2025年山东省淄博市周村区中考物理一模试卷

2025年山东省淄博市周村区中考物理一模试卷 一、单选题：本大题共15小题，共30分。 1.四川潼南大佛寺内有“石蹬琴声”奇观。当人们脚踏石阶时，会发出高低不同的乐音，这一现象主要与下列声音的哪个特性有关(    ) A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 振幅 2.2024年10月30日，神舟十九号载人飞船在酒泉卫星成功发射，这是我国载人航天工程进入空间站应用与发展阶段的第四次载人飞行。下列说法正确的是(    ) A. 发射时，燃料在燃烧过程中热值不断减小 B. 发射时，以飞船为参照物，航天员是运动的 C. 神舟十九号对接“天宫”空间站的信息画面是通过超声波传回地球的 D. 空间站里的电能主要来源于太阳能，太阳能是核聚变产生的 3.如图是浴室中使用的带防护罩的插座，面板上有一个两孔和一个三孔，下列说法正确的是(    ) A. 可以用湿手拔正在工作的电暖气插头 B. 插座上的两孔和三孔是串联连接的 C. 三孔插座的右孔应该与家庭电路的零线相连 D. 防护罩的材质是塑料，塑料是绝缘体 4.一束红光射到空气和水的界面处，发生了反射和折射现象如图，图中AO为入射光线。在竖直平面内，可以保持入射点O不动，顺时针缓慢旋转入射光线AO至虚线DO位置。下列说法正确的是(    ) A. 光是从水中射向空气中 B. 是反射角 C. 当入射光线缓慢顺时针旋转时，反射光线逆时针旋转 D. 当入射光线缓慢旋转到DO位置时，折射角将变大 5.在微创手术中，医生利用电子放大镜观察患者体内组织，通过调节物距可实现倍放大，进行精准操作。若该放大镜的光学镜头焦距为5mm，下列说法正确的是(    ) A. 光学镜头的镜片是由凹透镜制成的 B. 镜头到人体组织的距离要小于5mm C. 人体组织通过镜头成倒立放大的像 D. 要使放大倍数变大，镜头应靠近人体组织 6.小李用可乐瓶制作了一个“水火箭”，通过打气筒压缩“水火箭”中空气的方式发射如图。“水火箭”发射时的能量转化与选项图中哪个冲程的能量转化相同(    ) A. B. C. D. 7.下列关于温度、内能、热量、功的说法正确的是(    ) A. 物体克服摩擦做功，物体的热量增加 B. 物体内能增加，温度一定升高 C. 水的内能不一定比水的内能多 D. 两个内能不同的物体相互接触时，一定会发生热传递 8.如图是古代舂米舂米就是把稻谷去壳时的场景，舂米装置可视为杠杆，下列工具正常使用时，与舂米装置不属于同类杠杆的是(    ) A. 订书机 B. 吊车起重臂 C. 红枣去核器 D. 火钳 9.物理与日常生活、工程实践密切相关，下列分析正确的是(    ) A. 甲图：用久了的菜刀要磨一磨，是为了增大压力 B. 乙图：机器的轴上安装滚动轴承，是为了减少摩擦 C. 丙图：拦河大坝设计成下宽上窄的形状，是应用了连通器原理 D. 丁图：乘客站在安全线以外候车，是因为流速大的地方压强大 10.如图所示为铁路输电线的牵引装置原理图，采用坠砣牵引来自动补偿输电线的张紧，以此保障列车电极与输电线的接触。钢绳通过滑轮组悬挂配重为6000N的坠砣，输电线的一端P点与B滑轮相连被张紧。若某段时间内坠砣竖直上升了10cm，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，下列说法正确的是(    ) A. B滑轮是定滑轮 B. A滑轮是动滑轮 C. 输电线P端受到的拉力为3000N D. 输电线P点向右移动了5cm 11.下列家用电器与新能源电动汽车动力装置工作原理相同的是(    ) A. 风力发电 B. 电风扇 C. 动圈式话筒 D. 电磁起重机 12.小李将实心球抛出后，其运动轨迹如图所示。a是实心球刚脱离手时的位置，b是实心球到达的最高位置，c是实心球落地位置，下列说法正确的是(    ) A. 实心球在运动过程中，受到平衡力的作用 B. 实心球在运动过程中，重力势能一直在增加 C. 实心球在运动过程中，机械能不变 D. 实心球从a运动到b的过程，动能在减少 13.小李探究“串联电路电流和电压的特点”，他将“，”和“，”的小灯泡串联接在电路中，如图所示。闭合开关后，发现，甲灯比乙灯亮，下列说法正确的是(    ) A. 甲灯的铭牌是“，” B. 