云南省曲靖市会泽县茚旺高级中学2024-2025学年高二下学期期中检测物理试题

3.已年金星俏中挂约为地球中位的5气。面量钓为地球精显增工。多考整自转销明 A,降生变川齿湖线烟铺由的交或息朝事为门化 金泽县苗旺高领中学225年春孕学期高二年级中考试 金显表商由落体细通度与地球养度自由落体速直的比自大月是 口着青强变属器的桶人功率青L复。则燃离量电线亮根税店华有鱼图 L DI C LO .11 仁門备片”月“动骨时，电1具上的电店交小 物理试四老 4质量为。，气的同个小球A,老在走海国环上，周环使较直方向筒直是匀连晚装 ，汽青下动时，扇电线上的电变大 已年，《：，不计空气用力。下列M中，球作对情邦D士可，问小球在舞辱上可 。.虹阳影所不为两个定在国一水平重上朝点自向。肥离为d。电食量分州为+0-Q, 本饮率分第1系【选桥引中系【本《非线部期)两年分。第1系露1百至幂手百 位可传的是 在台道线程直中南线上衡定一限长为上，内厚龙滑的地发烟节。有一电食量为+国 系】卷第4酒是翠6胃，餐民线来后，评本或意和笔湖十一子发时。两母阳分，青风酒 的小球直使略比惯骨小，可看作减点)其期速壁气从上扇管口射人，静电力意量为 5分竹 4,爵小峰 4.受车2力n精 第181意释图。共46分 和下落过程中如油度先威小后蜡大 生有事有 1:苦超前。中生寿级时营息国表黑骨自已的地名，准零这章。考峰号，风丝青在多 一根轻为料图体的 书，宜复对参博的力性量大面为坐 心滑快，围同魂票有质量均为的小物晚，k,整个整置娃个每上状点：现的物块 则卡上始粥：总 随事一十水平有右的力厂，使é暖餐移转到程绳与极直方向成角不计州与南觉 ，正4平巴男树球女单浅海，年文创史度中国直位面树球单打 土身小避递山多蜜始，具面铅毛解客理卡上叶应避目的苏章样受家果如名我种： 销伸变。时光过程记结E璃筒是 军。莱我比清中，年球文彩网球料肖上击棉号，若不什空气L力，时库在空中从领病 网绿发接平净挂。弄远涂其格家表标子。在成理息上作茶无赋 是术平拉力多是套塘大 或送动密路地过程中的动使斯，。重力转使上，：风械速【固脑动川1发下落高度A变 属小物虎■受树的军荐力先州大料磷和 一，温屏题（本大理共0题，代的导.企好里给的同个温满中，第！-）庭只有 .占受到闻的整力地大再碱冬 -观符企醒日置求.得小4分：第8-0则有家现作合型日整根，修小题6分，孕乙连 不物放a一定滑到圆促特上.， 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θ相同，两小球在同一水平面上。故选 C。 5．b 受力平衡，对 b 受力分析，如图甲所示。设绳与竖直方向的夹角为 α，b 缓慢移动直到与 竖直方向成 30°角的过程中，α变大，根据平行四边形定则可知，T 逐渐增大，F 逐渐增大， 故 A 正确，C 错误。对 a 受力分析，如图乙所示。刚开始T mg ，a 处于静止状态，则 1sin30 2 f T mg mg    ，方向向下，T 增大时，f 增大，摩擦力增大，由于不知道最大静 摩擦力的具体值，所以不能判断 a 是否会滑动，故 B、D 错误。 高二物理 YW 参考答案·第 2 页（共 6 页） 6．由题意可知，C 点的合磁场方向沿 CB 方向，可知 A 处 电流方向垂直纸面向里，B 处电流方向垂直纸面向外； 在 C 处的磁场方向如图，导线 A 在 C 点的磁场 1B 与导 线 B 在 C 点的磁场 2B 关系为 2 1sin60B B ，即 1 2 2 3 B B  ； 设 BC L ，则 3AC L ，则 1 3 AIB k L  、 2 BIB k L  ，解得 : 2 :1A BI I  ，故选 C。 7．由题图乙知交流电的周期为 0.02s，所以频率为 1 50Hzf T   ，故 A 错误。