物理（天津专用）-2025年中考终极押题猜想

2025年中考物理终极押题猜想（天津） （高分的秘密武器：终极密押+押题预测） 押题猜想一 声音的特性 1 押题猜想二 物态变化辨析 4 押题猜想三 光现象辨析 7 押题猜想四 估测 10 押题猜想五 大气压及应用 13 押题猜想六 电路 17 押题猜想七 力学基础知识 20 押题猜想八 机械能及其转化 23 押题猜想九 电磁现象辨析 26 押题猜想十 欧姆定律的动态电路分析 31 押题猜想十一 凸透镜成像规律 35 押题猜想十二 滑轮组的相关计算 40 押题猜想十三 电学综合计算 46 押题猜想十四 平面镜成像 50 押题猜想十五 运动和力 51 押题猜想十六 生活用电 53 押题猜想十七 内能和分子动理论 55 押题猜想十八 功和功率的简单计算 56 押题猜想十九 摩擦力、压强的简单分析 57 押题猜想二十 电热综合计算 59 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 61 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 65 押题猜想二十三 探究杠杆的平衡条件 68 押题猜想二十四 特殊方法测电阻 72 押题猜想一 声音的特性 限时：1min “眼见不一定为实，耳听不一定为真”，诈骗者利用AI语音合成技术，模仿他人的声音（　　），让接听者误以为是自己熟悉的人在说话。 A．响度 B．音调 C．音色 D．频率 押题解读 本考点为必考考点，基础题 声音的特性，其主要内容有音调，响度，音色。 音调指声音的粗细和高低，主要由频率来决定。于是，轻小薄紧短的物体音调比较起高。  响度由物体的振动幅度来决定，一般指用的力量越大，响度越大。除了振幅以外，响度还跟听者与声源的距离有关系。 音色由有物体的结构和材料来决定，比如说不同的乐器发出的声音。不同的人发出的声音，我们能辨别出来的话，主要是音色来决定的 1．如图所示，在筷子上捆一些棉花，做一个活塞。用水蘸湿棉花后插入两端开口的塑料管中。用嘴吹管的上端，能显著改变声音的（　　） A．响度 B．音量 C．音色 D．音调 2．图是神舟十三号乘组返回前，王亚平在空间站用古筝演奏《梦天》的画面。电视观众能够分辨出古筝的声音，是根据声音的（　　）    A．响度 B．音色 C．音调 D．速度 3．中医诊病讲究“望、闻、问、切”，其中“闻”有听的意思。如听人唱歌可诊脾胃，若歌声洪亮，则脾胃应该健康。“洪亮”主要是指声音的（　　） A．响度大 B．音调高 C．音色美 D．速度大 4．“宫、商、角、徵、羽”起源于春秋时期，是中国古乐的五个基本音阶，亦称五音，相当于现代7个音阶中的do、re、mi、sol、la、五音实际上是指声音的（　　） A．音色 B．音调 C．响度 D．振幅 5．古诗《春夜洛阳城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的（  ） A．音调 B．响度 C．音色 D．速度 押题猜想二 物态变化辨析 限时：1min 在农业气象防灾减灾中，天气预报预警发挥着重要作用。下列有关天气预警信号中蕴含的物态变化知识，分析正确的是（　　） A．冰是凝固形成的，要吸热 B．霜是凝华形成的，要吸热 C．雾是液化形成的，要放热 D．雪是凝固形成的，要吸热 押题解读 本考点为必考考点，，基础题，本部分知识与生产、生活联系比较密切。 物态变化有6种：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华 物质从固态变成液态的过程叫做熔化；物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫汽化；物质从气态变为液态的过程叫液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华；物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。 熔化、汽化、升华，需要吸热；凝固、液化、凝华，需要放热。 1．下列自然现象与物态变化名称对应正确的是（　　） A．初春，冰雪消融——熔化 B．夏天，大雾弥漫——汽化 C．深秋，霜打枝头——凝固 D．冬天，冰封江面——凝华 2．用湿布擦黑板，过一会儿黑板上的水就变干了。有关这个现象，下列说法中正确的是（　　） A．这是液化现象，液化过程需要放出热量 B．这是汽化现象，汽化过程需要放出热量 C．这是蒸发现象，蒸发过程需要吸收热量 D．这是升华现象，升华过程需要吸收热量 3．如图所示，在盛有水的盆里放入两块高出水面的砖头，将装有剩饭、菜的碗放入篮子并搁在砖头上，然后再将袋口边缘浸入水中的纱布袋罩在篮子上，就做成一个“简易冰箱”．把它放在通风的地方，即使经过一天时间，篮子里的饭菜也不会变质．这个“简易冰箱”的工作原理是（    ） A．凝固放热 B．液化放热 C．蒸发吸热 D．升华吸热 4．下列现象产生的过程中要吸热的是（ ） A．壶口附近的“白气” B．北方的冬天，植物上的雾凇 C．夏天的清晨，蜻蜓身上的露珠 D．铁矿熔化成的铁水 5．如图所示的四种物态变化实例中，属于凝华的是（    ） A．  山间形成的浓雾 B．  河面冰雪消融 C．  草叶上形成的“露珠” D．  草叶上形成的“白霜” 押题猜想三 光现象辨析 限时：1min 跨学科活动中，同学们表演国家级非物质文化遗产——皮影戏，如图所示，皮影戏中“影”的形成原因是（　　） A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散 押题解读 本考点为必考考点，基础题，光现象辨识常结合图片或生活中的现象进行考查 1．如图是我国古代的一种计时工具——日晷，人们通过观察直杆在太阳下影子的位置来计时。下列现象中与日晷原理相同的是（　　） A．小孔成像 B．光污染 C．潭清疑水浅 D．池水照月明 2．下列现象中，与平面镜成像的光现象形成原因相同的是（　　） A．手影游戏 B．小孔成像 C．能看到书 D．海市蜃楼 3．李白《渡荆门送别》中有这样的诗句“月下飞天境，云生结海楼”，诗句中描述的光学现象是（　　） A．镜面反射和漫反射 B．光的反射现象和光的折射现象 C．光的直线传播和光的反射现象 D．光的直线传播和光的折射现象 4．下列光现象，是由于光的折射形成的是（　　） A．日食月食现象 B．水中的倒影 C．海市蜃楼 D．在阳光的照射下，树荫下出现了一个个圆形的光斑 5．如图所示，有北方小西子之称的水上公园是美丽天津的一处靓丽风景。下列在人们游园时所看到的现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．碧波庄在水中的倒影 B．地面上游客的影子 C．倒映在水面上的白云 D．在湖水中畅游的鱼儿 押题猜想四 估测 限时：1min 我国将每年的农历秋分日设立为“中国农民丰收节”，用以庆祝农作物喜获丰收。如图所示为一成年男子手握玉米的场景，由此可估测出该玉米的长度约为（　　） A．20mm B．20dm C．20cm D．20m 押题解读 本考点为必考考点，能力题。“估测题”在中考物理中通常以实际生活中常见背景材料为载体，考查学生对长度、温度、质量、功和时间等物理量的估测。考查方式分为数值判断式和单位判断式两种，有时也会结合图片进行综合考查。 要对常见的一些量要有数据、数量级的认识：如一般成人、初中学生的质量、身高，步行的速度、交通工具的一般速度,水的密度、家庭电路的电压、干电池的电压、光的速度，g的值等要记住 一层楼的高度约3 m；教室门的高度约为2m；单人课桌高度约为0.8m；一支未使用过的2B铅笔的长度约为20cm；一个中学生的高度约1.6—1.7 m；物理课本长约26 cm；成年人一步距离约0.5 m；一枚一元硬币的直径约是2.5cm；人的正常体温是37℃；适合人淋浴的水温度是37℃—40℃；夏季空调最适宜的温度26℃—28℃；一个成年人的质量约60 kg，一个鸡蛋的质量约50g，一个中等苹果的质量约60g；一间教室的空气质量约300 kg；一元硬币的质量约为6g；百米赛跑的成绩在16s左右，人的脉搏在每分钟60次多一点，即心脏跳动一次的时间接近1s，眼睛眨一下的时间约为0.1s，唱一遍中华人民共和国国歌的时间大约是50s；电饭锅的电功率约为1000W，空调机的电功率约为2000—5000W，洗衣机的电功率约为500W，电视机的电功率约为200W，电冰箱的电功率约为100W，日光灯（光管）的电功率约为40W 1．熊猫是中国的国宝，作为国际友好使者，在对外友好关系中做出突出贡献。熊猫宝宝刚出生时的体重与两个鸡蛋的重量相近。请你根据图的信息，估测刚出生的熊猫的头部直径约为（   ） A．2.5 mm B．2.5 cm C．2.5 dm D．2.5 m 2．下图是某衬衫吊牌的部分信息，号型“170/92A”表示适穿人群的特征参数及体型。“A”表示适用于一般体型，“170”表示身高170cm，“92”表示（    ） 产品名称：衬衫 规格：ML 颜色：蓝色 号型：170/92A …… A．胸围92cm B．肩膀宽92cm C．上臂周长92cm D．脖子周长92cm 3．我国1元硬币的直径大约是（  ） A．2.5 m B．2.5 dm C．2.5 cm D．2.5 mm 4．目前我国在对纳米技术的研究已经跻身世界前列，1.76×109nm可能是（  ） A．物理课本长度 B．一个人的身高 C．一座山的高度 D．一个篮球场的长度 5．3月12日植树节这一天，学校组织九年级同学参加植树造林活动。根据如图所示信息，对图中这棵小树的高度估测合理的是（　　） A．0.5m B．1.5m C．1.9m D．5m 押题猜想五 大气压及应用 限时：1min 下列事例中，属于应用大气压的是（　　） A．小雪用力将易拉罐压瘪变形 B．潜水员穿抗压服潜水 C．用注射器往人体用注射药液 D．人呼吸时的吸气 押题解读 本考点为必考考点，基础题 大气压的存在（实验证明） 1、著名的证明大气压存在的实验：马德堡半球实验 2、其它证明大气压存在的现象和大气压的应用：吸盘挂衣钩能紧贴在墙上、利用吸管吸饮料、活塞式抽水机。 3、小实验：覆杯实验、瓶吞鸡蛋实验、皮碗模拟马德堡半球实验 1．如图所示是生活中的工具或装置，其使用状态下利用大气压的是（　　） A．  三峡船闸 B．  铅垂线 C．  盆景自动供水装置 D．  破窗锤 2．下列事例中，利用大气压作用的是（　　） A．“玉兔号”在月球上留下“足迹” B．菜刀磨得锋利 C．用吸管吸饮料 D．潜水时穿潜水服 3．如图所示的生活现象能说明大气压存在的是（　　） A． 火车轨道 B． 用吸管吸饮料 C． 拦河大坝 D． 锅炉水位计 4．小华制成如图所示的“自动给水装置”，是用一个装满水的塑料瓶子倒放在盆景中，瓶口刚好被水浸没．其瓶中水面能高于盆内水面，主要是由于（　　） A．瓶的支持力的作用 B．瓶的重力作用 C．水的浮力作用 D．大气压的作用 5．下列现象或装置中不是利用大气压强原理的是（　　） A．锅炉的水位计 B．吸盘 C．吸管吸饮料 D．盆景自动供水装置 押题猜想六 电路 限时：2min 如图所示，闭合开关后，两盏灯都能发光。若将一根导线连接到灯泡L2两端，关于电路中灯泡发光情况，下列说法正确的是（　　） A．L1、L2都变亮 B．L1不亮、L2亮 C．L1、L2都不亮 D．L1亮、L2不亮 押题解读 本考点为必考考点，基础题 在连接电路时，常听到有通路、断路（开路）、短路三种说法，这三种情况各不相同。 通路是指闭合开关接通电路，电流流过用电器，使用电器进行工作的状态。 断路是指电路被切断，电路中没有电流通过，用电器不工作的状态。除了正常地切断电源，使电路断开外，一般在下列情况下也会出现断路。①用电路连接处接触不良；②用电器内部断线 部分用电器短路与电源短路的区别： 若电路中只接有一个用电器，用电器短路即为电源短路，这是不允许的；但如果有两个以上的用电器按一定的方式接入电路，其中一个用电器短路时，该用电器无电流通过而不能工作，而其他用电器还能工作，这便是通常所说的部分用电器短路 1．如图所示是一个简化了的玩具警车电路图，若只让小灯泡工作，应（　　） A．只闭合S1 B．只闭合S2 C．S1、S2都闭合 D．S1、S2都断开 2．如图所示，电路元件及导线连接均完好，当开关S1、S2闭合后，下列分析正确的是（　　） A．两灯都亮 B．只有灯L1亮 C．只有灯L2亮 D．两灯都不亮 3．小华同学在探究串联电路中用电器的工作特点时，误连接如图所示电路，若同时闭合开关S1、S2，观察到灯泡的发光情况是（　　） A．两灯均不发光 B．两灯均发光 C．L1不发光，L2发光 D．L1发光，L2不发光 4．如图，两个灯泡始终完好，当开关S断开时，两个灯泡都发光，当开关S闭合时，可能出现的现象是（　　） A． 和都不亮 B．不亮，亮 C．和都亮 D． 不亮，亮 5．如图所示，闭合开关S，灯泡L1、L2都发光。现将一根导线接在该电路中的某两个接线柱上，会导致仅L1灯熄灭的连接是（　　） A．d、c接线柱 B．a、b接线柱 C．b、d接线柱 D．a、d接线柱 押题猜想七 力学基础知识 限时：2min 下表中有关足球运动的物理知识与现象不相符的是（　　） 序号 现象 物理知识 ① 用力踢球时，脚也感觉到痛 物体间力的作用是相互的 ② 用力越大，足球被踢的越远 力的方向影响力的作用效果 ③ 足球在空中飞行最终落向地面 足球受到重力的作用 ④ 足球飞出去，撞到球门被弹回 力可以改变物体的运动状态 A．① B．② C．③ D．④ 押题解读 本考点为必考考点，基础题 一、力 1．产生力条件： (1)有2个或以上物体。 (2)物体间必须有相互作用。 2．特点： (1)物体间力的作用是相互的。 (2)相互作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一直线上。（但受力物体是两个不同的物体） (3)两个相互作用的物体，施力物体同时也是受力物体。 3．力的作用效果 (1)改变物体的形状。 (2)改变物体的运动状态。 4．力的三要素：大小、方向、作用点。 二、弹力 1．手拉弹簧时会感受到弹簧反抗拉伸的作用，这种力叫做弹力。 2．弹簧测力计的原理:弹簧受到的拉力越大，弹簧的长度越长。 三、重力 1．物体由于地球的吸引而受到的力。故重力的施力物体是地球。 2．重力与物体的质量成正比，重力和质量的比值为g＝9.8N/kg，重力与质量的关系G＝mg。 G表示物体受到的重力，单位为牛，符号为N；m表示物体的质量，单位为千克，符号为kg；g表示9.8N/千克 3．方向：竖直向下。 4．作用点：重心。重力的作用点——重心，对于质量均匀、形状规则的物体，其重心位于几何中心 1．关于重力下列说法正确的是（　　） A．重力是一种弹力 B．重力是物体本身产生的力 C．重力的方向是竖直向下的 D．重力的方向是垂直向下的 2．如图所示，小芳穿着滑冰鞋正对墙站立，她用手推一下墙，自己便向后运动，使小芳向后运动的力是（　　）    A．地球对她的重力 B．墙壁对她的弹力 C．地面对她的支持力 D．地面对她的摩擦力 3．成语“踔厉奋发”中的“踔”有“跳跃，超越”的意思。向上跳跃时，需要用力向下蹬地，利用的物理知识是（　　） A．物体之间都存在万有引力 B．物体间力的作用是相互的 C．重力的方向是竖直向下的 D．力的作用效果与力的作用点有关 4．以下关于重力的说法中错误的是（　　） A．重力的施力物体是地球 B．重力的方向总是竖直向下的 C．在同一位置，质量大的物体受到的重力大 D．重力的作用点叫重心，物体的重心都在物体上 5．忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动轨迹如图所示，抛出后的小球由于 A．不受力，运动状态发生改变 B．不受力，运动状态不发生改变 C．受到重力作用，运动状态发生改变 D．受到推力作用，运动状态发生改变 押题猜想八 机械能及其转化 限时：1min 如图所示，空中加油机正在给匀速水平飞行的战斗机加油，加油机和战斗机保持稳定的高度和相同的速度匀速飞行，则在此过程中加油机的（   ） A．动能和重力势能都减小 B．动能和重力势能都不变 C．动能减小，重力势能不变 D．动能不变，重力势能减小 押题解读 本考点为必考考点，基础题 动能 物体由于运动而具有的能量 物体动能的大小跟物体的质量、速度有关 重力势能 物体由于位于高处而具有的能量 物体重力势能的大小跟物体被举高的高度有关、与物体的质量有关 弹性势能 物体由于弹性形变而具有的能量 影响弹性势能大小的因素:物体弹性势能的大小跟物体的弹性(材料)、物体的弹性形变量有关 动能和势能之间可以互相转化的。方式有：动能和重力势能之间可相互转化；动能和弹性势能之间可相互转化。 如果只有动能和势能相互转化，则机械能的总和不变，即机械能是守恒的 1．《中华人民共和国民法典》中规定“禁止从建筑物中抛掷物品”，生活中我们更要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为、“高空抛物”危害性大的原因是因为高处的物体具有较大的（　　） A．重力 B．动能 C．重力势能 D．弹性势能 2．如图所示为小朋友们在玩滑梯时的情景，在小朋友沿滑梯加速下滑的过程中，下列说法中正确的是（　　） A．小朋友的动能增大，重力势能也增大 B．小朋友的动能减小，重力势能也减小 C．小朋友的动能增大，重力势能减小 D．小朋友的动能减小，重力势能增大 3．在城市夏天的早晨和傍晚，洒水车都会在街道上洒水降温．一辆洒水车在某街道上沿水平方向匀速行驶洒水的时候，洒水车的 A．动能不变，势能减小 B．动能变小，势能不变 C．动能、势能都不变 D．动能、势能都变小 4．下列物体中不具有动能的是（　　） A．流动的河水 B．被拦河坝挡住的水 C．正在下降的飞机 D．在平直的公路上行驶着的汽车 5．如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的（　　） A．动能不变，机械能不变 B．动能变大，机械能变大 C．动能不变，机械能变大 D．动能变大，机械能不变 押题猜想九 电磁现象辨析 限时：2min 随着我国将发展新能源汽车上升为国家战略，纯电动汽车越来越受老百姓的欢迎．电动车的“心脏”是电动机，如题图所示的四个装置中，能反映电动机工作原理的是（    ） A． B． C． D． 押题解读 本考点为必考考点，基础题 电磁现象辨识的解题思路 首先要明确电磁三现象是指:电流的磁效应、磁生电、磁场对电流的作用 归类明确电磁三现象在生活中的应用: A.电流的磁效应:电磁铁、电磁继电器、电磁起重机等; B. 电磁感应:发电机; C. 磁场对电流的作用:电动机; 审题时判断题干中所涉及的是关于哪一种电磁现象的原理,然后对号入座辨别. ①题干中出现有电流通过时"受力转动”字眼则为电动机原理,题干中若有“产生变化的电流”则为发电机原理; ②发电机原理图无电源,电动机原理图有电源. 1．如图所示四个实验中与发电机工作原理一致的是（　　） A． B． C． D． 2．唱歌时用的话筒如图所示，它的工作原理是：对着话筒说话时，话筒将声音的振动转变为强弱变化的电流，然后经扬声器还原为声音。话筒工作原理与下列实验原理相同的是（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，下列说法不正确的是（　　） A．该实验用来研究电磁感应现象 B．验电器检验物体是否带电 C．小磁针转动，说明电流能产生磁场 D．该实验能说明发电机的工作原理 4．如图所示，是四幅实验图，其中表述错误的是（　　） A．①所示实验是研究电磁感应现象的 B．②所示实验是研究磁场对电流的作用与哪些因素有关的 C．③所示实验是研究磁性强弱与电流大小关系的 D．④所示实验是研究电流产生磁场的 5．图是动圈式话筒的构造示意图。对着话筒唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈跟着一起振动，线圈处在磁场中。把线圈两端的导线接入扩音机，就能通过扬声器听到歌声。以下设备的工作原理与此种话筒相同的是（　　） A．发电机 B．电动机 C．电磁铁 D．电磁继电器 押题猜想十 欧姆定律的动态电路分析 限时：2min 某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示，为定值电阻，为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时，其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列正确的是（   ） A．电阻的阻值变小 B．通过的电流变大 C．电阻两端的电压变小 D．电阻两端的电压变小 押题解读 本考点为常考考点，能力题 电路的动态分析，是欧姆定律的具体应用。电路发生动态变化的原因是由于电路中滑动变阻器滑片位置的变化或由于开关的断开和闭合或由于电压表、电流表位置的变化等，引起电路的电阻发生改变，从而引起电路中各物理量的变化。 解题思路 总体遵循“先局部-再整体-再局部”的思路，具体说来： ①由某个电阻或开头的变化分析总电阻的变化（局部）； ②根据欧姆定律，由总电阻的变化分析总电流的变化（整体）； ③由总电流的变化，根据欧姆定律和电路和串、并联规律分析各支路的电压、电流的变化（局部）。 1．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，下列说法正确的是（    ） A．电压表和电流表示数都变小 B．电压表和电流表示数都变大 C．电压表示数变小，电流表示数变大 D．电压表示数变大，电流表示数变小 2．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　）    A．电压表示数变小 B．电压表示数变大 C．电流表A1示数变小 D．电流表A2示数变小 3．在全国青少年创新大赛中，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示，当被测身高增加时（　　） A．A示数变大，V示数变小 B．A示数变大，V示数变大 C．A示数变小，V示数变小 D．A示数变小，V示数变大 4．图甲是显示水温的“智能水杯”内部电路，电表的示数可以反映温度的高低，热敏电阻R2的阻值随温度变化关系如图乙所示。开关闭合后，关于这个电路说法错误的是（    ） A．图中电表是电流表 B．温度越高，R2的阻值越小 C．温度越高，电表的示数越小 D．温度越高，R1两端的电压越大 5．为保障安全，现在很多室内公共场所安装有烟雾报警装置。如图所示是烟雾报警的简化原理图，电源电压保持不变，为定值电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，当电路中的电流减小至某一数值时报警器开始报警。当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时（    ） A．电阻的阻值随电流变化报警器 B．电流表的示数变大 C．电压表的示数变大激光 D．电压表的示数与电流表的示数的比值变小 押题猜想十一 凸透镜成像规律 限时：3min 小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水凸透镜”和光屏位于如图所示位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像。下列说法正确的是（      ） A．此时成像特点与照相机的相同 B．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动 C．此时“水凸透镜”的焦距为 15.0cm D．继续给水凸透镜加水，要想得到清晰的像，光屏应向左移 押题解读 本考点为必考考点，能力题。主要集中在五大静态、两大动态、变化镜头焦距等内容 凸透镜成像规律 记忆口诀： 1.一倍焦距分虚实；二倍焦距分大小；物近像远像变大；物远像近像变小。 2.u=f是实像和虚像的分界点；u=2f是像大小的分界点。 3.凸透镜成实像都是倒立的，虚像都是正立的。 4.物体离焦点越近，像离焦点越远，且像越大。 1．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．凸透镜的焦距是10cm B．该成像规律应用在投影仪上 C．燃烧的蜡烛不断变短，光屏上成的像会上移 D．用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰的像 2．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上依次摆放蜡烛、凸透镜和光屏，如图所示，此时烛焰在光屏上恰好成清晰的像（像未画出）。下列说法不正确的是（　　） A．凸透镜的焦距为10cm B．若遮挡凸透镜的一部分，光屏上将得不到完整的像 C．若将蜡烛移到35cm刻度处，凸透镜不动，无论怎么移动光屏，光屏上都不会呈现烛焰的像 D．蜡烛、凸透镜、光屏位置不动，换用焦距更大的凸透镜，光屏上能再次呈现清晰的像 3．某同学在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，记录并绘制了像到凸透镜的距离v与物到凸透镜的距离u的关系图像，如图所示，下列判断正确的是（　　） A．该同学所用凸透镜的焦距f=10cm B．当u=6cm时，光屏上得到的是倒立、放大的实像 C．把物体从6cm处移动到15cm处的过程中，像逐渐变小 D．当u=15cm时，光屏上得到的是放大的像，投影仪利用这一原理工作 4．在探究凸透镜成像规律的实验中，当烛焰、凸透镜、光屏处于如图所示的位置时，假如在光屏上得到一个清晰的像。下列说法不正确的是（    ） A．利用这一成像原理可以制成投影仪 B．此凸透镜的焦距满足 C．保持凸透镜的位置不动，调换蜡烛和光屏的位置，则光屏上可呈现一清晰的倒立放大的实像 D．