北京市大峪中学2024-2025学年高二下学期期中物理试卷

北京市大峪中学2024-2025学年高二下学期期中物理试卷 一、单选题 1．劈尖干涉是一种薄膜干涉，将一块平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夹入一薄片，从而在两玻璃表面之间形成一个劈形空气薄膜。当光从上方入射后，可观察到如图所示的干涉条纹，若将薄片向左移动，则（    ） A．条纹变密 B．条纹疏密不变 C．条纹变疏 D．条纹整体向右平移 2．某质点的振动图像如图所示，下列判断正确的是（    ）    A．在t=0.5s时质点的速度方向沿x轴负方向 B．在t=1.5s时质点的加速度方向沿x轴正方向 C．在t=2s到t=3s时间内质点的速度与加速度方向相反 D．在t=3s到t=4s时间内质点的速度减小，加速度增大 3．如图所示，两束单色光a、b从空气射向玻璃，经折射后形成复合光束c。a 光与 b 光比较，下列说法中正确的是（　　） A．玻璃对a光的折射率大于对b光的折射率 B．a 光的频率大于b光的频率 C．在真空中的 a 光传播速度大于b光的传播速度 D．在玻璃中的 a 光传播速度大于b光的传播速度 4．下列说法正确的是（　　） A．海市蜃楼是光发生全反射的结果 B．照相机镜头的增透膜应用了光的衍射原理 C．肥皂膜上看到的彩色条纹是薄膜两表面的光线折射色散的结果 D．观看立体电影需要用到特殊的眼镜是利用了光的偏振现象，说明光是一种纵波 5．如图所示，一束平行光经玻璃三棱镜折射后分解为互相分离的a、b、c三束单色光。比较a、b、c三束光，可知（　　）    A．当它们在真空中传播时，a光的波长最短 B．当它们在玻璃中传播时，a光的速度最小 C．若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角最小 D．a光更容易发生明显衍射 6．我国早在宋代就发明了火箭。假设一初始静止的火箭总质量为M，喷出气体的质量为m、速度大小为v，则火箭的速度大小可表示为（　　） A． B． C． D． 7．在坐标原点的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=100m/s。已知t=0时，波刚好传播到x=40m处，如图所示，在x=200m处有一接收器（图中未画出）。则下列说法正确的是（　　） ​ A．波源开始振动时方向沿y轴正方向 B．从t=0开始经过0.15s，x=40m处的质点运动路程为0.3m C．接收器在t=1.8s时才能接收到此波 D．若波源向x轴负方向运动，根据多普勒效应，接收器接收到的波源频率可能为6Hz 8．如图是某绳波形成过程的示意图。质点1在外力作用下沿竖直方向做简谐运动，带动质点2，3，4，…各个质点依次上下振动，把振动从绳的左端传到右端，相邻编号的质点间距离为2cm。已知t=0时，质点1开始向上运动；时，质点1到达上方最大位移处，质点5开始向上运动。则（　　）    A．这列波传播的速度为0.5m/s B．时，质点12加速度方向向上 C．时，振动传到质点9 D．时，质点16正在向下运动 9．如图所示，圆盘可在水平面内绕通过点的竖直轴转动（俯视），圆盘上距轴处有一质量为的物块（可视为质点）。某时刻起，圆盘开始绕轴转动，经过一段时间，其角速度从0增大至。已知物块与圆盘之间的动摩擦因数、重力加速度，该过程中物块始终相对圆盘静止，下列说法正确的是（    ）    A．物块所受摩擦力的方向始终指向点 B．物块所受摩擦力的大小始终为 C．物块所受摩擦力的冲量大小为 D．物块所受摩擦力做的功为 10．如图甲所示，长2 m的木板Q静止在某水平面上，t=0时刻，可视为质点的小物块P以水平向右的某一初速度从Q的左端向右滑行．P、Q的速度－时间图象见图乙，其中a,b分别是0～1 s内P、Q的速度－时间图线，c是1～2 s内P、Q共同的速度－时间图线．已知P、Q的质量均是1 kg，g取10 m/s2．则以下判断正确的是 A．在0－2s内，木板Q下表面与水平面之间有摩擦力 B．