专题卷(十一) 电磁感应综合(包括电路、能量、图像问题)-【鱼跃龙门卷】2025年高三物理二轮复习专题卷（内蒙古专版）

·物理· 参考答案及解析 【解析】(1)发电机的输出功率P总=1Qgh=5×10W, 输电线上损失的电功率P糊=IR,又P制=：P总· 解得输电线中的电流为1=10A。 (2)升压变压器原线圈两端的电压U,=240V, 副线圈两端的电压为U,=P鱼=5×10 110 V=5×103V, 故升压变压器原，副线周的匝数比为”_0=240V=6 n2U25×102V125 输电线上的电压损失为△U=IR=10×30V=300V, 降压变压器原线圈两端的电压为U=U2一△U=5×103V-300V=4700V, 降压变压器副线圈两端的电压为U,=220V, 故降压变压器原，刷线圈的匝数比为”_9_4700V_235 n4U,220V11 (3)设正常发光的LED灯的盏数为N,则N= Pa-P损5×10-5×10×0.06 P灯 50 =940(盏)。 RE 15.(1)R+R。+ F(2)0≤m≤ (3)U=E-(R+r)E mgRE RR. (或U=mgR+kR,十r 【解析】(1)经分析知，当滑片在R最下方时，电压表示数最大，电路总电阻为R'=R十R。十r, 由闭合电路欧姆定律可得1卡，U'=R。 联立解得U'=R+R。十r RE (2)由题知，电子秤测量的最小质量为0：电子秤测量最大质量时，弹簧形变量增加(，由胡克定 kl 律结合受力分析知F增=bl=mmxg,解得mmx g kl 即电子秤测量范围为0≤m≤ E (3)由闭合电路的欧姆定律可得I=R,十R。十T 当弹簧形变量增加x时，由电阻定律得R,-PS一R, 由受力分析知k.x=mg,又有U=IR.· 联立解得U=E (R。+r)E(或U=m mgRE 爱R+R+7 gR+kR。+k)。 物理（十一）】 1.A【解析】通过阻碍质量块和永磁体的运动，阻尼器将动能转化为电能，并通过电流做功将电能 最终转化为内能，A正确：导体板电阻率越大，电阻越大，涡电流越小，B错误：质量块摆动时，穿 过导体板的磁通量周期性变化，摆动得越快，磁通量变化得越快，产生的感应电动势和涡电流越 大，C、D错误 2.B【解析】在绝缘笔沿椭圆轨道从长轴一端A点到另一端B点带动金属丝运动过程中， △PFF,的面积先增大后减小，故磁通量先增大后减小，A错误；由“增反减同”可知，△PF,F: ·45· 高三二轮复习专题卷 中感应电流方向先顺时针后逆时针，B正确：根据“增缩减扩”，可知金属丝先有收缩趋势后有护 张趋势，C错误：金属棒中的感应电流先向左后向右，根据左手定则可知，金属棒所受安培力方向 先向上后向下，D错误。 △Φ 3。C【解析】4时刻电流为0，说明感应电动势为0，根据法拉第电磁感应定律有E=n△，可知 穿过线圈磁通量的变化率为0，A项错误：2~1？时间内，电流为0，则钕磁铁不受安培力，只受重 力，钕磁铁做匀加速直线运动，B项错误：若只增加钕磁铁释放高度，切割速度变大，则感应电流 的峰值也变大，C项正确：若只调转钕磁铁的极性，再从同一位置释放，磁场方向相反，故感应电 流也将反向，D项错误。 4.A【解析】陕西地区位于北半球，地磁场的磁感应强度的竖直分量竖直向下，根据楞次定律，线 框中有顺时针方向的感应电流（俯视），故A正确：由法拉第电磁感应定律和B,h图像得，感应 电动势大小为E=△BS=△BS△BS △△h 一A=S。