精品解析：2025年天津市和平区中考二模物理试题

天津市和平区2024—2025 学年度第二学期九年级第一次模拟考试物理试卷 一、单项选择题 1. 中国文化源远流长，乐器品类繁多，很多乐器经过代代相传，地域交换，发展出不同分类，但归根结底可分为打击乐器、吹奏乐器、弹弦乐器、击弦乐器、拉弦乐器和口簧乐器，针对以上乐器，下列说法错误的是（　　） A. 拉弦乐器和击弦乐器的发声体都是琴弦 B. 打击乐器如编钟，钟型越小，敲击时音调越高 C. 吹奏乐器如竖笛，用手按不同的音孔，是为调整音色 D. 在制作拨弦乐器时，弦的松紧程度和粗细都会影响音调 【答案】C 【解析】 【详解】A．一切声音都是发声体振动产生的，拉弦乐器和击弦乐器都是琴弦振动发声的，所以发声体都是琴弦，故A正确，不符合题意； B．打击乐器如编钟，钟型越小，敲击时音调越高，因为音调的高低与发声物体的振动频率有关，钟型越小，振动频率越大，则音调就越高，故B正确，不符合题意； C．吹奏乐器如竖笛，用手按不同的音孔，是为调整音调，因为音调的高低与发声物体的振动频率有关，用手按不同的音孔，空气柱的长度改变，则振动频率改变，所以音调改变，故C错误，符合题意； D．在制作拨弦乐器时，弦的松紧程度和粗细都会影响振动频率，所以都会影响音调，故D正确，不符合题意。 故选C。 2. 以下估测接近实际的是（　　） A. 中学生骑自行车的速度约为5km/h B. 苹果从树上落地重力做功约为4J C. 冬天洗澡水的温度约为70℃ D. 物理教师用的粉笔的长度约为10dm 【答案】B 【解析】 【详解】A．实际生活中，中学生骑自行车的速度通常在5m/s=18km/h。故A不符合题意； B．一般苹果质量约为200g（0.2kg），从树上落地高度为2m。 重力做功W=Gh=mgh=0.2kg×10N/kg×2m=4J 故B符合题意； C．人的正常体温约为37℃，人体适宜的洗澡水温度通常在40℃左右。 70℃的水温过高，容易导致烫伤，故C不符合题意； D．10dm=100cm=1m。实际粉笔长度通常在7-10cm之间，10dm明显过长。故D不符合题意。 故选B。 3. 如图所示的物理现象，说法正确的是（　　） A. 甲图中厨房蒸笼冒“白气”是汽化现象 B. 乙图中蜡烛燃烧流出的“烛泪”是液化现象 C. 丙图中寒冷的冬季玻璃上的“冰花”是凝固现象 D. 丁图中寒冷的冬季雪人逐渐变小是升华现象 【答案】D 【解析】 【详解】A．甲图中，厨房蒸笼冒“白气”是小水滴，是由空气中的水蒸气液化形成的，是液化现象，故A错误； B．乙图中，蜡烛燃烧流出的“烛泪”是蜡由固态变为液体的过程，是熔化现象，故B错误； C．丙图中，寒冷的冬季玻璃上的“冰花”是固态的小冰晶，是空气中的水蒸气直接变成了固态的小冰晶，是凝华现象，故C错误； D. 丁图中寒冷的冬季雪人逐渐变小，是固态的雪直接变成了水蒸气，是升华现象，故D正确。 故选D。 4. 一束光从空气斜射入水中，在水面发生反射和折射，下面哪一个光路图是正确的（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】A．一束光从空气斜射入水中，在水面发生反射和折射，遵循光的反射定律和折射定律，折射光线靠近法线偏折，故A正确； B．光从空气斜射入水中时，折射光线向远离法线方向偏折了，故B错误； C．反射光线的方向方向反了，故C错误； D．折射光线和入射光线位于法线同侧了，故D不正确。 故选A。 5. 关于图中现象的分析不正确的是（　　） A. 航天员舱外作业所穿宇航服内充有一定量的气体，是为了与人体内部压强相平衡 B. “覆杯实验”实验可以体现大气压的存在，若杯口朝向水平方向纸片也不会掉落 C. 人要在安全线外候车，因为火车高速经过时靠近轨道的一侧空气流速快、压强大 D. 船闸让船只平稳通过，利用了静止在连通器内的同种液体直接与大气接触的液面总是相齐平这一特点 【答案】C 【解析】 【详解】A．太空为真空，航天员舱外作业所穿宇航服内充有一定量的气体，是为了与人体内部压强相平衡，故A正确，不符合题意； B．大气在各个方向上都会产生压强，“覆杯实验”实验可以体现大气压的存在，若杯口朝向水平方向纸片也不会掉落，故B正确，不符合题意； C．人要在安全线外候车，是因为火车高速经过时靠近轨道的一侧空气流速快、压强小，人身后空气流速小、压强大，人容易被气压差压向火车，故C错误，符合题意； D．船闸主要是利用‌连通器的原理，连通器内盛有同种液体，并且不流动时，各容器内的液面是相平的，故D正确，不符合题意。 故选C。 6. 实验探究是学习物理的重要方式，关于下列实验说法不正确的是（　　） A. 甲图：用托盘天平测量物体质量时，发现指针偏左，可以向右调节平衡螺母 B. 乙图：若小车离开A点后才开始计时，则测出小车在AB段的平均速度偏大 C. 丙图：无论是否匀速拉动长木板B，弹簧测力计的示数始终等于木块A受到的摩擦力 D. 丁图：在液体压强实验中，U形管压强计管内换用密度更小的液体，实验现象会更明显 【答案】A 【解析】 【详解】A．用托盘天平测量物体质量时，发现指针偏左，可以增加砝码，或向右移动游码，不能调节平衡螺母，故A错误，符合题意； B．如果让小车过了A点后才开始计时，会导致时间的测量结果偏小，路程测量是准确的，由公式知，平均速度会偏大，故B正确，不符合题意； C．拉动木板过程中无论是否匀速，木块总处于静止状态，受力平衡，弹簧测力计的示数始终等于受到的摩擦力，故C正确，不符合题意； D．液体内部的压强根据U形管液面高度差来表示，根据p=ρgh可知，U形管压强计的管内换用密度更小的液体可以使U形管液面高度差变大，实验现象更明显，故D正确，不符合题意。 故选A。 7. 作图法可以让我们更加直观、方便地认识和研究物理问题。图5示意图正确的是（　　） A. 图甲：足球在水平草坪上向左滚动时的受力示意图 B. 图乙：动滑轮的杠杆示意图 C. 图丙：条形磁体周围的磁感线示意图 D. 图丁：使用羊角锤拔钉子时最小的动力和其力臂示意图 【答案】D 【解析】 【详解】A．足球在水平草坪上向左滚动时，在竖直方向上受重力和支持力，水平方向上受摩擦力，摩擦力方向水平向右，故A错误； B．图乙动滑轮的杠杆示意图，把图中的直径看做杠杆，支点在杠杆的左端，阻力臂应该是圆心左侧的半径，故B错误； C．