理科综合（全国卷01）-学易金卷：2025年高考押题预测卷

2025年高考押题预测卷（全国卷01） 理科综合·全解全析 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写 在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回 可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 Fe 56 第Ⅰ卷（选择题 共126分） 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1．（原创）新疆库尔勒的 “库尔勒香梨” 是中国国家地理标志产品，果实色泽悦目，皮薄肉细，富含多种维生素与矿物质。西藏林芝的 “林芝猕猴桃” 同样为国家地理标志产品，果肉黄绿，软化后淡黄，细嫩多汁且香气浓郁。下列叙述错误的是（ ） A．香梨储存时，适当降低温度和氧气浓度可延长保鲜时间，因为呼吸作用强度降低，有机物消耗减少 B．用斐林试剂检测林芝猕猴桃的果汁，水浴加热后出现砖红色沉淀，说明果汁中含有葡萄糖 C．库尔勒香梨果肉细胞和林芝猕猴桃果肉细胞中的细胞壁都主要由纤维素和果胶组成 D．林芝猕猴桃在生长过程中，需要从环境中吸收 N、P、K 等大量元素用于细胞内物质的合成 【答案】B 【解析】适当降低温度和氧气浓度可以降低呼吸酶的活性以及减少氧气供应，从而降低呼吸作用强度，减少有机物的消耗，有利于延长库尔勒香梨的保鲜时间，A正确。用斐林试剂检测林芝猕猴桃的果汁，水浴加热后出现砖红色沉淀，只能说明果汁中含有还原糖，但不能确定就是葡萄糖，B错误。植物细胞的细胞壁主要由纤维素和果胶组成，库尔勒香梨果肉细胞和林芝猕猴桃果肉细胞都属于植物细胞，所以它们的细胞壁都主要由纤维素和果胶组成，C正确。N、P、K 等是植物生长所需的大量元素，林芝猕猴桃在生长过程中，需要从环境中吸收这些大量元素用于合成蛋白质、核酸、磷脂等细胞内物质，D正确。 2．细胞是一个开放的系统，每时每刻都与环境进行着物质交换。图1中①～⑤表示物质进出细胞方式，甲～戊表示不同的物质或细胞结构，图2为蔗糖分子进入某植物细胞的过程示意图。下列相关说法错误的是（    ） A．若图1中戊为药物的运载体，则药物A属于水溶性分子 B．图2中H＋出细胞的方式为主动运输，蔗糖进细胞的方式为协助扩散 C．低温处理法对左图中物质进出细胞方式都有影响，细胞呼吸抑制法则对④⑤方式有影响 D．除一些不带电荷的小分子可以左图中甲方式进出细胞外，离子的跨膜运输须借助于膜蛋白 【答案】B 【分析】题图分析：图中①~⑤分别表示自由扩散、协助扩散、协助扩散、主动运输、胞吞（胞吐）。 【详解】A、若图1中戊为药物的运载体，则药物A属于水溶性分子，因为磷脂分子的头部具有亲水性，A正确； B、图2中H＋出细胞的方式为主动运输，因为有能量和转运蛋白的参与，蔗糖进细胞的方式为主动运输，能量来自H＋的浓度差，B错误； C、低温处理法会影响膜的流动性，进而对左图中物质进出细胞方式都有影响，④⑤的运输方式都需要细胞呼吸提供能量，所以细胞呼吸抑制法则对④⑤方式有影响，C正确； D、除一些不带电荷的小分子可以左图中甲方式进出细胞外，离子的跨膜运输须借助于膜蛋白，D正确。 故选B。 3．FTO蛋白可擦除N基因mRNA的甲基化修饰，避免mRNA被Y蛋白识别而降解，从而提高了鱼类的抗病能力。相关分析正确的是（    ） A．Y蛋白能识别mRNA甲基化修饰 B．mRNA甲基化会影响其转录 C．mRNA甲基化会提高其稳定性 D．N基因表达会降低鱼类抗病能力 【答案】A 【分析】表观遗传是指生物体基因的碱基序列不变，而基因表达与表型发生可遗传变化的现象，即不依赖于DNA序列的基因表达状态与表型的改变。 【详解】A、题意显示，FTO蛋白可擦除N基因mRNA的甲基化修饰，避免mRNA被Y蛋白识别而降解，说明Y蛋白能识别mRNA甲基化修饰，A正确； B、mRNA甲基化会影响其翻译过程，B错误； C、FTO蛋白可擦除N基因mRNA的甲基化修饰，避免mRNA被Y蛋白识别而降解，说明mRNA甲基化会被Y蛋白识别而降解，其稳定性降低，C错误； D、FTO蛋白可擦除N基因mRNA的甲基化修饰，避免mRNA被Y蛋白识别而降解，此时mRNA翻译的N蛋白质会提高鱼类的抗病能力，D错误。 故选A。 4．分别用不同浓度芸苔素（一种植物生长调节剂）和赤霉素处理杜仲叶片，然后测定叶片中的有效成分桃叶珊瑚苷含量，结果如下图所示。下列叙述错误的是（    ） A．实验中生长调节剂的浓度范围可以通过预实验确定 B．设置对照组是为了排除内源激素对实验结果的影响 C．与对照组相比，赤霉素在500mg·L-1时起抑制作用 D．与用赤霉素处理相比，杜仲叶片对芸苔素更敏感 【答案】C 【分析】该实验的自变量是植物生长调节剂的不同以及不同的浓度，因变量是桃叶珊瑚苷含量，根据实验结果分析，赤霉素核芸苔素都可以增加桃叶珊瑚苷含量。 【详解】A、预实验可以为进一步的实验摸索条件，也可以检验实验设计的科学性和可行性，本实验中生长调节剂的浓度范围可以通过预实验确定，A正确； B、设置对照组是为了排除内源激素对实验结果的影响，将实验组的结果与对照组比较，产生的影响是外源物质的作用，B正确； C、与对照组相比，赤霉素在500mg·L-1时，叶片中的有效成分桃叶珊瑚苷含量更多，故赤霉素在500mg·L-1时起促进作用，只是促进效果小于浓度为100mg·L-1和300mg·L-1时，C错误； D、芸苔素的浓度远低于赤霉素的浓度，而促进效果非常明显，说明杜仲叶片对芸苔素更敏感，D正确。 故选C。 5．为研究能量流经生态系统的食物链时，每一级的能量变化和能量转移效率，美国生态学家林德曼对赛达伯格湖的能量流动进行了定量分析，所得数据如下图所示。下列相关叙述正确的是（    ） A．流经该生态系统的总能量是图中所有生物体内的能量之和 B．用于肉食性动物生长、发育和繁殖等生命活动的能量是5.1J/（cm2·a） C．该生态系统中的生物种类较少，只含有一条食物链 D．因大部分能量未利用，所以无法体现能量流动逐级递减的特点 【答案】B 【分析】从生态系统的能量流动表格可知，每个营养级固定的能量有四个去向：流向下一营养级、分解者分解利用、呼吸作用、未被利用。能量流动特点：①单向流动：生态系统内的能量只能从第一营养级流向第二营养级，再依次流向下一个营养级，不能逆向流动，也不能循环流动；②逐级递减：能量在沿食物链流动的过程中，逐级减少，能量在相邻两个营养级间的传递效率是10%-20%。 【详解】A、流经该生态系统的总能量为生产者固定的太阳能，A错误； B、用于肉食性动物生长、发育和繁殖等生命活动的能量为净次级生产量，净次级生产量=总次级生产量-呼吸消耗=12.6-7.5=5.1J/（cm2·a），B正确； C、生产者、植食性动物、肉食性动物都可能含有多个不同的物种，因此食物链不只是一条，C错误； D、每一个营养级同化的能量都有一部分被呼吸消耗，一部分流向分解者等，只有一部分流向下一个营养级，因此能量流动具有逐级递减的特点，D错误。 故选B。 6．兰州百合栽培过程中易受病毒侵染，造成品质退化。某研究小组尝试通过组织培养技术获得脱毒苗，操作流程如下图。下列叙述正确的是（    ） A．①为脱分化过程，1号培养基中的愈伤组织是排列规则的薄壁组织团块 B．②为再分化过程，愈伤组织细胞分化时可能会发生基因突变或基因重组 C．3号培养基用于诱导生根，其细胞分裂素浓度与生长素浓度的比值大于1 D．百合分生区附近的病毒极少，甚至无病毒，可以作为该研究中的外植体 【答案】D 【分析】植物组织培养过程是：离体的植物器官、组织或细胞脱分化形成愈伤组织，然后再分化生成根、芽，最终形成植物体。植物组织培养依据的原理是植物细胞的全能性。 【详解】A、在脱分化过程中，1号培养基中的愈伤组织是排列不规则的薄壁组织团块，A错误； B、愈伤组织细胞分化时可能会发生基因突变，但基因重组发生在减数分裂过程中，而愈伤组织细胞的分化过程是有丝分裂，所以不会发生基因重组，B错误。 C、3号培养基用于诱导生根，其细胞分裂素浓度与生长素浓度的比值应该小于1，C错误； D、百合分生区附近的病毒极少，甚至无病毒，因此可以作为该研究中的外植体，D正确； 故选D。 7．目前化学科学已经融入国民经济的大部分技术领域，下列说法正确的是 A．利用合成了脂肪酸，实现了无机小分子向有机高分子的转变 B．“燃煤脱硫”技术有利于我国早日实现“碳达峰、碳中和” C．我国歼-35A战斗机的雷达罩使用的玻璃纤维属于无机非金属材料 D．重油通过分馏可得到石油气、汽油、煤油和柴油 【答案】C 【详解】A．脂肪酸不属于高分子，故A错误； B．“燃煤脱硫”技术有利于减少污染，无法减少碳的排放，不能实现“碳达峰、碳中和”，故B错误； C．玻璃纤维是一种性能优异的无机非金属材料，故C正确； D．石油分馏可得到石油气、汽油、煤油和柴油，故D错误； 选C。 8．生活因有机而多姿多彩，化合物M是合成镇静类药物氯硝西泮(N)的关键前体，制取N的部分流程如下。 下列说法错误的是 A．从M到Q的反应为取代反应 B．P→M引入硝基时需要“一系列反应Ⅰ”的目的是防止氨基被氧化 C．Q分子中所有原子可能在同一平面 D．1molN最多可与3molNaOH反应 【答案】C 【详解】A．由图可知，M到Q发生的反应为与发生取代反应生成和氯化氢，故A正确； B．P分子中的氨基具有还原性，与浓硝酸和浓硫酸的混酸发生硝化反应时易被氧化，所以P→M引入硝基时需要“一系列反应Ⅰ”防止氨基被氧化，故B正确； C．由结构简式可知，Q分子中氨基氮原子的杂化方式为sp3杂化，—NH2和与该氮直接相连的碳原子的空间构型为三角锥形，则Q分子中所有原子不可能在同一平面，故C错误； D．由结构简式可知，N分子中含有的酰胺基和碳氯键能与氢氧化钠溶液反应，其中1mol碳氯键消耗2mol氢氧化钠，所以1molN最多可与3mol氢氧化钠反应，故D正确； 故选C。 9．利用悬浊液吸收气体可制取和，实验装置如图所示。已知：易溶于水，在酸性条件下较为稳定，受热易分解形成下列说法正确的是 A．装置A中浓硫酸浓度越大反应速率越快 B．装置C中悬浊液变澄清表明整个制备实验完成 C．在装置D中制取 D．装置D中热水浴温度越高越好 【答案】C 【详解】A．装置A硫酸浓度太大，难以电离出离子，反应速率减慢，一般选择70%的硫酸，A错误； B．装置C中悬浊液变澄清只表明装置C反应完成，装置D不一定反应完成，装置C和D中悬浊液都变澄清表明整个制备实验完成，B错误； C．装置D热水浴中MnS2O6受热分解形成MnSO4，C正确； D．装置D热水浴温度太高，降低了SO2在溶液中的溶解度，不利于反应进行，D错误； 答案选C。 10．下列相关离子方程式表示正确的是 A．向AgBr沉淀中加入Na2S溶液，沉淀由黄色变为黑色： B．向酸性KMnO4溶液中加入亚硫酸溶液，紫色褪去： C．向pH=4的FeSO4溶液中加入H2O2溶液，有红褐色沉淀生成： D．向酸性的淀粉-碘化钾溶液通入O2，溶液变蓝： 【答案】D 【详解】A．AgBr难溶不能拆，则正确的离子方程式为：，A错误； B．高锰酸钾有强氧化性，可以将亚硫酸氧化为硫酸，本身被还原为锰离子，离子方程式为：，B错误； C．pH=4，溶液显酸性，酸性条件下过氧化氢可以将二价铁氧化为三价铁，根据题意最终生成氢氧化铁，离子方程式为：，C错误； D．酸性条件下氧气可以将碘离子氧化为单质碘，离子方程式为：，D正确； 故选D。 11．W、X、Y、Z、R是元素周期表中原子序数依次增大的五种短周期元素，其中X、Y、Z位于同一周期，五种元素组成如图所示的某离子液体。下列说法错误的是 A．第一电离能：Y>Z>X B．R的简单氢化物的VSEPR模型为四面体 C．简单气态氢化物的稳定性：Z>X D．原子半径：X>Y>Z 【答案】A 【分析】W、X、Y、Z、R是元素周期表中原子序数依次增大的五种短周期元素，其中X、Y、Z位于同一周期，X都形成四个化学键，W都形成一个化学键，Y既形成三个化学键，又形成四个化学键，并且W、X、Y形成+1价阳离子，因此W、X、Y分别是H、C、N；Z、R形成负一价阴离子，Z形成一个化学键，R形成六个化学键，则Z、R分别是F、P。 【详解】A．同周期元素从左到右第一电离能呈逐渐增大的趋势，但是第ⅡA族与第ⅤA族元素的第一电离能大于同周期相邻元素，第一电离能：F> N > C，A错误； B．PH3中P的价层电子对数为3+=4，则VSEPR模型为四面体，B正确； C．非金属性：F > C，则简单气态氢化物的稳定性：HF>CH4，C正确； D．电子层数越多，半径越大，电子层数相同时，核电荷数越多，半径越小，则原子半径：C > N >F ，D正确； 故选A。 12．二苯重氮甲烷()在抗生素的制备过程中起关键作用。以二苯甲酮腙()为前体合成二苯重氮甲烷的原理如图所示。下列说法错误的是 A．为催化剂 B．若以铅蓄电池为电源，则与石墨一极相连的为电极 C．阴极的电极反应式为 D．理论上生成的同时生成1.5mol二苯重氮甲烷 【答案】D 【分析】由图可知，石墨电极上发生失去电子的氧化反应，电极反应为：，则石墨电极为阳极，Ni电极为阴极，电极反应为，阳极上生成的与反应生成和，据此解答。 【详解】A．由图可知，在阳极上先消耗，最后又重新生成，相当于催化剂，A项正确； B．根据分析可知，石墨电极为阳极，与外电源正极相连，则与铅蓄电池的电极相连，B项正确； C．由分析可知，阴极的电极反应式为，C项正确； D．理论上生成转移2mol电子，则阳极生成，根据原子守恒可知生成1mol二苯重氮甲烷，D项错误； 故选D。 13．砷酸为三元弱酸，常温下向的溶液中滴加NaOH溶液，溶液中含砷微粒的物质的量分数随pH的变化如图所示。 已知：①；②。下列叙述正确的是 A．常温下，时 B．从开始滴加NaOH溶液至过量，水的电离程度始终增大 C．当时，溶液中存在： D．常温下，水解反应的 【答案】A 【详解】A．=，则当pH=7时，≈5，A正确； B．从开始滴加NaOH溶液至过量，溶质由砷酸逐渐过渡到盐，盐的水解促进水的电离，此过程水的电离程度增大，当氢氧化钠溶液过量时，会抑制水的电离，故水的电离程度先增大后减小，B错误； C．pH=6.8时，由图可知，，溶液中存在电荷守恒，：，整理可得，C错误； D．水解反应的，D错误； 故选A。 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 14．镍核衰变方程为，关于该核反应，下列说法正确的是（　　） A．X是质子 B．属于β衰变 C．的比结合能比大 D．环境温度会影响反应的快慢 【答案】B 【详解】AB．根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X的质量数为0，电荷数为-1，所以X是电子，属于β衰变，故A错误，B正确； C．