2025年天津市红桥区中考物理二模试卷

2025年天津市红桥区中考物理二模试卷 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题意） 1．（3分）如图所示，将钢尺一端紧压在桌边上，保持伸出桌边长度不变，用大小不同的力拨动，发出的声音不同的是（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 2．（3分）二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶。对下列节气涉及的物态变化分析，正确的是（　　） A．图甲“寒露”节气，“露”的形成是凝固现象 B．图乙“霜降”节气，“霜”的形成是凝华现象 C．图丙“大雪”节气，“雪”的形成是液化现象 D．图丁“雨水”节气，“雨”的形成是凝华现象 3．（3分）蓝蓝的天上白云飘，站在湖边的小明看到清澈的水中鱼儿在云中游动，下列说法正确的是（　　） A．看到的水中的鱼是实像 B．看到的水中的云是实像 C．看到的水中的云是由于光的折射形成的 D．看到的水中的鱼是由于光的折射形成的 4．（3分）如图所示，探究“阻力对物体运动的影响”实验中，保持同一小车每次从斜面同一高度由静止滑下，只改变水平木板表面的粗糙程度，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　） A．小车在水平木板上运动过程中只受摩擦力的作用 B．小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行的距离相同 C．水平木板表面越粗糙，该小车在水平木板上运动时所受的摩擦力越大 D．该实验能直接验证当物体受到的阻力为零时，物体将一直做匀速直线运动 5．（3分）如图所示事例或实验中，属于内能转化为机械能的是（　　） A．搓手取暖 B．钻木取火 C．下滑时臀部有灼热感 D．水蒸气将软木塞冲出 6．（3分）电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。如图实验中与动能回收系统原理相同的是（　　） A． B． C． D． 7．（3分）下列估测中，符合实际的是（　　） A．中学生课桌高度约为80cm B．一个普通中学生的重力约为50N C．成年人步行的速度约为1.1km/h D．人体体温的变化范围约为0～42℃ 8．（3分）科技小组模拟“智能开锁”设计的电路图，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁。现用S1表示人脸识别，S2、S3表示密码、钥匙。匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式都能开锁的电路是（　　） A． B． C． D． 9．（3分）图象法可以直观地描述物理过程或物理规律，下列四幅图象中正确反映物理现象和规律的是（　　） A．甲图表示晶体熔化过程中温度随时间变化的规律 B．乙图表示某物体的质量和其体积的关系 C．丙图表示通过某导体的电流强度与它两端的电压关系（不考虑温度的变化） D．丁图表示b做功比a快 10．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列判断正确的是（　　） A．电压表示数变小，电流表示数变大 B．电压表示数不变，电流表示数变小 C．电压表示数变大，电流表示数不变 D．电压表示数变大，电流表示数变小 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分.每小题给出的四个选项中，有两个及两个以上符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分。） （多选）11．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。保持凸透镜的位置不变，则（　　） A．实验所用凸透镜的焦距可能为10.0cm B．光屏上承接到的像是烛焰倒立、缩小的实像 C．将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上仍能承接到像 D．将蜡烛移至45.0cm刻度线上，光屏上仍能承接到像 （多选）12．（3分）如图是小龙“测量斜面机械效率”的实验装置，斜面粗糙程度相同。他用平行于斜面向上的恒定拉力F，将重6N的物体以1m/s的速度匀速拉到斜面顶端，测得斜面的机械效率为75%。则下列说法正确的是（　　） A．拉力做功为4J B．物体受到摩擦力为1.5N C．在匀速拉动过程中，物体的机械能不变 D．若以2m/s的速度匀速拉动物体，斜面机械效率仍为75% （多选）13．（3分）如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（　　） A．电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W～0.9W B．电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.5A C．滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω～20Ω D．电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W～1.8W 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14．（4分）小明身高1.7m，距离平面镜3m，像到平面镜的距离是 　 　 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 　 　 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 15．