由题图乙知， 升压变压器输入端电压有效值为 1 250 2 V 250V 2 U   ，若升压变压器的输入功率为 75kW，则 3 1 1 1 75 10 A 300A 250 PI U     ，根据理想变压器原副线圈电流与匝数的关系有 1 2 2 1 1500 150 I n I n   ， 所 以 2 30AI  ， 所 以 远 距 离 输 电 线 路 损 耗 功 率 为 2 2 2 30 20W 18kWP I R     ，故 B 错误。对输电回路，有 2 2 3U I R U  ，根据理想变压 器原副线圈电压与匝数的关系有 3 3 4 4 U n U n  ，根据理想变压器原副线圈电流与匝数的关系有 3 2 4 4 4 3 I I n I I n   ， 对 用 电 回 路 ， 有 4 4 1 2( )U I R R  ， 联 立 可 得 2 3 34 2 2 2 1 2 4 4 1 2 4 3 4 ( ) ( )n nnU I R I R R I R I R R n n n            ，当滑片向 a 端滑动时，R2 减小，升压 变压器副线圈两端电压 U2 不变，则 I2、I4 增大，电阻 R1 上的电压变大，故 C 错误，D 正确。 8．根据等量异种电荷电场线分布特点可知，其中垂线上的电场方向水平向右，即电场力垂直 于运动方向，故库仑力不做功，故 A 正确。由于下落过程中，小球的合力为重力，故加速 度为重力加速度不变，故 B 错误。以上分析可知，小球一直做加速运动，速度一直增加， 故射出时速度大于 0v ，故 C 错误。分析可知，小球运动到点电荷连线中点时，库仑力最大， 管壁对小球的弹力最大，即 2 2 82 2 kQq kQqF dd         库 ，故 D 正确。 高二物理 YW 参考答案·第 3 页（共 6 页） 9．不计空气阻力，网球在空中从最高点运动至落地过程中只有重力做功，机械能守恒，故 A 正确。根据 2 k k0 k 1Δ 2 E E E mgh mg gt     ，可得 k k0E mgh E  ， 2 2 k k0 1 2 E mg t E  ，可 知 kE t 图像为曲线， kE h 图像为直线，且越来越大，故 B 错误，D 正确。重力势能 p gE m h   ，图像为直线，故 C 错误。 10．对 ab杆由动量定理有 00BL t B mI Lq      v ，得通过电路的总电荷量为 0mq BL 总 v ，通 过 电 阻 甲 的 电 荷 量 为 0 22 2 3 mRq q R R BL   甲 总 v ， 通 过 电 阻 乙 的 电 荷 量 为 0 2 3 mRq q R R BL   乙 总 v ，故 A 错误，B 正确。甲、乙并联电阻阻值为 2 3 R R并 ，由能量守 恒 可 知 ， 回 路 中 产 生 的 总 焦 耳 热 为 2 0 1 2 Q m v ， ab 杆 中 产 生 的 焦 耳 热 为 2 0 3 10 RQ Q m R R   杆 总并 v ，故 C 错误，D 正确。 第Ⅱ卷（非选择题，共 54 分） 二、填空、实验题（本大题共 2 小题，共 18 分） 11．（每空 2 分，共 8 分） （1）BC （2） 271a 0 2 1 V V nSV （3）C 12．（每空 2 分，共 10 分） （1） 1R 零 2500 （2） 1 2 1 U R U U （3）A 【解析】（1）图甲电路采用半偏法测电压表内阻，实验中认为调节电阻箱时滑动变阻器上 的分压不变，但实际情况是由于并联部分的电阻增大造成分压略微增大，从而造成系统 误差，为了能尽量减小这一误差，需要使分压部分的等效电阻（即滑动变阻器负责分压 高二物理 YW 参考答案·第 4 页（共 6 页） 部分的电阻与支路电阻的并联电阻）近似不变，根据电阻并联规律可知，需要滑动变阻 器负责分压部分的电阻远小于支路电阻，所以滑动变阻器应选择阻值较小的 1R ；闭合开 关前，应将电路图中的滑动变阻器滑片移到最左端，电阻箱 R 的阻值调为零；闭合开关 S， 调节滑动变阻器滑片，使电压表满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻 值，使电压表的示数为 1.5V，若此时电阻箱的示数为 2500，根据分压原理可知，电压 表 1V 的内阻为 V1 1.5 3 1. 