衰变后的产物更稳定，比结合能更大，所以的比结合能比小，故C错误； D．放射性元素衰变的快慢由原子核内部自身决定，与外界的物理和化学状态无关，故D错误。 故选B。 15．图中、、、为氢原子在可见光区的四条谱线，此四条谱线满足巴耳末公式，、4、5、6，其中光波长最长。如果大量氢原子处在的能级，能辐射出几种特定波长的光，其中在可见光范围内含有的谱线为（　　） A．6种，可见光范围内的谱线有、 B．6种，可见光范围内的谱线有、 C．3种，可见光范围内的谱线有、 D．3种，可见光范围内的谱线有、 【答案】B 【难度】0.85 【详解】CD．大量氢原子处在的能级，能辐射出种特定波长的光，故CD错误； AB．根据巴耳末公式，、4、5、6 可知氢原子从的能级跃迁到能级时辐射的光，在可见光范围内 其中光波长最长，即有能级跃迁到能级释放的光子 所以为能级跃迁到能级释放的光子，此两条为可见光范围内的谱线，故A错误，B正确。 故选B。 16．如图所示为地球的赤道平面图，地球以图示的方向自西向东自转。设想在赤道上，质量为m的物体以相对于地面的速度v分别自西向东和自东向西高速运动时，两种情况下物体对水平地面压力大小之差的绝对值为。地球可视为质量均匀球体，则地球的自转周期为（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】设地球自转角速度为，地球半径为R，地球对质量为m的物体的吸引力为，当物体以相对于地面的速度v分别自西向东转动时有，物体以相对于地面的速度v分别自东向西转动时有，由题意可知，整理可得，又，故地球自转周期。 故选A。 17．如图1是一细长圆柱体光纤的横截面，一束单色光从光纤左端中心点进入光纤，内层介质折射率（最大值为）随离中心轴的距离而变化，外层介质折射率为大于空气折射率，但小于内层介质折射率，三者的折射率情况如图2所示。已知光从折射率的介质射入折射率的介质，入射角与折射角分别为与，满足。为了使单色光仅在光纤内层介质中传播而不进入到外层介质中，则从点进入到光纤时入射角的正弦最大值是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】设光以最大的入射角射入内层的折射角为，根据题意可知，单色光不进入外层时满足，根据几何关系可知，解得，故选B。 18．如图所示，在空间内存在场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场（未画出），一边长为L的正方形绝缘细框架ABCD竖直放置，A、B两顶点处分别固定着电荷量均为+q的点电荷，C、D两顶点处分别固定着电荷量均为-q的点电荷。现以B点为轴让框架在竖直面内向右缓慢转动90°，转动过程中点电荷的电荷量恒定不变，下列说法正确的是（　　） A．从图中①到②的过程中，A点的点电荷的电势能减小 B．从图中①到②的过程中，D点的点电荷比A点的点电荷的电势能变化量大 C．整个过程框架系统电势能增加了2qEL D．转动过程中，D点的点电荷的电势能先增大后减小 【答案】C 【详解】A．从图中①到②的过程中，电场力对A点的点电荷做负功，所以A点的点电荷的电势能增大，故A错误； B．从图中①到②的过程中，电场力对A点的点电荷做的功为，对D点的点电荷做的功为，所以A点的点电荷的电势能变化量大，故B错误； C．转动过程中A点的点电荷和C点的点电荷的电势能增加量均为qEL，D点和B点的点电荷的电势能增加量为零，故整个过程框架系统电势能增加了2qEL，故C正确； D．D点的点电荷的电势能先减小后增大，故D错误。 故选C。 19．如图所示，面积足够大的A、B两种均匀弹性介质接触放置，两者的界面在同一竖直面内。时刻界面上某质点O开始沿界面振动时，时刻介质中产生的简谐波如图所示。据此可知（   ） A．时刻质点O从平衡位置向y轴正方向振动 B．A、B两种介质中波速相同 C．时介质B中距O点3m处的质点开始振动 D．从时刻到时刻质点P运动的路程为5m 【答案】AC 【详解】A．由图可知，质点为振源，产生的简谐波分别沿轴正向和负向传播，时刻质点从平衡位置开始向轴正方向振动，故A正确； B．简谐波在、两种介质中传播时周期相同，波长不同，所以波速不同，故B错误； C．由题意可知，2s为半个周期，所以，介质中简谐波的波长，所以波速，当时，简谐波在介质中传播的时间为，传播的距离为，故C正确； D．由图像可知，简谐波的振幅为，从时刻到时刻，质点的路程为，质点开始振动的时间比点晚，因此质点比质点走过的路程少，所以从时刻到时刻质点运动的路程小于5m，故D错误。 故选AC。 20．“南鲲”号是我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，其原理如图甲所示，利用海浪带动浪板上下摆动，从而带动线框单向匀速转动，线框内阻恒定。线框ab两端通过滑环和电刷接如图乙所示的自耦变压器，自耦变压器cd两端接负载电阻。若海浪变大使得线框转速变成原来的2倍，以下说法正确的是（　　） A．通过负载电阻的电流频率变为原来的2倍 B．线框内阻的发热功率变为原来的2倍 C．变压器的输出功率变为原来的2倍 D．若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动 【答案】AD 【详解】A．通过负载电阻的电流频率，海浪变大使得线框转速变成原来的2倍，则频率变为原来2倍，故A正确； B．电动势有效值，由于，变为原来2倍，设负载电阻为，原线圈等效电阻为，则电流，变为原来2倍，线框内阻的发热功率，变为原来4倍，故B错误； C．因为不确定内外电阻关系，所以输出功率无法判断，故C错误； D．根据以上分析可知，原线圈两端电压变大，根据，可知，若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动，增大原线圈匝数，故D正确。 故选AD。 21．摩尔数为的理想单原子气体初始状态压强为，体积为，对应下图中的点。现在这部分气体经过等压膨胀，体积变为，对应下图中的点，气体在状态经等温膨胀至状态，压强变为。又经等压压缩至状态，最后等温压缩回到状态。已知理想气体的体积、压强和温度满足方程；内能满足关系。其中为常数，为物质的量，根据以上信息可以判断（　　） A．气体在状态点a时的内能为3p0V0 B．气体在状态点b时温度为 C．由c到d的过程外界对气体做功为4p0V0 D．由c到d的过程气体向外界放热 【答案】AD 【详解】A．气体在状态点a时，根据，，可知内能为，选项A正确； B．气体在状态点b时体积变为，从a到b等压膨胀根据，温度为，选项B错误；C．从b到c等温膨胀，则，解得，从d到a为等温压缩，则，解得，由c到d的过程外界对气体做功为，选项C错误； D．由c到d的过程，体积减小，外界对气体做功，气体温度降低，内能减小，根据热力学第一定律可知，气体向外界放热，选项D正确。 故选AD。 第Ⅱ卷（非选择题 共174分） 三、非选择题：共174分。 22．（6分）某同学从资料上了解到弹簧弹性势能的表达式为（其中k、x分别为弹簧的劲度系数和形变量），他用图示装置来验证动量守恒定律。弹簧右端固定在水平气垫导轨上，左端与滑块A接触，滑块A、B的质量均为m，滑块B上方安装有宽为d的遮光片。用滑块A将弹簧压缩一定长度后，由静止释放，滑块A向滑块B运动，滑块A、B碰撞后粘在一起，然后通过光电门，遮光片经过光电门的遮光时间为，弹簧的压缩量可通过气垫导轨上的刻度读出，遮光片的质量不计。 (1)若本实验使用的弹簧劲度系数为k、弹簧的压缩量为x，则滑块A脱离弹簧后的速度 。 (2)通过改变弹簧的压缩量进行多次实验，记录多组x、数据，作出的 （选填“”“”“”或“”）图像为一次函数图像，若图像的斜率为 （用m、d、k表示），即可验证动量守恒定律。 【答案】(1) （2分） (2) （2分） （2分） 【详解】（1）当滑块A离开弹簧时，弹簧所具有的弹性势能全部转化为滑块A的动能 因此有 解得 （2）若A、B碰撞过程中动量守恒，则有 结合上述解得 变形得 可知，作出图才能得到一次函数图像，根据表达式可知，图像的斜率为。 23．（12分）某小组测量电阻的阻值，进行了如下操作： (1)按如图（a）所示的电路图连接电路，闭合开关，改变电阻箱R的阻值，记录多组数据，根据数据在如图（b）所示的坐标系中描点，请补充画出电流 I随R变化的图像（在答题卡作答）。 (2)断开开关，将电路中的电阻箱 R替换为待测电阻，闭合开关后电流表读数如图（c）所示，则 （结果保留三位有效数字）。 (3)若将电阻替换为阻值稍大的另一个电阻，重复实验，仍在图（b）中画出新的图像。与原来的图像相比较，新的图像将向 R轴 （选填“正方向”或“负方向”）移动少许。 (4)根据操作（1）获得的实验数据，重新描绘出图像如图图（d）所示，则由图像可知电源电动势 V若电流表内阻不计，，则电源内阻 这样测量出的电源内阻 （选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。 【答案】(1)见解析（3分） (2)2.60（2.40~2.70）（3分） (3)负方向（2分） (4) 3.0（2分） 1.20（2分） 大于（2分） 【详解】（1）将各点用平滑曲线连接，如图所示 （2）由图（c）可知，电流表示数 根据图像可知 （3）根据闭合电路欧姆定律有 整理可得： 若将电阻替换为阻值稍大的另一个电阻，则有 解得 由于大于，将更换为后，新的图像将向R轴负方向移动少许。 （4由图（a）根据闭合电路欧姆定律有 整理可得 其中E为电源电动势，r为电源内阻，为电流表内阻，结合图可得， 若电流表内阻不计，则电源内阻解得 结合上述，实际上有 故这样测量出的电源内阻大于真实值。 24．（10分）某同学用质量m=20g、可视为质点的小石片打“水”漂的轨迹示意图如图所示，小石片从距液面高处的P点以初速度水平飞出后，从A点与液面成角射入某种液体中，然后从B点与液面成角射出液面做斜上抛运动，到达最高点D时距离液面的高度。已知小石片从A点运动到B点的过程中，水平方向的运动可视为匀变速直线运动，A、B两点间的距离L=1m，重力加速度，，不计空气阻力。求： (1)小石片从P点运动到D点的过程中，该液体对小石片做的功W； (2)小石片从抛出到第二次进入液面运动的时间t。 【答案】(1) (2)t=1.2s 【详解】（1）小石片从P点运动到A点，由平抛运动规律可知，小石片在A点速度大小（1分） 设小石片在B点速度大小为，从B点运动到D点，由平抛运动规律可知， 小石片在D点速度大小 由机械能守恒定律有（1分） 从A点运动到B点，只有液体对小石片做功，由动能定理有（1分） 代入题中数据，联立解得（2分） （2）从P点运动到A点，（1分） 因为 从A点运动到B点，水平方向做匀减速运动（1分） 从B点运动到D点，竖直方向减速到零（1分） 根据对称性可知 联立解得t=1.2s （2分） 25．（14分）密立根因最早测得元电荷数值获得了1923年的诺贝尔奖。如图是密立根油滴实验的原理示意图。上极板中央有一小孔、相距为的两个足够大金属极板水平放置，通过小孔喷入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴带上了电荷。研究的油滴均为密度相等的球体，油滴在运动过程中空气阻力与半径及速率成正比，即阻力大小为为比例系数）。某次实验中在不加电压的情况下，、两油滴竖直向下各自运动一段时间后开始做匀速运动，当两油滴匀速运动时间时，油滴位移为，油滴位移为。当两极板间加上电压（上极板接正极）时，又经过一段时间和再次在竖直方向做匀速运动，之后时间内油滴位移大小为油滴位移大小也为。已知运动过程中的电荷量、质量均未发生变化，油滴始终向下运动且未与极板相碰，重力加速度为。求： (1)油滴与油滴的质量之比； (2)判断油滴与油滴带电荷的可能电性，并求出对应的电荷量之比。 【答案】(1) (2)当带正电荷、带负电荷时，电荷量之比为或当带负电、带负电荷时，电荷量之比为 【详解】（1）油滴匀速运动过程中重力和阻力平衡，则有 （1分） （1分） 联立解得（2分） 油滴密度相等，有（1分） 解得（2分） （2）对油滴分析，油滴增加电场后速率比没电场时小，且速度方向始终向下，所以油滴一定带负电荷，受到的电场力向上，根据平衡条件得（1分） 可得（1分） 对油滴分析，可能存在2种情况：如果油滴匀速向下运动，则油滴带正电荷，根据平衡条件得（1分） 可得 解得（1分） 如果油滴匀速向上运动，油滴带负电荷，根据平衡条件得（1分） 可得（1分） 解得（1分） 综上当带正电荷、带负电荷时，电荷量之比为或当带负电、带负电荷时，电荷量之比为 26．（20分）如图所示为直线电机工作原理的简化模型。一根足够长的圆柱形磁棒竖直固定在水平地面上，为磁棒上下截面圆心的连线，磁棒周围有沿半径方向向外均匀辐射的磁场，磁棒在周围某一点产生的磁场的磁感应强度的大小与该点到连线的距离成反比。磁棒上端的某一水平面上固定两个不可伸缩的粗细均匀的圆环形金属线圈1、2，且线圈1、2的圆心重合。线圈1的质量为m，周长为C，电阻为R；线圈2的质量为2m，周长为2C，电阻为2R。现分别对两线圈1、2施加竖直方向的外力、，并将两线圈1、2同时由静止释放，使两线圈均向下做加速度（g为重力加速度的大小）的匀加速直线运动，下落过程中线圈1所在位置处的磁场的磁感应强度大小始终为B。已知两线圈从静止下落到外力、的大小相等的过程中产生的总焦耳热，不考虑两线圈之间的相互作用及线圈中电流产生的磁场，不计空气阻力，两线圈环面始终水平，则在此过程中，求 (1)线圈1中产生的感应电流的方向（从上往下看）和线圈1受到的安培力的方向； (2)线圈1中产生的焦耳热； (3)外力做的功。 【答案】(1)感应电流的方向为顺时针方向，线圈1受到的安培力的方向竖直向上； (2) (3) 【详解】（1）由右手定则知，线圈1中产生的感应电流的方向为顺时针方向，由左手定则知，线圈1受到的安培力的方向竖直向上；（3分） （2）设线圈2所在位置处的磁感应强度为B2，则（1分） 解得（1分） 两线圈同时静止释放，运动的加速度相同，由v=at知，两线圈任意时刻速度相同，由 （1分） 知两线圈回路产生的感应电流之比 （1分） 由Q=I2Rt知，相同时间内两线圈产生的热量之比 （1分） 故线圈1中产生的焦耳热（2分） （3）设F1=F2时，两线圈的速度大小均为v1，则对线圈1，由牛顿第二定律： （2分） 对线圈2，由牛顿第二定律：（2分） 其中 联立知（1分） 则线圈1下落高度 （1分） 线圈1下落过程，由功能关系：（2分） 联立知，外力F1做的功（2分） 27．（15分）磁性氧化铁是生产颜料、抛光剂、录音磁带和电讯器材的重要原料。以高硫铝土矿(主要含Al2O3、Fe2O3、SiO2和少量的FeS2等)提取氧化铝和磁性氧化铁的流程如图： (1)基态Fe原子价层电子的轨道表示式(电子排布图)为 ；基态Al原子电子占据最高能级的电子云轮廓图为 形； (2)“焙烧Ⅰ”过程中采用如图所示的“多层逆流焙烧”，“多层逆流焙烧”的优点是： (任答一点)。 (3)焙烧Ⅱ由氧化铝、氧化铁制得可溶性的NH4Al(SO4)2、NH4Fe(SO4)2.提取率随温度、时间变化曲线如图所示，最佳的焙烧时间与温度是 。写出由氧化铝制得可溶性的NH4Al(SO4)2相关的化学反应方程式为 。 (4)写出“滤渣I”主要成分的一种用途 。 (5)“焙烧Ⅲ”在隔绝空气的条件下进行反应，理论上完全反应时参加反应的n(FeS2)：n(Fe2O3)= 。 (6)FeS2晶体的晶胞结构如图所示。晶胞参数为apm，FeS2晶体的密度为ρg•cm−3，阿伏加德罗常数的值为NA，则FeS2的摩尔质量M= g⋅mol﹣1(用含a、ρ、NA的代数式表示)。 【答案】(1) 哑铃形 (2)使矿石和气体充分接触，加快反应速率，提高转化率(使充分接触，提高热能利用率) (3) 60min450℃左右 Al2O3+4(NH4)2SO42NH4Al(SO4)2+6NH3↑+3H2O (4)制造玻璃、陶瓷、光导纤维工业制硅等 (5)1：16 (6)ρa3NA×10﹣30 【分析】高硫铝土矿在“焙烧I”操作中，FeS2生成气体I SO2，在“焙烧Ⅱ”中生成氨气，水溶，过滤，得到SiO2，所以滤渣1的成分是SiO2，将滤液成分结晶、分离，得到NH4Al(SO4)2、NH4Fe(SO4)2，由NH4Fe(SO4)2晶体制备Fe2O3，Fe2O3与FeS2在“焙烧Ⅲ”操作中反应生成SO2和磁性氧化铁，以此作答。 【详解】（1）基态铁原子的价层电子排布式为3d64s2，其轨道表示式为；铝为13号原子，基态铝原子占据的最高能级为3p，其电子云轮廓图为哑铃形，故答案为：；哑铃形； （2）“焙烧Ⅰ”过程中采用如图所示的“多层逆流焙烧”，“多层逆流焙烧”，由图示可知，高硫铝土矿与氧气可以充分接触，从而加快反应速率，提高转化率，故答案为：使矿石和气体充分接触，加快反应速率，提高转化率(使充分接触，提高热能利用率)； （3）由图示可知，在60min以后氧化铝提取率、氧化铁提取率增大不再明显，450℃左右时氧化铝提取率、氧化铁提取率达到最大，故最佳的焙烧时间与温度是60min、450℃左右；氧化铝和硫酸铵在焙烧条件下生成NH4Al(SO4)2，由原子守恒和电子守恒可知其化学反应方程式为Al2O3+4(NH4)2SO42NH4Al(SO4)2+6NH3↑+3H2O，故答案为：60min、450℃左右；Al2O3+4(NH4)2SO42NH4Al(SO4)2+6NH3↑+3H2O； （4）由分析可知，“滤渣I”的主要成分为二氧化硅，可用于制造玻璃、陶瓷、光导纤维工业制硅等，故答案为：制造玻璃、陶瓷、光导纤维工业制硅等； （5）“焙烧Ⅲ”在隔绝空气条件下，由FeS2和Fe2O3反应生成磁性氧化铁，同时有SO2生成，由原子守恒和电子守恒可知，参加反应的FeS2和Fe2O3物质的量之比为1:16，故答案为：1:16； （6）由晶胞结构可知，每个晶胞中含有Fe2＋的个数为个，含有的个数为个，所以其密度，故M＝ρa3NA×10﹣30，故答案为：ρa3NA×10﹣30。 28．（14分）苯甲酸苄酯()是一种无色或淡黄色油状液体，具有清淡的类似杏仁的香气。该产品广泛用作花香香精的定型剂、增塑剂、溶剂、止咳药剂等。一种合成苯甲酸苄酯的装置如图所示。 已知：相关数据如表所示。 物质 相对分子质量 密度 沸点 溶解性 氯化苄 126.5 1.1 179 易溶于苯、甲苯 甲苯 92 0.867 111 — 苯甲酸苄酯 212 1.2 324 易溶于苯、甲苯 实验步骤：将苯甲酸钠、氯化苄()、甲苯加入三颈烧瓶中，在下反应。刚开始反应体系呈白色浑浊状，随着加热搅拌的进行，反应液逐渐澄清。随着反应进行，又有白色固体析出。反应结束后将反应液冷却至室温，用布氏漏斗抽滤，收集滤液。减压蒸馏后溶液呈白色乳浊态，过滤后进一步蒸馏得到苯甲酸苄酯。 回答下列问题： (1)仪器X的主要作用是 ；冷却水应该从X的 口通入(填“上”或“下”)；为控制反应在进行，实验中可采取的措施是 。 (2)加入甲苯的作用是 ；三颈烧瓶中发生反应的化学方程式为 。 (3)减压蒸馏后过滤除去的物质是 (填名称)。 (4)在蒸馏操作中，下列仪器选择及安装都正确的是 (填标号)。 A．    　　 B．    　　 C．    　　 D． 安装好蒸馏装置后，加入待蒸馏的物质和沸石， (填操作)，加热，弃去前馏分，收集的馏分。 (5)本实验中苯甲酸苄酯的产率是 (保留两位有效数字)。 【答案】(1) 冷凝回流 下 水浴加热 (2) 作溶剂，溶解苯甲酸钠和氯化苄，使二者充分接触，充分反应 (3)苯甲酸钠 (4) B 通入冷却水 (5)91% 【详解】（1）仪器X是球形冷凝管，其作用是冷凝回流，提高原料的利用率；冷却水应该从球形冷凝管的下口通入；为控制反应在反应，实验中可采取水浴加热的措施； （2）苯甲酸钠不溶于氯化苄，但是苯甲酸钠和氯化苄都溶于甲苯，故甲苯的作用是作溶剂，溶解苯甲酸钠和氯化苄，使二者充分接触，充分反应；二者在反应的化学方程式为； （3）苯甲酸钠属于盐，沸点高，减压蒸馏后过滤除去的物质为苯甲酸钠； （4）进行蒸馏实验时，应该使用直形冷凝管，且温度计位于支管口处，故选B；安装好蒸馏装置后，加入待蒸馏的物质和沸石，先通入冷却水，然后再加热进行蒸馏实验； （5）苯甲酸钠的物质的量为，氯化苄的物质的量为，苯甲酸钠过量，根据氯化苄计算得出苯甲酸苄酯的理论产量为，故苯甲酸苄酯的产率为。 29．（14分）碳达峰和碳中和是应对气候变化的重要策略，以为原料合成甲醇可以减少的排放，可以更快地实现碳达峰和碳中和。回答下列问题： I.和生成甲醇涉及的反应如下： 主反应：   副反应：   (1)反应   。 (2)时，在主、副反应的混合体系中，平衡时，生成甲醇的选择性[选择性]随压强的变化如图所示。 ①增大压强，甲醇的选择性增大的原因是 。 ②时，若在密闭容器中充入和，在压强为时，生成0.6mol CO，则时，主反应的压强平衡常数 。(用平衡分压代替平衡浓度计算，分压=总压物质的量分数) II.催化剂的性能测试：一定条件下使、混合气体通过反应器，检测反应器出口气体的成分及其含量，计算的转化率和的选择性以评价催化剂的性能。 (3)时，测得反应器出口气体中全部含碳物质的物质的量之比，则该温度下的转化率为 。 (4)其他条件相同时，反应温度对的转化率和的选择性的影响如图1、2所示。 ①由图1判断，实验中反应未达到化学平衡状态的点为 。 ②温度高于时，平衡转化率升高的原因是 。 ③温度相同时，选择性的实验值略高于平衡值(见图2)，从化学反应速率的角度解释原因： 。 【答案】(1)-90.7 (2)主反应正反应为气体分子数减小的反应，副反应为气体分子数不变的反应，故增大压强主反应向正反应方向移动，甲醇的选择性增大 (3)25% (4) ABCD 温度升高，主反应逆向进行，副反应正向进行，温度高于260℃时，副反应正向进行的程度大于主反应逆向进行的程度 温度相同时，主反应的速率大于副反应，单位时间内生成甲醇的量比生成CO的量多 【详解】（1）根据盖斯定律可知，； （2）①加压，平衡向气体分子数减小的反应，则增大压强，甲醇的选择性增大的原因是：主反应正反应为气体分子数减小的反应，副反应为气体分子数不变的反应，故增大压强主反应向正反应方向移动，甲醇的选择性增大； ②由图可知，平衡时，甲醇的选择性为40%，此时生成0.6molCO，则生成0.4mol的甲醇，根据主反应可知 ， 根据副反应可知， 平衡时总物质的量：1mol+1mol+0.6mol+1mol+04mol=4mol，平衡时二氧化碳、氢气、甲醇、水蒸气的分压分别为：、、、，则时，主反应的压强平衡常数； （3）230℃时，测得反应器出口气体中全部含碳物质的物质的量之比n(CH3OH)：n(CO2)n(CO)=5：18：1，假设生成的CH3OH的物质的量为5mol，则生成的CO的物质的量为1mol，剩余的CO2的物质的量为18mol，根据碳原子守恒，起始的CO2的物质的量为5mol+18mol+1mol=24mol，则该温度下CO2转化率的计算式为×100%=25%； （4）①由图1可知在不同温度下，CO2转化率的实验值均小于平衡值，说明实验中反应均未达到化学平衡状态，故答案为：ABCD； ②主反应为放热反应，副反应为吸热反应，温度升高，主反应逆向移动，副反应正向移动，温度高于260℃时，副反应正向移动的程度大于主反应逆向移动的程度，所以平衡转化率随温度升高还在增大，故答案为：温度升高，主反应逆向进行，副反应正向进行，温度高于260℃时，副反应正向进行的程度大于主反应逆向进行的程度； ③由图可知，温度相同时，CH3OH选择性的实验值略高于平衡值，从化学反应速率的角度看原因是：温度相同时，主反应的速率大于副反应，单位时间内生成甲醇的量比生成CO的量多。 30．（15分）是合成某药物的中间体，一种合成的路线如下： 已知：代表乙基。 回答下列问题： (1)B的名称为 。 (2)E中所含官能团的名称为 。 (3)分两步进行：第1步发生加成反应，第2步加热条件下发生消去反应。写出第2步反应的化学方程式： 。 (4)下列有机物的酸性由强到弱的排序为 （填字母，用“>”连接）。 a．    b．    c．    d． (5)为加成反应，且的分子式为，的结构简式为 。 (6)满足下列条件的C的同分异构体有 种（不含立体异构），其中含有4种化学环境不同的氢原子的结构简式为 （写出1种即可）。 ①有机物与足量银氨溶液反应生成  ②仅含1种官能团 (7)以和为原料合成，设计合成路线如下：，其中、的结构简式分别为 、 。 【答案】(1)环己醇 (2)酯基、（酮）羰基 (3) (4) (5) (6) 9 、、等任写1种 (7) 【详解】（1）B的名称为环己醇； （2）E中所含官能团的名称为酯基、（酮）羰基； （3）分两步进行：第1步发生加成反应使酮羰基变为羟基，第2步加热条件下发生消去反应使醇羟基脱水生成碳碳双键；写出第2步反应的化学方程式：； （4）羧基比羟基的酸性强，卤素是吸电子基团，且氟电负性比溴强，甲基是推电子基，故酸性由强到弱排序为； （5）为加成反应，且的分子式为，结合和的结构知，的结构简式为； （6）根据有机物与足量银氨溶液反应生成和仅含1种官能团可知，异构体中含有2个甲酸酯基，2个甲酸酯基中间夹一个的同分异构体有3种，夹2个的有3种，夹3个的有2种，夹4个的有1种，共9种。其中含有4种化学环境不同的氢原子的结构简式为、、； （7）结合题干信息，先发生取代生成M（），M再加成消去生成N（），最后加成生成产物。 31．水稻和玉米是我国主要的粮食作物，其中水稻是C3植物，其暗反应仅通过卡尔文循环（即C3途径）固定CO2．而玉米是C4植物，其暗反应需要通过C4途径和C3途径共同完成CO2的固定（如图1．C4途径主要在叶肉细胞中进行）。请回答下列问题： (1)水稻和玉米光反应产生的H+最初来源于 （填物质），最终传递给NADP+形成NADPH，NADPH在暗反应阶段的作用是 。 (2)玉米的C4途径起到“CO2泵”的作用，其机制是 。 (3)玉米叶片内的叶绿体有两种类型，即位于叶肉细胞中的具有基粒的叶绿体和位于维管束鞘细胞中的不具有基粒的叶绿体。由此可以推测玉米叶片两类细胞光合作用过程的区别是 。玉米叶片内制造淀粉的场所是 （填“叶肉细胞”或“维管束鞘细胞”）。 (4)研究人员将水稻栽培区的光照和黑暗时间分别设置为14h和10h，研究温度对水稻叶片光合速率和呼吸速率的影响，结果如图2，据图可知，光合作用的最适温度比呼吸作用的最适温度 ；若将栽培区的温度从T5调至T6，24h后，与调温前相比，水稻植株的有机物积累量 。 【答案】(1)H2O 还原C3（或作还原剂）、提供能量 (2)C4途径将低浓度的CO2固定为C4，并且使C4集中到维管束鞘细胞内，供维管束鞘细胞内叶绿体的C3途径利用 (3)叶肉细胞中可以进行光反应和暗反应（中的C4途径），维管束鞘细胞中只能进行暗反应（中的C3途径） 维管束鞘细胞 (4)低 下降 【分析】光反应阶段，水的光解产生H+  、氧气和电子，所以水稻和玉米产生的H+最初来源于水。NADPH在暗反应阶段的作用是作为还原剂，参与C3 的还原，并提供能量​​ 【详解】（1）光反应阶段，水的光解产生H +  、氧气和电子，所以水稻和玉米产生的H+最初来源于水。NADPH在暗反应阶段的作用是作为还原剂，参与C3 的还原，并提供能量。 （2）由图1可以看出，C4途径将低浓度的CO2固定为C4，并且使C4集中到维管束鞘细胞内，供维管束鞘细胞内叶绿体的C3途径利用。 （3）位于叶肉细胞中的具有基粒的叶绿体含有类囊体薄膜，能进行光反应和暗反应；位于维管束鞘细胞中的不具有基粒的叶绿体，只能进行暗反应，所以玉米叶片两类细胞光合作用过程的区别是叶肉细胞中能进行光反应和暗反应，维管束鞘细胞中只能进行暗反应。因为淀粉是光合作用的产物，而维管束鞘细胞能进行暗反应合成淀粉，所以玉米叶片内制造淀粉的场所是维管束鞘细胞。 （4）分析图2可知，净光合速率最大时对应的温度为光合作用的最适温度，呼吸速率最大时对应的温度为呼吸作用的最适温度，由图可知光合作用的最适温度比呼吸作用的最适温度 低。若将栽培区的温度从T5调至T6，净光合速率降低，呼吸速率升高，但净光合速率仍大于0，所以24h后，与调温前相比，水稻植株的有机物积累量下降。 32．某植物的花色由一组复等位基因A+、A、a（A+对A为显性，A对a为显性）和另一对等位基因B、b控制。花色代谢机制如下图所示。科研人员开展了一系列杂交实验，结果如下表所示。 杂交组合 亲本 F1表型 F1自交得到的F2表型及比例 组合一 纯合白花植株×纯合红花植株 全为紫花 紫花：红花：白花=9：3：4 组合二 黄花植株甲×纯合紫花植株 黄花：紫花=1：1 组合三 黄花植株甲×纯合红花植株 黄花：红花=1：1 组合四 黄花植株甲×纯合白花植株 黄花：白花=1：1 回答下列问题： (1) 根据组合一F1自交得到F2的表型及比例，判断相关基因的遗传遵循 定律， 理由是 。 (2)组合一中亲本纯合白花植株与纯合红花植株的基因型分别为 。F2中紫花植株的基因型有 种，其中能稳定遗传的紫花植株所占比例为 。 (3)根据杂交组合二、三、四可以确定黄花植株甲的基因型为 。杂交组合四中纯合白花植株亲本的基因型为 。 (4)写出杂交组合二F1自交得到的F2的表型及比例： 。 【答案】(1)基因的自由组合 F2的表型及比例为紫花：红花：白花 = 9：3：4，是9：3：3：1的变式 (2)aaBB、AAbb 4 1/9 (3)A+abb aabb (4)黄花：紫花：红花：白花=3:3:1:1 【分析】1、基因的自由组合定律是指两对或两对以上的染色体上的控制生物相对性状的遗传规律；基因自由组合定律的实质是等位基因彼此分离的同时非同源染色体上的非等位基因自由组合； 2、题图分析：植物的花色由一组复等位基因A+、A、a（A+对A为显性，A对a为显性）和另一对等位基因B、b控制。