2025届安徽省合肥市第八中学高三下学期三模物理试题

绝密★启用的 4.图甲为我围传笼古建筑中意见的图案，该图案均由图乙中单片青瓦御凑而成。现忙体解用质 高三物理 量均为四的相列青瓦片叠放在水平地面上，如图丙所示，瓦片1的支撑点为瓦片2,3的氮端。似 满分：100分考流时间：75分计 设青瓦片为质量分布均匀的流形状，厚度不计，重力知速度为g,下列说法正佛的是 注整率项： 1.答题馆，考生先将自己的姓名，准考证号码填可清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码脑贴区 2.选择题必筑使用2组铅笔填徐：达择想多凯使用Q5毫米黑色字迹签字笔书写，字体工整，笔迹清华」 3请按用题号颗序在容题卡各题日的答题区域内作答，超出容避区城书写的落案无效：在章稿纸， 试老上答碧无效。 4.作图可先使用的笔国出，璃定后必筑用累色字迹的签字笔情第。 A瓦片2对】左编的摩擦力水平向左 5保持卡面请消，不要折叠，不要弄破，弄辕.不在使用除改液.修正带，制低刀。 玉瓦片3对1右编的摩擦力水平向左 一，选择题：本题共8小，每小置4分，共3记分。在每小量恰出的四个进项中，只有一项是特合置 目要求的。 C她面对瓦片2左端韵支持力大小为产m 1.2025年1月2如日，位于交量合配的人适太阳”首次完或1亿播氏度106676s的高质量燃烧”. D地面对瓦片3左荷的支持力大小为m城 创迹了新的世界纪录，这一进展对人类如快实现核聚变发电具有重要意义。下鲜关于佐反应的 说法正确的是 五，某实验小组设计了如周所示的C探药电路米测量外界压力，电容鞋上极板为弹性金国博板，受 A由干裂变比聚变产能效率高，目前的核电站利用的是裂变 到压力时会下移从而改变板可距离。测量时先将开关拔到“，电路秘定厅再将开关授到，缓过 B“人意太阳”中的一种核反应方程为H+H-He+X,X粒子为质子 电流传感器测出振离电路中电流的频半以反陕压力大小。下列说法正确的是 C通常起技裂变物质能够发生链式反应的最大体积叫作它的核界体积，相应的质量国作着界爱量 D铁聚变西度太高，地球上没有任何容器能辖轻受如此高的酒度，科学家设想的解决方案是要 的束和帽性约束 2将运动员某次10m用缘中的速度一时间图像如图所示，下列关于演运动员的运动说法正确 的是 A一，时间内平均速度大于受 色流传来 A开关授向山时，压力塘大，电容器存销的电量越小 玉0一：时间内半均加滚度大于 且开关由“或向山醉间，流经电流传感器的电瓷为零 C一：时间内加速度先规小后增大 C开关市：拔向6原间，电感线图产生的自8电动势为零 口：一时间内加速度与速度方向先相同后相反 )电流传感器校测到的电流颜率越小，表示压力越小 3.2025年2月20日凌限3点，中国实线5号卫星与位于地球月步轨道上的北年(7卫屋完成对 五如周所示，由某种透明材料制成的半径R=10m的球体置于空中，在球内有一与球心O距离为 接，并向7卫屋注入42公斤推进剂，为其廷长8年寿命，这是全球着次实残同多卫经轨通的 d=5m且可向各个方向发出单色光的点光源S。光源S沿各个方向发出的光均能射出该球 燃料补加，对人类航天事业其有里程南式的意义，下列关于两卫星的运动和对接的说法正确 体，将球外视为真空，下列说法正确的是 的星 A光从球内折射出去后频率变大 A。建入推进剂后，G7卫星的加通度变大 及光从球内断射出左后波长变小 队置卫星烧地球敏偶横运动的同期大干近地卫星的周厕 CG7卫星绕地球数圆周讼动的线速度大于第一字窗速度 C光源S发出的光从球内射出时最大人射角为60 可使实我5号卫屋先沿同步轨道餐网周运动：再令其框速追上7卫星完成对接 几比种透明材料对该单色光的新射率小于2 【高三物理第1页（共4页1】 【高三物理第2面（共6页】 7.如图所示，一轻质细绳一端固定在天花板上，另一端绕过滑轮连接置于光滑水平面上的物块A, 动滑轮下悬挂物块B,动滑轮两侧细绳竖直，定滑轮与物块A间的细绳平行于水平面。物块A 在水平恒力作用下向左加速运动，物块B以大小为α的加速度加速上升。已知物块A、B的质量 均为m,重力加速度为g,空气阻力、滑轮质量、绳与滑轮间的摩擦均 LEEEEELL7 忽略不计。下列说法正确的是 F4 2 777777777777 A物块A的加速度大小为号 B.细绳对物块A的拉力大小为m(g十a) C.水平恒力对A做的功等于A、B两个物块动能的增量 包 D.水平恒力F的大小为mg+5ma 2 8.如图所示，与水平方向成0=30°角的圆盘绕垂直于盘面且过圆心的轴做匀速圆周运动，角速度0 =√5rad/s。盘面上距轴r=0.5m处有一可视为质点的小物块恰能与圆盘保持相对静止。小 物块的质量m=1kg,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2,下列说法错误 的是 、A物块与盘面间的动摩擦因数为号 B.物块从最低点转到最高点的过程中，圆盘对物块的摩擦力一直减小 C.物块转至与圆盘圆心高度相同处时，圆盘对物块的摩擦力大小为2.5N D.在保持物块相对圆盘静止的情形下，改变圆盘角速度，物块在最高点的摩擦力不可能为零 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 ?已知：①取无穷远处的电势为零时，点电荷的电势9=k?,其中k为静电力常量，Q为点电荷的 电荷量，”为电场中某点到点电荷的距离：②在多个点电荷形成的电场中，任一点的电势等于每 个点电荷单独存在时在该点产生电势的代数和。如图所示，边长为L的等边三角形的三个顶点 分别固定点电荷A、B、C,三个点电荷的电荷量大小均为Q,其中A带负电，B、C带正电。D为 B、C连线的中点，O为三角形的中心，取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是 A0点的电势为3 L B.O点的电场强度小于D点的电场强度 C.一带正电的试探电荷从O点移到D点电势能减小 ◆0 D.点电荷C受到的电场力方向平行于AB的连线 B● D 【高三物理第3页（共6页）】 10.如图所示，在xOy坐标系第二象限有一个半径为R的圆形区域，圆心为C,圆形边界分别与x 轴、y轴相切于M、N两点。圆形区域内存在垂直坐标平面向外的匀强磁场。第一象限存在沿 y轴负方向的匀强电场。在M点放置一粒子源，粒子源可向磁场中各个方向发射速率均为v。 的同种带正电粒子，其中沿MC方向射入磁场的粒子恰好从N点进入电场，后从x轴上的P点 离开电场。已知磁感应强度大小为B,电场强度大小E=B。,不计粒子所受重力和粒子间的相 互作用。下列说法正确的是 BR A.带电粒子的比荷为 。B B.P点与坐标原点O的距离为√2R C.粒子运动至P点时的速度大小为√2o D.x正半轴上有粒子经过的范围长度为2R 三、非选择题：共5小题，共58分。 11.(6分) 某同学借助《手机物理工坊》APP粗测游乐场中一秋千悬绳的长度。具体操作如下： I.将手机自由释放，测出重力加速度g: Ⅱ.手机水平放在秋千的座椅上，使手机边缘与座椅边缘平行（如图甲），让秋千以小摆角自由 摆动（摆动过程中手机相对座椅保持静止），从APP中得到垂直手机平面方向的加速度大小（向心 加速度)a与时间t的关系图像（如图乙） 甲 结合实验过程，回答下列问题。 (1)将秋千视为单摆，其周期T= (用t。表示)： (2)此秋千悬绳的长度L= (3)写出一个产生误差的原因： 12.(10分) 某实验小组设计了如图甲所示的电路测量电压表内阻和电池电动势。可供选择的器材如下： 甲 【高三物理第4页（共6页）】 A.待测电额E:电动势约为5V 14.14分) 且电蛋表V:量程为3V,内阻的为3k0 如图所示，空可存在水平方向的匀强意畅区城1，Ⅱ，区城1中城场垂直纸面向里，Ⅱ中磁场垂 C电藏表A:量程为】mA: 直纸面向外，两磁场区城的高度均为L=1m,题感应强搜大小均为B=1丁。将边长也为L 口电流表A:量程为Q6A: 1m的单顺正方彩导体椎由篮场区城1上方私=1Sm处静止释线，导体框恰好匀速进人超 E滑动变阳器R:最大潮值为10Q: 场区域I,导体怅的边到达磁场区域Ⅱ下边界前又再次匀速运动。已知导体配述动过程中始 F,滑动变阻器R:最大用值为10k 终保持坚直且标边始终平行随烯边界，导体根质量m=1kg,重力加建度g取10m/。,不计空气 单刀单得开关两只，肆线若干。 阳力。求： (1)根据图甲所示电路图，选样合适的实验器材，电流表以透捐 滑动变阳器应选择 (1》导体框的电阻值： (均填可器材前的字母)，茂佩电路周正确连接电路 (2)导体框：边属进人壁场区域Ⅱ时的加速度： (2)闭合开关5,5，到节滑动变阻器使电流表清偏 (3)导体框从c边进人磁场区域【到c边运诗至磁场区城Ⅱ下边 (3)保特滑动变阳整的滑片位置不动，断开开关三，电流表编转帮满国刻度的号处，此时电压表 界的过程中产生的货耳热《结果保留一位小数)。 4 指针所药位置如图乙乐示，电压表读技为 V,电辰表内阻为 kn (4)电泡电动势的测量值为E一 V,若不考虑偶然误差，用电动势的测量值 直实值（选填“大于”“等于或“小干” 13(10分) 如图所示，在竖直平面内放置粗相均匀的U型玻璃管内装有水國，左倒管口甘闭，左钢管内 5.《18分 封闭一定质量的厘想气体A,气体A的度L:=12,5m,右侧音内一轻质活塞封闭一定质量的用 如图所示，质量为M一3g的小车静止在光滑水平面上，个车左增AB为经直平面内光带的 想气体书.气体H的长度L,=4m:两侧管内水很液面的高度差A=直m。现对轻质活塞地加经直 四分之一翼弧，半径R一心，4m,圆与本平部分BP相切于B点，P为周定在小车右骑的弹性挡 向下的力F,使活塞暖慢下降直至两侧管内水银藏而相平。已知大气压强，=75mHg,鼓璃管导 版：BP长L=1,质量为楼一1kg的小物块从A点以方向级直向下的速度共一5严m附进小 热性能良好.环境基度不变，不计活拿与玻璃管的峰擦，活常不需气。求： 车的同氧年分，小物块与小车水平部分BP闻的动摩擦因数必一《5，重力加速度数10四/公，求， (1)临加力F的，气体A的压强： (1)与销版P稀撞们瞬间，小物块的速度大小： (2)随山力F后，括塞下保的距离 (2)汽板P第-一次睡撞导，小物块上升至最高点时与A点的竖直距离： (3)小物块最篷在小车上离非点的即离以及整个运动过程中小车相对水平面的位移大小。 ANINNIINI r了y产产 【离三物司第5页（共8页）】 【高三物理第页《共6页)】高三物理参考答案 第1 页(共5页) 高三物理参考答案 选择题:1-8题,每题4分;9-10题,每题5分,共42分。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D A B C B D D C AD BD 11.(6分) 【答案】 (1)2t0(2分) (2) gt20 π2 (2分) (3)测量重力加速度g时受到空气阻力或悬绳质量不能忽略等(答出一点即可,2分) 12.(10分) 【答案】 (1)C(2分) F(2分) (3)2.00(1分) 3(1分) (4)6(2分) 等于 (2分) 13.(10分) 【答案】 (1)80 cmHg(4分) (2)3.5 cm(6分) 【解析】 (1)对轻活塞受力分析可知,施加F 前,气体B的压强pB1=p0=75 cmHg 2分………… 根据两侧管内水银液面的高低可知,pA1=pB1+h=80 cmHg 2分…………………………………… (2)当两侧液面相平时,左侧管内液面升高h2=2.5 cm,右侧管内液面降低h2=2.5 cm, 此时气体A的长度L'1=10 cm 1分…………………………………………………………………… 对气体A,根据玻意耳定律,有pA1L1=pA2L'1 2分…………………………………………………… 解得pA2=100 cmHg 两侧是水银液面相平,有pB2=pA2=100 cmHg 1分………………………………………………… 对气体B,根据玻意耳定律,有pB1L2=pB2L'2 1分…………………………………………………… 解得气体B的长度L'2=3 cm 故活塞下降的距离Δh=h2+L2-L'2=3.5 cm 1分………………………………………………… 14.(14分) 【答案】 (1)0.5 Ω(4分) (2)30 m/s2,竖直向上(4分) (3)31.7 J(6分) 【解析】 (1)导体框进入磁场前做自由落体运动,设bc边进入磁场时的速度为v1,有v21=2gh 1分………………………………………………………………………………………………………… 解得v1= 2gh=5 m/s 1分…………………………………………………………………………… 导体框匀速进入磁场区域Ⅰ,有安培力FA=mg 又FA=ILB,I= E R ,E=BLv1 得FA= B2L2v1 R 1 分……………………………………………………………………………………… 代入数据,得R=0.5 Ω 1分…………………………………………………………………………… (2)导体框在区域Ⅰ中匀速运动,bc边进入磁场区域Ⅱ时,速度仍为v1, 此时安培力F'A= 4B2L2v1 R =4mg 2 分………………………………………………………………… 对导体框受力分析,根据牛顿第二定律,有F'A-mg=ma 高三物理参考答案 第2 页(共5页) 解得a=3g=30 m/s2,竖直向上 2分…………………………………………………………………… (3)导体框的bc边到达磁场区域Ⅱ下边界前已再次匀速运动,设速度为v2, 则有 4B2L2v2 R =mg 1 分………………………………………………………………………………… 解得v2=1.25 m/s 1分………………………………………………………………………………… 自导体框由静止释放到bc边运动至磁场区域Ⅱ的下边界, 由能量守恒可知,Q+12mv 2 2=mg(h+2L) 2分……………………………………………………… 解得焦耳热Q≈31.7 J 2分……………………………………………………………………………… 15.(18分) 【答案】 (1)6 m/s(5分) (2)1.5 m(5分) (3)0.2 m,0.15 m(8分) 【解析】 (1)设小物块与挡板P 碰撞前瞬间速度为v1,小车速度为v2, 对小物块和小车系统,在小物块从A 点运动至P 点的过程中,水平方向动量守恒, 得0=mv1-Mv2 2分…………………………………………………………………………………… 由能量守恒,得mgR+ 1 2mv 2 0- 1 2mv 2 1- 1 2Mv 2 2=μmgL 2分………………………………………… 联立,解得v1=6 m/s 1分……………………………………………………………………………… (2)设小物块上升至最高点时与A 点竖直距离为h, 对小物块和小车系统,在小物块从A 点运动至最高点的过程中,水平方向动量守恒, 得0=(m+M)v共,解得v共=0 2分…………………………………………………………………… 由能量守恒,得1 2mv 2 0=mgh+μmg·2L 2分………………………………………………………… 解得h=1.5 m 1分……………………………………………………………………………………… (3)小物块与小车相对运动,因摩擦力做功,系统机械能损失,最终两者相对静止, 对小物块和小车系统,从开始到相对静止的过程中,水平方向动量守恒, 有0=(m+M)v'共,解得v'共=0 1分…………………………………………………………………… 由能量守恒,得1 2mv 2 0+mgR=μmg·s相 1分………………………………………………………… 解得s相=5.8 m 1分……………………………………………………………………………………… 有s相=5.8L 故小物块相对小车静止于水平部分离B 点的距离Δx=6L-s相=0.2 m 1分……………………… 在整个相对运动过程中,小物块与小车水平方向动量守恒,始终有0=mv1-Mv2 1分…………… 得0=mx1-Mx2 1分…………………………………………………………………………………… 又x1+x2=R+Δx 1分………………………………………………………………………………… 解得小车的位移大小x2=0.15 m 1分 ………………………………………………………………… 高三物理参考答案 第3 页(共5页) 【详解】 1.【答案】 D 【解析】 A.由于裂变容易控制且发生的条件比聚变更低,则目前的核电站利用的是裂变,但聚变产 能效率高,故A错误; B.根据核反应的质量数和电荷数守恒可知,X粒子的质量数为1,电荷数为0,为中子,B错误; C.通常把核裂变物质能够发生链式反应的最小体积叫作它的临界体积,相应的质量叫作临界质量,C 错误; D.核的聚变反应是较轻的核子聚合成较重的核子,要使得核子的强相互作用发挥作用,必须使核子 间接近到发生相互作用的距离,约为10-15m,要达到这个目的必须加热原子核,使得原子核的温度达 到几百万摄氏度,这样才能够实现聚变,所以实现核聚变的难点是地球上没有任何容器能够经受热核 反应所需的温度,D正确。 2.【答案】 A 【解析】 A.由v-t图像可知,运动员在0~t1时间内的位移大于 v0t1 2 ,故平均速度大于v0 2 ,A正确; B.根据平均加速度的定义可知,0~t2时间内的平均加速度a= Δv Δt= v0 t2 ,B错误; C.由v-t图像斜率表示加速度可知,t2 ~t3时间内的加速度先增大后减小,C错误; D.t2 ~t3时间内,运动员减速运动,加速度方向与速度方向相反,D错误。 3.【答案】 B 【解析】 A.G7卫星绕地球做圆周运动,由GMmr2 =ma 可知,G7卫星的加速度a=GMr2 ,与卫星质 量m 无关,故注入推进剂后,加速度不变,A错误; BC.由GMmr2 =m v2 r=m 4π2 T2r 可得,v= GMr ,T=2π r 3 GM ,轨道半径r越大,线速度v越小,周 期T 越大,第一宇宙速度等于近地卫星绕地球做圆周运动的线速度,B正确,C错误; D.若使实践25号卫星先沿同步轨道做圆周运动,再令其加速,实践25号卫星将相对同步轨道做离心 运动,变轨到更高的椭圆轨道,无法追上位于同步轨道的G7卫星,D错误。 4.【答案】 C 【解析】 AB.因下方瓦片的受力点均在其顶端,瓦片1与瓦片2、3间的弹力均沿竖直方向,对瓦片1 受力分析可知,瓦片2、3对瓦片1没有摩擦力,A、B错误; CD.对瓦片1、2、3整体受力分析,可得F地2左=F地2右=F地3左=F地3右= 3 4mg ,C正确,D错误。 5.【答案】 B 【解析】 A.压力越大,金属板被压弯的程度越大,平行板间的距离减小,由C= εrS 4πkd 知,电容器的电 容增大,由Q=CU,电容器存储的电量越大,A错误; BC.开关由a拨向b瞬间,产生振荡电流,流经电流传感器的电流为零,电流的变化率最大,自感电动 势最大,B正确,C错误; D.测量时,传感器检测到的电流频率越小,由f= 1 2π LC ,知电容越大,由C= εrS 4πkd ,得平行板间的 距离增小,表示压力越大,D错误。 6.【答案】 D 【解析】 A.光从一种介质进入到另一种介质,频率不变,A错误; 高三物理参考答案 第4 页(共5页) B.光从球体折射出去后传播速度变大,频率不变,由λ=vf 可知,波长变大,B错误; CD.假设点光源S发出的一条光线射到球面上的P 点,如图所示。 由正弦定理得 d sinα= R sinθ ,解得sinα=12sinθ ,对于位置已固定的光源,当sinθ 越大时,sinα越大,即光线射出玻璃球的入射角α就越大,所以其最大正弦值为 sinαm= 1 2 ,即入射角的最大值为αm=30°,C错误; 因为沿各个方向的光均能射出球体,所以临界角C>αm=30°,可得sinC> sin30°=12 ,又sinC=1n ,故n<2,D正确。 7.【答案】 D 【解析】 A.根据动滑轮的特点可知,物块A、B的加速度之比为2∶1,故物块A的加速度大小为2a,A 错误; B.对物块B受力分析,根据牛顿第二定律可得:2T-mg=ma,解得细绳对物块的拉力T= mg+ma 2 ,B错误; C.F 的功等于A和B动能增量加上B的重力势能增量,C错误; D.对物块A受力分析,根据牛顿第二定律可得:F-T=m·2a,解得恒力F=mg+5ma2 ,D正确。 8.【答案】 C 【解析】 B.小物块随转盘做圆周运动的向心力Fn=mω2r=2.5 N,向心力由重 力沿转盘斜面的下滑分力和转盘对物块的静摩擦力提供。如图,以重力下滑分力 的箭尾为圆心,向心力的大小为半径作圆,根据力的三角形定则可知,B正确; A.由B的分析可知,物块在最低点时摩擦力最大,最容易脱落。物块与转盘恰能 保持相对静止,可知物块转至最低点时,摩擦力恰好为最大静摩擦力, 有μmgcosθ - mgsinθ=mω2r,解得μ = 32 ,A正确; C.当物块转至与转盘圆心高度相同处时,f= mgsinθ 2+ mω2r 2= 55 2 N ,C错误; D.若最高点摩擦力为零,mgsinθ =mω20r,解得ω0= 10 rad/s,大于题中角速度,故D正确。 9.【答案】 AD 【解析】 A.由几何关系可知,三个点电荷到三角形中心O 点的距离均为 33L ,根据题目提供的信息, O 点电势φO=k Q 3 3L +k Q 3 3L +k-Q 3 3L = 3kQL ,A正确; B.由对称性和电场强度的性质可知,点电荷B、C 在O 点产生电场的合场强方向沿DO 方向向上,在 D 点的合场强为零,点电荷A 在O 点和D 点的场强方向均沿DO 向上。因点电荷A 到O 点的距离 小于到D 点的距离,由点电荷周围电场强度表达式E=kQr2 及场强合成知识可知,O 点的场强大于D 点的场强,B错误; C.由于D 与点电荷A 所在位置的连线上各点的场强方向均为由D 指向A,故将正电荷沿OD 由O 点移到D 点时,电场力做负功,电势能增大,C错误; 高三物理参考答案 第5 页(共5页) D.点电荷A、B 为等量的异种点电荷,点电荷C 位于点电荷A、B 连线的中垂线上,则C 点电荷处的 场强方向与A、B 连线的中垂线垂直,即平行于AB 的连线,故点电荷C 受到的电场力方向平行于 AB 的连线,D正确。 10.【答案】 BD 【解析】 A.由题可知,粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径为R, 由qv0B=m v20 R 得,比荷q m= v0 BR ,A错误; B.粒子从N 点垂直电场进入第一象限,y方向有,R= 1 2 qE mt 2=12 v0 BRBv0t 2,解得t= 2Rv0 ,x 方向 有,xP=v0t=2R,B正确; C.vP= v20+q E mt 2 =3v0,C错误; D.粒子在磁场中运动的轨迹圆半径等于磁场圆半径R,由磁发散的规律可知,沿各个方向入射的粒 子从磁场圆的右半圆上所有点离开,且离开时速度均沿x轴正向,进入电场后沿x轴方向的最小距 离为0,即打在O 点。从M 点正上方离开的粒子在电场中的x轴方向的位移最大,此时2R=12 qE m t'2=12 v0 BRBv0t' 2,t'=2Rv0 ,xm=v0t'=2R,因此x正半轴上有粒子经过的范围长度为2R,D正确。 11.(6分) 【答案】 (1)2t0(2分) (2) gt20 π2 (2分) (3)测量重力加速度g时受到空气阻力或悬绳质量不能忽略等(答出一点即可,2分) 【解析】 (1)秋千摆动到最高点时,垂直手机平面方向的加速度(向心加速度)为0,根据题图乙可得 秋千摆动的周期为T=2t0; (2)根据单摆的周期公式有T=2π Lg ,可得L=g t20 π2 ; (3)单摆的周期公式有T=2π Lg 适用于理想单摆小角度的摆动,此实验中空气阻力、摆绳的质量 等会影响测量结果。 12.(10分) 【答案】 (1)C(2分) F(2分) (3)2.00(1分) 3(1分) (4)6(2分) 等于 (2分) 【解析】 (1)根据电压表的量程为3 V,内阻约为3 kΩ可知,电压表允许通过的最大电流约为 1 mA,故电流表选C,电池的电动势约为5 V,电流表的满偏电流为1 mA,可得电路中的最小电阻 约为5 kΩ,故滑动变阻器选F; (3)电压表的精确度为0.1 V,估读到下一位,为2.00 V,此时电流表指针偏转至满偏刻度的23 处,电 流为2 3mA ,故电压表的内阻RV= 2.00 V 2 3mA =3 kΩ; (4)根根闭合电路的欧姆定律,当闭合开关S1、S2 时,有E=I(R+RA+r),当断开开关S2 时,有E =23I (R+RA+r+RV),解得E=6 V,根据计算过程可知,电动势的测量值没有系统误差。