,感应电流的大小为I三卡·可知感应电动势E保 持不变，则感应电流的大小保持不变，故BC错误；根据楞次定律，线框的四条边有向外扩张的 趋势，故D错误。 △B 5。B【解析】根据法拉第电磁感应定律E=△中_△B =,所以环中电流的大小为1二￡4y矿 ΓR2πr PS △BS 2p△t 即环中电流的大小与环半径成正比，故A错误：环中电功率的大小为P= R ()'sr ,即环中电功率的大小与环半径的三次方成正比，若将铝块换成电阻率更小的铜块， 2p 则相同横截面积、相同半径的铜环发热功率更大，故B正确，D错误：相同时间内环中产生的热量 △B E )Sπr3 △t 为Q= RI- 一1，即相同时间内环中产生的热量与环半径的三次方成正比，故C错误。 2p 6.A【解析】根据题意，设导体棒的电阻为R,导轨间距为L,磁感应强度为B,导体棒速度为v 时，受到的安培力为F=BL=B收，可知下c,由牛领第二定律可得，导体棒的加造度为。 mg sin 0-F =gsin 0-B'L'v mR,可知，随着速度的增大，导体棒的加速度逐渐减小，当加速度为 零时，导体棒开始做匀速直线运动，则t图像的斜率逐渐减小直至为零时，速度保持不变，由于 安培力F与速度成正比，则Ft图像的斜率逐渐减小直至为零时，F保持不变，故A正确，B、C 酷误：根据题意，由公式可得，感应电流为1”由数学知识可得=队·4队 R‘=R,由于 加速度逐渐减小，则I-1图像的斜率逐渐减小，直至为零，故D错误。 7.C【解析】由题意可知，通过线框的磁通量减少，根据楞次定律“增反减同”可知，线框中的电流 为顺时针方向，故八错误：线框在磁场中运动时磁酒量的变化量为△0=BL:-头，线框中的平 BL 均电动势为正一吧线框中平均感应电流为了票所以流过线框某一板核面积的电待提为。 ·46· ·物理· 参考答案及解析 IA- BL 2R,故B错误：设线框中电流大小为1，导线ab所受安培力的大小为F=BIL,导线4bc 所受安培力的大小为Fw=2BL,则F：Fk=1:√2，故C正确：由左手定则可知导线abc 受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故D错误。 C【解析】金属棒ab刚开始运动时，根据右手定则可知ab棒中的电流方向为a→b,故A错误： 依题意，金属棒c阳的质量为公电阻为尽，匀速运动时，两棒切制产生的电动势大小相等，B· 2Lvw=BLvd,得末速度2uw=ud,对ab棒一B1·2L△1=mub一muo,对cd棒，BIL△r= 20w 解得十三则U?,三。，故B错误；根据g=1△1，联立解得q=故C正确 1 1 m 由能量关系，整个过程中产生的热量QB2mm,·,品，又Q RQa,联立 R 2 解得Qw=gm,故D错误。 &.AB【解析】圆盘转动产生的电动势为E=号BL,若转动的角速度恒定，则E不变，电流大小 恒定，故A正确：若从上往下看，圆盘顺时针转动，由右手定则知，电流由α流向b,故B正确：若 圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向不变，大小发生变化，故C错误；若圆盘转 动的角速度变为原来的2倍，则电动势变为原来的2倍，回路电流变为原来的2倍，根据P=IR 可知，电阻R的热功率变为原来的4倍，故D错误。 9.BC【解析】闭合开关瞬间，由于线圈产生自感电动势阻碍电流的增大，所以A1缓慢变亮，A2瞬 间变亮，故A错误，B正确：闭合开关，待电路稳定后，由于线圈内阻可以忽略，所以线圈支路电流 大于A2支路电流；断开开关瞬间，由于线圈产生自感电动势阻碍电流的减小，且线圈与A1、A 构成回路，所以A闪亮一下再缓慢熄灭，流过灯泡A1的电流方向没有改变，故C正确，D错误。 