15 重庆市南开中学初2024届(九下)定时作业(十)-【智乐星中考】2025年重庆中考物理真题汇编（Word)答案

15．重庆市南开中学初2024届(九下)定时作业(十)(全卷共四个大题　满分80分　与化学共用120分钟) 注意事项：全卷取g＝10 N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3。 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．下列关于人体各项数据的估测，最符合实际的是(　　) A．人体安全电压为 36 V B．中学生所受重力约为 50 N C．人的正常体温为 40 ℃ D．人正常步行速度约为 4 km/h 2．如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，主要应用了光的折射的是(　　) 3．图中的融侨公园绿意盎然，是市民休闲健身的好去处。下列说法正确的是(　　) A．以散步的市民为参照物，岸边的树木是静止的 B．湖边柳絮纷飞能说明分子永不停息地做无规则运动 C．气温降低时，湖水分子运动变慢，含有的热量减少 D．烈日下，湖水比岸上石头凉，主要是因为水的比热容大 4．如图所示，重庆长江索道有“空中走廊”之美誉。下列说法正确的是(　　) A．轿厢斜向上匀速运动时，它的机械能在减小 B．在加速起步阶段，轿厢里的乘客受到的惯性逐渐变大 C．在滑轮处涂抹润滑油是为了增大滑轮与轴间的摩擦力 D．钢索对轿厢的拉力与轿厢对钢索的拉力是一对相互作用力 5．五一期间，小南通过刷身份证进高铁站时，将证件靠近检验口，检测器中就会产生感应电流，从而识别小南身份。图中与这一原理相同的是(　　) 6．我校科学小组开展“制作可调式电热水壶”的活动。设计电路时要求：闭合开关后，顺时针调节变阻器的旋钮滑片P时，通过发热体的电流增大，产热加快；同时反映发热体功率高低的显示仪(电压表)示数增大。图中，设计符合要求的是(　　) 7．小开用如图所示的滑轮竖直向上提升重物，将质量为40 kg 的重物在2 s内匀速提升2 m，他对绳的拉力为250 N。不计绳重和摩擦，则该过程中，下列判断错误的是(　　) A．动滑轮重为100 N B．拉力做的有用功为1 000 J C．拉力做功的功率为500 W D．滑轮的机械效率为 80% 8．如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0～3 V，电流表量程是0～0.6 A，滑动变阻器R2的最大阻值为50 Ω。只闭合S、S1，将滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点，此时小灯泡恰好正常发光且功率为1.5 W，此过程中小灯泡和R1的I­U图像如图乙所示。那么在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是(　　) A．R1最大阻值为 8 Ω B．只闭合S、S1时，电路的最小功率为1.2 W C．只闭合S、S2，R1的滑片在a点时，调节R2，R1的最大功率是2.88 W D．只闭合S、S2，R1的滑片可调节时，R2允许接入电路的最大阻值是40 Ω 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．意大利科学家____________通过实验第一次测出了大气压的值。科学家们进一步研究发现，气体在流速越大的地方，压强越________，利用这一规律可以让飞机升空。 10．智能手机功能多样，某款手机的“智慧语音”功能可以识别使用者声音的________(选填“音调”“音色”或“响度”)，进而解锁手机，完成各种指令；当我们使用它的“智慧视觉”功能拍照时，物体经摄像头扫描会成倒立、________(选填“缩小”“等大”或“放大”)的实像。 11．小南用电热水壶把2 kg的水从20 ℃加热至70 ℃，水吸收的热量是________J；他将此电热水壶单独接入电路时，观察到如图所示的电能表转盘在6 min内转了120 r，则电热水壶的实际功率是__________W。[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)] 12．在如图所示的电路中，电源电压可调节，电阻R＝4 Ω，灯泡标有“4 V　2 W”。将接线柱B、C连接，调节电源电压为________V 时，灯泡恰好正常发光；若将接线柱A 与 C、B与D分别连接在一起，调节电源电压使得灯泡再次正常发光时，电流表示数为________A。 13．如图，将轻杆AB放在圆柱体的正中央水平凹槽CD中，分别用轻绳将甲、乙两物体挂于A、B两处，此时轻杆刚好微微翘起。已知LAC＝LCD＝LDB，ρ甲＝3ρ乙，S甲＝S乙且G甲＞G乙，则V甲∶V乙＝________；若同时将物体甲、乙从底部水平切去相同高度Δh后，轻杆也恰好微微翘起，则Δh∶h甲＝________。(不计摩擦且切割前后杠杆均保持平衡) 14．请按要求完成下列作图。 (1)如图甲中，有一个重为4 N的小球在空中飞行，请画出该球所受重力的示意图。 (2)通电螺线管附近小磁针静止时如图乙所示，请在括号内标出电源极性。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)如图是小南探究“平面镜成像特点”的实验装置图。 ①应选择________(选填“薄”或“厚”)玻璃板进行实验。 ②当蜡烛A远离玻璃板M时，像的大小________(选填“变小”“不变”或“变大”)。 ③移走蜡烛B，在原来蜡烛B的位置放一光屏，应用眼睛________(选填“透过玻璃板”或“直接”)观察光屏。 (2)小开用如图甲所示的装置做“探究冰熔化特点”的实验。 ①装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热。这样不但能使冰均匀受热，而且使冰升温较________(选填“快”或“慢”)，便于实验观察和数据记录。 ②实验中某次温度计示数如图乙，其读数为________℃。 ③根据实验数据描绘出的图像如图丙所示，可知冰是________(选填“晶体”或“非晶体”)。 16．小渝想测量某个敞口玻璃杯所用材料的密度，于是设计并进行了如下实验。 (1)实验前，应将天平放在________桌面上，将________移到标尺的零刻度线处。 (2)如图甲所示，在正确操作下，测得玻璃杯的质量m1＝________g。 (3)由于玻璃杯无法放入量筒，小渝用如下方法测量玻璃杯的体积。 ①在一个圆柱形容器中倒入适量的水； ②将玻璃杯浸没在水中，用记号笔记下水面在容器上对应的位置a，如图乙； ③仅取出玻璃杯，用量筒量取50 mL水，将量筒中的水倒入容器，直到水面达到a处，量筒中剩余水的体积如图丙，为________mL； ④由以上数据计算出玻璃杯的密度为________kg/m3。这种测量方法所测得的密度值与真实值相比________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。 (4)小渝经过思考后，利用现有器材，继续测量了某种盐水的密度，过程如下： ①向容器中重新倒入适量的水，使玻璃杯漂浮在水面，用记号笔标记水面在玻璃杯上对应的位置，即标记b(如图丁)。 ②将容器中的水倒出并擦干，接着向容器中倒入适量的盐水。使玻璃杯漂浮在盐水中(如图戊)，再向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与________相平。取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用天平测出其总质量为m2。 ③盐水密度的表达式为ρ盐水＝______________(用字母m1、m2、ρ水表示)。 17．如图甲所示，小江做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为6 V，小灯泡的铭牌上标有“3.8 V”字样，滑动变阻器的规格是“20 Ω　0.5 A”。 (1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整(要求：向右移动滑片时，小灯泡变亮，且导线不能交叉)。 (2)闭合开关前，小江发现电流表的指针如图乙所示，其原因是______________________，按照规范操作实验，他闭合开关后，小灯泡不发光，电流表和电压表都有示数，导致这一现象可能的原因是________。 A．灯丝断路 B．滑动变阻器断路 C．灯丝短路 D．滑动变阻器阻值太大 (3)当电压表示数为2 V时，若要测量小灯泡的额定功率，应该将滑片向________(选填“左”或“右”)移，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是________W。 (4)小江移动滑片，多次记录小灯泡的电压与电流，并依据实验数据，描出小灯泡的I­U图像(如图a)。在曲线上任取一点，构成如图b所示的矩形(阴影部分)。则矩形面积表示的物理含义是________________________。 (5)小南利用上述器材准备继续探究“电流与电阻的关系”的实验。他分别将10 Ω、15 Ω、 20 Ω、40 Ω四个定值电阻替代小灯泡进行实验。在前三次实验中，他通过移动滑片均能使电压表示数保持U0不变。接下来，当他把40 Ω的电阻接入电路时，无论如何调节滑片都不能使电压表的示数达到U0，小南控制的U0的范围是__________。 (6)在第(5)问中为了完成第四次实验，不可以采取的措施是________。 A．换一个最大阻值更大的滑动变阻器 B．降低电源电压 C．将20 Ω的电阻串联到电路中 D．降低U0的值 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．随着生活水平的提高，扫地机器人(如图)逐步进入普通家庭。若扫地机器人工作时所受阻力恒为60 N，它在5 s内沿直线匀速清扫地面的距离为2 m。求： (1)该扫地机器人的移动速度； (2)此过程中，该扫地机器人动力的功率。 19．小融设计了一款高、中、低三个挡位的加热器，其部分设计参数如表所示，简化电路如图所示，R0、R1、R2均为电热丝，其中R1＝80 Ω。加热器在高温挡、中温挡工作时，开关S2均处于闭合状态。当只闭合开关S，加热器处于功率可调的低温挡(滑片只在限定范围内滑动)。 　　 额定电压 220 V 高温挡功率 1 210 W 中温挡功率 ？ W 低温挡功率 121～484 W (1)求高温挡正常工作10 min产生的热量； (2)求加热器中温挡的功率； (3)R0现有“300 Ω　4 A”“500 Ω　3 A”“600 Ω　2 A”三种备选规格，为了达到小融设计的低温挡功率范围，请通过计算说明他应该选择哪种规格。 20．小侨设计了“智能浸泡涂漆器”来替代人工上漆。涂漆器是由工作台、可竖直升降的挡板等组成的圆桶，如图甲所示。工作台固定在涂漆器底部，其上表面的面积为0.5 m2，高为0.1 m。涂漆器的底部还嵌有一个厚度不计的力敏电阻，表面涂有绝缘漆。力敏电阻连在如图乙所示的电路中，电源电压为40 V，力敏电阻的阻值与液体压强的关系如图丙所示。现将质量分布均匀的柱体A放在工作台中央，先将挡板固定在1 m高处，开始注漆；当电流表示数为0.8 A时停止注漆。已知柱体A的质量为400 kg，底面积为1 m2，高为0.8 m，圆桶的底面积为1.2 m2，油漆密度为1×103 kg/m3。求： (1)当漆面上升至0.1 m时，油漆对力敏电阻的压强； (2)当漆面上升至0.4 m时，柱体A对工作台的压强； (3)停止注漆后，若需将柱体A的侧面全部涂满漆，挡板应至少往下移动的距离。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 15．重庆市南开中学初2024届(九下) 定时作业(十) 1 2 3 4 5 6 7 8 D A D D B C B C 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．D　【考点】安全电压；重力、温度、速度的估测。 2．A　【考点】光现象的辨识。 3．D　【考点】参照物的选取及运动状态的判断；分子热运动与机械运动；温度、热量与内能的关系；比热容的应用。 4．D　【考点】机械能；惯性；增大或减小摩擦的方法；平衡力与相互作用力的辨别。 5．B　【考点】电磁现象的辨识。 6．C　【考点】串、并联电路的设计。 7．B　【考点】滑轮(组)机械效率的相关计算；功率的计算。 【解析】A．由图可知，与动滑轮相连的绳子段数n＝2，不计绳重和摩擦，根据F＝(G＋G动)可知，动滑轮重G动＝nF－G＝nF－mg＝2×250 N－40 kg×10 N/kg＝100 N，故A正确。 B．拉力做的有用功W有＝Gh＝mgh＝40 kg×10 N/kg×2 m＝800 J，故B错误。 C．拉力做的总功W总＝Fs＝Fnh＝250 N×2×2 m＝1 000 J，则拉力做功的功率P＝＝＝500 W，故C正确。 D．滑轮的机械效率η＝＝×100%＝80%，故D正确。 8．C　【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算。 【解析】A．只闭合S、S1时，滑动变阻器R1与小灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量小灯泡两端的电压。R1的滑片从最右端向左滑至a点过程中，电路中电阻逐渐减小，由欧姆定律得，电路中电流逐渐增大，由分压原理知，小灯泡两端的电压随电流的增大而逐渐增大，R1两端的电压随电流的增大而逐渐减小，所以图乙中左侧图像为小灯泡的I­U图像，右侧图像为R1的I­U图像。根据图像知，R1连入电路的阻值最大时电路中电流最小，滑动变阻器两端的电压最大U1max＝6 V，R1最大阻值R1＝＝＝30 Ω，故A错误。 B．电源电压U＝U1max＋U灯＝6 V＋1 V＝7 V，只闭合S、S1时，电路的最小功率Pmin＝UI小＝7 V×0.2 A＝1.4 W，故B错误。 C．小灯泡正常发光时两端的电压U灯′＝U－U1＝7 V－4 V＝3 V，电路中的电流I′＝＝＝0.5 A，R1的滑片在a点时的电阻R1′＝＝＝8 Ω；只闭合S、S2时，R1、R2串联，电压表测R2两端的电压。R1的滑片在a点时，调节R2，根据电流表的量程知，电路中最大电流I大＝0.6 A，此时U1′＝I大R1′＝0.6 A×8 Ω＝4.8 V，则R2两端电压U2′＝U－U1′＝7 V－4.8 V＝2.2 V<3 V ，电路安全。R1的最大功率P1＝UI大＝I大2R1′＝(0.6 A)2×8 Ω＝2.88 W，故C正确。 D．当电压表示数U2″＝3 V时，R1两端的电压U1″＝U－U2″＝7 V－3 V＝4 V，R1、R2的电压之比为4∶3，根据串联分压原理，则电阻之比为4∶3；R1的电阻最大时，R2接入电路的电阻最大，即30 Ω∶R2＝4∶3，R2＝22.5 Ω，故D错误。 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．托里拆利　小 【考点】物理学史；流体压强与流速的关系。 10．音色　缩小 【考点】声音特性的辨识；凸透镜成像规律的应用。 11．4.2×105　2 000 【考点】热量的计算；电能表的相关计算。 【解析】水吸收的热量Q吸＝c水m(t－t0)＝4.2×103 J/(kg·℃)×2 kg×(70 ℃－20 ℃)＝4.2×105 J；电能表的转盘转120 r时，电热水壶消耗的电能W＝＝0.2 kW·h，电热水壶的实际电功率P＝＝＝2 kW＝2 000 W。 12．6　1.5 【考点】串、并联电路的电流、电压规律；欧姆定律的应用。 【解析】灯泡L正常发光时的电流IL＝＝＝0.5 A；将接线柱B、C连接，电路中灯泡L和电阻R串联，灯泡L恰好正常发光，则此时电路中的电流I＝IL＝0.5 A，电阻R两端的电压UR＝IR＝0.5 A×4 Ω＝2 V，此时电源电压U＝UL＋UR＝4 V＋2 V＝6 V；若将接线柱A与C、B与D分别连接在一起，此时电路中灯泡L和电阻R并联，电流表测量干路电流，调节电源电压为4 V时，灯泡再次正常发光，此时电阻R所在支路的电流IR＝＝＝1 A，电流表示数I总＝IL＋IR＝0.5 A＋1 A＝1.5 A。 13．2 ∶3　9 ∶10 【考点】杠杆的平衡条件及应用。 【解析】因为G甲>G乙，LAC＝LCD＝LDB，所以支点在C点，微微翘起的是轻杆右侧，根据杠杆的平衡条件知，G甲×LAC＝G乙×LCB，即ρ甲V甲g×LAC＝ρ乙V乙g×LCB，得＝＝＝；G甲＝m甲g＝ρ甲V甲g＝3ρ乙×V乙g＝2m乙g＝2G乙，因为S甲＝S乙，Δh相同，则ΔV同，又因为ρ甲＝3ρ乙，所以ΔG甲＝3ΔG乙。若支点在C点，(G甲－ΔG甲) LAC ＝(G乙－ΔG乙)LBC，将G甲＝2G乙代入，可得ΔG甲＝2ΔG乙，矛盾，故支点只能在D点，所以有(G甲－ΔG甲)LAD＝(G乙－ΔG乙) LBD，将G甲＝2G乙代入，可得ΔG甲＝3ΔG乙，则ΔG甲∶G甲＝9∶10，故Δh∶h＝9∶10。 14．(1)如图所示　　　　(2)如图所示 　　　　　 【考点】重力作图；通电螺线管作图。 【解析】(1)重力的方向是竖直向下的，过小球的重心(球心)画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，大小为4 N。 (2)由图乙可知，小磁针静止时右端为N极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥知，通电螺线管左端为S极，右端为N极。根据安培定则知，电流从螺线管的左端流入，则电源的右端为负(－)极。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)①薄　②不变　③直接　(2)①慢　②－4　③晶体 【考点】探究平面镜成像的特点；探究固体熔化时温度的变化规律。 16．(1)水平　游码　(2)54　(3)③30　④2.7×103　偏小 (4)②标记b　③ρ水 【考点】测量物质的密度。 【解析】(1)实验前，应将天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的零刻度线处，调节平衡螺母，使横梁平衡。 (2)由图甲可知，玻璃杯的质量m1＝20 g＋20 g＋10 g＋4 g＝54 g。 (3)③将量筒中的水倒入容器，直至容器中的水到达标记处，此时图丙量筒中剩余水的体积为30 mL，玻璃杯的体积等于倒出水的体积，即V玻璃＝V水＝＝50 mL－30 mL＝20 mL＝20 cm3；④玻璃杯的密度ρ＝＝＝2.7 g/cm3＝2.7×103 kg/m3；玻璃杯从水中取出时，会沾水，量筒倒入容器中的水的体积大于玻璃杯的体积，玻璃杯的质量测量准确，测量的体积偏大，由ρ＝知，测得的密度会偏小。 (4)②③向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与标记b相平，使玻璃杯在水与盐水中排开液体的体积相同，玻璃杯在水中漂浮，F浮＝G物＝m1g，即ρ水gV排＝m1g，得V排＝，玻璃杯在盐水中漂浮，F浮′＝G物′＝m2g，则ρ盐水gV排＝m2g，所以ρ盐水＝，盐水的密度ρ盐水＝ρ水。 17．(1)如图所示 (2)未调零　D　(3)右　1.14 (4)滑动变阻器的电功率 (5)3 V≤U0<4 V　(6)D 【考点】测量小灯泡的电功率；探究电流与电阻的关系。 【解析】(1)向右移动滑片时，小灯泡变亮，说明电路中电流变大，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故滑动变阻器应选右下接线柱与小灯泡左侧接线柱连接。 (2)由图乙知，闭合开关前，电流表指针未指在零刻度线处，其原因是使用前电流表未调零；电流表有示数，说明电路为通路，电压表有示数，说明小灯泡未发生短路，则可能是因为滑动变阻器接入电路的电阻太大，使得电路中的电流太小，小灯泡的电功率太小，故选D。 (3)电压表示数为2 V，小于小灯泡的额定电压3.8 V，应增大小灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由串联分压原理知，应减小滑动变阻器连入电路中的阻值，故滑片向右移动，直到电压表示数为小灯泡的额定电压；如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02 A，读数为0.3 A，则小灯泡的额定功率P额＝U额I额＝3.8 V×0.3 A＝1.14 W。 (4)图中横坐标表示电压，阴影部分宽即为U总－UL＝U滑，纵坐标表示电流，阴影部分长即为电流IL，图中阴影部分面积等于通过滑动变阻器的电流与其两端电压的乘积，由P＝UI知，矩形面积表示的物理含义是滑动变阻器的电功率。 (5)小南分别将10 Ω、15 Ω、 20 Ω三个定值电阻替代小灯泡进行实验时，他通过移动滑片均能使电压表示数保持U0不变。则当定值电阻为20 Ω，滑动变阻器的最大阻值连入电路时，定值电阻可达到控制电压的最小值，根据串联分压原理得，＝，即＝，解得URmin＝3 V。当定值电阻为40 Ω，滑动变阻器的最大阻值连入电路时，定值电阻可达到控制电压的最大值，根据串联分压原理得，＝，即＝，解得URmax＝4 V，当把40 Ω电阻连入电路时，无论如何调节都无法达到合理的控制电压值，则小南控制的U0范围是3 V≤U0<4 V。 (6)无论如何调节滑片，都不能使电压表的示数达到U0，说明滑动变阻器的最大阻值较小，可换用最大阻值更大的滑动变阻器，故A正确；若降低电源电压，则滑动变阻器分得的电压变小，由串联分压的规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值变小，该方法可行，故B正确；若将20 Ω的电阻串联到电路中，相当于增大了滑动变阻器的最大阻值，与选项A类似，故C正确；若降低U0的值，则滑动变阻器分得的电压应变大，由串联分压的规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变大，故D错误。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．解：(1)该扫地机器人的移动速度： v＝＝＝0.4 m/s。(3分) (2)扫地机器人匀速直线行驶，所以动力F＝f＝60 N， 动力做的功：W＝Fs＝60 N×2 m＝120 J， 该扫地机器人动力的功率： P＝＝＝24 W。(3分) 【考点】功率、速度的计算。 19．解：(1)加热器在高温挡时的功率P高＝1 210 W，高温挡正常工作10 min产生的热量： Q＝W＝P高t＝1 210 W×10×60 s＝7.26×105 J。 (1分) (2)由图可知，当开关S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P＝可知，电路中的总功率最大，加热器处于高温挡；当开关S、S2闭合，S1断开时，只有R2工作，电路中总电阻较小，总功率较大，加热器处于中温挡。 高温挡时R1消耗的电功率： P1＝＝＝605 W，(1分) 因高温挡时总功率等于R1、R2消耗电功率之和，且R2在高温挡和中温挡消耗的电功率不变，即P高＝P1＋P2＝P1＋P中，所以加热器中温挡功率： P中＝P高－P1＝1 210 W－605 W＝605 W。(1分) (3)由P＝可知，R2的阻值： R2＝＝＝80 Ω。(1分) 当开关S1、S2均断开，开关S闭合，此时R0、R2串联，加热器处于低温挡。移动滑片，通过改变R0接入电路的阻值可调节低温挡的功率。 当低温挡的功率最小为121 W时，由P＝可知，电路中的最大总电阻： R总大＝＝＝400 Ω，(1分) 根据串联电路的电阻特点可知，R0接入电路的最大阻值： R0大＝R总大－R2＝400 Ω－80 Ω＝320 Ω，则规格为“300 Ω　4 A”的R0不符合要求；(1分) 当低温挡功率最大为484 W时，由P＝UI可知，此时电路中的电流： I低＝＝＝2.2 A， 则规格为“600 Ω　2 A”的R0不符合要求；(1分) 所以应该选择规格为“500 Ω　3 A”的R0。(1分) 【考点】焦耳定律；电功率的计算。 20．解：(1)当油漆上升至0.1 m时，油漆对力敏电阻的压强： p1＝ρgh0＝1×103 kg/m3×10 N/kg×0.1 m＝1 000 Pa。 (1分) (2)当油漆上升至0.4 m时，则柱体A受到的浮力： F浮＝ρgV排＝ρgSA(h1－h0)＝1×103 kg/m3×10 N/kg×1 m2×(0.4 m－0.1 m)＝3 000 N， 柱体A重：G＝mg＝400 kg×10 N/kg＝4 000 N， 故此时重力大于浮力，故柱体A未上浮，则对工作台的压力：F＝G－F浮＝4 000 N－3 000 N＝1 000 N， (1分) 由于柱体A的底面积大于工作台的上表面积，故受力面积为工作台的上表面积，则柱体A对工作的台的压强： p2＝＝＝2 000 Pa。(1分) (3)由图乙可知，电路为力敏电阻R的简单电路，当停止注漆时，电流表示数为0.8 A，根据I＝可得，力敏电阻Rx的阻值： Rx＝＝＝50 Ω，(1分) 由图丙可知，当停止注漆时，力敏电阻R受到压强p3＝7×103 Pa， 根据p＝ρgh可得，此时油漆的高度： h2＝＝＝0.7 m，(1分) 假如柱体A仍与工作台接触，受到的浮力：F浮′＝ρgV排′＝1×103 kg/m3×10 N/kg×1 m2×(0.7 m－0.1 m)＝6 000 N，此时F浮′＞G，则柱体A漂浮，浮力等于重力，假设柱体A此时未与挡板接触， 故此时的V排″＝＝＝0.4 m3， (1分) 浸入油漆的深度：h浸＝＝＝0.4 m，柱体A露出的高度h露＝hA－h浸＝0.8 m－0.4 m＝0.4 m， (1分) 液面至挡板的高度h空＝h－h2＝1 m－0.7 m＝0.3 m，因为h露>h空，所以当注漆高度为h2＝0.7 m时，柱体A上表面已接触挡板且挡板对柱体A有向下的压力。柱体A实际露出的高度h露＝h空＝0.3 m。要浸没，假设挡板至少往下移动的距离为Δh，则SAΔh＝(S容－SA)×(0.3 m－Δh)， 即1 m2×Δh＝(1.2 m2－1 m2)×(0.3 m－Δh)， 解得Δh＝0.05 m。(1分) 【考点】压强、浮力的综合计算。 【错题反思】 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T6、T9、T10、T11、T14、T15、T18 再接再厉鼓舞你 T7、T12 伤筋动骨磨炼你 T16、T17、T19 学霸登顶恭喜你 T8、T13、T20 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到教材或复习资料中再深入学习一遍。 学科网（北京）股份有限公司 $$