2025年山东省淄博市桓台县中考物理二模试卷

2025年山东省淄博市桓台县中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共15小题，共30分。 1.中国古诗词不仅意境高远，还蕴含着丰富的科学知识。如图所示，下列四幅图与诗句《春山夜月》中“掬水月在手，弄花香满衣”所涉及的光现象原理相同的是(    ) A. 冰透镜取火 B. 日晷计时 C. 小孔成像 D. 潜望镜 2.如图所示，下列说法正确的是(    ) A. 图甲：地球本身就是一个大磁体，N极在地球的南极 B. 图乙：说明电流周围存在磁场，是法拉第最早发现的 C. 图丙：图中扬声器的原理与发电机的原理都是电磁感应 D. 图丁：此装置是电动机，原理是磁场对电流的作用 3.“瞳览未来，闪耀高新”——2025新年音乐会在未来之瞳西安大剧院举行。学校管乐队中的“管钟”重现会场，管钟由一些长短不同的铜管组成，它悬挂在一个较高的架子上，演奏者手持一根或两根木槌击奏，管钟发音庄严而洪亮且余音很长。下列说法正确的是(    ) A. 用力敲击管钟可使发出声音的音调变高 B. 洪亮的声音是指声音的音调高 C. 观众听到的钟声是通过空气传播的 D. 长短不同的管钟发出的声音的音色不同 4.如图所示为蒸馏法淡化海水的装置示意图，该装置利用太阳能加热海水从而获得淡水。下列说法错误的是(    ) A. 水蒸气在膜上发生的物态变化是汽化 B. 水蒸气在膜上形成小液滴的过程需要放热 C. 海水变成水蒸气的过程需要吸收热量 D. 提高装置内的温度有助于加快海水的蒸发 5.“中国传统茶艺文化”已被列入联合国人类非物质文化遗产名录。泡茶过程中涉及许多物理知识。下列说法正确的是(    ) A. 茶叶漂浮在水面时受到的浮力大于重力 B. 用开水冲泡茶叶主要是通过做功来改变茶叶的内能 C. 烧水时蒸气顶起壶盖与内燃机做功冲程的原理相同 D. 茶水经过一段时间后温度降低，其所含有热量减少 6.小丽利用水透镜探究凸透镜成像规律，实验装置如图所示，此时在光屏上得到一个等大的像。接着小丽向水透镜中注水使其变厚水透镜越厚，焦距越小，然后保持水透镜和蜡烛的位置不变，移动光屏使屏上再次出现一个清晰的像。关于第二次所成像的大小及光屏的移动情况，下列选项中正确的是(    ) A. 像一定是放大的 B. 像可能是等大的 C. 光屏靠近水透镜 D. 光屏远离水透镜 7.我国高速公路总里程稳居世界第一位，在高速公路上有许多失控车辆避险车道，当汽车下坡时，如果刹车失灵，司机可以将汽车开上铺有碎石且上坡行驶的避险车道如图所示，最终汽车会停下。下列说法正确的是(    ) A. 汽车的速度越快，冲上避险车道的惯性越大 B. 汽车开上铺有碎石的路面是为了增大摩擦力 C. 冲上避险车道后，汽车的动能全部转化为了重力势能 D. 汽车在避险车道上静止后，车受到的重力和支持力是一对平衡力 8.某电动车上装有转向灯和蜂鸣器，启动电动车后相当于闭合开关，开关拨至“左”时相当于闭合开关，左转向灯亮同时蜂鸣器响；开关拨至“右”时相当于闭合开关，右转向灯亮同时蜂鸣器响。下列电路设计中最合理且符合实际的是(    ) A. B. C. D. 9.关于能源、信息技术与材料，下列说法正确的是(    ) A. 核能属于一次能源，核电站是利用核聚变来发电 B. 我国自主建立的北斗卫星定位系统是利用电磁波传递信息的 C. 航空器材常采用强度高、密度大的合金或新型合成材料制造 D. 超导材料可应用于电饭锅发热体和远距离输电线 10.下列关于安全用电的说法正确的是(    ) A. 图甲，人体会触电，此时位于a处的空气开关会自动切断电路 B. 图乙，闭合开关时，灯泡会发光，b点会使试电笔发光 C. 图丙，c处断路时，冰箱会立即停止工作 D. 图丁，使用试电笔时手要接触笔尾的金属体 11.物理是以实验为基础的学科。下列关于教材中的有关实验的说法正确的是(    ) A. 纸片托住杯中的水利用的是液体压强 B. 实验说明光发生反射时入射角等于反射角 C. 用玻璃板代替平面镜的目的是便于准确确定像的位置 D. 实验中让同一小球从不同高度滚下是探究动能与高度的关系 12.如图1所示的打印笔有快慢两挡，其内部简化电路如图2所示，、是用于发热的定值电阻。工作时，3D打印笔通过加热，挤出热熔的塑胶，然后在空气中迅速冷却，最后固化成稳定的形状。某次使用慢挡打印，刚好将30g的塑胶从加热到。已知该打印笔慢挡打印功率为22W，塑胶的比热容为，则(    ) A. 只闭合开关S时为快挡 B. 通过的电流是10A C. 打印笔消耗的电能是 D. 塑胶吸收的热量是6600J 13.如图所示，这是创新小组自制的肺活量检测装置的原理图。其中电源电压不变，是定值电阻，是滑动变阻器。检测时，被检人员向气球中吹气，气球膨胀带动隔板和滑片P向上运动，肺活量检测装置的显示仪的示数将会变大。下列有关说法正确的是(    ) A. 肺活量检测装置的显示仪是电压表改装而成的 B. 定值电阻在电路中不起作用，可以去除 C. 向气球中吹气时，电压表示数与电流表示数的比值变小 D. 向气球中吹气时，电路消耗的总功率变小 14.兴趣小组在开展实验活动中连接了如图所示的电路，闭合开关后，发现灯泡发光，不发光，以下说法中正确的是(    ) A. 