通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流 C. 甲灯两端的电压大于乙灯两端的电压 D. 若两灯灯丝的材料、长度相同，则乙灯的灯丝更细一些 14.如图，闭合开关，小灯泡发光，电压表、电流表有示数。再闭合开关，则(    ) A. 小灯泡变亮 B. 电流表示数变大 C. 电压表示数变大 D. 滑动变阻器的滑片向左移，电压表示数变大 15.甲、乙两个相同的溢水杯分别盛满不同的液体，将两个完全相同的小球分别放入两个溢水杯中。小球静止后的状态如图所示。则(    ) A. 甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度 B. 小球在甲杯中受到的浮力小于在乙杯中受到的浮力 C. 小球在甲杯中排开液体的质量等于在乙杯中排开液体的质量 D. 放入小球后，甲、乙两个溢水杯对桌面的压强均变大 二、填空题：本大题共4小题，共12分。 16.小李用空易拉罐做了以下两个实验：①用毛皮摩擦的橡胶棒靠近空易拉罐，易拉罐被“吸”过来，这说明______；②用力捏空易拉罐，易拉罐会变形，这说明力可以______。 17.孝妇河湿地公园环境优美景色宜人，是日常散步、健身的绝佳场所。春末夏初漫步公园，会令人想到诗句中的物理知识：“花气袭人知骤暖”中“花气袭人”是因为花分子______；“楼台倒影入池塘”中“楼台倒影”是由光的______形成的；“大地阳和暖气生”中“暖气生”是通过______的方式增加大地内能。 18.小李家电茶炉的加热电阻为，家用电能表的信息如图所示，只将电茶炉接入家庭电路中，电茶炉正常工作，可以将的茶水升高。电茶炉消耗的电能是______ J，电能表指示灯闪烁______次。茶水吸收的热量是______ J，该电茶炉的效率是______结果保留到。 19.2025年春节联欢晚会上，穿着花棉袄的人形机器人登台亮相。该机器人内部安置了一块电压为，容量为15Ah容量的电池，可确保机器人在复杂地形和环境中自主行走，充满电后，大约存储______ J电能。机器人15s移动了，则机器人的行走速度是______。机器人骨架颜色黑色是______选填“吸收”或“反射”所有色光。 三、作图题：本大题共1小题，共2分。 20.在虚线框中画上有关电路符号，完成电路连接，使开关闭合后，满足以下要求： ①位于螺线管上端的小磁针逆时针旋转；②通电螺线管的磁性强弱可以调节。 四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。 21.淄博琉璃历史悠久、工艺精湛、艺术价值高。小李买了一个琉璃小蛇，想知道制作小蛇的琉璃密度是多少，采用了如下两种方案进行测量： 方案一：用托盘天平和量筒测量 将托盘天平放在水平桌面上，调天平平衡，如图甲所示。错误操作是______。 修正错误，正确测出琉璃小蛇的质量如图乙所示，其质量是______ g。 图丙测出琉璃小蛇的体积是______。 制作小蛇的琉璃密度为______。 方案二：用弹簧测力计和烧杯测量 小李用弹簧测力计测出琉璃小蛇的重力，记为G； 将琉璃小蛇浸没在盛水的烧杯中，记下此时弹簧测力计的示数为F； 琉璃小蛇的体积为______，制作小蛇的琉璃密度为______用测量的量和g、表示。 22.小李组装了甲、乙两套装置，分别探究“固体熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度变化的特点”。 利用图甲所示装置进行实验。试管中装有适量的细碎固体，下列操作不是使固体受热均匀的是______。 A.加热过程中不断搅拌 B.水浴法加热 C.温度计的玻璃泡完全浸没在固体中 根据记录的数据绘制了图丙所示温度随时间变化的图象。由图可知，该固体属于______选填“晶体”或“非晶体”。AB段物质的比热容______选填“大于”“等于”或“小于”段物质的比热容。 如图乙所示，在组装仪器时，温度计的玻璃泡碰到了容器底，接下来合理的操作是将______选填“铁夹向上”或“铁圈向下”调整。 将图乙中的问题修正后，进行实验。下表是水温度升至时，每隔记录的水温度和沸腾的情况。分析下表可知： ①水沸腾时，吸收热量，温度______。 ②实验时，外界大气压强______选填“大于”“等于”或“小于”标准大气压强。 