10.CD【解析】根据右手定则可知，金属棒AB逆时针切割磁感线时，产生的感应电流应该是从B 向A,故A错误：据E意=BLv,以及v=rw,可得切割磁感线时产生的电动势E=BLv= F。,切割磁感线的金属棒相当于电源，则AB两端的 端电压，根据闭合电路欧姆定律可知UR不R5。一×Br。一Brw,故B错误：切相磁 R 感线的AB相当于电源，在AB内部电流方向由B向A,故金属棒A相当于电源正极，故与A 接近的电容器M板带正电，故C正确：由B分析知，AB两端的电压为Br。,则电容器两端的 电压也是Br。,故电容器所带电荷量Q=CU-CBru,故D正确。 *ABD【解析】由题图可知，在12一1g时间内，线圈向下做匀速直线运动，受力平衡，则根据平衡条 件有mg=BL,而1=B10,联立解得，=8ms,故B正确：比，一，时间内线圈一直做匀加速直 R 线运动，则知线圈内磁通量变化为零，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，仅在重力作用下运 动，以cd边与L2重合时为初状态，以ab边与L,重合时为末状态，设磁场的宽度为d,则线圈长 度为2d,线圈下降的位移为3d,则有3d=vzt-2gt,其中v:=8m/s,1=0.6s,代入解得d=1 ·47· 高三二轮复习专题卷 m,所以线圈的长度为L'=2d=2m,故C错误：在0~t1时间内，cd边从L1运动到L,通过线圈 的电荷量为g=0_B1d RR =0.25C,故A正确：0~13时间内，根据能量守恒定律可得Q=mg 3d+2d)一2mv号=1.8J,故D正确。 11.(1)mgRsin 0 B'L* (2)mgs sin 0-m'g'R'sin 2B'L 【解析】(1)线框匀速运动时，设速度为v,则E=BL0, 由闭合电路的欧姆定律得I-尽，安培力F发=BL, E 由于ab边离开磁场前线框已做匀速直线运动，则gsin8=F, 联立可得o=mgRsin0 B2L3 (2)线框穿过磁场的过程中，利用能量守恒定律得mgs·sn0= 2mv+Q. 其中o=mgRsin0 B2L2 解得线框中产生的热量为Q=mg5·sin9-'gRsin0 2B'L 12.(1)0.2A(2)-0.18V(3)0.24J2.34J 【解析】(1)金属棒连入电路部分产生的感应电动势为E,=B,du=(0.6十0.2×2)×1×1V= E 1V,根据闭合电路欧姆定律可得电流大小1，= -=0.2A。 d R+Lr+2zr (2)由右手定则知M点电势低于N点电势，根据欧姆定律可得金属棒通过x=2m处时两端的 电势差UN=-[I,(R+2xr。)+B1(L-d)v]=-1.8V: (3)金属棒做匀速直线运动1= Bdv (0.6+0.2.x)×1×1 A=0.2A. d 3+x R+Lr+2aro 1=乙=3s,R上产生的热量Q=1R1=0.24J, 金属棒做匀速直线运动，则有F=mng sin0+BdI, 解得F=0.72十0.04x,即此过程F随位移均匀变化， 金属捧从工=0到工=3m过程中，外力F做的功W=Fx=0.720.84×3J=2.34J. 2 3)0,4T/s(2)2m/s(3)5 【解析】(1)开关打到1时，棒受力平衡，ng sin0=B,IL, E 根据ES=nkS,1宝 R+r' 解得k=0.4T/s。 