在0－2 s内，摩擦力对Q的冲量是2 N·s． C．P、Q之间的动摩擦因数为0.1 D．P相对Q静止的位置在Q木板的最右端 二、多选题 11．下列所示的图片、示意图大都来源于课本，关于这些图的判断，下列正确的是（   ） A．甲图是小孔衍射的图样，乙图为“泊松亮斑” B．甲图为“泊松亮斑”，乙图是小孔衍射的图样 C．丙图是单缝衍射图样，丁图是双缝干涉图样 D．丙图是双缝干涉图样，丁图是单缝衍射图样 12．如图所示为两个波源和，它们产生的波在同一介质中相遇，发生干涉。以实线表示波峰，虚线表示波谷。关于图中所标各点的振动情况，下列说法正确的是（　　）    A．a、b、c点的振动加强，d、e、f点的振动减弱 B．g和h两点的振幅介于增强点与减弱点之间 C．经适当的时间后，增强点和减弱点的位置互换 D．经半个周期后，原来位于波峰的点将位于波谷，原来位于波谷的点将位于波峰 13．图甲为一列简谐横波在t＝0时的波形图，P是平衡位置在x＝0.5 m处的质点，Q是平衡位置在x＝2.0 m处的质点；图乙为质点Q的振动图像。下列说法正确的是（　　） A．这列波沿x轴正方向传播 B．这列波的传播速度为20 m/s C．从t＝0到t＝0.15 s，这列波传播的距离为3 m D．从t＝0.10 s到t＝0.15 s，P通过的路程为10 cm 14．如图甲所示，倾角为37°的斜面固定在水平地面上，将质量为1kg的小物块置于斜面的底端，并对其施加一平行于斜面的恒力F，使其从静止开始运动，某时刻撤去F，以斜面底端所在水平面为零势能面，小物块的机械能随运动路程变化的图像如图乙所示。已知小物块可视为质点且与斜面之间的动摩擦因数μ恒定，取，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法中正确的是（    ）    A．F=10N B．μ=0.5 C．s=3m时，小物块的速度大小为2m/s D．物块返回至斜面底端时机械能为8J 三、实验题 15．（1）用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示。 ①这块玻璃砖的折射率n= （用图中字母表示）。 ②如果有几块宽度d不同的玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度d较 （选填“大”或“小”）的玻璃砖来测量。 （2）在用两面平行的玻璃砖测定玻璃折射率的实验中，其实验光路图如下图所示，对实验中的一些具体问题，下列说法正确的是( ) A．为了减少作图误差，P3和P4的距离应适当取大些 B．为减少测量误差，P1、P2连线与玻璃砖界面的夹角应适当取大一些 C．若P1、P2的距离较大时，通过玻璃砖会看不到P1、P2的像 D．若P1、P2连线与法线NN′间夹角较大时，在bb′一侧一定就看不到P1、P2的重合像 （3）在测定玻璃的折射率的实验中，某同学由于没有量角器，他在完成了光路图后，以O点为圆心，以10cm为半径画圆，分别交线段OA于A点，交线段OO′的延长线于C点，过O点作法线NN′的垂线AB交NN′于B点，过C点作法线NN′的垂线CD交NN′于D点，如图所示用刻度尺量得OB=8cm，CD=4cm，由此可得出玻璃的折射率n= 。 16．用图甲所示装置做“验证动量守恒定律”实验。实验中使用的小球1和2质量分别为、，直径分别为、。在木板上铺一张白纸，白纸上面铺放复写纸，记下重锤线所指的位置O。 (1)小球1和2的质量应满足 ，直径应满足 。（选填“大于”“等于”或“小于”） (2)实验时，先不放小球2，使小球1从斜槽上某一点S由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。再把小球2静置于斜槽轨道末端，让小球1仍从S处由静止释放，与小球2碰撞，并多次重复。该实验需要完成的必要步骤还有______。（选填选项前的字母） A．测量两个小球的质量、 B．测量小球1的释放点S距桌面的高度h C．测量斜槽轨道末端距地面的高度H D．分别找到小球1与小球2相碰后平均落地点的位置M、N E．