将蜡烛移动到距凸透镜7cm位置时，光屏上能得到正立放大的像 5．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，某学习小组用如图甲所示的方法测量凸透镜的焦距；正确安装并调节实验装置后，在光屏上得到一个清晰的像，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．由图甲可知，该凸透镜的焦距是 B．光屏上成的是倒立缩小的实像 C．图乙中的烛焰向远离凸透镜方向移动，所成的像逐渐变小 D．图乙中若用黑纸片将凸透镜遮挡一半，光屏上成半个烛焰的像 押题猜想十二 滑轮组的相关计算 限时：3min 如图所示，两个滑轮组采用不同的绕绳方法，将同一重物匀速提升相同的高度（不计绳重和摩擦），拉力大小分别为F1、F2，拉力移动距离分别为s1、s2，额外功分别为W额1、W额2，机械效率分别为η1、η2，下列说法中正确的是（　　）    A． B． C． D． 押题解读 本考点为必考考点，能力题。 在计算当中首先就要搞明白的物体上升的高度，物体的重力或质量，然后再通过滑轮组的绕线的方式来确定，再来确定定滑轮或动滑轮上的线条数n，即可对滑轮组提升物体时的各个量进行相对应的求解 ①有用功：W有用=Gh ②总功：W总=Fs ③额外功：W额外=W总-W有用 ④s=nh（其中n是绳子段数，h是重物上升高度。） ⑤滑轮组机械效率公式：η=(W有用/W总)×100％；η=(W有用/W总)×100％=(G/nF)×100％ 1．用如图所示的滑轮组匀速提升重力为60N的物体，在绳子自由端移动6m的过程中，拉力F做的功为150J，所用时间为5s，在此过程中，下列说法正确的是（g取10N/kg）（　　） A．物体升高6m B．拉力F做功的功率为30W C．滑轮组的机械效率为80% D．若不计绳重和摩擦，动滑轮的重力为5N 2．如图甲所示，虚线框内是由两个滑轮组装成的滑轮组，工人利用该滑轮组，用200N的竖直向上的拉力F，将物体匀速提高2m，若物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，此过程中滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．绳端移动的速度为2m/s B．工人所做的有用功是1200J C．滑轮组中动滑轮重120N D．若提升更重的物体，滑轮组的机械效率将变大 3．如图所示，用滑轮组将质量为60kg的重物在10s内匀速提升了2m，动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（　　）    A．绳子自由端拉力的功率是140W B．滑轮组的机械效率约为85.7% C．提升重物的过程中所做的额外功是200J D．提升的重物变成400N时，滑轮组的机械效率将变大 4．利用四个相同的滑轮，组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，用同样的时间，把质量相等的重物G提升了相同的高度，所用的拉力分别为F1、F2，拉力做的功分别为W1、W2，拉力的功率分别为P1、P2，滑轮组的机械效率分别是η1、η2（忽略绳重与摩擦），下列关系式正确的是（　　）    A．F1＞F2 B．W1＝W2 C．P1＜P2 D．η1＝η2 5．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，绳子受的拉力分别为F1、F2；保持甲、乙两绳自由端的速度相同，把相同的物体匀速提升相同的高度。若不计绳重及轴处摩擦，下列说法正确的是（　　）    A．F1的大小小于F2的大小 B．绳子自由端移动的距离相等 C．F1和F2的功率相同 D．两个滑轮组的机械效率相同 押题猜想十三 电学综合计算 限时：4min 如图所示，电源电压恒定，灯泡的规格为“5U0  2.5P0”，定值电阻R1的阻值和滑动变阻器R2的最大阻值均为，电压表的量程为“0~6U0”。闭合开关S、S1，将滑动变阻器R₂的滑片移至最左端，灯泡恰好正常发光。在保证各电路元件安全的前提下，以下说法正确的是（忽略温度对电阻的影响）（　　） A．小灯泡的电阻为 B．电源电压为10U0 C．闭合开关S、S1、S2，R1消耗的最大功率为3.6P0 D．闭合开关S、S1、S2，电路中的最小电流为 押题解读 本考点为必考考点，较难题，注重掌握基础的同时，更多要求考生的综合能力，包括阅读能力、破题能力、迁移能力、计算能力等。 推导表达式不能盲目,要在公式、变形公式或者关系式的基础上进行。 仔细阅读题干，明确题目的要求和限制条件。通常，题干会给出一些关键词，这些关键词对于理解题意非常重要；如果正确答案不能一眼看出，应当排除明显错误的答案。当确定一个选项不符合题意时，迅速将注意力移到下一个选项，依次加以判断；多选题的选项往往有一定的内在联系，有些选项可能是相互独立的，而有些则可能是相互依赖的。在选择答案时，注意这些关系，可以更好地判断哪些选项是正确的。 1．如图甲所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U-I关系图象如图乙所示。下列说法正确的是（    ） A．电源电压为8V B．R1的最大功率为3.2W C．R2的最大功率为0.6W D．滑片移动过程中，当V1示数由2V变为6V时，R1的电功率变化量为0.8W 2．当定值电阻两端的电压由增大到时，通过它的电流由增大到。电压增加量，电流增加量，电功率增加量为，则（　　） A． B． C． D． 3．周华用如图所示的电路测小灯泡功率。电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω；1A”，灯泡标有“2.5V；1.25W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程；灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（　　） A．电流表示数的变化范围是0~0.5A B．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4~20Ω C．灯泡的最小功率是0.162W D．该电路的最大功率是2.7W 4．如图所示的电路中，闭合、断开时，甲、乙是电流表，，此时电路的总功率为；当、都闭合时，甲、乙是电压表，此时电路的总功率为，则下列说法正确的是（   ） A．电阻大小之比 B．总功率之比 C．当闭合、断开时，通过和的电流之比 D．、闭合时，甲、乙电压表示数之比 5．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端，电压表V1示数随电流表示数变化的完整图线如图乙所示。其中、、均为已知量，则下列判断正确的是（　　） A．定值电阻的阻值为 B．电压表V2的最大示数为 C．电流表的最大示数为 D．电路的最大总功率为 押题猜想十四 平面镜成像 限时：1min 当一架无人机掠过湖面时，水中出现无人机的倒影，无人机的倒影是 （选填“实”或“虚”）像，无人机从湖中央飞回岸边，湖中的像 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 押题解读 （说明：阐释押题理由、押题依据、押题秘笈等） 本考点为必考考点，基础题 平面镜成像的特点 1.像的大小和物体相同；（等大） 2.像和物体到镜面距离相等；（等距） 3.像物连线与镜面垂直；（垂直） 4.平面镜所成的像是正立的；（正立） 5.平面镜成虚像 1．小军同学先站在竖直放置的穿衣镜前2.5m处，然后向穿衣镜靠近1m，则小军在镜中像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”），此时小军与镜中的像之间的距离为 m。 2．一只小鸟在深度为3m的平静湖面上空飞过，当小鸟距水面5m时，小鸟在湖面的“倒影”是 （选填“实”或“虚”）像，该“倒影”距小鸟 m。 3．古诗中有不少描写白鹭的诗句，例如“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”。图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的反射形成的 （选填“实”或“虚”）像。若水深，当白鹭距离水面时，白鹭的像与白鹭的距离是 m。 4．如图所示，检查视力的时候，视力表放在被测者头部的后上方 （选填“正立”或“倒立”）的像，视力表在镜中的像与被测者相距 m。 5．“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”，现有一蜻蜓立于距水面0.8m处的荷尖上。池中水深1.5m，则蜻蜓在水中的像距水面 m，是 （选填“实像”“虚像”）。 押题猜想十五 运动和力 限时：1min 如图所示，当锤子的锤头松动时，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，这是因为锤头具有 ；同时锤柄撞击木凳后停止了向下运动，说明力能够改变物体的 。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.牛顿第一定律  （1）一切物体在没有受到外力作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。 （2）牛顿第一定律表明，力不是产生运动的原因，一切物体如果不受外力，都能保持原来的运动状态不变，静止或匀速直线运动。  （3）牛顿第一定律是科学推理，得出的理想实验，不能用实验验证。 （4）不受外力时，原来静止的要保持静止，原来运动的物体要保持匀速直线运动状态。 2.惯性  （1）物理学中，把物体保持静止或匀速直线运动状态的性质叫做惯性。 （2）牛顿第一定律又叫做惯性定律。  （3）惯性是物体的一种普遍属性一切物体都具有惯性。  （4）惯性大小和物体的质量有关。质量越大，惯性越大。 （5）惯性的利用和防止现象：汽车启动—向后倒，汽车刹车—向前倾。安全带；安全气囊。  3.物体受力时怎样运动  （1）二力平衡：一个物体在两个力的作用下，保持静止状态或做匀速直线运动，这两个力互相平衡或二力平衡。  （2）二力平衡条件：作用在同一个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上（同体、等大、反向、共线）  （3）物体受平衡力作用，会保持静止或者匀速直线运动。物体受非平衡力作用，运动状态改变。 4.力和运动关系：力不是维持物体运动，力是改变物体运动状态的原因 1．如图所示，用力拨动簧片，把小球与支座之间的金属片弹出时，小球并没有随金属片飞出，该实验说明 （选填“小球”或“金属片”）具有惯性；形变后的簧片将金属片打出，说明力可以改变物体的 。 2．如图所示，用力打击一摞棋子中间的一个，该棋子由静止开始沿水平方向飞出，这表明力可以改变物体的 ，上面的棋子由于 要保持原来的静止状态。 3．物体不能无限地被压缩说明分子间存在着相互作用的 ，从枪口射出的子弹仍能在空中继续飞行是由于子弹具有 。 4．乘客坐在行驶的汽车上，以汽车为参照物乘客是 的．当汽车突然刹车时，乘客身体会 倾斜． 5．汽车关闭发动机后，仍能继续向前行驶一段路程，是因为汽车具 的缘故，但最后还是会停下来，是因为汽车受到 的缘故． 押题猜想十六 生活用电 限时：1min ．大量经验表明，不高于 V的电压一般对人体是安全的。如图甲、乙所示为家庭电路中造成电线燃烧的原因，其中图乙所示情况的原因是 （选填“用电器的总功率过大”或“短路”）。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.家庭电路的连接：各种用电器是并联接入电路的，插座与灯座是并联的，控制各用电器工作的开关与电器是串联的。 2.家庭电路的各部分的作用： ①给用户提供家庭电压的线路，分为火线和零线。火线和零线之间有220V的电压。 ②试电笔使用方法：使用时，手指按住笔卡，用笔尖接触被测的导线（手指千万不能碰到笔尖）。如果氖管发光，表示接触的是火线；如果氖管不发光，表示接触的是零线。 3.安全用电的原则是： 不接触低压带电体；不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。 1．家庭电路中的触电事故，都是因为人体直接或间接与 线接触造成的；当人体触电时，如图所示总开关上的 （选填“空气开关”或“漏电保护器”）会迅速切断电流，对人身起到保护作用。 2．我国家庭电路中的电压是 V。家庭电路中电灯、电视机即能单独工作又能同时工作，它们是以 （选填“串联”或“并联”）的方式接入电路中的。 3．家庭照明电路的电压为 V。如图所示，当闭合开关S时，灯L闪亮一下后熄灭，而室内其它用电器仍正常工作，则灯L处 （填“开路”或“短路”）。 4．家庭电路中空调和电视机是 （选填“串联”或“并联”），当同时工作的家用电器减少时，电路的总电流 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 5．在家庭电路中，使用试电笔辨别火线、零线时，正确的方法如图 所示。正确使用试电笔检测插座上插孔时氖管发光，说明被检测的插孔与 （选填“火线”或“零线”）相连。 押题猜想十七 内能和分子动理论 限时：1min 如图是我国古老中医疗法一艾灸，用艾柱熏烤患者的穴位时，看到烟雾缭绕，闻到浓浓的艾草药香。其中 是扩散现象，艾灸的部位有温热感，这是通过 的方式使其内能增加的。    押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.分子动理论的基本内容： 物体是由大量分子组成的；分子都在不停地做无规则的运动；分子间存在着引力和斥力。 ① 分子很小，用肉眼不能直接看到，不能把灰尘等小颗粒看做分子） ② 扩散现象：由于分子运动，不同物质在互相接触时，彼此进入对方的现象。 扩散现象表明：分子在永不停息地做无规则运动；分子间有间隙。 分子做无规则运动的剧烈程度跟温度有关，温度越高，越剧烈。 2.内能： （1）物体的内能与温度有关，温度越高，内能越大。内能也常常称为热能。 （2）物体的内能还与物体内部分子的多少（质量）、种类、结构、状态等因素有关。 （3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。 ①做功改变物体内能的过程，实质上是内能与其他形式能量的相互转化过程。对物体做功，物体的内能会增加；物体对外做功时，本身的内能会减少。 ②热传递改变物体内能的过程，实质上是内能在两个物体间的转移过程。 1．感冒冲剂在热水中比在冷水中溶解得快，是因为温度越高，分子热运动越 。杯中的热水放在桌面上温度会逐渐降低，这是运用了 的方法改变物体的内能。 2．景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。手推杆人筒的过程中，通过 方式使筒内密封气体的内能增大，温度 ，达到艾绒着火点。 3．冬天我们感觉手冷时，我们可以将两手相互搓一搓，也可以用热水袋焐一焐。后者是通过 方法增加手的内能。下列三幅图中能量转化方向和其它两个不一致的是 （甲/乙/丙）。 4．元旦假期妈妈在厨房烙馅饼，小强在客厅里就闻到了馅饼的香味，这是 现象，剁陷儿前妈妈把菜刀放在磨石上磨了几下，发现菜刀的温度升高了，这是用 的方法改变物体的内能。 5．如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，玻璃筒内的空气温度升高，空气的内能 （选填“增加”或“减少”），空气的内能是通过 方式改变的。    押题猜想十八 功和功率的简单计算 限时：2min 某工人在水平地面上，用50N水平推力将重200N的物体匀速推动，使他在20s内沿水平方向移动10m，该过程中工人水平推力的功率是 W，重力做的功为 J. 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.进行功的计算应注意的问题：不可随意将力和距离相乘的结果作为最终的结果，而应利用功的两个必要条件判断力是否做功，再利用公式W＝Fs（s是在力方向上移动的距离）计算功的大小。 常见的做功的两种情景：(1)拉着物体沿水平方向前进，可以说时拉力做了多少功W＝Fs，也可以说克服阻力做功(W＝fs)；(2)提升物体竖直上升，克服重力做功(W＝Gh)。 2.功率可用公式P＝W/t或P＝Fv进行计算。当利用公式P＝Fv计算功率时，速度v的单位应为“m/s”。 1．某校学生乘校车到校外参加活动。该校车在某段平直公路上匀速行驶9km，用时15min。若发动机的功率为60kW，则此过程中发动机的牵引力所做的功为 J，发动机的牵引力大小为 N。 2．某物体在大小为的水平拉力作用下，以的速度在粗糙水平桌面上做匀速直线运动，此时拉力的功率为 W。若将水平拉力增大到，此时物体所受的摩擦力为 N。 3．在水平地面上，工人师傅用100N的力沿水平方向推着重为300N的箱子匀速前进，5s内移动了6m，在这个过程中，地面对箱子的摩擦力为 N，推力做功的功率为 W。 4．起重机在10s内将一块大石头沿竖直方向匀速提升了1m，起重机提升大石头的功率是，则起重机做的功是 J，大石头所受的重力是 N。 5．消防员在训练高楼攀绳时，重为600N的队员需要在20s内，用一根绳索登上11.5m高的楼层。在这个过程中，消防员克服重力做的功为 J，克服重力做功的功率为 W。 押题猜想十九 摩擦力、压强的简单分析 限时：2min 如图甲，饮料瓶盖上有一些竖纹，是通过 来增大摩擦的；如图乙，接种疫苗的注射器针头做得很尖，是通过 来增大压强的。 押题解读 本考点为选考考点，能力题 1.公式 p=F/ S 其中各量的单位分别是：p：帕斯卡（Pa）；F：牛顿（N）S：米²（m²）。 （1）使用该公式计算压强时，关键是找出压力F（一般F=G=mg）和受力面积S（受力面积要注意两物体的接触部分）。 （2）特例：对于放在桌子上的直柱体（如：圆柱体、正方体、长放体等）对桌面的压强p=ρgh 2.一容器盛有液体放在水平桌面上，求压力压强问题 处理时：把盛放液体的容器看成一个整体，先确定压力（水平面受的压力F=G容+G液），后确定压强（一般常用公式 p= F/S ） 3.改变压强的方法 （1）增大压强的方法：a.增大压力；b. 减小受力面积 （2）减小压强的方法：a. 减小压力；b. 增大受力面积 1．如图是一种药膏的封口及封盖设计，封盖上的花纹设计是为了 ，尖刺是用来刺破金属膜封口，尖刺的设计是为了 。 2．如图所示，钢丝钳是电工常用的一种工具，通过观察你会发现：橡胶套外表面做有凹凸不平的花纹，可以增大手与钳柄之间的 ；钳口做得比较锋利是为了增大 。 3．如图所示，物体重，一人用的力将它压在竖直墙上，物体处于静止状态。这时物体受到的摩擦力大小是 N；如图所示，A、B两个质地均匀的圆柱体放置在水平地面上，且它们对地面的压强相等，则两物体的密度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）。 4．工程载重汽车装有许多车轮，是通过 （选填“增大”或“减小”）受力面积来减小汽车对地面的压强，若水平地面能承受的最大压强为8×106Pa，轮胎与地面的总接触面积为0.4m2，则该汽车载物后的总重不能超过 N。 5．某实心立方体金属块的质量是，边长是，则金属块的密度 （用、表示）。取个这样的金属块，分别以如图的甲、乙两种方式放置在水平地面上，则甲、乙两种方式放置的金属块对水平地面的压强之比 。 押题猜想二十 电热综合计算 限时：3min 一个自动电热水壶，其铭牌如下表。将电水壶中装满初温为20℃的水，在标准大气压下，电水壶正常工作5min将水烧开。已知水的c水=4.2×103J/（kg℃），求： 自动电热水壶 型号 ZDH100B 电源 220 V 50 Hz 额定功率 1 500 W 容量 1 000 mL (1)水吸收的热量； (2)电水壶的热效率。 押题解读 本考点为必考考点，基础题，属于常规题目 1.热量的计算公式： 温度升高时用：Q吸＝cm（t－t0） 只给出温度变化量时用：Q吸＝cm△t Q——热量——焦耳（J）；c——比热容——焦耳每千克摄氏度（J/(kg·℃)）；m——质量——千克（kg）； t——末温——摄氏度（℃）；t0——初温——摄氏度（℃） 2.电功的公式： （1）电功与电压、电流、通电时间的关系可用公式表示为：W=Ult W——电功——焦耳(J)；U——电压——伏特(V）；I——电流——安培(A)；t——时间——秒(s) （2）给出额定功率：W=Pt W——电功——焦耳(J)；P——电功率（w）；t——时间——秒(s) （3）加热效率：η=Q吸/W 1．小明完成学习任务后准备去洗澡，想到今天学过的物理知识，思考如何能够计算出电热水器的热效率。于是他想到将家中其他用电器与电源断开，仅让加热50kg水的热水器工作。他观察了电热水器显示屏显示此时水箱内水的温度为20℃，让其加热到50℃时停止工作，并记录了加热前后电能表的示数，如图所示。已知求： （1）此过程中水吸收的热量； （2）电热水器的热效率。 2．一只电水壶的铭牌上标着“220V 1000W”的字样，当壶内装1kg初温为20℃的水时，将这些水加热到40℃需用时100s，已知。求： （1）水吸收的热量； （2）电水壶的热效率。 3．将额定功率为1000W的电热水壶接入220V电路中，把2kg的水从20℃加热到100℃需用时840s，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求： （1）水吸收的热量； （2）消耗的电能； （3）电热水壶的加热效率． 4．如图是某品牌电热水壶，电热水壶铭牌如表，现将一满壶20 ℃的水烧开（1标准大气压下），求： XX牌电热壶 额定电压 220 V 额定功率 1210W 频率 50 Hz 热水壶容量 2.0 L （1）水需要吸收多少热量？ （2）若用电高峰时烧开这壶水，使标有3 000 r/kW·h的电能表转盘转动了600 转，则烧水的热效率为多少？ 5．用电热水壶加热水，其内部电热丝的阻值为48.4Ω，壶中水的质量为2kg。把它接在220V家庭电路中，将水由20°C加热到70°C。在此过程中不计热量损失，求：[水的比热容为] (1)水吸收的热量； (2)加热时间。 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 限时：4min 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，小强选用了4Ω、8Ω、10Ω、20Ω四个定值电阻，电源电压恒为3V。 (1)请按图甲所示的电路图，将实物图乙连接完整。 (2)闭合开关试触时，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是 。 (3)排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，当选用4Ω的电阻时，电流表示数如图丙所示，记为 A；以后每更换一个阻值更大的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为 ，同时记下对应的电流值。 (4)根据实验数据，小强作出了如图丁所示的图像，由此可以得出该实验的结论是： 押题解读 根据近几年已出的实验题判断，探究电流与电阻的关系实验是重点实验 考点梳理 1．实验器材：电源、不同阻值的定值电阻、滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线；  2．控制变量法： (1)探究电流与电压的关系时：控制定值电阻的阻值不变，移动滑片，改变定值电阻两端的电压，观察电流表的示数。 (2)探究电流与电阻的关系时：更换电阻，调节滑片位置，控制电压表示数不变，观察电流表的示数。 3．滑动变阻器的作用： (1)探究电流与电压的关系：保护电路、改变定值电阻两端的电压。 (2)探究电流与电阻的关系：保护电路、保持定值电阻两端的电压不变。 4．连接电路前，开关应断开，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑动到阻值最大处。 5．在探究电流与电阻关系的实验中，更换阻值不同的电阻后，移动滑片方向判断：换大调大。 6．小灯泡的电阻会随温度变化而变化，从而会影响实验结论，因此不能将定值电阻换作小灯泡进行实验。 7．电表异常偏转原因： (1)指针反向偏转，原因是正负接线柱接反； (2)正向偏转幅度过小，原因是量程选择过大； (3)正向偏转幅度过大超过最大刻度，原因是量程选择过小； 8．调节滑动变阻器不能使电压达到指定示数的原因是：滑动变阻器的最大阻值过小。 9．换不同规格的电阻多次测量的目的是：得出普遍规律，避免偶然性。 1．在“探究电流与电阻的关系”的实验中，部分器材选用如下：电压为4.5V的电源，阻值为0~50Ω的滑动变阻器，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，导线若干，其它器材如图2所示，回答下列问题。    （1）请按照图1所示的电路图，以笔画线代替导线，完成图2的电路连接； （2）先将5Ω的定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察 （填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”）； （3）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向 （填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图3，分析图像可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 。 