20 重庆市沙坪坝区2024年初中适应性监测-【智乐星中考】2025年重庆中考物理真题汇编（Word)答案

20．重庆市沙坪坝区2024年初中适应性监测(全卷共四个大题　满分80分　与化学共用120分钟) 注意事项：全卷取g＝10 N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3。 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．下列物理量的估测，最接近实际的是(　　) A．九年级物理课本长约为26 cm B．教室内照明电路的电压为36 V C．中学生体考用的实心球质量约为200 g D．人的正常体温约为48 ℃ 2．学科融合促发展，邂逅诗境解“物”语。关于古诗词中对应物理现象的解释，下列说法正确的是(　　) A．“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”——以岸为参照物，青山是运动的 B．“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”——钟声传播到船上不需要介质 C．“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”——楼台在池塘的倒影由光的折射形成 D．“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”——闻到花香是分子无规则运动的结果 3．为满足中学生平衡膳食需求，某中学备有如图所示午餐，下列说法正确的是(　　) A．白米饭——刚蒸熟的白米饭冒“白气”属于汽化现象 B．红烧肉——烧制红烧肉之前需要熬“糖色”，糖的熔化过程需要吸收热量 C．西蓝花——炒西蓝花时，主要是通过做功的方式使虾仁和西蓝花的内能增加 D．排骨汤——当汤沸腾以后把炖汤的火调小，汤的沸点也随之降低 4．如图所示，对于相关器材及物理现象的认识，下列说法正确的是(　　) A．图甲所示验电器的工作原理是异种电荷相互吸引 B．使用图乙所示试电笔时，不能触碰试电笔的任何金属部分 C．图丙表示通电导体在磁场中受力，是电动机的工作原理图 D．图丁表示电磁感应现象，该现象由奥斯特首先发现 5．“铭刻亚运荣光，凝聚奋进力量”。如图是2023年杭州亚运会我国部分夺冠项目运动员比赛的情境。对于情境中涉及的物理知识，下列说法正确的是(　　) A．船桨对水的力和水对船桨的力是一对平衡力 B．投出的篮球在升空过程中机械能增加 C．球拍对乒乓球的力改变了乒乓球的运动状态 D．运动员冲过终点不能马上停下是因为受到惯性的作用 6．巨磁电阻效应是指某些材料在磁场增强时电阻明显减小的现象，这一发现大大提高了磁、电信号转换的灵敏度，从而引发了硬盘技术的革命。如图是研究巨磁电阻GMR特性的原理示意图。在闭合开关S1、S2且滑片P向左滑动的过程中(灯丝未烧断)，下列说法正确的是(　　) A．电磁铁的左端为S极 B．电磁铁的磁性减弱 C．巨磁电阻GMR电阻增大 D．指示灯明显变亮 7．底面积为100 cm2、质量为200 g、足够高的薄壁柱形容器置于水平地面上，内装10 cm深的水。将质量为200 g、底面积为40 cm2、高为10 cm的匀质长方体物块放入水中，稳定后物块状态如图甲所示。再对物块施加一个竖直向下的力F，使之完全浸入水中，如图乙所示。下列说法正确的是(　　) A．将物块完全压入水中，力F的大小为4 N B．施加力F后水对容器底的压强增大了200 Pa C．甲图中容器对水平地面的压强为1 200 Pa D．乙图中水对容器底的压力为16 N 8．如图所示，电源电压恒为4.5 V，定值电阻R1＝10 Ω、R2＝2.5 Ω，电压表V1、V2量程均为0～3 V，电流表A1的量程为0～0.6 A，电流表A2的量程为0～3 A，滑动变阻器R3的规格为“15 Ω　2 A”。在保证电路中各元件安全的前提下，下列说法正确的是(　　) A．S3、S4闭合，S1、S2断开，电流表A1示数的变化范围为0.15～0.3 A B．S3、S4闭合，S1、S2断开，R3的功率的变化范围为0.45～0.486 W C．S1、S2、S3闭合，S4断开，R3允许接入电路的阻值范围为2.25～15 Ω D．