灯泡的电阻大于灯泡的电阻 B. 通过的电流大于通过的电流 C. 灯泡的额定功率一定小于灯泡的额定功率 D. 灯泡的灯丝断了 15.如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变。电流表的量程为，电压表的量程为，当闭合、断开时，将滑动变阻器的滑片从一端移至另一端的过程中，电流表随电压表示数变化的情况如图乙中的A图象所示。图乙中的B图象为小灯泡的图象，小灯泡的额定电压为。当闭合、断开时、为保证电路中的各元件都不会损坏，下列说法中(    ) ①小灯泡的额定功率是 ②电源电压为 ③连入电路的阻值范围为 ④开关切换的两种情况中，电路的最大功率为 A. 只有①②正确 B. 只有①②④正确 C. 只有②③正确 D. 只有②④正确 二、填空题：本大题共4小题，共12分。 16.如图所示的是某品牌药膏，药膏盖上的条纹是为了______；药膏盖上的尖锐凸起部分是为了______，人能容易戳破封口；药膏袋打开后能够闻到药膏的气味，这属于______现象。 17.体育锻炼既可增强体质又可陶冶情操，是健康生活的基础和保障。如图所示，在某滑雪旅游度假区的滑雪场内，滑雪爱好者可以乘坐缆车前往雪道。在缆车匀速上升过程中，坐在缆车内的滑雪爱好者相对于缆车是______选填“运动”或“静止”的；滑雪爱好者的机械能______选填“增大”“减小”或“不变”。 18.在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中： 某时该刻度计的示数如图甲所示，此时水的温度为______。 水沸腾财产生大量气泡，在上升过程中气泡逐渐变______选填“大”或“小”，直至水面破裂。 、b两小组用相同的酒精灯完成实验，并绘制了如图乙所示的图像。可得出结论：水沸腾时持续吸热，温度______。 由图乙可知，温度变化快慢不同的原因是______小组所用水的质量较少。 19.建筑工人通过如图所示的装置将450N的重物从地面提起，重物离开地面匀速上升，工人所用的拉力为300N。不计绳重和摩擦，拉力做的功为______ J，该装置的机械效率为______，动滑轮所受的重力为______ N。 三、作图题：本大题共1小题，共2分。 20.汽车抬头显示功能是将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃投射在驾驶员正前方，从而避免驾驶员因低头而分散对前方道路的注意，如图甲所示；请在图乙中作出人眼B通过前挡风玻璃看到显示屏上A点的像的光路图。 四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。 21.为了“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”，小明利用完全相同的两块木块A、B坚设计了如图所示的实验。 测量滑动摩擦力的大小时，应在水平桌面上用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做______运动，根据______原理何知，弹簧测力计对木块的拉力等于木块受到的摩擦力。 甲、乙两次实验说明：在接触面粗糙程度相同时，______越大，滑动摩擦力越大。 比较乙、丙两次实验说明：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小______。 小明要对实验装置进行改动，如图丁所示，在用力将木板向右拉出的过程中，弹簧测力计______选填“①”或“②”的示数反映了木块C与木板间滑动摩擦力的大小。 丁图实验过程中______拉动长木板做匀速直线运动选填“需要”或“不需要”。 22.在“测量矿石的密度”实验中。 小华将天平放在水平桌面上，游码移至______处，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，为使天平水平平衡，他应该向______选填“左”或“右”调节平衡螺母直至指针指向分度盘中央。 小华用调好的天平测量矿石的质量，天平再次平衡时，右盘中砝码和游码的示数如图甲所示，则矿石的质量为______ g。该矿石放入前、后量筒内液面情况如图乙，则矿石的密度是______。如果先测量矿石的体积，然后从量筒中取出矿石直接测量质量，所测的密度值与真实值相比______选填“偏大”“偏小”或“不变”。 小丽发现自己只有天平没有量筒，经过思考她想到了测量矿石体积的办法，她找来一个溢水杯和小烧杯如图丙： ①用天平测出矿石的质量。 ②用天平测出空小烧杯的质量。 ③溢水杯装满水后，将小矿石放入溢水杯中，并用小烧杯盛溢出的水。 ④用天平测出小烧杯和溢出水的总质量。 则矿石的密度______用所测物理量和表示。 23.学习小组利用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压的关系。器材有：干电池，1个规格为“，1A”的滑动变阻器，电流表、电压表、开关各一个，阻值为、、的电阻各一个，导线若干。 请用笔画线代替导线，将图甲的电路连接完整要求：滑片P向A端移动时，电路中的电流变大。 