7 重庆八中2023～2024学年九年级下学期强化训练(四)-【智乐星中考】2025年重庆中考物理真题汇编（Word)答案

7．重庆八中2023～2024学年九年级(下)强化训练(四)(全卷共四个大题　满分80分　与化学共用120分钟) 注意事项：全卷取g＝10 N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3。 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．关于下列物理量的估测，正确的是(　　) A．冬季洗澡水的温度约为70 ℃ B．从地面上捡起物理书放在桌面上做功约为2 J C．中学生跑100 m的速度约为15 m/s D．家用电冰箱的功率约为2 000 W 2．为了避免驾驶员在汽车行驶时低头看仪表造成事故，人们发明了如图甲所示的汽车平视显示系统(HUD)。如图乙是HUD工作原理图，将水平显示器上的行车数据通过前挡风玻璃呈现在正前方，驾驶员透过挡风玻璃(看作平面镜)往前方观看的时候，能够将车外的景象与竖直呈现的行车数据融合在一起。下列有关光现象与其原理相同的是(　　) 3．下列关于热学的知识，说法正确的是(　　) A．炒菜是通过做功的方式增加菜的内能 B．手捏面包，面包体积变小了，说明分子间有间隙 C．北方冬天在菜窖里放几桶水是利用水凝固放热来保存蔬菜 D．夏天人们喜欢往地上洒水降温，是利用水的比热容较大的性质 4．如图是关于电和磁现象的四幅图，其中描述正确的是(　　) A．如图甲，闭合开关S，小磁针将逆时针转动 B．如图乙，该现象称为电磁感应现象 C．如图丙，该装置与动圈式话筒的原理相同 D．如图丁，该装置工作时将电能转化为机械能 5．如图所示，运动赛场上中国运动员为国争光，其中也蕴含很多的物理道理，下面说法正确的是(　　) A．如图甲，踢出去的足球由于惯性，所以最终停下来 B．如图乙，排球运动到最高点时，重力势能最大，动能为零 C．如图丙，运动员用力将乒乓球发出，说明力可以改变物体的运动状态 D．如图丁，运动员举起杠铃站定时，运动员受到的重力和地面对运动员的支持力是一对平衡力 6．图b为汽车安全带未系提醒系统，电路中R0为保护电阻，压敏电阻R的阻值随压力变化情况如图a所示。启动汽车电源开关S1后，当乘客坐上座椅，座椅下的压敏电阻R检测到压力达到设定值时警告灯L亮，再系上安全带锁扣后(开关S2闭合)，警告灯L熄灭，则以下电路中符合设计要求的是(　　) 图b 7．如图所示的电路中，电源电压恒为18 V，小灯泡L标有“6 V　3.6 W”的字样，滑动变阻器R1的规格为“40 Ω　1 A”，电流表的量程为0～3 A，电压表的量程为0～15 V，当只闭合S3时，小灯泡正常发光。不考虑小灯泡电阻的变化，在保证电路中各元件安全的情况下，下列说法正确的是(　　) A．定值电阻R2的阻值为10 Ω B．只闭合S1、S2，R1消耗的最小功率为4.5 W C．只闭合S0、S2、S3，R1消耗的最大功率为37.8 W D．任意闭合开关和移动滑片，电流表最大示数和最小示数之差为1.54 A 8．如图甲所示，质量分布均匀且不吸液体的圆柱体A高14 cm，另一薄壁柱形容器B重为2 N、底面积为200 cm2、装有4 cm深的某种液体(ρA<ρ液)。若将A水平切去高度为h的部分，并将切去部分竖直缓慢放入B中，B容器对水平桌面的压强p随切去高度h的变化关系如图乙所示，则下列说法正确的是(　　) ①液体的密度为1.25 g/cm3 ②当h＝8 cm时，切去部分放入液体中静止后浮力为4 N ③圆柱体A的底面积为100 cm2 ④当切去的高度h＝4 cm时，圆柱体A剩余部分对水平桌面的压强和液体对容器底部的压强相等 A．①③ B．②③ C．②④ D．②③④ 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．古诗词中蕴含着丰富的物理知识。“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅。”风声是由空气________产生的；风能卷起屋顶上的“茅”，是因为流体在流速大的地方压强________。 