合理通断四个开关，整个电路能达到的最大功率和最小功率之比为50∶3 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．人类历史上系统研究光学的先驱墨子利用小孔成像实验证明了__________________________，多年之后，我国另外一位科学家沈括系统描述了这一现象，并解释了彩虹是由光的________(选填“反射”或“折射”)形成的。 10．“生活即教育”，小敏习惯了在周末做家务。她用锅将一质量为2 kg、初温为20 ℃的水加热到100 ℃，水要吸收的热量为________J；若天然气灶烧水的效率为80%，则在此过程中消耗的天然气为________m3。[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)，q天然气＝4.2×107 J/m3] 11．高速铁路两侧的输电线，无论冬夏都绷得直直的，以保障列车电极与输电线接触良好，如图为输电线的牵引装置。钢绳通过滑轮组悬挂的坠砣总质量为500 kg(不计滑轮和钢绳自重及摩擦)，输电线A段所受拉力为________N；若5 s内坠砣下降了0.4 m，则A端电线上拉力的功率为________W。 12．如图所示电路，电源电压不变。闭合开关，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3 A，小灯泡消耗的功率为0.9 W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2 V，此时小灯泡的功率变为2 W，则滑动变阻器的最大阻值为________Ω，电源电压为________V。 13．水平桌面上放置一个底面积为120 cm2、高为10 cm、密度为0.9 g/cm3的匀质圆柱体和一个高为10 cm的轻质薄壁圆柱形容器C，容器内盛有5 cm深的水。此时，水对容器底部的压强为________Pa。若沿着竖直方向将圆柱体切割为相同的A、B两部分，如图所示，再将B竖直放入容器C中，静止时B对容器底的压强为p1，水对容器底的压强为p2，且p1∶p2＝1∶5；现将圆柱体整体放入容器中，待圆柱体静止后，容器对桌面的压力为________N。 14．按要求完成下列作图。 (1)在图甲中画出力F的力臂。 (2)在图乙中定性画出入射光线在玻璃中的折射光线。 甲 　　　　　乙 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．请按要求完成下列问题： (1)小丽同学做“探究水沸腾的条件和温度变化特点”的实验，安装实验器材时应按照________(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序进行。水沸腾时，温度计示数如图1所示，则水的沸点为________℃，说明当时的大气压________(选填“高于”“等于”或“低于”)标准大气压。 (2)小丽在做“探究凸透镜成像规律”实验中，平行于主光轴的光经凸透镜后会聚在光屏上一点，如图2甲所示。当把蜡烛放在图2乙所示位置时，移动光屏，可在光屏上得到倒立、________(选填“放大”“缩小”或“等大”)的实像。固定凸透镜的位置不变，当蜡烛向右移动一小段距离后，将光屏向________(选填“左”或“右”)移动，才能再次得到清晰的像。之后，小丽将一块近视眼镜镜片放在凸透镜和蜡烛之间，保持凸透镜和光屏的位置不变，要使光屏上还能成清晰的像，可将蜡烛适当向________(选填“左”或“右”)移动。 16．小明学习了电学知识后，在实验室找来了一个额定电压为6 V的小灯泡，计划测量该小灯泡正常发光时的电阻和功率，他在学校的实验室找到了相关器材，并进行了如下实验，已知电源电压恒为8 V，滑动变阻器规格为“20 Ω　1.5 A”。 (1)请用笔画线代替导线，将图甲所示实物图连接完整。(要求闭合开关后，滑片右移，灯泡变亮) (2)连接好电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表均没有示数；移动滑片后，发现灯泡仍然不亮，电流表和电压表仍然没有示数。