加热时间 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 水的温度 92 94 96 98 99 99 99 99 99 99 是否沸腾 否 否 否 否 是 是 是 是 是 是 23.小李探究电流与电压、电阻关系，他从实验室找来如下器材：电压恒为6V的电源，电压表、电流表、开关各一个，、、、的电阻各一个，规格是“，1A”和“，1A”的滑动变阻器各一个，导线若干。 一探究电流与电压的关系。 图甲是小李设计的电路图，存在的问题是______。 将电路图修正完善后，连接好电路进行实验。 ①当电压表示数为时，电流表如图乙所示为______ A。 ②实验数据如下表，分析数据可得结论：当电阻一定时，______。 实验序号 1 2 3 4 电压 电流 ③小李实验时接入电路的电阻______。 二探究电流与电阻的关系。 图丙是小李连接的实验电路，请你用笔画线代替导线，将电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变小。 小李将的电阻接入电路完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上的电阻。闭合开关，他应向______选填“A”或“B”调节滑动变阻器。 根据实验数据，画出关系图象，如图丁所示，根据图象可知： ①定值电阻两端的电压保持______ V不变。 ②滑动变阻器的规格是______。 五、计算题：本大题共2小题，共15分。 24.“奋斗者”号是我国研发的万米载人潜水器，如图甲所示。用起重机将重为，体积为为了计算方便，数据进行了大约处理的“奋斗者”号吊起，缓慢放入海水中。起吊装置简化为图乙所示的滑轮组。若不计绳重、滑轮重及摩擦。 请回答下列问题： “奋斗者”号刚浸没在海水中静止时，动滑轮对它的拉力； “奋斗者”号下潜到1万米的海底，受到海水的压强； “奋斗者”号从万米海底匀速上升10m，浮力所做的功。 25.小李设计了一台由电压表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压15V恒定，定值电阻，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示。电压表量程为，踏板重力不计。闭合开关S，求： 当电压表示数为时，被测人的质量是多少； 空载时，的功率。 答案和解析 1.【答案】A  【解析】解：四川潼南大佛寺内有“石蹬琴声”奇观。当人们脚踏石阶时，会发出高低不同的乐音，这一现象主要与声音的音调特性有关，因为音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。 音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。 此类问题要结合频率与音调的关系分析解答。 2.【答案】D  【解析】解：A、发射时，燃料在燃烧过程中热值不变，故A错误； B、发射时，航天员与飞船的位置没有发生变化，以飞船为参照物，航天员是静止的，故B错误； C、神舟十九号对接“天宫”空间站的信息画面是通过电磁波传回地球的，故C错误； D、空间站里的电能主要来源于太阳能，太阳能是核聚变产生的，故D正确。 故选：D。 热值只和物质种类有关； 被研究物体相对于参照物，位置没有发生变化，就说物体是静止的，反之，就说物体是运动的； 电磁波的传播不需要介质； 获取核能的方式：核聚变和核裂变。 本题考查了电磁波的运用和获取核能的方式，属于基础题。 3.【答案】D  【解析】解：A、生活用水是导体，容易导电，不能用湿手把正在工作的电暖气插头，故A错误； B、插座上的两孔和三孔是并联连接的，故B错误； C、三孔插座的右孔应该与家庭电路的火线相连，故C错误； D、防护罩的材质是塑料，塑料是绝缘体，故D正确。 故选：D。 容易导电的物体叫导体；生活用水是导体，容易导电。 多功能插座上的各个插座之间互不影响，是并联的。 三孔插座的正确接法是左零右火上接地。 不容易导电的物体叫绝缘体；塑料、橡胶、玻璃、陶瓷等是好的绝缘体。 本题考查的是导体和绝缘体；知道三孔插座和双孔插座的接法；知道串联和并联的特点。 4.