专题卷(三) 牛顿运动定律的应用-【鱼跃龙门卷】2025年高三物理二轮复习专题卷（山西专版）

C摩擦力方向一直与媒块运动的方向相反 2024一2025学年度高三二轮复习专题卷（三）】 D传送带转动的速率越大，煤块到达传近带顶璃时的速度就会越大 物理·牛顿运动定律的应用 4.如留甲，轻弹簧竖直放置，下陆国定在本平意面上，质量为解的小球，从弹簧上方。处静止下 落。若以小球开常下落的位置为坐标痕点，建文竖直间下的半标轴，小球下落至最低点过 (考试时同75分钟.满分10好分》 配中的：士刚撞轴围乙（倒中工，11：g均为已每量），不计室气阳力，：为重力相密度，下 列说法正确的是 一，选择题：本题共10小驱，共“分。在每小题输出的国个选项中，第1一7愿只有一项特合题日 A.。调，段，小球做加速度逐南越小的减速运动 要求，每小整4分：第8一1相题有备孩特合题目要求，每小题6分，全都选对的得6分，选对但 不全的得3分，有送量的得0分。带·丽日为能力置升罩，分值不计入总分。 长举簧受到的最大弹力为二工 ,在数室内将两满开口的清净玻烤膏经直帮人液体中，管中液面如周所示， C,该过程中小球与岸舞组成系说的势能变化的最大值为g(十) 当把孩装置放在竖直耀逸的电梯中，且电绿的相速度：<￡：划 山.小牌向下话动过程中最大连度为以正，+士。) 入.若电梯角上如毫，南坡璃管内外的履面高度差将竖大 技若电梯向上加速，测破精管内外的液面高度差保持不变 五，如图所示，竖直粒餐的轻质弹簧一端周定在跑面上，另一端意上→个意将，重物上潮 C。若电梯向下用速，制玻璃管内外的液面高度差将变大 与一根跨过光济定滑轮的轻混相造，在轻舆的另一确维相一竖直向下的拉力F。当 D.若电棉向下加速，则暖璃管内外的查面离度差保持不变 F一0时，重物处干平衡状卷，此时洋簧的压家量为1，（弹簧在弹性限度内），某时刻 2.风到家验可以模抵高空质伞情况下人体所派受气减的规蒸。已知物体受到的室气阻力下与 拉动轻绳，楼得重物向上管如速直线写动，用A表常重物科上做知建直线运动 的距离，在Ax,蕉围内，下列关于忆力F与A的关系图像中可德工确的是 物体相对空气的这度清星F一。CS〔S为物体理风雀制.C为城阻系数0为室气密度) 图甲中风群竖直向上匀渔通风，一质量为w的物体从A处由静止下落，-一段时闻后在B处打 开降落伞，相对速度的平方▣与加速度大小的关系丽撞如国乙衡示，重力相速度为E,下列 说法正角的是 G,如图，将一质量为m应10，长度为！=0心m的长方形硬蛋板放在水平桌车上，右端一小部分 种出桌外，得一质量也为10发的像皮擦（可礼为爱点）置于纸板的正中同，用于指将纸板水平 弹非，肝版瞬何套得初速度，=1m一，已知檬皮擦与纸板，桌而间的动理擦因数均为严，=心，1， 纸板与桌面间的动潭擦因数为，=.2，设最大静果擦力等下帝动摩擦力，章时一 10m/s.用 A.开伞赏加速发向下，且越来植大 且开伞后加速度向上，且题来越大 A.第出派板后瞬间.纸板的加速度大小为2m、 C开伞偷物体年风直肌为S一紧则 D开伞后物体海风面为S-2》 队橡皮擦与派板达到相离度后，一直与冠板相对静止 水平桌面 m C最终橡皮擦布会脱真纸根 3.如图甲所示，阐斜的传送带正以恒定速率助：沿明时针方向转动，传送蒂的阅角为3，一规 块以初盛度队从传递蓓的底部冲上：遂梦并沿传送蕾向上运动，其运功的：图像如图乙所 口国家皮擦与纸板草擦面产生的挡健为而」 示，煤块到传运悟顶端时逸度龄好为客，n7“一06，em3T”一0.8.g取10m公，则 7,如周所示，气量为辉的长本极A放在光册的本平面上，物块B,C微在长木板上。物块B的 。纳推' 质量也为标，B,C与A问的动摩擦因数均为产，A,书，C均处于静止软态，最大静岸擦力等于 滑动摩墩力，重力相速度为然。现给物块B脑加一个本平向石的拉力F,期下判判断正瑞 11 约是 A.当F是修小时，A仍限持静止状态 且当拉力F=mE时，物块B与A所好要发生相对滑动 甲 C,当物块C的质量足够小时，C与A金发生相对带动 A.煤块在传送带上的划复为8m ,当物状C的，量也为网时，物块C能我得的量大相速度为"g 以煤块与传运带何的动摩额因数为0,3 指理B·专题8（三1第1页1共8页） 金双龙门春 物理B·专n春三1第2（共8算】 +如图所示，经弹置的一端国定在模角为》一的光滑斜面底镜，另一洞连接一质量为3w的物 A.物块的初速度为2m” 且物块与斜面可的同厚擦因数为出，4 块A,系烧处于静止状态。若将暖量为m的物典B通过跨过光滑轻质定附轮的细蝇与A相 连，开静时用于托住物体B,使细绳料好保持伸直（绳、弟复均与韩面率行》，松手后A,玉一品 C.物块沿斜面上滑的显大加璃度为g 几简块咨斜囊上清的最小距有为。。 运功，A运清到最高点P《未断出》后再反向向下运动。已知重力加递度为(，对于上述整个妇 ·图甲所承，光舒料直上有调定挡板A,乳面上叠放霜小物块非和得木板C.木板下端位于肯 功过程，下判说法正瑞的是 板A处，整体处于静止状态。木版C受河逐渐增大的沿料蚕向上的拉力F作用时，末板C的 A帮收B的啊列，绳子多力大小为广际 加速度：与拉力下的美氮周像如周乙所不，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 :一10ms,则由图像可知下列说法正确的是 头释收羟的瞬间，绳子张方大小为g C在最亮点P,潮子张力大小为m 山.在最高点P,弹簧对A的第力大个为3球 ,如图所示，径衡动滑轮下方悬挂重物A,轻度定滑轮下方悬挂重物B,悬挂精上 A.1)N<F<I5N时物块B和木板C相对科动 轮的轻质拥线经直。开始时重物A,B处于静止状态，轻成后A、B开始运 动，已翔A,质绿均为m一1kg,银登摩整阻力和空气阳力均恩略不计，重 我木板和物块问的动摩擦因数为：一受 力如速度对-1：m。,当A的位移为角一1m时：两滑轮还未齐平，此接泰下 ,由题日条作可求出木板C的质量 下列说法正跳的是 D,F>15N时物块B和水极C相对滑动 A重物A的加速度大小为2m 二，非选择题：本题共5小题，共54分。 我重物B的加座度大小为2m/。 1L,8分》用卡车运输质量为四的匀质同同代工件，为使工件保持调定，将其置于再个光滑料面 C.A的速度大小为4m多 以，重物：受刊的细线护力为N 之间，如图新示.两个鲜1.州定在车上，慎角分谢为5和57.已知血7”-6or一 从，如图甲所示：暖量为国的小火箭出静止开始相速上开，加速度：与速度佩数二的关系图像如妇 三·重力加速度为州 图乙所示，火着的速度为，时对应的加违厦为“：，不计登气阳力和燃科燃德时的质量铜失， (1》当卡车骨平直公路匀渔行先时，求工件对斜面【，的弹力大小： 重力加速度为网，下列说法正喻的是 (2)当卡车错平直公路型，片的加速度匀诚建行驶时，求斜面1，对工件的弹力大小 (3》为保正行车变全，求卡车帝平直公路做匀相速直线运动的最大加速度的大小， A火箭以恒定韵功率启动 且火斋的功率为m1十常) C“。关系图像的斜米十日 D.“士关系图像在横编的餐面为a十g可 .如图甲新乐，将某一物块每次以不变的刺速率后足够长的斜面向上推出.调节斜置与水平力 6的先角9，测得物块运动的最大位移x与斜宜倾角的关系如图乙所示，片意0m,则 信理B·专题8（三）第多页I共8新 金赛地门春 物理B·专n卷三1第4真（共8算） 12,8分)冰重是在冰上进行的一种授每性竟赛圳日，某次训练中，冰李《可祝为围点)派运动员露 3,山分两同学玩拉板换的双人前我，考验两人的默哭反。如图所示。一长上一低，3田，质量 出后，在水平冰面上沿直线依次经过A.B,C三点后停在O点，已知A,B同的配离， M一.8kg的木板堂在光别竖直墙面上，本板右下方有一通量m一上.0kg的小滑块（可税为 鞋名 26m,B,C刘的是离上：-5.5m.冰素进过AB段的时闻11一10，通过BC段的时间2一 统点》，洲块与木板间的动摩蒙国数为：一心2，剂块与木酸间的量大静摩擦力等干情动厚整 后，餐设冰壶和冰面间的动摩题因数处处相等，重力加速度大：m10/。求， 力，取：一0m,.。人用水平恒力F:向左作用在滑块上，另一人用经直问上的恒力F,问 《1C.0再点之闻的距离1： 上拉动滑境，使滑换从地而由静止开始向上运动。 《2沐壶和冰直间的动摩装因致性 1)若F,=17.三N,F,=27.N,求小滑块和木板各自的相渔度： 《2)在第《1》问的第件下，经过多长时何滑块从本板上层离开木版 》若F:一5N,为使带块与本板一起向上运动阳不发生相对精动，则F,毫衡情足什么 条件 荐观栏 信理B·专题8（三）第页I共8算) 金赛地门春 物理B·专n春三1算6真（共8算） 14,12分》如图印所示为某等艺节日的蜂城游成，观将运动过程进行简化，如图乙所示，泡沫装 1五，1G分》如图新示，候角》一33的允滑斜面底端有一挡板1，术较A置于斜面上，小物块目置 从A点静止开始沿斜面匀如速直没下滑，斜直的阀角：一，A与斜面底南B距离为18m, 于A醛南，A,B质量均为之g,西饭2到0和到板1的面离均为L一0.2m,【一0时别， 浓体球到达B点后微有速度摸失，然后在水平面上敏匀减率直线可动，泡体球在整个运动过 将A,B一品由静止释放，A、B分别与挡板1科挡板2发生弹性碳撞，建撞时闻：怎略不 程中所受用力恒为其重力的4,1答，参与牌戏的觉家一开始站在C点，当小球到达B点时， 玩家由静止开始过期速度大小4审/，开始向右做匀解速直线运动，到达8后发匀速直 计。已细A,B何的动摩探因散一华.最大静摩探力等于用动容装力，童力加落度：取 就运动，C点的拉置玩家可自由落择，在不被檬自上的着提下的距离超小，得分越高。x 1目m,,小物块B始德末高开木版A 取10s,求： 《1求小物块B第一放与挡板2碰幢后每间的动量大小： 《》数床球沿鲜面下滑时相速度，的大小和在水平面上做好藏速直线运动时加速度⑧：的大小： 《2?木板A的长度玉少为多少 (2)点体球判达B时速度大小： (3》求从一0时刻开始到木板A与挡板1发生第3次醴撞衡系间，重力对木酸A的总冲 《3》玩家得分量高的情况下，所远择C的距离 的大小 指理B·专题8（三1第7页I共8有） 金赛地门春 物理B·专n春三1第多真（共8算】高三二轮复习专题卷 2mg一f,解得a=4m/s, 2m 第一次碰地后，木棒的加速度大小为a:=mg十甘，解得a:=2ms, 小环向下做匀加速直线运动，木棒先向上做匀减速直线运动再向下做匀加速直线运动，假设与 小环共速前会再次碰地，则两次碰地时间间隔△=2，解得△=2四 118, 再次碰地时木棒的速度仍为v1=√29m/s,此时环的速度v'=v:十a,△t>v1, 故假设成立，即之后过程两物体不会再共速： 若木棒恰好与地面第4次碰撞时弹性小环从木棒底端滑落，则从第一次碰撞开始，小环向下加 速运动了3a,相对木棒向下运动距离x=3知，4+0，(34r)°=19 121m, 之前小环相对木棒向上运动距离，=”十”， 2t-h1, 解得s=2m, 1237 故小环开始运动时距木棒下端的距离1=x一s=121m。 物理（三）】 1.C【解析】若电梯向上加速，则液体将处于超重状态，液体向下的压力增大，则可知玻璃管内的 液面要下降，玻璃管内外的液面高度差将减小，故AB错误：若电梯向下加速，则液体将处于失重 状态，液体向下的压力减小，则可知玻璃管内的液面要上升，玻璃管内外的液面高度差将变大，故 C正确，D错误。 2.C【解析】物体从A处由静止下落，开伞前加速度向下，物体所受合力为F合=mg一F,F= 2CS0,F不断增大，加速度减小，图乙中右侧图线与此过程相符合，有mg-F=ma1,解得 S,-2(mg-ma Cov ),故A腊误，C正确：左侧图线为开伞后的图线，有F:-C5,,当= 时，有mg=F2S,解得S,C,且当u减小时减小，故BD错误 3.A【解析】由图乙可知传送带的速度为8m/s,在0~1s内，煤块比传送带运动得快，相对位移 为4m,此时划痕为4m:在1~3s内，传送带比煤块运动得快，相对位移为8m,此时划痕为 8m,覆盖前面的4m划痕，总划痕为8m,故A正确：在0~1s内，煤块的速度大于传送带速度， 传送带对煤块的摩擦力沿传送带向下，根据牛顿第二定律有mng sin37°十ng cos37°=ma1,根 乙可得a=16,8m/s三8m/,在1~3s内传送带的速度大于煤块的速度，传送带为 的摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律有mg sin37°一mg cos37°一maz,根据图乙可得 a=8-0 m/s=4m/s,联立解得=0.25，故BC错误；当传送带的速度大于16m/s后，煤块 在传送带上一直做加速度为z的减速运动，无论传送带的速度为多大，煤块到达传送带顶端时 的速度都相等，D错误。 4.D【解析】根据图甲可知，小球与弹簧刚刚接触，压缩量较小时，重力大于弹簧的弹力，即x。到 x:段，小球做加速度逐渐越小的加速运动，A错误；根据图乙可知，在x1位置，加速度为0，则有 ·8✉ ·物理· 参考答案及解析 k(x1一x。)=mg,随后进一步向下压缩弹簧，最大压缩量为x2,此时速度减为0，则此时弹力最 大，为F=k(r:-to),解得F=mg:二 一，B错误：该过程中小球与弹簧组成系统的机 械能守恒，即只有动能、势能（包含重力势能与弹性势能）的转化，在加速度为0时，小球速度最 大，动能最大，即小球运动至x1位置时，重力势能减小了mgx1,减小的重力势能转化为弹性势 能与动能，可知小球与弹簧组成系统的势能变化的最大值小于mgx1,C错误：小球运动至x1位 置时，加速度为0，速度最大，根据图乙可知，将纵坐标乘以小球质量m,即可表示合力，则结合图 像的面积可求出合力做功，结合动能定理有mgx,十)=)m,解得0 √g(x1十xo),D正确。 5.C【解析】当重物向上移动的距离为h时，对重物进行受力分析，由牛顿第二定律知F十k(x。一 h)一mg=ma,由题意知kx。=mg,解得F=kh十md,可见F与h是一次函数关系，且截距不 为零。 6.C【解析】弹出纸板后瞬间，对纸板受力分析可知橡皮擦给纸板水平向右的摩擦力为「1- 41m1g=0.1×0.01×10N=0.01N,桌面给纸板水平向右的摩擦力为f2=2(m十m1)g=0.2 ×0.02×10N=0.04N,由牛顿第二定律可知弹出纸板后瞬间，纸板的加速度大小为a= 十上=5m/s,橡皮擦的加速度大小为a1=上-=1m/s,放A错误：橡皮擦与纸板达到相同 m m 速度后，假设纸板和橡皮擦相对静止，则整体受到的加速度口'=：=2ms,而橡皮擦做减 m十m1 速运动的加速度最大值为a-上=1m/s<a'=2ms,故此时橡皮擦将相对纸板向左运动， 且橡皮擦向右的加速度即为a=1m/s,纸板向右的加速度为a,=f一f =3m/s2,故B错误； 结合AB选项，设橡皮擦与纸板经过1时间速度相同，则有a1=,一a1,代人数据解得1=6s, 1 此时二者向左共同的速度为=日ms,豫皮擦的位移为，=2m,纸板的位移为： 1 12-=2m,则二者相对位移为4虹，三x2-无=2m<0.1m,可知橡皮擦未滑出纸板 接着二者由相同的速度开始以不同加速度做减速运动，由于a2=3m/s2>a1=1m/s2,所以纸板 先减速为0，保持静止，橡皮擦继续以α减速为0，规定向左为正方向，则橡皮擦的位移为x1= 21 一2m,纸板的位移。26m,则三者相对位移为4虹，=0吸m,可知橡皮 1 2 擦最终距离纸板中点的距离为△x=△x,一△x,一27m<0.1m,即最终橡皮擦不会脱离纸板，且 此过程中橡皮擦与纸板因摩擦而产生的热量为Q=:mg(△x,十△x:)一1O80小，故C正确， D错误。 7.D【解析】由题知，长木板A放在光滑的水平面上，不受摩擦力作用，B、C与A间的动摩擦因 数均为：，当F足够小时，B对A有静摩擦力作用，A在水平方向合力不为零，故A不能保持静 止状态，A错误：根据牛顿第二定律可知，当拉力F=mg时，物块B与A间的摩擦力小于 mg,并不是刚好要滑动，B错误：当B与A发生相对滑动时，假设C与A不会发生相对滑动，则 ·9 高三二轮复习专题卷 mg=(m十mc)a,解得a=g,则A对C的摩擦力f=mca=m十mc m十mc ·mcg<mcg,假 设成立，即C与A不可能发生相对滑动，C错误：当C的质量也为m时，物块C能获得的最大加 速度为a=mg=1 m十m。2g,D正确。 *B【解析】释放瞬间对整体由牛顿第二定律有mg一3 ng sin30°十F=4ma1,F=3 ng sin30°， 对物块B,有mg一T=ma,联立解得T=子mg,放A错误，B正确：在最高点P,由对称性可知， 加速度大小为a2=a1=g,对整体，有3 ng sin30°-mg十F#=4mu2,对物块B,有T'-mg= m解得F=ngT-子ng,放CD错误 8.AD【解析】设细线的拉力为T,由题干图可知，A受到两细线的拉力为2T,方向向上，B受到 细线的拉力为T,方向向上，A、B所受重力大小相等，A、B释放后，A向上运动，B向下运动，当 A上升的高度为h时，B下降的高度为2h,B的位移大小为2h,方向向下，由于B下降的位移是 A上升位移的两倍，它们的运动时间相等，由x=21可知，B的加速度是A加速度的两倍，设 重物A的加速度大小为a,则重物B的加速度大小为2a,由牛顿第二定律得2T一mg=ma,mg 一T=2mu,解得a=2m/s2,T=6N,则2a=4m/s2,故AD正确，B错误：设当A的位移为 h时，速度为，则B的速度大小为2v,B下降的高度为2h,以A、B两个物体组成的系统为研究 对象，由机械能守恒定律得mg×2h一mgh=2m2+7m(2o),解得u=2m/s,故C错误。 9.ABD【解析】根据题意，设火箭的功率为P,牵引力为F,由公式P=F可得F=P,由牛顿第 已定律有F一mg=m解得。·。一g,由图乙可知。关系图像的斜常为一二 1 1 =(a,十g),则有P-(a,十g)01,可得P=m(a,十g)01,即火箭以恒定的功率启动，故AB正 确，C错误：由上述分析可知，a的关系式为a=·}-g,当a=0时，解得。=警 g即a关系闲像在横轴的裁距为a,g。故D正确。 (a1十g)w1 10.AD【解析】由图可知，当夹角为90时，位移为0.2m,由竖直上抛运动规律v=2gh,解得o。= 2m/s,故A正确：当夹角为0时，位移为0.4m,根据v=2a.x,mg=ma,可得=0.5，故B 错误；根据mng cos0十ng sin0=ma,可得a=gsin0十gcos0=√1十：gsin(0十g),因此最 大加迷度为a=十7g=受，此时有话=2a解得25 25m,故C错误， D正确。 *BD【解析】由图像可知，当10N<F<15N时物块B和木板C相对静止，当F>15N时木板的 加速度图线斜率变大，可知此时物块B和木板C产生了相对滑动，故A错误，D正确：对木板和物 块组成的整体，当F1=10N时，a=0,则F,=(M十m)gsin0,当F2=15N时，a=2.5m/s,则 F,一(M+m)gsn0=(M+m)a,联立方程可求解M+m=2kg,sim0-号，但是不能求解木板C ·10· ·物理· 参考答案及解析 的质量，故C错误：因当F,=15N时，4=2.5m/s,此时物块和木板开始发生相对滑动，物块和 3 木板之间的摩擦力达到最大，则对物块有gcs0-mgsin0=ma,解得u=乞，故B正确。 .D2mg言ms(2 23 4 25mg25mg(3)38 【解析】(1)以工件为研究对象，受力分析如图所示，根据共点力 的平衡条件可知，斜面I、Ⅱ对圆筒的压力大小分别为F= mgcos 53mgF-mgcos 37 5mg, 53 37% 根据牛顿第三定律可知工件对斜面I的弹力大小F,=F 3 mg,工件对斜面Ⅱ的弹力大小F:=F=5mg (2)以工件为研究对象，设斜面I、Ⅱ对工件的弹力分别是F和F4, 在水平方向上根据牛顿第二定律有F,sin37°-F3sin53°=ma, 在竖直方向上根据平衡条件有F4cos37°+F:cos53°=mg, 解得E-品mg,F,-爱g。 23 (3)卡车沿平直公路以最大加速度匀加速行驶时，Ⅱ对圆筒的压力大小为0，则有F:sin53°= mamF5cos53=mg,解得am=3g。 12.(1)0.9m(2)0.02 【解析】(1)因为冰壶与冰面间的动摩擦因数处处相等，因此冰壶滑动时受到的摩擦力处处相等， 又因为冰壶沿直线运动，因此冰壶在A点至O点的运动过程为匀减速直线运动，假设冰壶运动的 加速度大小为a,在A点时的速度大小为vA,在C点时的速度大小为c,因此有a山一2at- 10A(4,+42))a(4,+42)=十x2,解得a=0.2m/82,wA=3.6m 又由uc=vA一a(t1十t:),代入数据可得vc=0.6m/s, 已知运动到O点时冰壶停下，因此有o2一0=2ax3,代入已知数据可知xa=0.9m。 (2)假设冰壶与冰面间的摩擦力大小为f,则有f=mg,根据牛顿第二定律可知f=ma, 已知a=0.2m/s2,联立以上各式可得=0.02。 13.(1)2.0m/s,竖直向上1.0m/s,竖直向上(2)1.0s(3)15.0N<F,≤21.0N 【解析】(1)假设滑块和木板之间为滑动摩擦力，对滑块由牛顿第二定律有F,一F2一mg= ma1,解得a1=2.0m/s2,方向竖直向上， 对木板由牛顿第二定律有F2一Mg=Ma2,解得ag=1.0m/s2,方向竖直向上， 因为a1>az,所以假设成立。 (2②)设经过时间1滑块从木板上端离开木板，则滑块从木板上端离开木板时)，？- 2a212=L, 代入数据得t=1.0s。 (3)为使滑块与木板一起向上运动，应使整体合力向上，故F>(M十m)g=15.0N, 为使滑块与木板不发生相对滑动，F,最大时滑块与木板间静摩擦力应等于最大静摩擦力，对木 板由牛顿第二定律有F2一Mg=Ma,解得a=4.0m/s,方向竖直向上， 对滑块由牛顿第二定律有F,一aF2一mg=a,代入数据得F1=21.0N, ·11· 高三二轮复习专题卷 综上所述，F1必须满足的条件为15.0N<F,≤21.0N。 14.(1)4m/s1m/s2(2)12m/s(3)16m 【解析】(1)泡沫球沿斜面下滑时mg sin a一f=ma1,其中f=0.1mg, 联立可得a1=4m/s2, 泡沫球做匀减速运动时f=0.1mg=ma2,可得加速度大小a2=1m/s2。 (2)设泡沫球到达B时的速度大小为vB,则有v一0=2a1xAB, 代入数据解得v=12m/s。 (3)当泡沫球的速度0=8ms时，可得1=一”=4s,则工=”1=40m, d? 2 人匀加速阶段v=a,得4=28，此时x1=20t行=8m, 匀速阶段x2=v(t一t1)=16m,故xc=x一x1一x2=16m。 15.(1)22kg·mfs(2)0.3m(3)(83+12)N·s 【解析】(1)因：=tan0,则A、B一起下滑，斜面光滑，A、B共同下滑的加速度为aa= 2mgsin 6 2m 5ms2,小物块B与挡板2碰撞前瞬间的速度为v=√/2aoL=√2m/s, 由于发生弹性碰撞，则小物块B第一次与挡板2碰撞后瞬间的动量大小为p:=四=22kg·ms。 (2)物块B碰后在木板上向上运动，对木板A分析有umg cos8一mng sin0=0,说明木板A匀速 下滑， L_√2 从物块B与挡板2碰撞到木板A与挡板1碰撞的过程，所用时间为tA= v10s, 物块B减速上滑的加速度大小为a=gos0十mgsn0-10m/s, m 物块B从碰撞至减速为0所用时间为=”=日 a108=t4, 则木板A的长度至少为1=” +L=0.3m. 2a (3)木板A与挡板1碰撞后原速率返回，由于重力的下滑分力与B施加的摩擦力同向，则匀减 速运动的加速度也为a=10m/s2。 由于B所受摩擦力与重力沿斜面的下滑分力平衡，故B保持静止状态。木板A上滑至速度为 0通过的位移为x- 2a 0.1m,时间为61-”=只 a10 S. 然后二者从静止开始再次以加速度。下滑，同时与挡板发生第2次碰撞，运动时间为t2= 2x=0.2s ao 二者相对静止直至第3次碰撞。则从释放开始到第三次碰撞的总时间为1=”+tA十t,十32= 22+3 5 重力对木板A的总冲量为I=mg1=(8w3十12)N·s。 物理（四） 1.A【解析】将篮球看成反向做平抛运动，篮球在竖直方向下降的高度相同，竖直方向上根据位 ·12·