江西省新余市实验中学2024-2025学年高三下学期冲刺模拟（三）物理试题

2025届冲刺03物理B版 D,闭合开美后每秒钟点火25次 以殖图：学科内好合，共100分，考试时间75分钟： 一，选棒题：本题共10小题。共46分，左每小要始出的四个选项中，需1-7题只有一项符合题月 6.我们经常发现在明明的天气下欣賞越市喷泉景现时，会在喷黎中看到虹。“表”是一种光学 要求。每小驱4分：氟310宽有多项符合题日要求，每小题6分，全部港对的阴6分，对但不 灵象。音太阳光因射到空气中的水离。光线皱折射及反射。在天空中形表拱无的七影光造。，其光 金的得3分，有选错的谓0分。 路如第6题左密所示：现有红允和箭允的漫合先通过小水除，己知s如匀”一0A,研究其中一条色 1,我田素名血液专家花知中曾乐究用品P为标记的红细险清定全身红细酸量。柠P商核是纯衰史核 光的光韩如第6愿右图所茶，已知入时角民一5分”，水珠对减色光的转射率为·则下列视法正围 素，其附桃的段大能量为1,71川光电子优。率夜期为143天。有关四P磷核8魔变出P中：A+:B 的是 中日是慢，下列说法正确的是 A,X=15y=3] A,左函中a光为虹光 目.在同一种介质中，。充的传描落度大 B.A是原子序数为16号元素S的原子核 C.右图中入射光与出射光之间的夹角42 C.1g的P的碗经过3天，其中剩余P的蕊的质量为01g D.分别射同一雄时，▣光通过每时的留射现象更明星 D.P膜核京安过程没有镁量黄耗 之一网先在水平外力作用下由静止开希沿完滑木平面量直线诺动，其速度￥期外力F变北的宝像如 图所示，下列美于物块的速度￥随时间4建度？船性移x变化的图像正确的是 第6原图 第7鹭蛋 第8题图 ?,知第？思图所示是一定质量的理塑气体的：罗图像，其中B是等望线，C和C分别平行于摆 D 轴和线抽，气体由A到B到C再到A,下到说法正稀的是 3.魔台滑冒是冬奥会的重要项日之一。加留所示，某次比赛中，遍功员以运度%从别台原赠水平飞 A气体从A逝引B祝态，需要向外界出热量 出，经过一皮时间后落在额斜赛道上，赛道的候角为，重力相速皮为g:空气用力这略不计，品 目.气体从音状老到C状志，丽要从外界最收妈量 动员《包活滑雷质)视为质点。测：励员在空中动的过程中下引说法正精的是 C.气体从C获者到A状态，气从外界收种量 拟 D,气体从C找态到A祝南，外界对气体融的功大于气体放出的热量 E.如第8恩图所示。卫星甲在更单面之R的圆轨遗上发圆周运动.卫昆乙在椅图轨道上，量地点M 更地面高度是R,意地点N距地面高度是3R,己知地球的华径是R。关手这丙顾卫原，下形说法 A,品一平时间内连度的变化量大干前一半时同肉速度的变化量 正确的是 B,运动员在空中运动的时何是脚日 A,两颗卫显的距期T了： 8- 卫星乙在远地点时的战速度小于卫量甲的复速度 C,溶动员离开使斜寿延至题直率道绿运处所用的时间是生如巴 C. 当卫尾乙在近地点M时的万有列力大手甲在轨道上的万有到力 D,甲乙两颗卫星分别话动到轨道交点P时的如递度不同 9.在勾翼电写中战入一个点电精以后，电局的电屠线周部大置分布加第9围图。下到选正周的 D,超动负离开领容春道至低直寒道最辽处的水平位移是巴 4.如图所示。三个将块4，乐、C坊压一根轻顺弹算，恰好处于静止视态，已如三个物快的圆量分 A 点电离为负电南 B。W线可能是一条等势线 职，是前，W,鸟”2妹、气■3。三个物味与水平而的耐岸富因数都是02，重力闻惠度暇 一心m公，最大静事物力等干滑动苹擦力，突松把C章定后的解同.刚A封B的弹力是 C.与点电相连的电场线方向管点电餐 mc D,P点是满区场强量强点 A.2N B.4N C.6N D.EN 10.