（4分）把一个带电体靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒时，它们相互排斥，这个带电体带 　 　 电荷（选填“正”或“负”）。在干燥的天气里，用塑料梳子梳头时，发现越梳头发越蓬松，这是因为 　 　 。 16．（4分）塔吊吊起重物，在竖直方向匀速上升时，若拉力为1×104N，重物上升的距离为40m，重物上升所用的时间为50s，则拉力的功率为 　 　 W；一台内燃机运行时各种能量损耗大致为：气缸散热损失占25%，废气带走的能量占30%，摩擦等机械损耗占10%，则它的机械效率为 　 　 。 17．（4分）如图为某电磁继电器的工作原理图，开关S闭合时，电磁铁 　 　 （有/无）磁性，　 　 （电灯/电铃）通电工作。 18．（4分）1标准大气压的值为 　 　 ，如图所示，汽油机的活塞正向上运动，它处于 　 　 冲程。 19．（4分）电源电压为3V，分别将标有“6V 6W”和“3V 3W”的甲、乙两只灯泡串联接在该电源两端，　 　 灯实际功率大；若并联在该电源两端，两灯消耗的功率之比P甲：P乙＝　 　 。（忽略温度对灯丝电阻的影响） 四、综合题（本大题共6小题，共37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位。 20．（6分）某电热水器的铭牌如下表所示，现将水箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20℃加热到60℃．已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），不计热量损失，求： （1）水吸收的热量 （2）加热所需要的时间。 型号 ××× 额定电压 220V 加热功率 2000W 频率 50Hz 水箱容量 50kg 21．（6分）小明和小红对具有吸水性的小石块的密度进行了测量。（ρ水已知） （1）小明的实验过程如下： ①将天平放置于水平桌面上，游码放到标尺左端的零刻度线处，天平上指针的位置如图所示，下一步的操作是 　 　 调节平衡螺母，使天平平衡； ②用调节好的天平测出小石块的质量为m； ③往量筒中倒入适量的水，读出水面对应的刻度值为V1； ④用细线系好小石块将其浸没在量筒里的水中，读出水面对应的刻度值为V2； ⑤小石块的密度：ρ石＝ 　 　 ； （2）小红的实验过程如下： ①将用细线系好的小石块挂在弹簧测力计下，测出小石块重为G； ②将挂在弹簧测力计下的小石块 　 　 在水中（不碰容器底、不碰容器壁），读出弹簧测力计示数为F； ③小石块的密度：ρ石＝ 　 　 。 22．（4分）夏季汛期来临，暴雨后洪水流入水库会导致水位急剧上升，此时需开闸泄洪避免出现溃坝的危险。亮亮了解到液体压强是导致溃坝的主要原因，他想利用微小压强计来探究液体压强与哪些因素有关。他根据水位上涨及河水变得浑浊密度变大的情况作出以下猜想： A.液体压强大小可能与液体深度有关 B.液体压强大小可能与液体密度有关 为验证以上猜想，他利用相关器材完成了如下实验： （1）用微小压强计U形管左右两边液面高度差来反映探头处液体压强的大小，这种研究物理问题的方法是 　 　 。 A.控制变量法 B.模型法 C.转换法 （2）为了验证猜想A，比较①②两次实验操作，初步得出结论：液体的压强随深度的增加而 　 　 。 （3）为了验证猜想B，应比较 　 　 （选填序号）两次实验操作，初步得出结论：深度相同时，液体的密度越大，压强越大。 （4）亮亮通过以上探究得出结论：液体压强与液体深度和液体密度有关，所以大坝应修成 　 　 （选填“上窄下宽”、“上宽下窄”）的形状，我们还应植树造林来减少水土流失。 23．（8分）如图所示，电源两端电压为24V，电阻R为20Ω。 （1）只闭合开关S，求通过电阻R的电流； （2）同时闭合开关S、S1，若通过干路的电流为1.6A，求通过电阻R1的电流和电阻R1的阻值。 24．（7分）图甲是用伏安法测未知电阻R的实验图。 （1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整。 （2）闭合开关，将滑片P向左滑动时，此时电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示，其读数为I＝　 　 A，则未知电阻R＝　 　 Ω。 （3）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻R0，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在空格内将实验步骤补充完整。 ①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1； ②　 　 ，用电压表测出电源的电压U； ③请写出用测量值U、U1及R0来表示Rx的表达式：Rx＝　 　 。 25．（6分）现有下列器材：一个电压恒为U0的电源，两个定值电阻R1和R2（已知电阻值R1＝2R2），导线若干。它们分别与图中的A、B、C、D有关接线柱连接。把一个电流表先后接在有关接线柱之间，结果发现： ①若把电流表接在接线柱A、B之间，它的示数为6I0； ②若把电流表改接在接线柱C、D之间，它的示数为3I0； ③若把电流表改接在接线柱A、D之间，它的示数变为2I0。 根据上述测试结果，请你完成下列内容。 （1）在图中的方框内画出有关接线柱间电源、电阻、导线的连接情况，并标明R1、R2； （2）若使电路消耗的功率最大，可利用两根导线分别连接接线柱 　 　 和 　 　 ，此时最大功率是多少 　 　 （用已知字母U0、I0表示）。 2025年天津市红桥区中考物理二模试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D C D A A B C B 二．多选题（共3小题） 题号 11 12 13 答案 BC AD ACD 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题意） 1．