10．2024年4月25日，长征二号F遥十八运载火箭，搭载神舟十八号载人飞船，在我国酒泉卫星发射中心点火发射。载人飞船的返回舱计划着陆在东风着陆场预定区域。在火箭加速升空过程中，以地面为参照物，火箭是________(选填“运动”或“静止”)的。在返回舱返回地面的过程中会与大气摩擦，使返回舱的部分机械能转化为________能。 11．悦悦是一名跑步健将，参加一次长跑身体消耗的能量约为8.8×106 J，这些能量相当于完全燃烧________m3的天然气；若这些天然气完全燃烧放出的热量有42%被水吸收，则在标准大气压下这些热量可将10 kg初温为20 ℃的水温度升高________℃。[q天然气＝4×107 J/m3，c水＝4.2×103 J/(kg·℃)] 12．小美利用如图所示的滑轮组提升重物，在拉力F的作用下，重为600 N的物体B刚好以0.2 m/s的速度匀速上升，已知定滑轮重150 N，动滑轮重100 N，不计绳重和摩擦。当匀速提起重物B的过程中，拉力F做功的功率为________W；若绳子A允许承受的最大拉力为1 650 N，体重600 N的小美用此滑轮组提升不同的重物，该滑轮组的最大机械效率为________%。 13．如图所示电路中，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，灯泡L上标有“12 V　12 W”的字样(忽略灯泡电阻随温度的变化)，滑动变阻器标有“60 Ω　1 A”的字样。电流表的量程为0～3 A，电压表的量程为0～15 V。当灯泡L正常发光时，通过灯泡L的电流为________A；当只闭合开关S2时，通过电路中的电流为I1；当只闭合开关S1时，通过电路中的电流为I2，已知I1∶I2＝5∶11。为确保电路安全，当只闭合开关S3、S4时，移动滑片，电路的最小电流为I3；当只闭合开关S1、S2、S3时，移动滑片，电路的最大电流为I4。已知I3∶I4＝1∶12，则任意闭合开关和移动滑片，电路的最大功率为________W。 14．请按要求完成下列作图。 (1)如图所示，水中有一盏灯，它发出的一条光线AO，在进入空气界面时发生了折射， 请你在图中画出它的折射光线的大致方向。 (2)日常生活中的门把手如图甲所示，握住门把手向下压可以打开门，此时门把手可以看成如图乙所示的一个杠杆，O为支点，请在图中画出作用在B点的最小动力F1的示意图。 甲　　　　　　　　　　　　　　乙 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)如图为小聪“探究平面镜成像特点”的实验过程。 ①用透明玻璃板代替平面镜的目的是便于______________。 ②小聪在寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在蜡烛________(选填“A”或“B”)的同侧观察，缓慢移动蜡烛B直到其与蜡烛A的像完全重合。 ③如图乙所示，一枚硬币放在竖直的玻璃板前，硬币的像在a处。接着将玻璃板平移至图丙所示的位置时，硬币的成像情况是________(填选项)。 A．硬币成像在a处 B．硬币成像在b处 C．硬币成像在c处 D．硬币无法通过玻璃板成像 (2)小陈用如图所示的装置“探究水沸腾时温度变化特点”的实验。 ①如图甲装置的安装顺序是____________(选填“自上而下”或“自下而上”)。 ②小陈绘制了如图乙所示水温随时间变化的图像。小陈想提高水的沸点，换用了火力更大的酒精灯加热，这种做法________(选填“可行”或“不可行”)。 ③小陈在家尝试了如图丙所示的实验。小烧杯A和大烧杯B内都装有水，A与B不接触，把大烧杯B放在酒精灯上加热，使大烧杯B中的水沸腾，再继续加热，小烧杯A内的水________(选填“会”或“不会”)沸腾。 16．如图1所示，小田在探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验时，用弹簧测力计吊着圆柱形物体逐渐浸入水中，再将圆柱形物体逐渐浸入盐水中。 (1)比较A、B、C三次实验，说明物体____________________越大，物体所受浮力越大。 (2)为了探究物体所受浮力的大小与液体密度的关系，应该比较A、________三次实验。 (3)在步骤D中，圆柱体浸没后向下移动但未触底的过程中，其上下表面受到水的压力差________(选填“变大”“变小”或“不变”)。 (4)小田利用实验中的数据计算出圆柱形物体的密度为________g/cm3；如果将圆柱形物体浸入水中后，圆柱形物体吸水，会使圆柱形物体密度的测量值________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。 (5)回到家后，小田效仿历史上“曹冲称象”的故事，在家利用水盆、小碗、柱状玻璃杯、足量的水、刻度尺和记号笔等，测量小玻璃珠的密度。实验步骤如下： ①如图2甲所示，将装有一定数量小玻璃珠的碗放入盛有水的水盆中，使碗漂浮在水面上，用记号笔在碗外壁上标记水面的位置； ②如图2乙所示，往柱状玻璃杯内倒入适量的水，用刻度尺测量出柱状玻璃杯水面的高度h1＝13 cm； ③将碗中所有小玻璃珠放入柱状玻璃杯中，用刻度尺测量出柱状玻璃杯水面对应的高度h2＝15 cm，如图2丙所示； ④将柱状玻璃杯中的水慢慢倒入漂浮在水盆中的空碗内(如图丁)，________________________，用刻度尺测量出柱状玻璃杯中剩余水面对应的高度h3＝9 cm，如图2戊所示(请将步骤④补充完整)； ⑤根据以上测量，请推导出小玻璃珠的密度为________g/cm3。若步骤④中将水从柱状玻璃杯倒入空碗中时，有部分水溅出到水盆中，则密度测量值________(选填“偏大”“偏小”或“无影响”)。 17．如图是小鲁测量小灯泡电功率的实验电路，电源电压恒为6 V，小灯泡L1的额定电压是2.5 V，小灯泡L1正常发光时电阻约为10 Ω，滑动变阻器标有“20 Ω　1 A”字样，电流表、电压表、开关各一个，导线若干。 (1)检查发现电路中有一根导线连接错误，请在图甲中将连接错误的那根导线上打“”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。 (2)正确连接好电路后闭合开关，小鲁发现电压表有示数，电流表无示数，灯泡不亮，电路的故障可能是________。 A．灯泡L1短路　　 B．滑动变阻器短路 C．灯泡L1断路 D．滑动变阻器断路 (3)排除故障后，小鲁移动滑片至某一位置时电压表的示数为2.2 V，为使小灯泡L1正常发光，应将滑片向________(选填“左”或“右”)移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为________W；小鲁发现小灯泡L1上标定的额定功率值与测量值有一定差距，他仔细观察所用的小灯泡后找到了原因，可能是因为小灯泡在频繁使用后，灯丝发生升华现象而导致灯丝的电阻变________(选填“大”或“小”)。 (4)小鲁同学想继续利用现有器材测量另一灯泡L2的额定功率，他将灯泡L2替换灯泡L1接入图甲的电路中，已知灯泡L2的额定电压为1.5 V，灯泡L2正常发光时电阻约为12 Ω。但闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，电压表的示数始终________(选填“大于”“小于”或“等于”)1.5 V。为了完成实验，可采取的具体措施：________________________________________________________________________ (要写出新元件的规格要求)。 (5)雷老师告诉小鲁同学，他还可以尝试制作一个直接测量电阻的仪器——欧姆表，其原理如图丙所示，如果电源两端电压恒定不变，制作步骤如下： ①在A与B之间连接导线，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为I0，把电流表的“I0”刻度线标为“0”； ②保持滑动变阻器R1的阻值不变，当在AB之间接一个阻值为20 Ω电阻时，电流表示数变为I0的二分之一，并将刻度线标为“20 Ω”，则当电流表示数变为I0的五分之一时，应将刻度线标为“________Ω”。