BiLv (2)棒在倾斜导轨上匀速下滑时，根据平衡条件可知mg sin0= E1十R,可得=10m/s。 BL'd 从棒α进入水平导轨到与棒b发生碰撞前的过程，根据动量定理一 Rs =mU2一U1· ·48· ·物理· 参考答案及解析 根据电路连接得R。=0.3Ω， 解得vg=2m/s。 (3)从棒a进入水平导轨至与棒b碰前瞬间Qe=m-了m, 1 此时电阻R:产生热量Q,=6Q1, 得Q1=0.8J, 两棒相碰，mo2=2mv3, 碰后至静止电路产热Q?一2 X2mw号， 电阻R:产生热量Q:=3Qa: 1 得Q:=15, 综上R:产生总热量为Q=Q1十Q:=5J。 ,@≥后a0+ mg B'L 【解析】(1)烧断细线，由于M=m,对导轨abcd由牛顿第二定律知mgsin0 B'L'v=ma, 2R 随着速度增大，加速度a减小，直至加速度为0，速度最大，此时有mg sin0= B'Lm=FA.F 2R 最大，即。=BFA20吸， 对导体棒PQ受力分析知，在垂直斜面方向ng cos0=FA十Nn, 经分析知导体棒PQ受到的安培力始终等于导轨bc边受到的安培力，即FA=F= 2mg, 解得N=3- 2mg。 (2)要使导轨abcd运动一段时间后，导体棒PQ与导轨abcd间无作用力，则对导轨abcd和导 体棒受力分析知Mg sin0≥mg cO0,即M≥3.。 (3)若在条件(1)的情况下，从烧断细线到导体棒PQ与导轨间刚达到最小作用力的过程中，通 1 过导体棒PQ的焦耳热为Q。,则回路总焦耳热为2Q,由能量守恒知ng sin0·s=2Q,十2 m,又un=msR BL:' 解得s=4Q+m'gR: mg B'L 15.(1)2m's2(2)F=1-0.25w(N)(8m/s≥v≥0)(3)1.44J 【解析】(1)金属环a在磁场中受到的安培力F,=BIL=1×4×0.5N=2N, 根据牛顿第二定律F,一mg=ma1,解得a1=2mfs2。 (2)金属环a在4s末的速度v1=a1t1=8m/s, 此时将开关S掷向2，金属环a做匀减速运动，在tz=6s时刻金属环a减速至0，可知加速度大 ·49· 高三二轮复习专题卷 0一1 小ag=△t2 =4m/s2, 方向向左，根据牛顿第二定律F十mg十BI'L=ma2 由题意可知，金属环α夹在两导轨部分的两段的电阻均为1Ω，两部分电阻并联总电阻为r Q.50,则1，K·解得F1-0.25N),(8m/s≥D≥0). (3)金属环做减速运动，b做加速运动，金属环b的速度达到最大值时，两金属环的速度相等， 设为v,对a由动量定理一BIL△t一mg△1=1o一mw1, 对b由动量定理BIL△1一amg△t=mv, 两式相加可得v=2.4ms, 则金属环b获得的最大动能是E,=2m0=1.44J 物理（十二） 1.(1)10(2)10(3)30(4)b 【解析】(1)根据F=kx=k(L一L。),可知图乙中，图像的横轴截距表示弹簧的原长，即弹簧原长 为L。=10cm. (2)弹簧的弹力等于钩码的重力下m=x=mg,整理得k-mg-,m5,由图乙知该弹簧的劲度 x L-L 系数k=0.15X10 0.25-0.1N/m=10N/m。 )当弹力为F=2,0N时，弹簧的形变量为x=0,2m,所以，弹簧长度为L=L。士 30cm。 (4)由图像可知，拉力变化量相同时，弹簧a的形变量比b小，因此使用弹簧b制作的弹簧测力计 精确度较高。 2.