如服所示在光滑是足够长水平面上有一个轻掉资。在弹资的右御有半径开0，如的圆烈滑斜界。 5.如图甲所示是某楼气址点火装置的原型图。特美悬梅直流电正转镜为因乙所示韵E弦实流电压 底网与本平图相切。料剪的烟量3k,轻弹餐左编固定，右端用一个后量k,的小球压图弹餐 并庄一理塑交任春的原线润上，变压器鼠，副线图的里数分别为，，电压表为交流地表， 并销定，此时弹酱养性劳能E一8，某到国解除领定，重力如速度多0m,不考虑小家的转为。当 当变区器副线画电压的厨时值大干500V时，管会在钢针和会属板同引发电火花过面点短气体 小第第一大远动到，圆室光滑料驾左侧的底响时已离开弹覆，下列说法正端的是 下列风法正睛的是 0 A. 小球第一次污动到斜芳庭编时。斜移程绳对小球的变持力是3州 B. 小球能从朝雾上编冲出 A.电压表的示数是10W B. 小球远同斜骋庭赠时的魄度大小是2m D. 小球通国与单簧作用后还能第二次裙动附异上 刺03物理日版 果1到 冲刺03物国B腿 第2页 二，非选择题：本慧共5小驱，其54分。 (2)牌整倾阔面量的角度可使得物块筒风盘转动面不展离。求滑块下滑的最大麻厘， 1山，《6分)卖图】为双健干莎测光波被长的卖酸策量，光源发出的先经德北片（装在单量育）成 O 为单色光：把单继景亮。单殖相当于一个提光湖，它又纪双缝第亮，案白双缝前光在发缝右边前 遗光简内发生干法。摆光算的一线装有毛技璃群，我们可以在这个屏上观察到干沙条纹，并根据 测量的量计算出光的液长。 资厚话调双随建光额毛吸璃 -0 14。《1川分》酸车道是在长面酰的下坡路段行2车通外增数的特株料向上车道，有一摆砂麻石可 以增加轮脸常进的照力，可以让汽本在失控时快速等年又不系于发生匙险，如周，下藏正常路面 2 汽车受的阻力是其自身重力的Q05倍，图中雨量为0电的汽车从载度为10%〔指收道的高度差 (1》图1中饮暑A是 ,伐B是 (填写仪器的名#)： 与水平距南之比)的长下拔失去动。由醉止开始角下滑行9m:驾驶员为避购立即驾胶汽车滑 (2》用刻度尺到量双经到光解的更离-m: 入斜面候角为一7的流险年道，汽车在流险车道上滑行直型停止，取编5严-0瓜，√厅，1,2，重 《3)用测量头测量条纹间的魔度：先将测量头的分银板中知战与某壳条纹中心对苏，粹满亮条 为知速度真0m心.由于境度根小，被速领角为g,n9:▣8。试属答： 纹定为第！条亮条航，北时手枪上的示数如图2所示：然后同方向转动测量头：使分划版中心刻 (1)若代车在紧急险车浦受到的图力恒定，遥动滑行5m唇停止，来禁急遮验车通的思力是 线与第6条亮条饺中心对齐，时手轮上的示数知面3用示，图2读数为 mm,图3读数 车重的几倍， 为 (2看路车道的阳力是蔚连入距离的婚大面增大，如图乙所示求汽车进入狂验车港们最还 〔4)己知双缝同距04m:极裙似上实检。别得光的被长是 口m 距离， 12,(0分)物思小组的同学在实验皇练习测量某金高拉的电隔奉，用到的宾然母材有： A.转测金属益 B.电滤表（量程为300A,内用为是，） C,电压表（量程为3V,内用足第） D,电1箱虎(0-9990】 E.滑动度团4心104 6 F.电潭《电功势为3V,内冠不计) 0。开关一个、导经若干 15.《17分)如图所示，两根平行盘侧导轨6，a码平行教醒，导轨闻饭L=a:4,程 《1》小组的同学经过讨隐，选取暂材并连接如园1所标的席分电路，要求金属丝两端的电压从零 倾解且足够长。与水平方向的夹角9-37严，6、的段水平，在死离的态规的左侧47阳处 开始安化，图中有两条线缺失，请霏枕连接完翠。 有丙根墨定立柱。导轨水平和领解都分平简连被。领斜部分导拉处于难够应显皮大小03T、方 6 《2》实验步障如下： 南鑫直斜面肉上的沟置测场中（不包括连线上），水平导轨处没有母场。