则电路的故障可能是________。 A．灯泡断路 B．灯泡短路 C．滑动变阻器断路 D．滑动变阻器短路 (3)排除故障后，闭合开关，发现电压表的示数如图乙所示，接下来他应该将滑动变阻器的滑片向________移动，同时注意观察________(选填“电流表”“电压表”或“小灯泡”)，直到小灯泡正常发光。 (4)经过多次测量，小明绘制了小灯泡的I­U图像，如图丙所示，则该小灯泡正常发光时的电阻为________Ω，小灯泡的额定功率为________W。 (5)完成上述实验后，小明还想利用以上器材探究“电流与电阻的关系”，于是小明从实验室找来四个阻值分别为5 Ω、10 Ω、20 Ω、30 Ω 的定值电阻，操作如下： ①断开开关，取下灯座两端的导线，将5 Ω的定值电阻接在灯泡所在位置，电流表改接到大量程。闭合开关，移动滑片，使电压表示数为4 V，记录对应电流表的示数。 ②再将5 Ω的定值电阻依次更换为10 Ω、20 Ω的定值电阻，重复①的操作。 ③小明将电阻更换成30 Ω的定值电阻后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数无法达到预定的4 V。聪明的小明想到了两个解决方案： 方案1：在电路中再串联一个阻值最小为________Ω 的定值电阻后，电压表示数即可达到4 V； 方案2：在保持电路结构及实验器材不变的前提下，调整预先设定的电压值，使其不低于________V，也可顺利完成实验。 17．某校在“物理创新实验”活动中，为同学们提供了天平、电子秤、量筒、溢水杯、烧杯等实验器材，让同学们自选器材对生活中常见物品的密度进行测量。 (1)小希想知道枇杷品质和密度是否有关，她利用天平和量筒测枇杷的密度。先将天平放在水平工作台上，再将游码移到________左端的零刻度线处，如果指针右偏，则需要向________(选填“左”或“右”)调节平衡螺母。天平平衡时右盘中的砝码和游码如图1甲所示，则枇杷的质量为________g。往量筒中加入适量的水，记下此时水的体积；将这个枇杷放入量筒，再次记录读数，如图1乙所示，则枇杷的体积为________cm3，枇杷的密度为________g/cm3。 (2)小涵利用电子秤和溢水杯测量金属块的密度，如图2所示。先用电子秤测得金属块质量为78 g，再将金属块放入溢水杯中，然后向溢水杯中注满水，测得溢水杯、水、金属块的总质量为100 g。取出金属块后，向溢水杯中补满水，测得溢水杯和水的总质量为32 g，则金属块的体积为________cm3，金属块的密度为________g/cm3。若测量后发现此电子秤的每次测量值均比真实值大1 g，则测得的金属块密度________(选填“偏大”“不变”“偏小”或“不能确定”)。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．如图是一款家用燃气报警器的原理图，其电源电压恒为3 V，R1为气敏电阻，其阻值随燃气浓度的增大而减小，定值电阻R2的阻值为20 Ω，当电流表的示数达到0.1 A时便会报警。求： (1)报警时气敏电阻R1的阻值； (2)报警10 s整个电路消耗的电能。 19．恒温箱广泛应用于医疗、科研、化工等行业，恒温箱的工作原理图如图所示。电源电压U＝220 V，R1、R2是电热丝，R1＝400 Ω。恒温箱的容积V＝2 m3，箱内空气的密度ρ＝1.3 kg/m3，箱内空气的比热容c＝1.0×103 J/(kg·℃)。通过控制温控开关S1可实现“保温”“加热”两个挡位间的切换，“加热”时恒温箱的电功率P加热＝605 W。现将恒温箱两气孔封闭，闭合开关S，S1置于“加热”挡位，箱内温度从20 ℃升至设定的恒定温度，用时100 s，该段时间内的加热效率η＝52%。 求： (1)“保温”时恒温箱的电功率P保温； (2)电热丝R2的阻值； (3)恒温箱的恒定温度。 20．图甲为某自动注水装置的部分结构简图，杠杆AOB始终在水平位置保持平衡，yO为杠杆的支点，OA＝2OB，竖直细杆a的一端连接在杠杆的A点，另一端与高为0.2 m的长方体物块C固定；竖直细杆b的下端通过力传感器固定，上端连接在杠杆的B点(不计杠杆、细杆及连接处的重力和细杆的体积)。