2025届黑龙江省大庆实验中学高三下学期得分训练（三）物理试题

2025届黑龙江省大庆实验中学二部高三下学期得分训练（三） 物理试题 一、单选题（每题4分，共28分） 1．某同学玩掷飞镖游戏，先后将两只飞镖a、b由同一位置水平投出，已知飞镖投出的初速度va < vb，不计空气阻力，则两只飞镖插在竖直靶上的状态（侧视图）可能是（   ） A．   B．   C．   D．   2．考古中常利用14C的半衰期鉴定文物年份，14C的衰变方程为，其衰变规律如图所示，下列说法正确的是（　　） A．Z粒子是正电子 B．该反应是裂变反应，满足质量数守恒 C．14N的比结合能大于14C的比结合能 D．100个14C经过5700年一定有50个发生了衰变 3．内陆盐矿中开采的氯化钠称为岩盐。如图，把岩盐晶体结构中相邻的四个离子放在圆弧的四个等分点，O点为圆心，A、B为两段圆弧的中点，且A、O、B在一条直线上，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（　　） A．在A、O、B三点中，O点的电势最大 B．在A、O、B三点中，O点的电场强度最小 C．同一点电荷在A、B两点所受到的电场力相同 D．将一负点电荷从A点沿AOB直线移动到B点电势能增加 4．一定质量的理想气体，经过一个压缩过程后，体积减小为原来的一半，这个过程可以是等温的、绝热的或等压的过程，在这三个过程中以下说法不正确的是（　　） A．绝热过程做功最多 B．a、b、c、d中d的温度最高 C．等压过程内能减小 D．等温过程要吸热 5.随着航天技术的不断发展，人类终将冲出太阳系，对遥远深空进行探索。如图，a星与b星可以看作双星系统，它们均绕连线上的O（未画）点转动，a星质量是b星的81倍，假设人类发射了两个探测器、刚好处在该系统的两个拉格朗日点，位于这两个点的探测器能在a星和b星的共同引力作用下绕O点做匀速圆周运动，并保持与a星、b星相对位置不变，探测器与a星球心、b星球心的连线构成一个等边三角形，探测器在a星、b星连线的延长线上。则（　　） A．a星和b星的第一宇宙速度之比为9:1 B．a星球心和b星球心到O点的距离之比为81:1 C．探测器绕O点运行的加速度比b星的加速度大 D．探测器绕O点运行的周期比探测器大 6．某种窗户支架如图甲所示，其工作原理简化图如图乙所示。ad杆的a点通过较链固定在滑槽导轨中，d点通过饺链固定在窗户底面，滑块可在滑槽导轨中自由滑动，bc杆的c点通过饺链固定在滑块上，b点通过饺链固定在ad杆上。某次关闭窗户的过程中，ad杆绕a点匀速转动，则下列说法正确的是（　　） A．b点的线速度等于d点的线速度 B．d点的加速度不变 C．c点速度大小始终不变 D．b点和c点的速度大小可能相等 7.随着工作压力的增大以及生活水平的提高，越来越多的人选择在假期出行旅游放松身上放置一与地板成θ角的木板，木板上静置一木块。某段时间内，木块随车厢一起斜向上做加速度为a的匀加速运动。已知缆绳与水平方向夹角也为θ。若木板与车厢底板夹角缓慢增大稍许，木块、木板与车厢始终保持相对静止，则关于木块对木板的压力和木块对木板的摩擦，下列说法正确的是（　　）      A．减小，减小 B．增大，增大 C．减小，增大 D．增大，减小 二、多选题（每题6分，共18分） 8．如图为小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，线圈绕垂直于磁场的水平轴沿逆时针方向以角速度匀速转动，从图示位置（线圈平面与磁感线平行）开始计时，线圈转过60°角时电流的瞬时值大小为。下列判断正确的是（　　） A．图示位置线圈磁通量的变化率最大 B．每经过图示位置1次，交变电流方向改变1次 C．发电机产生的交变电流的有效值大小为 D．线圈由图示位置转过90°过程中，流过线圈的电量大小为 9．如图甲，两块竖直挡板正对着固定在水平面上，两完全相同质量均为1kg的物块a、b（可视为质点）置于两挡板的中点，中点左侧水平面光滑，右侧水平面粗糙。时，给a向左的初速度。已知b物块的速度v随时间t的变化关系如图乙所示，最终停在中点。所有的碰撞均视为弹性碰撞且碰撞时间极短，取重力加速度大小为，则（　　） A．