质量为m103k螺 ⊙量金属丝的直径和接人电路的长度L 电图为R0,4口的金展排甲置于餐鲜导我上，周量为时：-0kg。电阻为02日的全属棒乙静止在 ②将滑动变范恶的滑片得亚最左编，闭合开关，国节滑动变阳毒和电阳箱，使电压表有一个拉大 位置响，斯金民棒的长度均为Lm。金属杯甲从距离珍物旅缩是够还处由静止释放，在1处 的偏角，记下此时电用箱的示重和电蕊表的示数 与金属摔乙碰撞，怪后合属摔乙向左运动。与國定立柱醛后等速率反弹，已如两金属相与便销号 ②改变电用箱的图值。同时雨节滑村交用器，使电压表的示不变，记下北时电阻箱的示叠品和 轨同的动康驾因嫩均为40,5，与水平导轨闻的动摩擦因数均为%工。在运动过程中两金属郴 电葡表的示数上 能终与导轨意直且接触凌好，质有碳指均为弹登谨拉，登撞时间极恒，导轨电阻不计。Q6, ①重复步需@，得到多组电随加泰电旋表的数据，以电阻葛的家数程为横坐标，以为烟垒 ee3-0.R,重力加速度0m。试问答 标，糊点建线，得到如图2所示的一条直线。 《1)求金属棒甲沿导轨向下起的量大惠率M: (3》已知圈2申直线的想截师为：斜率为是，可知电压表的示数为 ,金属丝的电阳为 《2)金图棒甲从开始写动系达到最大递度的过程中，其产生的德耳热为0.4山米这个过粗隐历的 鱼尾筐的电阻率为 《用图中物现量的亭卧表示)， 时属： (4)特利金属丝房长时间通电，会导致电因率别量塘暴 《填“闺小”“编大“或“不变”)。 《3》求金属杯甲、乙第二次碰指地束群同两者的速度大小外刚为多少？ 3.(0分)知图半径为r■1世的要登匀转动，光滑斜相下口与限雷边绿最高位置平滑楼触无摩 擦。滑块滑入图数时，速度方向与圆查边缘相切，物块从斜滑墙静止滑下到达倾解蓝查的上边 峰。总恰好与网量保料稻封静止，物快能图丝特动到最低悦凰，在最低位置怡好佬不限离置度： 借动摩擦力等于最大静摩掉力，物块与圆食的功甲潮因量：=Q。图登领角为3。取加了■005， oty■1.g10g3.试回答 〔1》现滑块由光滑斜艳静止下滑的窝度 中刺03物理B版 第项 冲剩01牧理B暖 第4页冲刺 03物理 B版答案与解析 第 1页 2025届冲刺 03物理 B版答案与解析 1．【答案】B【解析】由于 3215P磷核是纯β衰变核素，其衰变方程为 32 32 0 15 16 1P S e  ，可知选项 A错误，选项 B正 确；143天是 3215P磷核的 10个半衰期，所以所剩的 32 15P磷核是原来的质量的 101( ) 2 ，选项 C错误； 3215P磷核β衰变 是自发过程，一定有能量释放，根据质能方程可知一定有质量损耗，选项 D错误。 2．【答案】D【解析】根据牛顿第二定律可知： F ma ，根据图像可知加速度也与速度成正比，即 a k v  ，因为 v v x va v t x t x              ，即 a v k v x     ，可知速度与位移成正比。选项 C错误，D正确。 3．【答案】C【解析】做平抛运动的物体只受重力，做的是匀变速曲线运动，在相等时间内速度的变化量相等，选 项A错误；设运动员在空中运动的时间是 t1，水平位移 101 tvx  ，竖直位移 211 2 1 gty  ， 1 1tan x y  ，联立得 g vt tan2 01  ， 选项 B错误；设运动员离开倾斜赛道最远时的时间是 t2，运动员离开倾斜赛道最远时速度方向与倾斜赛道平行， 0 2tan v gt v v x y  ， g vt tan02  ，选项 C正确；运动员离开倾斜赛道最远时水平位移 g vtvx tan 2 0 202  ，选项 D错误。 4．