2．在“探究电流与电阻的关系”实验中，某小组利用电阻箱等连接了如图甲的实物电路（电源电压恒为6V）： 序号 电压/V 电阻/ 电流/A 1 4 10 0.4 2 20 0.2 （1）用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整（要求滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大）； （2）将第一次实验得到的数据填入表格，然后将电阻箱接入电路的阻值由10调至20，滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动，直到电压表示数是 V为止，此时电流表指针位置如图乙所示，其示数为 A； （3）根据以上实验数据得出结论： 一定，电流与电阻成反比； （4）再次将电阻箱接入电路的阻值调至40，为了达到实验要求，应该选择的滑动变阻器 。 A．0.3A　10    B．0.5A　10    C．0.5A　20 3．小明利用图甲所示的电路做“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”的实验。他使用的器材有：两节干电池，阻值为5（）、10（）、20（）的定值电阻、“15　1A”的滑动变阻器、电流表、电压表和开关各一只，导线若干。 （1）在甲中画出实验所需电路图，并用笔画线代替导线，将图乙中的实物连成实验电路； （2）电路中滑动变阻器的作用是 （答出一条即可）； （3）正确连接好电路后，小明首先将接入电路，移动滑动变阻器滑片使两端的电压为1.5V，读出电流表的示数。 ①小明将用替换接入电路，接下来他应该进行的操作是 ，读出电流表的示数； ②小明用替换接入电路进行实验，发现无论怎样移动滑动变阻器，两端的电压始终无法达到1.5V。经检查，电路连接无误，各元件均完好。找出一种可能的原因 。 4．小明用如图所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个。 （1）请你用笔画线代替导线，把图示的实验电路补充完整； （2）小明将5Ω电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，可能的故障是 ； （3）排除电路故障后继续进行实验，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应把变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）滑动； （4）连接好电路，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像，由此得到的结论是： ； （5）从图像上可以看出，小明保持不变的电压是 V，为完成实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。 5．小虎利用如图甲所示的电路，探究通过“导体的电流跟电阻的关系”。实验器材：两节新干电池，电流表、电压表各一只，一个开关，定值电阻R（分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），滑动变阻器，导线若干。 （1）用笔画线代替导线完成图甲电路的连接； （2）实验中小虎发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表的指针始终处于图乙所示的状态，则电路故障可能是 ； （3）请你设计记录实验数据的表格； （4）小虎利用实验数据做出了图象如图丙所示。在做实验过程中，小虎先用5Ω的电阻做完实验后，断开开关，接着将10Ω的电阻接入电路，闭合开关发现电压表的示数 ，他接下来的操作应该是 。 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 限时：3min 如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻的阻值为40Ω。闭合开关S，断开开关，电压表示数为4V。闭合开关S、，电压表示数为12V。求： (1)电源两端的电压U； (2)电阻的阻值； (3)开关都闭合时电路中总功率P。 押题解读 根据往年中考判断，欧姆定律、电功率的简单计算是需要掌握的重点内容 欧姆定律公式：I=U/R欧姆定律公式变形式：U=IR    R=U/IR 电功率定义式：P=W/t 电功率计算式：P=UI，P=U2/R，P=I2R 1．在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，和为两个定值电阻，其中电阻。当开关闭合、断开时，电流表示数为；当开关均闭合时，电流表示数变为0.9A。求： (1)当开关均闭合时通过的电流； (2)电源电压； (3)电阻的阻值。 2．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，，。当只闭合开关时，电流表的示数为0.3A。求： (1)电源电压。 (2)当断开开关，闭合开关、时电流表的示数。 3．有一个“6V， 3W”的小灯泡： （1）正常工作时通过灯泡的电流是多少A？ （2）正常工作时的电阻是多少Ω？ （3）要将它接在9V的电源上正常使用，需要给它如何连联一个多少Ω的电阻？ 4．如图所示，电源电压不变，电阻R1为30Ω，电流表示数为0.2A。闭合开关S后，电流表示数变为0.5A。求： （1）电源电压； （2）电阻R2的电功率。 5．家庭中的电饭锅有“关”、“保温”和“加热”三个挡位，其简化电路如图所示。若保温功率是880W，加热功率是2090W。通过计算回答： （1）该电饭锅在“保温”挡位正常工作时通过R2中的电流； （2）在“保温”挡位正常工作10min电阻R2产生的热量； （3）R1的电阻。 押题猜想二十三 探究杠杆的平衡条件 限时：4min 在“探究杠杆平衡条件的实验”中，实验中所用钩码质量均为50g： (1)如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），直到杠杆保持水平静止，达到平衡状态，其目的是 ； (2)如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂2个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆将 （选填“顺时针转动”或“逆时针转动”、“保持静止”）； (3)图丙实验中，位置 （填“①”或“②”）所示实验可直接判断出部分同学分析数据得出的“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”的结论是错误的。请在图丙中画出实验②所示的弹簧测力计对杠杆拉力的力臂l 。 押题解读 根据近几年已出的实验题判断，探究电流与电阻的关系实验是重点实验 考点归纳： 1、实验前杠杆的调节：左高右调，右高左调。平衡后实验过程中不能在调节平衡螺母。 2、将杠杆调成水平平衡的目的是：便于测量力臂 3、选择杠杆终点作为支点的好处：消除杠杆自身重力对实验的影响。 4、将砝码换成测力计的好处是：能直接测出拉力的大小，实验操作方便。 5、将砝码换成测力计的缺点是：测力计本身有重量，对实验有一定的影响，使弹簧测力计的示数变大。 6、如上图，乙图和丙图中，弹簧测力计的示数作怎样变化：由大变小，原因是力臂由小变大。 7、你认为哪个图更合理？答：丁图，实验不受弹簧测力计的重力的影响。 8、使用弹簧测力计代替钩码最终目的是：更能正确认识力臂。 9、多次实验的目的是：避免实验的偶然性，是结论具有普遍规律。 1．探究“杠杆的平衡条件”实验如图所示，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、细线、若干相同的钩码等，杠杆上的指针是为了方便判定杠杆是否水平。 （1）实验前，将杠杆中点置于支架上，杠杆静止时如图甲所示。此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡； （2）实验数据如下表所示，请把表格中两处空缺补充完整。 实验次序 ① 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 1.0 5.0 1.0 5.0 2 1.5 10.0 0.5 30.0 3 2.0 15.0 1.5 ② 分析表格数据，可得出的实验结论是 ； （3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧各增加一个相同的钩码，则杠杆 （选填“左”或“右”）端将下沉； （4）小明继续采用了图丙所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，处理实验数据时发现与实验结论明显不相符，原因可能是 。 2．在“探究杠杆平衡条件”的实验中： （1）实验前发现杠杆左端下沉（图甲所示），可将杠杆右端的平衡螺母向 调节，直至杠杆平衡。实验前的调节平衡的目的有两个：①消除杠杆自重对平衡的影响；②便于测量 ； （2）调节平衡后，按图乙所示，在杠杆两端挂钩码，不断改变动力或动力臂的大小，调节阻力或阻力臂的大小，使杠杆重新在水平位置平衡，记录数据如下表： 实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 0.5 8.0 1.0 4.0 2 2.0 6.0 1.5 8.0 3 3.0 4.0 ______ 6.0 表格中第三次实验的阻力应该为 N； 分析数据可得杠杆平衡条件： 。 3．利用图中的装置探究杠杆平衡的条件，每个钩码的质量相等，杠杆上的刻度均匀。 （1）不挂钩码时，出现杠杆右端下沉，应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡；挂上钩码，移动钩码位使杠杆在水平位置再次平衡（如图甲），此时也要选择在水平位置平衡的目的是 ； （2）三次实验数据见表，分析数据可知，杠杆的平衡条件是 ； 次数 动力F1/N 动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m 1 1.0 0.2 2.0 0.1 2 1.5 0.1 1.0 0.15 3 2.0 0.15 1.5 0.2 （3）图甲中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，杠杆会 （选填“顺时针”或“逆时针”）转动； （4）如图乙，用弹簧测力计替代右侧钩码，沿与水平方向成60°角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡。若把左侧钩码的拉力作为阻力右侧弹簧测力计的拉力作为动力，此时的杠杆是 杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）；继续减小拉力与水平方向的夹角，同时保持杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计示数将 。（选填“增大”“减小”或“先增大后减小”） 4．沈青同学在研究“杠杆平衡条件”的实验中，所用的器材有：质地均匀且有刻度的杠杆、支架、细线和若干个质量相同的钩码。请你帮他完成下列内容： （1）实验前，发现杠杆处于如左图所示的状态，此时杠杆 （选填“已经”或“没有”）达到平衡状态；应将杠杆右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）边调节，使杠杆在水平位置平衡，这样操作的目的是 ； （2）如图所示，杠杆上的刻度均匀，沈青同学在杠杆上A点处挂2个钩码，为使杠杆重新在水平位置平衡，应在B点挂 个钩码。此时杠杆在水平位置平衡，这样操作的目的是 ； （3）在步骤（2）的基础上，若将两边各增加一个钩码，杠杆将 （选填“仍然平衡”、“右端下降”或“左端下降”）。 5．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，每个钩码质量都相等。 （1）如图甲所示，杠杆在此位置静止，这时杠杆 （选填“平衡”或“不平衡”）。 （2）调节杠杆的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量 。 （3）如图乙所示，若在A位置挂两个钩码，现有三个钩码，需挂在杠杆O点右侧第 格的位置，使杠杆再次在水平位置平衡。 （4）实验时，多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，重复实验，这样做的目的是 。 （5）如图丙所示，用弹簧测力计在B位置向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，其示数 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 押题猜想二十四 特殊方法测电阻 限时：6min 物理兴趣活动课上，老师让同学们测一个阻值约为800Ω的电阻Rx；实验室提供的器材有：电源U额（电压恒为3V）、电流表（量程为0～0.6A、0～3A）、电压表（量程为0～3V、0～15V）、电阻箱R0（0～9999Ω 5A）各一个，开关、导线若干。小明同学使用伏安法测电阻时，发现电流表指针几乎不动，小明经过思考发现由于待测电阻较大，电路中的电流很小，使用此电流表无法测出通过电阻的电流大小。请你合理选用上述器材设计一个实验，帮助小明较精确测出未知电阻Rx的阻值。要求： （1）在虚线框内画出你所设计的实验电路图； （2）写出主要实验步骤及所需测量的物理量； （3）写出电阻Rx的数学表达式。（用已知量和测量量表示） 小资料 电阻箱简介 实物图：　　 　　　　符号： 使用方法：使用时，把两个接线柱接入电路，调节四个旋盘就能得到0~9999Ω之间的任意整数阻值。各旋盘对应的小三角指示点的示数乘以面板上标记的倍数，然后加在一起，就是电阻箱接入电路中的阻值。 押题解读 根据近几年已出的实验题判断，特殊方法测电阻是重点实验 1．现有一个阻值为20Ω的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为0~1A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干。请你利用上述器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求： （1）画出实验电路图； （2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。 单刀双掷开关简介小资料： 实物图：符号： 使用方法：单刀双掷开关由动端“刀”和不动端“1”“2”两个触点组成，使用时可将“刀”掷向“1”或“2”触点，起到双控的作用。 2．物理课上，老师让同学们测出一个未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），可供选用的器材如下：一个电源（电压约为8V）；一块电流表（量程0~0.6A，分度值0.02A）；一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器Rp，开关及导线若干。请你利用上述器材设计一个实验方案，测出未知电阻Rx的阻值。要求： （1）在虚线框内画出你所设计的实验电路图； （2）根据你所设计的电路，写出主要实验步骤和需测量的物理量； （3）写出待测电阻Rx的数学表达式。（用已知量和测量量表示） 3．现有一个最大阻值未知的滑动变阻器（约 10Ω），想精确测量该滑动变阻器的最大阻值 Rx，可供选择的器材有：电压约为 12V 的电源（电源电压不变），阻值为 5Ω的定值电阻 R0，一个量程为 0~0.6A 的电流表，一个量程为 0~15V 的电压表，开关和导线若干。 请你合理选择器材设计实验方案。（注：电路不可重组）要求： （1）画出实验电路图 （2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出 Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。 4．王红在实验室发现一个使用过的电阻，由于没有说明，无法确定该电阻的规格，于是他想测量一未知电阻Rx（阻值约为50Ω）的阻值。实验室所提供的器材有：一个电源（电压约为10 V），一个滑动变阻器R0（50Ω，2 A），一块电压表（量程为0~3 V，分度值为0.1 V），一块电流表（量程为0~0.6 A，分度值为0.02 A），开关、导线若干。请你合理选用器材设计一个实验，测出未知电阻Rx的阻值。要求： （1）在虚线框内画出实验电路图（电路不可重组）； （2）根据你所设计的电路，写出主要实验步骤； （3）写出Rx的数学表达式（用已知量和测得量表示）。 5．有一个电压约为2V的电源（电压保持不变）、一个电流表（量程0~0.6A）、一个电压表（量程0~3V）、一个电阻箱（电路符号），开关和导线若干。请你合理选择器材设计实验，测出约为600Ω的未知电阻Rx的阻值。要求： （1）画出实验电路图； （2）写出主要实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。 ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年中考物理终极押题猜想（天津） （高分的秘密武器：终极密押+押题预测） 押题猜想一 声音的特性 2 押题猜想二 物态变化辨析 4 押题猜想三 光现象辨析 7 押题猜想四 估测 10 押题猜想五 大气压及应用 13 押题猜想六 电路 17 押题猜想七 力学基础知识 20 押题猜想八 机械能及其转化 23 押题猜想九 电磁现象辨析 26 押题猜想十 欧姆定律的动态电路分析 31 押题猜想十一 凸透镜成像规律 35 押题猜想十二 滑轮组的相关计算 40 押题猜想十三 电学综合计算 46 押题猜想十四 平面镜成像 54 押题猜想十五 运动和力 57 押题猜想十六 生活用电 59 押题猜想十七 内能和分子动理论 62 押题猜想十八 功和功率的简单计算 64 押题猜想十九 摩擦力、压强的简单分析 66 押题猜想二十 电热综合计算 69 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 73 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 83 押题猜想二十三 探究杠杆的平衡条件 87 押题猜想二十四 特殊方法测电阻 95 押题猜想一 声音的特性 限时：1min “眼见不一定为实，耳听不一定为真”，诈骗者利用AI语音合成技术，模仿他人的声音（　　），让接听者误以为是自己熟悉的人在说话。 A．响度 B．音调 C．音色 D．频率 【答案】C 【解析】声音的音色由发声体的材料、结构等决定，不同发声体发出的声音音色不同，诈骗者利用AI语音合成技术，模仿他人的声音音色，让接听者误以为是自己熟悉的人在说话，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 声音的特性，其主要内容有音调，响度，音色。 音调指声音的粗细和高低，主要由频率来决定。于是，轻小薄紧短的物体音调比较起高。  响度由物体的振动幅度来决定，一般指用的力量越大，响度越大。除了振幅以外，响度还跟听者与声源的距离有关系。 音色由有物体的结构和材料来决定，比如说不同的乐器发出的声音。不同的人发出的声音，我们能辨别出来的话，主要是音色来决定的 1．如图所示，在筷子上捆一些棉花，做一个活塞。用水蘸湿棉花后插入两端开口的塑料管中。用嘴吹管的上端，能显著改变声音的（　　） A．响度 B．音量 C．音色 D．音调 【答案】D 【解析】声音是由物体的振动产生的，音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。用嘴吹管的上端，管内空气柱振动会产生声音，上下推拉活塞时，空气柱长度发生改变，因此空气柱的振动快慢会发生改变，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 2．图是神舟十三号乘组返回前，王亚平在空间站用古筝演奏《梦天》的画面。电视观众能够分辨出古筝的声音，是根据声音的（　　）    A．响度 B．音色 C．音调 D．速度 【答案】B 【解析】不同发声体材料和结构不同，发出声音的音色不同，人们只听琴声就能根据音色分辨出这是用我国传统乐器古筝弹奏的，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 3．中医诊病讲究“望、闻、问、切”，其中“闻”有听的意思。如听人唱歌可诊脾胃，若歌声洪亮，则脾胃应该健康。“洪亮”主要是指声音的（　　） A．响度大 B．音调高 C．音色美 D．速度大 【答案】A 【解析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，歌声洪亮是指声音的响度大，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4．“宫、商、角、徵、羽”起源于春秋时期，是中国古乐的五个基本音阶，亦称五音，相当于现代7个音阶中的do、re、mi、sol、la、五音实际上是指声音的（　　） A．音色 B．音调 C．响度 D．振幅 【答案】B 【解析】中国古乐的五个基本音阶，每个音阶对应的频率是逐渐增大的，因为频率越高，音调越高，由此可知do、re、mi、sol、la、五音实际上是指声音的音调，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 5．古诗《春夜洛阳城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的（  ） A．音调 B．响度 C．音色 D．速度 【答案】C 【解析】由于物体的材料和结构不同，物体振动发出声音的音色不同；所以诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的音色。故ABD不符合题意；C符合题意。 故选C。 押题猜想二 物态变化辨析 限时：1min 在农业气象防灾减灾中，天气预报预警发挥着重要作用。下列有关天气预警信号中蕴含的物态变化知识，分析正确的是（　　） A．冰是凝固形成的，要吸热 B．霜是凝华形成的，要吸热 C．雾是液化形成的，要放热 D．雪是凝固形成的，要吸热 【答案】C 【解析】A．冰是液态的水凝固形成的，凝固需要放热，故A错误； B．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华需要放热，故B错误； C．雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化需要放热，故C正确； D．雪是水蒸气遇冷凝华形成的，凝华需要放热，故D错误。 故选C。 押题解读 本考点为必考考点，，基础题，本部分知识与生产、生活联系比较密切。 物态变化有6种：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华 物质从固态变成液态的过程叫做熔化；物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫汽化；物质从气态变为液态的过程叫液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华；物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。 熔化、汽化、升华，需要吸热；凝固、液化、凝华，需要放热。 1．下列自然现象与物态变化名称对应正确的是（　　） A．初春，冰雪消融——熔化 B．夏天，大雾弥漫——汽化 C．深秋，霜打枝头——凝固 D．冬天，冰封江面——凝华 【答案】A 【解析】A．冰雪消融是固态的冰雪变为液态的水，是熔化现象，故A正确； B．雾是液态的小水滴，是水蒸气遇冷变成的，是液化现象，故B错误； C．霜是固态的小冰晶，是水蒸气遇冷变成的，是凝华现象，故C错误； D．冰是固态的，是液态的水遇冷变成的，是凝固现象，故D错误， 故选A。 2．用湿布擦黑板，过一会儿黑板上的水就变干了。有关这个现象，下列说法中正确的是（　　） A．这是液化现象，液化过程需要放出热量 B．这是汽化现象，汽化过程需要放出热量 C．这是蒸发现象，蒸发过程需要吸收热量 D．这是升华现象，升华过程需要吸收热量 【答案】C 【解析】物质由液态变为气态的过程叫汽化。汽化有蒸发和沸腾两种方式。用湿布擦黑板，过一会儿黑板上的水就变干了，是因为液态的水蒸发变为水蒸气，蒸发是吸热过程。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 3．如图所示，在盛有水的盆里放入两块高出水面的砖头，将装有剩饭、菜的碗放入篮子并搁在砖头上，然后再将袋口边缘浸入水中的纱布袋罩在篮子上，就做成一个“简易冰箱”．把它放在通风的地方，即使经过一天时间，篮子里的饭菜也不会变质．这个“简易冰箱”的工作原理是（    ） A．凝固放热 B．液化放热 C．蒸发吸热 D．升华吸热 【答案】C 【解析】由整个装置的结构特点可知，它是借助了蒸发致冷来给食物降温的，装置放在通风处，增大了空气流动速度，加快水的蒸发，蒸发吸热，使饭菜温度降低，防止饭菜变质，故ABD不符合题意，C符合题意． 4．下列现象产生的过程中要吸热的是（ ） A．壶口附近的“白气” B．北方的冬天，植物上的雾凇 C．夏天的清晨，蜻蜓身上的露珠 D．