（3分）如图所示，将钢尺一端紧压在桌边上，保持伸出桌边长度不变，用大小不同的力拨动，发出的声音不同的是（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 【分析】声音的三个特性：音调、响度、音色；响度跟发声体的振幅和距离声源的远近有关有关，振幅越大、响度越大；音调跟发声体的振动频率有关，频率越大、音调越高；音色跟发声体的结构和材料有关。 【解答】解：将钢尺一端紧压在桌面上，另一端伸出桌面，保持钢尺伸出桌面的长度相同，用大小不同的力拨动钢尺；用大的力拨动钢尺时，钢尺的振幅大，发出声音的响度大；改用小的力拨动钢尺时，钢尺的振幅小，发出声音的响度变小，即钢尺会发出响度不同的声音。 故选：A。 【点评】本题考查了音调、响度和音色的区分，是一道基础题。 2．（3分）二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶。对下列节气涉及的物态变化分析，正确的是（　　） A．图甲“寒露”节气，“露”的形成是凝固现象 B．图乙“霜降”节气，“霜”的形成是凝华现象 C．图丙“大雪”节气，“雪”的形成是液化现象 D．图丁“雨水”节气，“雨”的形成是凝华现象 【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。 【解答】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化是放热过程，故A错误； B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华放热，故B正确； C、雪是水蒸气凝华放热形成的，故C错误； D、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D错误。 故选：B。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 3．（3分）蓝蓝的天上白云飘，站在湖边的小明看到清澈的水中鱼儿在云中游动，下列说法正确的是（　　） A．看到的水中的鱼是实像 B．看到的水中的云是实像 C．看到的水中的云是由于光的折射形成的 D．看到的水中的鱼是由于光的折射形成的 【分析】（1）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。 【解答】解：看到的水中的鱼是由鱼反射的光线从水中斜射入空气时，在水面发生折射形成的虚像； 看到的水中的云属于平面镜成像，是由光的反射形成的。故ABC错误、D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了光的反射和折射，属于基础知识。 4．（3分）如图所示，探究“阻力对物体运动的影响”实验中，保持同一小车每次从斜面同一高度由静止滑下，只改变水平木板表面的粗糙程度，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　） A．小车在水平木板上运动过程中只受摩擦力的作用 B．小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行的距离相同 C．水平木板表面越粗糙，该小车在水平木板上运动时所受的摩擦力越大 D．该实验能直接验证当物体受到的阻力为零时，物体将一直做匀速直线运动 【分析】（1）对物体进行受力分析，力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态； （2）影响摩擦力大小的因素有压力大小和接触面的粗糙程度； （3）牛顿第一定律是在实验的基础上，进一步推理得出的。 【解答】解：A、小车在水平木板上运动过程中在水平方向上只受摩擦力的作用，在竖直方向上还受重力和支持力，故A错误； B、小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行，因为摩擦力大小不同，故小车运动的距离会不同，故B错误； C、影响摩擦力大小的因素有压力大小和接触面的粗糙程度，木板接触面越粗糙，摩擦力越大，故C正确； D、阻力为零实际上并不存在，在接触面越光滑，摩擦力越小，小车运动的距离越远，进一步推理得出不受摩擦力，小车将做匀速直线运动，故D错误； 故选：C。 【点评】注意此实验是在实验的基础上进一步推理得出实验结论，用的方法是控制变量法和实验推理法。 5．（3分）如图所示事例或实验中，属于内能转化为机械能的是（　　） A．搓手取暖 B．钻木取火 C．下滑时臀部有灼热感 D．水蒸气将软木塞冲出 【分析】做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加；物体对外做功，内能转化为机械能，物体内能减小。 【解答】解：A、搓手取暖，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，给A不合题意； B、钻木取火，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，故B不合题意； C、小朋友滑滑梯时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，故C不合题意； D、水蒸气将软木塞冲开，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能会减小，内能转化为机械能，故D符合题意。 故选：D。 【点评】此题考查了做功改变物体内能两种情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。 6．（3分）电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。