磁体外部，磁感线的方向应该是从磁体的N极出来，回到S极，故C错误； D．使用羊角锤拔钉子时最小的动力，应该与最长的力臂相对应，图中的力臂最长，力最小，故D正确。 故选D。 8. 如图所示，在、两点间分别接入电阻和灯泡，可完成多个电学实验，实验中对应的滑动变阻器作用，下列描述正确的是（ ） A. 探究电流与电压的关系——控制、间阻值不变 B. 探究电流与电阻关系——改变、间电阻大小 C. 测量定值电阻阻值——改变、间电压大小 D. 测量小灯泡的电阻——控制、间电压不变 【答案】C 【解析】 【详解】A．探究电流与电压的关系，需要改变定值电阻两端电压，因此滑动变阻器的作用是改变、间电阻两端电压，故A错误； B．探究电流与电阻关系，需要保持定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器的作用是保持、间电阻两端电压不变，故B错误； C．测量定值电阻阻值，需要进行多次实验，即改变定值电阻两端电压，因此滑动变阻器的作用是改变、间电压大小，故C正确； D．测量小灯泡的电阻，需要改变灯泡两端电压，得到不同电压下灯泡的电阻，因此滑动变阻器的作用是改变、间电压大小，故D错误。 故选C。 9. 图中有关电与磁的描述，正确的是（　　） A. 甲图：根据安培定则，大拇指所指的那端为通电螺线管的N极 B. 乙图：电磁继电器利用电磁感应原理工作 C. 丙图：通电线圈在磁场中受力转动，是发电机的工作原理 D. 丁图：导体AB上下往复运动，电流表的指针会左右摆动 【答案】A 【解析】 【详解】A．安培定则用于判断通电螺线管的磁极方向：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极。 故A正确； B．电磁继电器的工作原理： 利用电磁铁的磁性控制电路的通断，属于电流的磁效应。 电磁感应原理是指闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，与电磁继电器无关。故B错误； C．图中有电源，闭合开关，通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理。 发电机的工作原理是电磁感应。故C错误； D．导体AB上下往复运动时，与磁感线方向一致，没有切割磁感线，不能产生感应电流，电流表的指针不会摆动。故D错误。 故选A。 10. 有一个铭牌模糊不清的定值电阻估计阻值约为500Ω左右，小明想利用实验室的器材测其阻值。提供的器材有两节干电池、学生电压表（量程为0-3V；0-15V）、学生电流表（量程为0-0.6A；0-3 A）、电阻箱R0（0-9999Ω、5A）和滑动变阻器（10Ω、1 A）各一个，开关、导线若干。下列四个设计方案中，能测出阻值的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】AB．阻值过大，电源电压较小，根据可知电路中电流会过小，电流表可能无法读数或者误差过大，AB选项中都用到电流表，所以不能测出阻值，故AB不符合题意； C．电压表始终测电源电压，示数不变，所以不能测出阻值，故C不符合题意； D．将电阻箱阻值调到较大的程度，闭合、时，电压表测电源电压，只闭合时，、串联，电压表测电压，根据串联分压原理列式可以得到阻值，故D符合题意。 故选D。 二、多项选择题 11. 小山在做探究凸透镜成像规律的实验过程中，某次实验操作时，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像。他把实验中得到的数据、观察结果和对应的应用整理在下表中，其中正确的是（　　） 选项 物体位置在光具座上的读数/cm 光屏位置在光具座上的读数/cm 像的性质 应用 A 20 65 倒立、缩小、实像 照相机 B 30 70 倒立、等大、实像 得到平行光 C 35 80 倒立、放大、实像 投影仪 D 45 90 正立、放大、虚像 放大镜 A. A B. B C. C D. D 【答案】AC 【解析】 【详解】A．根据表格中的数据可知，当物体位置在光具座上的读数为30cm，光屏位置在光具座上的读数为70cm时，烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像。可知此时物距等于像距，为20cm，则凸透镜的焦距为10cm，故当物体位置在光具座上的读数为20cm，光屏位置在光具座上的读数为65cm时，此时物距大于二倍焦距，物距大于像距，可知在光屏上恰好成清晰的倒立、缩小的实像，应用的是照相机，故A正确； B．当物体位置在光具座上的读数为30cm，即图中位置，此时物距大等于二倍焦距，可知在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像，像成在刻度为70cm处，但是得到的不是平行光，而不是会聚成像的光线，故B错误； C．当物体位置在光具座上的读数为35cm，光屏位置在光具座上的读数为80cm时，此时物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，可知在光屏上恰好成清晰的倒立、放大的实像，应用于投影仪，故C正确； D．物体在光具座上的45cm处时，，物距小于焦距成正立放大虚像，应用是放大镜，此时光屏上没有像，故D错误。 故选AC。 12. 建筑工地上，建筑工人利用小型的升降机来搬运水泥，如图所示。某次搬运过程中，工人在30s的时间内，将8袋水泥匀速提起6m，电动机牵引绳子的拉力F为2400N，每袋水泥质量为50kg。g取10N/kg，吊篮重力忽略不计，下面说法正确的是（　　） A. 甲图中滑轮组的机械效率为85% B. 甲图中拉力F做功的功率为960 W C. 若工人们想一次提升更多的水泥，把甲图中F的滑轮组换为乙图中的滑轮组（动滑轮、电动机不变），水泥上升的速度不变，要想保持拉力大小仍为2400N不变，则需要提高拉力的功率 D. 若乙滑轮组提升水泥的拉力为2400N不变，动滑轮的总重力为200 N，不计绳重和摩擦时，乙滑轮组一次能比甲滑轮组多提升3袋水泥 【答案】BC 【解析】 【详解】A．甲图中滑轮组做的有用功为 由两段绳子吊着动滑轮，拉力所做的总功为 甲图中滑轮组的机械效率为，故A错误； B．