测量平抛射程OM、ON (3)要验证两球碰撞前后动量守恒，仅需验证关系式 是否成立【用（2）中测量的量表示】。请分析说明可以这样验证的理由 。 (4)另一同学也用上述两球进行实验，但将实验装置进行了改装：如图乙所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球A、球B与木条的撞击点。实验时，首先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，撞击点为；然后将木条平移到图中所示位置，入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，确定其撞击点；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与球B相撞，确定球A和球B相撞后的撞击点分别为和。测得与，，各点的高度差分别为、、若所测物理量满足表达式 时，则说明球A和球B碰撞中动量守恒。 17．某同学利用如图所示的装置测量当地的重力加速度。    实验步骤如下： A．按装置图安装好实验装置； B．用游标卡尺测量小球的直径d； C．用米尺测量悬线的长度； D．让小球在竖直平面内小角度摆动。当小球经过最低点时开始计时，并计数为0，此后小球每2次经过最低点计数一次，依次计数1、2、3、…，当数到20时，停止计时，测得时间为t； E．多次改变悬线长度，对应每个悬线长度，都重复步骤C和D； F．计算出每个悬线长度对应的； G．计算出每个悬线长度对应的摆长； H．以为纵坐标、l为横坐标，做出图像。 （1）用10分度的游标卡尺测量小球的直径。某次测量的示数如图1所示，读出小球的直径d为 cm。    （2）该同学根据实验数据，做出图像，如图2所示，由图像拟合得到关系式。由此可以得出当地的重力加速度 。（取，计算结果保留3位有效数字。）    （3）另有三位同学进行该实验，做出的图像不同，如图3所示。对比当地重力加速度值后发现，图线b所得数据最接近实际值。三条图线中a和b平行，b和c都过原点。下列分析中正确的是 。 A．出现图线a的原因可能是误将摆线长当作了摆长l B．出现图线c的原因可能是误将19次全振动记为20次 C．根据图线c计算出的重力加速度数值小于根据图线b计算的 D．根据图线a计算出的重力加速度数值大于根据图线b计算的 四、解答题 18．如图所示，一束激光AO 沿半径方向射入空气中截面为半圆形的玻璃砖，O点是玻璃砖的圆心。已知光线AO的入射角，它的反射光线与折射光线的夹角为90°。 （1）画出反射和折射光路图，并标出折射角r； （2）求这种玻璃的折射率n； （3）分析说明当入射角时，是否会发生全反射现象。 19． 如图所示，将一个质量为的砂箱用长为L的轻绳悬挂起来，一颗质量为的子弹以的水平初速度射入砂箱，且未射出。求： （1）子弹打入砂箱时，它们共同速度的大小； （2）子弹打入砂箱的过程中，系统产生的热量； （3）若子弹与砂箱共速后经摆动到最高点，求此过程中子弹与砂箱受到合外力的冲量。 20．取一单摆，将摆球拉离最初的静止位置（即平衡位置），无初速释放后，摆球可以在平衡位置附近往复运动，空气阻力忽略不计，请回答下列问题： （1）如图1所示，单摆运动的回复力由什么力提供？并画出受力分析图 （2）试证明：在摆角较小的情况下，摆球做的是简谐运动； （3）图2是两个单摆的振动图像，则甲、乙两个摆的摆长之比是多少？    21．碰撞在宏观、微观世界中都是十分普遍的现象。 （1）如图1所示，在水平光滑的桌面上有两个大小相同的小球A、B，质量分别是m1、m2，A球以v1的速度与静止的B球相碰。碰撞后A、B的速度分别是、。碰撞过程中A对B的作用力是F2，B对A的作用力是F1： a．请根据牛顿运动定律和加速度的定义，推导小球A和小球B在碰撞过程中满足：m1v1=m1+m2； b．如果碰撞过程中机械能守恒，这样的碰撞叫做弹性碰撞；如果碰撞过程中机械能不守恒，这样的碰撞叫做非弹性碰撞。若m1=2kg、m2=1kg，某次碰撞满足v1=2m/s、=2m/s。