如图实验中与动能回收系统原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，此过程中机械能转化为电能。 【解答】解：汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，利用的是电磁感应的原理； A、该图说明闭合路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，闭合开关后，电流表的指针发生偏转，故A符合题意； B、该图奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故B不符合题意； C、图中是电磁铁，电磁铁利用的是电流的磁效应，故C不符合题意； D、该图说明通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D不符合题意。 故选：A。 【点评】本题考查了发电机的原理，明确各个图的原理是解题的关键。 7．（3分）下列估测中，符合实际的是（　　） A．中学生课桌高度约为80cm B．一个普通中学生的重力约为50N C．成年人步行的速度约为1.1km/h D．人体体温的变化范围约为0～42℃ 【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。 【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A符合实际； B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故B不符合实际； C、成年人正常步行的速度在1.1m/s＝1.1×3.6km/h≈4km/h左右，故C不符合实际； D、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故D不符合实际。 故选：A。 【点评】对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。 8．（3分）科技小组模拟“智能开锁”设计的电路图，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁。现用S1表示人脸识别，S2、S3表示密码、钥匙。匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式都能开锁的电路是（　　） A． B． C． D． 【分析】由题知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功后开关S1与S2会闭合，电动机M工作，开锁成功，当人脸识别失败时也可以输入密码解锁，当密码输入正确时开关S1会闭合，电动机M工作，开锁成功，由此根据选项图分析解答。 【解答】解：根据题意知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，电动机M工作，即S1或S2一个闭合，电动机M都能工作；则S1和S2并联后与电动机串联；故B符合题意。 故选：B。 【点评】本题考查了电路图的设计，关键是明确电路中开关的作用。 9．（3分）图象法可以直观地描述物理过程或物理规律，下列四幅图象中正确反映物理现象和规律的是（　　） A．甲图表示晶体熔化过程中温度随时间变化的规律 B．乙图表示某物体的质量和其体积的关系 C．丙图表示通过某导体的电流强度与它两端的电压关系（不考虑温度的变化） D．丁图表示b做功比a快 【分析】A、熔化和凝固图象区别在于：熔化图象温度是随时间而升高，凝固图象温度是随时间而降低。但不管是熔化还是凝固，晶体的图象中总有一段温度不变的过程。 B、乙图的横坐标是体积，纵坐标是质量，故此图象试图表达物体质量与体积的关系。 C、丙图的横坐标是电压，纵坐标是电流，故此图象试图表达电流与电压的关系。 D、丁图横坐标是时间，纵坐标是功，故表示的是做功的快慢，要从图象中看出哪个做功快，可取相同的时间比较功的大小。 【解答】解： A、甲图中物体的温度是随时间而下降，故应该是晶体的凝固图象，而不是熔化图象。 B、乙图表示物体的质量随体积的增大而减小，这明显是错误的，应该是物体的质量随体积的增大而增大。 C、根据可知，加在导体两端的电压越大，通过导体的电流也就越大，故此图表达的电流与电压的关系是正确的。 D、在丁图中取相同的时间，可见a做的功比b要多，故a做功要比b快。 故选：C。 【点评】用图象来表示一些物理规律，这在物理学习中是有很重要的地位的，在考试中也越来越多地出现了。 10．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列判断正确的是（　　） A．电压表示数变小，电流表示数变大 B．电压表示数不变，电流表示数变小 C．电压表示数变大，电流表示数不变 D．电压表示数变大，电流表示数变小 【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流， 因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变， 滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由I可知，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故B正确，ACD错误。 故选：B。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分.每小题给出的四个选项中，有两个及两个以上符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分。） （多选）11．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。保持凸透镜的位置不变，则（　　） A．实验所用凸透镜的焦距可能为10.0cm B．光屏上承接到的像是烛焰倒立、缩小的实像 C．