铁矿熔化成的铁水 【答案】D 【解析】壶口附近的“白气”是壶中冒出的水蒸气遇冷液化形成的，而液化放热，故A不符合题意； 北方冬天的雾凇是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，而凝华放热，故B不符合题意； 蜻蜓身上的露珠是大气中的水蒸气遇冷液化形成的，而液化放热，故C不符合题意； 铁矿熔化成的铁水是熔化过程，而熔化放热，故D符合题意． 5．如图所示的四种物态变化实例中，属于凝华的是（    ） A．  山间形成的浓雾 B．  河面冰雪消融 C．  草叶上形成的“露珠” D．  草叶上形成的“白霜” 【答案】D 【解析】A．雾的形成是气态变成的液态，属液化现象，故A不符合题意； B．冰雪消融是固态变成液态，属熔化现象，故B不符合题意； C．露珠的形成是气态变液态，属液化现象，故C不符合题意； D．“白霜”是水蒸气形成的固态小冰晶，属凝华现象，故D符合题意； 应选D。 押题猜想三 光现象辨析 限时：1min 跨学科活动中，同学们表演国家级非物质文化遗产——皮影戏，如图所示，皮影戏中“影”的形成原因是（　　） A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散 【答案】A 【解析】光在同一均匀介质中沿直线传播，皮影戏中“影”形成的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播。 故选A。 押题解读 本考点为必考考点，基础题，光现象辨识常结合图片或生活中的现象进行考查 1．如图是我国古代的一种计时工具——日晷，人们通过观察直杆在太阳下影子的位置来计时。下列现象中与日晷原理相同的是（　　） A．小孔成像 B．光污染 C．潭清疑水浅 D．池水照月明 【答案】A 【解析】A．日晷是利用光的直线传播来计时的；小孔成像是由于光的直线传播形成的，故A符合题意； B．光污染是由于镜面反射形成的，故B不符合题意； C．潭清疑水浅是由于光的折射形成的，故C不符合题意； D．池水照明月是由于光的反射形成的，故D不符合题意。 故选A。 2．下列现象中，与平面镜成像的光现象形成原因相同的是（　　） A．手影游戏 B．小孔成像 C．能看到书 D．海市蜃楼 【答案】C 【解析】A．手影游戏是光沿直线传形形成的，故A不符合题意； B．小孔成像是光沿直线传播形成的，故B不符合题意； C．能看到书是光照到书的表面发生了漫反射，平面镜成像也是光的反射原理，故C符合题意； D．海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故D不符合题意。 故选C。 3．李白《渡荆门送别》中有这样的诗句“月下飞天境，云生结海楼”，诗句中描述的光学现象是（　　） A．镜面反射和漫反射 B．光的反射现象和光的折射现象 C．光的直线传播和光的反射现象 D．光的直线传播和光的折射现象 【答案】B 【解析】“月下飞天境，云生结海楼”的意思是：江边月影好似天上飞来的明镜，云层中出现海市蜃楼；江面月影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；海市蜃楼是由光的折射形成的。故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 4．下列光现象，是由于光的折射形成的是（　　） A．日食月食现象 B．水中的倒影 C．海市蜃楼 D．在阳光的照射下，树荫下出现了一个个圆形的光斑 【答案】C 【解析】A．日食和月食都是由于光的直线传播形成的，故A不符合题意； B．水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不符合题意； C．海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故C符合题意； D．在阳光的照射下，树荫下出现的一个个圆形的光斑是由于光的直线传播形成的，故D不符合题意。 故选C。 5．如图所示，有北方小西子之称的水上公园是美丽天津的一处靓丽风景。下列在人们游园时所看到的现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．碧波庄在水中的倒影 B．地面上游客的影子 C．倒映在水面上的白云 D．在湖水中畅游的鱼儿 【答案】D 【解析】A．水中的倒影，相当于平面镜成像，属于光的反射现象，故A不符合题意； B．游客的影子是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意； C．平静的水面相当于平面镜，水中的“白云”是天上的白云在水中的虚像，属于光的反射现象，故C不符合题意； D．水中游动的鱼反射的光由水中传播到空气中，是由于光的折射形成的，故D符合题意。 故选D。 押题猜想四 估测 限时：1min 我国将每年的农历秋分日设立为“中国农民丰收节”，用以庆祝农作物喜获丰收。如图所示为一成年男子手握玉米的场景，由此可估测出该玉米的长度约为（　　） A．20mm B．20dm C．20cm D．20m 【答案】C 【解析】人四指的宽度约为8cm，图中玉米的长度约为人四指宽度的2.5倍，所以该玉米的长度约为2.5×8cm=20cm=2dm 故选C。 押题解读 本考点为必考考点，能力题。“估测题”在中考物理中通常以实际生活中常见背景材料为载体，考查学生对长度、温度、质量、功和时间等物理量的估测。考查方式分为数值判断式和单位判断式两种，有时也会结合图片进行综合考查。 要对常见的一些量要有数据、数量级的认识：如一般成人、初中学生的质量、身高，步行的速度、交通工具的一般速度,水的密度、家庭电路的电压、干电池的电压、光的速度，g的值等要记住 一层楼的高度约3 m；教室门的高度约为2m；单人课桌高度约为0.8m；一支未使用过的2B铅笔的长度约为20cm；一个中学生的高度约1.6—1.7 m；物理课本长约26 cm；成年人一步距离约0.5 m；一枚一元硬币的直径约是2.5cm；人的正常体温是37℃；适合人淋浴的水温度是37℃—40℃；夏季空调最适宜的温度26℃—28℃；一个成年人的质量约60 kg，一个鸡蛋的质量约50g，一个中等苹果的质量约60g；一间教室的空气质量约300 kg；一元硬币的质量约为6g；百米赛跑的成绩在16s左右，人的脉搏在每分钟60次多一点，即心脏跳动一次的时间接近1s，眼睛眨一下的时间约为0.1s，唱一遍中华人民共和国国歌的时间大约是50s；电饭锅的电功率约为1000W，空调机的电功率约为2000—5000W，洗衣机的电功率约为500W，电视机的电功率约为200W，电冰箱的电功率约为100W，日光灯（光管）的电功率约为40W 1．熊猫是中国的国宝，作为国际友好使者，在对外友好关系中做出突出贡献。熊猫宝宝刚出生时的体重与两个鸡蛋的重量相近。请你根据图的信息，估测刚出生的熊猫的头部直径约为（   ） A．2.5 mm B．2.5 cm C．2.5 dm D．2.5 m 【答案】B 【解析】如图所示，熊猫宝宝的头部直径略大于人的手指的直径，接近于2.5cm，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 2．下图是某衬衫吊牌的部分信息，号型“170/92A”表示适穿人群的特征参数及体型。“A”表示适用于一般体型，“170”表示身高170cm，“92”表示（    ） 产品名称：衬衫 规格：ML 颜色：蓝色 号型：170/92A …… A．胸围92cm B．肩膀宽92cm C．上臂周长92cm D．脖子周长92cm 【答案】A 【解析】A．一般人的胸围约92cm，故A符合题意； B．一般人的肩膀宽约37cm，故B不符合题意； C．一般人的上臂周长约18cm，故C不符合题意； D．一般人的脖子周长约40cm，故D不符合题意。 故选A。 3．我国1元硬币的直径大约是（  ） A．2.5 m B．2.5 dm C．2.5 cm D．2.5 mm 【答案】C 【解析】1元硬币的直径大约为2.5cm，故ABD不符合题意，故C符合题意。 故选C。 4．目前我国在对纳米技术的研究已经跻身世界前列，1.76×109nm可能是（  ） A．物理课本长度 B．一个人的身高 C．一座山的高度 D．一个篮球场的长度 【答案】B 【解析】1.76×109nm=1.76m A、物理课本的长度在26cm=0.26m左右，与题意不符； B、一个人的身高在1.7m左右，与题意相符； C、一座山的高度在300m以上，与题意不符； D、一个篮球场的长度在100m左右，与题意不符． 5．3月12日植树节这一天，学校组织九年级同学参加植树造林活动。根据如图所示信息，对图中这棵小树的高度估测合理的是（　　） A．0.5m B．1.5m C．1.9m D．5m 【答案】C 【解析】九年级同学的身高约1.7m，小树的高度略大于同学的身高，接近1.9m。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 押题猜想五 大气压及应用 限时：1min 下列事例中，属于应用大气压的是（　　） A．小雪用力将易拉罐压瘪变形 B．潜水员穿抗压服潜水 C．用注射器往人体用注射药液 D．人呼吸时的吸气 【答案】D 【解析】A．小雪用力将易拉罐压瘪变形，说明力可以使物体发生形变，故A不符合题意； B．潜水员穿抗压服潜水是因为潜水员在水下工作时，会受到来自身体周围各个方位的压力，水越深，水压就越大，对人体造成的伤害就会更大，故B不符合题意； C．用注射器把药液注入人体内，是靠活塞推进产生的压强将药液注入病人的体内，不是利用大气压强，故C不符合题意； D．当吸气的时候，膈肌与肋间外肌收缩，胸腔及肺变大，内部气压降低，空气被大气压压入肺部，故D符合题意。 故选D。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 大气压的存在（实验证明） 1、著名的证明大气压存在的实验：马德堡半球实验 2、其它证明大气压存在的现象和大气压的应用：吸盘挂衣钩能紧贴在墙上、利用吸管吸饮料、活塞式抽水机。 3、小实验：覆杯实验、瓶吞鸡蛋实验、皮碗模拟马德堡半球实验 1．如图所示是生活中的工具或装置，其使用状态下利用大气压的是（　　） A．  三峡船闸 B．  铅垂线 C．  盆景自动供水装置 D．  破窗锤 【答案】C 【解析】A．船由上游通过船闸，用了连通器原理，不是利用大气压，故A不符合题意。 B．用铅垂线检查是否竖直，利用重力的方向竖直向下，不是利用大气压，故B不符合题意； C．盆景自动供水装置中瓶内水在重力、向下的气体压力、向上的大气压的作用下处于静止状态，故C符合题意； D．破窗锤一端制成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，与大气压无关，故D不符合题意。 故选C。 2．下列事例中，利用大气压作用的是（　　） A．“玉兔号”在月球上留下“足迹” B．菜刀磨得锋利 C．用吸管吸饮料 D．潜水时穿潜水服 【答案】C 【解析】A．“玉兔号”在月球上留下“足迹”，属于力的作用效果，与大气压无关，故A不符合题意； B．菜刀磨得锋利，这是在压力大小一定时，通过减小受力面积来增大压强的，与大气压无关，故B不符合题意； C．吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压人口腔内，利用了大气压的作用，故C符合题意； D．深水潜水员要穿特制的抗压潜水服，是为了承受更大的水压，不是大气压的作用，故D不符合题意。 故选C。 3．如图所示的生活现象能说明大气压存在的是（　　） A． 火车轨道 B． 用吸管吸饮料 C． 拦河大坝 D． 锅炉水位计 【答案】B 【解析】A．火车轨道的枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，不符合题意； B．用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压，符合题意； C．由于液体压强随深度的增加而增大，为了让拦河坝承受更大的水的压强，修成“上窄下宽”的形状，不符合题意； D．锅炉水位计，水位计上端和锅炉炉身的上端都是开口的，底部是连通的，是连通器，不符合题意。 故选B。 4．小华制成如图所示的“自动给水装置”，是用一个装满水的塑料瓶子倒放在盆景中，瓶口刚好被水浸没．其瓶中水面能高于盆内水面，主要是由于（　　） A．瓶的支持力的作用 B．瓶的重力作用 C．水的浮力作用 D．大气压的作用 【答案】D 【解析】在一个标准大气压下，大气压可以支持约10.3m高的水柱．瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来。 故选D。 5．下列现象或装置中不是利用大气压强原理的是（　　） A．锅炉的水位计 B．吸盘 C．吸管吸饮料 D．盆景自动供水装置 【答案】A 【解析】A．锅炉水位计上端开口，下部连通，构成了连通器，使用的是连通器的原理，与大气压无关，故A符合题意； B．使用吸盘时，需要首先用力将挂衣钩的吸盘紧压在墙壁上，将塑料吸盘中的空气排出，通过手的挤压排出了吸盘内的气体，使内部气压小于外界大气压，这样外界大气压将挂衣钩压在墙壁上，故B不符合题意； C．用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，利用了大气压，故C不符合题意； D．盆景的自动给水装置上端不开口，底部相互连通，它是利用大气压来工作的，故D不合题意。 故选A。 押题猜想六 电路 限时：2min 如图所示，闭合开关后，两盏灯都能发光。若将一根导线连接到灯泡L2两端，关于电路中灯泡发光情况，下列说法正确的是（　　） A．L1、L2都变亮 B．L1不亮、L2亮 C．L1、L2都不亮 D．L1亮、L2不亮 【答案】D 【解析】若将一根导线连接到灯泡L2两端，L2被短路，电流就不再通过L2，因此，L2不会发光。而L1仍然连接在电路中，所以电流会通过L1，L1会继续发光。 故选D。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 在连接电路时，常听到有通路、断路（开路）、短路三种说法，这三种情况各不相同。 通路是指闭合开关接通电路，电流流过用电器，使用电器进行工作的状态。 断路是指电路被切断，电路中没有电流通过，用电器不工作的状态。除了正常地切断电源，使电路断开外，一般在下列情况下也会出现断路。①用电路连接处接触不良；②用电器内部断线 部分用电器短路与电源短路的区别： 若电路中只接有一个用电器，用电器短路即为电源短路，这是不允许的；但如果有两个以上的用电器按一定的方式接入电路，其中一个用电器短路时，该用电器无电流通过而不能工作，而其他用电器还能工作，这便是通常所说的部分用电器短路 1．如图所示是一个简化了的玩具警车电路图，若只让小灯泡工作，应（　　） A．只闭合S1 B．只闭合S2 C．S1、S2都闭合 D．S1、S2都断开 【答案】B 【解析】A．只闭合开关S1时，电路中只有电动机工作，故A不符合题意； B．只闭合S2时，电路中只有灯泡工作，故B符合题意； C．当S1、S2都闭合时，电动机和灯泡并联，故C不符合题意； D．当S1、S2都断开时，电路为断路，故D不符合题意。 故选B。 2．如图所示，电路元件及导线连接均完好，当开关S1、S2闭合后，下列分析正确的是（　　） A．两灯都亮 B．只有灯L1亮 C．只有灯L2亮 D．两灯都不亮 【答案】B 【解析】如图，当开关S1、S2闭合后，L2被短路，故L1亮，L2不亮，故B正确，ACD错误。 故选B。 3．小华同学在探究串联电路中用电器的工作特点时，误连接如图所示电路，若同时闭合开关S1、S2，观察到灯泡的发光情况是（　　） A．两灯均不发光 B．两灯均发光 C．L1不发光，L2发光 D．L1发光，L2不发光 【答案】C 【解析】闭合开关S1，该电路为串联电路，电灯L1、L2都能发光；再闭合开关S2，灯泡L1的两端被导线相连，则灯泡L1被短路，L1不发光，通过灯泡L2电流变大，L2更亮，因此ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 4．如图，两个灯泡始终完好，当开关S断开时，两个灯泡都发光，当开关S闭合时，可能出现的现象是（　　） A． 和都不亮 B．不亮，亮 C．和都亮 D． 不亮，亮 【答案】B 【解析】由电路图可知，当开关S断开时，电路为两灯串联的电路；开关S闭合后，L1被短路，电路为只有L2的简单电路。所以开关S闭合后，没有电流经过L1，则L1不亮；L2是通路，所以L2会亮。 故选B。 5．如图所示，闭合开关S，灯泡L1、L2都发光。现将一根导线接在该电路中的某两个接线柱上，会导致仅L1灯熄灭的连接是（　　） A．d、c接线柱 B．a、b接线柱 C．b、d接线柱 D．a、d接线柱 【答案】A 【解析】A．导线连接c、d两接线柱，灯泡L1被短路，只有灯泡L2工作，故A符合题意； B．导线连接a、b两接线柱，电源短路，两灯都不能发光（即两灯同时熄灭），故B不符合题意； C．导线连接b、d两接线柱，电源短路，两灯都不能发光（即两灯同时熄灭），故C不符合题意。 D．导线连接a、d两接线柱，相当于闭合开关，两灯都能发光，故D不符合题意。 故选A。 押题猜想七 力学基础知识 限时：2min 下表中有关足球运动的物理知识与现象不相符的是（　　） 序号 现象 物理知识 ① 用力踢球时，脚也感觉到痛 物体间力的作用是相互的 ② 用力越大，足球被踢的越远 力的方向影响力的作用效果 ③ 足球在空中飞行最终落向地面 足球受到重力的作用 ④ 足球飞出去，撞到球门被弹回 力可以改变物体的运动状态 A．① B．② C．③ D．④ 【答案】B 【解析】A．用力踢球时，脚也感觉到痛，说明物体间力的作用是相互的，①物理知识与现象相符，故A不符合题意； B．用力越大，足球被踢的越远，说明力的大小影响力的作用效果，②物理知识与现象不相符，故B符合题意； C．足球在空中飞行最终会落向地面，是由于足球受到重力的作用，③物理知识与现象相符，故C不符合题意； D．用脚踢足球，足球飞出去，撞到球门被弹回，说明力可以改变物体的运动状态，④物理知识与现象相符，故D不符合题意。 故选B。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 一、力 1．产生力条件： (1)有2个或以上物体。 (2)物体间必须有相互作用。 2．特点： (1)物体间力的作用是相互的。 (2)相互作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一直线上。（但受力物体是两个不同的物体） (3)两个相互作用的物体，施力物体同时也是受力物体。 3．力的作用效果 (1)改变物体的形状。 (2)改变物体的运动状态。 4．力的三要素：大小、方向、作用点。 二、弹力 1．手拉弹簧时会感受到弹簧反抗拉伸的作用，这种力叫做弹力。 2．弹簧测力计的原理:弹簧受到的拉力越大，弹簧的长度越长。 三、重力 1．物体由于地球的吸引而受到的力。故重力的施力物体是地球。 2．重力与物体的质量成正比，重力和质量的比值为g＝9.8N/kg，重力与质量的关系G＝mg。 G表示物体受到的重力，单位为牛，符号为N；m表示物体的质量，单位为千克，符号为kg；g表示9.8N/千克 3．方向：竖直向下。 4．作用点：重心。重力的作用点——重心，对于质量均匀、形状规则的物体，其重心位于几何中心 1．关于重力下列说法正确的是（　　） A．重力是一种弹力 B．重力是物体本身产生的力 C．重力的方向是竖直向下的 D．重力的方向是垂直向下的 【答案】C 【解析】A．物体由于受到地球的吸引而产生的力叫重力，物体与地球不接触也有重力，所以重力不是弹力；故A错误； B．重力的施力物体是地球，也就是说重力是地球施加给物体的，不是物体本身产生的力，故B错误； CD．重力的方向总是竖直向下的，指向地心，故C正确，D错误。 故选C。 2．如图所示，小芳穿着滑冰鞋正对墙站立，她用手推一下墙，自己便向后运动，使小芳向后运动的力是（　　）    A．地球对她的重力 B．墙壁对她的弹力 C．地面对她的支持力 D．地面对她的摩擦力 【答案】B 【解析】小芳用手推一下墙，自己便向后运动，手给墙一个弹力，墙给小芳一个反作用力，故使小芳向后运动的力是墙壁对小芳的弹力。故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 3．成语“踔厉奋发”中的“踔”有“跳跃，超越”的意思。向上跳跃时，需要用力向下蹬地，利用的物理知识是（　　） A．物体之间都存在万有引力 B．物体间力的作用是相互的 C．重力的方向是竖直向下的 D．力的作用效果与力的作用点有关 【答案】B 【解析】人向上跳跃时，需要用力向下蹬地，由于物体间力的作用是相互的，地面给人一个向上的力，改变了人的运动状态。故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 4．以下关于重力的说法中错误的是（　　） A．重力的施力物体是地球 B．重力的方向总是竖直向下的 C．在同一位置，质量大的物体受到的重力大 D．重力的作用点叫重心，物体的重心都在物体上 【答案】D 【解析】A．重力都是受地球的吸引而获得的，重力的施力物体是地球，故A正确，不符合题意； B．重力的方向总是竖直向下，故B正确，不符合题意； C．物体的重力跟它的质量成正比，在同一位置，质量大的物体受到的重力大，故C正确，不符合题意； D．重力的作用点叫重心，物体的重心不一定在物体上，例如篮球的重心。故D错误，符合题意。 故选D。 5．忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动轨迹如图所示，抛出后的小球由于 A．不受力，运动状态发生改变 B．不受力，运动状态不发生改变 C．受到重力作用，运动状态发生改变 D．受到推力作用，运动状态发生改变 【答案】C 【解析】小球出手之前，和手一起运动，抛出的小球，不再受到手的推力，由于惯性保持原来的运动状态，继续前进．小球出手前后都受到重力作用，重力改变了小球的运动方向和速度，运动状态不断发生改变．故选C． 押题猜想八 机械能及其转化 限时：1min 如图所示，空中加油机正在给匀速水平飞行的战斗机加油，加油机和战斗机保持稳定的高度和相同的速度匀速飞行，则在此过程中加油机的（   ） A．动能和重力势能都减小 B．动能和重力势能都不变 C．动能减小，重力势能不变 D．动能不变，重力势能减小 【答案】A 【解析】动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关，加油机给战斗机加油时，速度和高度不变，但自身质量减小，所以动能和重力势能都减小，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 动能 物体由于运动而具有的能量 物体动能的大小跟物体的质量、速度有关 重力势能 物体由于位于高处而具有的能量 物体重力势能的大小跟物体被举高的高度有关、与物体的质量有关 弹性势能 物体由于弹性形变而具有的能量 影响弹性势能大小的因素:物体弹性势能的大小跟物体的弹性(材料)、物体的弹性形变量有关 动能和势能之间可以互相转化的。方式有：动能和重力势能之间可相互转化；动能和弹性势能之间可相互转化。 如果只有动能和势能相互转化，则机械能的总和不变，即机械能是守恒的 1．《中华人民共和国民法典》中规定“禁止从建筑物中抛掷物品”，生活中我们更要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为、“高空抛物”危害性大的原因是因为高处的物体具有较大的（　　） A．重力 B．动能 C．重力势能 D．弹性势能 【答案】C 【解析】由题意可知，高空抛物现象之所以存在巨大的安全隐患，是因为物体被举高后具有了重力势能，而且物体的质量越大、高度越高，重力势能越大，因此高空抛物会造成很大的危害，故ABD不符合题意，C故符合题意。 故选C。 2．如图所示为小朋友们在玩滑梯时的情景，在小朋友沿滑梯加速下滑的过程中，下列说法中正确的是（　　） A．小朋友的动能增大，重力势能也增大 B．小朋友的动能减小，重力势能也减小 C．小朋友的动能增大，重力势能减小 D．小朋友的动能减小，重力势能增大 【答案】C 【解析】小朋友沿滑梯加速下滑的过程中，质量不变，速度增大，高度降低，动能变大，重力势能变小，同时，在加速下滑的过程中，需要克服摩擦阻力做功，有一部分机械能转化为内能，故机械能减小，故C正确，ABD错误。 故选C。 3．在城市夏天的早晨和傍晚，洒水车都会在街道上洒水降温．一辆洒水车在某街道上沿水平方向匀速行驶洒水的时候，洒水车的 A．动能不变，势能减小 B．动能变小，势能不变 C．动能、势能都不变 D．动能、势能都变小 【答案】D 【解析】因为洒水车在水平街道上匀速行驶，所以速度和高度都不变，但洒水过程中，质量减小，所以动能和重力势能都减小． 故选D. 4．下列物体中不具有动能的是（　　） A．流动的河水 B．被拦河坝挡住的水 C．正在下降的飞机 D．在平直的公路上行驶着的汽车 【答案】B 【解析】A．物体由于运动而具有的能力叫做动能，因此流动的河水在运动，具有动能，故A不符合题意； B．被拦河坝挡住的水，有高度，具有重力势能，但静止没有动能，故B符合题意； C．正在下降的飞机，由于运动具有动能，故C不符合题意； D．在平直的公路上行驶着的汽车，由于运动具有动能，故D不符合题意。 故选B。 5．如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的（　　） A．动能不变，机械能不变 B．动能变大，机械能变大 C．动能不变，机械能变大 D．动能变大，机械能不变 【答案】B 【解析】无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内，其质量变大，速度不变，动能变大；高度不变，但质量变大，所以重力势能变大，故机械能变大，故B正确，ACD错误。 