22500Ω 50 Ω 5 0R     。 （2）根据图乙可得 1 2 1 V1 U U U R R   ，可得 1V 内阻为 1 V1 2 1 U RR U U   。 （3）小明同学的实验结果存在系统误差，当改变电阻箱的电阻时，电压表和电阻箱串联 支路的总电压变大，则当电压表的示数为 1.5V 时，电阻箱两端实际电压大于1.5V ，则 电压表实际内阻小于此时电阻箱阻值，即 V1V1 2500R R   测真 ，故 A 正确，B 错误。由 图乙电路图可知小华同学的实验结果不存在系统误差，故 C、D 错误。 三、计算题（本大题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步 骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．（9 分） 解：（1）波沿 x 轴正方向传播，则有 3 0.3s 8 n T      ， 0 1 2 3n  ，，， … ① 由于该波的周期 T 大于 0.3s，则解得 0.8sT  ② 由图可知 8m  ③ 根据 T  v ④ 解得 10m/sv ⑤ （2）在 0~1.2s 时间内，有 11.2s 1 2 T ⑥ 所以 0 ~ 1.2s 时间内质点 P 通过的路程 6 6 6cm=36cms A   ⑦ 评分标准：本题共 9 分。正确得出①、⑦式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 高二物理 YW 参考答案·第 5 页（共 6 页） 14.（12 分） 解：（1）由于地面光滑，则木板与滑块组成的系统动量守恒，有 02 3m m 共v = v ① 解得 0 2 3 共 vv ② （2）由于木板的速度是滑块的 2 倍，则有 2 滑木v v ，再根据动量守恒定律有 02 2m m m  滑木v v v ③ 联立化简得 0 2 5 滑v v ， 0 4 5木 v = v ④ 再根据功能关系有 2 2 20 1 1 12 2 2 2 2 mgx m m m     滑木v v v ⑤ 计算可得 2 07 25 x g  v ⑥ （3）由于木板保持匀速直线运动，则有 F mg ⑦ 对滑块进行受力分析，并根据牛顿第二定律有 a g滑 ⑧ 滑块相对木板静止时有 0 a t 滑v ⑨ 解得 0t g  v ⑩ 则整个过程中木板滑动的距离 2 0 0x t g    vv ⑪ 则外力所做的功 20W Fx m  v ⑫ 评分标准：本题共 12 分。正确得出①~⑫式各给 1 分。 15.（15 分） 解：（1） 0l t v ① 21 2 2 l at ② qUa ml  ③ 高二物理 YW 参考答案·第 6 页（共 6 页） BSU t    ④ 2 0mB t qS    v ⑤ （2）设粒子从 N 点出射的速度大小为 v，与 0v 方向的夹角为 ，磁场宽度为 d 0 tan at  v ⑥ 0cos  v v ⑦ 2 2q B m r  vv ⑧ 2d r ⑨ 2d l ⑩ （3）设粒子在 y 轴右侧磁场区域运动时间为 t1，出磁场后匀速直线运动到 P 点的时间为 t2 1 90 360 t T  2 2π= mT qB 0 22 l t v 1 2t t t  0 (1 π) 2 lt   v 评分标准：本题共 15 分。正确得出①~ 式各给 1 分。