将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上仍能承接到像 D．将蜡烛移至45.0cm刻度线上，光屏上仍能承接到像 【分析】（1）u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝10cm＞f，由此可得焦距的范围； （2）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像； （3）在光的折射中，光路是可逆的； （4）根据u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接。 【解答】解：A、由图可知，u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝10cm＞f，即10cm＞f＞5cm，故A错误； B、由图可知，u＞v，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故B正确； C、将蜡烛和光屏的位置互换，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，光屏上仍能承接到像，故C正确； D、将蜡烛移至45.0cm刻度线上，此时物距u＝50.0cm﹣45.0cm＝5.0cm＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D错误。 故选：BC。 【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 （多选）12．（3分）如图是小龙“测量斜面机械效率”的实验装置，斜面粗糙程度相同。他用平行于斜面向上的恒定拉力F，将重6N的物体以1m/s的速度匀速拉到斜面顶端，测得斜面的机械效率为75%。则下列说法正确的是（　　） A．拉力做功为4J B．物体受到摩擦力为1.5N C．在匀速拉动过程中，物体的机械能不变 D．若以2m/s的速度匀速拉动物体，斜面机械效率仍为75% 【分析】（1）根据W＝Gh求出克服物体重力做的有用功；知道斜面的机械效率，根据机械效率的公式求出拉力做功（总功）； （2）根据几何知识求出斜面的长度；额外功等于克服摩擦阻力做的功，根据W总＝W有+W额求出额外功，根据W额＝fL求出摩擦力； （3）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，机械能是动能和势能的总和； （4）若以2m/s的速度匀速拉动物体，拉力、摩擦力、物体的重力均不变。 【解答】解：A、此过程克服物体重力做的有用功为：W有＝Gh＝6N×0.5m＝3J， 由η得拉力做的总功为：W总4J，故A正确； B、由图可知，斜面的夹角为30°，高为0.5m，所以斜面的长度L＝1m； 拉力做的额外功为： W额＝W总﹣W有＝4J﹣3J＝1J； 物体所受的摩擦力为：f1N，故B错误； C、在匀速拉动过程中，物体的质量不变、速度不变，动能不变；质量不变、高度增加，重力势能增大；动能和势能统称为机械能，则机械能增大，故C错误； D、若以2m/s的速度匀速拉动物体，摩擦力、物体的重力均不变，有用功、额外功不变，总功不变，斜面的机械效率不变，仍为75%，故D正确。 故选：AD。 【点评】熟练运用功、机械效率的计算公式，准确分析物体的受力情况，理解影响斜面机械效率的因素，是解答此题的关键。 （多选）13．（3分）如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（　　） A．电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W～0.9W B．电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.5A C．滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω～20Ω D．电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W～1.8W 【分析】由图可知：滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别求电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化． 【解答】解：根据电路图可知，滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压；当电压表的示数达到最大值3V时，即定值电阻R1两端的最大电压U1＝3V，电路中的电流I0.3A＜0.5A＜0.6A，所以电路中的最大电流为0.3A； 此时滑动变阻器两端的电压U2min＝U﹣U1＝6V﹣3V＝3V 由I可得滑动变阻器最小阻值为R2min10Ω； 电路消耗的最大功率为：P＝UI＝6V×0.3A＝1.8W； 当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，整个电路是安全的， 则变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为10～20Ω；故C正确； 最大总电阻为R＝Rmax+R1＝20Ω+10Ω＝30Ω， 电路中的最小电流Imin0.2A 则电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.3A，故B错误； 电路消耗的最小功率Pmin＝UImin＝6V×0.2A＝1.2W， 则电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W～1.8W，故D正确； 电阻R1消耗的最小功率为：P1min＝（Imin）2R1＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W， 则电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W，故A正确。 