故选B。 押题猜想九 电磁现象辨析 限时：2min 随着我国将发展新能源汽车上升为国家战略，纯电动汽车越来越受老百姓的欢迎．电动车的“心脏”是电动机，如题图所示的四个装置中，能反映电动机工作原理的是（    ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。 A．图中当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故A不符合题意； B．图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故B不符合题意； C．图中是探究磁性强弱与线圈匝数的关系，故C不符合题意； D．图中当闭合开关后，闭合回路的部分导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意。 故选D。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 电磁现象辨识的解题思路 首先要明确电磁三现象是指:电流的磁效应、磁生电、磁场对电流的作用 归类明确电磁三现象在生活中的应用: A.电流的磁效应:电磁铁、电磁继电器、电磁起重机等; B. 电磁感应:发电机; C. 磁场对电流的作用:电动机; 审题时判断题干中所涉及的是关于哪一种电磁现象的原理,然后对号入座辨别. ①题干中出现有电流通过时"受力转动”字眼则为电动机原理,题干中若有“产生变化的电流”则为发电机原理; ②发电机原理图无电源,电动机原理图有电源. 1．如图所示四个实验中与发电机工作原理一致的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】发电机是根据电磁感应现象制成的。 A．图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，故A符合题意； B．该装置是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，不是发电机的原理，故B不符合题意； C．图中给导体通电，可使导体在磁场中受力而运动，是电动机的原理，故C不符合题意； D．该装置是探究磁极间的相互作用规律的实验，故D不符合题意。 故选A。 2．唱歌时用的话筒如图所示，它的工作原理是：对着话筒说话时，话筒将声音的振动转变为强弱变化的电流，然后经扬声器还原为声音。话筒工作原理与下列实验原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】A．当对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着一起振动，线圈在磁场中切割磁感线，能产生随着声音变化而变化的电流，所以麦克风的工作原理是电磁感应现象。图中通电螺线管吸引小铁针，说明通电螺线管产生了磁场，探究的是电流的磁效应，与话筒的工作原理不同，故A不符合题意； B．图中是奥斯特实验，探究的是电流的磁效应，与话筒的工作原理不同，故B不符合题意； C．图中是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，是电磁感应现象，与话筒的工作原理相同，故C符合题意； D．图中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，与话筒的工作原理不同，故D不符合题意。 故选C。 3．如图所示，下列说法不正确的是（　　） A．该实验用来研究电磁感应现象 B．验电器检验物体是否带电 C．小磁针转动，说明电流能产生磁场 D．该实验能说明发电机的工作原理 【答案】A 【解析】A．图中金属棒通过电流时，会运动起来，说明通电导体在磁场中受力的作用，故A错误，符合题意； B．图中所示是验电器，验电器可以检验物体是否带电，故B正确，不符合题意； C．图中导线中通过电流时，小磁针的方向发生变化，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应实验，故C正确，不符合题意； D．图中导体ab切割磁感线运动，电流表的指针发生偏转，说明电路中产生电流，该实验是研究电磁感应现象，能说明发电机的工作原理，故D正确，不符合题意。 故选A。 4．如图所示，是四幅实验图，其中表述错误的是（　　） A．①所示实验是研究电磁感应现象的 B．②所示实验是研究磁场对电流的作用与哪些因素有关的 C．③所示实验是研究磁性强弱与电流大小关系的 D．④所示实验是研究电流产生磁场的 【答案】C 【解析】A．①所示实验是研究闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流的，是电磁感应实验，故A正确，不符合题意； B．②所示实验是通电导体在磁场中受力的运动，是研究哪些因素影响磁场对电流的作用。故B正确，不符合题意； C．两电磁铁串联，所以电流相等，而线圈的匝数不同，故③所示实验是研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系。故C错误，符合题意； D．④所示实验是是奥斯特实验，证实了通电导体周围存在磁场即电流的磁效应，故D正确，不符合题意。 故选C。 5．图是动圈式话筒的构造示意图。对着话筒唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈跟着一起振动，线圈处在磁场中。把线圈两端的导线接入扩音机，就能通过扬声器听到歌声。以下设备的工作原理与此种话筒相同的是（　　） A．发电机 B．电动机 C．电磁铁 D．电磁继电器 【答案】A 【解析】话筒的工作原理是电磁感应现象。 A．发电机是根据电磁感应现象制成的，故A符合题意； B．电动机是根据通电导体在磁场中受力作用的原理做成的，故B不符合题意； C．电磁铁是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意； D．电磁继电器是利用电流的磁效应做成的，故D不符合题意。 故选A。 押题猜想十 欧姆定律的动态电路分析 限时：2min 某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示，为定值电阻，为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时，其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列正确的是（   ） A．电阻的阻值变小 B．通过的电流变大 C．电阻两端的电压变小 D．电阻两端的电压变小 【答案】D 【解析】A．闭合开关，激光被遮挡瞬间，没有光线照射光敏电阻，光敏电阻的阻值变大，电阻的阻值变大，故A错误； B．闭合开关，激光被遮挡瞬间，电阻的阻值变大，总电阻变大，电源电压不变，则通过电路中的电流变小，通过的电流变小，故B错误； C．根据串联分压，电阻的阻值变大，电阻两端的电压变大，故C错误； D．根据可知，电阻的阻值不变，通过的电流变小，故电阻两端的电压变小，D正确。 故选D。 押题解读 本考点为常考考点，能力题 电路的动态分析，是欧姆定律的具体应用。电路发生动态变化的原因是由于电路中滑动变阻器滑片位置的变化或由于开关的断开和闭合或由于电压表、电流表位置的变化等，引起电路的电阻发生改变，从而引起电路中各物理量的变化。 解题思路 总体遵循“先局部-再整体-再局部”的思路，具体说来： ①由某个电阻或开头的变化分析总电阻的变化（局部）； ②根据欧姆定律，由总电阻的变化分析总电流的变化（整体）； ③由总电流的变化，根据欧姆定律和电路和串、并联规律分析各支路的电压、电流的变化（局部）。 1．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，下列说法正确的是（    ） A．电压表和电流表示数都变小 B．电压表和电流表示数都变大 C．电压表示数变小，电流表示数变大 D．电压表示数变大，电流表示数变小 【答案】C 【解析】由图可知，定值电阻R1和变阻器R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，由串联分压可知变阻器R2两端的电压变小，电压表的示数变小，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大。 故选C。 2．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　）    A．电压表示数变小 B．电压表示数变大 C．电流表A1示数变小 D．电流表A2示数变小 【答案】D 【解析】AB．由电路图可知，R1和R2并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；因电源的电压不变，所以电压表的示数不变，故AB错误； CD．滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，因为并联电路两端电压不变，而定值电阻R0的阻值不变，根据可知通过R0的电流不变，即电流表A1示数不变，故C错误，D正确。 故选D。 3．在全国青少年创新大赛中，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示，当被测身高增加时（　　） A．A示数变大，V示数变小 B．A示数变大，V示数变大 C．A示数变小，V示数变小 D．A示数变小，V示数变大 【答案】D 【解析】由图可知滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路电流；当被测身高增加时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据可知，电路中的电流变小，电流表示数变小，由U1=IR1可知定值电阻两端的电压变小，由串联电路电压的规律可知滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 4．图甲是显示水温的“智能水杯”内部电路，电表的示数可以反映温度的高低，热敏电阻R2的阻值随温度变化关系如图乙所示。开关闭合后，关于这个电路说法错误的是（    ） A．图中电表是电流表 B．温度越高，R2的阻值越小 C．温度越高，电表的示数越小 D．温度越高，R1两端的电压越大 【答案】C 【解析】A．由电路图可知，该电路中的电表串联接入电路，所以该电表为电流表，故A正确，不符合题意； BC．该电路为串联电路，热敏电阻温度越高，根据图乙可知，热敏电阻的阻值减小，则电路总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B正确，不符合题意，C错误，符合题意； D．温度越高，电路中电流变大，根据U=IR可知，R1两端的电压增大，故D正确，不符合题意。 故选C。 5．为保障安全，现在很多室内公共场所安装有烟雾报警装置。如图所示是烟雾报警的简化原理图，电源电压保持不变，为定值电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，当电路中的电流减小至某一数值时报警器开始报警。当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时（    ） A．电阻的阻值随电流变化报警器 B．电流表的示数变大 C．电压表的示数变大激光 D．电压表的示数与电流表的示数的比值变小 【答案】C 【解析】A．光敏电阻R的阻值光照强度的减弱而增大，与电流无关，故A错误； BC．由图知，定值电阻R0与光敏电阻R串联，电压表测光敏电阻R的电压，电流表测电路中的电流；当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，光照强度减弱，光敏电阻R的阻值增大，根据串联电阻的规律，总电阻变大，由可知，电路中电流变小，即电流表示数减小；根据U=IR可知，定值电阻R0的电压变小，根据串联电路电压的规律，光敏电阻R的电压增大，即电压表示数增大，故B错误，C正确； D．由于电流表测量电路电流，电压表测量光敏电阻阻值，且电流表示数变小，电压表示数变大，则电压表 V 的示数与电流表 A 的示数的比值将变大，故D错误。 故选C。 押题猜想十一 凸透镜成像规律 限时：3min 小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水凸透镜”和光屏位于如图所示位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像。下列说法正确的是（      ） A．此时成像特点与照相机的相同 B．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动 C．此时“水凸透镜”的焦距为 15.0cm D．继续给水凸透镜加水，要想得到清晰的像，光屏应向左移 【答案】BD 【解析】A．由图可知，物距小于像距，此时物体在一倍焦距和二倍焦距之间，此时应成倒立放大的实像，像在二倍焦距以外投影仪根据这个原理制成，故A错误； B．蜡烛燃烧变短后，烛焰的位置向下移动，由于蜡烛成倒立的实像，像的位置向上移动，故B正确； C．由A分析知，物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，则有 联立以上两式解得 故C错误； D．“水凸透镜”的厚度变大，会聚作用变强，水透镜的焦距变小，继续给水凸透镜加水，会聚作用变强，像将靠近水透镜，要想得到清晰的像，光屏应向左移，故D正确。 故选BD。 押题解读 本考点为必考考点，能力题。主要集中在五大静态、两大动态、变化镜头焦距等内容 凸透镜成像规律 记忆口诀： 1.一倍焦距分虚实；二倍焦距分大小；物近像远像变大；物远像近像变小。 2.u=f是实像和虚像的分界点；u=2f是像大小的分界点。 3.凸透镜成实像都是倒立的，虚像都是正立的。 4.物体离焦点越近，像离焦点越远，且像越大。 1．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．凸透镜的焦距是10cm B．该成像规律应用在投影仪上 C．燃烧的蜡烛不断变短，光屏上成的像会上移 D．用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰的像 【答案】AC 【解析】A．由图可知，刻度尺的分度值为1cm，此时物距为 u=50.0cm-30.0cm=20.0cm 像距为 v=70.0cm-50.0cm=20.0cm 物距等于像距，根据 u=v=2f 成倒立、等大的实像，即2f=20.0cm，因此该凸透镜的焦距f=10.0cm，故A正确； B．由于此时物距等于两倍焦距，一般应用在测量焦距的大小；而投影仪成的是倒立放大的实像，物距为大于一倍焦距而小于两倍焦距，故B错误； C．燃烧的蜡烛不断变短，根据过光心的光线传播方向不变可知，光屏上成的像会上移，故C正确； D．用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，凸透镜焦距变大，对光的会聚能力变弱，会将光线推迟成像，因此只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像，故D错误。 故选AC。 2．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上依次摆放蜡烛、凸透镜和光屏，如图所示，此时烛焰在光屏上恰好成清晰的像（像未画出）。下列说法不正确的是（　　） A．凸透镜的焦距为10cm B．若遮挡凸透镜的一部分，光屏上将得不到完整的像 C．若将蜡烛移到35cm刻度处，凸透镜不动，无论怎么移动光屏，光屏上都不会呈现烛焰的像 D．蜡烛、凸透镜、光屏位置不动，换用焦距更大的凸透镜，光屏上能再次呈现清晰的像 【答案】BD 【解析】A．根据凸透镜成像规律可知，当物距等于像距等于2倍焦距时，在光屏上成倒立等大的实像，即 故A正确，不符合题意； B．图示位置时能成倒立等大的实像，若遮挡凸透镜的一部分，穿过凸透镜的光亮变少，但是依然可以在光屏上成像，只是像的亮度变暗，故B错误，符合题意； C．将蜡烛移到35cm刻度处时，物距小于焦距，无法在光屏上成像，故C正确，不符合题意； D．换用焦距更大的凸透镜时，凸透镜的会聚作用减弱，此时物距不变，则物距在1倍焦距和2倍焦距之间，此时应将光屏向右移动才能在光屏上成倒立放大的实像。故D错误，符合题意。 故选BD。 3．某同学在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，记录并绘制了像到凸透镜的距离v与物到凸透镜的距离u的关系图像，如图所示，下列判断正确的是（　　） A．该同学所用凸透镜的焦距f=10cm B．当u=6cm时，光屏上得到的是倒立、放大的实像 C．把物体从6cm处移动到15cm处的过程中，像逐渐变小 D．当u=15cm时，光屏上得到的是放大的像，投影仪利用这一原理工作 【答案】BC 【解析】A．由图示知，当物距等于像距为10cm时，成倒立等大的像，此时物距等于2倍焦距，所以焦距 故A错误； B．当u=6cm时，物距大于一倍焦距，而小于二倍焦距，成倒立放大的实像，故B正确； C．物距从6cm移动到15cm，物距大于一倍焦距，成实像，物距变大时，像距变小，像变小，故C正确； D．物距为15cm时，物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，照相机是利用这一原理工作的，投影仪成的是倒立放大的实像，故D错误。 故选BC。 4．在探究凸透镜成像规律的实验中，当烛焰、凸透镜、光屏处于如图所示的位置时，假如在光屏上得到一个清晰的像。下列说法不正确的是（    ） A．利用这一成像原理可以制成投影仪 B．此凸透镜的焦距满足 C．保持凸透镜的位置不动，调换蜡烛和光屏的位置，则光屏上可呈现一清晰的倒立放大的实像 D．将蜡烛移动到距凸透镜7cm位置时，光屏上能得到正立放大的像 【答案】CD 【解析】AB．如图所示，物距像距分别为 即，根据凸透镜成像规律，此时所成的像为倒立、放大的实像，利用这一成像原理可以制成投影仪。则 解不等式组可得，此凸透镜的焦距满足 故AB正确，不符合题意； C．保持凸透镜的位置不动，调换蜡烛和光屏的位置，此时，，像距小于物距，根据光路的可逆性及凸透镜成像规律，则光屏上可呈现一清晰的倒立缩小的实像，故C错误，符合题意； D．将蜡烛移动到距凸透镜7cm位置时，则此时物距小于焦距，根据凸透镜成像规律，此时所成的像为正立放大的虚像，虚像不是实际光线会聚而成的，不能在光屏上承接，故D错误，符合题意。 故选CD。 5．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，某学习小组用如图甲所示的方法测量凸透镜的焦距；正确安装并调节实验装置后，在光屏上得到一个清晰的像，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．由图甲可知，该凸透镜的焦距是 B．光屏上成的是倒立缩小的实像 C．图乙中的烛焰向远离凸透镜方向移动，所成的像逐渐变小 D．图乙中若用黑纸片将凸透镜遮挡一半，光屏上成半个烛焰的像 【答案】AC 【解析】A．平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于一点，即焦点，从焦点到光心的距离为焦距，故焦距 故A正确； B．由图乙可知，物距小于像距，由凸透镜成像规律可知，光屏上成的是倒立放大的实像，故B错误； C．图乙中的烛焰向远离凸透镜方向移动，物距变大，像距变小，像变小，故C正确； D．图乙中若用黑纸片将凸透镜遮挡一半，透镜的另一半仍能会聚烛焰发出的光线，成完整的像，只是像会变暗，故D错误。 故选AC。 押题猜想十二 滑轮组的相关计算 限时：3min 如图所示，两个滑轮组采用不同的绕绳方法，将同一重物匀速提升相同的高度（不计绳重和摩擦），拉力大小分别为F1、F2，拉力移动距离分别为s1、s2，额外功分别为W额1、W额2，机械效率分别为η1、η2，下列说法中正确的是（　　）    A． B． C． D． 【答案】AD 【解析】由图可知，两个滑轮组中动滑轮上的绳子段数分别为、，物体和动滑轮的重相同，不计绳重和摩擦； A．根据可知拉力的大小关系为，故A正确； B．根据可知，拉力移动的距离关系为，故B错误； C．根据可知额外功的关系为：，故C错误； D．根据 可知，两滑轮组的机械效率关系为，故D正确。 故选AD。 押题解读 本考点为必考考点，能力题。 在计算当中首先就要搞明白的物体上升的高度，物体的重力或质量，然后再通过滑轮组的绕线的方式来确定，再来确定定滑轮或动滑轮上的线条数n，即可对滑轮组提升物体时的各个量进行相对应的求解 ①有用功：W有用=Gh ②总功：W总=Fs ③额外功：W额外=W总-W有用 ④s=nh（其中n是绳子段数，h是重物上升高度。） ⑤滑轮组机械效率公式：η=(W有用/W总)×100％；η=(W有用/W总)×100％=(G/nF)×100％ 1．用如图所示的滑轮组匀速提升重力为60N的物体，在绳子自由端移动6m的过程中，拉力F做的功为150J，所用时间为5s，在此过程中，下列说法正确的是（g取10N/kg）（　　） A．物体升高6m B．拉力F做功的功率为30W C．滑轮组的机械效率为80% D．若不计绳重和摩擦，动滑轮的重力为5N 【答案】BC 【解析】A．由图可知，承担物重绳子的股数是n＝3，则物体上升的高度为 故A错误； B．拉力F做的功为W总＝150J，则拉力F做功的功率 故B正确； C．做的有用功为 W有用＝Gh＝60N×2m＝120J 滑轮组的机械效率为 故C正确； D．额外功为 W额＝W总﹣W有用＝150J﹣120J＝30J 动滑轮重 故D错误。 故选BC。 2．如图甲所示，虚线框内是由两个滑轮组装成的滑轮组，工人利用该滑轮组，用200N的竖直向上的拉力F，将物体匀速提高2m，若物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，此过程中滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．绳端移动的速度为2m/s B．工人所做的有用功是1200J C．滑轮组中动滑轮重120N D．若提升更重的物体，滑轮组的机械效率将变大 【答案】CD 【解析】A．由图乙可知，时间为6s时，绳子自由端移动的距离为6m，则绳端移动的速为 故A错误； B．拉力做的总功 W总=Fs=200N×6m=1200J 由可知滑轮组做的有用功 W有=ηW总=80%×1200J=960J 故B错误； C．做的额外功 W额=W总﹣W有=1200J﹣960J=240J 由不计绳重和摩擦时，克服动滑轮做的功为额外功的唯一来源，根据W额=G动h可知，动滑轮的重力 故C正确； D．由不计绳重和摩擦时 可知，动滑轮重力一定时，提升更重的物体，滑轮组的机械效率将变大，故D正确。 故选CD。 3．如图所示，用滑轮组将质量为60kg的重物在10s内匀速提升了2m，动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（　　）    A．绳子自由端拉力的功率是140W B．滑轮组的机械效率约为85.7% C．提升重物的过程中所做的额外功是200J D．提升的重物变成400N时，滑轮组的机械效率将变大 【答案】ABC 【解析】A．物体所受重力 由图知 不计绳重和摩擦，绳端的拉力 拉力端移动距离 总功 拉力的功率 故A正确； B．有用功 滑轮组的机械效率 故B正确； C．提升重物的过程中所做的额外功 故C正确； D．当提升重物的重力减小为，做的有用功就变小，而额外功几乎不变，有用功和总功的比值变小，故滑轮组的机械效率变小，故D错误。 故选ABC。 4．利用四个相同的滑轮，组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，用同样的时间，把质量相等的重物G提升了相同的高度，所用的拉力分别为F1、F2，拉力做的功分别为W1、W2，拉力的功率分别为P1、P2，滑轮组的机械效率分别是η1、η2（忽略绳重与摩擦），下列关系式正确的是（　　）    A．F1＞F2 B．W1＝W2 C．P1＜P2 D．η1＝η2 【答案】ABD 【解析】A．由图知道，甲滑轮组绳子的有效股数n1＝2，乙滑轮组绳子的有效股数n2＝3，根据题意知道，两滑轮组中动滑轮的重力相等，且提升物体的重力相等，所以，忽略绳重与摩擦时，由知道 F1＞F2 故A正确； B．因忽略绳重与摩擦时，克服物体重力做的功为有用功，克服物体和动滑轮总重力做的功为总功，且两物体提升相同高度，所以，由W＝Gh知道，有用功和拉力做的总功均相等，则 W1＝W2 故B正确； D．由知道，两滑轮组的机械效率关系为 η1＝η2 故D正确； C．因两物体提升相同高度用的时间相等，所以，由 知道，拉力做功的功率关系为 P1＝P2 故C错误。 故选ABD。 5．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，绳子受的拉力分别为F1、F2；保持甲、乙两绳自由端的速度相同，把相同的物体匀速提升相同的高度。若不计绳重及轴处摩擦，下列说法正确的是（　　）    A．F1的大小小于F2的大小 B．绳子自由端移动的距离相等 C．F1和F2的功率相同 D．两个滑轮组的机械效率相同 【答案】AD 【解析】A．不计绳重及摩擦，两个滑轮组提升的都是物体和一个动滑轮，甲有三段绳子与动滑轮接触，绳端拉力等于总重的三分之一；乙有两段绳子与动滑轮接触，绳端拉力等于总重的二分之一，所以F1＜F2，故A正确； B．绳子自由端移动的距离s＝nh，甲有三段绳子与动滑轮接触，乙有两段绳子与动滑轮接触，而物体上升的高度相等，可见s1≠s2，故B错误； C．