【答案】C  【解析】解：A、图中AO为入射光线，折射光线和入射光线在两种介质中，且位于法线两侧，过O点作法线MN，可知折射角小于入射角，故光是从空气射向水中，故A错误； B、反射光线OB与法线MN的夹角为反射角，因此不是反射角，故B错误； C、根据反射定律知，反射角等于入射角，当入射光线缓慢顺时针旋转时，反射光线逆时针旋转，故C正确； D、光是从空气中射向水中，OC为折射光线；保持入射点O不动，在竖直平面内，顺时针缓慢旋转入射光线AO至图中虚线DO位置，入射角减小，反射角将变小，折射角将变小，故D错误。  故选：C。 根据折射规律分析，折射光线和入射光线在两种介质中，且位于法线两侧；根据反射定律知，反射角等于入射角。 本题考查光的折射与反射现象分析，属于中档题。 5.【答案】B  【解析】解：A、放大镜是一个凸透镜，即光学镜头的镜片是由凸透镜制成的，故A错误； BC、由凸透镜成像规律可知，镜头到人体组织的距离u要小于镜头焦距5mm，成正立、放大的虚像，故B正确，C错误； D、凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大，因此要使放大倍数变大，镜头应远离人体组织，故D错误。 故选：B。 放大镜是一个凸透镜； ，成正立、放大的虚像，应用于放大镜； 凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大。 本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。 6.【答案】A  【解析】解：“水火箭”发射时的能量转化是由内能转化为机械能。 A、是做功冲程，由内能转化为机械能； B、是排气冲程，没有能量转化； C、是吸气冲程，没有能量转化； D、是压缩冲程，由机械你转化为内能。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。 汽油机工作过程中能量的转化： ①压缩冲程：机械能内能； ②做功冲程：先是化学能内能，再由内能机械能。 本题考查四冲程能量的转化，属于基础题。 7.【答案】C  【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说物体的热量增加，只能说物体吸收或放出热量。物体克服摩擦做功，是将机械能转化为内能，物体的内能增加，而不是热量增加，故A错误。 B、物体内能增大，温度不一定升高。例如，晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度保持不变；液体在沸腾过程中，吸收热量，内能增加，温度也保持不变，故B错误。 C、内能的大小与物体的质量、温度、状态等因素有关。的水和的水，质量不确定，所以水的内能不一定比水的内能多，故C正确。 D、发生热传递的条件是存在温度差，而不是内能差。两个内能不同的物体，如果温度相同，相互接触时不会发生热传递，故D错误。 故选：C。 知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。 内能和温度是物体本身就具有的，而热量是伴随着热传递存在的，内能和温度都是状态物理量，而热量则是过程物理量．物体吸收热量，内能一定增加，温度不一定升高；物体温度升高，内能一定增加．三个物理量之间既有密切联系，又有本质区别。 热传递的方向是从高温物体到低温物体，‌或者从物体的高温部分到低温部分。 本题考查了热量、温度、内能的关系，热传递的条件，以及改变内能的方法。 8.【答案】A  【解析】解：由图可知，舂米装置可以绕支点转动，属于简单机械中的杠杆，由于装置的阻力臂大于动力臂，所以为费力杠杆； A、订书机在使用的过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A符合题意； B、吊车起重臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂。属于费力杠杆，故B不符合题意； C、红枣去核器在使用过程中，动力臂小于阻力臂。属于费力杠杆，故C不符合题意； D、火钳在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D不符合题意。 故选：A。 