(1)BD(2)球心需要x g y:-yi 【解析】(1)为了保证钢球的初速度水平，斜槽末端必须水平，故B正确：为了保证钢球的初速度 相等，钢球每次应从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，故D正确，A错误：向下 移动挡板，只是为了获得多个点迹，不一定向下移动相同的距离，故C错误。 (2)钢球在运动中记录下的是其球心的位置，故抛出点也应是钢球静置于Q点时球心的位置，故 应以球心在白纸上的位置为坐标原点。钢球在竖直方向做自由落体运动，故y轴需要与铅垂线 平行。在竖直方向上有y2一y1=g1,解得1= y一必，在水平方向上有x=,解得o g Vy:-y 3.(1)D(2)AC(3)见解析(4)m1xop=m1xow十m2xoN 【解析】(1)实验要求每次入射小球到达轨道末端的速度相同，与斜槽轨道是否光滑无关，所以斜 槽不必是光滑的，A错误；两球的质量须满足入射小球的质量大于被碰小球的质量，两球的尺寸 必须相同，B错误：小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放，C错误：斜槽末端的切线必须水 平，以保证小球碰撞后做平抛运动，D正确。 (2)若采用图甲所示装置进行实验，需要使用直尺测量小球落点的距离，需要使用天平测量小球 ·50·4. 若映西地区地磁场的磁感应强度的琴直分量的大小B.数距离地面高度的变化关系如图甲 2024一2025学年度高三二轮复习专题卷(十一) 所示,一直介机将一始终保持水平的团合金国导线枢竖直向上句速吊起,如图乙所示,下列说 物理·电磁感应综合(包括电路、能量、图像问题 正确的是 (考试时间73分钟,满分100分) 一、选择题;本题共10小题,共46分,在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目 要求,每小题4分:第8~10题有多项接合题目要求,每小题6分,全部选对的得6分,选对归 不全的得3分,有选错的得0分。帮。题目为能力提升题,分值不计入总分。 1. “摩赐””贝碧嘉”“善拉桑”.一强台风一个接一个登陪,带来轻风和大量降水,尤其是“贝孩 A. 线枢中有顺时针方突的感应电束(俯视)。 喜”,被称为1叫年以来登陆上海的最强台风,在与自然力量的较量中,安装在中国最高 B. 线中的感应电流不新减小 C. 线框中的感应电流不断增大 榜-上海中心大厦123层的千吨”慧裂“跟尾器成为守护域市安全的重要力量,加图所示为 D. 经枢的即条边有向内收缩的趋势 5. 如图所示,将圆杜形铅块放入真空准炼炉中,冷炼护中融场是均与分布的;铅块可视为由 该阻器的简化图,该阻是器采用了电渴流技术,底部附着水跳体的败量决在导体板上方 动时,导体板内产生温电流。下列说法正确的是 截直积相同,半径大小不风的银环拼在一起组成,下列说法正确的有 . A. 阻尾器量终将机械能转化为内能 B. 导体板电阻率越大,温电流越大 ___ _ C. 质量块摆动得越快,穿过导体极的藏通量越大 D. 体板中产生的感应电动势大小与反量块摆动的这率无关 2. 如图所示,句强磁场中固定一水平全属,金属捧两漏点F,与F,刚好是绝缘晚轨道的丙 焦点,磁场方垂直干圈面向外 一暇金国丝绕过绝缘笔P与F,F,相接,金属丝处干拉 A. 环中电流的大小与环半径的二次方成正比 直状态,在绝缘笔沿概医轨道从长辖一确A点到另一确B点带动金属丝运动过程中,下列说 B. 环中电功率的大小与环半径的三次方成正比 去正是 C. 相间时间内环中产生的热量与环半径的因次方成正比 ..._.....: A. 