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．2024年4月24日是第九个“中国航天日”。从首次载人飞行任务成功，到今天进入太空，已经成为中国航天的“家常便饭”。已知某次任务时载人返回舱的总质量约为3 t，在距离地面约10 km时，返回舱会先打开伞舱盖，然后依次拉开引导伞、减速伞、牵顶伞、最后主降落伞落地，如图所示，总共用时800 s。求： (1)返回舱从打开伞舱盖到落地的平均速度； (2)返回舱从打开伞舱盖到落地过程中重力做功的平均功率。 19．如图所示，质量为10 kg，底面积为50 cm2的圆柱体甲置于水平地面上，并悬挂在轻质杠杆的A端。实心正方体乙的边长为10 cm，密度为4×103 kg/m3并悬挂在杠杆的B端，下表面刚好与足够高的薄壁柱形容器C中的水面接触，容器C置于高度可调的水平升降台上。已知柱形容器C的底面积为250 cm2，OA∶OB＝1∶2，轻质杠杆始终水平平衡(悬挂物体的细线不可伸长)。求： (1)实心正方体乙受到的重力； (2)甲对水平地面的压强； (3)为使甲对水平地面的压强不超过6 400 Pa，容器C上升的最大高度(杠杆始终水平平衡，乙未触碰容器底)。 20．如图甲是八中物理实验小组设计的电子秤示意图，已知电源电压为6 V且保持不变，R0为定值电阻，R是力敏电阻，其阻值随压力变化的图像如图乙所示。在电子秤托盘内放一足够高的薄壁直柱形容器(托盘的质量忽略不计)，容器的重为10 N，底面积为400 cm2。往容器中加入2 N的水时，电压表的示数为3 V。求： (1)定值电阻R0的阻值； (2)当电压表的示数为2 V时，容器中加入的水受到的重力； (3)往容器中加入20 N的水后，再将一个体积为3 200 cm3、底面积为200 cm2的物体A放入水中，此时容器对托盘的压强刚好等于水对容器底部压强的1.5倍，此时R0两端的电压。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 7．重庆八中20232024学年九年级(下) 强化训练(四) 1 2 3 4 5 6 7 8 B C C A C A D D 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．B　【考点】温度、做功、速度、电功率的估测。 2．C　【考点】光现象的辨识。 3．C　【考点】改变物体内能的方式；物质的微观结构；凝固；蒸发。 4．A　【考点】电磁现象的辨识；安培定则。 5．C　【考点】惯性；机械能；力与运动的关系；平衡力的判断。 【解析】A．踢出去的足球由于惯性会继续向前运动，由于受到阻力作用，所以最终停下来，故A错误。 B．排球运动到最高点时，高度最大，重力势能最大，此时排球仍具有水平方向的速度，动能不为零，故B错误。 C．运动员用力将乒乓球发出，乒乓球受到力的作用，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确。 D．运动员举起杠铃站定时，地面对运动员的支持力等于运动员与杠铃受到的总重力，运动员受到的重力和地面对运动员的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误。 6．A　【考点】电路的设计。 【解析】AC.由图可知，启动电源开关S1后，当乘客坐上座椅，此时的压力较大，压敏电阻的阻值较小，电路的总电阻较小，根据欧姆定律可知，电路中的电流较大，所以灯泡L会发光，再系上安全带锁扣后(开关S2闭合)，灯L被短路，所以灯L熄灭，选项C中电路中没有保护电阻，灯L熄灭时电路中只有压敏电阻接入电路中，根据欧姆定律知，此时电路中电流较大，容易损坏电路，故A符合题意，C不符合题意。 B．由图可知，启动汽车电源开关S1后，当乘客坐上座椅，此时的压力较大，压敏电阻的阻值较小，根据串联电路的分压规律可知，并联部分两端分担的电压较小，灯泡两端的电压较小，灯泡不会发光；再系上安全带锁扣后(开关S2闭合)，灯L、压敏电阻被短路，所以灯L熄灭，故B不符合题意。 D．由图可知，启动汽车电源开关S1后，开关S2闭合或断开时，灯L始终发光，故D不符合题意。 7．D　【考点】欧姆定律；电功率的计算。 