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种： ①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 9.【答案】B  【解析】解：用久的菜刀需要磨一磨，是在压力一定时，通过减小受力面积增大压强，故A错误； B.在机器的轴上安装滚动轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，故B正确； C.液体的压强与深度有关，深度越深，压强越大。大坝设计成下宽上窄的形状可以承受更大的水的压强，与连通器无关，故C错误； D.火车急速驶过站台时，人和车之间的空气流动速度加快，根据流体压强与流速的关系可知：此处压强减小，而此时人外侧的空气流动速度慢，压强大，故会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，故D错误。 故选：B。 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力； 减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦； 液体的压强与深度有关，深度越深，压强越大； 流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。 生活处处有物理，我们要能够从生活现象找出用到的物理知识。联系生活实际出题，这是中考出题最常见的一种方式，需要引起注意。 10.【答案】D  【解析】解：AB、由图可知，A滑轮固定不动，是定滑轮；B滑轮随输电线一起移动，是动滑轮，故AB错误； C、由图可知，，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，根据可知，输电线P端受到的拉力为： ，故C错误； D、根据可知，输电线P端向左移动的距离为： ，故D正确。 故选：D。 使用过程中，固定不动的滑轮是定滑轮，滑轮和物体一起移动的是动滑轮； 根据滑轮组装置确定绳子股数，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，可得，据此求输电线P端受到的拉力大小； 根据求出输电线P端向左移动的距离。 本题考查了水平使用滑轮组时拉力与提升物重的关系以及拉力端移动距离与物体升高高度的关系，注意与竖直使用滑轮组的区别。 11.【答案】B  【解析】解：新能源电动汽车动力装置的工作原理是利用电动机将电能转化为机械能来驱动车辆前进。 A.风力发电：是把风能先转换为机械能，再把机械能转换为电能的可再生能源技术。利用风力带动风车叶片旋转，再透过增速机将旋转的速度提升，来促使发电机发电，与电动汽车动力装置将电能转化为机械能的原理不同，故A不符合题意。 B.电风扇：主要部件是交流电动机，工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，将电能转化为机械能，与新能源电动汽车动力装置的工作原理相同，故B符合题意。 C.动圈式话筒：利用电磁感应原理，当声波使膜片振动时，连接在膜片上的线圈音圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流，将声音信号转化为电信号，与电动汽车动力装置的工作原理不同，故C不符合题意。 D.电磁起重机：利用电磁铁通电产生磁场，吸引钢铁物品，断电时磁性消失，放下钢铁物品，是利用电流的磁效应工作的，与电动汽车动力装置的工作原理不同，故D不符合题意。 故选：B。 电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。 本题主要考查电动机的工作原理。 12.【答案】D  【解析】解：A、实心球的运动过程当中，受重力和空气阻力，受力不平衡，故A错误； BD、实心球从a运动到b的过程，动能转化为重力势能，从b运动到c的过程，重力势能再转化为动能，故B错误，D正确； C、在运动过程中，实心球克服空气摩擦做功，一部分能量转化为内能，所以机械能减小，故C错误。 故选：D。 A、实心球的运动过程当中，受到重力和空气阻力； BD、实心球的运动过程中，动能先转化为重力势能，重力势能再转化为动能； C、在运动过程中，实心球克服空气摩擦做功，一部分能量转化为内能，所以机械能减小。 