已知甲、乙两绳自由端的速度相同，而拉力不同，由P＝Fv知：拉力F1和F2的功率不相同，故C错误； D．把相同的物体匀速提升相同的高度，由W有用＝G物h可知，甲乙的有用功相同；不计绳重及轴处摩擦，动滑轮重相同，由W额＝G轮h可知，甲乙的额外功相同，因此，利用滑轮组做的总功相同，有用功相同，根据机械效率定义可以知道，两个滑轮组的机械效率相同，故D正确。 故选AD。 押题猜想十三 电学综合计算 限时：4min 如图所示，电源电压恒定，灯泡的规格为“5U0  2.5P0”，定值电阻R1的阻值和滑动变阻器R2的最大阻值均为，电压表的量程为“0~6U0”。闭合开关S、S1，将滑动变阻器R₂的滑片移至最左端，灯泡恰好正常发光。在保证各电路元件安全的前提下，以下说法正确的是（忽略温度对电阻的影响）（　　） A．小灯泡的电阻为 B．电源电压为10U0 C．闭合开关S、S1、S2，R1消耗的最大功率为3.6P0 D．闭合开关S、S1、S2，电路中的最小电流为 【答案】BC 【解析】A．小灯泡的正常发光时的电阻为，故A错误； B．闭合开关S、S1，将滑动变阻器R2的滑片移至最左端，R1与L串联，灯泡恰好正常发光。此时电路中的电流为 则电源电压为 故B正确； C．闭合开关S、S1、S2，灯L短路，R1与R2串联。电压表测量R1两端的电压，滑动变阻器接入电路中的电阻越小，通过R1的电流越大，R1两端的电压越大，R1的功率越大。在电路安全的前提下，当电压表示数达到6U0时， R1的功率最大，此最大功率为 故C正确； D．闭合开关S、S1、S2，灯L短路，R1与R2串联。当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，最小电流为 故D错误。 故选BC。 押题解读 本考点为必考考点，较难题，注重掌握基础的同时，更多要求考生的综合能力，包括阅读能力、破题能力、迁移能力、计算能力等。 推导表达式不能盲目,要在公式、变形公式或者关系式的基础上进行。 仔细阅读题干，明确题目的要求和限制条件。通常，题干会给出一些关键词，这些关键词对于理解题意非常重要；如果正确答案不能一眼看出，应当排除明显错误的答案。当确定一个选项不符合题意时，迅速将注意力移到下一个选项，依次加以判断；多选题的选项往往有一定的内在联系，有些选项可能是相互独立的，而有些则可能是相互依赖的。在选择答案时，注意这些关系，可以更好地判断哪些选项是正确的。 1．如图甲所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U-I关系图象如图乙所示。下列说法正确的是（    ） A．电源电压为8V B．R1的最大功率为3.2W C．R2的最大功率为0.6W D．滑片移动过程中，当V1示数由2V变为6V时，R1的电功率变化量为0.8W 2．当定值电阻两端的电压由增大到时，通过它的电流由增大到。电压增加量，电流增加量，电功率增加量为，则（　　） A． B． C． D． 【答案】ABD 【解析】A．因定值电阻的阻值不变，所以，由可得，前后两次电压分别为 U1=I1R，U2=I2R 所以，电压增加量 变形可得，故A符合题意； C．由P=UI可得，前后两次电阻消耗的功率分别为 P1=U1I1，P2=U2I2 所以，电功率增加量 因 因此 故C不符合题意； B．电功率增加量 故B符合题意； D．电功率增加量 故D符合题意。 故选ABD。 3．周华用如图所示的电路测小灯泡功率。电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω；1A”，灯泡标有“2.5V；1.25W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程；灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（　　） A．电流表示数的变化范围是0~0.5A B．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4~20Ω C．灯泡的最小功率是0.162W D．该电路的最大功率是2.7W 【答案】BC 【解析】分析电路可知，灯泡和变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡电压。 AB．灯泡的额定电流为 灯泡的电阻为 电流表的量程为0~0.6A，则电路中最大电流为0.5A，此时变阻器阻值最小为 滑动变阻器的最大阻值为20Ω，当滑动变阻器的最大阻值接入电路时，电流最小为 则电流表示数的变化范围是0.18~0.5A，滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4~20Ω，故A错误，B正确； C．灯泡的最小功率为 故C正确； D．该电路的最大功率为 故D错误。 故选BC。 4．如图所示的电路中，闭合、断开时，甲、乙是电流表，，此时电路的总功率为；当、都闭合时，甲、乙是电压表，此时电路的总功率为，则下列说法正确的是（   ） A．电阻大小之比 B．总功率之比 C．当闭合、断开时，通过和的电流之比 D．、闭合时，甲、乙电压表示数之比 【答案】ABD 【解析】A．闭合、断开时，甲、乙是电流表，该电路为并联电路，，甲电流测的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路电流规律可得的电流为 根据并联电路分流规律可得电阻之比为 故A正确； BD．由A可知总功率为 当、都闭合时，甲、乙是电压表，该电路为串联电路，甲电压表测电源电压，乙电压表测两端电压，由串联电路分压规律可得 则 此时电路总功率为 则 故BD正确； C．当闭合、断开时，该电路为并联电路，则通过和的电流之比 故C错误； 故选ABD。 5．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端，电压表V1示数随电流表示数变化的完整图线如图乙所示。其中、、均为已知量，则下列判断正确的是（　　） A．定值电阻的阻值为 B．电压表V2的最大示数为 C．电流表的最大示数为 D．电路的最大总功率为 【答案】BC 【解析】A．根据题意可知，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端，电压表V1示数随电流表示数变化的完整图线如图乙所示，由电路图可得，电压表V1测定值电阻的电压，电压表V2测滑动变阻器的电压，当滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端，接入电路的电阻变大，电压表V1的示数变小，可得，滑动变阻器在最左端时，电压表V1的电压为，也为电源电压，滑动变阻器在最右端时，电压表的电压为，此时电流表的示数为定值电阻的阻值为，定值电阻的阻值为，故A错误； B．电源电压保持不变，滑动变阻器在最左端时，电压表V1的电压为，也为电源电压，滑动变阻器在最右端时，电压表的电压为，根据串联电路的电压规律可得，电压表V2的最大示数为，故B正确； C．电源电压保持不变，滑动变阻器在最左端时，电压表V1的电压为，也为电源电压，此时电路中的电流最大，即可得电流表的最大示数为 故C正确； D．电路的最大总功率为 故D错误。 故选BC。 押题猜想十四 平面镜成像 限时：1min 当一架无人机掠过湖面时，水中出现无人机的倒影，无人机的倒影是 （选填“实”或“虚”）像，无人机从湖中央飞回岸边，湖中的像 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 虚 不变 【解析】[1]水中出现无人机的倒影，此时的水面相当平面镜，倒影是平面镜成像现象，所成的是虚像。 [2]无人机从湖中央飞回岸边，无人机的大小不变，则湖中像的大小也不变。 押题解读 （说明：阐释押题理由、押题依据、押题秘笈等） 本考点为必考考点，基础题 平面镜成像的特点 1.像的大小和物体相同；（等大） 2.像和物体到镜面距离相等；（等距） 3.像物连线与镜面垂直；（垂直） 4.平面镜所成的像是正立的；（正立） 5.平面镜成虚像 1．小军同学先站在竖直放置的穿衣镜前2.5m处，然后向穿衣镜靠近1m，则小军在镜中像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”），此时小军与镜中的像之间的距离为 m。 【答案】 不变 3 【解析】[1]根据平面镜成像特点，平面镜成的像和物体大小相等，该同学向穿衣镜移动1m，则该同学在镜中像的大小不变。 [2]小军同学先站在竖直放置的穿衣镜前2.5m处，然后向穿衣镜靠近1m，此时小军同学到平面镜的距离是 根据平面镜成像特点，平面镜成的像和物体到平面镜的距离相等，像和平面镜的距离也是1.5m，小军同学与镜中像之间的距离 2．一只小鸟在深度为3m的平静湖面上空飞过，当小鸟距水面5m时，小鸟在湖面的“倒影”是 （选填“实”或“虚”）像，该“倒影”距小鸟 m。 【答案】 虚 10 【解析】[1]倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点，物体在平面镜中所成的像是虚像，所以小鸟在湖面的“倒影”是虚像。 [2]根据平面镜成像的特点，像与物到平面镜的距离相等，已知小鸟距水面5m，像到水面的距离也是5m，所以“倒影”距小鸟为10m。 3．古诗中有不少描写白鹭的诗句，例如“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”。图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的反射形成的 （选填“实”或“虚”）像。若水深，当白鹭距离水面时，白鹭的像与白鹭的距离是 m。 【答案】 虚像 30 【解析】[1]水面类似于镜面，根据平面镜成像可知，成正立、等大的虚像。 [2]由平面镜成像可知，像距与物距相等，所以当白鹭距离水面15m时，白鹭的像与白鹭的距离是30m。 4．如图所示，检查视力的时候，视力表放在被测者头部的后上方 （选填“正立”或“倒立”）的像，视力表在镜中的像与被测者相距 m。 【答案】 正立 4.2 【解析】[1]根据平面镜成像的知识可知，平面镜成的是物体正立等大的虚像。 [2]由图知，像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离，视力表的像距离平面镜也是2.3m，人距离平面镜的距离为 2.3m﹣0.4m＝1.9m 视力表在镜中的像与被测者相距为 2.3m+1.9m＝4.2m 5．“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”，现有一蜻蜓立于距水面0.8m处的荷尖上。池中水深1.5m，则蜻蜓在水中的像距水面 m，是 （选填“实像”“虚像”）。 【答案】 0.8 虚像 【解析】[1]水面相当于平面镜，现有一只蜻蜓立于距水面0.8m处的荷尖上，蜻蜓与水面的距离是0.8m，根据平面镜成像特点，则蜻蜓的像距水面的距离是0.8m。 [2]平面镜的成像原理是光的反射，平面镜成的像是反射光线的反向延长线的会聚点，不是实际光线的会聚点，所以是虚像。 押题猜想十五 运动和力 限时：1min 如图所示，当锤子的锤头松动时，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，这是因为锤头具有 ；同时锤柄撞击木凳后停止了向下运动，说明力能够改变物体的 。 【答案】 惯性 运动状态 【解析】[1][2]当锤头松动时，人们常用撞击锤柄的方法，使锤头紧套在锤柄上。撞击时，锤柄突然停止，运动状态发生了变化，这是因为力改变了锤柄的运动状态，锤头由于具有惯性，保持原来的运动状态，会继续向下运动，牢牢套在锤柄上。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.牛顿第一定律  （1）一切物体在没有受到外力作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。 （2）牛顿第一定律表明，力不是产生运动的原因，一切物体如果不受外力，都能保持原来的运动状态不变，静止或匀速直线运动。  （3）牛顿第一定律是科学推理，得出的理想实验，不能用实验验证。 （4）不受外力时，原来静止的要保持静止，原来运动的物体要保持匀速直线运动状态。 2.惯性  （1）物理学中，把物体保持静止或匀速直线运动状态的性质叫做惯性。 （2）牛顿第一定律又叫做惯性定律。  （3）惯性是物体的一种普遍属性一切物体都具有惯性。  （4）惯性大小和物体的质量有关。质量越大，惯性越大。 （5）惯性的利用和防止现象：汽车启动—向后倒，汽车刹车—向前倾。安全带；安全气囊。  3.物体受力时怎样运动  （1）二力平衡：一个物体在两个力的作用下，保持静止状态或做匀速直线运动，这两个力互相平衡或二力平衡。  （2）二力平衡条件：作用在同一个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上（同体、等大、反向、共线）  （3）物体受平衡力作用，会保持静止或者匀速直线运动。物体受非平衡力作用，运动状态改变。 4.力和运动关系：力不是维持物体运动，力是改变物体运动状态的原因 1．如图所示，用力拨动簧片，把小球与支座之间的金属片弹出时，小球并没有随金属片飞出，该实验说明 （选填“小球”或“金属片”）具有惯性；形变后的簧片将金属片打出，说明力可以改变物体的 。 【答案】 小球 运动状态 【解析】[1]小球和金属片原来都是静止的，金属片受力弹出后，小球由于惯性要保持原来的静止状态，所以小球没有飞出。 [2]形变后的簧片恢复原状的过程中对金属片产生弹力，金属片受力而飞出，说明力能改变物体的运动状态。 2．如图所示，用力打击一摞棋子中间的一个，该棋子由静止开始沿水平方向飞出，这表明力可以改变物体的 ，上面的棋子由于 要保持原来的静止状态。 【答案】 运动状态 惯性 【解析】[1][2]力可以改变物体的形状或运动状态，用力打击一摞棋子中间的一个，棋子在力的作用下由静止开始沿水平方向飞出，棋子的运动速度和方向都发生了变化，这表明力可以改变物体的运动状态。 [2]任何物体都具有惯性，惯性即物体保持原来运动状态不变的性质，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，由于下方的棋子飞出，在重力的作用下落在桌子上。 3．物体不能无限地被压缩说明分子间存在着相互作用的 ，从枪口射出的子弹仍能在空中继续飞行是由于子弹具有 。 【答案】 斥力； 惯性。 【解析】[1]分子间存在着相互作用的引力和斥力，物体很难被拉伸，说明分子间存在相互作用的引力；物体不能无限地被压缩说明分子间存在相互作用的斥力； [2]从枪口射出的子弹仍能在空中继续飞行是由于子弹具有惯性，仍要保持原来的运动状态。 4．乘客坐在行驶的汽车上，以汽车为参照物乘客是 的．当汽车突然刹车时，乘客身体会 倾斜． 【答案】 静止 向前 【解析】乘客坐在行驶的汽车上，以汽车为参照物，乘客与汽车间的位置没有发生变化，所以乘客是静止的； 当汽车突然刹车时，乘客由于惯性，要继续保持原来的运动状态，向前运动，所以会向前倾倒． 5．汽车关闭发动机后，仍能继续向前行驶一段路程，是因为汽车具 的缘故，但最后还是会停下来，是因为汽车受到 的缘故． 【答案】 惯性 摩擦力 【解析】汽车关闭发动机后没有动力，仍保持原来运动状态向前运动，是因为汽车有惯性．汽车停下来，运动状态改变，是由于受到了外力：摩擦力．力可以改变物体的运动状态． 押题猜想十六 生活用电 限时：1min ．大量经验表明，不高于 V的电压一般对人体是安全的。如图甲、乙所示为家庭电路中造成电线燃烧的原因，其中图乙所示情况的原因是 （选填“用电器的总功率过大”或“短路”）。 【答案】 36 短路 【解析】[1]常见电压中，对人体安全电压是不高于36V。 [2]家庭电路中造成电线燃烧的原因是电路中总电流过大，而总电流过大的原因有两个，一个是发生短路，另一个是总功率过大，即同时工作的用电器过多，乙图中金属丝和灯泡并联，表示发生短路；甲图同时工作的用电器过多，表示总功率过大。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.家庭电路的连接：各种用电器是并联接入电路的，插座与灯座是并联的，控制各用电器工作的开关与电器是串联的。 2.家庭电路的各部分的作用： ①给用户提供家庭电压的线路，分为火线和零线。火线和零线之间有220V的电压。 ②试电笔使用方法：使用时，手指按住笔卡，用笔尖接触被测的导线（手指千万不能碰到笔尖）。如果氖管发光，表示接触的是火线；如果氖管不发光，表示接触的是零线。 3.安全用电的原则是： 不接触低压带电体；不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。 1．家庭电路中的触电事故，都是因为人体直接或间接与 线接触造成的；当人体触电时，如图所示总开关上的 （选填“空气开关”或“漏电保护器”）会迅速切断电流，对人身起到保护作用。 【答案】 火 漏电保护器 【解析】[1]触电是指人直接或间接与火线接触，使电流从人体通过，对人造成了一定的伤害。 [2]空气开关跟漏电保护器作用不完全相同，漏电保护器会在流出和流入电流不对等时切断电路，而空气开关是在电流过大时切断电路，从而可以保护电路，所以，当人体触电时，图中所示总开关上的漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用。 2．我国家庭电路中的电压是 V。家庭电路中电灯、电视机即能单独工作又能同时工作，它们是以 （选填“串联”或“并联”）的方式接入电路中的。 【答案】 220 并联 【解析】[1]在我国家庭电路中，火线和零线之间的电压是220V，我国家庭电路中的电压是220V。 [2]串联电路中各用电器相互影响，一处断路，整个电路就无法工作；而并联电路中各用电器之间互不影响，能独立工作。家庭电路中电灯、电视机既能单独工作又能同时工作，互不影响，所以它们是以并联的方式接入电路中的。 3．家庭照明电路的电压为 V。如图所示，当闭合开关S时，灯L闪亮一下后熄灭，而室内其它用电器仍正常工作，则灯L处 （填“开路”或“短路”）。 【答案】 220 开路 【解析】[1]我国家庭照明电路电压是220V。 [2]由图可见，灯泡L与插座是并联的，灯闪亮一下后熄灭，而室内其它用电器仍正常工作，说明电路没有短路，故障可能是灯丝烧断了。 4．家庭电路中空调和电视机是 （选填“串联”或“并联”），当同时工作的家用电器减少时，电路的总电流 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 并联 变小 【解析】[1]空调与电视机工作时互不影响，所以它们是并联的。 [2]在家庭电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以当电路中同时工作的家用电器减少时，电路的总电流变小。 5．在家庭电路中，使用试电笔辨别火线、零线时，正确的方法如图 所示。正确使用试电笔检测插座上插孔时氖管发光，说明被检测的插孔与 （选填“火线”或“零线”）相连。 【答案】 乙 火线 【解析】[1]测电笔使用时，手应与测电笔笔尾金属体接触，故图乙的使用方法正确。 [2]测电笔接触火线时，会发光，正确使用试电笔检测插座上插孔时氖管发光，说明被检测的插孔与火线相连。 押题猜想十七 内能和分子动理论 限时：1min 如图是我国古老中医疗法一艾灸，用艾柱熏烤患者的穴位时，看到烟雾缭绕，闻到浓浓的艾草药香。其中 是扩散现象，艾灸的部位有温热感，这是通过 的方式使其内能增加的。    【答案】 闻到浓浓的艾草药香 热传递 【解析】[1]闻到浓浓的艾草药香，这说明药香分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象，而烟雾缭绕不是分子的运动。 [2]艾灸的部位有温热感，艾灸的部位吸收了热量，这是通过热传递的方式使其内能增加的。 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.分子动理论的基本内容： 物体是由大量分子组成的；分子都在不停地做无规则的运动；分子间存在着引力和斥力。 ① 分子很小，用肉眼不能直接看到，不能把灰尘等小颗粒看做分子） ② 扩散现象：由于分子运动，不同物质在互相接触时，彼此进入对方的现象。 扩散现象表明：分子在永不停息地做无规则运动；分子间有间隙。 分子做无规则运动的剧烈程度跟温度有关，温度越高，越剧烈。 2.内能： （1）物体的内能与温度有关，温度越高，内能越大。内能也常常称为热能。 （2）物体的内能还与物体内部分子的多少（质量）、种类、结构、状态等因素有关。 （3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。 ①做功改变物体内能的过程，实质上是内能与其他形式能量的相互转化过程。对物体做功，物体的内能会增加；物体对外做功时，本身的内能会减少。 ②热传递改变物体内能的过程，实质上是内能在两个物体间的转移过程。 1．感冒冲剂在热水中比在冷水中溶解得快，是因为温度越高，分子热运动越 。杯中的热水放在桌面上温度会逐渐降低，这是运用了 的方法改变物体的内能。 【答案】 剧烈 热传递 【解析】[1][2]热水温度高，分子运动速度快．扩散速度快，所以感冒冲剂在热水中比在冷水中溶解得快；杯中的热水放在桌面上温度会逐渐降低，这是通过热传递的方法改变物体的内能。 2．景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。手推杆人筒的过程中，通过 方式使筒内密封气体的内能增大，温度 ，达到艾绒着火点。 【答案】 做功 升高 【解析】[1][2]封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，所以气体内能增加，则温度升高，达到艾绒的着火点，使艾绒着火达到去火的目的。 3．冬天我们感觉手冷时，我们可以将两手相互搓一搓，也可以用热水袋焐一焐。后者是通过 方法增加手的内能。下列三幅图中能量转化方向和其它两个不一致的是 （甲/乙/丙）。 【答案】 热传递 丙 【解析】[1]用热水袋焐一焐给手取暖，是温度高的热水袋将热量传递给手，所以是热传递的方式改变内能。 [2]图甲是手对铁丝做功，即外界对铁丝做功，铁丝内能增大，机械能转化为内能；图乙是小孩对滑梯做功，外界对滑梯做功，滑梯内能增大，机械能转化为内能；图丙空气对瓶塞做功，空气对外做功，空气的内能减小，内能转化为机械能，所以三幅图中能量转化方向不一致的是丙。 4．元旦假期妈妈在厨房烙馅饼，小强在客厅里就闻到了馅饼的香味，这是 现象，剁陷儿前妈妈把菜刀放在磨石上磨了几下，发现菜刀的温度升高了，这是用 的方法改变物体的内能。 【答案】 扩散 做功 【解析】[1]妈妈在厨房烙馅饼，温度很高，加快了馅饼的香味分子的无规则运动，扩散到了空气中，所以小强在客厅里就闻到了馅饼的香味，属于扩散现象。 [2]妈妈把菜刀放在磨刀石上磨了几下，菜刀克服摩擦力做功，菜刀内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能。 5．如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，玻璃筒内的空气温度升高，空气的内能 （选填“增加”或“减少”），空气的内能是通过 方式改变的。    【答案】 增加 做功 【解析】[1][2]迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，这是通过做功的方法增大空气内能的。 押题猜想十八 功和功率的简单计算 限时：2min 某工人在水平地面上，用50N水平推力将重200N的物体匀速推动，使他在20s内沿水平方向移动10m，该过程中工人水平推力的功率是 W，重力做的功为 J. 【答案】 25 0 【解析】工人所做的功W=Fs=50N×10m=500J， 水平推力的功率． 重力的方向是竖直向下的，物体在重力的方向上没有移动距离，所以重力没有做功，即重力做的功为0J． 押题解读 本考点为必考考点，基础题 1.进行功的计算应注意的问题：不可随意将力和距离相乘的结果作为最终的结果，而应利用功的两个必要条件判断力是否做功，再利用公式W＝Fs（s是在力方向上移动的距离）计算功的大小。 常见的做功的两种情景：(1)拉着物体沿水平方向前进，可以说时拉力做了多少功W＝Fs，也可以说克服阻力做功(W＝fs)；(2)提升物体竖直上升，克服重力做功(W＝Gh)。 2.功率可用公式P＝W/t或P＝Fv进行计算。当利用公式P＝Fv计算功率时，速度v的单位应为“m/s”。 1．某校学生乘校车到校外参加活动。该校车在某段平直公路上匀速行驶9km，用时15min。若发动机的功率为60kW，则此过程中发动机的牵引力所做的功为 J，发动机的牵引力大小为 N。 【答案】 【解析】[1]由可知，发动机的牵引力所做的功为 W=Pt=60×1000W×15×60s=5.4×107J [2]由W=Fs可知牵引力大小为 2．某物体在大小为的水平拉力作用下，以的速度在粗糙水平桌面上做匀速直线运动，此时拉力的功率为 W。若将水平拉力增大到，此时物体所受的摩擦力为 N。 【答案】 20 10 【解析】[1]拉力的功率为 =10N×2m/s=20W [2]物体做匀速直线运动，受到的拉力和摩擦力是平衡力，摩擦力的大小等于拉力，摩擦力 f=F=10N 若将水平拉力增大到，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力的大小不变，此时物体所受的摩擦力为10N。 3．在水平地面上，工人师傅用100N的力沿水平方向推着重为300N的箱子匀速前进，5s内移动了6m，在这个过程中，地面对箱子的摩擦力为 N，推力做功的功率为 W。 