课时检测训练2 匀变速直线运动的规律-【勤径学升】2026年高考物理一轮总复习课时检测训练（人教版2019）

课时检测训练2匀变速直线运动的规律 ,对应各案P566 令基础对点练 6.(2025·过宁鞋山市模拟) 对点练1匀变速直线运动的基本规律及应用 如图所示为一辆无人送货 1,一质点做匀加速直线运动，在通过某段位移x内 车正在做匀加速直线运动。 速度增加了v,速度变为原来的5倍。则该质点 某时刻起开始计时，在第一 的加速度为 ( 个4s内位移为9.6m,第 A 二个4s内位移为16m,下 x a c泄 D.u 3x 列说法正确的是 2.(2024·海南卷)商场自 A.计时时刻送货车的速度为0 动感应门如图所示，人 走进时两扇门从静止开 感应感应划 B.送货车的加速度大小为1.6m/s 始同时向左右平移，经 C.送货车在第1个4s末的速度大小为3.2m/s 4s恰好完全打开，两扇 2m 2m D.送货车在第2个4s内的平均速度大小为 门移动距离均为2m,若门从静止开始以相同加 3.6m/s 速度大小先匀加速运动后匀减速运动，完全打开 草综合提升练 时速度恰好为0，则加速度的大小为 7.(2025·吉林白城高三只考)如图是 A.1.25m/s2 B.1 m/s2 A C.0.5m/s D.0.25m/s 将苹果由静止释放后，在某段运动过 3.（多选)一辆汽车（可视为质点）以15m/s的速度 程中用频闪照相技术连续拍摄的照 行驶在平直的公路上，当汽车行驶到离前方路口 片，已知频闪照相机的频闪时间间隔 C 停止线的距离为x时，驾驶员看到前方路口的绿 为T,位置A,B间和位置B、C间的距离分别为 灯显示还有10s,如果驾驶员立即以大小为a的 x1和x,不计空气阻力，则下列说法中正确的是 加速度做匀加速运动，刚好能通过停止线；如果 立即以大小为a的加速度做匀减速运动，结果 A.BC过程速度的增加量大于AB过程速度的 刚好停在停止线，则 ( 增加量 A.a-(3-1)m/s B.a-(+1)m/s B.x1:x2一定满足x1￥x2-1:3 C.x=75(√3-1)m D.x=75(3+1)m C,苹果运动到位置B时的速度大小一定为号 4.纯电动汽车不排放污染空气的有害气体，具有较好 的发展前景。在一次测试其加速性能中，从静止开 D.苹果运动的加速度大小一定为二 T 始经过10s汽车的速度达到30m/s。若将该过程 8.从固定斜面上的O点每隔0.1s由静止释放一 视为匀加速直线运动，则这段时间内电动汽车 个同样的小球，释放后小球做匀加速直线运动。 某一时刻，拍下小球在斜面滚动的照片，如图所 A.加速度的大小为2m/s B.平均速度为30m/s 示。测得相邻小球间的距离xa=4cm,xx一 C.位移为300m 8cm。已知O点距离斜面底端的长度为l= D.位移为150m 35cm。由以上数据可以得出 () 对点练2匀变速直线运动推论的应用 5.做匀减速直线运动的物体经4s停止，若在第1s 内的位移是14m,则最后1s内的位移是( A.3.5mB.2m C.1 m D.0 323 课时检测训练·物理 A.小球的加速度大小为12m/s 11.假设某高楼距地面高H=47m的阳台上的花 B.小球在A点的速度为0.2m/s 盆因受扰动而掉落，掉落过程可看作自由落体 C.斜面上最多有4个小球在滚动 运动。有一辆长L,=8m、高h,=2m的货车， D.该照片是距第一个小球释放后0.3s拍摄的 在楼下以。=9m/s的速度匀速直行，要经过 9.(多选)几个水球可以挡住了子弹？《国家地理频 阳台的正下方，花盆刚开始下落时货车车头距 道》实验证实：四个水球就足够！四个完全相同 花盆的水平距离为L2=24m(示意图如图所 的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水 示，花盆可视为质点，重力加速度g=10m/s2)。 平方向做匀变速直线运动。恰好能穿出第四个 (1)若司机没有发现花盆掉落，货车保持%=9m/s 水球，则可以判定 ( 的速度匀速直行，通过计算说明货车是否会被花盆 砸到。 (2)若司机发现花盆掉落，采取制动（可视为匀 变速，司机反应时间△1=1s)的方式来避险，使 A子弹在每个水球的时间比为61：2妇t,=(2 货车在花盆砸落点前停下，求货车的最小加 -√3)：(5-√2)：(w2-1):1 速度。 (3)若司机发现花盆掉落，采取加速（可视为匀 B.子弹穿过每个水球的时间比为t124(=7 变速，司机反应时间△t=1s)的方式来避险，则 5:3:1 C.子弹在每个水球中的速度变化量相同 货车至少以多大的加速度加速才能避免被花盆 D.子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平 砸到。 均速度相等 10.(2024·广西卷)如图，轮滑训练场沿直线等间距 地摆放着若干个定位锥简，锥筒间距d=0.9m, 某同学穿着轮滑鞋向右匀减速滑行。现测出他 从1号锥筒运动到2号维筒用时61=0.4s,从 2号锥筒运动到3号锥筒用时12=0.55。求该 同学： k+1 (1)滑行的加速度大小。 (2)最远能经过几号锥筒。 课时检测训练·物理 324参考答案及解析 ·课时检测训练部分 课时检测调练1 8.C解析 根据a= 一6m/s,故A,B,C错误，D正确， 1,D解析研究轮椅冰壶运动员的推 A知，加速度越 13.A解析魂光板通过光电门1时的 壶动作，残奥冰球运动员挡球动作、残 大，速度变化越快，但是末速度不一定 速度 d_0.003 是单板滑雪运动员转体动作时，都不 大，放A疾错误：展据a=出可知，时 △t0.03 m/s=0.10ms, 能忽略远动员的形状与大小，均不能 d 将运动质视为质点，放A,B,C错误 间一定时，加速度越大，速度变化量越 遮光板通过光电门2时的速度，一过 而研究越野滑雪运动员的滑行成绩 大，故B项错误：加速度的方向与速废 0.003 0.01 m/s=0,30m's,故滑块的加速 时，能忽略运动员的形状与大小，可将 变化量的方向相同，故C项正确，D项 运动员视为质点，故D正确。 错误。 度a=5≈0.067mg,造项A 2,C解析根据题意可知，该次作业中 9.D解析因火箭发射时，速度在10s 内由0增加到100ms,故10s内火箭的 正确 小车相对地面的位移为x=√8十6m 速度改变量为100m/s,选项A错误：汽 14.(1)o1(2)4(t-t) 山，-41) =10m,故C正确。 车以108kmh=30ms的速度行驶，急 △ 3.C解析“神舟十五号”飞船和空间 站“天和”枝心舱成功对接后，在轨绕 利车时能在2.5s内停下来，则2.5s内汽 解析(1)依题意，由于红外线的传 车的速度改变量为0一30m‘s■ 播时间可以忽略，可得A、B间的距离 地球做圆周运动，选地球为参考系，二 一30m5,法项B错误：火箭的加速度a 为工1=41 者都是运动的，A,B错误：“神舟十五 (2)同理可知：进行第二次测量时，A、 号"飞船和空间站“天和”核心轮成功 =4z_100 0m/s=10m:汽车的知速 B间的矩离为x:=1, 对接后，二者相对能止，C正确，D 则小车运动的距离△x=x,一x,= 错误。 度4-吕-2m=-12m, 4.C解析平均速度是指某段时间内 负号表示汽车的加速度方向与运动方 (1一11)， 或某段位移内，物体的位移与所用时 两次发射超声波脉冲的时问问隔为 向相反，故火箭的速度变化比汽车的 间的比值，故由题中的条件可以成出 速度变化慢，火箭的加速度比汽车的 △，即为小车运动△x所用的时间，则 运动员的平均速度，BD错误：瞬时速 加逃度小，远项C借误，D正确。 