拉力F做功的功率为，故B正确； C．乙图中连接动滑轮绳子的股数为3股，提升水泥速度不变，则绳子末端移动的速度会变大，由可知，要想保持拉力大小仍为2400N不变，则需要提高拉力的功率，故C正确； D．乙滑轮组提升水泥的拉力为2400N不变，动滑轮的总重力为200N，根据可得，最大提升物体的重力为 则提升水泥的袋数为 不计绳重和摩擦时，甲滑轮组一次最多提升物体的重力为 甲滑轮组一次提升水泥的袋数为 因此用乙滑轮组一次能比甲滑轮组多提升5袋水泥，故D错误。 故选BC。 13. 如图所示的电路中，电源电压恒定为U，甲、乙可以是电压表或电流表，定值电阻R1和滑动变阻器R的最大阻值均为R0，闭合开关前，滑动变阻器位于最大阻值处。分析电路，下列说法不正确的是（　　） A. 若甲、乙均是电流表，闭合开关S和S2，滑片P向左滑动，电表乙示数变大 B. 只闭合开关S，滑片P向左滑动，电压表V1示数变化量与电流表示数变化量的乘积等于R1的功率变化量 C. 通过开关的断开闭合以及滑动变阻器的调节，电路的最小功率为 D. 闭合三个开关，四个电表均有示数，调节滑片P，电路中的最大电流为 【答案】ABD 【解析】 【详解】A．若甲乙均是电流表，闭合开关S和S2，电路为只有定值电阻R1的电路，变阻器被短路，移动滑片不会影响电路中的电流，故A错误，符合题意； B．只闭合开关S，据图可知，只有乙为电流表时，电路为通路，且变阻器R和定值电阻R1串联，电压表V1测定值电阻两端电压，电流表A1测电路中的电流。将滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据，电路的电流变大，由可知R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大。R1的功率变化量为 电压表V的示数变化量与电流表A示数变化量的乘积为 因为， 所以 即 所以电压表V1示数变化量与电流表示数变化量的乘积小于R1的功率变化量，故B错误，符合题意； C．根据，当电路中总电阻最大时，电路中的总功率最小。只闭合开关S，电路为变阻器R和定值电阻R1串联，且变阻器移至阻值最大处时，电路最大阻值为 电路的最小功率为 故C正确，不符合题意； D．闭合三个开关，若要四个电表均有示数，若乙为电流表，电源会短路，则乙为电压表；若甲为电压表，则电路处于开路，电流表A1没有示数，所以甲为电流表，此时电路为定值电阻R1和变阻器R并联，电流表A1测干路电流，由于不确定电流表的量程，无法确定电路的最大电流，故D错误，符合题意。 故选ABD。 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14. 如图所示是小明体检检查视力时的情境，他背对视力表、面朝平面镜而坐，为了满足测试者与视力表保持5m的距离这一要求，可以在图示状态下仅将平面镜向______（选填“左”或“右”）移动_____m。 【答案】 ①. 右 ②. 0.25 【解析】 【详解】[1]小明是通过看平面镜中视力表的像来检查视力的。由图可知，视力表与平面镜的距离为3m，根据平面镜成像规律可知，视力表的像距平面镜3m，此时小明与平面镜的距离为3m-0.5m=2.5m，小明与平面镜中的像的距离为2.5m+3m=5.5m，大于要求距离5m，所以应减小小明与平面镜中的像的距离，故平面镜应向右移动。 [2]设平面镜向右移动的距离为d，此时视力表与平面镜的距离为3m-d，则视力表的像与视力表之间的距离为2×(3m-d)， 为了满足测试者与视力表保持5m的距离这一要求，需满足2×(3m-d)=5m+0.5m，解得d=0.25m。 15. 如图所示为家庭电路中的某一部分，测电笔接触______线时，氖管会发光；电路中发生了故障，电工师傅按下面的顺序进行检测：①只闭合S1，灯L1亮；②断开S1，闭合S2，灯L2不亮；③再用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氖管不发光，若电路中只有一处故障，则是_______。（选填“ab间断路”、“cd间断路”或“c点前零线断路”） 【答案】 ①. 火 ②. cd间断路 【解析】 【详解】[1]测电笔的氖管发光表明笔尖接触的是火线。当测电笔的金属探头接触火线时，电流通过人体，氖管和电阻形成通路，使氖管发光。 [2]由图可知，灯泡L1与L2并联，开关S1控制L1，开关S2控制L2。步骤①：只闭合S1，灯L1亮。 说明从火线→a→S1→L1→c→零线的路径是通路；步骤②：断开S1，闭合S2，灯L2不亮。 说明L2所在支路存在断路； 步骤③：用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有c点氖管不发光。 a、b点氖管发光，说明a、b点与火线连接正常。 d点氖管发光，说明d点通过L2与火线间接相连，因为L2不亮，但d点仍能测到火线电压，说明断路故障在d点之后。因此电路故障为cd间断路。 16. 如图所示是小刚做俯卧撑时的情景，小刚的质量为50kg，他的重心可视为点A，脚到重心的水平距离为0.9m，手到重心的水平距离为0.6m。小刚受到的重力是_______N，地面对小刚双手的支持力是_______N。 【答案】 ①. 500 ②. 300 【解析】 【详解】[1]小刚受到的重力 G=mg=50kg×10N/kg=500N [2]由图示可知，地面对手的支持力的力臂 l=0.9m+0.6m=1.5m 由杠杆平衡条件得Fl=GlG F×1.5m=500N×0.9m 解得F=300N。 17. 某人用200N的水平推力，在0.5min内，将重400N的物体沿水平面向前推动15m，重力对物体做的功是______J，人对物体做功的功率是______W。 【答案】 ①. 0 ②. 100 【解析】 【详解】[1]根据题意物体移动的方向与重力的方向垂直，因此重力对物体并没有做功，即做功为0。 [2]人的推力对物体做的功为 人对物体做功的功率为 18. 南宋诗人陆游在《老学庵笔记》说：“书灯勿用铜盏，惟瓷盏最省油。蜀中有夹瓷盏，注水于唇窍中，可省油之半。”