穿过△PFF.的通量先减小后增大 D. 若将器块换成电阻率更小的铜块,则相同模截颤积、相同半径的铜环发热功率更小 ..,,.. _)_ B. △PF,F.中感度电流方向先顺时针后送时针 6. 如图所示,两根平行光滑金阔导轨上端用直导线连接,领斜故置在垂直 C. △PFF,先有扩张趣势后有牧编趋势 于导轨平面向上的匀强遨场中,导体MN从某高度由静止开始下滑, .____.: D. 金属所受安墙力方向先向下后向上 下潜过程中MV始终与软难直排接触良好,除导体的电阻外,导勃 ........: 和导线的电阻不计,测MN所受的安塔力F及其加速度:.速度u.电消 3. 某兴趣小组使用图甲所示的装置,探究数道铁在长线管中运动产生的感应电流变化规律. 格娜线管一细阻定在铁架台上,另一墙自然下,电流传感器连接长棵线管的上下两漏,将领 1随时间变化的关系图可能正确的是 融铁从靠近蝶线管的上方由静止释故,在按破铁穿过整个线圈的过程中,传感器显示的电流 ##### ,随时刻;变化的医像如圈乙听示,不计字气阻力,下列说法正确的是 1 7. 如图所示,虚线MV左侧有面积足够大的磁盛应强度为B的匀强磁场,磁场方房垂直纸面向 里,AMN右侧为无磁场区域,使边长为L.的正方形单匝导线枢&i强其一顶点a,在纸面内 阴时针转动,线枢电阻为R,经时间:匀速转到图中线位置,} A. 导找abd中感度电流方向为送时针方空 A. 山时勃,过线图暗通量的变化是士 B. 1.~1.时间内,避铁句直线运动 C. 若只增加攸融铁释效高度,则感应电源的峰值变大 C. 导线a、ah·所受安力的大小之比为]:》 D. 若只调转数础拨的极性,再从词一位置释效,感应电流的方向不变 D. 该过程中导线atb-受到的安培力的合力方南直于ar内上 五·卷(十一1第1页(共:页) 画跃地门辈 B·专题卷(十一)第:页(共:页 ·如图所示.两水平平行金属导勃由宽M.N.M.N.软0.P.O.P.两那分组成.宽教部 ·如图甲所示,在竖直方向上有四条问距相等的水平虚线么.L..I.在云、L:之间,1、L. 分间至为21,举铁部分间职为1。现将两极材料相同,戳面积相同的金属2d分静置 之间存在匀强融场,确感应强度大小均为1T,方向直干虚线所在平,现有一短形线匿 在宽轨和卒轨上,全属2c少的质量为M.电阻为R,长度为2L,金属c的长度为L,再金国 在运动过秘中始终与导孰垂直且接触良好,除金属的电副之外其余电阻不计,宽轨和空 ad.宽度cof-L-0.5m.质是为0.1g.电阻为20.将其从图示位置由止释放(cd边与 轨都足够长,全属导轨处在方内毁直向上,确感应强度大小为B的匀强融场中,现给全属 L.重合),线圈速度随时到的变化关系如图乙所示.:时刻cf边与L:重合.山.时刻ub边与L a平向右的初速度,此后金属始终在宽轨改场中强动,金国cd始终在轨敬场中 重合;时刻cb边与L.重合,已知7~1:的时间间隔为0.65.整个运动过程中续圈平面始终 处于直方向(重力加速度g取10m/).则 运动,不计一切摩擦,下列说法正确的是 # A. 全国b刚开始运动时,ab排中的电流方由为 __ B. 当两金属匀速运动时,o6的速度为 。 乙 D. 金属a5从开始运动到匀速的过程中,ab中产生的热量为w} A. 在0~7.时间内,通过线圈的电荷量为0.25C 8. 法拉第匿发电机的示意图如图所示。铜圈盘安装在努直的输上,两铜片P,Q分别与园 B. 线圈匀速运动的速度大小为Rm/. 