连接好电路后，闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，则电路故障原因可能是______。 排除故障后，闭合开关进行实验。实验数据如下表所示，其中第3次电流表示数如图乙，为______ A。分析数据可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______。 实验次数 1 2 3 4 5 电压 1 2 电流 实验结束后，有同学向老师提出可以用小灯泡来代替定值电阻，进行“电流与电压关系”的实验探究，老师指出这样操作是不可行的，原因是______。 小聪指出该装置还可以探究“电流与电阻的关系”。小聪将电源电压换为6V，其余器材不变。实验步骤如下： ①将的定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，再闭合开关，适当调节滑动变阻器的滑片，读出电流表的示数为，记录数据； ②断开开关，将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，拆下电阻，将电阻接入电路。正确操作后，读出电流表示数并记录数据，此时滑动变阻器接入电路中的电阻是______； ③继续实验时，小聪发现当定值电阻为时，无法完成实验，为了顺利完成实验，且电压表示数保持不变，至少需要串联一个阻值为______的定值电阻。 五、计算题：本大题共2小题，共15分。 24.我国自主研发的某款人形机器人身高、质量45kg，脚与地面接触的总面积为。在某次测试过程中该机器人在2s内将5kg的箱子竖直向上匀速抬高1m，如图所示。求： 机器人提着箱子静止站立时对水平地面的压强； 机器人对箱子做功的功率。 25.发泡聚丙烯是一种性能卓越的高结晶型发泡材料，现用如图甲所示电路对该材料能承受的撞击力进行测试。该电路的电源电压为12V，定值电阻为，压力传感器的电阻R随压力F变化的图像如图乙所示。将不计质量的材料样品平放在压力传感器上，闭合开关后，让一个重物从样品正上方由静止释放，重物撞击样品材料后静止在样品上，这一过程中，电流表的示数随时间变化的图像如图丙所示，g取，求： 样品材料未受到撞击力时定值电阻两端的电压。 重物撞击过程中，样品材料受到的最大撞击力。 重物最终静止时压力传感器消耗的电功率。 答案和解析 1.【答案】D  【解析】解：诗句“掬水月在手，弄花香满衣”涉及的光现象是光的反射。 A、冰透镜取火是光的折射现象，故A错误； B、日晷计时是利用影子的方向大致判断时刻，影子是由光的直线传播形成的，故B错误； C、小孔成像是光的直线传播原理形成的，故C错误； D、潜望镜利用了光的反射，故D正确。 故选：D。 光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的； 当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的； 当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。 此题主要考查了光的折射现象、反射现象和直线传播，平时要注意各个现象的形成原因，同时还要联系所学过的物理知识多加思考。 2.【答案】D  【解析】解：A、地球本身就是一个大磁体，N极在地理南极附近，S极在地理北极附近，故A错误； B、图乙说明电流周围存在磁场，是奥斯特最早发现的，故B错误； C、扬声器的原理是利用磁场对电流的作用，通过交变电流信号的线圈在磁场中运动，使与音圈相连的振膜振动，从而牵扯纸盆振动发出声音，将电信号通过磁场转换成声音信号，发电机的原理是电磁感应，故C错误； D、图丁的装置是电动机，原理是磁场对电流的作用，故D正确。 故选：D。 A、地磁场的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近； B、奥斯特最早发现电流的磁效应； C、扬声器的原理是是利用磁场对电流的作用，将电信号通过磁场转换成声音信号，发电机的原理是电磁感应； D、电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动。 此题考查了地磁场、电流的磁效应、扬声器的原理、发电机原理、直流电动机的原理，属基础题目。 3.【答案】C  【解析】解：用力敲击管钟，管钟振动的幅度大，响度大，而不是音调变高，故A错误，不符合题意； B.洪亮的声音是指声音的响度大，而不是音调高，因为响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大，故B错误，不符合题意； C.声音的传播需要介质，观众听到的钟声是通过空气传播的，故C正确，符合题意； D.长短不同的管钟，振动频率不同，音调不同，而不是音色不同，故D错误，不符合题意。 故选：C。 声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，真空不能传声。 音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。 音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。 