入学综合检测卷1-【创新教程】2025年初升高物理衔接教材一本通

知识衔接篇 (时间７５分钟,满分１００分) 一、单项选择题:本题７小题,每小题４分, 共２８分．在每小题给出的四个选项中只有 一个选项符合题目要求． １．(２０２５􀅰山东滨州期末)下列说法正确 的是 (　　) A．牛顿第一定律也称惯性定律,可以通 过实验验证 B．在国际单位制中,力学物理量对应的 基本单位是牛顿、米、秒 C．“强弩之末,势不能穿鲁缟”,是因为 “强弩”的惯性减小了 D．物体加速度的大小由物体质量和所受 合力大小决定,与物体速度大小无关 ２．(２０２５􀅰福建福州期末)小榕用手机导航从 省科技馆到三坊七巷的骑行路线的导航界 面的截图如图．下列说法正确的是 (　　) A．“１２分钟”指的是时刻 B．“２􀆰１公里”表示位移 C．“当前路线”的平均速度比其他路线平 均速度小 D．定位小榕当前位置可以把他视为质点 ３．(２０２５􀅰陕西商洛期末)如图所示,这是汽 车的速度计．某同学在汽车中观察速度计指 针位置的变化,开始时,指针指示在如图甲 所示的位置,经过１０s后,指针指示在如图 乙所示的位置．若汽车做匀变速直线运动, 那么它的加速度约为 (　　) A．０．４m/s２ B．１．１m/s２ C．６．０m/s２ D．１１m/s２ ４．(２０２５􀅰安徽宿州期末)如图甲所示,一 辆赛车在平直的赛道上匀加速行驶．某 时刻开始计时,速度v与运动时间t的关 系如图乙所示,图像与纵轴的截距为b, 图像的斜率为k,则在t＝０时刻,赛车的 (　　) A．速度为k,加速度为b B．速度为b,加速度为k C．速度为１b ,加速度为１ k D．速度为１k ,加速度为１ b ５．(２０２５􀅰浙江衢州期 末)如图,饮料罐(含 适量饮料)静止斜立 在水平桌面上．则 (　　) A．罐的重心可能在 罐的外面 B．罐受到的弹力是由于罐发生形变产 生的 C．罐对桌面的作用力与罐受到的重力是 一对平衡力 D．罐对桌面的作用力与桌面对罐的作用 力大小相等 ６．２０２５年亚冬会期间无人机高速巡检情境 如图甲所示,若两架无人机甲、乙从地面 由静止开始竖直向上飞行,其运动的vＧt 图像如图乙所示．下列说法正确的是 (　　) 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ７９ 第二部分 A．无人机甲在t＝７s时处于超重状态 B．无人机甲在t＝１４s时飞到了最高点 C．两架无人机在０~４２s内的平均速度 大小不相等 D．无人机甲在０~１４s内的位移小于无 人机乙在０~１４s内的位移 ７．２０２５年４月２４日,“神舟 二十号”载人飞船发射成 功,在火箭沿竖直方向加 速上升过程中,下列说法 正确的是 (　　) A．宇航员处于完全失重 状态 B．宇航员速度不断增大,惯性增加 C．宇航员受到的合力方向竖直向上 D．座椅对宇航员的作用力大于宇航员对 座椅的作用力 二、多项选择题:本题３小题,每小题６分, 共１８分．在每小题给出的四个选项中有多 个选项符合题目要求,全部选对得６分,选 对但不全的得３分,有错选的得０分． ８．(２０２５􀅰湖南怀化期末)一质点做匀变速 直线运动,其位移表达式为x＝(２０t＋ ２t２)m,则 (　　) A．质点的初速度为１０m/s B．质点的加速度大小为４m/s２ C．质点的加速度大小为１m/s２ D．经过２s质点的位移为４８m ９．(２０２５􀅰四川德阳期 末)«普通高中教科 书􀅰物理􀅰必修一» 中我们学习过,当直 升机倾斜飞行时,螺 旋桨产生的升力F 垂直于机身．如图所 示,一直升飞机正在水平加速飞行,加速 度大小为a,机身的倾角为θ,重力加速度 大小为g,不考虑飞行时所受空气阻力, 下列正确的是 (　　) A．加速度水平向左 B．加速度水平向右 C．tanθ＝ag D．tanθ＝ga １０．(２０２５􀅰贵州遵义期 末)如图所示,光滑的 平行杆a、b间距离为 ３R,其所在平面与水 平面平行．