如图甲所示是省油灯，瓷盏比铜盏省油是因为c陶瓷>c铜，从相同大小的火焰吸收相同的热量，________（选填“陶瓷”或“铜”）升高的温度比较小，从而使盏和油的温度不会太高；图乙中a是______（选填“陶瓷”或“铜”）的关系图。 【答案】 ①. 陶瓷 ②. 铜 【解析】 【详解】[1]比热容是物质的一种物理性质，表示单位质量的物质温度升高1℃所吸收的热量。在其它条件相同时，比热容越大，吸收相同热量温度升高越小。题中c陶瓷>c铜，说明陶瓷的比热容大于铜。省油灯通过在瓷盏下方夹层注水，利用水的比热容较大（c水>c陶瓷>c铜）来吸收热量，从而降低油的温度。由于陶瓷的比热容大于铜，从相同大小的火焰吸收相同的热量时，陶瓷升高的温度比铜小。瓷盏能更好地保持较低的温度，减少油的蒸发，因此瓷盏比铜盏更省油。 [2]由乙图可知，在其他条件相同时，加热相同时间，a的温度升高的比b快，说明a的比热容比b小。由于陶瓷的比热容大于铜，a应代表铜的关系图。 19. 某天化学老师拿出了一瓶浸泡着钠块的煤油，想知晓里面剩余钠的质量，但由于钠易与空气发生化学反应而变质，因此不能将其随意拿出称量。小明找来了一个相同的密封瓶倒入煤油，如图，两瓶液面相平，测得其总质量分别为m1、m2，已知煤油和钠的密度分别为ρ1、ρ2，则瓶中金属钠的质量m钠=____________。若在称量过程中m2测量值偏大，则计算出的m钠______（选填“偏大”、“偏小”或“无法确认”）。 【答案】 ①. ②. 偏小 【解析】 【详解】[1]两瓶液面相平，说明体积相同，即V1=V2。设瓶的质量为m瓶，钠的质量为m钠，由密度公式得 解得。 [2]由上式可知，密度一定， m钠与m1−m2成正比。若在称量过程中m2测量值偏大，则 m1−m2偏小，因此m钠会偏小。 四、综合题 20. 图中，图甲是一款电养生壶，图乙是其内部简化电路，定值电阻R1、R2中只有R1为加热管，有加热和保温两个挡位。若家庭电路中仅有该壶工作，使质量为0.5kg、初温为10℃的水，温度升高到70℃共用时3min，如图丙所示的电能表指示灯闪烁了60次，已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，求： （1）加热挡时，开关S闭合、开关S1________（选填“断开”或“闭合”）； （2）此过程中水吸收的热量； （3）该壶的加热效率。 【答案】（1）闭合 （2）1.26×105J （3）70% 【解析】 【小问1详解】 由题干知，电养生壶有加热和保温两个挡位，且只有R1为加热管。 加热时需要更大的功率，由可知，需要增大通过R1的电流。 保温时需要较小的功率，因此需要减小通过R1的电流。 结合图乙：当开关S闭合、S1闭合时，R2被短路，只有R1工作，此时为加热挡。 当开关S闭合、S1断开时，R1和R2串联，此时为保温挡。 【小问2详解】 水吸收的热量 【小问3详解】 电能表指示灯闪烁60次，电养生壶消耗的电能 该壶的加热效率 21. “物理达人”社团的同学们测量泉水的密度。 （1）实验步骤如下： ①将一台可以正常使用的天平放在水平桌面上，指针如图甲所示，向左调节平衡螺母，但始终未能将天平调平衡，原因是_________ ②将空烧杯放在调好的天平上，测出其质量为42g。 ③在烧杯中倒入适量的泉水，将其放在天平的左盘，右盘添加砝码并移动游码，直至天平平衡，所用砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则烧杯和泉水的总质量为________。 ④将烧杯中的泉水倒入量筒，测出泉水的体积为20mL，由上述实验数据计算出泉水的密度。 （2）实验评估时，小明认为烧杯中的泉水倒入量筒时有残留，会使密度测量结果____________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”），所以步骤④不需要将泉水倒入量筒，直接在烧杯上读出泉水体积即可。但小丽同学认为这样测量不正确，主要原因是____________ （3）小白同学开拓思路，想用量筒、天平、细线、细针、铁块、矿泉水瓶和足够的水等器材测出一块不规则蜡块的体积，下图中四种方案可行的是_________。 A. 将蜡块轻放入体积为V1的水中，静止时水面对应的刻度为V2，则蜡块的体积V=V2-V1 B. 铁块放入水中后总体积为V1；蜡块和铁块绑好投入水中总体积为V2，则蜡块的体积V=V2-V1 C. 取体积为V1的水，用细针将蜡块完全压入水中后总体积为V2，则蜡块的体积V=V2-V1 D. 用天平测出盛满水的盖紧瓶盖的矿泉水瓶及蜡块的总质量为m1；蜡块轻放入矿泉水瓶，再次拧紧瓶盖，擦干瓶身，测出此时的总质量m2，则蜡块的体积 【答案】（1） ①. 游码未调到标尺左端的零刻线处 ②. 62.4g （2） ①. 偏大 ②. 测量液体的体积误差太大 （3）BCD 【解析】 【小问1详解】 ①指针偏向分度盘的右侧，说明左侧高，应向左调节平衡螺母；但始终未能将天平调平衡，说明游码未移到称量标尺左端的零刻度线上，相当于在右盘中加了砝码。 ③如图乙，此时天平上所有砝码的质量是50g+10g=60g，游码所对应的标尺的示数是2.4g，所以烧杯和泉水的总质量是60g+2.4g=62.4g。 【小问2详解】 [1]如果泉水有残余，会使得测得的体积偏小，根据可得，最终密度偏大。 [2]烧杯的刻度线间距较大，分度值较大，用烧杯测量泉水的体积误差太大，所以直接在烧杯上读出泉水体积不正确。 【小问3详解】 A．由于蜡块的密度小于水的密度，将蜡块轻放入水中后，蜡块会漂浮在水面上，这样排开水的体积并不等于蜡块的体积，故A不符合题意。 B．铁块放入水中后，由于铁块的密度大于水的密度，铁块会沉入水底，此时总体积为V1；当蜡块和铁块绑好后一起投入水中，蜡块完全浸没在水中，蜡块排开的水的体积就等于蜡块的体积，此时总体积为V2，则蜡块的体积V=V2-V1，故B符合题意； C．先取体积为V1的水，由于蜡块会漂浮在水面上，可以用细针将蜡块完全压入水中，蜡块排开的水的体积就等于蜡块的体积，此时总体积为V2，则蜡块的体积V=V2-V1，故C符合题意； D．用天平测出盛满水的矿泉水瓶及蜡块的总质量为m1，蜡块轻放入矿泉水瓶，拧紧瓶盖，擦干瓶身，测出此时的总质量m2，则被蜡块排开水的质量为m2-m1，又因为排开水的体积等于蜡块的体积，所以蜡块的体积为，故D符合题意。 