【解析】A．当只闭合S3时，小灯泡L与R2串联，此时小灯泡正常发光，则电路中的电流IL＝＝＝0.6 A，小灯泡的电阻RL＝＝＝10 Ω，定值电阻R2的阻值R2＝－RL＝－10 Ω＝20 Ω，故A错误。 B．只闭合S1、S2，小灯泡L与滑动变阻器R1串联，当滑动变阻器全部接入电路时，电路中电流最小，最小电流Imin＝＝＝0.36 A，此时R1消耗的最小功率P1小＝Imin2R1max＝(0.36 A)2×40 Ω＝5.184 W，故B错误。 C．只闭合S0、S2、S3，R1和R2并联，R1允许通过的最大电流为1 A，则R1消耗的最大功率P1＝UI1＝18 V×1 A＝18 W，故C错误。 D．由B选项分析可知，电路中的最小电流为0.36 A；只闭合S0、S2、S3，R1和R2并联，R1允许通过的最大电流为1 A，此时R2所在支路的电流I2＝＝＝0.9 A，电流表接在干路上，则最大电流Imax＝1 A＋0.9 A＝1.9 A，所以电流表最大示数和最小示数之差ΔI＝Imax－Imin＝1.9 A－0.36 A＝1.54 A，故D正确。 8．D　【考点】密度、浮力、压强的综合计算。 【解析】①分析图乙可知，当容器B对水平桌面的压强为500 Pa时，水平桌面上只有容器和容器内的液体，此时桌面受到的压力F1＝p1SB＝500 Pa×200×10－4 m2＝10 N，容器内液体重G液体＝F1－GB＝10 N－2 N＝8 N，容器内液体的体积V液体＝SBh液体＝200 cm2×4 cm＝800 cm3，液体的密度ρ液体＝＝＝＝1×103 kg/m3，故①错误。 ②当容器B对水平桌面的压强刚达700 Pa时，容器内的液体刚到容器口，此时容器对桌面的压力F2＝p2SB＝700 Pa×200×10－4 m2＝14 N，A切去部分重GA切1＝F2－F1＝14 N－10 N＝4 N，由于ρA<ρ液，且此时h＝8 cm，所以此时物体A切去的部分漂浮在液体中受到浮力F浮1＝GA切1＝4 N，故②正确。 ③由于ΔV排液1＝＝＝＝4×10－4 m3＝400 cm3，所以B容器装液体后剩余的高度hB剩余＝Δh液体＝＝＝2 cm，B容器高hB＝hB剩余＋h液体＝2 cm＋4 cm＝6 cm，当容器B对水平桌面的压强刚大于700 Pa时，A物体切去部分刚好接触容器底，所以当A切去部分碰到容器底之后到切完GA切末＝ΔF2＝Δp2S＝(750 Pa－700 Pa)×200×10－4 m2＝1 N，设物体A切去的部分高度为8 cm时，A切去部分底部离容器底部的距离为ΔhA，物体A最后切去的部分高度为hA切末，有GA切1＝ρAgSA×8×10－2 m＝4 N①，GA切末＝ρASAghA切末＝1 N②，联立①②得，hA切末＝2 cm，又由于ΔhA＝14 cm－8 cm－2 cm＝4 cm，所以当容器B对水平桌面的压强刚大于700 Pa时，物体A切去的部分高度8 cm＋4 cm＝12 cm，此时物体A切去的部分受到的力，也满足二力平衡条件，即F浮2＝ρ液gV排液2＝ρAgVA切2，即ρA＝ρ液体＝ρ液体＝ρ液体＝ρ液体＝ρ液体＝×1×103 kg/m3＝0.5×103 kg/m3，所以物体A的底面积SA＝＝＝1×10－2 m2＝100 cm2，故③正确。 ④当切去的高度h＝4 cm时，圆柱体A剩余部分对水平桌面的压强pA剩余＝ρAg(hA－hA切)＝0.5×103 kg/m3×10 N/kg×(14－4)×10－2 m＝500 Pa，此时A切去部分的质量mA切＝ρAVA切＝ρASAhA切＝0.5×103 kg/m3×100×10－4 m2×4×10－2 m＝0.2 kg，当切去的高度h＝4 cm＜8 cm时，A切去部分漂浮，此时排开液体的体积VA切排＝＝＝2×10－4 m3，此时液面上升的高度h液升＝＝＝1×10－2 m，液体对容器底部的压强p液体＝ρ液体g(h液体＋h液升)＝1×103 kg/m3×10 N/kg×(4×10－2 m＋1×10－2 m)＝500 Pa，即pA剩余＝p液体，故④正确。故选D。 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．振动　小 【考点】声音的产生；流体压强与流速的关系。 