将一个充满气的篮球轻放在 杆上,并处于静止状态．已知篮球的半 径为R、重力为G,则 (　　) A．两杆对篮球的合力大小等于G B．篮球对a杆的弹力大小等于１２G C．篮球对a杆的弹力大小等于G D．篮球对b杆的弹力大小等于 ３２G 三、非选择题:本题５小题,共５４分 １１．(６分)(２０２５􀅰陕西商洛期末)在“探究小 车速度随时间变化的规律”的实验中: (１)图乙所示的打点计时器的工作电压 为　 　 　 　(选填“交流”或“直流”) 　　　　V． (２)下列操作正确的有　　　　． A．在释放小车前,小车要靠近打点计 时器 B．打点计时器应放在长木板有滑轮的 一端 C．应先接通电源,后释放小车 １２．(８分)(２０２５􀅰河北承德期末)某同学做 “探究加速度与力、质量的关系”实验的 装置如图甲所示． 甲 乙 (１)本实验中打点计时器的电源配置应 选用　　　　． A．６V~８V交流电 B．２２０V交流电 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ８９ 物 理　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 知识衔接篇 (２)用天平测得小车的质量M＝０．４５kg, 钩码的质量m＝０．０５kg,保持木板水平, 先接通电源,再释放小车,打点计时器打 出的纸带如图乙所示,相邻两个计数点 间的距离已在图乙中标出,每两个相邻 计数点间还有四个计时点未画出．已知 交流电源的频率为５０Hz,当地重力加 速度大小g＝９．８m/s２,则小车的加速 度大小a＝　　　　m/s２．小车运动过 程中受到的阻力大小f＝　　　　N． (计算结果均保留两位有效数字) １３．(１０分)(２０２５􀅰江 西南昌期末)如图 所示,一攀岩运动 员在崖壁上攀爬, 踢落距海面 ８０ m 的一个石块,石块从静止开始自由下 落,不 计 空 气 阻 力,重 力 加 速 度 g 取 １０m/s２．求: (１)石块在空中运动的时间; (２)石块落入海水瞬间的速度大小． １４．(１４分)(２０２５􀅰山东滨州期末)２０２４年 ８月２４日由中国青少年综合实践技能 大赛组委会组织的“自然探索赛”在滨 州西区“牧语田园”举行．如图甲是一名 小选手在负重前行,图乙是简化模型． 质量 M 为３９kg的选手通过细绳拉着质 量m为１２．２６kg的轮胎在水平地面上向 前匀速运动．已知细绳与水平方向的夹角 θ为３７°,轮胎与水平地面之间的动摩擦因 数μ 为０．７１,sin３７°＝０．６,cos３７°＝ ０．８,不计空气阻力,重力加速度g 取 １０m/s２．求: (１)细绳对轮胎的拉力大小; (２)选手对地面的压力大小． １５．(１６分)(２０２５􀅰新疆克孜勒苏期末)如 图所示,一位滑雪者从倾角θ＝３７°的斜 坡上A 处由静止开始自由下滑,经过４s 滑至坡底B 后进入水平雪道(B 处有一 光滑小圆弧与两雪道平滑连接),最终 停在C 处;已知滑雪板与斜坡雪地间的 动摩 擦 因 数μ１ ＝０．２５,BC 的 长 度 为 ６４m,(不计空气阻力,取g＝１０m/s２, sin３７°＝０．６,cos３７°＝０􀆰８),求: (１)滑雪者在倾斜雪道上的加速度的大 小a; (２)滑雪者在倾斜雪道上的位移x; (３)滑雪板与水平雪地间的动摩擦因 数μ２． 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ９９ 第二部分 ２．提示:开始时电梯从静止做加速运动,使文博同学及 书包和电梯一起处于失重状态,使得书包对他的压力 变小,小于书包的重力,从而感觉书包变轻了;快到楼 底时,电梯有一个减速过程,该过程中文博同学及书 包和电梯一起处于超重状态,使得书包对他的压力增 大,大于书包的重力,从而感觉书包变重了． 智能衔接训练 １．