由图可知，红花植株的基因型为A-bb，紫花植株为A-B-，白花植株为aa--，又A+抑制A的表达，故A+---为黄花植株。 【详解】（1）基因的自由组合定律是指控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。组合一F1自交得到F2的表型及比例为紫花:红花:白花 = 9:3:4，这是9:3:3:1的变式，说明控制花色的两对等位基因分别位于两对同源染色体上，相关基因的遗传遵循基因的自由组合定律； （2）由花色代谢机制图可知，紫花的基因型为A-B-，红花的基因型为A-bb，白花的基因型为aa--。组合一中纯合白花植株与纯合红花植株杂交，F1全为紫花，F2表现为紫花:红花:白花 = 9:3:4，则亲本纯合白花植株的基因型为aaBB，纯合红花植株的基因型为AAbb。F1的基因型为AaBb，F2中紫花植株的基因型为A-B-，有AABB、AABb、AaBB、AaBb共4种，其中能稳定遗传的紫花植株（AABB）所占比例为1/9。 （3）组合二中黄花植株甲（A+---）与纯合紫花植株（AABB）杂交，F1黄花：紫花 = 1:1；组合三中黄花植株甲与纯合红花植株（aaBB）杂交，F1黄花：红花 = 1:1；组合四中黄花植株甲与纯合白花植株（aa--）杂交，F1黄花：白花 = 1:1，综合分析可知黄花植株甲的基因型为A+abb；因为黄花植株甲为A+abb，与纯合白花植株杂交F1黄花：白花 = 1:1，所以纯合白花植株亲本的基因型为aabb； （4）组合二中黄花植株甲（A+abb）与纯合紫花植株（AABB）杂交，F1为A+ABb和AaBb，比例为1:1。1/2A+ABb自交，后代A+--（黄花）12/32、AAB-（紫花）3/32、AAbb（红花）1/32；1/2AaBb自交，后代A-B-（紫花）9/32、A-bb（红花）3/32、aaB-（白花）4/32，因此杂交组合二F1自交得到的F2的表型及比例为黄花：紫花：红花：白花=12/32：12/32：4/32：4/32=3：3：1：1。 33．肺腺癌是全世界范围内发病率和死亡率均最高的恶性肿瘤，近年来的发病率持续上升。NBR1作为一种自噬受体，在选择性自噬中起着关键作用。一项利用乳腺癌小鼠模型进行的研究表明，NBR1在乳腺肿瘤细胞质中的表达积累能促进肿瘤细胞增殖，然而，NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制尚未完全阐明，科研人员展开了实验。 (1)当微生物入侵动物细胞时，动物细胞中 能参与清除感染的微生物，维持细胞内部环境的稳定。在植物细胞中，与此结构功能相似的细胞器是 。 (2)研究人员选用生长状况相似且健康的乳鼠构建 模型鼠，为了探究更高效的病毒侵染方式获取模型鼠，以气管内注射给药和滴鼻给药侵染乳鼠28d后，观察到小鼠肺组织肿瘤部位占比如下图所示，得出 给药方式是更高效的病毒侵染方式。 (3)将模型鼠分成实验组、对照组，实验组的处理是 ，对照组不作处理，两组均在无其他干扰环境下饲养，3个月后解剖和分离鼠的肺， ①从器官水平看， ； ②从细胞水平看， 。 这两个结果均支持抑制NBR1表达使肺腺癌肿瘤生长受到抑制。 (4)综合以上结果和细胞免疫过程，请提出NBR1是如何促进肺腺癌肿瘤细胞增殖的？ 。 【答案】(1)溶酶体 液泡 (2)肺腺癌 气管内注射 (3)利用基因编辑（基因敲除）技术对NBR1基因进行敲除（或抑制NBR1基因的表达） 实验小鼠的肺肿瘤面积占比低于对照组 实验小鼠的肺肿瘤组织中细胞毒性T细胞的数量（或活性）多于对照组 (4)NBRI作为一种自噬受体，接受信号后，能够调控细胞毒性T细胞识别肿瘤细胞的特定分子通过自噬途径进行降解，导致细胞毒性T细胞识别和杀死肿瘤细胞功能障碍，从而促进免疫逃逸的发生，有利于肿瘤细胞的增殖 【分析】本实验的实验目的是研究NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制，自变量是NBR1的有无，检测指标是肺肿瘤面积的占比以及肺肿瘤组织中细胞毒性T细胞的数量（或活性）。 【详解】（1）由于溶酶体中有多种水解酶，因此当微生物入侵动物细胞时，动物细胞中溶酶体能参与清除感染的微生物，维持细胞内部环境的稳定。在植物细胞中，与此结构功能相似的细胞器是液泡。 （2）已知NBR1在乳腺肿瘤细胞质中的表达积累能促进肿瘤细胞增殖，NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制尚未完全阐明，为了研究NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制，因此需要选用生长状况相似且健康的乳鼠构建肺腺癌模型鼠。结合图示分析，气管内注射组肿瘤部位占比大，说明利用气管内注射给药方式是更高效的病毒侵染方式。 （3）本实验是研究NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制，自变量是NBR1的有无，因此实验组利用基因编辑（基因敲除）技术对NBR1基因进行敲除（或抑制NBR1基因的表达），对照组不作处理。已知NBR1在乳腺肿瘤细胞质中的表达积累能促进肿瘤细胞增殖，因此从器官水平看，实验小鼠的肺肿瘤面积占比低于对照组。肿瘤会受到细胞免疫的清除，细胞免疫发挥主要作用的细胞是细胞毒性T细胞，因此从细胞水平看，实验小鼠的肺肿瘤组织中细胞毒性T细胞的数量（或活性）多于对照组。这两个结果均支持抑制NBR1表达使肺腺癌肿瘤生长受到抑制。 （4）结合上述信息综合分析，NBRI作为一种自噬受体，接受信号后，能够调控细胞毒性T细胞识别肿瘤细胞的特定分子通过自噬途径进行降解，导致细胞毒性T细胞识别和杀死肿瘤细胞功能障碍，从而促进免疫逃逸的发生，有利于肿瘤细胞的增殖。 34．某地一大型淡水湖曾因水体中氮、磷含量过高导致浮游植物大量繁殖，进而引发富营养化污染。近年来，相关部门开展了一系列综合治理，并取得了一定成效。回答下列问题： (1)该淡水湖风景优美，是当地著名景观，还具有城市防洪排涝、城区河道生态补水等功能，这体现了生物多样性的 使用价值。湖中各水生植物占据着不同的 ，以充分利用光照、空间等资源。浮游植物属于该生态系统成分中的 ，以其为主要食物来源的水蚤等浮游动物是食物链形成的关键环节，可推动生态系统的 和物质循环。 (2)湖泊富营养化影响了其他水生生物生存，导致生态系统的 能力下降。在该湖泊的综合治理过程中，生态修复阶段采取的主要措施有：①种植芦苇、睡莲等水生植物制约浮游植物繁殖；②投放白鲢、河蚌等水生动物使浮游植物下降，并取得一定的经济效益。从生物学原理分析，上述控制浮游植物数量的方法均属于 防治。 (3)为评估生态修复效果，科研人员对该淡水湖已修复区域和尚未修复区域的浮游生物及水体理化因子开展季节性调查，部分结果如表所示。据表分析： 春季 夏季 秋季 冬季 修复区 未修复区 修复区 未修复区 修复区 未修复区 修复区 未修复区 浮游植物生物量（mg/L） 8.84b 9.20b 4.18c 13.36b 2.86c 21.73a 0.42d 0.45d 总氮（mg/L） 0.38a 1.00b 0.43b 1.27a 0.39b 1.06a 0.36b 1.51a 总磷（mg/L） 0.03b 0.10a 0.02b 0.09a 0.01b 0.08a 0.03a 0.02b 注：表中不同字母表示处理间差异显著，有相同字母表示处理间差异不显著（P<0.05） ①从浮游植物的生物量分析，各季节修复区 （填“高于”或“低于”）未修复区，其中 季差异显著。 ②从总氮、总磷含量分析，修复区含量普遍低于未修复区，其原因可能是 。 ③评估修复效果：该生态修复举措在一定程度上能 湖泊的富营养化水平。 【答案】(1)直接和间接 生态位 生产者 能量流动 (2)自我调节 生物 (3)低于 夏、秋 修复区水生植物吸收氮磷，或水生动物摄食浮游植物减少营养盐积累 降低 【分析】1、生态位指一个种群在生态系统中，在时间空间上所占据的位置及其与相关种群之间的功能关系与作用，表示生态系统中每种生物生存所必需的生境最小阈值。 2、生物多样性的价值通常分为直接价值、间接价值和潜在价值。防洪排涝和生态补水属于间接价值，而作为景观属于直接价值。 【详解】（1）防洪排涝、生态补水属于生态功能，对应生物多样性的间接使用价值；“该淡水湖风景优美，是当地著名景观”体现了直接价值。水生植物通过占据不同生态位实现资源高效利用。浮游植物通过光合作用固定能量，属于生产者；消费者通过摄食推动能量流动和物质循环。 （2）富营养化破坏生态平衡，降低系统自我调节能力。种植植物和投放动物通过种间竞争或捕食关系控制浮游植物，属于生物防治。 （3）夏季：修复区（4.18c）与未修复区（13.36b）字母不同（c vs b），差异显著。秋季：修复区（2.86c）与未修复区（21.73a）字母不同（c vs a），差异显著。春、冬季字母相同，差异不显著。植物吸收氮磷用于生长，动物摄食浮游植物降低其分解后释放的营养盐。因此从总氮、总磷含量分析，修复区含量普遍低于未修复区，其原因可能是水生植物吸收氮磷，或水生动物摄食浮游植物减少营养盐积累。修复区浮游植物生物量及氮磷含量均低于未修复区，说明富营养化得到缓解。 35．蛋白酶抑制剂基因转化是作物抗虫育种的新途径。某研究小组拟将胰凝乳蛋白酶抑制剂（StPinlA）的基因插入胰蛋白酶抑制剂（NaPI）基因的表达载体中，并对棉花进行共同转化，使其在棉花细胞中表达NaPI-StPinlA融合蛋白，从而获得转基因植株，过程如图1所示。回答下列问题： 限制酶 识别序列及切割位点 BamHI 5'-G↓GATCC-3' EcoRI 5'-G↓AATTC-3' HindIII 5'-A↓AGCTT-3' DraIII 5'-CAC↓GTG-3' StuI 5'-AGG↑CCT-3' (1)扩增StPinlA基因时，可选择图1中的一对引物是 ，StPinlA基因上无限制酶的识别序列，为了使扩增后的StPinlA基因能够与Ti质粒上的NaPI基因正确连接，用PCR技术扩增StPinlA基因时，需要设计合适的加端引物，依据图1及表的信息推测，引物E-F包含的碱基序列为5'- （写出12个碱基序列）-3'。 (2)为了使连接后的重组基因NaPI-StPinlA能够表达出融合蛋白，设计时应考虑剔除NaPI基因中的终止子序列、 及NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列，剔除NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列的目的是 。 (3)将构建好的重组Ti质粒导入农杆菌中进行转化，并将农杆菌涂布在含有 的固体培养基上，从而选择出生长正常的菌落中的农杆菌与棉花的叶肉细胞共培养。在愈伤组织阶段取部分细胞提取总DNA进行PCR和凝胶电泳，此操作的目的是 ，取细胞A、 B、C、D中的DNA扩增后的电泳结果如图2所示，其中成功导入重组基因NaPI-StPinlA的细胞是 。 【答案】(1)E-F和E--R GAATTCTCTCCG (2)SrPinlA基因中的启动子序列 使拼接在一起的NaPI基因转录形成的mRNA 中不出现终止密码子，避免StPinlA基因转录形成的mRNA不能进行翻译，从而无法合成 NaPI-StPinlA融合蛋白 (3)卡那霉素 从分子水平上检测重组基因NaPI-StPinlA是否成功导入棉花细胞 细胞C 【分析】分析题意可知，实验目的是为了将胰凝乳蛋白酶抑制剂（StPinlA）的基因插入胰蛋白酶抑制剂（NaPI）基因的表达载体中，并对棉花进行共同转化，使其在棉花细胞中表达NaPI-StPinlA融合蛋白，从而获得转基因植株。分析题图可知，StPinlA要插入到NaPI的后面形成融合基因。 【详解】（1）分析题图可知，扩增StPinlA基因时，可选择图1中的一对引物是E-F和E--R。StPinlA基因上无限制酶的识别序列，为了使扩增后的StPinlA基因能够与Ti质粒上的NaPI基因正确连接，用PCR技术扩增StPinlA基因时，需要设计合适的加端引物，依据图1及表的信息推测，StPinlA要插入到NaPI的后面形成融合基因，且转录链的3'端应与启动子接近，故在切割Ti质粒时需要用限制酶EcoRI和HindIII，故引物E-F包含的碱基序列为5'-GAATTCTCTCCG-3'。 （2）为了使连接后的重组基因NaPI-StPinlA能够表达出融合蛋白，设计时应考虑剔除NaPI基因中的终止子序列、EcoRI识别序列及NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列，剔除NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列的目的是确保融合蛋白能够连续翻译。 （3）Ti质粒上游卡那霉素抗性基因，将构建好的重组Ti质粒导入农杆菌中进行转化，并将农杆菌涂布在含有卡那霉素的固体培养基上，从而选择出生长正常的菌落中的农杆菌与棉花的叶肉细胞共培养。在愈伤组织阶段取部分细胞提取总DNA进行PCR和凝胶电泳，此操作的目的是检测重组基因NaPI-StPinlA是否导入，取细胞A、 B、C、D中的DNA扩增后的电泳结果如图2所示，由于NaPI基因长度为462bp，StPinlA基因长度为750bp，融合基因长度大约为462+750=1212bp，其中成功导入重组基因NaPI-StPinlA的细胞是C。 / 学科网（北京）股份有限公司 $$■■■■ 2025年高考押题预测卷01 情库养量目前有面线斜化等：加由用色用自恒则定民线举粹老装！ 1.出经 理科综合答题卡 24.4分) 15,(4分1 小孔 炸名 中物卡”中”产中等中年书中下中 贴漏形网区 等证号填消地，以玖自边考 私的美形四. 是考正号 悟赛必通用0面买色等字笔得 器，形得笔暖网日觉溶庭字 体工聚.家连情南. 0 0 0 0 0 3.销技庭与利子在各起日的答8K线 内将挥：区端州写的算米无清 2 原炼.试烟卷上养通无效。 4 5 5 5 45 45 234567 23456 2345678 2345678 缺考标记 ■ 09 99 99 透择海（请用B留笔填编】 4固间向 金肉固的画 5面间间 1®©D间 90®0 16B间0 多间回回 D间@间 7间回回可 40B铜D间 非A阁间D间 g间o间 3间国 日间回 91面向间回 I0®周间D回 5间C间 g间 于1间间回 14间回 1间间可 透拼题《请在各试的鉴通区内年答) 丑.4分 1) 日分 (2计 1钓 23.19 0)C1)2#》3) 20 4 处) 2效》 20400白 月培合第1美（传6贝） 理接金前2美（其6贝） 裤在爷通目答区城汽作香，朝出雪心形边信限光区实七教1 精在各目们青图城城内中序，想山用色郑形功是《减为许翼上效 爷W4济片无酸 情在帝海科的汤群字作秀：草H明色和海刚限减的活率4薄 27,15分)1) 3引.