本题考查学生对动能，势能的理解以及能的转化。 13.【答案】C  【解析】解：“，”和“，”的小灯泡，根据知，电流相同，电压越大的电阻越大，故“，”的小灯泡电阻大； ABC、串联在电路中，各个灯泡的电流相等，故B错误，根据知，电阻大的电功率大，故亮度亮，甲灯比乙灯亮，因而甲是电阻较大的“，”的小灯泡，故A错误； 根据知，甲的电阻大，电流相等，故甲两端的电压大于乙灯两端的电压，故C正确； D、因为甲的电阻大，而材料和长度相同，故甲的横截面积小，甲灯的灯丝更细一些，故D错误。 故选：C。 根据分析灯泡的亮度与电阻关系，结合欧姆定律比较电阻大小； 根据串联电路的特点：在串联电路中，电流处处相等分析； 结合串联电路的电流相等，根据分析； 根据电阻与长度、材料和横截面积有关分析。 本题考查串联电路的特点和欧姆定律与电功率的公式应用，属于中档题。 14.【答案】B  【解析】解：闭合开关，电路为小灯泡的简单电路，小灯泡发光，电压表测电源电压，电流表测通过灯泡的电流， B、再闭合开关，滑动变阻器和小灯泡并联接入电路，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律可知电流表示数变大，故B正确； A、并联电路互不影响，所以小灯泡的亮度不变，故A错误； CD、电源电压不变，所以电压表示数不变，故CD错误。 故选：B。 闭合开关，电路为小灯泡的简单电路，小灯泡发光，电压表测电源电压，电流表测通过灯泡的电流， 再闭合开关，滑动变阻器和小灯泡并联接入电路，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律可知电流表示数变化； 并联电路互不影响，据此判断小灯泡的亮度变化； 电源电压不变，据此判断电压表示数变化。 本题考查并联电路特点，属于基础题。 15.【答案】C  【解析】解：ABC、完全相同的小球密度相同，在甲中悬浮，浮力等于重力，甲的密度等于球的密度，在乙中漂浮，浮力等于重力，乙的密度大于球的密度，故甲的密度小于乙的密度；且浮力都等于重力而相等，根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力，浮力相等，排开液体的重力相等，故在甲杯中排开液体的质量等于在乙杯中排开液体的质量，故AB错误，C正确； D、浮力都等于排开液体的重力，放入小球后，甲、乙两个溢水杯的总重力不变，因而对桌面的压力不变，而受力面积不变，故压强不变，故D错误。 故选：C。 两个完全相同小球的密度相同，根据物体浮沉条件比较两液体的密度关系，以及浮力与重力关系，结合阿基米德分析； 根据浮沉条件结合阿基米德原理分析流出液体重力与球的重力关系，结合压力等于重力分析解答。 本题考查阿基米德原理与浮沉条件的应用，属于中档题。 16.【答案】带电体能够吸引轻小物体  改变物体的形状  【解析】解：用毛皮摩擦的橡胶棒会带电，靠近空易拉罐，带电体能够吸引轻小物体，易拉罐被“吸”过来； 用力捏空易拉罐，易拉罐会变形，说明力可以改变物体的形状。 故答案为：带电体能够吸引轻小物体；改变物体的形状。 带电体能够吸引轻小物体； 力可以使物体的形状发生改变，力可以使物体的运动状态发生改变。 此题主要考查学生对力的作用效果和带电体的性质的理解和掌握，要联系生活实际多加思考，加深对所学知识的理解。 17.【答案】做无规则运动，扩散到空气中  反射  热传递  【解析】解：“花气袭人知骤暖”中“花气袭人”是因为花分子做无规则运动，扩散到空气中； “楼台倒影入池塘”中“楼台倒影”是楼台反射的光在水面发生反射形成的虚像； “大地阳和暖气生”中“暖气生”是通过热传递的方式增加大地内能。 故答案为：做无规则运动，扩散到空气中；反射；热传递。 物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动； 当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的； 改变物体内能的方式有做功和热传递。 本题考查了分子热运动、物体内能改变方式、光的反射，体现了物理知识与生活的密切联系。 18.【答案】  160      【解析】解： 只将电茶炉接入220V电路中正常工作消耗的电能：； 由电能表的参数知，每消耗电能，指示灯闪烁1200次， 电茶炉工作，电能表指示灯闪烁的次数：； 茶水吸收的热量：， 电茶炉烧水的效率：。 