故选：ACD。 【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律． 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14．（4分）小明身高1.7m，距离平面镜3m，像到平面镜的距离是 　3　 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 　不变　 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 【分析】物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，像的大小跟物体的大小有关，跟物体距离平面镜的远近没有关系。像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。 【解答】解：像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离，所以当小明站在平面镜前3m处时，像距离平面镜也是3m； 因像和物的大小总是相等的，人的大小与像的大小一样，所以当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小不变。 故答案为：3；不变。 【点评】本题主要考查的是平面镜成像特点的应用，解决此类问题要结合平面镜成像特点进行分析解答。 15．（4分）把一个带电体靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒时，它们相互排斥，这个带电体带 　负　 电荷（选填“正”或“负”）。在干燥的天气里，用塑料梳子梳头时，发现越梳头发越蓬松，这是因为 　同种电荷相互排斥　 。 【分析】与丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷称为正电荷，与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷； 电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。 【解答】解：与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷，且同种电荷相互排斥。因此，把一个带电的物体靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒时，它们互相排斥，说明这一带电体的带电情况是负电。 在干燥的空气里，用梳子梳头发，头发随梳子飘是因为摩擦带电；头发越梳越散是因为同种电荷相互排斥。 故答案为：负；同种电荷相互排斥。 【点评】此题不仅考查了摩擦起电现象，并且考查了电荷间的相互作用规律。利用所学知识来解释日常生活中的现象。 16．（4分）塔吊吊起重物，在竖直方向匀速上升时，若拉力为1×104N，重物上升的距离为40m，重物上升所用的时间为50s，则拉力的功率为 　8×103　 W；一台内燃机运行时各种能量损耗大致为：气缸散热损失占25%，废气带走的能量占30%，摩擦等机械损耗占10%，则它的机械效率为 　35%　 。 【分析】（1）利用W＝Fs计算功的大小，再根据功率的计算公式即可求出拉力做功的功率； （2）热机的效率是用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比。 【解答】解：拉力做的功为：W＝Fs＝1×104N×40m＝4×105J 功率为：P8×103W； 热机的效率是用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，所以它的效率：η＝1﹣25%﹣30%﹣10%＝35%。 故答案为：8×103；35%。 【点评】本题考查了功与功率的计算和热机的效率的应用，属于基础题。 17．（4分）如图为某电磁继电器的工作原理图，开关S闭合时，电磁铁 　有　 （有/无）磁性，　电灯　 （电灯/电铃）通电工作。 【分析】电磁铁通电后有磁性。衔铁被吸下，看看电源和哪个用电器构成通路。 【解答】解：闭合开关，电磁铁中有电流通过，电磁铁有磁性，吸引衔铁，动触点和下面的静触点接通，电灯和电源构成通路，电灯工作。 故答案为：有；电灯。 【点评】电磁铁在控制电路中，用电器在工作电路中，电磁继电器是用控制电路来控制工作电路的。 18．（4分）1标准大气压的值为 　1.01×105Pa　 ，如图所示，汽油机的活塞正向上运动，它处于 　压缩　 冲程。 【分析】一标准大气压的值是1.01×105Pa。 压缩冲程：进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，温度升高。 【解答】解：一标准大气压的值是1.01×105Pa。 汽油机的活塞正向上运动，进气门和排气门都关闭，它处于压缩冲程。 故答案为：1.01×105Pa；压缩。 【点评】本题考查标准大气压及四冲程的判断，属于基础题。 19．（4分）电源电压为3V，分别将标有“6V 6W”和“3V 3W”的甲、乙两只灯泡串联接在该电源两端，　甲　 灯实际功率大；若并联在该电源两端，两灯消耗的功率之比P甲：P乙＝　1：2　 。（忽略温度对灯丝电阻的影响） 【分析】（1）由灯泡铭牌计算灯泡电阻，灯泡的明暗是由其实际功率决定的，据此计算； （2）根据并联电路的特点，由P＝UI进行计算。 【解答】解：（1）由P＝UI可得，两灯的电阻分别为： R甲6Ω，R乙3Ω， 若两灯串联，因串联电路中电流处处相等，R甲＞R乙，由P＝I2R可得P甲实＞P乙实； （2）若并联接在该电源两端，并联电路中各支路两端电压相等，即U并甲＝U并乙， 由P＝UI可得，两灯消耗的功率之比： P并甲：P并乙：。 