响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。 本题考查了声音的产生、传播、声音的三个特性，属于声学部分的常考知识。 4.【答案】A  【解析】解：A、水蒸气在膜上变成小液滴，是从气态变为液态，物态变化是液化，故A不正确。 B、水蒸气液化成小液滴的过程会放出热量，故B正确。 C、海水变成水蒸气是汽化过程，汽化需要吸收热量，故C正确。 D、温度是影响蒸发快慢的因素之一，提高装置内的温度，能加快海水分子的运动速度，有助于加快海水的蒸发，故D正确。 故选：A。 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。 物质从液态变成气态是汽化。影响液体蒸发的因素：液体的温度、液体的表面积和液体表面上空气流动速度。 本题主要考查了液化和汽化现象。 5.【答案】C  【解析】解：A、茶叶漂浮在水面时，处于静止状态，根据物体的浮沉条件，此时茶叶受到的浮力等于重力，故A错误。 B、用开水冲泡茶叶，是通过热传递的方式使茶叶的内能增加，温度升高，而不是做功，故B错误。 C、烧水时蒸气顶起壶盖，是内能转化为机械能；内燃机做功冲程也是将内能转化为机械能，二者原理相同，故C正确。 D、热量是一个过程量，不能说物体“含有热量”，只能说“吸收”或“放出”热量。茶水经过一段时间后温度降低，是因为它向外放出了热量，内能减少，故D错误。 故选：C。 茶叶漂浮在水面时，处于静止状态，根据物体的浮沉条件，此时茶叶受到的浮力等于重力。 用开水冲泡茶叶，是通过热传递的方式使茶叶的内能增加，温度升高。 烧水时蒸气顶起壶盖，是内能转化为机械能；内燃机做功冲程也是将内能转化为机械能。 热量是一个过程量，不能说物体“含有热量”，只能说“吸收”或“放出”热量。 本题考查四冲程能量的转化及改变内能的方法，物体的浮沉条件及热量的概念。 6.【答案】C  【解析】解：小丽向水透镜中注水使其变厚，此时水透镜凸度变大，焦距变小，对光的会聚能力变强，会将光线提前会聚成像，光屏应靠近水透镜才能成清晰的实像；由于此时像距变小，因此像变小，故ABD错误，C正确。 故选：C。 凸透镜凸度变大，焦距变小，对光的会聚能力变强；凸透镜成实像时，像距越小像越小。 本题考查了凸透镜成像规律的应用，熟记凸透镜成像规律是解题关键。 7.【答案】B  【解析】解：A、任何物体都具有惯性，惯性大小只与物体的质量有关，与速度大小无关，故A错误； B、汽车开上铺有碎石的路面，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B正确； C、汽车冲上避险车道的过程中，克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，汽车的动能没有全部转化为重力势能，故C错误； D、汽车在避险车道上静止后，车受到的重力和支持力，不在同一直线上，不是一对平衡力，故D错误。 故选：B。 惯性是物体固有的性质，惯性大小只与物体的质量有关，与速度无关； 在压力一定时，接触面越粗糙，产生的摩擦力越大； 汽车冲上避险车道的过程中，克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能； 二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。 本题以汽车开上避险车道为情景，考查了对机械能的转化、平衡力、惯性、增大摩擦力的方法的认识和理解，属于综合题。 8.【答案】B  【解析】解：A、图示为串联电路，三个开关都闭合时，所有用电器同时工作，断开任何一个开关，所有用电器都不工作，故A错误； B、图示为并联电路，开关S和电铃在干路上，一条支路上有和，另外一条支路上有和；因此闭合S和时，电铃响，亮，闭合S和时，电铃响，亮，故B正确； CD、图示为并联电路，开关S在干路上，一条支路上有和和电铃，另外一条支路上有和；因此闭合S和时，电铃响，亮，闭合S和时，只有亮，故CD错误； 故选：B。 干路开关控制整个电路、支路开关控制该条支路； 并联电路各条支路独立工作互不影响。 当干路开关闭合后，无论哪一条支路接通，干路的用电器都工作。 本题考查并联电路的干路和支路特点以及开关的控制作用，较为基础。 9.【答案】B  【解析】解：A、核能属于一次能源，核电站是利用核裂变来发电，故A错误； B、我国自主建立的北斗卫星定位系统是利用电磁波传递信息的，故B正确； C、航空器材常采用强度高、密度小的合金或新型合成材料制造，故C错误； D、超导材料可应用于远距离输电线，故D错误。 故选：B。 一次能源指可以直接从自热界获取的能源，获取核能的方式：核聚变和核裂变； 电磁波的传播不需要介质； 航空器材常采用强度高、密度小的合金制造； 电饭锅发热体常用半导体材料。 本题考查了电磁波和核能的利用，属于基础题。 10.【答案】D  【解析】解：人体发生触电时，若是由于不小心碰到火线且站在地面上，则漏电保护器会自动断开电路，故A错误； B.图乙，闭合开关时，灯泡会发光，b点与零线相连，试电笔的氖管不会发光，故B错误； C.若三线插头的地线断路，人会有触电的危险，不会影响正常用电器的工作情况，故C错误； D.