两挡板间距为2m B．a与b相撞2次 C．b与水平面间的动摩擦因数为0.1 D．a第2次与挡板碰撞后的动能为4J 10．如图所示，一竖直轻弹簧静止在水平面上，其上端位于O点，重力均为G的a，b两物体叠放在轻弹簧上并处于静止状态，此时压缩量为h。现用一恒力F竖直向上拉b，将a、b视为质点，则下列说法正确的是（已知重力加速度为g，简谐运动周期公式）（　　） A．若，则a、b恰好在O点分离 B．若，则a、b恰好在图示的初始位置分离 C．若，则a、b在O点正下方某一位置分离 D．若，则b运动至最高点所用时间为 三、实验题 11．（8分）某同学欲利用一固定光滑圆弧面测定重力加速度，圆弧面如图甲所示，图中虚线为圆弧面最低处，圆弧面半径约为1.5m，该同学取一小铁球进行实验。 (1)用游标卡尺测量小铁球的直径，示数如图乙所示，则小铁球的直径 cm。 (2)钟同学将小铁球从槽中虚线左侧接近虚线处由静止释放，则小铁球的运动可等效为一单摆。当小铁球第一次经过虚线处开始用秒表计时，并计数为1，当计数为60时，所用的时间t如丁图所示，秒表的读数为 s，则等效单摆的周期 。（用字母t表示） (3)更换半径不同的金属球进行实验，正确操作，根据实验记录的数据，绘制的图像如图丙所示，图中图线的横、纵截距均已标出，则当地的重力加速度 。 12．（10分）简易多用电表内部电路图如图甲所示。已知表头（灵敏电流计G）的内阻、满偏电流，多用表内部电池电动势，内阻。已知选择开关Q拨到挡位1时测量的电流量程为0.6A； （1）使用时，P孔应该插入 （选填“红表笔”或“黑表笔”）。 （2）根据已知条件可求得电阻= Ω。 （3）表头的刻度盘如图乙所示，其中A、B、C、D、E、F分别对应表头刻度0、2、4、6、8、10.晓华同学将选择开关Q拨到挡位2，在进行欧姆调零的步骤时表头的指针应该指在图乙中的 （选填“A”、“B”、“C”、“D”、“E”或“F”）位置，欧姆调零完成后滑动变阻器的阻值为 （选填“1.3”、“2”、“2.7”或“5”）Ω。 （4）该同学正确进行欧姆调零后，在两表笔之间接入待测电阻，表头的指针指到图乙中C刻度位置，则此时待测电阻的大小为 Ω。（结果保留小数点后一位） 四、解答题 13．（8分）如图所示，为我国智能机器人自动分拣快递包裹系统，智能机器人携带包裹从供包台静止开始运动，抵达分拣口时，速度恰好减为零，然后，翻转托盘使托盘倾角缓慢增大，直至包裹滑下，将包裹投入分拣口中、某次分拣时，携带包裹的智能机器人沿倾角为α=10°的轨道从供包台静止开始  运动到相距44m 的分拣口处，在运行过程中包裹与托盘保持相对静止，已知智能机器人加速过程的加速度a 为 2m/s²， 运行的最大速度vm=4m/s，智能机器人以最大速度匀速运动8s 后，做匀减速运动，并刚好停在分拣口。智能机器人运送包裹过程中可视为质点。重力加速度g 取10m/s²。求： (1)智能机器人匀减速过程的加速度 为多大； (2)若包裹与托盘的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在智能机器人到达分拣口处，要使得包裹能下滑，则托盘与车上表面的夹角最小是多少度。 14．（13分）如图1所示，匝正方形线框用细线悬挂于天花板上且处于静止状态，线框平面在纸面内，线框的边长为,总电阻为，线框的下半部分（总面积的一半）处于垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁场的上、下边界之间的距离为（），磁场的磁感应强度按照图2变化，时刻，悬线的拉力恰好为零，图中的已知。在时刻剪断细线，线框刚要完全穿过磁场时，加速度为零，线框在穿过磁场的过程中始终在纸面里，且不发生转动，重力加速度为，求： （1）线框的总质量； （2）~时间内，通过某一匝线框截面的电荷量； （3）线框穿过磁场的过程中，线框中产生的焦耳热。 15．（15分）如图甲所示，有一半径为R的圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B。