通过计算碰撞前后的机械能说明该次碰撞属于弹性碰撞还是非弹性碰撞； （2）裂变反应可以在人工控制下进行，用慢化剂中的原子核跟中子发生碰撞，使中子的速率降下来，从而影响裂变反应的反应速度。 如图2所示，一个中子以速度v与慢化剂中静止的原子核发生弹性正碰，中子的质量为m，慢化剂中静止的原子核的质量为M，而且M＞m。为把中子的速率更好地降下来，现在有原子核的质量M大小各不相同的几种材料可以作为慢化剂，通过计算碰撞后中子速度的大小，说明慢化剂中的原子核M应该选用质量较大的还是质量较小的。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．A【详解】从空气膜的上下表面分别反射的两列光是相干光，其光程差为Δx=2d，即光程差为空气层厚度的2倍，当光程差Δx=nλ时此处表现为亮条纹，故相邻亮条纹之间的空气层的厚度差为，显然将薄片向左移动后空气层的倾角变大，故相邻亮条纹（或暗条纹）之间的距离变小，干涉条纹条纹变密。故选A。 2．C【详解】A．质点振动周期为4s，在t=0.5s时质点的速度方向沿x轴正方向，A错误； B．在t=1.5s时质点的加速度方向沿x轴负方向，B错误； C．在t=2s到t=3s时间内质点向x轴负方向运动，速度与加速度方向相反，C正确； D．在t=3s到t=4s时间内质点向平衡位置运动，速度增大，加速度减小，D错误。故选C。 3．D【详解】AB．根据图中的玻璃对光线的偏折程度可知，光的偏折程度大，所以玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，则a 光的频率小于b光的频率，AB错误； C．在真空中的 a 光传播速度等于b光的传播速度，C错误； D．根据可知在玻璃中的 a 光传播速度大于b光的传播速度，D正确。故选D。 4．A【详解】A．海市蜃楼是光发生全反射的结果，选项A正确； B．照相机镜头的增透膜应用了光的干涉原理，选项B错误； C．肥皂膜上看到的彩色条纹是薄膜两表面的光线相互叠加干涉的结果，选项C错误； D．观看立体电影需要用到特殊的眼镜是利用了光的偏振现象，说明光是一种横波，选项D错误。故选A。 5．D【详解】A．由光路图可知，a光的偏转程度最小，则a光的折射率最小，频率最小，根据 可知a光的波长最长，故A错误；B．根据由于a光的折射率最小，可知在玻璃中传播时，a光的速度最大，故B错误； C．根据全反射临界角公式由于a光的折射率最小，可知从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角最大，故C错误； D．由于a光的波长最长，可知a光更容易发生明显衍射，故D正确。故选D。 6．A【详解】由动量守恒定律可知解得火箭的速度大小故选A。 7．B 【详解】A．根据波的图像和波的传播方向可知，波源开始振动时方向沿y轴负方向，故A错误； B．根据波的图像可知波长为20m，振幅为10cm，所以周期为 从t=0开始经过0.15s，即0.75个周期，所以x=40m处的质点运动路程为3个振幅，即0.3m，故B正确； C．接收器接收到此波的时间为故C错误； D．波源频率为若波源向x轴负方向运动，根据多普勒效应，接收器接收到的波源频率小于5Hz，不可能为6Hz，故D错误。故选B。 8．C【详解】A．时，质点1到达上方最大位移处，质点5开始向上运动，则振动周期为 相邻编号的质点间距离为2cm，则波长为 这列波传播的速度为A错误； B．时，波的传播距离为 振动传到质点13，则质点12正在向上运动，则其加速度方向向下，B错误； C．时，波的传播距离为振动传到质点9，C正确； D．时，波的传播距离为 振动传到质点17，则质点16正在向上运动，D错误。故选C。 9．D【详解】A．在角速度从0增大至过程中，物块有切线方向的加速度，则摩擦力有切向分力，不是指向O点，故A错误； B．该过程中物块始终相对圆盘静止，则摩擦力始终小于最大静摩擦力，故B错误； C．物块受到的支持力与重力的冲量大小相等方向相反，则根据动量定理 物块的动量改变量等于摩擦力的冲量，故C错误； D．