圆柱形水箱中盛有质量为8.5 kg的水，打开水龙头，将水箱中的水缓慢放出，通过力传感器能显示出细杆b对力传感器的压力或拉力的大小；图乙是力传感器示数F的大小随放出水的质量m变化的图像。当放出水的质量达到5.5 kg时，物块C刚好全部露出水面，此时装置由传感器控制开关开始注水。求： (1)物块C的重力； (2)物块C受到的最大浮力； (3)当物块C下表面刚好与液面相平时，水对水箱底部的压强。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 20．重庆市沙坪坝区2024年初中适应性监测 1 2 3 4 5 6 7 8 A D B C C D B D 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．A　【考点】家庭电路电压；温度、质量、长度的估测。 2．D　【考点】参照物的选择及运动状态的判断；声音的传播；光现象的辨识；分子热运动。 3．B　【考点】物态变化的辨识及吸放热判断；改变物体内能的方式；液体沸点的影响因素。 4．C　【考点】验电器的原理；试电笔的使用；磁场对通电导体的作用；电磁感应现象。 5．C　【考点】平衡力与相互作用力的辨别；机械能；力的作用效果；惯性。 6．D　【考点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用。 【解析】A．闭合开关S1后，根据安培定则可知，电磁铁的左端为N极，右端为S极，故A错误。 BCD.由图可知，闭合开关S1、S2后，滑片P向左滑动过程中滑动变阻器接入电路的电阻变小，由I＝可知，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性变强，由巨磁电阻效应知，巨磁电阻的阻值会变小，则右侧电路中的总电阻变小，电流变大，指示灯变亮；故BC错误，D正确。 7．B　【考点】阿基米德原理的应用；压强的计算。 【解析】A．物块的质量m＝200 g＝0.2 kg，物块受到的重力G＝mg＝0.2 kg×10 N/kg＝2 N，物块浸没在水中排开水的体积V排＝V＝40 cm2×10 cm＝400 cm3＝4×10－4 m3，物块浸没时受到的浮力F乙浮＝ρ水V排g＝1.0×103 kg/m3×4×10－4 m3×10 N/kg＝4 N，由于物块受力平衡，则压力F＝F乙浮－G＝4 N－2 N＝2 N，故A错误。 B．图甲中，物块处于漂浮状态，F甲浮＝G＝2 N；施加力F后，物块受到的浮力增加量ΔF浮＝F乙浮－F甲浮＝4 N－2 N＝2 N，根据F浮＝ρ水V排g可得，排开水的体积增大量ΔV排＝＝＝2×10－4 m3＝200 cm3，则水的深度增大量Δh＝＝＝2 cm＝0.02 m，则容器底受到的压强增大值Δp水＝ρ水gΔh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.02 m＝200 Pa，故B正确。 C．容器受到的重力G容＝m容g＝0.2 kg×10 N/kg＝2 N，容器中的水受到的重力G水＝ρ水V水g＝1.0×103 kg/m3×100×10－4 m2×0.1 m×10 N/kg＝10 N，容器对桌面的压力F′＝G容＋G水＋G＝2 N＋10 N＋2 N＝14 N，容器对桌面的压强p＝＝＝1 400 Pa，故C错误。 D．图乙中水的深度h′＝h水＋Δh′＝h水＋＝10 cm＋＝14 cm＝0.14 m，水对容器底的压强p水＝ρ水gh′＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.14 m＝1 400 Pa，根据p＝可得，水对容器底部的压力F″＝p水S容＝1 400 Pa×100×10－4 m2＝14 N，故D错误。 8．D　【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用。 【解析】A．闭合开关S3、S4，断开开关S1、S2，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，电压表V2测滑动变阻器R3两端的电压，两电流表均测电路的电流。