磁场区域左侧有一长为2R的竖直放置的线状发射器，发射器各处均匀持续地水平向右发射相同速度的同种粒子，粒子质量m，带电量为+q，发射速度为，已知发射器每秒钟发射n个粒子。磁场区下方水平正对放置两平行收集板M和N，磁场下边缘与M板中点相切，切点处开有一小孔C，两板长均为πR，板间距离为πR。到达收集板的粒子被悉数收集并立即移走。 （1）若两收集板不加电压，求到达收集板N粒子数； （2）若在M、N两板间加一电压UMN，请通过分析计算，画出到达N板的粒子数和UMN的关系图； （3）若在M板下方加入垂直纸面向外的匀强磁场磁感应强度为B，把软性N板卷成一单层圆筒，如图乙，圆心O2在C的正下方，且O2C=，求此圆筒的收集率。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．A【详解】两只飞镖由同一位置水平投出，即两只飞镖的水平位移x相同，则运动时间分别为 ;;由于va < vb，所以ta > tb；其竖直位移分别为； 则ya > yb，即飞镖b插在竖直靶上的位置较高。飞镖的速度方向与水平方向夹角的正切值分别为 ；；由于va < vb，所以tana > tanb，即飞镖a插在竖直靶上时飞镖的速度方向与水平方向夹角较大。故选A。 2．C【详解】A．根据衰变过程电荷数守恒和质量数守恒可知，Z粒子的电荷数为-1，质量数为0，所以Z粒子是电子，故A错误； B．该反应是β衰变反应，满足质量数守恒，故B错误； C．新核比反应核更稳定，则新核的比结合能大于反应核的比结合能，即14N的比结合能大于14C的比结合能，故C正确； D．半衰期是统计规律，只对大量的放射性原子核才成立，故D错误。故选C。 3．B【详解】AD．由对称性可知，A、O、B三点电势相等，均为零，则将一负点电荷从A点沿AOB直线移动到B点电势能不变，选项AD错误； B．两个Cl-和两个Na+在O点的场强叠加后为零，则O点的电场强度为零，最小，选项B正确； C．A、B两点场强等大反向，则同一点电荷在A、B两点所受到的电场力等大反向，选项C错误；故选B。 4．D【详解】A．绝热过程，压缩气体时，根据热力学第一定律，温度最高，压强最大，因此外界做功最多，A正确；B．对一定量的气体，根据恒量① 可知，值最大的温度最高，因此a、b、c、d中d的温度最高，B正确； C．由①式可知，等压过程中，压强不变，体积减小时，温度降低，内能减小，C正确； D．等温过程，温度不变内能不变，压缩气体，外界对气体做功，根据热力学第一定律，气体放出热量，D错误。 本题选不正确的，故选D。 5.C【详解】A．根据第一宇宙速度的公式 两星半径未知，无法比较第一宇宙速度，故A错误； B．设a星球心和b星球心到O点的距离分别为，，则有 解得a星球心和b星球心到O点的距离之比为1：81，故B错误； C．探测器与a星球心、b星球心的连线构成一个等边三角形，并保持与a星、b星相对位置不变，即探测器绕O点运行和b星围绕O点转动的角速度相同，根据，探测器绕O点的距离较大，则探测器绕O点运行的加速度比b星的加速度大，故C正确； D．根据题意探测器、这两个点与b星相对位置不变，所以探测器绕O点运行的周期与探测器的相同，故D错误。故选C。 6．D【详解】A．ad杆绕a点匀速转动，因bd两点绕a点同轴转动，可知角速度相等，根据vωr 可知，b点的线速度小于d点的线速度，故A错误； B．ad杆绕a点匀速转动，d点的加速度大小不变，但方向不断变化，故B错误； D．由速度的分解知识可知 当时，b点和c点的速度大小相等，故D正确； C．因b点的速度不变，角度不断变化，则根据 可知，c点的速度大小不断变化，故C错误。故选D。 7.C【详解】木块受力如图甲，支持力与静摩擦合力斜向右上，与重力的合力沿缆绳斜向右上。因为木块质量和加速度均不变，故三个力的合力不变，又木块重力不变，则支持力与静摩擦合力不变。木板与底板夹角缓慢增大稍许，如图乙，减小，增大。 故选C。 8．AC【详解】A．在图示位置，穿过线圈的磁通量为0，感应电动势最大，因此线圈磁通量的变化率最大，A正确； B．线圈每经过中性面1次，电流方向改变1次，图示位置与中性面垂面，B错误； C．由图示位置开始计时，电流的瞬时值表达式为 转过60o时的电流电流的有效值C正确； D．