小车运骑的建度为口=兰解得 度是指物体在某时刻或经过某位置时 10.C解析红旗插在木船上，以木船 的速度，题中所给条件是位移和时间， 为参考系，红旗静止，红旗跃过汀江 -4(4-4) 故无法算得瞬时追度，C正确，A错误 是以江岸为参考系，A拙误：研究红 课时检测训练2 5,B解析200m比赛跑道为香道，位 旗的飘扬时，红旗的形状不能忽略， 1.C解析设原来的速度为助，则通过 移大小小于200m,200m指的是毫程， 不能香成质点，B错误：研究战士从长 19,19s指的是时间同需，故A错误，B 位移x后，速度为5，由题意可知 汀到龙岩的运动轨迹时，战士的大小 正确，因为不清楚运动性质，故无法计 和形状忽路不计，可以将战士说为质 5u一=4u,根据公式2a.r=(5) 算冲刺速度大小，而因为不清楚具体 点，C正确：平均速度=二，平均送 一，联立每得a-,C王确， 位移，故平均速度无法计算，故C,D 错误。 2.C解析设门的最大速度为w,根据 率=，路程大于位移，平均滤率大 匀变速直线运动的规律可知，如速过程 6.C解析根据速度的定义式= △r 于平均速度，D错误， 可知，速度等于位移与时阿的比值 11.D解析铅球的运动轨迹如图 和减滤拉程的平均速度均为受·且时间 位移是物体在一段时阿内从一个位置 所示 相等，均为28，根着x=号X4,可得 到另一个位盟的位置麦化量，面时间 是这段时间的长度。这个定义强可了 =1ms,别如速度=丹-号n 速度不仅描迷了物体运动的快慢，西 0.5ms,故选C。 描述了物体运动的方向，因此，速度 B 是刻画物体位置变化快慢的物理量 铅球比赛的成绩是18.62m,是抛出 3.AD解析本题考查匀变速直线运动 再根据物体位置随时间的关系x=1十 点A的整直投影点到B的距离，该距 规律的应用。若以大小为a的加速度周 21十3r,可知开始时物体的位里x 离要小于A到B的位移，故该成绩 匀加速运动，则有=什2：若以大 1m,1s时物体的位置x1=6m,则1s 是铅球的位移：铅球在靠榄性前进的 内物体的位移为△x=x1一x。=5m 同时，还由于重力的作用面向下落， 故选C, 因此经过的路径是一条曲线，路程大 小为“的加述度债匀减速运费，则有 7.B解析授向下为正方向，根据加述 于18.62m,该距离也不是铅球的路 2=2·交口·联立解得a 度公式可释a=铝=二85m 程：故选D 3 12.D解析当速度方向与加速度方向 5-1)mr=753+1)m,选项 一13ms,平均加速度大小为 相同时，物体做加速运动，根据速度 A,D正确 13m's,负号表示方向与正方旬相反 公式=十(，当1=18时物体速度 故选B. 为■一5m/s十（一1）×1m.'s= 4D解析加这度的大水口-铝- 高考一轮总复习+物理 ·566· 30 mg=3m,选项A错误：平均 故选B 联立得1=3$，3s内汽车位移为x .AD解析四个完全相同的水球紧 1=27m。因1：=24m<r<11十 滤度=受=15ms,选项B辑误：位 挨在一起水平塘列，子弹在水球中沿 L.=32m,故货车会被花盘雁到： 水平方向做匀变速直线运动。检好能 (2)货车匀减速的距离为=1一林· 移￥=t=15×10m=150m,选项C 错误，D正确， 年出第四个水球，造向思维可看成反 △1=15m,制动过程中由运动学公式得 5,B解析物体做匀减速直线运动，采 向初速度为零的匀加速直线运动，根 =2ax1,联立得a=2.7m/: 用造向思维，将物体的运动看成沿相 据句交速直线运动的规徘x=。 (3)司机反应时河内货车的位移为， 反方向毁初速度为0的匀加速直钱运 %△M=9m,此时车头离花盆的水早距离 动，根据推论：在相等时间内的位移之 解得心F,子弹依次穿过4个水球的 为d=1,一x=15m,采取加速方式，要 比等于1：3：57，由题意可知，在第1s 时间之比为t1t1t=(√Ad一 成功避险，别有d十L,■(（一△）十 内的位移是14m,最后1s的位移为 3d)(3d-2d)(2d-a): 2a1-),联立得a=2.5m/s,即货 2m,B项正确， 1=(2-√3)(W3一√2)(W2-1)1,故 6.C解析根据匀变速直线运动推论可 车至少以2.5ms的加速度加速才能 A正商，B错误：根据△u=at知△vc1, 得加建度大本为a一学-16,9 避免被花盆磁到。 