故选BCD。 22. 在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中： （1）如图，小海在研究“物体的动能与哪些因素有关”时，将质量为m的小钢球从斜槽的某一高度h处由静止释放，钢球运动到水平面时，将水平面上静止的木块撞出一段距离s。 小海的部分实验数据和现象记录如表： 实验次数 1 2 3 钢球质量m/g 20 20 20 钢球下落高度h/m 20 40 60 木块移动距离s 近 较远 远 ①上述3次实验中，钢球滑到斜槽底端时动能的大小是通过_______________判断的； ②上述实验数据可得结论：_________________； （2）小明设计了如下图所示的实验方案。 ①小明的实验方案无法探究动能大小与_____________的关系； ②小明完成甲图实验后，在做乙图实验时发现木块被撞后滑出木板掉落，为防止因此造成的木块损坏，在不改变木板长度的情况下，改进乙图实验再与甲图实验对比，以下方法中不可行的是______。 A．换用一个较重的木块 B．适当降低小车的高度 C．给水平木板铺上毛巾 D．换用质量更小的小车 （3）下列实例中，采用了相同科学研究方法的是______。 ①探究光的传播时，用光线表示光传播的径迹和方向 ②探究电流的热效应时，用U形管两侧液面的高度差反映电阻产生热量的多少 ③探究磁体周围的磁场时，用多个小磁针静止时N极的指向感知磁场的方向 ④探究影响导体电阻大小的因素时，用电流表的示数反映电阻的大小 【答案】（1） ①. 木块移动的距离 ②. 物体的质量一定时，运动的速度越大，动能越大 （2） ①. 质量 ②. ACD （3）②③④ 【解析】 【小问1详解】 [1]动能的大小是无法直接观察获得，实验中是通过钢球推动木块移动的距离来判断的，木块移动距离越远，小车动能越大，这是转换法的应用。 [2]由表格数据可知，钢球的质量相等，下落高度越高，滑到斜面底端获得的速度越大，推动木块运动的距离越远，说明钢球动能越大。故通过上述实验数据可得结论：质量一定时，物体运动的速度越大，动能越大。 【小问2详解】 [1]由图可知，甲、乙小车质量相同，高度不同，故可探究动能与速度的关系；要想探究动能与质量的关系，需要控制速度相同，改变质量，由图可知，都不符合，故不能探究动能与质量的关系。 [2]对比甲、乙两图实验，让小车从不同的高度滑下，是为了使小车到达水平面时具有不同的初速度，是为了验证物体动能与速度的关系。在做乙图实验时发现木块被撞后滑出木板掉落，说明小车具有的动能过大，应适当减小小车具有的动能。 A．换用一个较重的木块，不能通过移动距离反映动能大小，故A符合题意； B．适当降低小车的高度，小车的动能减小，撞击后木块前进的距离变小，就不会掉落了，故B不符合题意； C．给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，没有控制变量，故C符合题意； D．换用质量更小的小车，小车的质量和速度均不同，没有控制变量，故D符合题意。 故选ACD。 【小问3详解】 ①探究光的传播时，为了描述光的传播，引入了光线的概念来表示光传播的径迹和方向，光线在自然界中是不存在的，采用了模型法； ②探究电流的热效应时，电阻产生的热量是无法直接观察获得，是通过U形管两侧液面的高度差反映电阻产生热量的多少的，采用的是转换法； ③磁场看不见、摸不着，探究磁体周围的磁场时，通过多个小磁针静止时N极的指向感知磁场的方向，采用的是转换法； ④电阻的大小无法直接观察获得，探究影响导体电阻大小的因素时，是通过电流表的示数反映电阻的大小，采用的是转换法。 故采用了相同科学研究方法的是②③④。 23. 如图，电源两端电压为9V且保持不变，定值电阻R1阻值为18Ω，灯泡L标有“6V 3W”的字样。滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω。（不考虑温度对灯泡电阻的影响） （1）当开关S、S1、S2都闭合，将滑动变阻器的滑片P移到最右端时，求电流表的示数。 （2）当开关S闭合，S1、S2断开，当滑动变阻器R2接入电路的电阻为18Ω时，求小灯泡的实际功率。 【答案】（1）0.8A （2）1.08W 【解析】 【小问1详解】 当开关S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，小灯泡L被短路，电流表测干路电流。通过R1的电流为 滑动变阻器R2的滑片P移到最右端时，接入的电阻为30Ω，则通过R2的电流为 根据并联电路电流特点可得，电流表的示数即干路电流为I=I1+I2=0.5A+0.3A=0.8A 【小问2详解】 灯泡L标有“6V 3 W”的字样，所以灯泡的电阻为 开关S闭合，S1、S2断开时，滑动变阻器R2和灯泡L串联，当滑动变阻器R2接入电路的电阻为18Ω时，电路中的总电阻为R总=RL+R2=12Ω+18Ω=30Ω 电路中的电流为 灯泡的实际功率P实=I′2RL=(0.3A)2×12Ω=1.08W 24. 实验室中现有一个电压约为9V的电源（电压保持不变），一个量程为0~3V的电压表，一个量程为0~0.6A的电流表，四个阻值已知的定值电阻R1（3Ω）、R2（500Ω）、R3（900Ω）、R4（18kΩ），两个滑动变阻器RA（0~1kΩ）和RB（0~3kΩ），开关和导线若干。请你帮助小明合理选择器材设计实验（四个定值电阻只能选用其中一个），精确测量约为300Ω的未知电阻的阻值。为了减小测量误差，要求电表读数在量程的三分之二以上。要求： （1）画出实验电路图；（电路不可重新组合） （2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出待测电阻的数学表达式（用已知量和测量量的字母表示）。 【答案】（1） （2）实验步骤：①断开开关，按电路图连接电路，将滑动变阻器的阻值调到最大值；②闭合开关S、，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数接近满偏，读出电压表的示数为；③保持滑片的位置不动，只闭合开关S、，读出电压表的示数为。 （3） 【解析】 【小问1详解】 可以采用单个电压表根据串联分压原理测出未知电阻的阻值，因为电压表量程为0~3V，电源电压约为9V，所以要选择一个滑动变阻器分压，未知电阻的阻值约为，为了减小测量误差，要求电表读数在量程的三分之二以上，则选用的定值电阻阻值需要大于或小于，为分压明显，选用的定值电阻阻值不能太小或者太大，所以选用的定值电阻为。所以则有 解得，所以变阻器的最大阻值至少为，所以变阻器选择。设计电路图如下： 【小问2详解】 略。 【小问3详解】 ②闭合开关S、，滑动变阻器、、串联，电压表测、的总电压，示数为；③保持滑片的位置不动，只闭合开关S、，连接方式不变，电压表改测电压，示数为。根据串联电压规律，电压为，根据串联分压原理则有 解得待测电阻。 25. 小明同学在网上看到一则消息：某工厂的圆柱形水泥窖内有一口笨重的圆柱形大缸（空缸），缸重千牛以上，直径比窖略小。现需将大缸转动一个方位，有人想出一个妙法，端来一盆水，倒入窖与缸的空隙中使缸浮起，实现了“盆水举缸”，轻而易举地解决了问题。 小明同学想判断“一盆水能够浮起质量比它大的缸”这则消息的真伪，进行了如下探究： 【实验探究】 小明准备了如下器材：托盘天平、内径相差不大的大小两支试管、沙、水及烧杯，请你设计一个实验帮助小明解除困惑。请写出实验方案。__________ 【理论探究】 第一步：建立模型 将缸和窖看成圆柱形物体（密度小于水的密度）和薄壁容器，放在水平桌面上进行研究，如下图所示； 第二步：理论推导 若已知缸底直径为d，能实现“盆水举缸”，窖底直径D应满足的条件是什么？请你写出推导过程。____________温馨提示：推导过程中需要的物理量请提前设定（可在图中标出） 【实际应用】 若窖底直径是缸底直径的1.02倍，则使缸刚好浮起时倒入水的质量是缸质量的____________%。 【拓展研究】 小明利用模型进一步研究：在薄壁容器内继续注入适量的水，物块静止时如下图所示。如果将露出水面的部分切去，待剩余部分再次静止后，水对容器底部的压强的变化量为Δp水，容器对水平桌面的压强的变化量为Δp桌，则Δp水:p桌=____ 【答案】 ①. 实验步骤：①用天平和烧杯称出适量的质量为m1的水，倒入大试管中。②取适量的沙装入小试管中，用天平称其总质量m2，使得m2>m1。③将盛有沙的小试管放入大试管中，观察小试管是否漂浮。若小试管不漂浮，应在保证m2>m1的条件下，调节水及沙的多少，使小试管漂浮在大试管中。实验结论：小试管漂浮在大试管中所受浮力F=m2g>m1g这就说明了质量较小的一盆水能够浮起质量较大的缸。 ②. ， ③. 4.04 ④. 1∶1 【解析】 【详解】[1]实验步骤：①用天平和烧杯称出适量的质量为m1的水，倒入大试管中。 ②取适量的沙装入小试管中，用天平称其总质量m2，使得m2>m1。 ③将盛有沙的小试管放入大试管中，观察小试管是否漂浮。若小试管不漂浮，应在保证m2>m1的条件下，调节水及沙的多少，使小试管漂浮在大试管中。 实验结论：小试管漂浮在大试管中所受浮力F=m2g>m1g 这就说明了质量较小的一盆水能够浮起质量较大的缸。 [2]物体刚好漂浮 物理模型及符号设定：缸视为底面积为S缸、底直径为d、密度小于水的圆柱体，质量为M；薄壁窖视为底面积为S窖、底直径为D；缸要恰能离开窖底时，水对缸底的向上压力(即浮力)应等于缸重Mg；设水密度为ρ，倒入环形空隙中水的高度为h。 推导过程：缸刚好浮起时 则有 此时倒入水的质量m水为 代入h得 若， 则 要“用较小质量的水浮起更重的缸”，需 即 则有 解得。也就是说，窖的直径D不能过大（满足）时，就可出现用少量水(质量小于缸本身)顶起缸的情形。 [3]若窖底直径是缸底直径的1.02倍，即D = 1.02 d，则使缸刚好浮起时，所需水的质量占缸质量的百分比 即约4.04%。 [4]当再往容器中注水、物块漂浮后，若将物块露出水面的部分切去（使物体减轻），它所需排开（水下部分）的体积将减小，受到的浮力减小，水面因而下降，容器底部受到的压力变化量等于物块所受浮力变化量。即 因为物块漂浮，浮力等于自身重力，则浮力的变化量等于 自身重力变化量，假设切去部分质量为，则有 故水对容器底部的压强的变化量为 容器对桌面的压力大小等于“容器+水+物体”对桌面的总重力之，此时因为物体被切去一部分，其质量减少，总重力减小，即压力减小，容器对水平桌面的压力变化量为 则容器对水平桌面的压强的变化量 故 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 天津市和平区2024—2025 学年度第二学期九年级第一次模拟考试物理试卷 一、单项选择题 1. 中国文化源远流长，乐器品类繁多，很多乐器经过代代相传，地域交换，发展出不同分类，但归根结底可分为打击乐器、吹奏乐器、弹弦乐器、击弦乐器、拉弦乐器和口簧乐器，针对以上乐器，下列说法错误的是（　　） A. 拉弦乐器和击弦乐器的发声体都是琴弦 B. 打击乐器如编钟，钟型越小，敲击时音调越高 C. 吹奏乐器如竖笛，用手按不同的音孔，是为调整音色 D. 在制作拨弦乐器时，弦的松紧程度和粗细都会影响音调 2. 以下估测接近实际的是（　　） A. 中学生骑自行车的速度约为5km/h B. 苹果从树上落地重力做功约为4J C. 冬天洗澡水的温度约为70℃ D. 物理教师用的粉笔的长度约为10dm 3. 如图所示的物理现象，说法正确的是（　　） A. 甲图中厨房蒸笼冒“白气”是汽化现象 B. 乙图中蜡烛燃烧流出的“烛泪”是液化现象 C. 丙图中寒冷的冬季玻璃上的“冰花”是凝固现象 D. 丁图中寒冷的冬季雪人逐渐变小是升华现象 4. 一束光从空气斜射入水中，在水面发生反射和折射，下面哪一个光路图是正确的（ ） A. B. C. D. 5. 关于图中现象的分析不正确的是（　　） A. 航天员舱外作业所穿宇航服内充有一定量的气体，是为了与人体内部压强相平衡 B. “覆杯实验”实验可以体现大气压的存在，若杯口朝向水平方向纸片也不会掉落 C. 人要在安全线外候车，因为火车高速经过时靠近轨道的一侧空气流速快、压强大 D. 船闸让船只平稳通过，利用了静止在连通器内的同种液体直接与大气接触的液面总是相齐平这一特点 6. 实验探究是学习物理的重要方式，关于下列实验说法不正确的是（　　） A. 甲图：用托盘天平测量物体质量时，发现指针偏左，可以向右调节平衡螺母 B. 