故答案为：甲；1：2。 【点评】本题考查串并联电路特点的综合运用，要熟练运用串并联电路的规律，掌握用电器正常工作时的特点。 四、综合题（本大题共6小题，共37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位。 20．（6分）某电热水器的铭牌如下表所示，现将水箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20℃加热到60℃．已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），不计热量损失，求： （1）水吸收的热量 （2）加热所需要的时间。 型号 ××× 额定电压 220V 加热功率 2000W 频率 50Hz 水箱容量 50kg 【分析】（1）由吸热公式Q吸＝cmΔt计算吸收的热量。 （2）根据电热丝正常工作时所需要产生热量，由电热公式计算电流产生这些热量所需要的时间。 【解答】解：（1）使水温由20℃升高到60℃，水需要吸收热量为： Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×106J。 （2）不计热量损失，电热丝所产生热量的全部被水吸收， 由Q放＝Q吸＝W＝Pt得： t4200s。 答：（1）使水温由20℃升高到60℃，水需要吸收8.4×106J的热量； （2）电热水器正常工作时电热丝的加热需4200s。 【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题。与生活相连，使学生觉得学了物理有用，且加强了学生的节能环保的意识，计算时注意单位的统一。 21．（6分）小明和小红对具有吸水性的小石块的密度进行了测量。（ρ水已知） （1）小明的实验过程如下： ①将天平放置于水平桌面上，游码放到标尺左端的零刻度线处，天平上指针的位置如图所示，下一步的操作是 　向左　 调节平衡螺母，使天平平衡； ②用调节好的天平测出小石块的质量为m； ③往量筒中倒入适量的水，读出水面对应的刻度值为V1； ④用细线系好小石块将其浸没在量筒里的水中，读出水面对应的刻度值为V2； ⑤小石块的密度：ρ石＝ 　　 ； （2）小红的实验过程如下： ①将用细线系好的小石块挂在弹簧测力计下，测出小石块重为G； ②将挂在弹簧测力计下的小石块 　浸没　 在水中（不碰容器底、不碰容器壁），读出弹簧测力计示数为F； ③小石块的密度：ρ石＝ 　•ρ水　 。 【分析】（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度处，平衡螺母向上翘的一端调节，使天平的横梁水平平衡； 石块的体积等于石块和水的总体积减去水的体积，根据密度公式ρ求石块的密度； （2）由G＝mg求得石块的质量；石块浸没在水中，则石块排开水的体积等于石块的体积；根据密度公式ρ求石块的密度。 【解答】解：（1）如图，横梁上的指针指在分度盘的右侧，所以应将平衡螺母向左端调节，使天平横梁水平平衡； 石块的体积：V＝V2﹣V1， 石块的密度为： ρ石； （2）根据G＝mg知石块的质量为：m， 石块浸没在水中，弹簧测力计的示数为F，则石块浸没时受到的浮力：F浮＝G﹣F， 根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排知石块的体积： V＝V排， 所以石块的密度为： ρ石•ρ水。 故答案为：（1）①向左；⑤；（2）②浸没；③•ρ水。 【点评】此题是测量固体物体的密度实验，考查了等效替代法的应用，密度的计算是基础，有关物体体积的测量是难点。要掌握两种测量体积的方法，特别是利用阿基米德原理测量物体的体积更为重点。 22．（4分）夏季汛期来临，暴雨后洪水流入水库会导致水位急剧上升，此时需开闸泄洪避免出现溃坝的危险。亮亮了解到液体压强是导致溃坝的主要原因，他想利用微小压强计来探究液体压强与哪些因素有关。他根据水位上涨及河水变得浑浊密度变大的情况作出以下猜想： A.液体压强大小可能与液体深度有关 B.液体压强大小可能与液体密度有关 为验证以上猜想，他利用相关器材完成了如下实验： （1）用微小压强计U形管左右两边液面高度差来反映探头处液体压强的大小，这种研究物理问题的方法是 　C　 。 A.控制变量法 B.模型法 C.转换法 （2）为了验证猜想A，比较①②两次实验操作，初步得出结论：液体的压强随深度的增加而 　增加　 。 （3）为了验证猜想B，应比较 　②③　 （选填序号）两次实验操作，初步得出结论：深度相同时，液体的密度越大，压强越大。 （4）亮亮通过以上探究得出结论：液体压强与液体深度和液体密度有关，所以大坝应修成 　上窄下宽　 （选填“上窄下宽”、“上宽下窄”）的形状，我们还应植树造林来减少水土流失。 【分析】（1）根据转换法，液体压强大小是通过U形管内液面的高度差来反映的，液面高度差越大，液体的压强越大； （2）（3）液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论； （4）同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增加。 【解答】解：（1）压强计是通过观察U形管两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强的大小，这种研究物理问题的方法是转换法，故选C； （2）为了验证猜想A：液体压强大小可能与液体深度有关，比较①②两次实验操作，可知液体的密度相同，深度不同，深度越深，U形管液面的高度差越大，液体内部压强越大，得出结论：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增加； （3）为了验证猜想B：液体压强大小可能与液体密度有关，应该控制液体的深度相同，改变液体的密度，所以分析②③两次实验操作； （4）由于液体压强随液体深度的增加而增加，河水的深度越深，压强越大，为了使拦河坝能承受更大的水压，应把拦河坝设计成上窄下宽的形状。 