 小解球和挡光片同轴，则小钢球转动 哉距为一4g,根据题图乙知a的斜率 面的压力刚好为零，则此时铁球所受合 的角速度。一是=品 d k.=m,r=】kg·m,b的特率=mr 外力为(M十m)g,由(M十m)g=m1, 可得 M干m)g,选项D正确。 (2)根据牛顷第二定律，要求出加速 =1kg·m,c的斜率k,一m,1=之kg ml 度还霸要测量小钢球的质量， ·m,所以a,b,c的质量之比为2t2a ·499· 高考一轮总复习·物理null