C　[电梯竖直向上加速运行,小球不处于平衡状态, 小球受到的重力与弹簧秤对小球的拉力大小不相等, 不是一对平衡力,故 A错误;小球质量不变,重力加速 度不变,小球所受重力不变,故B错误;弹簧秤对小球 的拉力与小球对弹簧秤的拉力是一对相互作用力,大 小相等方向相反,故 C正确;弹簧秤发生的形变是由 于小球对弹簧的拉力产生的,小球对弹簧秤的拉力是 由于小球形变产生的,故 D错误．] ２．D　[物体对弹簧秤的压力是由于物体的形变产生的, 而物体所受的重力是由于地球的吸引产生的,因此压 力不是重力,A 错误;物体对弹簧秤的压力作用在弹 簧秤上,而物体所受重力作用在物体上,两者不是一 对平衡力,B错误;物体对弹簧秤的压力与弹簧秤对物 体的支持力是一对作用力和反作用力,C 错误;如果 在竖直上升的电梯中,当电梯加速上升时,物体处于 超重状态,台秤读数大于物体的重力;如果电梯减速 上升,物体处于失重状态,台秤读数小于物体的重力, D正确．] ３．D　[处于超重状态的物体,重力大小不变,故 A 错 误,D正确;处于失重状态的物体,重力大小不变,故B 错误;处于完全失重状态的物体,重力大小不变,故 C 错误．] ４．B　[根据题意可知,由于体重计的示数大于乘客的体 重,则具有向上的加速度,处于超重状态,电梯可能向 上加速运动,也可能向下减速运动．] ５．B　[由题意可知,磅秤对人的支持力大于重力,属于 超重状态,A、C错误,B正确;由于人处于超重状态, 有加速度,升降机和人处于相对静止状态,故升降机 此刻不可能做匀速直线运动,D错误．] ６．A　[在小明乘坐电梯快到达一层时,电梯减速下降, 加速度向上,小明处于超重状态．] ７．AD　[当电梯减速上升时,加速度向下,则物体 A 处 于失重状态,A 正确;当电梯加速上升时,加速度向 上,则物体 A处于超重状态,B错误;当电梯减速下降 时,加速度向上,则物体 A 处于超重状态,C错误;当 电梯加速下降时,加速度向下,则物体 A 处于失重状 态,D正确．] ８．BC　[体重计读数此时为４０kg＜５０kg,可知小花失 重,电梯的加速度向下,电梯可能向下加速或者向上 减速．] ９．B　[t１~t２ 时间内人先失重后超重,加速度先向下后 向上,可知处于下蹲过程,t１ 时刻人处在下蹲的过程 中,不在最低点,选项 A、D 错误;t３ 时刻人对传感器 的压力大于重力,则人处于超重状态,选项 B正确;由 图可知,人的重力大小为F１,选项C错误．] １０．C　[由图乙可知,无人机在０~t５ 内一直向上运动, 所以在t２ 时刻离地面不是最高,故 A 错误;由图乙 可知,无人机在t３~t４ 时间内向上做减速运动,加速 度方向向下,处于失重状态,故B错误;由图乙可知, 无人机在t１~t２ 时间内向上做加速运动,加速度方 向向上,处于超重状态,故C正确;根据vＧt图像的切 线斜率绝对值表示加速度大小,由图乙可知,无人机 在t４~t５ 时间内的加速度保持不变,根据牛顿第二 定律 可 知,无 人 机 受 到 的 合 外 力 保 持 不 变,故 D 错误．] １１．解析:(１)在运动着的升降机中只能举起m１＝１００kg 的重物,可见该重物超重了,升降机应具有向上的加 速度,设此加速度为a１,对物体由牛顿第二定律得F －m１g＝m１a１, 解得a１＝２m/s２． (２)当升降机以a２＝２．５m/s２ 的加速度加速下降时, 重物失重,设此时运动员能举起的重物质量为 m２, 对物体由牛顿第二定律得m２g－F＝m２a２, 解得m２＝１６０kg． 答案:(１)２m/s２;(２)１６０kg １２．解析:(１)当 升 降 机 匀 速 上 升 时,根 据 FN＝mg＝ ２００N, 根据 牛 顿 第 三 定 律,物 体 对 台 秤 的 压 力 大 小 为 ２００N． (２)当升降机以１m/s２ 的加速度竖直上升时,加速度 方向向上,物体处于超重状态,根据牛顿第二定律 FN′－mg＝ma１, 解得FN′＝２２０N, 由牛顿第三定律,物体对台秤的压力大小为２２０N． (３)当升降机以５m/s２ 的加速度减速上升时,加速度 方向向下,物体处于失重状态,根据牛顿第二定律 mg－FN″＝ma２, 解得FN″＝１００N, 由牛顿第三定律,物体对台秤的压力大小为１００N． (４)当升降机自由下落时,加速度等于重力加速度, 则物体处 于 完 全 失 重 状 态,则 物 体 对 台 秤 的 压 力 为０． 