肃的边缘和例轴接触,因处于方向号直向上的匀强破场中,圆盘转时,下列说法正确的是 C. 线的K度为1m A. 若因转动的角这度恒定,电点大小恒定 D. 0~上:时间内,线圈产生的热量为1.B] B. 若从上往下看,医盘顺时针转动,则电流由a流向占 二、非选择题:本题共5小题,共54分。 C. 若隅转动方向不变,角速度大小发生变化,则电流方可衡发生 11.(8分)如图所示,倾角为8的光滑跑缘斜面上有一勾强破场,跳感应强度大小为B,方向垂直 变化 于斜面病下,磁场的下边界为MN,边界上方有一边长为I的正方形线根ah&,线框的电阻 D. 若园盘转动的角迷度变为原来的2培,刚电阻R的热功率也变为 为R,所量为m,ab边离MV的距离为..现将线框由静止释放,线下落过程中ao边始终 来的2藉 保持与MN平行,且a6边离开整场前线框已做句速直线运动,求: 9. 如图所示,两个小灯流规格相同,I.是自感系数拟大,内驱可以忽略的线 (1边离开慰场时的速度。: 隅,下列过法正确的是 A. 阁合开关瞬闻,A.、A.间变亮 (2)线枢从静止释放现完全离开数场的过程中线程中产生的势量0 B. 闲合开关瞬闻,A.缓慢变亮,A.间变亮 C. 闲合开关,待电路稳定后再断开开关瞬间,A.闪亮一下再缓慢烛灭 D. 闭合开关,待电路稳定后再新开开关瞬间,流过灯流A:的电流方向反应 10. 半径分别为r和2r的同心刻导轨匿定在同一水平面内,一长为r,电配为R的均句金属 AB置于园导轨上面,BA的廷长线通过阔导轨中心0,装置的俯视图加图所示,整个装置位 于一勾强磁场中,磁感应强度的大小为B,方向竖直向下,在两环之同接阻值为R的定值电 阻和电容为C的电容器,全属标在水平外力作用下以角速度,线O送时针匀速转动,在转动 过程中始终与导轨保持良好的接触,软电阻不计,下列说法正确的是 A. 金风中电从A该向B B. 金属两电压为r C. 电容的M板帮正电 D. 电容所电量为③CBr! 理·专题卷(十一13页(共8页) 盖地门 B·专题卷(十一1第:页(共8页 12.(8分)如图所示,在倾角2一37的绝绿料面上因定着两条粗探均匀且相互平行的充滑金属 13. (10分)如图所示,候角为&一53的金属导勃MN和AMN的上端有一个单刀双开关K,当 DE和GH,间距a-1m,每条金属导单位长度的电阻.一0.B/m.DG水平,且DG 开关与1连接时,导缺与臣数.-100匝,横截面积S-0.04m的圆形金属线圈相连,线图 两端点之间用导线接了一个酣值R一20的电副,以DG中点O为坐标原点,沿料直向上 名 总电阻,一0.2凸,整个线圈内存在垂直线圈平歪向下的匀强融场,磁感应强度为B。,B.与 行干GH方向建立工辅,在D行连绿滑料不向上的整个空间存在着承直干铅面向上的暗场 时候:满足关系B。一r(>0),当开关与2连接时,等轨与一个阻值为R.-0.30的电阻 且磁感应强度大小B与坐标:满足关B-(0.6+0.2)T一根长L-2m,电阻,-2 相连,水平导轨的NN至PP间是绝缘,其勉部分导电良好,最有瑁接一定值电阻 看量用一么.1的粗规均匀的会属MN平行于DG放置,在拉力F作用下以短定的速 R.一0.20.两导轨长度均足够长.宣度均为1.一1m.在NN处平滑连.导轨MV和 =1m/x从:一0处沿;输正方内运动,金属与两导轨接触良好.sin37-0.6.cos37” M'N的平面内有垂直导轨平歪向下的匀强滋场,敬感皮强度大小B.一0.2T;整个水平导勃 口.8.不计其他电阻,求. 上有方肩竖直向上,磁惑应强度大小为B.