支持力和重力不做功，根据动能定理 摩擦力做功等于动能改变量为，故D正确。故选D。 10．C【详解】A．由图可知，在P、Q系统在相互作用的过程结束后，系统沿水平方向做匀速直线运动，可知系统所受的外力之和为零，木板Q下表面与水平面之间没有摩擦力．故A错误； B．从图象可知，0～2s内对Q，先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，在1～2s内无摩擦力，根据动量定理，摩擦力的冲量等于动量的变化，所以I=Mv-0=1N•s故B错误； C．P从速度为2m/s减为1m/s所需的时间为1s，则a=μg==1m/s2所以μ=0.1故C正确． D．在t=1s时，P、Q相对静止，一起做匀速直线运动，在0～1s内，P的位移x1＝×1=1.5mQ的位移 x2＝×1=0.5m所以△x=x1-x2=2m-1m=1m＜2m 知P与Q相对静止时不在木板的右端．故D错误．故选C． 【点睛】解决本题的关键知道动量守恒的条件以及会从图象得知P、Q的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解． 11．AD 【详解】AB．“泊松亮斑”是“小圆盘”产生的衍射现象，形成的衍射图样是阴影中心有一个“亮斑”而小孔衍射的图样是中间有“亮斑’无阴影。所以甲图是小孔衍射的图样，乙图为“泊松亮斑”。故A正确；B错误； CD．干涉图样中的条纹间距是相等的，单缝衍射图样中的条纹间距是不相等的，中间最宽、最亮。所以丙图是双缝干涉图样，丁图是单缝衍射图样。故C错误；D正确。故选AD。 12．AD【详解】A．、是波峰和波峰相遇的点，b是波谷和波谷相遇的点，都是振动加强的点，而d、e、f点都是波峰和波谷相遇的点，是振动减弱的点，故A正确； B．位于加强点的连线上，为增强点，h点位于减弱点的连线上，为减弱点，故B错误； C．相干波叠加产生的干涉是稳定的，不会随时间变化，故C错误； D．形成干涉图样的介质质点也在不停地做周期性振动，经半个周期后，原来位于波峰的点将位于波谷，原来位于波谷的点将位于波峰，故D正确。故选AD。 13．ABC【详解】A．由乙图得出，在 t=0s时Q点的速度方向沿y轴正方向，由同侧法判断可知该波沿x轴正方向传播，故A正确； B．由甲图读出波长为 由乙图可读出周期为 则波速为故B正确； C．从t=0到t=0.15s，波传播的距离为 故C正确； D．从t=0.10s到t=0.15s经过时间为 由于在t=0.10s时质点P不在平衡位置和最大位移处，所以从t=010s到t=015s，质点P通过的路程不等于10cm，故D错误；故选ABC。 14．AC【详解】A．由题意知，物块运动路程为2m时撤去拉力，2m<s≤3m范围内图像的斜率即摩擦力的大小，可知0<s≤2m范围内，图像的斜率为拉力与摩擦力的合力，可知解得F=10N故A正确； B．由得故B错误； C．在0<s≤2m范围内，对物块由牛顿第二定律有 设s=2m时物块的速度为v1，有 物块速度减至0之前，有 设撤去F后，经位移物块速度减小至0，有解得 物块从静止开始沿斜面向下运动0.5m的过程中，设加速度为a3，有 设s=3m时，小物块的速度大小为v2，有解得v2=2m/s故C正确； D．物块由斜面底端运动至最高点，路程为2.5m，则当s=5m时，物块返回至斜面底端，由图像乙可知，2m<s≤5m范围内，满足 故当s=5m时，物块的机械能为10J，故D错误。故选AC。 15． 大 A 1.5 【详解】（1）[1]根据折射率的定义可知 [2]如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度大的玻璃砖来测量。 （2）[3]A．为了减少作图误差，P3和P4的距离应适当取大些，A正确； B．为减少测量误差，入射角应适当大一些，即P1、P2连线与玻璃砖界面的夹角应适当取小一些，B错误； C．若P1、P2的距离较大时，通过玻璃砖仍然可以看到P1、P2的像，C错误； D．若P1、P2连线与法线NN′间夹角较大时，由光路的可逆性可知在bb′一侧能看到P1、P2的重合像，D错误。 