2025届重庆市第八中学高三下学期5月适应性月考卷（七）物理试卷

第1页,共6页 第2页,共6页 第3页,共6页 第4页,共6页 13.(10分)某波源发出的简谐横波在均匀介质中沿传播路径上先后经过a、b两质点,其振动位移一 时间图像如题13图所示(实线表示a,虚线表示b),已知a、b两质点的平衡位置相距3m。 (1)以cm为单位,用正弦函数写出质点a的振动方程(初相位在0-2 范围内); (2)求该简谐波的传播速度大小。 y/em 25 题13图 14.(13分)如题14图所示,-,个质量/m的具:庄,在质量为4m的小车的固定轻质细杆上,小 车静置于光滑的水平桌面上,若车长为L,细杆高为,且位于小车的中点。玩具蛙以水平速度跳 离细杆,并落在小车上。已知重力加速度为g,不计空气阻力。求: (1)玩具蛙水平位移大小的范围; (2)起跳过程,玩具蛙做功的最大值。 题14图 第5页,共6页 第6页,共6页 口口口口 物理参考答案 一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有 一项是符合题目要求的。 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 A B B D C C D 【解析】 1,光电效应现象,体现电磁波具有粒子性,故A正确。偏振现象、干涉形成干涉条纹、衍射 现象都体现了电磁波的波动性,故B、C、D错误。 2.根据质量数守恒和电荷数守恒,核反应方程为H+H He+。n,故A错误,B正确。核 反应释放能量,会发生质量亏损,核子的比结合能变大,H 的比结合能比H的比结合 能大,故C错误。核裂变虽然也能产生大量能量,但与核聚变相比,其释放的能量更小, 产能效率更低,故D错误。 3.由题知,两足球做斜抛运动,出手后都刚好水平击中球门横梁上的同一点,则根据逆向思 维,可以把足球的运动逆向看成平抛运动,两个足球在空中运动的加速度均为重力加速度, 由运动学规律竖直方向有=2gh,v,=g,由于高度相同,可知两个足球出手时的竖直 分速度大小相等,两个足球从出手到击中横梁的时间相同,因为两个足球在空中运动的加 速度均为重力加速度,则足球两次运动的速度变化量相同,故B正确。水平方向有x=),1, 由于从A位置发射的足球水平位移更大,则其水平分速度更大,则其击中横梁时的速度更 大,由矢量合成法则可知,其发射的初速度更大,故B正确,A、C、D错误。 4.盆中空气可视为理想气体,将盆口压入水中,盆中空气变化视为等温变化,气体体积减小, 外界对气体做正功,温度不变,根据热力学第一定律 U=Q+W,气体对外放热,再根据 玻意耳定律=,体积减小,盆中气体的压强增大,气体分子单位时间与盆内壁单 位面积的碰撞次数增加:分子热运动是无规则的,只是在宏观上表现出规律性,所以盆中 所有气体分子的运动都加剧的说法是错误的,故A、B、C错误,D正确。 5,根据题意,由楞次定律可知,通过L的电流方向由C到d,故A正确。开始阶段,穿过线圈 的磁通量最大,磁通量的变化率最小,转动后,磁通量减小,磁通量的变化率增大,当转 过90 时,穿过线圈的磁通量最小,磁通量的变化率最大,可知,转动过程中L中的电流逐 第1页,共7页 口口口口 渐增大,故B错误。若灯泡L正常发光,灯泡电压有效值为12V,电压最大值为12√2V, 根据变压器电压与匝数关系有E。=nBS=ndw,可得角速度012y ,故C正确,D错误。 nd 6.货物与手推车保持相对静止,水平匀速运动时,货物受到重力、手推车平面的弹力和挡板 的弹力三个力平衡,由受力分析可得,挡板的弹力大小等于重力的分量ng sin a,小于重 力mg,故A错误。手推车向左运动时,货物受到重力、挡板的弹力和手推车平面的弹力, 手推车对货物的作用力是挡板的弹力和手推车平面的弹力的合力。由于货物与车平面之间 没有摩擦力,手推车对货物的作用力的方向可以指向右上方,故B错误。为使货物不离开 挡板,当挡板对货物弹力恰好为0时的加速度达到最大值,此时对货物进行受力分析,由 牛顿第二定律ng tan a=maas,解得ams=gtana,故手推车水平向右的加速度不能超过 g tan a,故C正确。手推车静止时,货物受到重力和挡板的弹力。根据平衡条件可知手推 车平面对货物的支持力大小等于重力的分量,即mg cos a,若 缓慢增大到90 ,则手推 车平面对货物的支持力大小越来越小,故D错误。 7.