故答案为：；160；；。 根据计算只将电茶炉接入220V电路中正常工作消耗的电能，再根据电能表参数计算电能表指示灯闪烁的次数；根据计算茶水吸收的热量，再根据得到该电茶炉的效率。 本题考查了吸热、电功以及效率公式的应用，要正确理解电能表参数的含义。 19.【答案】    吸收  【解析】解：电池充满电可以储存的电能：； 机器人行走的速度：； 机器人骨架颜色黑色是吸收所有色光。 故答案为：；；色光。 根据求出电池充满电可以储存的电能； 根据速度公式求出机器人行走速度； 白色可以反射所有颜色光，黑色可以吸收所有颜色的光。 本题考查物体的颜色、电功公式以及速度公式的应用，是一道基础题。 20.【答案】  【解析】解：已知开关闭合后，位于螺线管上端的小磁针逆时针旋转，根据磁极间的相互作用可知，螺线管左端为N极，右端为S极，由安培定则可得，电流由右侧流入，故电源右侧为正极，左侧为负极，通电螺线管的磁性强弱可以调节，说明电路中应连入滑动变阻器，如图所示： 首先根据“开关闭合后，位于螺线管上端的小磁针逆时针旋转。”可知螺线管的磁极，然后利用安培定则可知电源的正负极。 通电螺线管的磁性强弱可以调节，说明电路中应连入滑动变阻器。 安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以确定其中的另一个方向。 21.【答案】游码没有归零；  ；    12；  ； 方案二：；  【解析】解：方案一： 将托盘天平放在水平桌面上，调天平平衡前，要将游码归零，如图甲所示。错误操作是游码没有归零。 尺的分度值为，游码在标尺上对应的刻度值为，质量为 图乙中量筒的分度值为2mL，图丙测出琉璃小蛇的体积是 制作小蛇的琉璃密度为 。 方案二：用弹簧测力计和烧杯测量 根据称重法可知琉璃小蛇受到的浮力 方案二： 由阿基米德原理，琉璃小蛇的体积即排开水的体积  ； 制作小蛇的琉璃密度为 。 故答案为：方案一：游码没有归零；；；； 方案二：；。 方案一： 将托盘天平放在水平桌面上，调天平平衡前，要将游码归零； 根据标尺的分度值为得出游码在标尺上对应的刻度值，得出物体的质量； 根据图乙中量筒的分度值为2mL，根据排水法得出出琉璃小蛇的体积； 根据密度公式得出小蛇的琉璃密度； 方案二：根据称重法可知琉璃小蛇受到的浮力，由阿基米德原理，琉璃小蛇的体积即排开水的体积；根据密度公式得出小蛇的琉璃密度。 本题考查测量密度的常规方法及根据阿基米德原理测测密度的方法。 22.【答案】C；  晶体；小于；  铁夹向上；  不变；小于  【解析】解：实验时，为了使物质均匀受热，可以对物质不断进行搅拌，使用水浴加热法，而C中的操作是温度计使用的常规操作，目的是使读数准确，故选：C； 由图象丙可知，在第时，该物质温度保持不变，所以该物质的熔点为；该物质属于晶体； 物质质量不变，AB段和CD段，都是加热2分钟，即吸收热量相同，CD段温度变化小，故CD段比热容大； 要用酒精的外焰加热，安装实验器材时，应按照自下而上的顺序进行，在组装仪器时，温度计的玻璃泡碰到了容器底，应该将铁夹向上调整； 由表格可知，水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变；烧杯中的水沸腾时温度为，一标准大气压下水的沸点为，此时水的沸点低于，根据沸点与气压的关系可知，此时液体上方的气压低于标准大气压。 故答案为：；晶体；小于；铁夹向上；不变；小于。 实验中，使用水浴加热法，对物质不断搅拌，都可以保证使物质均匀受热； 晶体有固定的熔点； 物质质量不变，加热相同时间，即吸收热量相同，温度变化小的比热容大； 在组装仪器时，温度计的玻璃泡碰到了容器底，应该将铁夹向上调整； 水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变；气压越大，沸点越高。 本实验题主要考查这样几个方面：①使物体均匀受热的方法和优点；②实验数据的分析，判断晶体还是非晶体，根据绘制的温度--时间图像，找出熔点；③判断某个时间段物质所处的状态，熔化前固态，熔化过程中固液共存，熔化后液态。总体难度不大，属于基础性题目。 23.【答案】缺少滑动变阻器；   ①；②通过导体的电流与导体两端的电压成正比；③10；  ；   B；   ①；②，1A  【解析】解：一探究电流与电压的关系。 