线圈由图示位置转过90°过程中，流过线圈的电荷量 又联立解得D错误。故选AC。 9．AD【详解】A．根据题意，由图乙可知，时发生第一次碰撞，根据质量相等的两物体发生弹性碰撞速度互换原理可知，的初速度，中点左侧水平面光滑，则有在第一次碰撞前的路程 则两挡板间距为；故A正确； B．由乙图知，第一次碰撞后，a静止在中点，b向右运动，与右侧挡板碰撞后返回中点，与a第二次碰撞，b静止，a向左运动与左侧挡板碰撞后返回中点，与b第三次碰撞，a静止，b向右运动与右侧挡板碰撞返回到中点静止，所以a与b发生了3次碰撞，故B错误； C．由B分析可知，运动的路程为 对整个过程，由动能定理有解得故C错误； D．设与第二次碰撞前的速度大小为，由动能定理有 a第2次与挡板碰撞后速度大小与与第二次碰撞前的速度大小相等，则a第2次与挡板碰撞后的动能为联立解得故D正确。故选AD。 10．BCD【详解】A．a、b两物体叠放在轻弹簧上，并处于静止时，此时弹簧弹力等于重力，即 若，则a、b两物体要分离时，两者间的相互作用力为0，对b物体，根据牛顿第二定律可得 对a物体有所以，即弹簧压缩量为处a，b分离，故A错误； B．若，则，则a、b恰好在图示的初始位置分离，故B正确； C．若，则， 则a、b在O点正下方位置分离，故C正确； D．若，则， 而ab运动过程中的最大加速度为 所以ab不会分离，则b运动至最高点所用时间为故D正确。故选BCD。 11．(1)1.66(2) 96.8s (3) 【详解】（1）[1]十分度游标卡尺的最小刻度为 故小铁球的直径 （2）[1]秒表大表盘的读数分，小表盘读数是秒，二者加在一起，即为指示的时间，故 [2]根据题意可知，当计数为60时，小铁球完成个周期，所用的时间为t，则等效单摆的周期为 （3）[1]根据题意摆长为由单摆周期公式推得 联立解得故斜率为推得 12． 黑表笔 2 F 2.7 7.5 【详解】（1）[1]使用时，P孔因与内部电源的正极连接，可知应该插入黑表笔。 （2）[2]根据已知条件可求得电阻 （3）[3]在进行欧姆调零的步骤时，表头电流最大，则表头的指针应该指在图乙中的F位置； [4]改装后的电流表内阻 欧姆调零完成后，则 解得滑动变阻器的阻值为 （4）[5]若表头的指针指到图乙中C刻度位置，可知对应的电流为I=0.24A，则根据 解得Rx=7.5Ω 13．(1)(2) 【详解】（1）匀加速运动过程的位移为 匀速运动过程的位移为 减速运动过程的位移为 根据运动学公式有解得 （2）包裹刚好能够下落，需满足即 代入数据后可得解得 14．（1）； （2）；（3） 【详解】(1)0-t0这段时间内，感应电动势为感应电流为 由题意悬线拉力为零，即所受的安培力为联立解得 （2）过横截面积的电荷量 产生的平均感应电流为 所以通过一匝线框横截面的电荷量为 (3)设刚完全穿出来时速度为v，线框的上边缘离开磁场时加速度为零，则此刻有重力等于安培力 产生的感应电流为 穿过磁场过程中根据动能定理 其中克服安培力做的功 联立解得 15．（1）；（2）见解析；（3） 【详解】（1）不加电压时，粒子做匀速直线运动，对N板左侧边缘的粒子，=60° 由几何关系可得：该粒子来自于发射器中点P点上方 同理：打在N板右侧边缘的粒子来自于发射器中点P点下方处。故收集率 则每秒钟到达收集板粒子数为，则 （2）若UMN<0，粒子在垂直板方向做减速运动，电压越大到达N板的粒子越少，对垂直射向N板的粒子分析，临界：到N板时速度为零，此时收集率为0 可得 若UMN>0，粒子在垂直板方向做加速运动，电压越大到达N板的粒子越多，对水平方向飞行的粒子分析，临界：恰能打到N板边缘；；；联立可得 （3）粒子在下方磁场中轨迹半径为R，圆筒半径为0.5R。对于和圆筒左侧相切的粒子， 如图 设∠O3CO2=，cos=，圆心O3和M板的距离为Rcos=R 即：M板上方h=R处发射的粒子刚好和圆筒相切。 对于在C处水平向右射入的粒子，恰好和圆筒底部顶点相切，此粒子来自于发射板最底点，故此圆收集的粒子区域来源于发射器下方R区域，故收集率为。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$