10．运动　内 【考点】参照物的选取及运动状态的判断；能量的转化。 11．0.22　80 【考点】热值、热量的计算。 【解析】人消耗的能量相当于燃烧天然气的体积V＝＝＝0.22 m3，水吸收的热量Q吸＝ηQ＝42%×8.8×106 J＝3.696×106 J，水升高的温度Δt＝＝＝88 ℃，水的末温t＝t0＋Δt＝20 ℃＋88 ℃＝108 ℃，在标准大气压下，水的沸点为100 ℃，水沸腾后温度保持在沸点不变，不再升高，所以，水实际升高的温度Δt′＝tmax－t0＝100 ℃－20 ℃＝80 ℃。 12. 140　90 【考点】滑轮组机械效率的相关计算。 【解析】由图可知，动滑轮上的绳子段数n＝2，则绳子的拉力F＝(G物＋G动)＝＝350 N，绳子自由端移动的速度v＝nv物＝2×0.2 m/s＝0.4 m/s，拉力F做功的功率P＝Fv＝350 N×0.4 m/s＝140 W。当提升的重物重力最大时，滑轮组的效率也最大，若绳子A允许承受的最大拉力为1 650 N，设滑轮组所能提升的重物最大重力为G′，此时绳端拉力为F′。对定滑轮受力分析可知，F大＝3F′＋G定，F′＝＝＝500 N<G人，符合题意。对动滑轮受力分析可知，2F′＝G′＋G动，G′＝2F′－G动＝2×500 N－100 N＝900 N。滑轮组的最大机械效率η＝＝＝＝×100%＝90%。 13．1　37.5 【考点】欧姆定律；电功率的计算。 【解析】当灯泡L正常发光时，通过灯泡L的电流I额＝＝＝1 A，灯泡L的电阻RL＝＝＝12 Ω，当只闭合开关S2时，灯泡L和R1串联，通过电路中的电流为I1，电源电压U＝I1(R1＋R2)①；当只闭合开关S1时，通过电路中的电流为I2，此时电路中只有R1，电源电压U＝I2R1②。由I1∶I2＝5∶11，联立①②，解得R1＝10 Ω。为确保电路安全，当只闭合开关S3、S4时，移动滑片，电路的最小电流为I3，此时灯泡L和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，假设R2的阻值可以调到最大60 Ω，则电路的最小电流I3＝＝＝，当只闭合开关S1、S2、S3时，移动滑片，电路的最大电流为I4，此时R1、R2并联，电流表测干路电流，滑动变阻器标有“60 Ω　1 A”的字样，电流表的量程为03 A，假设R2电流最大可以为1 A，则电路的最大电流I4＝1 A＋，I3∶I4＝1∶12，则有＝，解得电源电压U＝15 V。所以当只闭合开关S3、S4时，R2的阻值可以调到最大60 Ω；当只闭合开关S1、S2、S3时，则电路的最大电流I4＝1 A＋＝1 A＋＝2.5 A<3 A，所以R2电流最大可以为1 A。故电源电压U＝15 V符合题意。所以当只闭合开关S1、S2、S3时，电路电流最大为2.5 A，则电路的最大功率Pmax＝UImax＝15 V×2.5 A＝37.5 W。 14．(1)如图所示　　　　　　(2)如图所示 　　 【考点】光的折射作图；杠杆作图。 【解析】(1)光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角。 (2)根据题意可知，力臂最长时施加的力最小，连接OB，OB作为力臂时动力臂最长，过B点作OB的垂线(注意标垂足)即为施加的最小动力F1的作用线所在的直线，施加力的方向为右下。 【授之以渔】 杠杆最小动力作图 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)①确定像的位置　②A　③A (2)①自下而上　②不可行　③不会 【考点】探究平面镜成像的特点；探究水沸腾时温度变化的特点。 16．(1)排开液体的体积　 (2) C、E (3)不变 (4)8　偏大 (5)④直到碗外水面与标记处相平　⑤3　偏大 【考点】探究浮力的大小与哪些因素有关；特殊方法测量固体的密度。 【解析】(1)比较A、B、C三次实验，液体的密度相同，C中物体浸入液体的体积较大，即排开液体的体积较大，弹簧测力计示数较小，则受到的浮力较大，说明物体排开液体的体积越大，物体所受浮力越大。 (2)为了探究物体所受浮力的大小与液体密度的关系，应控制排开液体的体积相同，液体密度不同，故选择A、C、E三次实验。 (3)在步骤D中，圆柱体浸没后向下移动但未触底的过程中，液体的密度和物体排开液体的体积不变，则其受到的浮力不变，即上下表面受到水的压力差不变。 (4)由A知物体重为8 N，由C知物体浸没在水中时弹簧测力计示数为7 N，则物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝G－F示＝8 N－7 N＝1 N，则物体的体积V＝V排＝＝＝1×10－4 m3，则圆柱形物体的密度ρ＝＝＝＝8×103 kg/m3＝8 g/cm3；如果将圆柱形物体浸入水中后，圆柱形物体吸水，则测得的浮力偏小，测得的物体体积偏小，根据ρ＝可知，会使圆柱形物体密度的测量值偏大。 (5)④根据等效替代法可知，具体操作应该是将玻璃杯中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到碗外水面与标记处相平。 ⑤小玻璃珠的总体积V′＝V2－V1＝Sh2－Sh1，将玻璃杯中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到碗外水面与标记处相平，玻璃杯中减小的水的质量即玻璃珠的总质量，减小的水的体积ΔV＝V2－V3＝Sh2－Sh3，减小的水的质量m＝ρ水(V2－V3)＝ρ水(Sh2－Sh3)，即玻璃珠的总质量m′＝ρ水(Sh2－Sh3)，所以玻璃珠密度的表达式ρ＝＝＝＝×1 g/cm3＝3 g/cm3；若步骤④中将水从柱状玻璃杯倒入空碗中时，有部分水溅出到水盆中，会导致所测玻璃珠的质量偏大，从而使玻璃珠的密度测量值偏大。 17．(1)如图所示 (2)C　(3)右　0.7　大 (4)大于　换用最大阻值至少为36 Ω的滑动变阻器 (5)②80 【考点】测量小灯泡的电功率。 【解析】(1)实验中，电流表应与灯泡串联，电压表应与灯泡并联。 (2)闭合开关，电流表无示数，灯泡不亮，说明电路发生断路，电压表有示数，说明电压表两端与电源连通，则可能是灯泡L1断路，故选C。 (3)小鲁移动滑片至某一位置时电压表的示数为2.2 V，为使小灯泡L1正常发光，应增大灯泡两端的电压直至2.5 V，则应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的电阻，即将滑片向右移动。由图乙可知，电流表选用小量程，分度值为0.02 A，示数为0.28 A，则小灯泡L1的额定功率P＝UI＝2.5 V×0.28 A＝0.7 W。灯丝发生升华现象后灯丝变细，导致灯丝的电阻变大。 (4)灯泡L2的额定电压为1.5 V，灯泡L2正常发光时电阻约为12 Ω，则灯泡L2正常发光时的电流约为I2＝＝＝0.125 A，而电路中最小电流Imin＝＝＝0.1 875 A>0.125 A，所以根据U＝IR可知，灯泡L2的电压大于额定电压1.5 V，为了完成实验，使得电流减小到0.125 A，应增大电路中电阻，所以应该换用阻值更大的滑动变阻器。滑动变阻器的最大阻值至少为R滑大＝＝＝36 Ω，所以应换用最大阻值至少为36 Ω的滑动变阻器。 (5)设电源电压是U，在A与B之间连接导线，只有滑动变阻器R1工作，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为I0，由欧姆定律可知，I0＝①；保持滑动变阻器R1不变，当在A与B之间接一阻值为20 Ω电阻时，R1与R串联，电流表示数为I0，则有I0＝②，联立①②，解得R1＝20 Ω。则当电流表刻度变为I0的五分之一时，根据I＝可知总电阻变为5R1，则电阻R的阻值R＝5R1－R1＝4R1＝4×20 Ω＝80 Ω。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．解：(1)返回舱从打开伞舱盖到落地的平均速度： v＝＝＝12.5 m/s。(3分) (2)返回舱从打开伞舱盖到落地过程中重力做功的平均功率： P＝＝＝Gv＝mgv＝3×103 kg×10 N/kg×12.5 m/s＝3.75×105 W。(3分) 【考点】速度、功率的计算。 19．