电压表V1所选量程为03 V，电压表V1的示数最大时，根据欧姆定律可得，此时通过电路的电流I＝＝＝0.3 A＜0.6 A，根据串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路的阻值最小，此时通过电路的电流最大，串联电路各处电流相等，所以通过电路的最大电流为0.3 A，此时滑动变阻器两端的最小电压U3min＝U－U1max＝4.5 V－3 V＝1.5 V，即V2的最小示数为1.5 V；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，通过电路的电流最小，Imin＝＝＝0.18 A，此时滑动变阻器两端的电压U3＝IminR3＝0.18 A×15 Ω＝2.7 V<3 V，所以电流表A1的示数变化范围是0.180.3 A，故A错误。 B．根据选项A分析可知，R3的电功率P3＝I2R3＝()2R3＝＝，所以，当R3＝R1＝10 Ω 时，R3的功率最大，P3最大＝＝＝0.506 25 W；当R3＝15 Ω时，滑动变阻器R3的功率P3′＝()2R3＝()2×15 Ω＝0.486 W，已知电压表V1的量程为03 V，则R1两端的电压最大为3 V，此时滑动变阻器连入电路的电阻最小，电路中电流最大，由选项A知，I＝0.3 A，此时滑动变阻器R3的功率：P3″＝U3minI＝1.5 V×0.3 A＝0.45 W；所以，滑动变阻器R3的功率变化范围为0.450.506 25 W，故B错误。 C．闭合开关S1、S2、S3，断开开关S4，定值电阻R2和滑动变阻器R3并联接入电路，电流表A2测干路电流，根据欧姆定律可得，通过R2的电流I2＝＝＝1.8 A，电流表A2所选量程为03 A，则干路最大电流为3 A，根据并联电路电流规律可知，通过滑动变阻器R3的最大电流I3＝I最大－I2＝3 A－1.8 A＝1.2 A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小R3min＝＝＝3.75 Ω，滑动变阻器接入电路的阻值越大，通过电路的电流越小，所以滑动变阻器接入电路的阻值范围是3.7515 Ω，故C错误。 D．根据P＝UI可知，在电源电压一定时，当电路中电流最大时，电功率最大；当电路中电流最小时，电功率最小；所以，当S1、S2、S3闭合，S4断开时，定值电阻R2和滑动变阻器R3并联，电流表A2测干路电流，此时由于电流表A2所选量程为03 A，则干路最大电流为3 A，所以，最大电功率P最大＝UI最大＝4.5 V×3 A＝13.5 W；由于R3最大＞R2，所以，当S3闭合，S1、S2、S4断开，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，且R3的阻值全部接入电路时，电路中的电流最小，电功率最小，则最小电功率P最小＝＝＝0.81 W，所以，整个电路能达到的最大功率和最小功率之比P最大∶P最小＝13.5 W∶0.81 W＝50∶3，故D正确。 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．光在同种均匀介质中沿直线传播　折射 【考点】光现象的辨识。 10．6.72×105　0.02 【考点】热值、热量的计算。 【解析】水吸收的热量Q吸＝c水m(t－t0)＝4.2×103 J/(kg·℃)×2 kg×(100 ℃－20 ℃)＝6.72×105 J；由η＝得，天然气放出的热量Q放＝＝＝8.4×105 J；由Q放＝Vq可得，此过程消耗的天然气V＝＝＝0.02 m3。 11．1×104　400 【考点】滑轮组的相关计算；功率的计算。 【解析】坠砣受到的总重力G＝mg＝500 kg×10 N/kg＝5×103 N；由图知，使用的滑轮组承担A端拉力的绳子股数n＝2，图中坠砣挂在钢绳的自由端，不计滑轮和钢绳自重及摩擦，可得G＝FA，则输电线A端受到的拉力FA＝2G＝2×5×103 N＝1×104 N；图中坠砣挂在钢绳的自由端，则坠砣下降高度h＝nsA，则输电线A端向左移动的距离sA＝h＝×0.4 m＝0.2 m；拉力做功W＝FAsA＝1×104 N×0.2 m＝2 000 J；拉力的功率P＝＝＝400 W。 12．20　9 【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用。 