使用试电笔时，手指要按住笔尾的金属帽或者笔卡，才能形成通路，故D正确。 故选：D。 人体站在地面上单独接触火线会触电。 试电笔是辨别火线和零线的工具。 有金属外壳的家用电器要使用三孔插座。 使用试电笔时手必须接触笔尾金属体。 本题考查的是试电笔的使用和触电的种类；知道空气开关和漏电保护器的作用；知道三孔插座的正确使用方法。 11.【答案】C  【解析】解：A、图甲中杯中盛满水，将杯内的空气排出，在大气压的作用下，纸片能够托住杯中的水，故A错误； B、探究光的反射实验得出的结论是反射角等于入射角，故B错误； C、用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的像的另一个物体，便于准确确定像的位置，故C正确； D、让同一小球从不同高度由静止出发，小球与木块接触时，小球的速度不同，是为了研究动能与速度的关系，故D错误。 故选：C。 “覆杯实验”实验，是大气压作用的结果； 根据反射角等于入射角的关系进行分析； 探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的像的另一个物体，便于确定像的位置； 选择同一钢球从不同的高度释放，这样可以保证小球的质量相同。 本题主要考查阿基米德原理、光的反射定律、平面镜成像的特点以及影响摩擦力大小的因素等，知识点多，难度不大。 12.【答案】D  【解析】解：A、由图2可知，当开关S、都闭合时，、并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，打印笔处于快挡打印，故A错误； B、根据可知，通过的电流：，故B错误； C、由可知，打印笔消耗的电能：，故C错误； D、塑胶吸收的热量：，故D正确。 故选：D。 由图2可知，当开关S、都闭合时，、并联，当开关S闭合、断开时，只有工作，根据并联电路的特点和可知打印笔快挡和慢挡的电路连接； 根据求出通过的电流； 根据求出打印笔消耗的电能； 根据求出塑胶吸收的热量。 本题考查并联电路的特点、电功公式、电功率公式以及吸热公式的应用，属于电热多挡位电路问题，难度不大。 13.【答案】C  【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流；吹气时，气球胀大，隔板向上运动，变阻器接入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流的变大，电流表示数变大；根据知，定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，肺活量检测装置的显示仪是电流表改装而成的，故A错误； B.当的电阻很小时，可以起到保护电路的作用，所以电路中的不能去除，故B错误； C.根据可知，电压表示数与电流表示数的比值表示滑动变阻器的电阻大小，变阻器接入电路中的电阻变小，该比值减小，故C正确； D.根据知，电路消耗的电功率变大，故D错误。 故选：C。 由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流； 吹气时，气球胀大，隔板向上运动，据此得出变阻器接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化，据此判定显示仪是由哪个电表改装而成； 定值电阻可以保护电路； 根据欧姆定律分析电压表示数与电流表示数的比值表示的物理意义，确定其变化； 根据分析电路消耗的电功率变化。 本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用与电功率计算公式的应用，利用好吹气时隔板移动的方向得出变阻器接入电路中的电阻变化是关键。 14.【答案】A  【解析】解：根据实物图可知，灯泡和 是串联在电路中的。 AC、灯泡的亮暗程度是由灯泡的实际功率来决定的，因为发光，不发光，表明灯泡的实际功率大于灯泡的实际功率；根据，通过两灯泡的电流相等，灯泡的实际功率大于灯泡的实际功率，因此灯泡的电阻大于灯泡的电阻，故C错误，A正确。 B、灯泡和 是串联在电路中的，根据串联电路的电流规律可知，通过的电流等于通过的电流，故B错误； D、闭合开关后，发现灯泡发光，表明电路中有电流；如果灯泡的灯丝断了，那么电路中是没有电流的，故D错误； 故选：A。 根据电路图可知，该电路为串联电路； 闭合开关后，发现灯泡发光，不发光，这说明电路中有电流； 串联电路中，电流处处相等； 灯泡的亮度是由实际功率决定的，根据分析电阻的大小关系。 本题考查了电路的识别、电路故障的判定、串联电路的电流规律、电功率计算公式的应用，难度不大。 15.【答案】B  【解析】解：①小灯泡的额定电压为，由图乙B可知，对应的额定电流为，故灯泡的额定功率为 ，故①正确； ②由甲图可知，当闭合、断开时，和串联，电压表测量两端电压，电流表测量串联电路电流。