(10分21) (21 (2) (3 3) (4) (4) ( 32.(11分)(1 8.14分)(1 2) (3 20 640 35,12分》(1 3 2) (4 (3) (5 29.(14分)(1) (2) (4) 34.(11分2(1 (3) 12) (3) 35,(10分》(10 30.15分)1) (20 2) (3 4 (3) (6 1视拿合第4到（共4页） 理H伸合第6到（共。算） (7)………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… 此卷只装订不密封 ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… ………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… … 学校：______________姓名：_____________班级：_______________考号：______________________ 2025年高考押题预测卷（全国卷01） 理科综合 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写 在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回 可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 Fe 56 第Ⅰ卷（选择题 共126分） 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1．（原创）新疆库尔勒的 “库尔勒香梨” 是中国国家地理标志产品，果实色泽悦目，皮薄肉细，富含多种维生素与矿物质。西藏林芝的 “林芝猕猴桃” 同样为国家地理标志产品，果肉黄绿，软化后淡黄，细嫩多汁且香气浓郁。下列叙述错误的是（ ） A．香梨储存时，适当降低温度和氧气浓度可延长保鲜时间，因为呼吸作用强度降低，有机物消耗减少 B．用斐林试剂检测林芝猕猴桃的果汁，水浴加热后出现砖红色沉淀，说明果汁中含有葡萄糖 C．库尔勒香梨果肉细胞和林芝猕猴桃果肉细胞中的细胞壁都主要由纤维素和果胶组成 D．林芝猕猴桃在生长过程中，需要从环境中吸收 N、P、K 等大量元素用于细胞内物质的合成 2．细胞是一个开放的系统，每时每刻都与环境进行着物质交换。图1中①～⑤表示物质进出细胞方式，甲～戊表示不同的物质或细胞结构，图2为蔗糖分子进入某植物细胞的过程示意图。下列相关说法错误的是（    ） A．若图1中戊为药物的运载体，则药物A属于水溶性分子 B．图2中H＋出细胞的方式为主动运输，蔗糖进细胞的方式为协助扩散 C．低温处理法对左图中物质进出细胞方式都有影响，细胞呼吸抑制法则对④⑤方式有影响 D．除一些不带电荷的小分子可以左图中甲方式进出细胞外，离子的跨膜运输须借助于膜蛋白 3．FTO蛋白可擦除N基因mRNA的甲基化修饰，避免mRNA被Y蛋白识别而降解，从而提高了鱼类的抗病能力。相关分析正确的是（    ） A．Y蛋白能识别mRNA甲基化修饰 B．mRNA甲基化会影响其转录 C．mRNA甲基化会提高其稳定性 D．N基因表达会降低鱼类抗病能力 4．分别用不同浓度芸苔素（一种植物生长调节剂）和赤霉素处理杜仲叶片，然后测定叶片中的有效成分桃叶珊瑚苷含量，结果如下图所示。下列叙述错误的是（    ） A．实验中生长调节剂的浓度范围可以通过预实验确定 B．设置对照组是为了排除内源激素对实验结果的影响 C．与对照组相比，赤霉素在500mg·L-1时起抑制作用 D．与用赤霉素处理相比，杜仲叶片对芸苔素更敏感 5．为研究能量流经生态系统的食物链时，每一级的能量变化和能量转移效率，美国生态学家林德曼对赛达伯格湖的能量流动进行了定量分析，所得数据如下图所示。下列相关叙述正确的是（    ） A．流经该生态系统的总能量是图中所有生物体内的能量之和 B．用于肉食性动物生长、发育和繁殖等生命活动的能量是5.1J/（cm2·a） C．该生态系统中的生物种类较少，只含有一条食物链 D．因大部分能量未利用，所以无法体现能量流动逐级递减的特点 6．兰州百合栽培过程中易受病毒侵染，造成品质退化。某研究小组尝试通过组织培养技术获得脱毒苗，操作流程如下图。下列叙述正确的是（    ） A．①为脱分化过程，1号培养基中的愈伤组织是排列规则的薄壁组织团块 B．②为再分化过程，愈伤组织细胞分化时可能会发生基因突变或基因重组 C．3号培养基用于诱导生根，其细胞分裂素浓度与生长素浓度的比值大于1 D．百合分生区附近的病毒极少，甚至无病毒，可以作为该研究中的外植体 7．目前化学科学已经融入国民经济的大部分技术领域，下列说法正确的是 A．利用合成了脂肪酸，实现了无机小分子向有机高分子的转变 B．“燃煤脱硫”技术有利于我国早日实现“碳达峰、碳中和” C．我国歼-35A战斗机的雷达罩使用的玻璃纤维属于无机非金属材料 D．重油通过分馏可得到石油气、汽油、煤油和柴油 8．生活因有机而多姿多彩，化合物M是合成镇静类药物氯硝西泮(N)的关键前体，制取N的部分流程如下。 下列说法错误的是 A．从M到Q的反应为取代反应 B．P→M引入硝基时需要“一系列反应Ⅰ”的目的是防止氨基被氧化 C．Q分子中所有原子可能在同一平面 D．1molN最多可与3molNaOH反应 9．利用悬浊液吸收气体可制取和，实验装置如图所示。已知：易溶于水，在酸性条件下较为稳定，受热易分解形成下列说法正确的是 A．装置A中浓硫酸浓度越大反应速率越快 B．装置C中悬浊液变澄清表明整个制备实验完成 C．在装置D中制取 D．装置D中热水浴温度越高越好 10．下列相关离子方程式表示正确的是 A．向AgBr沉淀中加入Na2S溶液，沉淀由黄色变为黑色： B．向酸性KMnO4溶液中加入亚硫酸溶液，紫色褪去： C．向pH=4的FeSO4溶液中加入H2O2溶液，有红褐色沉淀生成： D．向酸性的淀粉-碘化钾溶液通入O2，溶液变蓝： 11．W、X、Y、Z、R是元素周期表中原子序数依次增大的五种短周期元素，其中X、Y、Z位于同一周期，五种元素组成如图所示的某离子液体。下列说法错误的是 A．第一电离能：Y>Z>X B．R的简单氢化物的VSEPR模型为四面体 C．简单气态氢化物的稳定性：Z>X D．原子半径：X>Y>Z 12．二苯重氮甲烷()在抗生素的制备过程中起关键作用。以二苯甲酮腙()为前体合成二苯重氮甲烷的原理如图所示。下列说法错误的是 A．为催化剂 B．若以铅蓄电池为电源，则与石墨一极相连的为电极 C．阴极的电极反应式为 D．理论上生成的同时生成1.5mol二苯重氮甲烷 13．砷酸为三元弱酸，常温下向的溶液中滴加NaOH溶液，溶液中含砷微粒的物质的量分数随pH的变化如图所示。 已知：①；②。下列叙述正确的是 A．常温下，时 B．从开始滴加NaOH溶液至过量，水的电离程度始终增大 C．当时，溶液中存在： D．常温下，水解反应的 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 14．镍核衰变方程为，关于该核反应，下列说法正确的是（　　） A．X是质子 B．属于β衰变 C．的比结合能比大 D．环境温度会影响反应的快慢 15．图中、、、为氢原子在可见光区的四条谱线，此四条谱线满足巴耳末公式，、4、5、6，其中光波长最长。如果大量氢原子处在的能级，能辐射出几种特定波长的光，其中在可见光范围内含有的谱线为（　　） A．6种，可见光范围内的谱线有、 B．6种，可见光范围内的谱线有、 C．3种，可见光范围内的谱线有、 D．3种，可见光范围内的谱线有、 16．如图所示为地球的赤道平面图，地球以图示的方向自西向东自转。设想在赤道上，质量为m的物体以相对于地面的速度v分别自西向东和自东向西高速运动时，两种情况下物体对水平地面压力大小之差的绝对值为。地球可视为质量均匀球体，则地球的自转周期为（　　） A． B． C． D． 17．如图1是一细长圆柱体光纤的横截面，一束单色光从光纤左端中心点进入光纤，内层介质折射率（最大值为）随离中心轴的距离而变化，外层介质折射率为大于空气折射率，但小于内层介质折射率，三者的折射率情况如图2所示。已知光从折射率的介质射入折射率的介质，入射角与折射角分别为与，满足。为了使单色光仅在光纤内层介质中传播而不进入到外层介质中，则从点进入到光纤时入射角的正弦最大值是（　　） A． B． C． D． 18．如图所示，在空间内存在场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场（未画出），一边长为L的正方形绝缘细框架ABCD竖直放置，A、B两顶点处分别固定着电荷量均为+q的点电荷，C、D两顶点处分别固定着电荷量均为-q的点电荷。现以B点为轴让框架在竖直面内向右缓慢转动90°，转动过程中点电荷的电荷量恒定不变，下列说法正确的是（　　） A．从图中①到②的过程中，A点的点电荷的电势能减小 B．从图中①到②的过程中，D点的点电荷比A点的点电荷的电势能变化量大 C．整个过程框架系统电势能增加了2qEL D．转动过程中，D点的点电荷的电势能先增大后减小 19．如图所示，面积足够大的A、B两种均匀弹性介质接触放置，两者的界面在同一竖直面内。时刻界面上某质点O开始沿界面振动时，时刻介质中产生的简谐波如图所示。据此可知（   ） A．时刻质点O从平衡位置向y轴正方向振动 B．A、B两种介质中波速相同 C．时介质B中距O点3m处的质点开始振动 D．从时刻到时刻质点P运动的路程为5m 20．“南鲲”号是我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，其原理如图甲所示，利用海浪带动浪板上下摆动，从而带动线框单向匀速转动，线框内阻恒定。线框ab两端通过滑环和电刷接如图乙所示的自耦变压器，自耦变压器cd两端接负载电阻。若海浪变大使得线框转速变成原来的2倍，以下说法正确的是（　　） A．通过负载电阻的电流频率变为原来的2倍 B．线框内阻的发热功率变为原来的2倍 C．变压器的输出功率变为原来的2倍 D．若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动 21．摩尔数为的理想单原子气体初始状态压强为，体积为，对应下图中的点。现在这部分气体经过等压膨胀，体积变为，对应下图中的点，气体在状态经等温膨胀至状态，压强变为。又经等压压缩至状态，最后等温压缩回到状态。已知理想气体的体积、压强和温度满足方程；内能满足关系。其中为常数，为物质的量，根据以上信息可以判断（　　） A．气体在状态点a时的内能为3p0V0 B．气体在状态点b时温度为 C．由c到d的过程外界对气体做功为4p0V0 D．由c到d的过程气体向外界放热 第Ⅱ卷（非选择题 共174分） 三、非选择题：共174分。 22．（6分）某同学从资料上了解到弹簧弹性势能的表达式为（其中k、x分别为弹簧的劲度系数和形变量），他用图示装置来验证动量守恒定律。弹簧右端固定在水平气垫导轨上，左端与滑块A接触，滑块A、B的质量均为m，滑块B上方安装有宽为d的遮光片。用滑块A将弹簧压缩一定长度后，由静止释放，滑块A向滑块B运动，滑块A、B碰撞后粘在一起，然后通过光电门，遮光片经过光电门的遮光时间为，弹簧的压缩量可通过气垫导轨上的刻度读出，遮光片的质量不计。 (1)若本实验使用的弹簧劲度系数为k、弹簧的压缩量为x，则滑块A脱离弹簧后的速度 。 (2)通过改变弹簧的压缩量进行多次实验，记录多组x、数据，作出的 （选填“”“”“”或“”）图像为一次函数图像，若图像的斜率为 （用m、d、k表示），即可验证动量守恒定律。 23．（12分）某小组测量电阻的阻值，进行了如下操作： (1)按如图（a）所示的电路图连接电路，闭合开关，改变电阻箱R的阻值，记录多组数据，根据数据在如图（b）所示的坐标系中描点，请补充画出电流 I随R变化的图像（在答题卡作答）。 (2)断开开关，将电路中的电阻箱 R替换为待测电阻，闭合开关后电流表读数如图（c）所示，则 （结果保留三位有效数字）。 (3)若将电阻替换为阻值稍大的另一个电阻，重复实验，仍在图（b）中画出新的图像。与原来的图像相比较，新的图像将向 R轴 （选填“正方向”或“负方向”）移动少许。 (4)根据操作（1）获得的实验数据，重新描绘出图像如图图（d）所示，则由图像可知电源电动势 V若电流表内阻不计，，则电源内阻 这样测量出的电源内阻 （选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。 24．（10分）某同学用质量m=20g、可视为质点的小石片打“水”漂的轨迹示意图如图所示，小石片从距液面高处的P点以初速度水平飞出后，从A点与液面成角射入某种液体中，然后从B点与液面成角射出液面做斜上抛运动，到达最高点D时距离液面的高度。已知小石片从A点运动到B点的过程中，水平方向的运动可视为匀变速直线运动，A、B两点间的距离L=1m，重力加速度，，不计空气阻力。求： (1)小石片从P点运动到D点的过程中，该液体对小石片做的功W； (2)小石片从抛出到第二次进入液面运动的时间t。 25．（14分）密立根因最早测得元电荷数值获得了1923年的诺贝尔奖。如图是密立根油滴实验的原理示意图。上极板中央有一小孔、相距为的两个足够大金属极板水平放置，通过小孔喷入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴带上了电荷。研究的油滴均为密度相等的球体，油滴在运动过程中空气阻力与半径及速率成正比，即阻力大小为为比例系数）。某次实验中在不加电压的情况下，、两油滴竖直向下各自运动一段时间后开始做匀速运动，当两油滴匀速运动时间时，油滴位移为，油滴位移为。当两极板间加上电压（上极板接正极）时，又经过一段时间和再次在竖直方向做匀速运动，之后时间内油滴位移大小为油滴位移大小也为。已知运动过程中的电荷量、质量均未发生变化，油滴始终向下运动且未与极板相碰，重力加速度为。求： (1)油滴与油滴的质量之比； (2)判断油滴与油滴带电荷的可能电性，并求出对应的电荷量之比。 26．（20分）如图所示为直线电机工作原理的简化模型。一根足够长的圆柱形磁棒竖直固定在水平地面上，为磁棒上下截面圆心的连线，磁棒周围有沿半径方向向外均匀辐射的磁场，磁棒在周围某一点产生的磁场的磁感应强度的大小与该点到连线的距离成反比。磁棒上端的某一水平面上固定两个不可伸缩的粗细均匀的圆环形金属线圈1、2，且线圈1、2的圆心重合。线圈1的质量为m，周长为C，电阻为R；线圈2的质量为2m，周长为2C，电阻为2R。