【答案】D【解析】三个物块 A、B、C挤压一根轻质弹簧，恰好处于静止状态，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 可得弹簧弹力 F 弹=Ff，Ff=μ（mA+mB+mC）g=12N，突然把 C拿走，把物块 A、B看成整体分析受力，由牛顿第二 定律得 F 弹-μ（mA+mB）g=（mA+mB）a，代入数据得 a=2m/s2，设 A对 B的弹力 ABF ，隔离分析物块 B，由牛顿第 二定律得 FAB-μmBg=mBa，代入数据得 FAB=8N，选项 D正确。 5．【答案】C【解析】由图乙可知转换后的电压最大值是 10V，有效值是 25 V，交流电压表示数是有效值，选项 A 错误；变压器副线圈电压的瞬时值大于 5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体， 500 1 2 1  n n ，选 项 B错误、C正确；每 2×10-2s钢针和金属板间引发电火花一次，每秒钟点火 50次，选项 D错误。 6．【答案】C【解析】水珠对紫光的折射率大，紫光在水珠中偏折程度大，对红光的折射率小，红光在水珠中偏折 程度小，故 a为紫光，b为红光。a光的折射率大，根据 cn v  ，a光在同一种介质中的传播速度小，画出光路如图 所示，在 B点由折射定律得 1 2 sin sin n    ，解得： 2 37  ，由几何关系及对称性，有：  2 1 2 2 122           ， 把 2 37  、 1 53  代入得： 42  。根据题意 a光的折射率大，波长短，不容易发生明显的衍射现象。故 C 正确。 7．【答案】B【解析】气体从 A状态到 B状态是等温变化，一定质量理想气体的内能只跟温度有关，气体内能不变， 由图像可知气体体积增大，气体对外界做正功，根据热力学第一定律可得气体要吸热，所以 A错误；气体从 B状 态到 C状态，等容变化，压强增加，所以温度升高、内能增加，体积不变，不做功，所以气体要吸热，所以 B正 确；由图像可知气体从 C状态到 A状态是等压变化，气体体积减小，外界对气体做功，根据盖-吕萨克定律可得气 冲刺 03物理 B版答案与解析 第 2页 体的温度要降低、内能减小，根据热力学第一定律可得气体要放热，所以 C错误；气体从 C状态到 A状态是等压 变化，气体体积减小，温度降低，内能减少，外界对气体做功，根据热力学第一定律可得外界对气体做的功小于 气体放出的热量，所以 D错误。 8．【答案】AB【解析】已知地球的半径是 R，卫星甲在距地面 2R的圆轨道上，卫星甲的轨道半径 RRRr 32 甲 。 卫星乙在椭圆轨道上，近地点M距地面高度是R，远地点N距地面高度是 3R，卫星乙的半长轴 RRRRRa 3 2 3    ， 根据开普勒第三定律得两颗卫星的周期相等，T 甲=T 乙，选项 A正确；卫星乙在远地点 N时的线速度小于该位置圆 轨道上卫星的线速度，该位置圆轨道上卫星的线速度小于卫星甲的线速度，选项 B正确；两颗卫星的质量未知， 万有引力无法比较，选项 C错误；在同一个位置加速度相同，与卫星的质量、运动状态无关，选项 D错误。 9．【答案】AB【解析】如图电场线分布可以等价看做一个电荷量特别大、在左侧无穷远处的负电荷和一个此处负电 荷的电场的电场线分布，所以此处的点电荷是负电荷，选项 A正确；由于等势线与电场线总是垂直的，所以选项 B正确；负电荷的电场线是从外指向负电荷，选项 C错误；由等量的同种电荷的电场线疏密分布类比可知，P点 位置场强较弱，选项 D错误。 10．