实验中，要控制定值电阻的阻值不变，改变其两端电压，由电路图知，还缺少滑动变阻器； ①由图乙知，电流表使用小量程，分度值，示数为； ②由表中数据可知，当定值电阻两端电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比； ③由表中数据可得，实验时接入电路的电阻---； 二探究电流与电阻的关系。 要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变小，由串联电路分压原理知，滑动变阻器连入阻值变大，所以应A接线柱与灯泡相连即可，如图所示： ； 探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端电压一定，将的电阻接入电路完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上的电阻，根据串联电路的分压原理知，定值电阻分得电压变大，所以应增大变阻器连入电阻的阻值，即将滑片向B端调节； ①由图像知，当通过定值电阻的阻值为时，通过它的电流为，所以控制其两端电压不变的值； ②R两端电压控制不变，所以滑动变阻器两端电压， 当R取时，电路中电流为，所以此时变阻器连入电阻的阻值，所以应选择“，1A”的滑动变阻器。 故答案为：缺少滑动变阻器；①；②通过导体的电流与导体两端的电压成正比；③10；见上图；；①；②，1A。 探究电流与电压的关系时，要改变定值电阻两端电压，根据电路图分析找到存在的问题； ①根据图乙读出电流表示数；②根据表中数据分析回答；③由表中数据，根据欧姆定律计算电阻R的阻值； 由滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变小，分析判断滑动变阻器的连接，再连接实物图； 探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端电压一定，结合串联电路的分压原理判断滑片的移动方向； ①由图像，结合欧姆定律计算定值电阻两端的电压； ②由串联电路特点和欧姆定律，结合变阻器连入电路最大阻值确定其规格。 本题是探究电流与电压、电阻关系的实验，考查了电路图认识、实物图的连接、串联电路特点和欧姆定律的应用，注意控制变量法的应用。 24.【答案】“奋斗者”号刚浸没在海水中静止时，动滑轮对它的拉力为；   “奋斗者”号下潜到1万米的海底，受到海水的压强是；   “奋斗者”号从万米海底匀速上升10m，浮力所做的功为  【解析】解：“奋斗者”号所受重力为：，浸没在海水中受浮力为：，  静止时，动滑轮对它的拉力； “奋斗者”号下潜到1万米的海底，受到海水的压强：； “奋斗者”号从万米海底匀速上升10m，浮力所做的功：。 答：“奋斗者”号刚浸没在海水中静止时，动滑轮对它的拉力为； “奋斗者”号下潜到1万米的海底，受到海水的压强是； “奋斗者”号从万米海底匀速上升10m，浮力所做的功为。 已知“奋斗者”号所受重力，根据阿基米德原理得到浸没在海水中受浮力，重力与浮力之差即动滑轮对它的拉力； “奋斗者”号下潜到1万米的海底，据可得受到海水的压强； 据可得“奋斗者”号从万米海底匀速上升10m，浮力所做的功。 本题综合考查阿基米德原理的应用、压强的计算、功的计算，难度适中。 25.【答案】当电压表示数为时，被测人的质量是60kg；   空载时，的功率是  【解析】解：由图甲可知，闭合开关，定值电阻与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻两端的电压；当电压表示数为时， R的电压；两者电压恰好相等，根据串联电压之比等于电阻之比，电阻； 根据图像知，人的重力为600N； 质量； 根据图像知，空载时的电阻； 电路的总电阻； 电流， 的功率。 答：当电压表示数为时，被测人的质量是60kg； 空载时，的功率是。 根据串联分压规律分析压敏电阻，根据图像确定重力，根据计算质量。 根据图像确定空载时的电阻，结合串联电路的特点计算电流，根据计算电功率。 本题考查串联电路的特点、欧姆定律与电功率的计算，属于中档题。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$