现分别对两线圈1、2施加竖直方向的外力、，并将两线圈1、2同时由静止释放，使两线圈均向下做加速度（g为重力加速度的大小）的匀加速直线运动，下落过程中线圈1所在位置处的磁场的磁感应强度大小始终为B。已知两线圈从静止下落到外力、的大小相等的过程中产生的总焦耳热，不考虑两线圈之间的相互作用及线圈中电流产生的磁场，不计空气阻力，两线圈环面始终水平，则在此过程中，求 (1)线圈1中产生的感应电流的方向（从上往下看）和线圈1受到的安培力的方向； (2)线圈1中产生的焦耳热； (3)外力做的功。 27．（15分）磁性氧化铁是生产颜料、抛光剂、录音磁带和电讯器材的重要原料。以高硫铝土矿(主要含Al2O3、Fe2O3、SiO2和少量的FeS2等)提取氧化铝和磁性氧化铁的流程如图： (1)基态Fe原子价层电子的轨道表示式(电子排布图)为 ；基态Al原子电子占据最高能级的电子云轮廓图为 形； (2)“焙烧Ⅰ”过程中采用如图所示的“多层逆流焙烧”，“多层逆流焙烧”的优点是： (任答一点)。 (3)焙烧Ⅱ由氧化铝、氧化铁制得可溶性的NH4Al(SO4)2、NH4Fe(SO4)2.提取率随温度、时间变化曲线如图所示，最佳的焙烧时间与温度是 。写出由氧化铝制得可溶性的NH4Al(SO4)2相关的化学反应方程式为 。 (4)写出“滤渣I”主要成分的一种用途 。 (5)“焙烧Ⅲ”在隔绝空气的条件下进行反应，理论上完全反应时参加反应的n(FeS2)：n(Fe2O3)= 。 (6)FeS2晶体的晶胞结构如图所示。晶胞参数为apm，FeS2晶体的密度为ρg•cm−3，阿伏加德罗常数的值为NA，则FeS2的摩尔质量M= g⋅mol﹣1(用含a、ρ、NA的代数式表示)。 28．（14分）苯甲酸苄酯()是一种无色或淡黄色油状液体，具有清淡的类似杏仁的香气。该产品广泛用作花香香精的定型剂、增塑剂、溶剂、止咳药剂等。一种合成苯甲酸苄酯的装置如图所示。 已知：相关数据如表所示。 物质 相对分子质量 密度 沸点 溶解性 氯化苄 126.5 1.1 179 易溶于苯、甲苯 甲苯 92 0.867 111 — 苯甲酸苄酯 212 1.2 324 易溶于苯、甲苯 实验步骤：将苯甲酸钠、氯化苄()、甲苯加入三颈烧瓶中，在下反应。刚开始反应体系呈白色浑浊状，随着加热搅拌的进行，反应液逐渐澄清。随着反应进行，又有白色固体析出。反应结束后将反应液冷却至室温，用布氏漏斗抽滤，收集滤液。减压蒸馏后溶液呈白色乳浊态，过滤后进一步蒸馏得到苯甲酸苄酯。 回答下列问题： (1)仪器X的主要作用是 ；冷却水应该从X的 口通入(填“上”或“下”)；为控制反应在进行，实验中可采取的措施是 。 (2)加入甲苯的作用是 ；三颈烧瓶中发生反应的化学方程式为 。 (3)减压蒸馏后过滤除去的物质是 (填名称)。 (4)在蒸馏操作中，下列仪器选择及安装都正确的是 (填标号)。 A．    　　 B．    　　 C．    　　 D． 安装好蒸馏装置后，加入待蒸馏的物质和沸石， (填操作)，加热，弃去前馏分，收集的馏分。 (5)本实验中苯甲酸苄酯的产率是 (保留两位有效数字)。 29．（14分）碳达峰和碳中和是应对气候变化的重要策略，以为原料合成甲醇可以减少的排放，可以更快地实现碳达峰和碳中和。回答下列问题： I.和生成甲醇涉及的反应如下： 主反应：   副反应：   (1)反应   。 (2)时，在主、副反应的混合体系中，平衡时，生成甲醇的选择性[选择性]随压强的变化如图所示。 ①增大压强，甲醇的选择性增大的原因是 。 ②时，若在密闭容器中充入和，在压强为时，生成0.6mol CO，则时，主反应的压强平衡常数 。(用平衡分压代替平衡浓度计算，分压=总压物质的量分数) II.催化剂的性能测试：一定条件下使、混合气体通过反应器，检测反应器出口气体的成分及其含量，计算的转化率和的选择性以评价催化剂的性能。 (3)时，测得反应器出口气体中全部含碳物质的物质的量之比，则该温度下的转化率为 。 (4)其他条件相同时，反应温度对的转化率和的选择性的影响如图1、2所示。 ①由图1判断，实验中反应未达到化学平衡状态的点为 。 ②温度高于时，平衡转化率升高的原因是 。 ③温度相同时，选择性的实验值略高于平衡值(见图2)，从化学反应速率的角度解释原因： 。 30．（15分）是合成某药物的中间体，一种合成的路线如下： 已知：代表乙基。 回答下列问题： (1)B的名称为 。 (2)E中所含官能团的名称为 。 (3)分两步进行：第1步发生加成反应，第2步加热条件下发生消去反应。写出第2步反应的化学方程式： 。 (4)下列有机物的酸性由强到弱的排序为 （填字母，用“>”连接）。 a．    b．    c．    d． (5)为加成反应，且的分子式为，的结构简式为 。 (6)满足下列条件的C的同分异构体有 种（不含立体异构），其中含有4种化学环境不同的氢原子的结构简式为 （写出1种即可）。 ①有机物与足量银氨溶液反应生成  ②仅含1种官能团 (7)以和为原料合成，设计合成路线如下：，其中、的结构简式分别为 、 。 31．水稻和玉米是我国主要的粮食作物，其中水稻是C3植物，其暗反应仅通过卡尔文循环（即C3途径）固定CO2．而玉米是C4植物，其暗反应需要通过C4途径和C3途径共同完成CO2的固定（如图1．C4途径主要在叶肉细胞中进行）。请回答下列问题： (1)水稻和玉米光反应产生的H+最初来源于 （填物质），最终传递给NADP+形成NADPH，NADPH在暗反应阶段的作用是 。 (2)玉米的C4途径起到“CO2泵”的作用，其机制是 。 (3)玉米叶片内的叶绿体有两种类型，即位于叶肉细胞中的具有基粒的叶绿体和位于维管束鞘细胞中的不具有基粒的叶绿体。由此可以推测玉米叶片两类细胞光合作用过程的区别是 。玉米叶片内制造淀粉的场所是 （填“叶肉细胞”或“维管束鞘细胞”）。 (4)研究人员将水稻栽培区的光照和黑暗时间分别设置为14h和10h，研究温度对水稻叶片光合速率和呼吸速率的影响，结果如图2，据图可知，光合作用的最适温度比呼吸作用的最适温度 ；若将栽培区的温度从T5调至T6，24h后，与调温前相比，水稻植株的有机物积累量 。 32．某植物的花色由一组复等位基因A+、A、a（A+对A为显性，A对a为显性）和另一对等位基因B、b控制。花色代谢机制如下图所示。科研人员开展了一系列杂交实验，结果如下表所示。 杂交组合 亲本 F1表型 F1自交得到的F2表型及比例 组合一 纯合白花植株×纯合红花植株 全为紫花 紫花：红花：白花=9：3：4 组合二 黄花植株甲×纯合紫花植株 黄花：紫花=1：1 组合三 黄花植株甲×纯合红花植株 黄花：红花=1：1 组合四 黄花植株甲×纯合白花植株 黄花：白花=1：1 回答下列问题： (1) 根据组合一F1自交得到F2的表型及比例，判断相关基因的遗传遵循 定律， 理由是 。 (2)组合一中亲本纯合白花植株与纯合红花植株的基因型分别为 。F2中紫花植株的基因型有 种，其中能稳定遗传的紫花植株所占比例为 。 (3)根据杂交组合二、三、四可以确定黄花植株甲的基因型为 。杂交组合四中纯合白花植株亲本的基因型为 。 (4)写出杂交组合二F1自交得到的F2的表型及比例： 。 33．肺腺癌是全世界范围内发病率和死亡率均最高的恶性肿瘤，近年来的发病率持续上升。NBR1作为一种自噬受体，在选择性自噬中起着关键作用。一项利用乳腺癌小鼠模型进行的研究表明，NBR1在乳腺肿瘤细胞质中的表达积累能促进肿瘤细胞增殖，然而，NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制尚未完全阐明，科研人员展开了实验。 (1)当微生物入侵动物细胞时，动物细胞中 能参与清除感染的微生物，维持细胞内部环境的稳定。在植物细胞中，与此结构功能相似的细胞器是 。 (2)研究人员选用生长状况相似且健康的乳鼠构建 模型鼠，为了探究更高效的病毒侵染方式获取模型鼠，以气管内注射给药和滴鼻给药侵染乳鼠28d后，观察到小鼠肺组织肿瘤部位占比如下图所示，得出 给药方式是更高效的病毒侵染方式。 (3)将模型鼠分成实验组、对照组，实验组的处理是 ，对照组不作处理，两组均在无其他干扰环境下饲养，3个月后解剖和分离鼠的肺， ①从器官水平看， ； ②从细胞水平看， 。 这两个结果均支持抑制NBR1表达使肺腺癌肿瘤生长受到抑制。 (4)综合以上结果和细胞免疫过程，请提出NBR1是如何促进肺腺癌肿瘤细胞增殖的？ 。 34．某地一大型淡水湖曾因水体中氮、磷含量过高导致浮游植物大量繁殖，进而引发富营养化污染。近年来，相关部门开展了一系列综合治理，并取得了一定成效。回答下列问题： (1)该淡水湖风景优美，是当地著名景观，还具有城市防洪排涝、城区河道生态补水等功能，这体现了生物多样性的 使用价值。湖中各水生植物占据着不同的 ，以充分利用光照、空间等资源。浮游植物属于该生态系统成分中的 ，以其为主要食物来源的水蚤等浮游动物是食物链形成的关键环节，可推动生态系统的 和物质循环。 (2)湖泊富营养化影响了其他水生生物生存，导致生态系统的 能力下降。在该湖泊的综合治理过程中，生态修复阶段采取的主要措施有：①种植芦苇、睡莲等水生植物制约浮游植物繁殖；②投放白鲢、河蚌等水生动物使浮游植物下降，并取得一定的经济效益。从生物学原理分析，上述控制浮游植物数量的方法均属于 防治。 (3)为评估生态修复效果，科研人员对该淡水湖已修复区域和尚未修复区域的浮游生物及水体理化因子开展季节性调查，部分结果如表所示。据表分析： 春季 夏季 秋季 冬季 修复区 未修复区 修复区 未修复区 修复区 未修复区 修复区 未修复区 浮游植物生物量（mg/L） 8.84b 9.20b 4.18c 13.36b 2.86c 21.73a 0.42d 0.45d 总氮（mg/L） 0.38a 1.00b 0.43b 1.27a 0.39b 1.06a 0.36b 1.51a 总磷（mg/L） 0.03b 0.10a 0.02b 0.09a 0.01b 0.08a 0.03a 0.02b 注：表中不同字母表示处理间差异显著，有相同字母表示处理间差异不显著（P<0.05） ①从浮游植物的生物量分析，各季节修复区 （填“高于”或“低于”）未修复区，其中 季差异显著。 ②从总氮、总磷含量分析，修复区含量普遍低于未修复区，其原因可能是 。 ③评估修复效果：该生态修复举措在一定程度上能 湖泊的富营养化水平。 35．蛋白酶抑制剂基因转化是作物抗虫育种的新途径。某研究小组拟将胰凝乳蛋白酶抑制剂（StPinlA）的基因插入胰蛋白酶抑制剂（NaPI）基因的表达载体中，并对棉花进行共同转化，使其在棉花细胞中表达NaPI-StPinlA融合蛋白，从而获得转基因植株，过程如图1所示。回答下列问题： 限制酶 识别序列及切割位点 BamHI 5'-G↓GATCC-3' EcoRI 5'-G↓AATTC-3' HindIII 5'-A↓AGCTT-3' DraIII 5'-CAC↓GTG-3' StuI 5'-AGG↑CCT-3' (1)扩增StPinlA基因时，可选择图1中的一对引物是 ，StPinlA基因上无限制酶的识别序列，为了使扩增后的StPinlA基因能够与Ti质粒上的NaPI基因正确连接，用PCR技术扩增StPinlA基因时，需要设计合适的加端引物，依据图1及表的信息推测，引物E-F包含的碱基序列为5'- （写出12个碱基序列）-3'。 (2)为了使连接后的重组基因NaPI-StPinlA能够表达出融合蛋白，设计时应考虑剔除NaPI基因中的终止子序列、 及NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列，剔除NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列的目的是 。 (3)将构建好的重组Ti质粒导入农杆菌中进行转化，并将农杆菌涂布在含有 的固体培养基上，从而选择出生长正常的菌落中的农杆菌与棉花的叶肉细胞共培养。在愈伤组织阶段取部分细胞提取总DNA进行PCR和凝胶电泳，此操作的目的是 ，取细胞A、 B、C、D中的DNA扩增后的电泳结果如图2所示，其中成功导入重组基因NaPI-StPinlA的细胞是 。 试题 第7页（共8页） 试题 第8页（共8页） 试题 第1页（共8页） 试题 第2页（共8页） 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$■■■■ ■■■■ ■■■■ 再在器期日的形璃化城内作落，理组感瓜能形出程距宝区城的形室天独： 2025年高考押题预测卷01 24(10堂 5C4分1 理科综合~答题卡 个孔 鲜名： 黏条形两区 【,深君，莉先粉有己的处名。四 转习效时济量：斯民直格在面用 植而丰酸的多易两： 2. 域样感多第用2州得宽销涂，通 考证 注 理用用的笔（翼我笔容器：字 体工是，笔诗清面， 0 9 分 3.讲按冠号面浮在各海川的答题风城 内作，植出区域写答案无 23 23 23 123 123 23 填：在梨椭保，试题垂上养题无效 破 6 5,止确编接☐ 567 567 567 6 567 567 123467 234567 1234567 融考标记 口 9 8 透菲圈《雨用B奶第辆涂) 1网：时 间@回 5 2萄时 9®©间 体月的 3时时 B灯间间间 D间[c【朗 4对时时 1围1的间 团特脑 5时 1:A0Ia间o间 19 EAl DMI [e)[o) oB动的 )10181GI0 教 1La时时 4A】间C 2Iae时 北这群题（请在各试温的答图区出作答） 22,6分 1) 2什 1分 42 25,(10 分) 21 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D．林芝猕猴桃在生长过程中，需要从环境中吸收 N、P、K 等大量元素用于细胞内物质的合成 2．细胞是一个开放的系统，每时每刻都与环境进行着物质交换。图1中①～⑤表示物质进出细胞方式，甲～戊表示不同的物质或细胞结构，图2为蔗糖分子进入某植物细胞的过程示意图。下列相关说法错误的是（    ） A．若图1中戊为药物的运载体，则药物A属于水溶性分子 B．图2中H＋出细胞的方式为主动运输，蔗糖进细胞的方式为协助扩散 C．低温处理法对左图中物质进出细胞方式都有影响，细胞呼吸抑制法则对④⑤方式有影响 D．除一些不带电荷的小分子可以左图中甲方式进出细胞外，离子的跨膜运输须借助于膜蛋白 3．FTO蛋白可擦除N基因mRNA的甲基化修饰，避免mRNA被Y蛋白识别而降解，从而提高了鱼类的抗病能力。相关分析正确的是（    ） A．Y蛋白能识别mRNA甲基化修饰 B．mRNA甲基化会影响其转录 C．mRNA甲基化会提高其稳定性 D．N基因表达会降低鱼类抗病能力 4．分别用不同浓度芸苔素（一种植物生长调节剂）和赤霉素处理杜仲叶片，然后测定叶片中的有效成分桃叶珊瑚苷含量，结果如下图所示。下列叙述错误的是（    ） A．实验中生长调节剂的浓度范围可以通过预实验确定 B．