【答案】AC【解析】当小球运动到 4 1 圆弧光滑斜劈底端时已离开弹簧，弹簧弹性势能全部转化为小球的动能， 2 p 0 1 2 E mv ，代入数据得 v0=4m/s，设斜劈对小球的支持力为 F1， R vmmgF 2 0 1  ，代入数据得 F1=30N，选项 A正确； 假设小球与斜劈共速时还在斜劈上，此时共同速度为 v1，小球上升的高度为 h，根据水平方向动量守恒得 10 )( vMmmv  ，代入数据得 v1=1m/s，根据机械能守恒得 mghvMmmv  2120 )(2 1 2 1 ，代入数据得 h=0.6m，h=0.6m ＜R，假设成立，小球不会从斜劈上端离开，选项 B错误；设小球返回斜劈底端时小球的速度是 v2，斜劈的速度是 v3，根据水平方向动量守恒得 320 Mvmvmv  ，根据机械能守恒得 23 2 2 2 0 2 1 2 1 2 1 Mvmvmv  ，联立得 v2=-2m/s、v3=2m/s， 选项 C正确；小球弹回的速度大小与斜劈的速度大小相等，小球追不上斜劈，选项 D错误。 11．【答案】（1）单缝（1分） 目镜（1分） （3）1.750（1分） 9.300（2分） （4）604（1分） 【解析】（3）测量的第 1 条亮条纹读数是 1.750mm，第 6 条亮条纹读数是 9.300mm；（4）所以条纹间距 9.300mm 1.750mm 1.510mm 6 1 x     ，根据公式 Lx d   得 d x L    ，代入数据得 nm604 。 12．【答案】（1）如解析图（2分） （2）电流表示数的倒数 1 I （1分） （3） 1 k （2分） A b R k  （2分） 2( ) 4 Ab kR d kL  （2分） （4）偏大（1分） 【解析】（1）因电流表的内阻已知，因此电流表采用内接法，滑动变阻器应接成分压式电路，实物连接如图所示。 （2）依据题意，有 ( )x AU I R R R   ，可得： 1 1 x AR RR I U U    ，所以应该以电流表示数的倒数 1 I 为纵坐标， 冲刺 03物理 B版答案与解析 第 3页 以电阻箱的示数 R为横坐标； （3）结合图像可得： 1 k U  ， x A R R b U   ，可知电压表的示数为： 1U k  ，金属丝的电阻为： x A bR R k   ，根 据电阻定律，可得： x LR S  ，又 2( ) 2 dS  ，联立可得金属丝的电阻率为： 2( ) 4 Ab kR d kL   ； （4）待测金属丝 R长时间通电，电流热效应会使金属丝电阻率随温度升高而增大，会导致电阻率测量结果偏大。 13．【答案】（1）0.375m （2）0.4m 【解析】设物块在光滑斜槽下滑的高度为 h，根据机械能守恒 2 1 2 mgh mv （1分），物块恰好与圆盘保持相对静 止， v r v  线（1 分），物块在圆盘最低位置恰好能不脱离圆盘，则 2 sin vf mg m r   （1 分），摩擦力 cosf mg mg    （1分），可解得：h=0.375m（1分）。 （2）滑块在圆盘上随圆盘转动，当圆盘水平时，物块最不易滑出。当 2 ' mvf r  时滑出（1分）， 'f mg （1 分），得 2mvmg r   ，得 1' 2 mgh mgr ，（1分），解得 h´＞0.4m时滑出圆盘（1分），所以不滑出圆盘的下 滑最大高度为 0.4m。（1分） 14．【答案】（1）0.4倍 （2）50m 【解析】（1）若汽车在下坡正常路面受到的阻力恒定，设为 f1，根据受力分析， 1 1sinmg f ma   （1分）， 由于坡度很小， sin tan  ，所以 1 1tanmg f ma   （1分），可得加速度 a1=0.5m/s2（1分），又汽车下坡 滑动是匀加速运动 2 1 12a x v （1分），可知到达避险紧急车道时 v=30m/s，在紧急车道上匀减速运动 2 2 22a x v （1 分），可解得 a2=10m/s2，由受力分析可知 2 2sinmg f ma   （1分），解得 f2=0.4mg（1分）。