乙图：若小车离开A点后才开始计时，则测出小车在AB段的平均速度偏大 C. 丙图：无论是否匀速拉动长木板B，弹簧测力计的示数始终等于木块A受到的摩擦力 D. 丁图：在液体压强实验中，U形管压强计管内换用密度更小的液体，实验现象会更明显 7. 作图法可以让我们更加直观、方便地认识和研究物理问题。图5示意图正确的是（　　） A. 图甲：足球在水平草坪上向左滚动时的受力示意图 B. 图乙：动滑轮的杠杆示意图 C. 图丙：条形磁体周围的磁感线示意图 D. 图丁：使用羊角锤拔钉子时最小的动力和其力臂示意图 8. 如图所示，在、两点间分别接入电阻和灯泡，可完成多个电学实验，实验中对应的滑动变阻器作用，下列描述正确的是（ ） A. 探究电流与电压的关系——控制、间阻值不变 B. 探究电流与电阻关系——改变、间电阻大小 C. 测量定值电阻阻值——改变、间电压大小 D. 测量小灯泡的电阻——控制、间电压不变 9. 图中有关电与磁的描述，正确的是（　　） A. 甲图：根据安培定则，大拇指所指的那端为通电螺线管的N极 B. 乙图：电磁继电器利用电磁感应原理工作 C. 丙图：通电线圈在磁场中受力转动，是发电机的工作原理 D. 丁图：导体AB上下往复运动，电流表的指针会左右摆动 10. 有一个铭牌模糊不清的定值电阻估计阻值约为500Ω左右，小明想利用实验室的器材测其阻值。提供的器材有两节干电池、学生电压表（量程为0-3V；0-15V）、学生电流表（量程为0-0.6A；0-3 A）、电阻箱R0（0-9999Ω、5A）和滑动变阻器（10Ω、1 A）各一个，开关、导线若干。下列四个设计方案中，能测出阻值的是（　　） A. B. C. D. 二、多项选择题 11. 小山在做探究凸透镜成像规律的实验过程中，某次实验操作时，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像。他把实验中得到的数据、观察结果和对应的应用整理在下表中，其中正确的是（　　） 选项 物体位置在光具座上的读数/cm 光屏位置在光具座上的读数/cm 像的性质 应用 A 20 65 倒立、缩小、实像 照相机 B 30 70 倒立、等大、实像 得到平行光 C 35 80 倒立、放大、实像 投影仪 D 45 90 正立、放大、虚像 放大镜 A. A B. B C. C D. D 12. 建筑工地上，建筑工人利用小型的升降机来搬运水泥，如图所示。某次搬运过程中，工人在30s的时间内，将8袋水泥匀速提起6m，电动机牵引绳子的拉力F为2400N，每袋水泥质量为50kg。g取10N/kg，吊篮重力忽略不计，下面说法正确的是（　　） A. 甲图中滑轮组的机械效率为85% B. 甲图中拉力F做功的功率为960 W C. 若工人们想一次提升更多的水泥，把甲图中F的滑轮组换为乙图中的滑轮组（动滑轮、电动机不变），水泥上升的速度不变，要想保持拉力大小仍为2400N不变，则需要提高拉力的功率 D. 若乙滑轮组提升水泥的拉力为2400N不变，动滑轮的总重力为200 N，不计绳重和摩擦时，乙滑轮组一次能比甲滑轮组多提升3袋水泥 13. 如图所示的电路中，电源电压恒定为U，甲、乙可以是电压表或电流表，定值电阻R1和滑动变阻器R的最大阻值均为R0，闭合开关前，滑动变阻器位于最大阻值处。分析电路，下列说法不正确的是（　　） A. 若甲、乙均是电流表，闭合开关S和S2，滑片P向左滑动，电表乙示数变大 B. 只闭合开关S，滑片P向左滑动，电压表V1示数变化量与电流表示数变化量的乘积等于R1的功率变化量 C. 通过开关的断开闭合以及滑动变阻器的调节，电路的最小功率为 D. 闭合三个开关，四个电表均有示数，调节滑片P，电路中的最大电流为 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14. 如图所示是小明体检检查视力时的情境，他背对视力表、面朝平面镜而坐，为了满足测试者与视力表保持5m的距离这一要求，可以在图示状态下仅将平面镜向______（选填“左”或“右”）移动_____m。 15. 如图所示为家庭电路中的某一部分，测电笔接触______线时，氖管会发光；电路中发生了故障，电工师傅按下面的顺序进行检测：①只闭合S1，灯L1亮；②断开S1，闭合S2，灯L2不亮；③再用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氖管不发光，若电路中只有一处故障，则是_______。（选填“ab间断路”、“cd间断路”或“c点前零线断路”） 16. 如图所示是小刚做俯卧撑时的情景，小刚的质量为50kg，他的重心可视为点A，脚到重心的水平距离为0.9m，手到重心的水平距离为0.6m。小刚受到的重力是_______N，地面对小刚双手的支持力是_______N。 17. 某人用200N的水平推力，在0.5min内，将重400N的物体沿水平面向前推动15m，重力对物体做的功是______J，人对物体做功的功率是______W。 18. 南宋诗人陆游在《老学庵笔记》说：“书灯勿用铜盏，惟瓷盏最省油。蜀中有夹瓷盏，注水于唇窍中，可省油之半。”如图甲所示是省油灯，瓷盏比铜盏省油是因为c陶瓷>c铜，从相同大小的火焰吸收相同的热量，________（选填“陶瓷”或“铜”）升高的温度比较小，从而使盏和油的温度不会太高；图乙中a是______（选填“陶瓷”或“铜”）的关系图。 19. 某天化学老师拿出了一瓶浸泡着钠块的煤油，想知晓里面剩余钠的质量，但由于钠易与空气发生化学反应而变质，因此不能将其随意拿出称量。小明找来了一个相同的密封瓶倒入煤油，如图，两瓶液面相平，测得其总质量分别为m1、m2，已知煤油和钠的密度分别为ρ1、ρ2，则瓶中金属钠的质量m钠=____________。若在称量过程中m2测量值偏大，则计算出的m钠______（选填“偏大”、“偏小”或“无法确认”）。 四、综合题 20. 图中，图甲是一款电养生壶，图乙是其内部简化电路，定值电阻R1、R2中只有R1为加热管，有加热和保温两个挡位。