当滑片在最右端时，变阻器的阻值最小为0，此时电路电流最大为，根据欧姆定律可知，电源电压可表示为 ， 当滑片在最左端时，变阻器的阻值最大，此时电路电流最小为，两端电压为3V，根据欧姆定律和串联电路的电压规律可知，电源电压：，根据电源电压相等可得，，，故②正确； ③当闭合、断开时，L和串联，此时电路中能通过的最大电流为灯泡的额定电流，电路的总电阻为： ； 此时灯泡的电阻为： ； 故的最小阻值为 ； 电压表测量两端电压，量程为，故两端的最大电压为3V，则灯泡两端电压为 ； 由乙图可知，灯泡两端电压为时，通过灯泡的电流为，故此时的阻值为 ， 综上所述，的阻值范围为，故③错误。 ④当闭合、断开时，电路中的最大电流为，此时电路的最大功率为 由C分析可知，当闭合、断开时，电路中的最大电流为，此时电路的最大功率为 ； 故开关切换的两种情况中，电路的最大功率为，故④正确。 故选：B。 根据额定电压确定额定电流，根据计算额定功率； 当闭合、断开时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片位于右端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，根据图乙得出电路中的电流，利用欧姆定律求出电源的电压；当滑片位于左端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图乙得出电路中的电流和两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，再利用串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源的电压，联立等式即可求出电源的电压和的阻值； 当闭合、断开时，L与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流。当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据图乙得出灯泡两端的电压为时通过的电流，利用串联电路的电流特点和求出电路的最大功率，利用串联电路的电压特点求出变阻器两端的最小电压，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据图乙得出电路中的最小电流，利用求出小灯泡的最小功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，从而得出连入电路的阻值范围。 根据最大电流和最小电流结合计算功率的范围。 本题考查电能与电功率、串联电路的特点，属于中档题。 16.【答案】增大摩擦  增大压强  扩散  【解析】解：药膏盖上的条纹是通过增加接触面的粗糙程度，来增大手与盖子之间的摩擦力，这样在拧开或拧紧盖子时，手不容易打滑，能更方便地操作盖子。 药膏盖上的尖锐凸起部分通过减小受力面积，在相同压力下可以增大对封口的压强，使人更容易戳破封口。 扩散现象是指物质分子从高浓度区域向低浓度区域转移，直到均匀分布的现象。药膏袋打开后能闻到药膏的气味，是因为药膏中的分子在不停地做无规则运动，从药膏处向周围空气中扩散，进入人的鼻腔，使人闻到气味。 故答案为：增大摩擦；增大压强；扩散。 增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强；在受力面积一定时，增大压力增大压强。不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。 本题考查增大压强与摩擦的方法及扩散现象。 17.【答案】静止  增大  【解析】解：在缆车匀速上升过程中，坐在缆车内的滑雪爱好者相对于缆车位置不变，是静止的；匀速上升时，速度不变、质量不变、高度增加，动能不变，重力势能增加，滑雪爱好者的机械能增大。 故答案为：静止；增大。 物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的，物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的。 机械能与质量、速度和高度有关。 本题考查的是运动和静止的相对性；知道影响机械能大小的因素。 18.【答案】84；  大；  不变；  b  【解析】解：温度计分度值为，液面在向上4小格，因此为； 水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡在上升过程中，不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡越来越大； 根据图像可知，持续加热水温上升到一定的值就不再升高，因此可知水沸腾时持续吸热，温度不变， 液体吸热的多少与液体种类、质量、温度的变化量有关；根据图像可知b温度升高的更快，因此质量较少。 故答案为：；大；不变；。 根据温度计的分度值和液柱液面高度进行读数； 水沸腾前，水上层的温度低于下层温度，气泡在上升过程中，气泡内的水蒸气遇冷液化成小水珠，气泡越来越小，水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡在上升过程中，不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡越来越大； 液体沸腾时持续吸热，温度不变； 液体吸热的多少与液体种类、质量、温度的变化量有关。 水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查水沸腾前后气泡的变化、沸点、沸点和气压的关系、沸腾的条件、沸腾的特点、加热时间比较长的原因、器材、水沸腾的图象、温度计的正确使用和读数等等。 19.【答案】480  75  150  【解析】解：由图可知，，拉力做的功为： ； 拉力做的有用功为： ， 则该装置的机械效率为：； 不计绳重和摩擦，根据可知，动滑轮所受的重力为： 。 故答案为：480；75；150。 根据滑轮组装置确定绳子股数，利用求出拉力做的功； 根据求出拉力做的有用功，利用求出该装置的机械效率； 不计绳重和摩擦，根据求出动滑轮所受的重力。 本题考查了做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。 20.【答案】  【解析】解：先通过平面镜作出发光点A的对称点，即为A的像；连接交平面镜于点O，O为入射点，连接AO即为入射光线，OB为反射光线；如图所示： 先根据平面镜成像的特点作出A的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线的反向延长线过A的像点，连接像点与B点，与平面镜的交点为入射点，再完成光路图即可。 本题考查了平面镜成像特点物像关于平面镜对称的应用，要利用好：反射光线的反向延长线过S的像点。画图时注意实线、虚线的区别。 21.【答案】匀速直线；二力平衡；  压力；  无关；  ①；  不需要  【解析】根据二力平衡条件可知，应使弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等； 由甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力不相同，乙中压力更大，弹簧测力计示数更大，由数据可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大； 由乙、丙两次实验，接触面积大小不同，弹簧测力计示数相同，则滑动摩擦力大小相同，可以知道滑动摩擦力的大小与接触面积大小无关； 木块C受木板的摩擦力方向水平向右，弹簧测力计①对木块C拉力水平向左，在这两个力的作用下物块C始终处于静止状态，故木块C所受摩擦力与弹簧测力计①拉力始终是一对平衡力，大小始终相等，故弹簧测力计①的示数反映了木块与木板间的摩擦力，实验中无论如何拉动，物块C始终保持静止状态，故不一定要匀速拉动长木板； 相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的摩擦力为一对平衡力，大小相等，只要拉动了长木板，小木块C就在长木板上滑动，C与长木板之间的摩擦力就是滑动摩擦力，长木板对C的摩擦力方向水平向右，其大小与物体相对运动的速度无关；故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动。 故答案为：匀速直线；二力平衡；压力；无关；①；不需要。 水平拉动木块，做匀速直线运动，处于平衡状态，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力； 滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，实验中采用的是控制变量法； 滑动摩擦力只与压力和接触面的粗糙程度有关，与接触面积无关； 实验过程中很难保持物体进行匀速直线运动，可以使弹簧测力计固定，拉动物体下面的长木板，物体相对运动时，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，并且弹簧测力计处于静止状态，便于读数，实验过程中不必要求长木板进行匀速直线运动； 对木块受力分析即可得出摩擦力的方向； 如图中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，根据影响摩擦力大小的因素和二力平衡条件分析。 本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和平衡力的知识。 22.【答案】零刻线  左      偏大   【解析】解：在调节天平时，应将游码放在标尺的零刻线处。指针偏右，说明右侧质量偏大，应将平衡螺母向左移动； 标尺的分度值为，矿石的质量； 矿石的体积； 矿石的密度为：； 如果先测量矿石的体积，然后从量筒中取出矿石直接测量质量，矿石表面有水，测量的质量偏大，根据可知，测得的密度值将偏大； ①用天平测出矿石的质量； ②用天平测出空小烧杯的质量； ③溢水杯装满水后，将小矿石放入溢水杯中，并用小烧杯盛溢出的水； ④用天平测出小烧杯和溢出水的总质量。 则溢出水的质量为， 矿石的体积等于溢出水的体积，所以矿石的体积为， 矿石的密度为。 故答案为：零刻线；左；；；偏大；。 调节天平时应先将游码移至标尺的零刻线处，调节平衡螺母时应向指针偏转的另一侧移动； 物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值； 分别读出水的体积、水和矿石的总体积，求出矿石的体积，注意量筒的分度值；用算出矿石的密度； 根据质量的变化分析密度的变化； 没有量筒测体积时，可用阿基米德原理测体积。 本题的解题关键是熟悉测量固体密度的基本实验程序、天平和量筒的正确读数以及密度公式的熟练运用。 23.【答案】见解析；  电阻R断路；  ；正；  灯的电阻不是一个定值；  20；10  【解析】滑片P向A端移动时，电路中的电流变大，可知电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示： ； 连接好电路后，闭合开关，电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，则电路故障原因可能是定值电阻电阻R断路。 电流表示数如图乙，为。分析数据可知，电压与电流之比为一定值，故得出：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 研究电流与电压关系要控制电阻的大小不变，因灯的电阻不是一个定值，故不能进行“电流与电压关系”的实验探究。 ①将的定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，再闭合开关，适当调节滑动变阻器的滑片，读出电流表的示数为，则电阻的电压为 根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压 变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入电阻时，变阻器连入电路中的电阻为 小聪发现当定值电阻为时，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻为 无法完成实验，为了顺利完成四次实验，且电压表示数保持不变，至少需要串联一个阻值为 的定值电阻。 故答案为：见解析；电阻R断路；；正；灯的电阻不是一个定值；；10。 滑片P向A端移动时，电路中的电流变大，可知电路的电阻变小，确定变阻器左下接线柱连入电路中； 连接好电路后，闭合开关，电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，据此分析； 读出第3次电流表示数，根据电压与电流之比为一定值得出结论； 研究电流与电压关系要控制电阻的大小不变； ①由欧姆定律得出电阻的电压，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入电阻时变阻器连入电路中的电阻； 根据分压原理得出变阻器连入电路中的电阻，结合串联电阻的规律分析。 探究通过导体的电流与电压、电阻的关系，考查电路连接、故障和数据分析及欧姆定律的运用。 24.【答案】机器人提着箱子静止站立时对水平地面的压强为；   机器人对箱子做功的功率为25W  【解析】解：机器人提着箱子静止站立时对水平地面的压力等于机器人和箱子的总重力，即： ， 机器人对水平地面的压强：； 机器人对箱子做的功：， 机器人对箱子做功的功率：。 答：机器人提着箱子静止站立时对水平地面的压强为； 机器人对箱子做功的功率为25W。 机器人提着箱子静止站立时对水平地面的压力等于机器人和箱子的总重力，根据求机器人对水平地面的压力，根据求机器人对水平地面的压强； 根据求机器人对箱子做的功，根据求机器人对箱子做功的功率。 本题考查重力、压强和功、功率的计算，难度一般。 25.【答案】解：由图甲可知，压力传感器和电阻串联，电流表测量电路中的电流，样品材料未受到撞击力时，压力传感器受到的压力最小，总电阻最大，电路中的电流最小，由图丙可知，此时的电流，定值电阻两端的电压； 在测试过程中，样品受到的撞击力最大时，压敏电阻的阻值最小，电路中的电流最大， 由图丙可知，电路中的最大电流，此时电路中的总电阻， 则此时压力传感器R的阻值， 由图乙可知，样品受到的最大撞击力为400N。 当重物在样品上静止时，重物对样品的压力大小等于重物的重力大小； 由图丙可知，此时的电流为，定值电阻两端的电压， 利用串联电路的电压关系可知压力传感器两端的电压， 压力传感器消耗的电功率。 答：样品材料未受到撞击力时定值电阻两端的电压是1V； 重物撞击过程中，样品材料受到的最大撞击力是400N； 重物最终静止时压力传感器消耗的电功率是2W。  【解析】根据乙图可知，重物没有接触到样品时，电路中的电流是，电源电压是12V，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，电路是串联的，压力传感器的电阻等于总电阻减去定值电阻的阻值； 根据乙图可知，撞击时的最大电流是，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，压力传感器的电阻等于总电阻减去定值电阻的阻值，然后在丙图中找到对应的压力值； 当重物在样品上静止时，重物对样品的压力大小等于重物的重力大小；由图丙可知此时的电流，利用欧姆定律求得定值电阻两端的电压，进一步利用串联电路的电压关系求得压力传感器两端的电压，利用求得压力传感器消耗的电功率。 本题考查的是欧姆定律的应用，能熟练使用欧姆定律进行计算，知道串联电路中电流、电压、电阻的特点。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$