得紧急避险车 道的阻力是车重的 0.4倍。 （2）避险车道的阻力是随进入距离的增大而增大，如图乙所示，汽车进入避险车道受到的减速的合力为重力的下 滑分量加上阻力，所以合力随进入距离 x的关系为 2 0.6 0.1 0.450 xF mg mg mg    （1分），根据变力做功规律， 在 F-x图像中图像面积代表做功， 1 0.4(1.4 )2 50 mgxW mg x  （1分），根据动能定理可得停车时， 21 1 0.4(1.4 )2 2 50 mgxmv mg x  （1分），解得 x=50m（1分）。 15．【答案】（1）4m/s （2）3.25s （3）2m/s 4m/s 【解析】（1）金属棒甲由静止释放后，沿倾斜导轨做变加速运动，加速度不断减小，当加速度为零时有最大速度 vm，由牛顿第二定律得 11 1sin cos 0m g m g F   安 （1 分），又有： F BIL安 ， EI R r   ， mE BLv （1 分），解得：vm=4m/s（1分）； （ 2）设金属棒甲从开始运动至达到最大速度过程中，沿导轨下滑距离为 x，由能量守恒定律有： 11 2 m11sin cos 1 2R r m gx m gx Q Q m v     （1分），其中： R r Q Q R r  ，联立解得：x=5.0m（1分），根据q I t  ； EI R r   ； E t    ； BLx  ； 解 得 ： 2.5C BLxq R r    （ 1 分 ） ， 由 动 量 定 理 ： 冲刺 03物理 B版答案与解析 第 4页 1 m1 1 1( sin cos )m g m g t BIL m vt      （1分），解得：t=3.25s（1分）； （3）设第一次碰后甲、乙两棒的速度分别为 1v 、 2v ，根据动量守恒、机械能守恒有 1 m 1 1 2 2mv m v m v  （1分）， 2 2 2 1 1 1 2 2 1 1 1 2 2 2m m v m v m v  （1分），解得： 1 2m / sv  、 2 6m / sv  （1分），第一次碰撞后，在摩擦力作用下，甲棒 向左做匀减速运动，乙棒先向左做匀减速运动，与立柱碰撞后再向右做匀减速运动，加速度大小均为 2 2 2m / sa g  。第一次到第二次碰撞之间，甲、乙通过的路程分别为 1x 、 2x ，则有： 1 2 2x x x  ，由运动学 公式： 2 1 1 1 2 x v t at  ， 22 2 1 2 x v t at  ，解得：t=0.5s（t=3.5s不符合实际情况，舍去）（1分），第二次碰撞前瞬 间，甲、乙两棒的速率分别为 1v、 2v，则有 1 1v v at   ， 2 2v v at   ，解得 1 1m / sv  ，方向向左； 2 5m / sv  ， 方向向右（1 分），第二次碰后甲、乙的速度分别为 1v、 2v，取向左为正方向，根据动量守恒、机械能守恒有 1 1 2 2 1 1 2 2m v m v m v m v       （1分）， 2 2 2 21 1 2 2 1 1 2 2 1 1 1 1 2 2 2 2 m v m v m v m v      （1分），解得： 1 2m / sv  （1分）、 4m / sv  （1分），（ 1 1m / sv 、 5m / sv   不符合实际情况，舍去）所以，碰撞后瞬间甲棒的速度大小为 2m/s，方向向 右；乙棒的速度大小为 4m/s，方向向左。