4 由于t111,=(2-3)(5-2): 课时检测训练3 =0,4m's,B错误：根据匀变速直线 (√2一1)：1，故子弹在每个水球中的速 1.C解析物体第1s内的位移为h, 运动中间时刘的酥时速度等于该段内 度变化量不相等，故C错误：根据初速 的平均捷度可知送货车在第】个48 度为零的匀加速直线运动的推论，连 =号×10Xm=5m,对物体 1 来的速度大小为=十工- 续相等时间内的位移之比为13：5 最后1s内的位移为h。=2h,=10m, 2T 9.6+16 逆向思维看，位移之比为d13d=113, 又7弘，-宣山。-1s=A,解得 8 m/s=3,2m/s,C正确：根据 可知子弹浆出前三个水球的时间与婴 t=1,55,则物体开始下落时距落地 =认十at可得，计时时刻送货车的速 出第四个水球的时问相等，根据匀变 度为=4-aT=3.2m/s-0.4× 速直践运动中何时刻的蜂时速魔等于 点的高度为A=号，=号×10× 4m/s=1,6m/s,A错误：送货车在第 全程的平均速度，可知子弹穿出第三 1.52m=11.25m,故选C. 2个4s内的平均速度大小为0=号 个水球的㎡时速度与全程的平均速度 2.B解析在前18内、前28内，前3s 相等，故D正确。故选AD 内的位移大小之比是1419，故A错 16 有m/s=4m/s,D错误， 10.(1)1m.s(2)4号 误：在相邻两个15内的位移之差都是 7.D解析由题意知4h=te=T,根据 解析(1)极据匀变速运动规律，某 △x=gT=10m,故B正确：在第1s △v=a△y可知BC过程速度的增加量 段内的平均速度等于中可时刻的瞬 内，第2s内、第3内的位移大小之比 等于AB过程速度的增加量，故A错 时速度可知，在1、2问中间时刺的速 为1：3：5，所以平均速度大小之比为1： 误：只有苹果在A点速度为零时，才满 度为=4=2.25ms, 3:5,故C错误：在1s米，2s米、35米 足x,:工=1：3，故B错误：苹果运动 的速度大小之比是12：3，故D错误。 到位置B时的速度大小为。= 2,3闻中同时划的速度为4=4 3.B解析重物自由下落做自由落体 产，放C错误：根据△ar=aT可 运动，与质量无关，则下落15后速度 1.8m/s, 为U,=u=gt=10×1m/s=10m/s, 知，苹果运动的加速度大小为“= 故可得加速度大小为“= △ 故选B。 一工，故D正确 4.A解析本题考查整直上抛运动与 8,B解析根搭逐差法求出小球的加 一=1m8。 +号 匀变速直线运动推论的编合应用。由 速度大小为a=m一工仙 题意可知，OP=2m,PQ=1m,根据 (2)设到达1号锥筒时的速度为畅， △r=gT可知，麝床运动员从O至P 0.08-0.04mg=4ms,敌A错误： 根据匀交速直线运动规律得U11 /1 0.1 8,过P点时的 小球在B点的速度为，=红 tu:-d. 所用时间为T=√0 2T 代入数值解得=2.45m5, 速度为，一器设最高点距P点的离 0.08+0.04 2×0.1 m/s=0.6mfs,小球在A 从1号开始到停止时通过的位移大 度为h,有2gh=v,,解得h=1.125m, 小为 故蹦床运动员可以上升的最大高度H 点的速度为a=g一4T=0.6ms =7m十h=8.125m,选项A正确. 4m/s×0.1=0.2m/s,故B正确t根 7=%=3.00125m≈3.33d, 5.B解析烫物体掉落时吊篮离地面 1 据动力学公式(=三at,解得从0点 故可知最远能经过4号银筒。 的距离为h,物体掉落后做竖直上抛 「7 11.(1)会(2)2.7ms(3)2.5m/s 运动，初速度大小为，=2m“,忽略 到斜面底端的时间为：一√0≈ 解析(1)花金从4？m高处落下，到 声音在空中传播经历的时间，则物体在 0.42$,故斜面上最多有5个小球在滚 达高地高2m的车顶过程，位移为力 空中运动的时问为1=2“。规定整直向 动，故C错误：第一个小球释放的时间 =(47一2)m=45m,根据自由落体运 下的方向为正方向，由运动学公式可得 为4==02 4 8=0.058,放D错误 动位移与时同关系式，有么=合， 么=一1十2g,解得A=16m,吊签 ·567· 高考一轮总复习+物理