【答案】 100 120 【解析】[1]在水平地面上，工人师傅用100N的力沿水平方向推着重为300N的箱子匀速前进，物体处于平衡状态，摩擦力和推力为一对平衡力，大小相等方向相反，故地面对箱子的摩擦力为100N。 [2]推力做的功 推力做功的功率 4．起重机在10s内将一块大石头沿竖直方向匀速提升了1m，起重机提升大石头的功率是，则起重机做的功是 J，大石头所受的重力是 N。 【答案】 4×104 4×104 【解析】[1] 起重机做的功是 [2] 大石头所受的重力是 5．消防员在训练高楼攀绳时，重为600N的队员需要在20s内，用一根绳索登上11.5m高的楼层。在这个过程中，消防员克服重力做的功为 J，克服重力做功的功率为 W。 【答案】 6900 345 【解析】[1]消防员克服重力做的功 W=Gh=600N×11.5m=6900J [2]克服重力做功的功率为 押题猜想十九 摩擦力、压强的简单分析 限时：2min 如图甲，饮料瓶盖上有一些竖纹，是通过 来增大摩擦的；如图乙，接种疫苗的注射器针头做得很尖，是通过 来增大压强的。 【答案】 增大接触面的粗糙程度 减小受力面积 【解析】[1]饮料瓶盖上有一些竖纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 [2]注射器针头做得很尖，在压力一定时，通过减小受力面积来增大针头对肌肉的压强。 押题解读 本考点为选考考点，能力题 1.公式 p=F/ S 其中各量的单位分别是：p：帕斯卡（Pa）；F：牛顿（N）S：米²（m²）。 （1）使用该公式计算压强时，关键是找出压力F（一般F=G=mg）和受力面积S（受力面积要注意两物体的接触部分）。 （2）特例：对于放在桌子上的直柱体（如：圆柱体、正方体、长放体等）对桌面的压强p=ρgh 2.一容器盛有液体放在水平桌面上，求压力压强问题 处理时：把盛放液体的容器看成一个整体，先确定压力（水平面受的压力F=G容+G液），后确定压强（一般常用公式 p= F/S ） 3.改变压强的方法 （1）增大压强的方法：a.增大压力；b. 减小受力面积 （2）减小压强的方法：a. 减小压力；b. 增大受力面积 1．如图是一种药膏的封口及封盖设计，封盖上的花纹设计是为了 ，尖刺是用来刺破金属膜封口，尖刺的设计是为了 。 【答案】 增大摩擦力 增大压强 【解析】[1]封盖上的花纹设计是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 [2]尖刺是用来刺破金属膜封口，尖刺的设计是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。 2．如图所示，钢丝钳是电工常用的一种工具，通过观察你会发现：橡胶套外表面做有凹凸不平的花纹，可以增大手与钳柄之间的 ；钳口做得比较锋利是为了增大 。 【答案】 摩擦力 压强 【解析】[1]橡胶套外表面做有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 [2]钳口做的比较锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。 3．如图所示，物体重，一人用的力将它压在竖直墙上，物体处于静止状态。这时物体受到的摩擦力大小是 N；如图所示，A、B两个质地均匀的圆柱体放置在水平地面上，且它们对地面的压强相等，则两物体的密度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）。 【答案】 5 大于 【解析】[1]物体处于静止状态，处于平衡状态，竖直方向上所受竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力为一对平衡力，大小相等，所以摩擦力为 [2]由 可知，A、B两个质地均匀的圆柱体，且对地面的压强相等，高度，故。 4．工程载重汽车装有许多车轮，是通过 （选填“增大”或“减小”）受力面积来减小汽车对地面的压强，若水平地面能承受的最大压强为8×106Pa，轮胎与地面的总接触面积为0.4m2，则该汽车载物后的总重不能超过 N。 【答案】 增大 【解析】[1]根据压强公式 可知，汽车是通过增大受力面积来减小对地面的压强。 [2]根据 所以最大的总重为 5．某实心立方体金属块的质量是，边长是，则金属块的密度 （用、表示）。取个这样的金属块，分别以如图的甲、乙两种方式放置在水平地面上，则甲、乙两种方式放置的金属块对水平地面的压强之比 。 【答案】 2∶3 【解析】[1]金属块的体积 金属块的密度 [2]甲、乙两种方式放置时，两者对水平面的压力相等，受力面积分别为 由可得 押题猜想二十 电热综合计算 限时：3min 一个自动电热水壶，其铭牌如下表。将电水壶中装满初温为20℃的水，在标准大气压下，电水壶正常工作5min将水烧开。已知水的c水=4.2×103J/（kg℃），求： 自动电热水壶 型号 ZDH100B 电源 220 V 50 Hz 额定功率 1 500 W 容量 1 000 mL (1)水吸收的热量； (2)电水壶的热效率。 【答案】(1)3.36×105J (2)74.7% 【解析】（1）水的质量为 水吸收的热量为 （2）消耗的电能为 电水壶的效率为 押题解读 本考点为必考考点，基础题，属于常规题目 1.热量的计算公式： 温度升高时用：Q吸＝cm（t－t0） 只给出温度变化量时用：Q吸＝cm△t Q——热量——焦耳（J）；c——比热容——焦耳每千克摄氏度（J/(kg·℃)）；m——质量——千克（kg）； t——末温——摄氏度（℃）；t0——初温——摄氏度（℃） 2.电功的公式： （1）电功与电压、电流、通电时间的关系可用公式表示为：W=Ult W——电功——焦耳(J)；U——电压——伏特(V）；I——电流——安培(A)；t——时间——秒(s) （2）给出额定功率：W=Pt W——电功——焦耳(J)；P——电功率（w）；t——时间——秒(s) （3）加热效率：η=Q吸/W 1．小明完成学习任务后准备去洗澡，想到今天学过的物理知识，思考如何能够计算出电热水器的热效率。于是他想到将家中其他用电器与电源断开，仅让加热50kg水的热水器工作。他观察了电热水器显示屏显示此时水箱内水的温度为20℃，让其加热到50℃时停止工作，并记录了加热前后电能表的示数，如图所示。已知求： （1）此过程中水吸收的热量； （2）电热水器的热效率。 【答案】（1）6.3×106J；（2）87.5% 【解析】（1）水吸收的热量 （2）消耗的电能 电热水器的热效率 2．一只电水壶的铭牌上标着“220V 1000W”的字样，当壶内装1kg初温为20℃的水时，将这些水加热到40℃需用时100s，已知。求： （1）水吸收的热量； （2）电水壶的热效率。 【答案】（1）8.4×104J；（2）84% 【解析】（1）根据热量公式可知，将1kg水从20℃加热到40℃，水吸收的热量为 （2）根据可知，加热100s消耗的电能为 W=Pt=1000W×100s=1×105J 电水壶的热效率为 3．将额定功率为1000W的电热水壶接入220V电路中，把2kg的水从20℃加热到100℃需用时840s，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求： （1）水吸收的热量； （2）消耗的电能； （3）电热水壶的加热效率． 【答案】（1）6.72×105J（2）8.4×105J（3）80% 【解析】（1）水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.72×105J； （2）消耗的电能W=Pt=1000W×840s=8.4×105J； （3）电水壶加热的效率η=×100%==80%； 4．如图是某品牌电热水壶，电热水壶铭牌如表，现将一满壶20 ℃的水烧开（1标准大气压下），求： XX牌电热壶 额定电压 220 V 额定功率 1210W 频率 50 Hz 热水壶容量 2.0 L （1）水需要吸收多少热量？ （2）若用电高峰时烧开这壶水，使标有3 000 r/kW·h的电能表转盘转动了600 转，则烧水的热效率为多少？ 【答案】6.72J   93.3% 【解析】（1）水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg， 在1标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量： Q=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.72×105J； （2）3000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转， 电热水壶消耗的电能：， 烧水的热效率：． 5．用电热水壶加热水，其内部电热丝的阻值为48.4Ω，壶中水的质量为2kg。把它接在220V家庭电路中，将水由20°C加热到70°C。在此过程中不计热量损失，求：[水的比热容为] (1)水吸收的热量； (2)加热时间。 【答案】(1)；(2) 【解析】(1)由题意可知，根据比热容的公式可得到水吸收的热量 水吸收的热量是。 (2)由于这过程不计热量损失，水吸收的热量大小等于电热丝放出的热量，即 根据可知，加热时间 加热时间是。 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 限时：4min 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，小强选用了4Ω、8Ω、10Ω、20Ω四个定值电阻，电源电压恒为3V。 (1)请按图甲所示的电路图，将实物图乙连接完整。 (2)闭合开关试触时，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是 。 (3)排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，当选用4Ω的电阻时，电流表示数如图丙所示，记为 A；以后每更换一个阻值更大的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为 ，同时记下对应的电流值。 (4)根据实验数据，小强作出了如图丁所示的图像，由此可以得出该实验的结论是： 【答案】(1) (2)电阻R0断路 (3)0.5 B 2V (4)见解析 【解析】（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如图所示： （2）闭合开关试触时，发现电流表无示数，说明电路断路，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，说明与电压表并联的部分电路开路，即定值电阻R0断路； （3）[1][2][3]由图丙可知，电流表选择的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时电流表示数为0.5A； 由欧姆定律得，电阻R0两端的电压 U0=IR0=0.5A×4Ω=2V 即电压表示数保持2V不变； 根据串联分压规律可知 由于电源电压恒为U=3V，电压表示数保持U0=2V，每更换一个阻值更大的电阻，滑动变阻器接入电路的阻值也应增大，故应将滑动变阻器的滑片向B端移动，使电压表的示数为2V，同时记下对应的电流值。 （4）根据实验数据，小强作出了如图丁所示的图像，为反比例函数，由此得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 押题解读 根据近几年已出的实验题判断，探究电流与电阻的关系实验是重点实验 考点梳理 1．实验器材：电源、不同阻值的定值电阻、滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线；  2．控制变量法： (1)探究电流与电压的关系时：控制定值电阻的阻值不变，移动滑片，改变定值电阻两端的电压，观察电流表的示数。 (2)探究电流与电阻的关系时：更换电阻，调节滑片位置，控制电压表示数不变，观察电流表的示数。 3．滑动变阻器的作用： (1)探究电流与电压的关系：保护电路、改变定值电阻两端的电压。 (2)探究电流与电阻的关系：保护电路、保持定值电阻两端的电压不变。 4．连接电路前，开关应断开，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑动到阻值最大处。 5．在探究电流与电阻关系的实验中，更换阻值不同的电阻后，移动滑片方向判断：换大调大。 6．小灯泡的电阻会随温度变化而变化，从而会影响实验结论，因此不能将定值电阻换作小灯泡进行实验。 7．电表异常偏转原因： (1)指针反向偏转，原因是正负接线柱接反； (2)正向偏转幅度过小，原因是量程选择过大； (3)正向偏转幅度过大超过最大刻度，原因是量程选择过小； 8．调节滑动变阻器不能使电压达到指定示数的原因是：滑动变阻器的最大阻值过小。 9．换不同规格的电阻多次测量的目的是：得出普遍规律，避免偶然性。 1．在“探究电流与电阻的关系”的实验中，部分器材选用如下：电压为4.5V的电源，阻值为0~50Ω的滑动变阻器，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，导线若干，其它器材如图2所示，回答下列问题。    （1）请按照图1所示的电路图，以笔画线代替导线，完成图2的电路连接； （2）先将5Ω的定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察 （填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”）； （3）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向 （填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图3，分析图像可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 。 【答案】（1）   （2）电压表 （3）A 2.5 反比 【解析】（1）[1]滑动变阻器、定值电阻和电流表依次串联连接，电压表并联在灯泡两端；电压表和电流表都可选用小量程，实物连接如图所示：    （2）[2]在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，故在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表的示数。 （3）[3]根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大。探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A移动，使电压表的示数不变。 [4]由图像可知，定值电阻两端所控制的电压为 UV=IR=0.5A×5Ω=2.5V [5]观察图像可知，电流与对应电阻的乘积是一个定值，因此可得出结论：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。 2．在“探究电流与电阻的关系”实验中，某小组利用电阻箱等连接了如图甲的实物电路（电源电压恒为6V）： 序号 电压/V 电阻/ 电流/A 1 4 10 0.4 2 20 0.2 （1）用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整（要求滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大）； （2）将第一次实验得到的数据填入表格，然后将电阻箱接入电路的阻值由10调至20，滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动，直到电压表示数是 V为止，此时电流表指针位置如图乙所示，其示数为 A； （3）根据以上实验数据得出结论： 一定，电流与电阻成反比； （4）再次将电阻箱接入电路的阻值调至40，为了达到实验要求，应该选择的滑动变阻器 。 A．0.3A　10    B．0.5A　10    C．0.5A　20 【答案】（1） （2）B 4 0.2 （3）电压 （4）C 【解析】（1）[1]由表中数据可知，电压表应选大量程并联在电阻箱两端；滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大，故变阻器应选左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示 （2）[2][3][4]根据控制变量法，探究电流与电阻的关系实验，应控制电阻两端电压保持不变，用大电阻替换小电阻后，电阻两端的电压变大，为了保持电阻两端电压不变，根据串联电路电压规律，应增大滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，故滑动变阻器的滑片向B端移动，直到电压表示数是4V为止；此时电流表指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A。 （3）[5]根据表中实验数据知，电阻增大为原来的几倍，电流减小为原来的几分之一，故得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比。 （4）[6]根据控制变量法，探究电流与电阻的关系实验，应控制电阻两端电压保持4V不变，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为 变阻器分得的电压为电压表示数的倍；当电阻箱接入电路的阻值调至40Ω时，根据分压原理，变阻器接入电路的阻值为 故AB不符合题意，C符合题意。 故选C。 3．小明利用图甲所示的电路做“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”的实验。他使用的器材有：两节干电池，阻值为5（）、10（）、20（）的定值电阻、“15　1A”的滑动变阻器、电流表、电压表和开关各一只，导线若干。 （1）在甲中画出实验所需电路图，并用笔画线代替导线，将图乙中的实物连成实验电路； （2）电路中滑动变阻器的作用是 （答出一条即可）； （3）正确连接好电路后，小明首先将接入电路，移动滑动变阻器滑片使两端的电压为1.5V，读出电流表的示数。 ①小明将用替换接入电路，接下来他应该进行的操作是 ，读出电流表的示数； ②小明用替换接入电路进行实验，发现无论怎样移动滑动变阻器，两端的电压始终无法达到1.5V。经检查，电路连接无误，各元件均完好。找出一种可能的原因 。 【答案】（1） （2）控制电阻两端的电压不变 （3）移动滑动变阻器滑片使R2两端的电压为1.5V 滑动变阻器最大阻值太小 【解析】（1）[1]为了做“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”的实验，用电压表并联在电阻两端测电阻两端的电压，电流表串联在电路中测电路中的电流，滑动变阻器串联在电路中，通过调整滑动变阻器，控制电阻两端的电压不变，且保护电路，开关串联在电路中，控制电路，用电源提供电压，画出电路如甲图所示，然后根据实验电路图连接实物电路如图乙所示。 （2）[2]“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”的实验。需要控制电阻两端的电压不变，故在本实验中滑动变阻器的作用是：通过移动滑动变阻器的滑片，控制电阻两端的电压不变，或保护电路。 （3）①[3]用R2替换R1接入电路，接下来他应该进行的操作是：移动滑动变阻器滑片使R2两端的电压为1.5V。 ②[4]用R3替换R2接入电路进行实验，发现无论怎样移动滑动变阻器，R3两端的电压始终无法达到1.5V，可能是滑动变阻器最大阻值太小，滑动变阻器分压太小，使电阻R3两端的电压过大造成的；或是电源电压太大。 4．小明用如图所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个。 （1）请你用笔画线代替导线，把图示的实验电路补充完整； （2）小明将5Ω电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，可能的故障是 ； （3）排除电路故障后继续进行实验，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应把变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）滑动； （4）连接好电路，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像，由此得到的结论是： ； （5）从图像上可以看出，小明保持不变的电压是 V，为完成实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。 【答案】（1）见解析 （2）定值电阻断路 （3）A （4）电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比 （5）2.5 5 【解析】（1）[1]探究“电流与电阻的关系”，电压表与电阻并联，因电源电压为3V，所以电压表选用小量程，变阻器按“一上一下”的原则接入电路中，如下图所示 （2）[2]电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻断路了。 （3）[3]根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数不变。 （4）[4]由图乙图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。 （5）[5]由图乙图像中数据可知，定值电阻两端的电压始终保持为 UV＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V [6]由图乙可知，实验中使用的定值电阻阻值最大为25Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV＝2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为 U滑＝U-UV＝3V-2.5V＝0.5V 变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为 即所选择的变阻器的最大阻值不能小于5Ω。 5．小虎利用如图甲所示的电路，探究通过“导体的电流跟电阻的关系”。实验器材：两节新干电池，电流表、电压表各一只，一个开关，定值电阻R（分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），滑动变阻器，导线若干。 （1）用笔画线代替导线完成图甲电路的连接； （2）实验中小虎发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表的指针始终处于图乙所示的状态，则电路故障可能是 ； （3）请你设计记录实验数据的表格； （4）小虎利用实验数据做出了图象如图丙所示。在做实验过程中，小虎先用5Ω的电阻做完实验后，断开开关，接着将10Ω的电阻接入电路，闭合开关发现电压表的示数 ，他接下来的操作应该是 。 【答案】（1） （2）定值电阻R处断路 （3） R（Ω） I（A） （4）变大 调节滑动变阻器滑片，使定值电阻两端电压保持不变 【解析】（1）[1]由于电源电压使两节干电池，不会超过3V，故电压表选用小量程，并联在定值电阻两端测定值电阻两端电压，电流表串联在电路中。如下图所示 （2）[2]电源未两节干电池，电压为3V，由乙图可知，无论如何移动滑片，电压表示数始终等于电源电压值，电流表示数为零，说明电路电路中某处断路了，而电压表串联在了电路中，测电源电压；因此可推断出故障可能是定值电阻发生了断路。 （3）[3]由所给器材可知，电路中先后要接入五个阻值不同的定值电阻，所以有五组电阻和电流值 （4）[4]由图像丙根据欧姆定律表达式可知，本实验中改变定值电阻阻值时，始终控制定值电阻两端电压2.5V不变，根据串联电路的分压原理可知，电阻越大分配到的电压越大，因此将5Ω的电阻换成10Ω后，电压会大于2.5V；因此要调节滑动变阻器滑片，使定值电阻两端电压仍为2.5V。 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 限时：3min 如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻的阻值为40Ω。闭合开关S，断开开关，电压表示数为4V。闭合开关S、，电压表示数为12V。求： (1)电源两端的电压U； (2)电阻的阻值； (3)开关都闭合时电路中总功率P。 【答案】(1)12V (2)80Ω (3)3.6W 【解析】（1）由图可知，闭合开关S、，R2被短路，电路为只有R1的简单电路，电压表测量R1两端电压（或电源电压），此时电压表示数为12V，故电源电压为12V。 （2）闭合开关S，断开开关时，两电阻串联，电压表测量R1两端电压，此时电压表示数为4V，则电路中电流为 根据串联电路中电路和电压规律以及欧姆定律可得，电阻的阻值为 （3）开关都闭合时电路为只有R1的简单电路，此时电路中总功率为 押题解读 根据往年中考判断，欧姆定律、电功率的简单计算是需要掌握的重点内容 欧姆定律公式：I=U/R欧姆定律公式变形式：U=IR    R=U/IR 电功率定义式：P=W/t 电功率计算式：P=UI，P=U2/R，P=I2R 1．