13 重庆巴蜀中学2023～2024学年九年级下第二次模拟考试-【智乐星中考】2025年重庆中考物理真题汇编（Word)答案

13．重庆巴蜀中学2023～2024学年度九年级下第二次模拟考试(全卷共四个大题　满分80分　与化学共用120分钟) 注意事项：全卷取g＝10 N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3。 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．下列物理量最接近实际的是(　　) A．冰箱冷冻室的温度约为5 ℃ B．电热水壶正常工作电流约为0.02 A C．重庆大气压强的值约为103 Pa D．一节新干电池的电压约为1.5 V 2．如图所示现象中，由光的反射形成的是(　　) 3．以下美食涉及的物理知识，辨析合理的是(　　) A．煮面时，锅边腾起的“白气”是液化形成的 B．烧烤时，因为木炭不能完全燃烧，所以木炭的热值会变小 C．煮火锅，香气弥漫是因为分子间有引力 D．煲汤时，温度越高，汤含有的热量越多 4．有关电磁学的知识，下列说法正确的是(　　) A．试电笔使用时手必须接触笔尖金属体 B．通电导体的周围真实存在磁感线 C．验电器的原理为同种电荷相互排斥 D．电动机工作时将机械能转化为电能 5．4月中旬鲁能巴蜀中学顺利举办了第16届学生运动会，运动健儿们挥洒汗水展现青春的活力。以下涉及的物理知识判断正确的是(　　) A．投出去的实心球在空中运动过程中，运动状态不变 B．跳远运动员助跑是利用了惯性力的作用 C．静止在水平地面上的足球受到的重力与支持力是一对平衡力 D．实心球落地后滚动一段距离就停止，说明运动需要力来维持 6．鲁能巴蜀中学科技小组为校运动会开幕式设计了一款控制灯光和国旗升降的电路原理图。其工作原理为闭合开关S1，舞台灯亮，再闭合触摸开关S2，电动机控制国旗自动升降；当断开开关S1时，灯不亮，无论是否闭合开关S2，电动机都不启动。下列符合上述情况的电路设计是(　　) 7．如图，工人用滑轮组将一桶重为400 N的沙子在10 s内匀速提升6 m，所用的拉力为250 N，若不计绳重、桶重和摩擦，下列说法正确的是(　　) A．拉力的功率是150 W B．若提升过程中有部分沙子洒出，滑轮组的机械效率变小 C．使用滑轮组既能省力又能省功 D．滑轮组的机械效率是75% 8．如图所示的电路中，电源电压恒为8 V，小灯泡L上标有“6 V　3 W”字样(灯丝电阻不变)，定值电阻R1阻值为40 Ω，滑动变阻器R2的规格为“30 Ω　1 A”，电流表量程为0 ～ 0.6 A，电压表量程为0 ～ 3 V。在确保电路各元件安全的情况下，移动滑片，下列说法正确的是(　　) A．小灯泡L的电阻为10 Ω B．闭合开关S，断开开关S1、S2，通电10 s，小灯泡能消耗的电能最多为30 J C．闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器消耗的最大功率为8 W D．调整开关的状态和移动滑片，电路消耗的最大功率与最小功率之比为63∶20 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．如图，我国已经建成多条“音乐公路”，路面上刻有一条条凹槽，每条凹槽就像一个音符，可以把整条路面看成是一张留声机碟片，而汽车的轮胎就像是唱针，每当汽车驶过这段路面时，一段完整的音乐就奏响了。音乐声是由轮胎的________产生的，音乐声通过________传入人耳。 10．目前，自驾游已成为人们出游的重要方式，当汽车在公路上快速行驶时，窗外的空气流速大，压强________(选填“大”或“小”)，窗帘因受到向外的力而飘向窗外；车沿着环山公路行驶到高山上时，发现密封的零食包装袋鼓起了，这是由于高山上的大气压比山脚下的大气压更________(选填“大”或“小”)。 11．2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射取得圆满成功，并与空间站组合体成功对接，对接完成后，该飞船相对空间站是________(选填“运动”或“静止”)的；当飞船进入太空后，所装载物品的质量________(选填“变大”“变小”或“不变”)。 