故选A。 （3）[4]根据折射率的公式可知 16．(1) 大于 等于(2)ADE (3) 小球飞出时的水平速度与其水平射程成正比(4) 【详解】（1）[1][2]为防止反弹，小球1和2的质量应满足大于；为保证对心碰撞，直径应满足等于。 （2）A．本实验要“验证动量守恒定律”，故需测量两个小球的质量、，故A正确； B．小球1碰撞前的速度大小可以通过平抛运动规律求得；联立解得 实验中小球1每次都从同一位置S释放即可，无需测量释放点S距桌面的高度h，故B错误； CDE．由于各小球做平抛运动的竖直高度相同，所以各小球下落时间相同，由可得它们飞出时的水平速度与其落点的水平射程成正比，所以在验证动量守恒定律时，由 可得 所以，无需测量斜槽轨道末端距地面的高度H，需要测量各球平均落点的水平射程，故C错误，DE正确。 故选ADE。 （3）[1][2]由于小球1和小球2都从同一高度做平抛运动落在水平地面上，由平抛运动规律可知其飞出时的水平速度与其落点的水平射程成正比，所以仅需验证关系式 即可验证两球碰撞前后动量守恒。 （4）小球做平抛运动，在竖直方向上 平抛运动时间 设轨道末端到木条的水平位置为x，根据可知，碰前小球的初速度 碰后两个小球的速度， 如果碰撞过程动量守恒，则 将速度代入动量守恒表达式解得 17． AB 【详解】（1）[1] 若用表示由主尺上读出的整毫米数，表示从游标尺上读出与主尺上某一刻线对齐的游标的格数，则其读数为 其中为精确度，则读出小球的直径为 （2）[2] 由题意知，摆长 单摆的周期 根据单摆的周期公式 联立可得 图象的斜率解得 （3）[3] AD．由于 根据题意图线b所得数据最接近实际值，b和c都过原点,可知图线b是符合上式的拟合图像，若误将摆线长当作了摆长，则图像会向上平移，形成图线a，且三条图线中a和b平行，则图线中a和b求出的重力加速度数值大小相等，故A正确，D错误； BC．图线a和b平行，所得数据最接近实际值，b和c都过原点，且图线c的斜率较小，由于 可知，根据图线c计算出的重力加速度数值大于根据图线b计算的，且由 可知出现图线c的原因可能是周期T计算小了，即可能误将19次全振动记为20次，导致测出的g值偏大，故B正确，C错误。故选AB。 18．（1）如图所示；（2）；（3）发生全反射 【详解】（1）从光密介质射向光疏介质，如图所示 （2）反射光线与折射光线的夹角为90°，根据几何关系可得 故解得 （3）根据故发生全反射。 19．（1）；（2）；（3），方向水平向左 【详解】（1）子弹水平射入砂箱过程，据动量守恒定律可得 解得 （2）设子弹打入砂箱的过程产生的热量为Q，根据能量守恒定律得 解得 （3）选水平向右为正方向，根据动量定理，合力的冲量为 合力的冲量大小为，方向水平向左。 20．（1）见解析；（2）见解析；（3） 【详解】（1）单摆运动的回复力由重力垂直摆线方向的分力提供，摆球受力分析如图所示     （2）回复力当θ很小时，有 θ等于θ角对应的弧长与半径的比值，则 当θ很小时，弧长近似等于弦长，即摆球偏离平衡位置的位移x的大小 方向与位移得方向相反，则有 其中振动系数 所以在偏角很小的情况下，单摆的摆动是简谐运动。 （3）由图2可知，甲、乙两个单摆的周期之比为，根据单摆周期公式 可知甲、乙两个摆的摆长之比为。 21．（1）a．见解析，b．有机械能损失，是非弹性碰撞；（2）答案见解析 【详解】（1）a．根据牛顿第二定律，碰撞过程中两球的加速度分别是， 根据牛顿第三定律 令A、B作用时间为Δt，根据加速度定义， 联立可得m1v1=m1+m2b．根据动量守恒定律有m1v1=m1+m2解得=1m/s 碰前机械能=4J 碰后机械能=3J有机械能损失，是非弹性碰撞。 （2）令碰撞后中子速度为，某原子核速度为，根据动量守恒定律有mv=m+M 由能量关系 解得碰撞后中子速度 因为M>m所以 可见，M越小，越小，为了使中子速率更好降下来，慢化剂中的原子核质量应选较小的。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$