子弹击中滑块B的过程,子弹与滑块B组成的系统动量守恒,子弹与B作用过程时间极短, A没有参与,速度仍为零,由动量守恒定律,得m=(m+m)巴,解得=8ms,滑块B 离开小车瞬间,滑块与小车具有相同的水平速度,由水平方向动量守恒,得 (m+m2),=(m+m2+m)巴2,解得2=2ms,滑块B开始滑动到离开小车瞬间,由能量 守恒定律得似+成-宁砖+兮侧+属财+偶+风oR,设清块B高开小车时的坚 直分速度为?,,则+=,联立解得),=5s,滑块B离开小车后,以小车为参照 物,滑块B做竖直上抛运动,则再次返回小车所需要的时间为1-22=15,则x=1=2m, g 从子弹击中后到B第二次离开小车的过程中:(m2+m)风,=(m+m)Pa+m04, m+m心=m,+m,)心+乞m,,”,=4ms,故D正确。 二、多项选择题:本题共3小题,每小题5分,共15分。在每小题给出的四个选项中,有多 项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有错选的得0分。 题号 8 9 10 答案 AB BCD AD 第2页,共7页 口口口口 【解析】 8,从图中我们可以看到,冬至时地球位于近日点附近,公转速度最快。随着地球向远日点移 动,公转速度逐渐减慢。因此,芒种(位于远日点附近)时的公转速度应该比小满(位于 近日点和远日点之间)时慢,故A正确。地球公转轨道是椭圆形的,但轨道上的速度并不 是均匀分布的。由于公转速度的变化,芒种到小暑的时间间隔与大雪到小寒的时间间隔并 不相等。从图中可以看出,芒种到小暑的路程更长,而平均速度更小,所以芒种到小暑的 时间间隔要大于大雪到小寒的时间间隔,故B正确。地球公转的加速度与地球到太阳的距 离有关,立春时和立秋时,地球到太阳的距离并不相等,因此公转加速度也不相等,故C 错误。春分、夏至、秋分、冬至四个节气虽然分别代表了春、夏、秋、冬四季的开始,但 它们并不刚好将一年的时间分为四等份,由于地球公转轨道是椭圆形的,各季节的长度并 不相等,故D错误。 9.根据题意可知,做出光路图如图1所示,若入射光的频率变小,则折射率变小,而入射角 不变,可知其折射角 将变大,根据几何关系可知,角B将变小,而根据题意及几何关系 可得m=血60=5,发生全反射的临界角的正弦值s血C-上5,1,可知原折射光在 sin 30 n32 AC边不会发生全反射,而当B变小时一定不会发生全反射,故A错误。由n=C可知,折 射率n变小,光在介质中的传播速度"增大,由于原折射光线与BC平行,现 变大,可 知DE变短,而光在介质中的传播时间1=DE, ,显然,传播时间变短,故B正确。做出出 射光线的光路图如图2所示,射到AC边的折射光线在AC边上的入射角减小,则可知在 AC边上的出射光线的折射角同样减小,出射光线相对于原出射光线逆时针偏转,因此可 知出射光线相对原入射光线的偏转角变小,故C正确。入射光的频率变小,入射角不变, 致使a增大,B减小,光路图如图3所示根据几何关系有i+r=120 ,i+a=90 , r+B=90 ,可得a+B=60 ,若要使光线在AC边上水平向右射出介质,则必须满足 si加asmB,显然,上式能够成立,故D正确。 sin60 _sin30 第3页,共7页 口口口口 10.由g0,B=m心和,=98L得r=L,作出图4分析可知,在x轴上能够探测到离子的区间 为0≤x≤2:由于1=-7,g8=r可知=L,则在1= 2gB 4 内,磁场中可 2aB 探测到离子最远能到离O为R=√2L为半 径的名圆孤上s名+ 8 E,故选AD 2 图4 三、非选择题:本题共5小题,共57分。 11.(每空2分,共6分) (1)缓慢 (2)1.20 10 【解析】(1)该实验目的是探究气体等温变化的规律,为避免温度变化,应该缓慢地向下 压或向上拉柱塞。 (2)由图可得压强为1.2 10Pa。 3)根据理想气体状态方程:PL=RT,可得P”、 ,故横坐标为 12.(每空2分,共10分) (1)A (2)1000 (3)最左边 左疏右密 (4)大于 【解析】(1)如果闭合开关S,将两表笔短接,则流过电压表的电流为0,不会满偏,故 要调节滑动电阻器使电压表V满偏,两表笔间不接入任何电阻,故选A。 (2)设满偏时滑动变阻器的阻值和内阻和为R,待测电阻为R,由闭合电路欧姆定律, 满偏时有E=3V+1R,∠=,解得R=1502,当电压表V指针指在1.5V处时 E=1.5V+R,1=1.5Y,1=11 R'RR+尺,解得R=1000。 第4页,共7页