设置对照组是为了排除内源激素对实验结果的影响 C．与对照组相比，赤霉素在500mg·L-1时起抑制作用 D．与用赤霉素处理相比，杜仲叶片对芸苔素更敏感 5．为研究能量流经生态系统的食物链时，每一级的能量变化和能量转移效率，美国生态学家林德曼对赛达伯格湖的能量流动进行了定量分析，所得数据如下图所示。下列相关叙述正确的是（    ） A．流经该生态系统的总能量是图中所有生物体内的能量之和 B．用于肉食性动物生长、发育和繁殖等生命活动的能量是5.1J/（cm2·a） C．该生态系统中的生物种类较少，只含有一条食物链 D．因大部分能量未利用，所以无法体现能量流动逐级递减的特点 6．兰州百合栽培过程中易受病毒侵染，造成品质退化。某研究小组尝试通过组织培养技术获得脱毒苗，操作流程如下图。下列叙述正确的是（    ） A．①为脱分化过程，1号培养基中的愈伤组织是排列规则的薄壁组织团块 B．②为再分化过程，愈伤组织细胞分化时可能会发生基因突变或基因重组 C．3号培养基用于诱导生根，其细胞分裂素浓度与生长素浓度的比值大于1 D．百合分生区附近的病毒极少，甚至无病毒，可以作为该研究中的外植体 7．目前化学科学已经融入国民经济的大部分技术领域，下列说法正确的是 A．利用合成了脂肪酸，实现了无机小分子向有机高分子的转变 B．“燃煤脱硫”技术有利于我国早日实现“碳达峰、碳中和” C．我国歼-35A战斗机的雷达罩使用的玻璃纤维属于无机非金属材料 D．重油通过分馏可得到石油气、汽油、煤油和柴油 8．生活因有机而多姿多彩，化合物M是合成镇静类药物氯硝西泮(N)的关键前体，制取N的部分流程如下。 下列说法错误的是 A．从M到Q的反应为取代反应 B．P→M引入硝基时需要“一系列反应Ⅰ”的目的是防止氨基被氧化 C．Q分子中所有原子可能在同一平面 D．1molN最多可与3molNaOH反应 9．利用悬浊液吸收气体可制取和，实验装置如图所示。已知：易溶于水，在酸性条件下较为稳定，受热易分解形成下列说法正确的是 A．装置A中浓硫酸浓度越大反应速率越快 B．装置C中悬浊液变澄清表明整个制备实验完成 C．在装置D中制取 D．装置D中热水浴温度越高越好 10．下列相关离子方程式表示正确的是 A．向AgBr沉淀中加入Na2S溶液，沉淀由黄色变为黑色： B．向酸性KMnO4溶液中加入亚硫酸溶液，紫色褪去： C．向pH=4的FeSO4溶液中加入H2O2溶液，有红褐色沉淀生成： D．向酸性的淀粉-碘化钾溶液通入O2，溶液变蓝： 11．W、X、Y、Z、R是元素周期表中原子序数依次增大的五种短周期元素，其中X、Y、Z位于同一周期，五种元素组成如图所示的某离子液体。下列说法错误的是 A．第一电离能：Y>Z>X B．R的简单氢化物的VSEPR模型为四面体 C．简单气态氢化物的稳定性：Z>X D．原子半径：X>Y>Z 12．二苯重氮甲烷()在抗生素的制备过程中起关键作用。以二苯甲酮腙()为前体合成二苯重氮甲烷的原理如图所示。下列说法错误的是 A．为催化剂 B．若以铅蓄电池为电源，则与石墨一极相连的为电极 C．阴极的电极反应式为 D．理论上生成的同时生成1.5mol二苯重氮甲烷 13．砷酸为三元弱酸，常温下向的溶液中滴加NaOH溶液，溶液中含砷微粒的物质的量分数随pH的变化如图所示。 已知：①；②。下列叙述正确的是 A．常温下，时 B．从开始滴加NaOH溶液至过量，水的电离程度始终增大 C．当时，溶液中存在： D．常温下，水解反应的 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 14．镍核衰变方程为，关于该核反应，下列说法正确的是（　　） A．X是质子 B．属于β衰变 C．的比结合能比大 D．环境温度会影响反应的快慢 15．图中、、、为氢原子在可见光区的四条谱线，此四条谱线满足巴耳末公式，、4、5、6，其中光波长最长。如果大量氢原子处在的能级，能辐射出几种特定波长的光，其中在可见光范围内含有的谱线为（　　） A．6种，可见光范围内的谱线有、 B．6种，可见光范围内的谱线有、 C．3种，可见光范围内的谱线有、 D．3种，可见光范围内的谱线有、 16．如图所示为地球的赤道平面图，地球以图示的方向自西向东自转。设想在赤道上，质量为m的物体以相对于地面的速度v分别自西向东和自东向西高速运动时，两种情况下物体对水平地面压力大小之差的绝对值为。地球可视为质量均匀球体，则地球的自转周期为（　　） A． B． C． D． 17．如图1是一细长圆柱体光纤的横截面，一束单色光从光纤左端中心点进入光纤，内层介质折射率（最大值为）随离中心轴的距离而变化，外层介质折射率为大于空气折射率，但小于内层介质折射率，三者的折射率情况如图2所示。已知光从折射率的介质射入折射率的介质，入射角与折射角分别为与，满足。为了使单色光仅在光纤内层介质中传播而不进入到外层介质中，则从点进入到光纤时入射角的正弦最大值是（　　） A． B． C． D． 18．如图所示，在空间内存在场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场（未画出），一边长为L的正方形绝缘细框架ABCD竖直放置，A、B两顶点处分别固定着电荷量均为+q的点电荷，C、D两顶点处分别固定着电荷量均为-q的点电荷。现以B点为轴让框架在竖直面内向右缓慢转动90°，转动过程中点电荷的电荷量恒定不变，下列说法正确的是（　　） A．从图中①到②的过程中，A点的点电荷的电势能减小 B．从图中①到②的过程中，D点的点电荷比A点的点电荷的电势能变化量大 C．整个过程框架系统电势能增加了2qEL D．转动过程中，D点的点电荷的电势能先增大后减小 19．如图所示，面积足够大的A、B两种均匀弹性介质接触放置，两者的界面在同一竖直面内。时刻界面上某质点O开始沿界面振动时，时刻介质中产生的简谐波如图所示。据此可知（   ） A．时刻质点O从平衡位置向y轴正方向振动 B．A、B两种介质中波速相同 C．时介质B中距O点3m处的质点开始振动 D．从时刻到时刻质点P运动的路程为5m 20．“南鲲”号是我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，其原理如图甲所示，利用海浪带动浪板上下摆动，从而带动线框单向匀速转动，线框内阻恒定。线框ab两端通过滑环和电刷接如图乙所示的自耦变压器，自耦变压器cd两端接负载电阻。若海浪变大使得线框转速变成原来的2倍，以下说法正确的是（　　） A．通过负载电阻的电流频率变为原来的2倍 B．线框内阻的发热功率变为原来的2倍 C．变压器的输出功率变为原来的2倍 D．若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动 21．摩尔数为的理想单原子气体初始状态压强为，体积为，对应下图中的点。现在这部分气体经过等压膨胀，体积变为，对应下图中的点，气体在状态经等温膨胀至状态，压强变为。又经等压压缩至状态，最后等温压缩回到状态。已知理想气体的体积、压强和温度满足方程；内能满足关系。其中为常数，为物质的量，根据以上信息可以判断（　　） A．气体在状态点a时的内能为3p0V0 B．气体在状态点b时温度为 C．由c到d的过程外界对气体做功为4p0V0 D．由c到d的过程气体向外界放热 第Ⅱ卷（非选择题 共174分） 三、非选择题：共174分。 22．（6分）某同学从资料上了解到弹簧弹性势能的表达式为（其中k、x分别为弹簧的劲度系数和形变量），他用图示装置来验证动量守恒定律。弹簧右端固定在水平气垫导轨上，左端与滑块A接触，滑块A、B的质量均为m，滑块B上方安装有宽为d的遮光片。用滑块A将弹簧压缩一定长度后，由静止释放，滑块A向滑块B运动，滑块A、B碰撞后粘在一起，然后通过光电门，遮光片经过光电门的遮光时间为，弹簧的压缩量可通过气垫导轨上的刻度读出，遮光片的质量不计。 (1)若本实验使用的弹簧劲度系数为k、弹簧的压缩量为x，则滑块A脱离弹簧后的速度 。 (2)通过改变弹簧的压缩量进行多次实验，记录多组x、数据，作出的 （选填“”“”“”或“”）图像为一次函数图像，若图像的斜率为 （用m、d、k表示），即可验证动量守恒定律。 23．（12分）某小组测量电阻的阻值，进行了如下操作： (1)按如图（a）所示的电路图连接电路，闭合开关，改变电阻箱R的阻值，记录多组数据，根据数据在如图（b）所示的坐标系中描点，请补充画出电流 I随R变化的图像（在答题卡作答）。 (2)断开开关，将电路中的电阻箱 R替换为待测电阻，闭合开关后电流表读数如图（c）所示，则 （结果保留三位有效数字）。 (3)若将电阻替换为阻值稍大的另一个电阻，重复实验，仍在图（b）中画出新的图像。与原来的图像相比较，新的图像将向 R轴 （选填“正方向”或“负方向”）移动少许。 (4)根据操作（1）获得的实验数据，重新描绘出图像如图图（d）所示，则由图像可知电源电动势 V若电流表内阻不计，，则电源内阻 这样测量出的电源内阻 （选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。 24．（10分）某同学用质量m=20g、可视为质点的小石片打“水”漂的轨迹示意图如图所示，小石片从距液面高处的P点以初速度水平飞出后，从A点与液面成角射入某种液体中，然后从B点与液面成角射出液面做斜上抛运动，到达最高点D时距离液面的高度。已知小石片从A点运动到B点的过程中，水平方向的运动可视为匀变速直线运动，A、B两点间的距离L=1m，重力加速度，，不计空气阻力。求： (1)小石片从P点运动到D点的过程中，该液体对小石片做的功W； (2)小石片从抛出到第二次进入液面运动的时间t。 25．（14分）密立根因最早测得元电荷数值获得了1923年的诺贝尔奖。如图是密立根油滴实验的原理示意图。上极板中央有一小孔、相距为的两个足够大金属极板水平放置，通过小孔喷入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴带上了电荷。研究的油滴均为密度相等的球体，油滴在运动过程中空气阻力与半径及速率成正比，即阻力大小为为比例系数）。某次实验中在不加电压的情况下，、两油滴竖直向下各自运动一段时间后开始做匀速运动，当两油滴匀速运动时间时，油滴位移为，油滴位移为。当两极板间加上电压（上极板接正极）时，又经过一段时间和再次在竖直方向做匀速运动，之后时间内油滴位移大小为油滴位移大小也为。已知运动过程中的电荷量、质量均未发生变化，油滴始终向下运动且未与极板相碰，重力加速度为。求： (1)油滴与油滴的质量之比； (2)判断油滴与油滴带电荷的可能电性，并求出对应的电荷量之比。 26．（20分）如图所示为直线电机工作原理的简化模型。一根足够长的圆柱形磁棒竖直固定在水平地面上，为磁棒上下截面圆心的连线，磁棒周围有沿半径方向向外均匀辐射的磁场，磁棒在周围某一点产生的磁场的磁感应强度的大小与该点到连线的距离成反比。磁棒上端的某一水平面上固定两个不可伸缩的粗细均匀的圆环形金属线圈1、2，且线圈1、2的圆心重合。线圈1的质量为m，周长为C，电阻为R；线圈2的质量为2m，周长为2C，电阻为2R。现分别对两线圈1、2施加竖直方向的外力、，并将两线圈1、2同时由静止释放，使两线圈均向下做加速度（g为重力加速度的大小）的匀加速直线运动，下落过程中线圈1所在位置处的磁场的磁感应强度大小始终为B。已知两线圈从静止下落到外力、的大小相等的过程中产生的总焦耳热，不考虑两线圈之间的相互作用及线圈中电流产生的磁场，不计空气阻力，两线圈环面始终水平，则在此过程中，求 (1)线圈1中产生的感应电流的方向（从上往下看）和线圈1受到的安培力的方向； (2)线圈1中产生的焦耳热； (3)外力做的功。 27．（15分）磁性氧化铁是生产颜料、抛光剂、录音磁带和电讯器材的重要原料。以高硫铝土矿(主要含Al2O3、Fe2O3、SiO2和少量的FeS2等)提取氧化铝和磁性氧化铁的流程如图： (1)基态Fe原子价层电子的轨道表示式(电子排布图)为 ；基态Al原子电子占据最高能级的电子云轮廓图为 形； (2)“焙烧Ⅰ”过程中采用如图所示的“多层逆流焙烧”，“多层逆流焙烧”的优点是： (任答一点)。 (3)焙烧Ⅱ由氧化铝、氧化铁制得可溶性的NH4Al(SO4)2、NH4Fe(SO4)2.提取率随温度、时间变化曲线如图所示，最佳的焙烧时间与温度是 。写出由氧化铝制得可溶性的NH4Al(SO4)2相关的化学反应方程式为 。 (4)写出“滤渣I”主要成分的一种用途 。 (5)“焙烧Ⅲ”在隔绝空气的条件下进行反应，理论上完全反应时参加反应的n(FeS2)：n(Fe2O3)= 。 (6)FeS2晶体的晶胞结构如图所示。晶胞参数为apm，FeS2晶体的密度为ρg•cm−3，阿伏加德罗常数的值为NA，则FeS2的摩尔质量M= g⋅mol﹣1(用含a、ρ、NA的代数式表示)。 28．（14分）苯甲酸苄酯()是一种无色或淡黄色油状液体，具有清淡的类似杏仁的香气。该产品广泛用作花香香精的定型剂、增塑剂、溶剂、止咳药剂等。一种合成苯甲酸苄酯的装置如图所示。 已知：相关数据如表所示。 物质 相对分子质量 密度 沸点 溶解性 氯化苄 126.5 1.1 179 易溶于苯、甲苯 甲苯 92 0.867 111 — 苯甲酸苄酯 212 1.2 324 易溶于苯、甲苯 实验步骤：将苯甲酸钠、氯化苄()、甲苯加入三颈烧瓶中，在下反应。刚开始反应体系呈白色浑浊状，随着加热搅拌的进行，反应液逐渐澄清。随着反应进行，又有白色固体析出。反应结束后将反应液冷却至室温，用布氏漏斗抽滤，收集滤液。减压蒸馏后溶液呈白色乳浊态，过滤后进一步蒸馏得到苯甲酸苄酯。 回答下列问题： (1)仪器X的主要作用是 ；冷却水应该从X的 口通入(填“上”或“下”)；为控制反应在进行，实验中可采取的措施是 。 (2)加入甲苯的作用是 ；三颈烧瓶中发生反应的化学方程式为 。 (3)减压蒸馏后过滤除去的物质是 (填名称)。 (4)在蒸馏操作中，下列仪器选择及安装都正确的是 (填标号)。 A．    　　 B．    　　 C．    　　 D． 安装好蒸馏装置后，加入待蒸馏的物质和沸石， (填操作)，加热，弃去前馏分，收集的馏分。 (5)本实验中苯甲酸苄酯的产率是 (保留两位有效数字)。 29．（14分）碳达峰和碳中和是应对气候变化的重要策略，以为原料合成甲醇可以减少的排放，可以更快地实现碳达峰和碳中和。回答下列问题： I.和生成甲醇涉及的反应如下： 主反应：   副反应：   (1)反应   。 (2)时，在主、副反应的混合体系中，平衡时，生成甲醇的选择性[选择性]随压强的变化如图所示。 ①增大压强，甲醇的选择性增大的原因是 。 ②时，若在密闭容器中充入和，在压强为时，生成0.6mol CO，则时，主反应的压强平衡常数 。(用平衡分压代替平衡浓度计算，分压=总压物质的量分数) II.催化剂的性能测试：一定条件下使、混合气体通过反应器，检测反应器出口气体的成分及其含量，计算的转化率和的选择性以评价催化剂的性能。 (3)时，测得反应器出口气体中全部含碳物质的物质的量之比，则该温度下的转化率为 。 (4)其他条件相同时，反应温度对的转化率和的选择性的影响如图1、2所示。 ①由图1判断，实验中反应未达到化学平衡状态的点为 。 ②温度高于时，平衡转化率升高的原因是 。 ③温度相同时，选择性的实验值略高于平衡值(见图2)，从化学反应速率的角度解释原因： 。 30．（15分）是合成某药物的中间体，一种合成的路线如下： 已知：代表乙基。 回答下列问题： (1)B的名称为 。 (2)E中所含官能团的名称为 。 (3)分两步进行：第1步发生加成反应，第2步加热条件下发生消去反应。写出第2步反应的化学方程式： 。 (4)下列有机物的酸性由强到弱的排序为 （填字母，用“>”连接）。 a．    b．    c．    d． (5)为加成反应，且的分子式为，的结构简式为 。 (6)满足下列条件的C的同分异构体有 种（不含立体异构），其中含有4种化学环境不同的氢原子的结构简式为 （写出1种即可）。 ①有机物与足量银氨溶液反应生成  ②仅含1种官能团 (7)以和为原料合成，设计合成路线如下：，其中、的结构简式分别为 、 。 31．水稻和玉米是我国主要的粮食作物，其中水稻是C3植物，其暗反应仅通过卡尔文循环（即C3途径）固定CO2．而玉米是C4植物，其暗反应需要通过C4途径和C3途径共同完成CO2的固定（如图1．C4途径主要在叶肉细胞中进行）。请回答下列问题： (1)水稻和玉米光反应产生的H+最初来源于 （填物质），最终传递给NADP+形成NADPH，NADPH在暗反应阶段的作用是 。 (2)玉米的C4途径起到“CO2泵”的作用，其机制是 。 (3)玉米叶片内的叶绿体有两种类型，即位于叶肉细胞中的具有基粒的叶绿体和位于维管束鞘细胞中的不具有基粒的叶绿体。由此可以推测玉米叶片两类细胞光合作用过程的区别是 。玉米叶片内制造淀粉的场所是 （填“叶肉细胞”或“维管束鞘细胞”）。 (4)研究人员将水稻栽培区的光照和黑暗时间分别设置为14h和10h，研究温度对水稻叶片光合速率和呼吸速率的影响，结果如图2，据图可知，光合作用的最适温度比呼吸作用的最适温度 ；若将栽培区的温度从T5调至T6，24h后，与调温前相比，水稻植株的有机物积累量 。 32．某植物的花色由一组复等位基因A+、A、a（A+对A为显性，A对a为显性）和另一对等位基因B、b控制。花色代谢机制如下图所示。科研人员开展了一系列杂交实验，结果如下表所示。 杂交组合 亲本 F1表型 F1自交得到的F2表型及比例 组合一 纯合白花植株×纯合红花植株 全为紫花 紫花：红花：白花=9：3：4 组合二 黄花植株甲×纯合紫花植株 黄花：紫花=1：1 组合三 黄花植株甲×纯合红花植株 黄花：红花=1：1 组合四 黄花植株甲×纯合白花植株 黄花：白花=1：1 回答下列问题： (1) 根据组合一F1自交得到F2的表型及比例，判断相关基因的遗传遵循 定律， 理由是 。 (2)组合一中亲本纯合白花植株与纯合红花植株的基因型分别为 。F2中紫花植株的基因型有 种，其中能稳定遗传的紫花植株所占比例为 。 (3)根据杂交组合二、三、四可以确定黄花植株甲的基因型为 。杂交组合四中纯合白花植株亲本的基因型为 。 (4)写出杂交组合二F1自交得到的F2的表型及比例： 。 33．肺腺癌是全世界范围内发病率和死亡率均最高的恶性肿瘤，近年来的发病率持续上升。NBR1作为一种自噬受体，在选择性自噬中起着关键作用。一项利用乳腺癌小鼠模型进行的研究表明，NBR1在乳腺肿瘤细胞质中的表达积累能促进肿瘤细胞增殖，然而，NBR1在肺腺癌中的作用及其具体机制尚未完全阐明，科研人员展开了实验。 (1)当微生物入侵动物细胞时，动物细胞中 能参与清除感染的微生物，维持细胞内部环境的稳定。在植物细胞中，与此结构功能相似的细胞器是 。 (2)研究人员选用生长状况相似且健康的乳鼠构建 模型鼠，为了探究更高效的病毒侵染方式获取模型鼠，以气管内注射给药和滴鼻给药侵染乳鼠28d后，观察到小鼠肺组织肿瘤部位占比如下图所示，得出 给药方式是更高效的病毒侵染方式。 (3)将模型鼠分成实验组、对照组，实验组的处理是 ，对照组不作处理，两组均在无其他干扰环境下饲养，3个月后解剖和分离鼠的肺， ①从器官水平看， ； ②从细胞水平看， 。 这两个结果均支持抑制NBR1表达使肺腺癌肿瘤生长受到抑制。 (4)综合以上结果和细胞免疫过程，请提出NBR1是如何促进肺腺癌肿瘤细胞增殖的？ 。 34．某地一大型淡水湖曾因水体中氮、磷含量过高导致浮游植物大量繁殖，进而引发富营养化污染。近年来，相关部门开展了一系列综合治理，并取得了一定成效。回答下列问题： (1)该淡水湖风景优美，是当地著名景观，还具有城市防洪排涝、城区河道生态补水等功能，这体现了生物多样性的 使用价值。湖中各水生植物占据着不同的 ，以充分利用光照、空间等资源。浮游植物属于该生态系统成分中的 ，以其为主要食物来源的水蚤等浮游动物是食物链形成的关键环节，可推动生态系统的 和物质循环。 (2)湖泊富营养化影响了其他水生生物生存，导致生态系统的 能力下降。在该湖泊的综合治理过程中，生态修复阶段采取的主要措施有：①种植芦苇、睡莲等水生植物制约浮游植物繁殖；②投放白鲢、河蚌等水生动物使浮游植物下降，并取得一定的经济效益。从生物学原理分析，上述控制浮游植物数量的方法均属于 防治。 (3)为评估生态修复效果，科研人员对该淡水湖已修复区域和尚未修复区域的浮游生物及水体理化因子开展季节性调查，部分结果如表所示。据表分析： 春季 夏季 秋季 冬季 修复区 未修复区 修复区 未修复区 修复区 未修复区 修复区 未修复区 浮游植物生物量（mg/L） 8.84b 9.20b 4.18c 13.36b 2.86c 21.73a 0.42d 0.45d 总氮（mg/L） 0.38a 1.00b 0.43b 1.27a 0.39b 1.06a 0.36b 1.51a 总磷（mg/L） 0.03b 0.10a 0.02b 0.09a 0.01b 0.08a 0.03a 0.02b 注：表中不同字母表示处理间差异显著，有相同字母表示处理间差异不显著（P<0.05） ①从浮游植物的生物量分析，各季节修复区 （填“高于”或“低于”）未修复区，其中 季差异显著。 ②从总氮、总磷含量分析，修复区含量普遍低于未修复区，其原因可能是 。 ③评估修复效果：该生态修复举措在一定程度上能 湖泊的富营养化水平。 35．蛋白酶抑制剂基因转化是作物抗虫育种的新途径。某研究小组拟将胰凝乳蛋白酶抑制剂（StPinlA）的基因插入胰蛋白酶抑制剂（NaPI）基因的表达载体中，并对棉花进行共同转化，使其在棉花细胞中表达NaPI-StPinlA融合蛋白，从而获得转基因植株，过程如图1所示。回答下列问题： 限制酶 识别序列及切割位点 BamHI 5'-G↓GATCC-3' EcoRI 5'-G↓AATTC-3' HindIII 5'-A↓AGCTT-3' DraIII 5'-CAC↓GTG-3' StuI 5'-AGG↑CCT-3' (1)扩增StPinlA基因时，可选择图1中的一对引物是 ，StPinlA基因上无限制酶的识别序列，为了使扩增后的StPinlA基因能够与Ti质粒上的NaPI基因正确连接，用PCR技术扩增StPinlA基因时，需要设计合适的加端引物，依据图1及表的信息推测，引物E-F包含的碱基序列为5'- （写出12个碱基序列）-3'。 (2)为了使连接后的重组基因NaPI-StPinlA能够表达出融合蛋白，设计时应考虑剔除NaPI基因中的终止子序列、 及NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列，剔除NaPI基因中终止密码子对应的碱基序列的目的是 。 (3)将构建好的重组Ti质粒导入农杆菌中进行转化，并将农杆菌涂布在含有 的固体培养基上，从而选择出生长正常的菌落中的农杆菌与棉花的叶肉细胞共培养。在愈伤组织阶段取部分细胞提取总DNA进行PCR和凝胶电泳，此操作的目的是 ，取细胞A、 B、C、D中的DNA扩增后的电泳结果如图2所示，其中成功导入重组基因NaPI-StPinlA的细胞是 。 / 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年高考押题预测卷（全国卷01） 物理部分（参考答案） 物理·全解全析 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 B B A C B D C C C D A D A 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 14 15 16 17 18 19 20 21 B B A B C AC AD AD 三、非选择题：共174分。 22．（6分） 【答案】（1） （2分） （2） （2分） （2分） 23．（12分） 【答案】（1）见解析（2分） （2）2.60（2.40~2.70）（2分） （3）负方向（2分） （4） 3.0（2分） 1.20（2分） 大于（2分） 24．（10分） 【答案】（1） （2）t=1.2s 【详解】（1）小石片从P点运动到A点，由平抛运动规律可知，小石片在A点速度大小（1分） 设小石片在B点速度大小为，从B点运动到D点，由平抛运动规律可知， 小石片在D点速度大小 由机械能守恒定律有（1分） 从A点运动到B点，只有液体对小石片做功，由动能定理有（1分） 代入题中数据，联立解得（2分） （2）从P点运动到A点，（1分） 因为 从A点运动到B点，水平方向做匀减速运动（1分） 从B点运动到D点，竖直方向减速到零（1分） 根据对称性可知 联立解得t=1.2s （2分） 25．（14分） 【答案】（1） （2）当带正电荷、带负电荷时，电荷量之比为或当带负电、带负电荷时，电荷量之比为 【详解】（1）油滴匀速运动过程中重力和阻力平衡，则有 （1分） （1分） 联立解得（2分） 油滴密度相等，有（1分） 解得（2分） （2）对油滴分析，油滴增加电场后速率比没电场时小，且速度方向始终向下，所以油滴一定带负电荷，受到的电场力向上，根据平衡条件得（1分） 可得（1分） 对油滴分析，可能存在2种情况：如果油滴匀速向下运动，则油滴带正电荷，根据平衡条件得（1分） 可得 解得（1分） 如果油滴匀速向上运动，油滴带负电荷，根据平衡条件得（1分） 可得（1分） 解得（1分） 综上当带正电荷、带负电荷时，电荷量之比为或当带负电、带负电荷时，电荷量之比为 26．（20分） 【答案】（1）感应电流的方向为顺时针方向，线圈1受到的安培力的方向竖直向上； （2） （3） 【详解】（1）由右手定则知，线圈1中产生的感应电流的方向为顺时针方向，由左手定则知，线圈1受到的安培力的方向竖直向上；（3分） （2）设线圈2所在位置处的磁感应强度为B2，则（1分） 解得（1分） 两线圈同时静止释放，运动的加速度相同，由v=at知，两线圈任意时刻速度相同，由 （1分） 知两线圈回路产生的感应电流之比 （1分） 由Q=I2Rt知，相同时间内两线圈产生的热量之比 （1分） 故线圈1中产生的焦耳热（2分） （3）设F1=F2时，两线圈的速度大小均为v1，则对线圈1，由牛顿第二定律： （2分） 对线圈2，由牛顿第二定律：（2分） 其中 联立知（1分） 则线圈1下落高度 （1分） 线圈1下落过程，由功能关系：（2分） 联立知，外力F1做的功（2分） 27．（除标注外每空2分，共15分） （1） 哑铃形（1分） （2）使矿石和气体充分接触，加快反应速率，提高转化率（使充分接触，提高热能利用率） （3） 60min450℃左右 Al2O3+4（NH4）2SO42NH4Al（SO4）2+6NH3↑+3H2O （4）制造玻璃、陶瓷、光导纤维工业制硅等 （5）1：16 （6）ρa3NA×10﹣30 28．（除标注外每空2分，共14分） （1） 冷凝回流 （1分） 下（1分） 水浴加热（1分） （2）作溶剂，溶解苯甲酸钠和氯化苄，使二者充分接触，充分反应 （3）苯甲酸钠 （4） B （1分） 通入冷却水 （5）91% 29．（每空2分，共14分） （1）-90.7 （2）主反应正反应为气体分子数减小的反应，副反应为气体分子数不变的反应，故增大压强主反应向正反应方向移动，甲醇的选择性增大 （3）25% （4）ABCD 温度升高，主反应逆向进行，副反应正向进行，温度高于260℃时，副反应正向进行的程度大于主反应逆向进行的程度 温度相同时，主反应的速率大于副反应，单位时间内生成甲醇的量比生成CO的量多 30．（除标注外每空2分，共15分） （1）环己醇（1分） （2）酯基、（酮）羰基 （3） （4）（1分） （5）（1分） （6） 9 、、等任写1种 （7） 31．（10分，除标记外每空1分） 【答案】（1）H2O 还原C3（或作还原剂）、提供能量（2分） （2）C4途径将低浓度的CO2固定为C4，并且使C4集中到维管束鞘细胞内，供维管束鞘细胞内叶绿体的C3途径利用（2分） （3）叶肉细胞中可以进行光反应和暗反应（中的C4途径），维管束鞘细胞中只能进行暗反应（中的C3途径）（2分） 维管束鞘细胞 （4）低 下降 32．（11分，除标记外每空1分） 【答案】（1）基因的自由组合 F2的表型及比例为紫花：红花：白花 = 9：3：4，是9：3：3：1的变式 （2）aaBB、AAbb（2分） 4 1/9（2分） （3）A+abb aabb （4）黄花：紫花：红花：白花=3:3:1:1（2分） 33．（12分，除标记外每空1分） 【答案】（1）溶酶体 液泡 （2）肺腺癌 气管内注射 （3）利用基因编辑（基因敲除）技术对NBR1基因进行敲除（或抑制NBR1基因的表达）（2分） 实验小鼠的肺肿瘤面积占比低于对照组（2分） 实验小鼠的肺肿瘤组织中细胞毒性T细胞的数量（或活性）多于对照组（2分） （4）NBRI作为一种自噬受体，接受信号后，能够调控细胞毒性T细胞识别肿瘤细胞的特定分子通过自噬途径进行降解，导致细胞毒性T细胞识别和杀死肿瘤细胞功能障碍，从而促进免疫逃逸的发生，有利于肿瘤细胞的增殖（2分） 34．（11分，除标记外每空1分） 【答案】（1）直接和间接 生态位 生产者 能量流动 （2）自我调节 生物 （3）低于 夏、秋 修复区水生植物吸收氮磷，或水生动物摄食浮游植物减少营养盐积累（2分） 降低 35．（10分，除标记外每空1分） 【答案】（1）E-F和E--R（2分） GAATTCTCTCCG (2) SrPinlA基因中的启动子序列 使拼接在一起的NaPI基因转录形成的mRNA 中不出现终止密码子，避免StPinlA基因转录形成的mRNA不能进行翻译，从而无法合成 NaPI-StPinlA融合蛋白（2分） （3）卡那霉素 从分子水平上检测重组基因NaPI-StPinlA是否成功导入棉花细胞（2分） 细胞C / 学科网（北京）股份有限公司 $$