解：(1)实心正方体乙受到的重力： G乙＝m乙g＝ρ乙V乙g＝4×103 kg/m3×(0.1 m)3×10 N/kg＝40 N。(1分) (2)圆柱体甲受到的重力： G甲＝m甲g＝10 kg×10 N/kg＝100 N， 根据杠杆平衡条件得，FA×OA＝G乙×OB， 杠杆A端受到的拉力： FA＝×G乙＝×40 N＝80 N， 绳对圆柱体甲的拉力FA′＝FA＝80 N，则甲对水平地面的压力： F压＝F支＝G甲－FA′＝100 N－80 N＝20 N，(1分) 则甲对水平地面的压强： p＝＝＝4 000 Pa。(1分) (3)甲对水平地面的最大压力： F大＝p大S甲＝6 400 Pa×50×10－4 m2＝32 N， 地面对甲的支持力F大′＝F大＝32 N， 则杠杆A端受到的拉力： FA″＝G甲－F大′＝100 N－32 N＝68 N，(1分) 根据杠杆平衡条件得，FA″×OA＝FB×OB， 解得杠杆B端受到的拉力： FB＝＝68 N×＝34 N，(1分) 绳对乙的拉力FB′＝FB＝34 N，则乙受到的浮力： F浮＝G乙－FB′＝40 N－34 N＝6 N，(1分) 则乙排开水的体积： V排＝＝＝6×10－4 m3＝600 cm3，(1分) 则乙浸入水中的深度： h浸＝＝＝6 cm， 设升降台上升的最大距离为h，则有S容h＝(S容－S乙)h浸， 解得升降台上升的最大距离： h＝＝＝3.6 cm。(1分) 【考点】杠杆平衡条件；阿基米德原理；重力、压强的计算。 20．解：(1)由题意可知，容器的重为10 N，往容器中加入2 N的水时，托盘受到的压力： F＝G容＋G水＝10 N＋2 N＝12 N， 由图乙可知，当压力为12 N时，R的阻值为12 Ω。由图甲可知，R与R0串联，电压表测R0两端电压，此时电压表示数为3 V，即U0为3 V，则根据串联分压原理可得，＝，即＝， 解得R0＝12 Ω。(1分) (2)当电压表的示数为2 V时，电路中电流： I＝＝＝ A， 力敏电阻的阻值： R′＝＝＝＝24 Ω，(1分) 由图乙可知，当力敏电阻为24 Ω时，托盘受到的压力为24 N，则容器中加入的水受到的重力： G水′＝F′－G容＝24 N－10 N＝14 N。(1分) (3)往容器中加入20 N的水，则水的体积： V水＝＝＝＝2×10－3 m3， 若物体A触底，则容器内水的深度： h＝＝＝0.1 m， 则水对容器底部的压强： p1＝ρ水gh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.1 m＝1 000 Pa， (1分) 容器对托盘的压强： p容＝1.5p1＝1.5×1 000 Pa＝1 500 Pa， 容器对托盘的压力： F1＝p容S容＝1 500 Pa×400×10－4 m2＝60 N， 又因为容器对托盘的压力： F1＝G容＋G水＋GA＝10 N＋20 N＋GA＝60 N，(1分) 则物体A受到的重力GA＝30 N，则此时物体A受到的浮力： F浮A＝ρ水gV 排＝ρ水gSAh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×200×10－4 m2×0.1 m＝20 N<GA，因此符合题意。 由图乙可知，当压力为60 N时，R的阻值为60 Ω，则电路中电流： I1＝＝＝ A， R0两端的电压： U01＝I1R0＝ A×12 Ω＝1 V。 若物体漂浮或悬浮在水中，则F浮＝GA′＝G排， 容器内水对容器底部的压强： p2＝＝，(1分) 容器对托盘的压强： p容′＝1.5p2＝1.5×＝＝，(1分) 解得GA′＝0，该情况排除。因此此时R0两端的电压为1 V。(1分) 【考点】动态电路的相关计算；压强与浮力的综合计算。 【错题反思】 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T9、T10、T11、T14、T18 再接再厉鼓舞你 T6、T12、T15 伤筋动骨磨炼你 T7、T16、T17、T19 学霸登顶恭喜你 T8、T13、T20 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到教材或复习资料中再深入学习一遍。 学科网（北京）股份有限公司 $$