故答案为：（1）C；（2）增加；（3）②③；（4）上窄下宽。 【点评】本题探究影响液体内部压强大小的因素，考查液体压强特点和控制变量法和转换法的运用，是一道综合题。 23．（8分）如图所示，电源两端电压为24V，电阻R为20Ω。 （1）只闭合开关S，求通过电阻R的电流； （2）同时闭合开关S、S1，若通过干路的电流为1.6A，求通过电阻R1的电流和电阻R1的阻值。 【分析】当只闭合开关S时，电路中只有电路R串联在电路中，当闭合开关S和S1时，电路中R和R1并联； （1）纸币和开关S时，利用欧姆定律求通过电阻R的电流； （2）同时闭合开关S、S1时，利用并联电路电流规律及欧姆定律求电阻R1的电流和电阻R1的阻值。 【解答】解：（1）当只闭合开关S，只有电阻R串联在电路中，UR＝U＝24V，R＝20Ω，由欧姆定律求得通过电阻R的电流IR1.2A； （2）同时闭合开关S、S1，R和R1并联，若通过干路的电流为I＝1.6A，根据并联电路电压和电流规律可得R1两端的电压，U1＝U＝24V，通过R1的电流I1＝I﹣IR＝1.6A﹣1.2A＝0.4A；由欧姆定律得R1的阻值为R160Ω。 故答案为：（1）1.2A；（2）0.4A；60Ω。 【点评】本题考查了并联电路电流和电压规律以及欧姆定律的应用，是一道基础计算题。 24．（7分）图甲是用伏安法测未知电阻R的实验图。 （1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整。 （2）闭合开关，将滑片P向左滑动时，此时电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示，其读数为I＝　0.3　 A，则未知电阻R＝　8　 Ω。 （3）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻R0，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在空格内将实验步骤补充完整。 ①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1； ②　闭合开关S、S1　 ，用电压表测出电源的电压U； ③请写出用测量值U、U1及R0来表示Rx的表达式：Rx＝　　 。 【分析】（1）变阻器应串联在电路中，且要一上一下接线柱进行连接； （2）明确电流表的量程和分度值，读出示数，再利用欧姆定律的变形公式计算电阻的大小； （3）由电路图可知，当开关S、S1均闭合时电路为Rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果。 【解答】解：（1）变阻器应串联在电路中，可将导线一端接在变阻器上端，另一端接在电阻R右端，如图所示。 （2）读图可知，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.3A。 由公式I得， R8Ω； （3）实验步骤： ①闭合开关S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1； ②闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U； ③因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，R0两端的电压： U0＝U﹣Ux＝U﹣U1， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，I，即， 解得：Rx。 故答案为： （1）如上图所示； （2）0.3；8； （3）②闭合开关S、S1；③。 【点评】本题考查了实物图的连接和电流表的读数、欧姆定律的应用、串联电路的特点等，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验。 25．（6分）现有下列器材：一个电压恒为U0的电源，两个定值电阻R1和R2（已知电阻值R1＝2R2），导线若干。它们分别与图中的A、B、C、D有关接线柱连接。把一个电流表先后接在有关接线柱之间，结果发现： ①若把电流表接在接线柱A、B之间，它的示数为6I0； ②若把电流表改接在接线柱C、D之间，它的示数为3I0； ③若把电流表改接在接线柱A、D之间，它的示数变为2I0。 根据上述测试结果，请你完成下列内容。 （1）在图中的方框内画出有关接线柱间电源、电阻、导线的连接情况，并标明R1、R2； （2）若使电路消耗的功率最大，可利用两根导线分别连接接线柱 　AB　 和 　CD　 ，此时最大功率是多少 　9U0I0　 （用已知字母U0、I0表示）。 【分析】（1）先根据欧姆定律求出不同接线柱将电阻的大小，然后确定电源的位置和不同接线柱将电阻的连接方式。 （2）根据并联电路的电阻特点，利用P分析。 【解答】解：（1）由I可知，RAB，RCD，RAD； 说明AD间电阻是AB间的三倍，CD间的电阻是AB间电阻的两倍，则AB间接电阻R2，CD间接电阻R1，AD间两电阻串联，电路图如图所示； ； （2）若使电路消耗的功率最大，电源电压不变，根据P可知，电路中的电阻是最小的，当两个电阻并联时，总电阻最小；故应连接AB、CD，此时两个电阻并联； 干路中的总电流为：I＝6I0+3I0＝9I0； 所以最大功率为：P＝U0×9I0＝9U0I0。 故答案为：（1）见解析；（2）AB；CD；9U0I0。 【点评】本题考查了暗箱问题，根据条件得出两电阻的连接方式和位置是关键。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/5/19 17:00:52；用户：建平初级中学；邮箱：ping@qq.com；学号：63652969 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$