一1T的匀强破务,现开关与1连接时,一般长度 (1)金晃遇过:一?m处时,流过R的电流大小: 为1.的导体梅a恰好静止在候斜导轨上;某时刻把开关迅速技到2,最后。能在倾斜导轨 (2)全属梅过;-2m处时,两的电势Dv: 喜村 上句速下潜,导体6一开始被定(键定装置未画出),且到PP位置的水平距离为d一 (3)全属提从,一D到:一3m过程中,R上产生的热量和外力 0.24m.摊a与捧5的质量均为m一0.1k,电驱均为R一0.2D.所有导轨均光滑且阻填不 r的. 计.g10m/.sin1-0.8c053”-0.5.求. (1)圆形线内激感应强度B.陶时间的疫化率&: (2楼。与楼掉前间,a的遮度大小u:! (3)林。与林占碰撞前到,立即解除对林5的顿定,两棒碰后粘在一起,从裸a透入水平 导轨,至两撵运动到疑终状态,定值电阻R。上产生的焦耳热Q. , 。 理·卷(十一15页(共:页) 盖地门1 B·专题卷(十一)第6页(共:页 14. (12分)如图所示,质量为M的足够长U形光择金属导ad放置在预角为8一30的光 15. (16分)为了提高能源的利用率,目前国内外的减市软道交逐车辆中,大都采用再生制动方 绝缘斜面上并刑缓线(图中虚线)铨在固定干面上的G.H两点上,b段电阻为K,其会段 式,现将列车:脱效产生的电能较化为将启动状态的孤车人的动能,域遗交活的停过 电阻不计。另一电阻为R,质量为.、长度为I.的导体棒PQ放置在导勃上,紧按导体棒P 程原理如图断示;两足够长祖略平行金属直导轨MN、PQ的间死为1.一B.5m,竭定在目一 左侧有两个渴定于斜面上的光泄立柱,使导体静止,导体棒PQ始终与轨垂直目接触良 水平画内,导轨平到内存在砥感应强度大小为B一1T、方向坚直向下的匀强融场,质量为 好,PQ构成矩形,导轨tr段长为L,以e为界,其下方存在乘直斜面向上的匀强破场,上 n一0.5k.电阻为R-60的均匀金属经制成一个半径为L一0.5m的单厚园环。.水平放 方存在沿料面内上的匀强道场,磁感内强度大小均为B,烧断细线后,导轨向下运动过程中 导体PQ始终不眠离导轨。重力加速度为g。 置在两直导轨上.其离心到两直导轨的距离相等,一D时,开关8与1按通,流漫(提供的略 流恒为4A)与全展环。连接,金属环。从静止开始向右做句加速运动:1.一4;时刻,将开关 (1)若质量M一,求金属导软a在斜到上运动的过程中,导体PQ与导轨acd问的是 掷向2接选阻值为R。一0.52的定值电阻,词时对会属环。加水平外力F,使金国环。做匀 小作用力. 减速运动,在1一6;时刻全国环。减速至0,已知圈环与导勃到的动摩擦因数为一0.2.忽略导 (2)要使导轨abd运动一段时间后,导体惨PO与导轨间无作用力,求M、w应满足的条件. 的电阻与金属环的可能形变,金属环与导执始终接触良好,重力加速度大小为&一10m/ (3)若在条性(1)的情况下,从烧断规线到导体林PQ与导轨 (1求1.一4s时刻,金属环a的速度大小: 间刚达到最小作用力约这一过程中,通过导体排PO的 (2)求4~6.时阔内,外力F陶金属环a的蓬度v变化的关素式(以永平向左为正方向) 焦耳热为Q,求金属导轨a在斜真上下滑的距离; (3)若在1.一4.时刻断开8.园时在会国环。的右例足够远处无初速度地故上金国环b(未 画出),金属环6与金国环。完全相同,其展心到两直导轨的距离在相等,经过时间 △一0.8*,金属环占的速度达廷最大值,则金属环占获得的最大动能是多少? # 理·专卷(十一1第7页(共:页) 盖地门1 B·专题卷(十一)第:页(共:页