【解析】由图可知，开关闭合后，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑片P在某一端点时，小灯泡消耗的功率PL1＝0.9 W，此时通过电路中的电流I1＝0.3 A，当滑片P移至中点时，小灯泡电功率变大，所以电流为0.3 A时滑片在最右端，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由P＝UI可得，小灯泡两端的电压UL1＝＝＝3 V，由串联电路规律和欧姆定律可得，电源电压U＝UL1＋UR1＝UL1＋I1R＝3 V＋0.3 A×R①；当滑片P移至中点时，滑动变阻器接入电路的电阻R′＝R，小灯泡的功率变为PL2＝2 W，小灯泡两端的电压变大，电压表示数变化了ΔUV＝2 V，由串联电路电压规律可知，小灯泡两端的电压增大ΔUL＝ΔUV＝2 V，滑片P移至中点时，小灯泡两端的电压 UL2＝UL1＋ΔUL＝3 V＋2 V＝5 V，由P＝UI可得，通过小灯泡的电流I2＝＝＝0.4 A，由串联电路规律和欧姆定律可得，电源电压U＝UL2＋UR′＝UL2＋I2×R＝5 V＋0.4 A××R②；联立①②解得，滑动变阻器的最大阻值R＝20 Ω，电源电压U＝9 V。 13．500　18 【考点】浮力、压强的综合计算。 【解析】已知水初始的深度h＝5 cm，则水对容器底部的压强p＝ρ水gh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×5×10－2 m＝500 Pa；圆柱体质量m＝ρ柱V＝ρ柱S柱h柱＝0.9 g/cm3×120 cm2×10 cm＝1 080 g＝1.08 kg，圆柱体受到的重力G＝mg＝1.08 kg×10 N/kg＝10.8 N，沿着竖直方向将圆柱体切割为相同的A、B两部分，GA＝GB＝×10.8 N＝5.4 N，底面积SA＝SB＝S柱＝×120×10－4 m2＝60×10－4 m2＝6×10－3 m2，再将B竖直放入容器C中，静止时B浸入水中的深度为h浸，则B对容器底的压强p1＝＝＝＝ ①， 则容器中水的深度为h浸，水对容器底的压强p2＝ρ水gh浸＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×h浸②，p1∶p2＝1∶5③，联立①②③解得h浸＝0.075 m，则水面上升的高度Δh＝0.075 m－0.05 m＝0.025 m，容器的底面积S容＝＝＝1.8×10－2 m2＝180 cm2，容器C中水的体积V水＝S容h＝180 cm2×5 cm＝900 cm3，圆柱体整体放入容器中，根据物体的密度为0.9 g/cm3，小于水的密度，圆柱体会漂浮，圆柱体漂浮时排开水的体积V排＝＝＝＝1.08×10－3 m3＝1 080 cm3，V排＋V水＝1 080 cm3＋900 cm3＝1 980 cm3，V容＝S容h容＝180 cm2×10 cm＝1 800 cm3，因V排＋V水>V容，容器中水会溢出，溢出水的体积V″＝V排＋V水－V容＝1 980 cm3－1 800 cm3＝180 cm3，最终容器内水的体积V剩＝900 cm3－180 cm3＝720 cm3，则容器对桌面的压力F＝G水剩＋G＝ρ水V剩g＋G＝1.0×103 kg/m3×720×10－6 m3×10 N/kg＋10.8 N＝18 N。 14．(1)如图所示　　　　　(2)如图所示 　　　 【考点】杠杆作图；光现象作图。 【解析】(1)延长力F的作用线，由支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度为F的力臂l。 (2)图中法线已画出，光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，由此在法线右侧的玻璃中作出折射光线。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)自下而上　98　低于　(2)缩小　右　左 【考点】探究水沸腾时温度变化的特点；探究凸透镜成像的规律。 