在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，和为两个定值电阻，其中电阻。当开关闭合、断开时，电流表示数为；当开关均闭合时，电流表示数变为0.9A。求： (1)当开关均闭合时通过的电流； (2)电源电压； (3)电阻的阻值。 【答案】(1) (2) (3) 【解析】（1）当开关闭合、断开时，只有电阻工作，电流表示数为，当开关均闭合时，也接入电路，且和并联，电流表示数即干路电流为0.9A，根据并联电路电流规律可知 （2）当开关均闭合时，两电阻并联，并联电路，则 （3）电阻两端的电压，通过电阻的电流，则的阻值为 2．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，，。当只闭合开关时，电流表的示数为0.3A。求： (1)电源电压。 (2)当断开开关，闭合开关、时电流表的示数。 【答案】(1)6V (2)1.6A 【解析】（1）当只闭合开关S2时，电路是R1和R2组成的串联电路，由可得，电流表的示数为0.3A，则电源电压为 U=IR1+IR2=0.3A×5Ω+0.3A×15Ω=6V （2）当断开开关，闭合开关、时，电路是R1和R2组成的并联电路，电流表测量的是干路电流，根据可知，流过R1电流为 流过R2电流为 根据并联电路的电流规律可知，电流表的示数为 3．有一个“6V， 3W”的小灯泡： （1）正常工作时通过灯泡的电流是多少A？ （2）正常工作时的电阻是多少Ω？ （3）要将它接在9V的电源上正常使用，需要给它如何连联一个多少Ω的电阻？ 【答案】（1）0.5A；（2）；（3） 【解析】（1）正常工作时通过灯泡的电流 （2）正常工作时的电阻 （3）串联电路电流处处相等，各用电器电压之和等于电源电压，则串联的电阻的阻值 4．如图所示，电源电压不变，电阻R1为30Ω，电流表示数为0.2A。闭合开关S后，电流表示数变为0.5A。求： （1）电源电压； （2）电阻R2的电功率。 【答案】（1）6V；（2）1.8W 【解析】（1）由电路图可知，当开关断开时，只有R1接入电路，当开关S闭合时，R1与R2并联，电流表A测干路电流，则电源的电压 U=U1=I1R1=0.2A×30Ω=6V （2）通过R2的电流为 R2两端的电压 电阻R2的电功率 5．家庭中的电饭锅有“关”、“保温”和“加热”三个挡位，其简化电路如图所示。若保温功率是880W，加热功率是2090W。通过计算回答： （1）该电饭锅在“保温”挡位正常工作时通过R2中的电流； （2）在“保温”挡位正常工作10min电阻R2产生的热量； （3）R1的电阻。 【答案】（1）4A；（2）5.28×105J；（3）40Ω 【解析】（1）由可知，该电饭锅在“保温”挡位正常工作时的电流 （2）工作10min电阻R2产生的热量 （3）由图可知，电饭锅在“加热”挡位正常工作时，保温档也工作，则R1的功率为 由可知，R1的电阻 押题猜想二十三 探究杠杆的平衡条件 限时：4min 在“探究杠杆平衡条件的实验”中，实验中所用钩码质量均为50g： (1)如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），直到杠杆保持水平静止，达到平衡状态，其目的是 ； (2)如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂2个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆将 （选填“顺时针转动”或“逆时针转动”、“保持静止”）； (3)图丙实验中，位置 （填“①”或“②”）所示实验可直接判断出部分同学分析数据得出的“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”的结论是错误的。请在图丙中画出实验②所示的弹簧测力计对杠杆拉力的力臂l 。 【答案】(1)右 见解析 (2)逆时针转动 (3)② 【解析】（1）[1][2]图甲中，杠杆右端偏高，调节杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。 （2）设一个钩码的重力G，杠杆一格的长度为L，若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧4G×3L=12GL 右侧2G×5L=10GL 因为12GL>10GL 所以杠杆不能平衡，杠杆逆时针转动。 （3）[1]当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计拉力F的力臂变小，由杠杆平衡条件可知弹簧测力计的拉力变大；从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂，因此位置②所示实验可直接判断出部分同学分析数据得出的“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”的结论是错误的。 [2]延长动力的作用线，从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂l，如下图所示： 押题解读 根据近几年已出的实验题判断，探究电流与电阻的关系实验是重点实验 考点归纳： 1、实验前杠杆的调节：左高右调，右高左调。平衡后实验过程中不能在调节平衡螺母。 2、将杠杆调成水平平衡的目的是：便于测量力臂 3、选择杠杆终点作为支点的好处：消除杠杆自身重力对实验的影响。 4、将砝码换成测力计的好处是：能直接测出拉力的大小，实验操作方便。 5、将砝码换成测力计的缺点是：测力计本身有重量，对实验有一定的影响，使弹簧测力计的示数变大。 6、如上图，乙图和丙图中，弹簧测力计的示数作怎样变化：由大变小，原因是力臂由小变大。 7、你认为哪个图更合理？答：丁图，实验不受弹簧测力计的重力的影响。 8、使用弹簧测力计代替钩码最终目的是：更能正确认识力臂。 9、多次实验的目的是：避免实验的偶然性，是结论具有普遍规律。 1．探究“杠杆的平衡条件”实验如图所示，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、细线、若干相同的钩码等，杠杆上的指针是为了方便判定杠杆是否水平。 （1）实验前，将杠杆中点置于支架上，杠杆静止时如图甲所示。此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡； （2）实验数据如下表所示，请把表格中两处空缺补充完整。 实验次序 ① 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 1.0 5.0 1.0 5.0 2 1.5 10.0 0.5 30.0 3 2.0 15.0 1.5 ② 分析表格数据，可得出的实验结论是 ； （3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧各增加一个相同的钩码，则杠杆 （选填“左”或“右”）端将下沉； （4）小明继续采用了图丙所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，处理实验数据时发现与实验结论明显不相符，原因可能是 。 【答案】（1）右 （2）动力F1/N 20.0 （3）右 （4）杠杆自身的重力对杠杆平衡有影响 【解析】（1）[1]杠杆偏向左侧，说明左侧偏重，应该向较高的一端调节平衡螺母，即应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置保持平衡。 （2）[2]探究杠杆平衡条件需要测量动力、动力臂、阻力、阻力臂，故表格中①应为动力F1/N。 [3]观察第一组数据可得 观察第二组数据可得 由此可得第三组数据应是 解得 故②为20.0。 [4]根据表格中的实验数据可知，杠杆平衡条件是 。 （3）[5]设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表 l，如果在图乙中杠杆两侧各添加一个相同的钩码时，杠杆的左端 杠杆的右端 . 所以杠杆的左端力和力臂的乘积小于右端的乘积，所以杠杆右端下沉。 （4）[6]利用如图丙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响。 2．在“探究杠杆平衡条件”的实验中： （1）实验前发现杠杆左端下沉（图甲所示），可将杠杆右端的平衡螺母向 调节，直至杠杆平衡。实验前的调节平衡的目的有两个：①消除杠杆自重对平衡的影响；②便于测量 ； （2）调节平衡后，按图乙所示，在杠杆两端挂钩码，不断改变动力或动力臂的大小，调节阻力或阻力臂的大小，使杠杆重新在水平位置平衡，记录数据如下表： 实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 0.5 8.0 1.0 4.0 2 2.0 6.0 1.5 8.0 3 3.0 4.0 ______ 6.0 表格中第三次实验的阻力应该为 N； 分析数据可得杠杆平衡条件： 。 【答案】（1）右 力臂 （2）2 F1L1=F2L2 【解析】（1）[1]实验前发现杠杆左端下沉，可将杠杆右端的平衡螺母向右调节，直至杠杆平衡。 [2]实验前的调节平衡的目的有两个：①消除杠杆自重对平衡的影响；②便于测量力臂。 （2）[3]由杠杆平衡条件得，第三次实验的阻力为 [4]分析数据可得杠杆平衡条件：。 3．利用图中的装置探究杠杆平衡的条件，每个钩码的质量相等，杠杆上的刻度均匀。 （1）不挂钩码时，出现杠杆右端下沉，应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡；挂上钩码，移动钩码位使杠杆在水平位置再次平衡（如图甲），此时也要选择在水平位置平衡的目的是 ； （2）三次实验数据见表，分析数据可知，杠杆的平衡条件是 ； 次数 动力F1/N 动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m 1 1.0 0.2 2.0 0.1 2 1.5 0.1 1.0 0.15 3 2.0 0.15 1.5 0.2 （3）图甲中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，杠杆会 （选填“顺时针”或“逆时针”）转动； （4）如图乙，用弹簧测力计替代右侧钩码，沿与水平方向成60°角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡。若把左侧钩码的拉力作为阻力右侧弹簧测力计的拉力作为动力，此时的杠杆是 杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）；继续减小拉力与水平方向的夹角，同时保持杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计示数将 。（选填“增大”“减小”或“先增大后减小”） 【答案】（1）左 便于在杠杆上直接测量力臂 （2）F1l1=F2l2 （3）逆时针 （4）省力 增大 【解析】（1）[1]杠杆右端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向左调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平静止。 [2]实验中通过增减钩码或移动钩码的位置使杠杆在水平位置平衡，此时力臂在杠杆上，便于在杠杆上直接测量力臂。 （2）[3]由表格中数据可知，第一次 1.0N×0.2m=2.0N×0.1m 第二次 1.5N×0.1m=1.0N×0.15m 第三次 2.0N×0.15m=1.5N×0.2m 可知杠杆的平衡条件为F1l1=F2l2。 （3）[4]假设一个钩码重为G，杠杆上一个为l，甲中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，则左边 2G×2l=4Gl 右边 G×3l=3Gl 杠杆不再水平平衡，左侧力和力臂的乘积大，所以左边会下沉，杠杆逆时针转动。 （4）[5]如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，沿与水平方向成60°角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡。若把左侧钩码的拉力作为阻力，右侧弹簧测力计的拉力作为动力，画出此时拉力F的力臂l，每个小格长l0，如图所示 则杠杆右侧力臂 动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。 [6]若继续减小拉力与水平方向的夹角，由上图可知，l逐渐减小，即动力臂逐渐减小，在阻力和阻力臂不变时，根据F1l1=F2l2知动力变大，弹簧测力计的示数增大。 4．沈青同学在研究“杠杆平衡条件”的实验中，所用的器材有：质地均匀且有刻度的杠杆、支架、细线和若干个质量相同的钩码。请你帮他完成下列内容： （1）实验前，发现杠杆处于如左图所示的状态，此时杠杆 （选填“已经”或“没有”）达到平衡状态；应将杠杆右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）边调节，使杠杆在水平位置平衡，这样操作的目的是 ； （2）如图所示，杠杆上的刻度均匀，沈青同学在杠杆上A点处挂2个钩码，为使杠杆重新在水平位置平衡，应在B点挂 个钩码。此时杠杆在水平位置平衡，这样操作的目的是 ； （3）在步骤（2）的基础上，若将两边各增加一个钩码，杠杆将 （选填“仍然平衡”、“右端下降”或“左端下降”）。 【答案】（1）已经 左 便于测量力臂 （2）3 便与测量力臂 （3）左端下降 【解析】（1）[1]实验前发现杠杆静止时，左端高、右端低，此时处于平衡状态。 [2][3]杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向左调节，这时力臂在杠杆上，便于测量力臂。 （2）[4]设一个钩码的重力为G，杠杆一格长度为l，由杠杆平衡条件得到 2G×3l=nG×2l n=3 [5]此时杠杆在水平位置平衡，杠杆的力臂在杠杆上，便于读取力臂。 （3）[6]在步骤（2）的基础上，若将两边各增加一个钩码，杠杆左侧 3G×3l=9Gl 杠杆右侧 4G×2l=8Gl 9Gl>8G 所以杠杆左端下降。 5．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，每个钩码质量都相等。 （1）如图甲所示，杠杆在此位置静止，这时杠杆 （选填“平衡”或“不平衡”）。 （2）调节杠杆的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量 。 （3）如图乙所示，若在A位置挂两个钩码，现有三个钩码，需挂在杠杆O点右侧第 格的位置，使杠杆再次在水平位置平衡。 （4）实验时，多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，重复实验，这样做的目的是 。 （5）如图丙所示，用弹簧测力计在B位置向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，其示数 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】（1）平衡 （2）力臂 （3）2 （4）避免结论的偶然性，得出普遍规律 （5）变大 【解析】（1）[1]因杠杆静止，故此时杠杆处于平衡状态。 （2）[2]调节杠杆的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂。 （3）[3]若杠杆在水平位置平衡，则此时杠杆左端力为2G，力臂为3，杠杆右端力为3G，则由杠杆原理可知，此时右端力臂为2，即需挂在杠杆O点右侧第2格的位置，使杠杆再次在水平位置平衡。 （4）[4]实验时，多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，重复实验，可以对多组数据进行分析，避免结论的偶然性，得出普遍规律。 （5）[5]弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，动力臂变小，而阻力与阻力臂不变，故由杠杆原理可知，动力变大，即弹簧测力计示数变大。 押题猜想二十四 特殊方法测电阻 限时：6min 物理兴趣活动课上，老师让同学们测一个阻值约为800Ω的电阻Rx；实验室提供的器材有：电源U额（电压恒为3V）、电流表（量程为0～0.6A、0～3A）、电压表（量程为0～3V、0～15V）、电阻箱R0（0～9999Ω 5A）各一个，开关、导线若干。小明同学使用伏安法测电阻时，发现电流表指针几乎不动，小明经过思考发现由于待测电阻较大，电路中的电流很小，使用此电流表无法测出通过电阻的电流大小。请你合理选用上述器材设计一个实验，帮助小明较精确测出未知电阻Rx的阻值。要求： （1）在虚线框内画出你所设计的实验电路图； （2）写出主要实验步骤及所需测量的物理量； （3）写出电阻Rx的数学表达式。（用已知量和测量量表示） 小资料 电阻箱简介 实物图：　　 　　　　符号： 使用方法：使用时，把两个接线柱接入电路，调节四个旋盘就能得到0~9999Ω之间的任意整数阻值。各旋盘对应的小三角指示点的示数乘以面板上标记的倍数，然后加在一起，就是电阻箱接入电路中的阻值。 【答案】（1）；（2）见解析；（3） 【解析】（1）根据题意可知，待测量的电阻阻值比较大，电流比较小，那么需要用电压表间接测量电阻的阻值，实验器材还有电阻箱，当电阻箱和电压表并联时，根据可以求出通过电阻箱的电流，若电阻箱与待测电阻串联，则待测电阻的电流也清楚了，根据串联电压规律，待测电阻的电压也可以求出，就可以测量出待测阻值了，将待测电阻与电阻箱串联，电压表并联在电阻箱两端即可，电路图如下图所示 （2）实验步骤：按电路图连接实物图，闭合开关，调节电阻箱R2的示数，使电压表的数值适当，记下电压表示数为U0，电阻箱的数值为R0，就可以求出电路中的电流为 （3）待测电阻的电压为 待测量电阻的阻值为 押题解读 根据近几年已出的实验题判断，特殊方法测电阻是重点实验 1．现有一个阻值为20Ω的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为0~1A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干。请你利用上述器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求： （1）画出实验电路图； （2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。 单刀双掷开关简介小资料： 实物图：符号： 使用方法：单刀双掷开关由动端“刀”和不动端“1”“2”两个触点组成，使用时可将“刀”掷向“1”或“2”触点，起到双控的作用。 【答案】（1） （2）见解析；（3） 【解析】（1）将电流表和已知电阻串联在干路上，将待测电路接在一个支路上，如下图所示： （2）①按上图连接电路； ②将开关的刀掷向1，记下电流表的示数I1； ③将开关的刀掷向2，记下电流表的示数I2。 （3）在②中，由欧姆定律的变形公式，电源电压U=I1R0；在③中，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律的变形公式，电路的总电阻 R= 根据电阻的串联，待测电阻的电阻 Rx=R-R0= 2．物理课上，老师让同学们测出一个未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），可供选用的器材如下：一个电源（电压约为8V）；一块电流表（量程0~0.6A，分度值0.02A）；一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器Rp，开关及导线若干。请你利用上述器材设计一个实验方案，测出未知电阻Rx的阻值。要求： （1）在虚线框内画出你所设计的实验电路图； （2）根据你所设计的电路，写出主要实验步骤和需测量的物理量； （3）写出待测电阻Rx的数学表达式。（用已知量和测量量表示） 【答案】（1）答案见解析如图所示；（2）①按电路图连接电路，将滑动变阻器调到最大阻值处，只闭合开关S1，记下电流表示数为I1；②再闭合S2，记下电流表示数为I2；（3） 【解析】（1）根据前面分析可知，滑动变阻器和待测电阻串联，电流表串联在电路中，开关S2与待测电阻Rx并联，S1控制整个电路，如下图所示： （2）主要实验步骤：①按电路图连接电路，将滑动变阻器调到最大阻值处，只闭合开关S1，记下电流表示数为I1； ②再闭合S2，记下电流表示数为I2； （3）在步骤①中，两电阻串联，由串联电路的规律和欧姆定律可得电源电压 在步骤②中，为滑动变阻器阻值最大的简单电路，由欧姆定律可得电源电压 故有 则待测电阻的数学表达式 3．现有一个最大阻值未知的滑动变阻器（约 10Ω），想精确测量该滑动变阻器的最大阻值 Rx，可供选择的器材有：电压约为 12V 的电源（电源电压不变），阻值为 5Ω的定值电阻 R0，一个量程为 0~0.6A 的电流表，一个量程为 0~15V 的电压表，开关和导线若干。 请你合理选择器材设计实验方案。（注：电路不可重组）要求： （1）画出实验电路图 （2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出 Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。 【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析 【解析】（1）由欧姆定律可知，若滑动变阻器与定值电阻串联接在电源上，电路中的最小电流为 故电路中不能使用电流表。 根据已知的器材可以使滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并在滑动变阻器Rx两端，一个开关S0并在定值电阻R0两端，通过开关S0的通断来改变电路结构，实现测量该滑动变阻器的最大阻值 Rx的目的。实验电路图如图所示： （2）实验步骤： ①按电路图连接实物图； ②闭合开关S，断开开关S0，读出电压表的示数为U1； ③再闭合开关S0，读出电压表的示数U2； （3）当开关S闭合， S0断开时， R0和Rx串联，此时电压表测量Rx两端的电压； 当再闭合开关S0时，电阻R0被短路，此时只有Rx接入电路，电压表的示数即为电源电压；根据串联电路电压的特点可得，R0两端的电压为 U0=U2-U1 因串联电路中电流处处相等，则有 解得 4．王红在实验室发现一个使用过的电阻，由于没有说明，无法确定该电阻的规格，于是他想测量一未知电阻Rx（阻值约为50Ω）的阻值。实验室所提供的器材有：一个电源（电压约为10 V），一个滑动变阻器R0（50Ω，2 A），一块电压表（量程为0~3 V，分度值为0.1 V），一块电流表（量程为0~0.6 A，分度值为0.02 A），开关、导线若干。请你合理选用器材设计一个实验，测出未知电阻Rx的阻值。要求： （1）在虚线框内画出实验电路图（电路不可重组）； （2）根据你所设计的电路，写出主要实验步骤； （3）写出Rx的数学表达式（用已知量和测得量表示）。 【答案】（1）；（2）见解析；（3） 【解析】（1）开关闭合前，把滑动变阻器移到阻值最大端，则滑动变阻器接入电路的阻值最大，最大阻值为50Ω，由串联分压原理可知，因为未知电阻Rx与滑动变阻器的最大阻值都为50Ω，所以两者的电压相等，即 由串联电路电压规律可知，两端的电压为 由于电压表量程为0~3 V，所以不能用电压表测量，应使用电流表来进行测量，电路图如图所示： （2）①按照电路图连好电路，将滑动变阻器滑片调到最大阻值处。闭合开关S1、S2，记下电流表的示数为I1； ②保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S2，记下电流表的示数为I2。 （3）按照电路图连好电路，将滑动变阻器滑片调到最大阻值处，闭合开关S1、S2，记下电流表的示数为I1，此时电路为R0的简单电路，Rx被短路，则电源电压为 U= I1R0 ------① 保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S2，记下电流表的示数为I2，此时R0与Rx串联，则电源电压 U= I2（R0+Rx）-------② 由①②可得 5．有一个电压约为2V的电源（电压保持不变）、一个电流表（量程0~0.6A）、一个电压表（量程0~3V）、一个电阻箱（电路符号），开关和导线若干。请你合理选择器材设计实验，测出约为600Ω的未知电阻Rx的阻值。要求： （1）画出实验电路图； （2）写出主要实验步骤和需要测量的物理量； （3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。 【答案】（1） （2）见解析；（3） 【解析】（1）由实验器材可知，电阻箱固定位置的阻值确定，由欧姆定律可得出电阻两端的电压及电源电压，所以两个电阻串联在电路中，电压表测未知电阻两端的电压，作图如下： （2）实验操作过程：①断开开关，电阻箱放在最大处，如图连接实物图；②闭合开关，将电阻箱调到适当的位置示数为R0，读出电压表的示数为U1；③将电阻箱调到阻值为0位置，读出电压表的示数为U2，此时电路中只有未知电阻工作，电压表的示数为电源电压。 （3）由以上操作知，电源电压为U2，当电阻箱接入电路的阻值为R0时，电阻箱两端的电压 U0=U2-U1= 此时电路中的电流 待测电阻的阻值 ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$