若家庭电路中仅有该壶工作，使质量为0.5kg、初温为10℃的水，温度升高到70℃共用时3min，如图丙所示的电能表指示灯闪烁了60次，已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，求： （1）加热挡时，开关S闭合、开关S1________（选填“断开”或“闭合”）； （2）此过程中水吸收的热量； （3）该壶的加热效率。 21. “物理达人”社团的同学们测量泉水的密度。 （1）实验步骤如下： ①将一台可以正常使用的天平放在水平桌面上，指针如图甲所示，向左调节平衡螺母，但始终未能将天平调平衡，原因是_________ ②将空烧杯放在调好的天平上，测出其质量为42g。 ③在烧杯中倒入适量的泉水，将其放在天平的左盘，右盘添加砝码并移动游码，直至天平平衡，所用砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则烧杯和泉水的总质量为________。 ④将烧杯中的泉水倒入量筒，测出泉水的体积为20mL，由上述实验数据计算出泉水的密度。 （2）实验评估时，小明认为烧杯中的泉水倒入量筒时有残留，会使密度测量结果____________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”），所以步骤④不需要将泉水倒入量筒，直接在烧杯上读出泉水体积即可。但小丽同学认为这样测量不正确，主要原因是____________ （3）小白同学开拓思路，想用量筒、天平、细线、细针、铁块、矿泉水瓶和足够的水等器材测出一块不规则蜡块的体积，下图中四种方案可行的是_________。 A. 将蜡块轻放入体积为V1的水中，静止时水面对应的刻度为V2，则蜡块的体积V=V2-V1 B. 铁块放入水中后总体积为V1；蜡块和铁块绑好投入水中总体积为V2，则蜡块的体积V=V2-V1 C. 取体积为V1的水，用细针将蜡块完全压入水中后总体积为V2，则蜡块的体积V=V2-V1 D. 用天平测出盛满水的盖紧瓶盖的矿泉水瓶及蜡块的总质量为m1；蜡块轻放入矿泉水瓶，再次拧紧瓶盖，擦干瓶身，测出此时的总质量m2，则蜡块的体积 22. 在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中： （1）如图，小海在研究“物体的动能与哪些因素有关”时，将质量为m的小钢球从斜槽的某一高度h处由静止释放，钢球运动到水平面时，将水平面上静止的木块撞出一段距离s。 小海的部分实验数据和现象记录如表： 实验次数 1 2 3 钢球质量m/g 20 20 20 钢球下落高度h/m 20 40 60 木块移动距离s 近 较远 远 ①上述3次实验中，钢球滑到斜槽底端时动能的大小是通过_______________判断的； ②上述实验数据可得结论：_________________； （2）小明设计了如下图所示的实验方案。 ①小明的实验方案无法探究动能大小与_____________的关系； ②小明完成甲图实验后，在做乙图实验时发现木块被撞后滑出木板掉落，为防止因此造成的木块损坏，在不改变木板长度的情况下，改进乙图实验再与甲图实验对比，以下方法中不可行的是______。 A．换用一个较重的木块 B．适当降低小车的高度 C．给水平木板铺上毛巾 D．换用质量更小的小车 （3）下列实例中，采用了相同科学研究方法的是______。 ①探究光的传播时，用光线表示光传播的径迹和方向 ②探究电流的热效应时，用U形管两侧液面的高度差反映电阻产生热量的多少 ③探究磁体周围的磁场时，用多个小磁针静止时N极的指向感知磁场的方向 ④探究影响导体电阻大小的因素时，用电流表的示数反映电阻的大小 23. 如图，电源两端电压为9V且保持不变，定值电阻R1阻值为18Ω，灯泡L标有“6V 3W”的字样。滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω。（不考虑温度对灯泡电阻的影响） （1）当开关S、S1、S2都闭合，将滑动变阻器的滑片P移到最右端时，求电流表的示数。 （2）当开关S闭合，S1、S2断开，当滑动变阻器R2接入电路的电阻为18Ω时，求小灯泡的实际功率。 24. 实验室中现有一个电压约为9V的电源（电压保持不变），一个量程为0~3V的电压表，一个量程为0~0.6A的电流表，四个阻值已知的定值电阻R1（3Ω）、R2（500Ω）、R3（900Ω）、R4（18kΩ），两个滑动变阻器RA（0~1kΩ）和RB（0~3kΩ），开关和导线若干。请你帮助小明合理选择器材设计实验（四个定值电阻只能选用其中一个），精确测量约为300Ω的未知电阻的阻值。为了减小测量误差，要求电表读数在量程的三分之二以上。要求： （1）画出实验电路图；（电路不可重新组合） （2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出待测电阻的数学表达式（用已知量和测量量的字母表示）。 25. 小明同学在网上看到一则消息：某工厂的圆柱形水泥窖内有一口笨重的圆柱形大缸（空缸），缸重千牛以上，直径比窖略小。现需将大缸转动一个方位，有人想出一个妙法，端来一盆水，倒入窖与缸的空隙中使缸浮起，实现了“盆水举缸”，轻而易举地解决了问题。 小明同学想判断“一盆水能够浮起质量比它大的缸”这则消息的真伪，进行了如下探究： 【实验探究】 小明准备了如下器材：托盘天平、内径相差不大的大小两支试管、沙、水及烧杯，请你设计一个实验帮助小明解除困惑。请写出实验方案。__________ 【理论探究】 第一步：建立模型 将缸和窖看成圆柱形物体（密度小于水的密度）和薄壁容器，放在水平桌面上进行研究，如下图所示； 第二步：理论推导 若已知缸底直径为d，能实现“盆水举缸”，窖底直径D应满足的条件是什么？请你写出推导过程。____________温馨提示：推导过程中需要的物理量请提前设定（可在图中标出） 【实际应用】 若窖底直径是缸底直径的1.02倍，则使缸刚好浮起时倒入水的质量是缸质量的____________%。 【拓展研究】 小明利用模型进一步研究：在薄壁容器内继续注入适量的水，物块静止时如下图所示。如果将露出水面的部分切去，待剩余部分再次静止后，水对容器底部的压强的变化量为Δp水，容器对水平桌面的压强的变化量为Δp桌，则Δp水:p桌=____ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $