专题卷(一) 力、物体的平衡(包括电场、磁场中的平衡问题)-【鱼跃龙门卷】2025年高三物理二轮复习专题卷（青海宁夏专版）

3,如图所示，领角为？的斜面体：置于水平地面上，小盒置干斜面上， 2024一2025学年度高三轮复习专题卷（一） 通过细桃跨过光等的定滑轮与物体违提，连接各的一段组阁与斜面 物理·力、物体的平衡（包括电场、磁场中的平衡问题） 平行，连接“的-一以超衡经直证连接在经直闲定在地宝的第簧上，现 (考试时同75分钟.满分10好分) 在6盒内缓慢加人适量砂粒，4、b,的算位管保请不变，下列说齿中 正确的是 一，选择题：本题共10小题，共“分。在每小题输出的国个选项中，第1一7愿只有一项特合题日 A.合对的摩擦力完减小日增大 且.省上张力不变 要求，每小整4分：第8一0盖有备符合赠日要求，每小赠6分，全郁选对的得6分，选对但 Ce对地宝的摩擦力方倒可能向左 D弹簧一定处于压缩状忘 不全的得3分，有选错的得目分。带·丽日为能力程升丽，分值不计入总分， 4,踪晒衣量的蝇子两南分测围定雀两制竖直杆上的A、B两点，A,:两点等高，原来无风状态 1,扑克牌可以用来搭房子“，如图甲所示。每一张扑克牌的质量为辉，在图乙的示意阁中，下 衣和禄持静止，某时一释恒定大小的风吹来，衣肝受到水平向右的恒力面爱生帝动，并在新 说法正确的是（重力框遮度为：） 的位餐保持静止，如图所示，再杆月的距离为d,绳长为1,25，衣醒和衣帮的总质量为出，重 力如速度为g,如7一0.。不计绳子的质量及绳与衣桌壮构间的摩复，下列说达正确的是 A.在有风且风力不变的情况下，绳子右瑞由A点沿杆向下移到C点， 绳子的拉力交大 丛有风时，柱钩左，右两衡圆子的拉力大小不相等 C.相比无风时，在有风的情况下∠AOB本 山.无风时：轻绳的控力大小为常以 A.#扑克牌受到其抛扑克悍的作用力大小为mg:方向装直向上 五，知图衡诉的电路中，M,N是平行板电容器的两块慢极，两极服与 我。补克养受到其他扑克牌的作用力大小为烟，方向整直向上 水平方向夹角为30，R,为可满电阻，R,为定值电阻，开美9闭 C,补克率对地霍的压力大小为m。 合后，再板间有一带电小球P冠过绝泽闺候悬挂，静止时相线与园 1,环一张扑克牌所受的合外力都不相同 板平行，重力如速度为其，期下列识法正确的园 2.如图甲所示，用瓦片量景顶是我倒建航的特色之一，铺设瓦片时，量该结构可，化为调乙所 A.小球P梦电 示，建筑工人将瓦片轻拉在两银相五平行的擦条玉中间，瓦片能静业在整条上，已短擦条 其保持5划合，增大只，小感P将向下运动 E离为d,根条与水平方向的夹角为，以下说法正端的是 C断开，假增大M,N问距离，小球P将向下运动 九，者小眼质质为规，两版同电压为U.师商为4，则小球所常电背量大小为百网 6.《大国工匠)节日中讲连了王进利用秋于法”在100kV的高压线上准电岸是的过程，如菌所 示，绝燥轻烯OD一端战定在高压线杆结上的O点，另一国定在电蓝D上，月一绝缘轻蝇毒 过烟定在杆塔上C点的定滑轮，一瑞连接兜蓝，另一端由工人粒制，身穿深旅服的王注量在电 登里：缓慢地从点后动到必平)点正下方E点的电烫处，绳D一直址平神直林态，见盖， 王进及携帝的设备总质量为世，可看作质点，不计一切阻力，重力相递度大小为足，从C点运 动列E点的过程中，下列说法正确的是 A。或小锦条闻的距肉时。工片可能会下饼 A.嘴D的旋力一直变本 丛减小撼条与水平方向的夹角8时，瓦片与佩条可的第力变个 我蝇(D的拉力一直变大 C,增大懔条间的距离d时，瓦片与懔条间的摩擦力变大 C,绳D,D控力的合力大Fmg 几.增大檀条间的是离时，E片与条可的弹力变小 五覆CD与竖直方向的夹霜为30时，混CD的拉力为产 mg 指理B·专题8（一1第1页1共8页 金赛地门春 物理B·专n春一1第2（共8算） ,如图《)，直学线MY被两等长且平行的地缘径蝇慧挂于水平轴()'上，其所在区线存在方向 1出，如图所示：在领角？燃3的相题斜西A拟D上，一爱量为w的物体受到与对角线BD平行 垂直指向（的登场，与了图离相等拉餐的壁感应强度大小相等且不阳时润变化，北酸国 的恒力下作用，恰好德沿斜面的另一对角线AC做匀函直仪运动。已知斜面ACD为正方 图如图)所示。导战道以电流「，静止后，悬线偏离整直方向的夷角为9。下列说法正确 形，重力知速度大小为紧·期 的是 人物体与鲜面间的功幸销得致为 北将体与斜面何的决摩萃调数为 C.恒力F大不为。m 博 图(6 卫恒力卡大小为停 A,当导线静止在图()右侧位置时，异找中电德方向由N指向M 和园水平坡置上有一质量为M,镇角为0的朝局慢形物体C,斜面上有一个质量为2m的指块 认电道了增大，静止后，异线对悬线的拉力不变 B,B与一轻绳连接，轻蝇绕过一周定在天花板上的定滑轮，另一编水平与一结点连接一个质量 Cn8与电藏I境正比 为m的小球A,右上方有一拉力F,初的夹角年=135，如图所示。观让拉力F顺时针缓腰传 卫，m,与电流【成正比 动0庄架持正角大小不查，转动过程店.C始终保持静此。已划B乡带轮同的组绳与斜面平 ·图所示，经直平面内有一光斜直杆AD,轩与水平方向的夹角为0(0心运8公0)，一量量为出 行，重力加速度为g:下列说达正确的是 的小圆环套在直杆上，给小隔环熊加一与该竖直平直平行的恒力下，并从A端由静止轻放，改 A.拉力F一直城小 变直杆和水平方向的突角，当直轩与水平方向的夹角为30时，小属环在直杆上运动的同最 我C司的摩擦力先减小再撞太 ,,重力知速度为片，则在该状素下下列说法量误的毫 C.物体C对地崔的压力先减小再增大 A。机力F可使沿与水半方所规3卖角斜向右下方 五.将体C对地面的家擦力的最大值为，泛mg 丝小圆环与直杆间必无挤压 二，非选择题：本题共5小题，共54分。 C.若恒力F的方向水平间右，喇恒力F的大小为，m黑 11.《8分》如图所示，领角为及=3的斜面国定在水平地面上，两个物块A、B用轻级第舞连接 卫如方F的最小价为经际 两物块怡好能静止在斜面上。已加物快A韵质量为1k以，物块A与料而间的闭摩擦因数为 心.4，物块B与斜面间的动摩擦因数为0,8，两物块受到的摩接力方向相同，有动摩擦力等于 8,知图所示，小球A与滑块出用绕过光滑定滑轮的不可伸长的轻绳莲接，莲接滑块B的绳与暖 最大静摩擦力，取重力期道度大小g三10m6.in3了=0,6。求： 直位置的圆定杆垂直且每在经直平面内，切命时洲块恰好不下酬，现对小味A吃相一个本平 41》洋簧中的洋力大小： 力下，使小球A在水平力F的作用下援慢上移一小段.设滑块与杆之司的最大静摩擦力等于 (2)物块B的质量： 滑动摩擦力，下说法正属的是 (3)物块B受到的摩擦力大小 A.绳子拉力变大 民骨块B一直保持静止 二番块B受到的厚擦力不变 D.国定肝的带块B的弹力不变 出，如蹈所示，绝檬轻绳穿过有光湘孔的蕾电小球A,蝇两端严，Q国定，整个空间存在匀媚电垢 小球希止时，轻昆蜀紧，AP水平，AQ竖直，下列说法中正绳的是 A.匀强电场方向水平间右 围球受判的电场力与重力大小相等 CP缓授经直向上移动少许，绳中整力变小 D.Q援帽水平间右移动少许，线的重力势德增大 信理B·专题8（一1第多页I共8新） 金赛地门者 物理B·专n卷一1第4真（共8算） 12,《8分》如图，在显直墙蝶的左侧水平地面上教置一个边长为：，质量为村=4k以的正方体 13,1山分)如图所示，一个鳄璧先滑约便量为村的矩形装置教餐在水平地面上，见有一下同定 ACD,在墙摩和正方体之间位置半径R一小.后m,质量为情的光滑球，正方体和球均架持静 在矩形装翼上的滑轮和一个周定在整直璃整上的滑轮，滑轮盾量均不计。一木爽通过轻面 止。球的球心为D,灯与整直方向的夹角为，正方体的边长量>收，正方棒与水平趋自同的 鞋名 细线饶过两个洲轮矩形装置相连，组线有博常分处于水平代态.有一都分处于聚直找泰， 动摩擦因数r一0,5，已知重力加速度对=1Dm/,,n37一0，cm37”=Q8,最大静摩 重力加速度为：，似定装置不因韩。 擦力等干舒功摩擦力 1》若地而光滑，当木换的质量世=0,1！时.用一向左的水平机力下使系统静止求水平日 《1若一7，规一？k求正方体受到地作的摩擦力大小， 力F的大小： 《2若=“，保持求的华径不变：只措大球的质量，为了不止正方体出凭滑动，漂光滑球面 (2)若装置M与地面间的动摩餐同数为：一0，，最大静摩探力等于器动摩擦力，整个采烧命 量的昼大算， 终处干静止状态，求木块质量和的最大值 《3》改变正方体到喷壁之间的矩离，当正方体的右侧面成到喷整的距离小于某个氧工时： (3)若地雀光滑，木块的质量四=0,1W,整个系统从静止开啦运动，当术块沿装置和侧感下 无论球的质量是多少，减和正方体始终处于静止状态，且球没有落列地面，求上.的植」 降斋度A时{木块未触地》，求装霞M的边度大小。 等栏 信理B·专题8（一1第页I共8算） 金赛地门春 物理B·专n春（一1算6真（共8真） 14,12分》如图断示，人的质量为酷城，小车的质量为0k制，人与小车、小车与地面问的赫摩藏 1五，1丘分)烦量为M的木德候角为，在水平面上保持静止，当将一质量为解的水换救东本费 因数均为几.《，现在人用力拉视，便人和小车一号向左匀速运动，g取10m。,求， 鲜置上时，它正好通下滑，理用与木根解面业■角的力P牧看木块匀速上开，如图质示， 1》地直对小车的摩擦力的大小， 已知重力加速度为g,木楔在整个过程中始终静止， (2)小车对人的摩整力的大小和方向 1》求木块与木搜斜面间的动障整以数”， 《2)当。和8满是何静美系时，拉力下有最小值，护求此量小值： 《》当F取最小值时，木视对水平面的摩罐力是多大？ 信理B·专题8（一1第7页1共8算） 金赛地门春 物理B·专n春一1第多真（共8算】·物理· 参考答案及解析 叁专答案及解折 物理（一） 1.A【解析】α扑克牌处于静止状态，受到其他扑克牌的作用力和自身重力，根据力的平衡条件可 知其他扑克牌对α扑克牌的作用力大小为mg,方向竖直向上，故A正确：b扑克牌处于静止状 态，受到其他扑克牌的作用力、自身重力和地面的作用力，则其他扑克牌对b扑克牌的作用力大 小不等于mg,故B错误：共有7张扑克牌，对整体受力分析，可知地面对其支持力为7mg,则扑 克牌对地面的压力大小为7mg,故C错误；每张扑克牌都处于静止状态，合外力都为0，故D 错误。 2.A【解析】在垂直檩条方向的剖面上，瓦片受力示意图如图所示，两根檩 条对瓦片的支持力与垂直檩条方向的夹角为a,则有2 Fcos a=mg cos0, 减小檩条间的距离d时，夹角α减小，两檩条对瓦片的支持力F变小，故 瓦片与檩条间的弹力变小，最大静摩擦力变小，则檩条可能下滑，故A正 确：同理，增大檩条间的距离d时，夹角a增大，两檩条给瓦片的支持力F mgcos0 变大，故瓦片与檩条间的弹力变大，最大静摩擦力变大：瓦片处于静止状态， 由平衡条件可知，瓦片与檩条间的摩擦力等于mgsi0,且保持不变，故CD错误；根据2 Fcos a= mg cos0,减小檩条与水平方向的夹角0时，mg cos日增大，则瓦片与檩条间的弹力变大，故B 错误。 3.B【解析】由于不知道b的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩 擦力的方向，故随着砂粒质量的增加，静摩擦力可能增加、可能减小，故A错误；α、b、c始终处于 静止状态，则弹簧的长度不变，由胡克定律可知弹簧的弹力大小不变，对a分析可知，a受到重 力、弹簧弹力和绳子拉力，故绳子的拉力不变，如果绳子对a的拉力大于a的重力，则弹簧处于拉 伸状态，如果绳子对a的拉力小于a的重力，则弹簧处于压缩状态，故B正确，D错误；以b与c 组成的整体为研究对象，整体受到重力、支持力，若绳子有向右上方的拉力，则地面对c有摩擦 力，整体位置不变，水平方向除摩擦力外，只有绳子的拉力有一个向右的分力，所以可知地面对c 的摩擦力的方向向左，由牛顿第三定律可知，c对地面的摩擦力方向向右，故C错误。 4.C【解析】不计绳子的质量及绳与衣架挂钩间的摩擦，挂钩相当于动滑 轮，两段绳子的拉力总是相等，故B错误：设无风时绳子夹角的一半为01， L 绳长为L,有风时绳子夹角的一半为02，如图，有L1十L2=Lsin02,d= Lsin01,又因为d>L1+L2,所以01>02，∠AOB=20,故有风的情况下 ∠AOB小，故C正确；有风情况下，A点沿杆稍下移到C点，两段绳子夹 角变小，但是两绳拉力的合力不变，则拉力F变小，故A错误：无风时，同 一根绳子拉力相等，根据受力的对称性，挂钩左右两侧绳子与竖直方向的夹角相等，由几何关系 知血0，=.2着0，=53，根据平衡条件mg=2Fc0s,解得F=mg-5m d 2cos0,=6mg,故D 错误。 5.D【解析】由电路图可知，N板带正电，则由受力平衡可知，小球受电场力垂直极板向上，则小球 带正电，故A错误；若S保持闭合，由于电容器相当于断路，则调节R,不改变两板间任何物理 量，小球仍静止，故B错误：若S断开，则两板电荷量不变，改变两板间距离，根据公式C=,S 4πkd' ·1 高三二轮复习专题卷 Q=CU以及U=Ed可知，E=4rQ ,则板间电场强度大小不变，小球仍静止，故C错误；由平衡 e,S 条件得mg cos30°=g ”角解是二3、故。正角。 6.D【解析】对兜篮、王进及携带的设备整体受力分析如图所示，绳OD的拉力为 F1,与竖直方向的夹角为0，绳CD的拉力为F2,与竖直方向的夹角为α，根据几何 F 关系可得0十α十a=90°，根据正弦定理可得 F F2 mg sin a sin 0 ，a增大，0减mg sin() 小，则拉力F1增大，拉力F2减小，故AB错误；王进处于平衡状态，此时两绳拉力的 合力等于mg,故C错误；当a=30°时，0=30°，则根据平衡状态可得2F2cos30°= mg,解得下，= 3mg,故D正确。 7.D【解析】当导线静止在题图(a)右侧位置时，对导线受力分析有，安培力为图示方⊙0O 向，则导线中电流方向应由M指向N,A错误；由于与OO'距离相等位置的磁感应 0 强度大小相等且不随时间变化，有sn日=B业， ,Fr=mg cos0,则可看出sin0与电流 mg I成正比，当I增大时0增大，则cos0减小，静止后，导线对悬线的拉力Fx减小，BC 错误，D正确。 *A【解析】根据题意，小圆环在直杆上运动的时间最短，则加速度 30 60 最大，即合力的方向沿杆的方向，A错误；由于小圆环在直杆上运动 的时间最短，即加速度方向沿杆的方向，而恒力F和小圆环的重力 的合力一定与水平方向成30°夹角斜向右下方，即为杆的方向，小圆 甲 环与直杆间必无挤压，B正确；当恒力F的方向水平向右时，受力分 析如图甲所示则有Fm30三3mg,C正确：合力F台与mg、F三力可构成矢量三角形，如图 乙所示，由图可知，当F与F。垂直时，即与直杆垂直时，F有最小值，则有Fmm=mg sin60°= 3 mg,D正确。 8.ABC【解析】设绳对小球的拉力为T,绳与竖直方向的夹角为a,在任一 位置时，受力情况如图所示，根据平衡条件有Tsin a=F,Tcos a=mAg,整 理可得T=mAg,F=mAgtan a,随着小球A缓慢上移，a增大，可知拉力 cos a F变大，绳子的弹力T变大，故A正确；拉力T增大，使得B与杆之间的 弹力增大，最大静摩擦力增大，则滑块B始终处于静止状态，由平衡条件有 -3m,g f=mg保持不变，故BC正确，D错误。 9.CD【解析】由题知，带电小球所带电性未知，故无法判断匀强电场方向，A错误；由题知小球静 止，且绝缘轻绳穿过有光滑孔的带电小球A,则小球受绳子拉力大小相等，故只要满足所受重力 和电场力合力与绳子拉力合力等大反向小球就会静止，故无法判断电场力与重力大小关系，B错 误；由分析知，电场力与重力合力大小和方向不变，P缓慢竖直向上移动少许，故绳子之间夹角变 小，故绳子张力变小，C正确；电场力与重力合力大小和方向不变，若Q缓慢水平向右移动少许， 则绳子之间夹角变大，故球的位置升高，重力势能增加，D正确。 10.AD【解析】物体匀速运动，则受力平衡，对物体受力分析，受到重力、支持力、推力、摩擦力。 ·2· ·物理· 参考答案及解析 力F的方向与BC方向的夹角为45°，摩擦力沿CA方向。沿AD方向根据平衡条件可得 Fsin45°=fsin45°，沿AB方向根据平衡条件可得Fcos45°+fcos45°=mg sin30°，其中f= mg mg cos30,联立解得F-f=2,m5 =6,故AD正确，BC错误。 AC【解析】对题图右侧结点处受力分析，α角大小不变，可以使用辅助圆方法判 断力的动态变化情况，如图所示，通过分析可得F,先增大再减小，F一直减小，A 正确；初始状态，对A分析可得绳子拉力F,=mg,对B分析，可发现Fr=2 ng sin 30°，即一开始B与C间的静摩擦力为零，故当绳子拉力Fr从mg先增大再减小 到mg,B、C间的静摩擦力方向一直沿斜面向下且先增大再减小，B错误；将B、C F 成g 看成整体，竖直方向有Fx+Frsin30°=(2m十M)g,由于Ft先增大再减小，故F、先减小再增大， 故物体C对地面的压力先减小再增大，故C正确；水平方向上有Fcos30°=F:,当FT最大时，F水 平，对A分析可计算得F=巨mg,所以Fm-5m 2mg,故D错误。 11.(1)2.8N(2)7kg(3)44.8N 【解析】(1)对物块A分析有mag sin0=AmAg COS0十F,解得F=2.8N。 (2)把A、B看成一个整体，有4 AmAg cOs0十4 sm 8g cos0=(mA十mB)gsin8,解得mB=7kg (3)物块B受到的摩擦力大小为f=:am ng cos0=44.8N。 12.015N(2)8kg(30.5+8)m 【解析】(1)以球为研究对象，受力如图所示， 小球受力平衡可知N2=ng tan0=15N, 对整体受力分析可得F=N2=15N。 (2)以正方体和球整体为研究对象，竖直方向受重力(m十M)g和地面的 支持力F、,水平方向受墙壁的弹力N2和地面的摩擦力F,根据平衡条品长 件有FN=(m十M)g,球质量最大时有μ(mg十Mg)=mg tan0,得出m=8kg。 (3)要使球和正方体都始终处于静止状态，则N2≤4(m'十M)g, 又因为N,=m'gtan0,即m'gtan0≤r(m+M)g,解得an0≤u(m'十M2 即an0长一名·即临界情况下an8,-号 通过几何关系解得L=R十Rs血0，代入数据得L=(0.5十得)m, 13.(1)0.2Mg(2)0.25M(3)158h 【解析】(1)对木块受力分析，根据平衡条件可知绳子拉力大小为T=mg, 对矩形装置和木块整体，根据平衡条件可知F=2T,解得F=O.2Mg。 (2)根据平衡条件可知木块质量最大时应满足u(Mg十mg)=2mg,解得m=0.25M。 (3)矩形装置上的滑轮相当于动滑轮，因此木块竖直向下的速度是矩形装置的二倍，水平方向速 拒形装置相同，根据系统机械能守恒有mgh=2m[(20)2+v门士2 解得v= 158h。 ·3· 高三二轮复习专题卷 14.(1)460N(2)230N,水平向右 【解析】(1)根据题意，由平衡条件可知，地面对车的支持力为FN=m人g十m车g=1150N, 由公式f=uFx可得，地面对小车的摩擦力的大小为f=0.4×1150N=460N。 (2)根据题意，设绳子的拉力为F,由平衡条件有2F=f,解得F=230N, 对人受力分析，由平衡条件有f1=F=230N,方向水平向右。 15.(1)tan6(2)当a=0时，拉力F有最小值mg sin20(3)2 mg sin40 【解析】(1)木块在木楔斜面上匀速向下运动时，有mg sin0=ng cos0,解得：=tan0。 (2)木楔在力F作用下沿斜面向上匀速运动，沿斜面方向根据平衡条件Fcos a=mg sin0十F:, 垂直于斜面方向Fsin a十FN=mg cos 0, 根据摩擦力的计算公式F:=FN, 联立解得F=2 ng sin0 2mg sin 0cos 0 mgsin 20 cos a+usin a cos acos 0++usin acos 6 cos (0-a)' 则当a=0时，F有最小值，为Fmn=mg sin29。 (3)因为木块及木楔均处于平衡状态，整体受到水平面的摩擦力等于F的水平分力，即F'= Fcos (a+0), 当F取最小值mg sin20时，F:=Fmin Cos20=mg sin20cos20= 2 ng sin40。 物理（二） 1.A【解析】设汽车正常行驶的速度为。，由匀变速直线运动的平均速度与瞬时速度的关系可得 2),可得=2如，A正确：减速过程时间为。-0，反应过程的时间为1：=。，B错 aa 误；减速过程的位移为x。=t。= 42 日，反应过程的位移为工反=l饭 5a,则有=5 x反2，C错误； 从发现情况到汽车停止整个过程的平均速度为司_严十·-？， t厦十t。一6u,D错误。 2。D【解析】由于相同时间内通过任一横截面的水的体积相等，则x()}',△：=x(受)，△，可 得o。：v6=d：d2=9:16。 3.C【解析】根据题意无法计算第二阶段减速的平均加速度，所以无法比较第一阶段减速的平均 加速度和第二阶段减速的平均加速度的大小，故A错误；三个阶段减速过程中航天员均处于超 (B错误；根据匀变速直线运动规律可知第三阶段减速的平均加速度大小为 2Xm/s'=50m/s,设第三阶段减速至距地面0.5m高时返回舱的速度为0'，则有v:- 102 -2ah',解得o'=5√2m/s,故C正确，D错误。 4.C【解析】张洋铭在ab、bc、cd三段位移内速度增加量之比为1：2：1，则对应时间之比为1： 21,有L1=t+2ar,L:=(o,十a)·24+2a2)2=201+4ad2,L,=(,+3a)t+ at=,t+,可得L,=L1十L 1 5.C【解析】根据几何知识可知，当甲车在乙车前方时，有x甲一x乙=6m,根据运动学公式有 ·4·