【解析】(1)实验时用酒精灯外焰加热，温度计使用时，玻璃泡浸没在被测液体中，但不能接触容器底和容器壁，故组装器材时应按照自下而上的顺序；图1中，温度计分度值为1 ℃，温度计的示数为98 ℃，即水的沸点为98 ℃；标准大气压下水的沸点是100 ℃，水的沸点随气压的升高而升高，由此可以判断，当时大气压低于标准大气压。 (2)平行于主光轴的光经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以该凸透镜的焦距f＝60.0 cm－50.0 cm＝10.0 cm；当蜡烛放在图2乙所示位置，此时物距u＝50.0 cm－20.0 cm＝30.0 cm＞2f，成倒立、缩小的实像；固定凸透镜的位置不变，当蜡烛向右移动后，物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，应将光屏向右移动，才能再次得到清晰的像；小丽将一块近视眼镜镜片放在凸透镜和蜡烛之间，保持凸透镜和光屏的位置不变，因近视眼镜镜片是凹透镜，凹透镜对光具有发散作用，会将光推迟会聚成像，此时像成在光屏的右侧，要使光屏上还能成清晰的像，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，可将蜡烛适当向左移动。 16．(1)如图所示 (2)C　(3)右　电压表　(4)12　3 (5)方案1：10　方案2：4.8 【考点】测量小灯泡的电阻及电功率；探究电流与电阻的关系。 【解析】(1)要求滑片向右移动灯泡变亮，说明电路中电阻变小，故滑动变阻器的右下接线柱接入电路。 (2)闭合开关，移动滑片后，小灯泡不亮，电流表没有示数，说明电路断路，电压表没有示数，说明电压表与电源的正负极没有连通，即与电压表并联以外的电路断路，则电路的故障可能是滑动变阻器断路，C符合题意。 (3)如图乙所示，电压表选用大量程，分度值为0.5 V，其示数为4 V，小于小灯泡的额定电压6 V，要使小灯泡正常发光，应增大小灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故接下来他应该将滑动变阻器的滑片向右移动，同时眼睛注意观察电压表，直到电压表的示数为小灯泡的额定电压，此时小灯泡正常发光。 (4)由图丙可知，当小灯泡两端的电压为6 V时，通过小灯泡的电流为0.5 A，则小灯泡正常发光时的电阻R＝＝＝12 Ω；小灯泡的额定功率P＝U额I额＝6 V×0.5 A＝3 W。 (5)方案1：将电阻更换成30 Ω 的定值电阻后，闭合开关，移动滑片，如果使电压表的示数达到预定的4 V，则电路中电流I′＝＝＝ A，电路的总电阻R总＝＝ ＝60 Ω，而实际电路的最大电阻R总′＝30 Ω＋20 Ω＝50 Ω。因此需要在电路中再串联一个阻值最小为R串＝R总－R总′＝60 Ω－50 Ω＝10 Ω 的定值电阻，电压表示数即可达到4 V。 方案2：在保持电路结构及实验器材不变的前提下，当电路中更换为30 Ω的定值电阻时，滑动变阻器接入电路最大电阻，此时定值电阻两端的电压UR最小，根据串联分压原理，＝，即＝，解得UR小＝4.8 V，则调整预先设定的电压值应使其不低于4.8 V。 17．(1)标尺　左　23　20　1.15 (2)10　7.8　偏小 【考点】测量固体的密度。 【解析】(1)先将天平放在水平工作台上，再将游码移到标尺左端的零刻度线处，如果指针右偏，则需要向左调节平衡螺母；如图1甲所示，枇杷的质量m＝20 g＋3 g＝23 g，如图1乙所示，枇杷的体积V＝80 mL－60 mL＝20 mL＝20 cm3，枇杷的密度ρ＝＝＝1.15 g/cm3。 (2)取出金属块后，向溢水杯中补满水，补水的质量m水＝78 g＋32 g－100 g＝10 g，则金属块的体积V金＝V水＝＝＝10 cm3，则金属块的密度ρ金＝＝＝7.8 g/cm3；若测量后发现此电子秤的每次测量值均比真实值大1 g，故金属块实际质量为77 g，补水的实际质量m水′＝77 g＋31 g－99 g＝9 g，则金属块的实际体积V′＝V水′＝＝＝9 cm3，则金属块的实际密度ρ实＝＝≈8.6 g/cm3，故所测密度偏小。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．