12．图甲是亮亮家的电能表，亮亮将一个电热水壶单独接在清零的计量插座上工作2 h，屏幕显示如图乙所示，已知电费单价为0.5元/(kW·h)，则该电热水壶单独工作时电能表在2 h后的读数应为________kW·h。若亮亮在家单独使用该电热水壶一段时间，观察到电能表的指示灯闪烁了63次，则电热水壶在这段时间内消耗的电能可以将0.5 kg的水从20 ℃加热到________℃。[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)，不计热量损耗] 13．如图所示，底面积为500 cm2且足够高的柱形容器放在面积足够大的水平桌面上，容器底部固定有2个定滑轮，现将一根不能伸长的轻绳绕过定滑轮后分别连接于A、B两个物体的底部(不计滑轮与绳的摩擦)。物体A是重为4 N、边长为10 cm的正方体，物体B是高为10 cm、底面积为200 cm2、密度为0.6×103kg/m3的长方体。现往容器中缓慢加水，使得轻绳刚好在竖直方向拉直(绳子拉力为0)，此时容器对桌面的压强为p1，物体B受到的浮力为________N；若继续缓慢加水直至物体A刚好浸没，此时容器对桌面的压强为p2，则p2与p1的差值是________Pa。 14．请按要求完成下列作图。 (1)如图甲所示，作出光线通过凹透镜的光路(保留必要的作图痕迹)。 (2)如图乙所示，按照小磁针N极所指方向在括号中标出电源右端的极性(“＋”或“－”)。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15. (1)在探究凸透镜成像的规律中： 图1 ①由图1甲可知，该透镜的焦距为________cm。 ②调节蜡烛、凸透镜和光屏至图1乙位置，光屏上恰好得到清晰的像，________(选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”)就是利用这一成像规律工作的。 ③保持凸透镜位置不变，若要使光屏上的像变小，应使蜡烛适当向________(选填“左”或“右”)移，再调节光屏的位置。 (2)如图2甲是“探究物质的熔化规律”的实验装置。 图2 ①利用“水浴法”加热而不是直接用酒精灯加热试管，主要目的是使被加热物体____________。 ②由实验数据绘制出温度随时间变化图像如图2乙，可知该物质属于________(选填“晶体”或“非晶体”)，熔化过程持续了________min。 16. 小鲁同学利用天平和量筒测量石块的密度，进行如下步骤： (1)如图甲所示，小鲁把天平放在水平桌面上，将游码拨到________处，此时指针如图乙所示，应将平衡螺母向________(选填“左”或“右”)端移动，使指针指在分度盘中央。 (2)调好后小鲁将石块放在左盘，在右盘加减砝码，当将最小为5 g的砝码放入右盘时，分度盘指针又如图乙所示，接下来的正确操作是__________________，使天平再次水平平衡，砝码和游码如图丙所示，则石块质量为________g。 (3)如图丁所示，小鲁用量筒测得该石块的体积，由此可计算出该石块的密度为________g/cm3；若考虑石块吸水，则所测石块的密度偏________(选填“大”或“小”)。 (4)同组的小能认为不用砝码，使用天平、两个相同的烧杯、量筒等器材也能测出石块的密度。请将实验步骤补充完整： ①在两个相同的烧杯中装入等量的水，分别放在已经调平的天平左右两盘中，如图戊所示； ②将拴好细线的石块缓慢浸没在左盘烧杯的水中(不接触烧杯底)，用量筒向右盘的烧杯中加水直到横梁在水平位置恢复平衡，记录加水的体积为V1，如图己所示； ③让石块缓慢沉入到水底，松开细线，______________________________________直到横梁再次在水平位置恢复平衡，记录再次加入水的体积为V2； ④石块密度的表达式为ρ＝________(用V1、V2、ρ水表示)。 17. 小巴准备利用以下实验器材：电源(电压恒为6 V)，开关、电压表、电流表各一个，导线若干，滑动变阻器，测量额定电压为3.8 V小灯泡的额定功率。 (1)测量小灯泡电功率的实验原理是________。 (2)请用笔画线代替导线，完成图甲中实验电路的连接。(要求滑片向左移动时电流表示数变大) (3)小巴正确连接了电路，并将滑动变阻器的滑片移至________(选填“A”或“B”)端，再闭合开关，发现电流表、电压表有示数，但小灯泡不亮，接下来操作最合理的是________(填字母)。 A．更换小灯泡　　 B．更换电压表 C．更换电流表　　 D．移动滑动变阻器的滑片 (4)若某时刻电压表示数如图乙所示，为使小灯泡正常发光应向________(选填“A”或“B”)端移动滑片。图丙是根据实验数据绘制的小灯泡U­I图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为________W。 (5)若把实际电压为额定电压一半时小灯泡的电功率记为P1，实际电流为额定电流一半时小灯泡的电功率记为P2，请你判断P1________(选填“＞”“＜”或“＝”)P2。 (6)完成实验后，小巴又有了新思路，已知实验室有规格分别为“2.2 V　0.3 A”和“3.8 V　0.3 A”的小灯泡，他选择其中一个小灯泡连接了如图丁的电路(电压表的连接未画出)，电源电压为2 V的整数倍且保持不变，他先将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，闭合开关，观察到电压表示数如图戊所示，然后移动滑动变阻器滑片至某位置，使小灯泡正常发光，此过程中电压表指针向左偏转了6小格。问小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为________W。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18. 如图为一辆无人驾驶清扫车，已知空车质量为400 kg，空车行驶时牵引力的功率为1 440 W，在1 min内匀速行驶120 m，求： (1)空车行驶的速度； (2)空车行驶时的牵引力。 19. 某品牌汽车安装有电加热座椅垫，该座椅垫有“高温”“低温”两个挡位，高温挡功率为80 W，低温挡功率为20 W，其电路简化原理图如图甲所示，其中电源电压为40 V保持不变，R1、R2均为发热电阻，其阻值不受温度影响，熔断器(电阻忽略不计)的熔断电流为2.5 A。 (1)求R1的阻值； (2)小明把电路原理图甲改为图乙(电源电压不变)，也设有“高温”和“低温”两个挡位，但发现有一个挡位无法正常使用，请通过计算分析说明原因； (3)同组小亮提出新方案，在图甲中只接入一个滑动变阻器即可实现发热电阻的功率在20～80 W的范围内变化。请你设计方案并计算滑动变阻器最大阻值。 20. 小赵同学利用一力敏电阻做研究，它所在电路如图甲虚线框所示，其中电源电压为12 V，R2为定值电阻，力敏电阻R1的阻值与所受力大小之间的关系如图乙所示。他把该力敏电阻通过轻质细杆与圆柱形物体A相连，现将物体A缓慢放入一个高为15 cm、底面积为100 cm2、装有深度为12 cm水的柱形容器中。当物体A还未浸入水中时，电流表示数I0＝0.2 A；当物体A一半体积浸入水中时，电流表示数I1＝0.4 A。在物体A缓慢下降到刚好浸没的过程中(A未触底)，有水溢出容器，电流表示数先增大后减小，且最大值I2＝0.6 A。求： (1)未放入物体时，水对容器底的压强； (2)R2的阻值； (3)当物体A刚好浸没时，撤去细杆，待物体A静止后，水对容器底的压强(此过程中A上表面始终水平)。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 13．重庆巴蜀中学20232024学年度九年级下 第二次模拟考试 1 2 3 4 5 6 7 8 D B A C C A B D 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．D　【考点】温度、电流、大气压强、电压的估测。 2．B　【考点】光现象的辨识。 3. A　【考点】物态变化的辨识；热值；扩散现象；温度与热量的关系。 4．C　【考点】试电笔的使用；磁感线；验电器的原理；电动机的能量的转化。 5．C　【考点】运动状态的判断；惯性；平衡力的判断；力与运动的关系。 【解析】A．投出去的实心球，受到重力和空气阻力的作用，运动状态发生改变，故A错误。 B．跳远运动员助跑是为了获得更大的速度，再利用惯性，惯性不是力，故B错误。 C．静止在水平地面上的足球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力的作用，两个力作用在同一物体、同一直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故C正确。 D．实心球落地后滚动一段距离停止运动，是因为受到阻力的作用，说明力可以改变物体的运动，故D错误。 6．A　【考点】串、并联电路的设计。 7．B　【考点】滑轮组机械效率的相关计算。 【解析】A．由图示知，与动滑轮相连的绳子段数n＝2，沙子提升6 m时，绳子自由端移动的距离s＝nh＝2×6 m＝12 m，拉力所做的总功W总＝Fs＝250 N×12 m＝3 000 J，拉力的功率P＝＝＝300 W，故A错误。 B．提升过程中，部分沙子洒出，据W有＝Gh知，所做的有用功变小，不计绳重、桶重及摩擦时，所做额外功不变，由η＝＝＝知，有用功在总功中比例减小，即滑轮组的机械效率变小，故B正确。 C．使用滑轮组能省力，但需要做额外功，不能省功，故C错误。 D．提升400 N重的沙子所做的有用功W有＝Gh＝400 N×6 m＝2 400 J，滑轮组的机械效率η＝＝×100%＝80%，故D错误。 8．D　【考点】欧姆定律；电能、电功率的计算。 【解析】A．灯丝的阻值不变，则小灯泡L的电阻RL＝＝＝12 Ω，故A错误。 B．闭合开关S，断开开关S1、S2，滑动变阻器R2与小灯泡串联在电路中，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表的量程为0 3 V，小灯泡两端的最大电压为3 V，此时通电10 s，小灯泡消耗的电能最多为WL＝t＝×10 s＝7.5 J，故B错误。 C．闭合开关S、S1、S2，R1、R2并联，小灯泡被短路，电压表被短路，电流表测干路的电流，当电流表的示数为0.6 A时，电路中的电流最大，小于滑动变阻器允许通过的最大电流，此时通过R1的电流I1＝＝＝0.2 A，通过滑动变阻器R2的电流I2＝I－I1＝0.6 A－0.2 A＝0.4 A，滑动变阻器的最大功率P滑大＝UI2＝8 V×0.4 A＝3.2 W，故C错误。 D．小灯泡正常发光时电流IL＝＝＝0.5 A，只闭合开关S，小灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联时，电路中的电阻最大，R＝R2＋RL＝30 Ω＋12 Ω＝42 Ω，此时电路中的电流I′＝＝＝ A<0.5 A，电压表的示数U灯＝I′RL＝ A×12 Ω＝ V<3 V，各元件安全，电路消耗的最小功率P小＝UI′＝8 V× A＝ W，电路中的最大电流为0.6 A，电路消耗的最大功率P大＝UI大＝8 V×0.6 A＝4.8 W，最大功率与最小功率之比P大∶P小＝4.8 W∶ W＝63∶20，故D正确。 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．振动　空气 【考点】声音的产生与传播。 10．小　小 【考点】流体压强与流速的关系；大气压与高度的关系。 11．静止　不变 【考点】参照物的选取及运动状态的判断；质量的理解。 12．8 634.5　80 【考点】热量的计算；电能的计算。 【解析】电热水壶在2 h消耗的电能W＝＝1 kW·h，原来电能表的读数为8 633.5 kW·h，故2 h后电能表的读数为8 633.5 kW·h＋1 kW·h＝8 634.5 kW·h。电能表的指示灯闪烁了63次，则电热水壶在这段时间所消耗的电能W′＝＝0.035 kW·h＝1.26×105 J，不计热量损耗，则水吸收的热量Q吸＝W′＝1.26×105 J，由Q吸＝c水m水Δt可得，水升高的温度Δt＝＝＝60 ℃，则末温t＝t0＋Δt＝20 ℃＋60 ℃＝80 ℃。 13．12　210 【考点】密度、压强、浮力的综合计算。 【解析】B的体积VB＝SBhB＝200 cm2×10 cm＝2 000 cm3＝2×10－3 m3，B的质量mB＝ρBVB＝0.6×103 kg/m3×2×10－3 m3＝1.2 kg，B受到的重力GB＝mBg＝1.2 kg×10 N/kg＝12 N，轻绳刚好在竖直方向拉直，拉力为0时，B漂浮在水面，所受的浮力F浮B＝GB＝12 N。轻绳刚好拉直时，B排开水的体积V排B＝＝＝1.2×10－3 m3，B浸入水中的深度hB浸＝＝＝0.06 m。由图示知，此时A漂浮在水面，所受的浮力F浮A＝GA＝4 N，A排开水的体积V排A＝＝＝4×10－4 m3，A浸入水中的深度hA浸＝＝＝0.04 m。A的体积VA＝(10 cm)3＝103 cm3＝10－3 m3，加水到A刚好浸没时，A受到的浮力F浮A′＝ρ水gV排＝ρ水gVA＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×10－3 m3＝10 N，A受到竖直向下的重力、竖直向下的拉力及竖起向上的浮力作用，所以绳子的拉力F拉＝F浮A′－GA＝10 N－4 N＝6 N，此时B受到竖直向下的重力、拉力和竖直向上的浮力作用，所受的浮力F浮B′＝GB＋F拉＝12 N＋6 N＝18 N，B排开水的体积V排B′＝＝＝1.8×10－3 m3，B浸入水中的深度hB浸′＝＝＝0.09 m<0.1 m，则继续加水时物体A向下移动，物体B向上移动。设物体移动的距离为h′，水面上升的高度为Δh，则物体A增加的浸入深度hA－hA浸＝Δh＋h′，即0.1 m－0.04 m＝Δh＋h′，物体B增加的浸入深度hB浸′－hB浸＝Δh－h′，即0.09 m－0.06 m＝Δh－h′，解得Δh＝0.045 m，h′＝0.015 m，所加水的体积V水＝S容Δh－[(VA＋V排B′)－(V排A＋V排B)]＝500×10－4 m2×0.045 m－[(10－3 m3＋1.8×10－3 m3)－(4×10－4 m3＋1.2×10－3 m3)]＝1.05×10－3 m3，所加水的质量m水＝ρ水V水＝1.0×103 kg/m3×1.05×10－3 m3＝1.05 kg，所加水的重力G水＝m水g＝1.05 kg×10 N/kg＝10.5 N，所以p2与p1的差值p2－p1＝＝＝＝210 Pa。 14．(1)如图所示　　　　　　　(2)如图所示 　　　 【考点】透镜作图；通电螺线管作图。 【解析】(1)平行于凹透镜主光轴的光经凹透镜折射后折射光线的反向延长线过焦点。 (2)从图乙可知，小磁针的左端为N极，右端为S极；由同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引知，通电螺线管的右端是N极，左端是S极。根据安培定则得，电源的左端为正(＋)极，右端是负(－)极。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)①10.0　②照相机　③左 (2)①受热均匀　②晶体　3 【考点】探究凸透镜成像的规律；探究物质的熔化规律。 【解析】(1)①该透镜的焦距f＝60.0 cm－50.0 cm＝10.0 cm。 ②图1乙中物距大于像距，根据凸透镜成像的规律可知，此时成倒立、缩小的实像，应用是照相机。 ③根据凸透镜成像的规律“物远像近像变小”可知，保持凸透镜位置不变，若要使光屏上的像变小，应增大物距，即应使蜡烛适当向左移动，再调节光屏的位置。 (2)①利用水浴法加热，可以使被加热的物体受热均匀，温度上升平稳，便于观察实验现象和记录实验数据。 ②由图2乙可知，该物质熔化过程中温度不变，有固定的熔点，属于晶体；该物质从第3 min开始熔化，到第6 min熔化完，熔化过程持续了3 min。 16．(1)零刻度线　右　(2)将游码向右移动　78.6 (3)7.86　大　(4)③用量筒继续向右盘的烧杯中加水 ④ρ水 【考点】测量固体的密度。 【解析】(1)实验时，需要将天平放在水平桌面上，将游码拨到标尺左端的零刻度线处，由图乙可知，指针左偏，说明左边偏重，需要将平衡螺母向右调节，直至指针指在分度盘中央。 (2)当将最小为5 g的砝码放入右盘时，分度盘指针又如图乙所示左偏，说明最小砝码不够用，故接下来需要将游码向右移动，使天平再次水平平衡；由图丙可知，标尺的分度值为0.2 g，则石块质量m＝50 g＋20 g＋5 g＋3.6 g＝78.6 g。 (3)由图丁可知，该量筒的分度值为2 mL，量筒中水的体积为30 mL，水和石块的体积为40 mL，则石块的体积V＝40 mL－30 mL＝10 mL＝10 cm3，石块的密度ρ＝＝＝7.86 g/cm3，实验中若考虑石块吸水，则测量出的石块体积会偏小，质量测量准确，根据ρ＝可知，石块的密度会偏大。 (4)③让石块缓慢沉入到水底，松开细线，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直至横梁再次平衡。④由题意可知，石块的体积V石＝V1，石块的质量m石＝m1＋m2＝ρ水V1＋ρ水V2，石块的密度ρ＝＝ρ水。 17．(1)P＝UI (2)如图所示 (3)B　D　(4)A　1.14　(5)＞　(6)0.66 【考点】测量小灯泡的电功率。 【解析】(1)根据公式P＝UI可知，用电压表测出小灯泡两端的电压，用电流表测出通过小灯泡的电流，就可以计算出小灯泡的电功率。所以测量小灯泡电功率的实验原理是P＝UI。 (2)小灯泡的额定电压为3.8 V，所以电压表选用015 V量程与小灯泡并联；要使滑片向左移动时电流表示数变大，需把A接线柱接入电路中。 (3)为保护电路，开关闭合前，滑动变阻器阻值应调到最大，即将滑动变阻器的滑片移至B端；电流表、电压表有示数，但小灯泡不亮，可能是电路电流太小，接下来最合理的操作是移动滑动变阻器的滑片，使电路电流变大，观察小灯泡是否发光，故D正确。 (4)电压表使用的是大量程，由图乙可知，电压表分度值为0.5 V，示数为2.5 V，要使小灯泡正常发光，应增大小灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律可知，需减小滑动变阻器所分电压，再由串联分压原理可知，需减小滑动变阻器连入电路的电阻，应向A端移动滑片；由图丙可知，当小灯泡两端的电压为3.8 V时，通过小灯泡的电流为0.3 A，则小灯泡的额定功率P＝UI＝3.8 V×0.3 A＝1.14 W。 (5)由图丙可知，小灯泡实际电压为额定电压一半时的实际电压和电流大于实际电流为额定电流一半时小灯泡的实际电压和电流，根据公式P＝UI可知，P1＞P2。 (6)将滑动变阻器的滑片从最大值处移至某位置，此过程中电压表指针向左偏转了6格。由此可知，电压表并联在滑动变阻器两端，测量滑动变阻器两端的电压。如果电压表接入的量程为015 V，分度值为0.5 V，图戊中电压表示数为14 V，如果左偏六小格，则滑动变阻器电压减小3 V，小灯泡电压增大3 V，只有“3.8 V　0.3 A”的小灯泡的额定电压符合要求，但此时电源电压14 V－3 V＋3.8 V＝14.8 V，不符合电源要求；如果电压表接入的量程为03 V，分度值为0.1 V，则图戊中电压表示数为2.8 V，如果左偏六小格，则电压表示数为2.2 V，此时小灯泡正常发光，若此时小灯泡规格为“2.2 V　0.3 A”，则电源电压为2.2 V＋2.2 V＝4.4 V，不符合电源要求；若灯泡规格为“3.8 V　0.3 A”，则电源电压为3.8 V＋2.2 V＝6 V，符合电源要求。因此，小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为2.2 V，电流为0.3 A，则功率P′＝U′I′＝2.2 V×0.3 A＝0.66 W。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18. 解：(1)空车行驶的速度： v＝＝＝2 m/s。(3分) (2)根据P＝＝＝Fv，空车行驶时的牵引力： F＝＝＝720 N。(3分) 【考点】速度的计算；功率的相关计算。 19．解：(1)由图甲可知，当开关接C时，电路为R2的简单电路，电路电阻较小，根据公式P＝可知，功率较大，为高温挡；当开关接D时，R1、R2串联，电阻较大，为低温挡。 R2的阻值： R2＝＝＝20 Ω，(1分) 低温挡时，电路总电阻： R总＝＝＝80 Ω，(1分) 则R1的阻值： R1＝R总－R2＝80 Ω－20 Ω＝60 Ω。(1分) (2)由图乙可知，当双触点开关接b、c两点时，R1工作，此时电路电阻较大，功率较小，为低温挡；当双触点开关接c、d两点时，两电阻并联，此时电路电阻较小，功率较大，为高温挡。高温挡时干路电流： I＝＋＝＋≈2.67 A，(1分) 干路电流大于熔断器的熔断电流，所以高温挡无法正常工作。(1分) (3)在图甲电路中接入一个滑动变阻器，开关接C点时，滑动变阻器与R2串联，当滑动变阻器接入电路电阻为0时，只有R2连入电路，为最大功率80 W；当发热电阻的最小功率为20 W时，R2两端的电压： U小＝＝＝20 V，(1分) U滑＝U－U小＝40 V－20 V＝20 V， 由串联分压原理得，＝，即＝， (1分) 解得R滑大＝20 Ω，故滑动变阻器最大阻值为20 Ω。 (1分) 【考点】欧姆定律；电功率的相关计算。 20. 解：(1)未放入物体时，水深h水＝12 cm＝0.12 m，则水对容器底的压强： p＝ρ水gh水＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.12 m＝1.2×103 Pa。(1分) (2)物体A缓慢下降到刚好浸没的过程中，电流表示数先增大后减小，当F浮＝GA时，力敏电阻受到的力F＝0，由图乙可知，此时R1的阻值最小为10 Ω；由图甲可知，R1、R2串联，此时电路中的电流最大I2＝0.6 A，根据欧姆定律可得，电路总电阻： R＝＝＝20 Ω， 则R2的阻值： R2＝R－R1＝20 Ω－10 Ω＝10 Ω。(1分) (3)当物体A还未浸入水中时，电流表示数I0＝0.2 A，电路总电阻： R′＝＝＝60 Ω， 则力敏电阻的阻值：R1′＝R′－R2＝60 Ω－10 Ω＝50 Ω， 由图乙可知，力敏电阻受到的力： F1＝GA＝1.6 N， 当物体A一半体积浸入水中时，电流表示数I1＝0.4 A，电路总电阻： R″＝＝＝30 Ω， 则力敏电阻的阻值： R1″＝R″－R2＝30 Ω－10 Ω＝20 Ω，(1分) 由图乙可知，力敏电阻受到的力为F2＝0.4 N；若此时杆对物体A的力为向上的拉力，则物体A的重力等于拉力与浮力之和，浮力： F浮′＝GA－F2＝1.6 N－0.4 N＝1.2 N，(1分) 根据阿基米德原理可知，物体A排开水的体积： V排＝＝＝1.2×10－4 m3＝120 cm3，(1分) VA＝2V排＝2×120 cm3＝240 cm3， 容器内水的体积： V水＝Sh水＝100 cm2×12 cm＝1 200 cm3， 容器的容积： V＝Sh＝100 cm2×15 cm＝1 500 cm3，由于240 cm3＋1 200 cm3＜1 500 cm3，物体A浸没后水不会溢出，不符合题意。 因此此时杆对物体A的力为向下的压力，则浮力： F浮″＝GA＋F2＝1.6 N＋0.4 N＝2 N，(1分) 根据阿基米德原理可知，物体A排开水的体积： V排′＝＝＝2×10－4 m3＝200 cm3， VA′＝2V排′＝2×200 cm3＝400 cm3。 物体A浸没后，溢出水的体积： V溢＝V水＋VA′－V＝1 200 cm3＋400 cm3－1 500 cm3＝100 cm3， 物体A的质量： m＝＝＝0.16 kg＝160 g， 物体A的密度： ρ＝＝＝0.4 g/cm3， 物体A的密度小于水的密度，撤去细杆，物体A静止后，漂浮在水面上，水对容器底部的压力： F压＝GA＋G水剩＝GA＋ρ水gV水剩＝1.6 N＋1.0×103 kg/m3×10 N/kg×(1 200－100)×10－6 m3＝12.6 N，(1分) 水对容器底的压强： p′＝＝＝1 260 Pa。(1分) 【考点】欧姆定律；浮力、密度、压强的综合计算。 【错题反思】 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T6、T9、T10、T11、T14、T15、T18 再接再厉鼓舞你 T7、T12 伤筋动骨磨炼你 T16、T17、T19 学霸登顶恭喜你 T8、T13、T20 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到教材或复习资料中再深入学习一遍。 学科网（北京）股份有限公司 $$