解：(1)由图可知，R1、R2串联，电流表测量电路的电流，由I＝可知，报警时电路中的总电阻： R总＝＝＝30 Ω，(2分) 此时气敏电阻R1的阻值： R1＝R总－R2＝30 Ω－20 Ω＝10 Ω。(2分) (2)报警10 s整个电路消耗的电能： W＝UIt＝3 V×0.1 A×10 s＝3 J。(2分) 【考点】欧姆定律的应用；电能的计算。 19．解：(1)由图可知，当闭合开关S，温控开关S1置于右边两个触点时，R1、R2并联，此时电路中的总电阻最小，由P＝可知，电路中的总功率最大，恒温箱处于加热挡；当闭合开关S，温控开关S1置于左边触点时，只有R1工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，恒温箱处于保温挡。 由P＝可知，“保温”时恒温箱的电功率： P保温＝＝＝121 W。(2分) (2)由于并联电路中各用电器的电功率之和等于电路的总功率，则加热挡工作时R2的电功率： P2＝P加热－P保温＝605 W－121 W＝484 W，(1分) 由P＝可知，R2的阻值： R2＝＝＝100 Ω。(1分) (3)由P＝可知，恒温箱消耗的电能： W＝P加热t＝605 W×100 s＝60 500 J，(1分) 由η＝可知，恒温箱内气体吸收的热量： Q吸＝ηW＝52%×60 500 J＝31 460 J，(1分) 由ρ＝可知，恒温箱内气体的质量： m＝ρV＝1.3 kg/m3×2 m3＝2.6 kg， 由Q吸＝cm(t温－t0)可知，恒温箱的恒定温度： t温＝＋t0＝＋20 ℃＝32.1 ℃。(2分) 【考点】电功率的计算；电功与电热的综合计算。 20．解：(1)当放出水的质量达到5.5 kg时，物块C刚好全部露出水面，此时杠杆A端受到的拉力等于物块C受到的重力，由图乙知，此时B端受到的拉力为10 N，根据杠杆的平衡条件知， FA×OA＝FB×OB， 由OA＝2OB可得，杠杆A端受到的拉力： FA＝×FB＝×10 N＝5 N，(1分) 物块C受到的重力：GC＝FA＝5 N。(1分) (2)分析图乙可知，当放出水的质量m≤1.5 kg时，物块C浸没在水中，物块C受到的浮力最大，此时力传感器受到的力最大为30 N(即杠杆B端受到的作用力最大为30 N)； 由杠杆的平衡条件可得，FA′×OA＝FB′×OB， 则此时杠杆A端受到的作用力： FA′＝×FB′＝×30 N＝15 N，(1分) 由图乙可知，放水的质量在1.5 kg到5.5 kg之间时力传感器的示数可以为零，说明C可以漂浮，则物块C受到的浮力最大时，杠杆A端受到的作用力是向上的，因力的作用是相互的，则物块C浸没时，C受到细杆a向下的压力F压＝FA′＝15 N，物块C受力平衡，则物块C受到的最大浮力： F浮＝F压＋GC＝15 N＋5 N＝20 N。(1分) (3)由F浮＝ρ液gV排可得，物块C浸没时排开水的体积： V排＝＝＝2×10－3 m3， (1分) 物块C的底面积： SC＝＝＝1×10－2 m2， 由图乙可知，从开始放水到物块C上表面刚好与液面相平时，放出水的质量m1＝1.5 kg， 从物块C上表面刚好与液面相平到物块C刚好全部露出水面时，放出水的质量： m2＝5.5 kg－1.5 kg＝4 kg， 该过程放出水的体积： V2＝＝＝4×10－3 m3，(1分) 由V2＝(S水箱－SC)hC可得，水箱的底面积： S水箱＝＋SC＝＋1×10－2 m2＝3×10－2 m2， (1分) 当物块C下表面刚好与液面相平时，水对水箱底部的压力等于水的重力： F＝G下水＝m下g＝(8.5 kg－5.5 kg)×10 N/kg＝30 N， 此时水对水箱底部的压强： p＝＝＝1 000 Pa。(1分) 【考点】杠杆的平衡条件及应用；压强与浮力的综合计算。 【错题反思】 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T6、T9、T10、T14、T18 再接再厉鼓舞你 T11、T15 伤筋动骨磨炼你 T12、T16、T17、T19 学霸登顶恭喜你 T7、T8、T13、T20 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到教材或复习资料中再深入学习一遍。 学科网（北京）股份有限公司 $$