答案:(１)２００N;(２)超重,２２０N;(３)失重,１００N; (４)０ 入学综合检测卷(一) １．D　[牛顿第一定律是在可靠的事实基础上,通过科学 推理概括出来的,不能直接用实验来验证,故 A 错误; 在国际单位制中,力学的三个基本单位是千克、米、 秒,故B错误;惯性只与物体的质量有关,“强弩”的惯 性不会减小,故 C错误;根据牛顿第二定律可知物体 加速度的大小由物体质量和所受合力大小决定,与物 体速度大小无关,故 D正确．] ２．D　[“１２分钟”指的是时间间隔,故 A 错误;“２．１公 里”表示物体实际轨迹的长度,指路程,故 B错误;由 于物体初末位置相同,即位移相同,“当前路线”所用 时间最短,所以“当前路线”的平均速度比其他路线平 均速度大,故C错误;当物体的大小、形状对所研究的 问题没有影响或者影响很小时,可将物体看成质点, 所以 定 位 小 榕 当 前 位 置 可 以 把 他 视 为 质 点,故 D 正确．] ３．B　[由题图可知,初速度约为２０km/h,末速度约为 ６０km/h,根据加速度的定义式a＝ΔvΔt ,解得汽车的加 速度为a＝ΔvΔt＝ (６０－２０) ３．６×１０ m /s２≈１．１m/s２．] 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ２２１ 物 理　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ４．B　[根据速度时间公式有v＝v０＋at,对比图像可得 v０＝b,a＝k,由此可见,赛车在t＝０时刻的速度为b, 加速度为k．] ５．D　[罐的重力作用线通过桌面的支撑面,可知罐重心 在罐的内部,选项 A 错误;罐受到的弹力是由于桌面 发生形变产生的,选项 B错误;桌面对罐的作用力与 罐受到的重力是一对平衡力,选项 C错误;罐对桌面 的作用力与桌面对罐的作用力是相互作用力,大小相 等,方向相反,选项 D正确．] ６．A　[对于 A,t＝７s时,无人机向上匀加速运动,甲处 于超重状态,故 A 正确;对于 B,t＝１４s时,无人机甲 速度达到最大,１４s后减速上升,４２s时飞到了最高 点,故B错误;对于 C,vＧt图像中图线与时间坐标轴 围成的面积表示位移,０~４２s内,两架无人机的位移 相等,则平均速度相等,故C错误;对于 D,vＧt图像中 图线与时间坐标轴围成的面积表示位移,０~１４s内, 无人机甲的位移大于无人机乙的位移,故 D错误．] ７．C　[在火箭沿竖直方向加速上升过程中,加速度方向 竖直向上,宇航员受到的合力方向竖直向上,宇航员 处于超重状态,故 A 错误,C 正确;惯性只由质量决 定,与速度无关,故B错误;座椅对宇航员的作用力与 宇航员对座椅的作用力是一对相互作用力,大小相 等,故 D错误．] ８．BD　[一质点做匀变速直线运动,其位移表达式为x ＝(２０t＋２t２)m,结合匀变速直线运动位移时间公式x ＝v０t＋ １ ２at ２,可得质点的初速度和加速度分别为v０ ＝２０m/s,a＝４m/s２, 故 A、C错误,B正确;经过２s质点的位移为x＝(２０ ×２＋２×２２)m＝４８m,故 D正确．] ９．AC　[以飞机为对象,其受力如图所示 根据 牛 顿 第 二 定 律 可 得 F合 ＝mgtanθ＝ ma,解得tanθ＝ag ,由 于 合 力 方 向 水 平 向 左,则加速度方向水平向左．] １０．AC　[篮球处于平衡状态,则两杆对篮球 的合力与重力等大反向,则两杆对篮球的 合力大小等于G,选项 A 正确;对篮球受力分析,由 几何关系可知a、b杆对篮球的弹力方向与竖直方向 的夹角为６０°,则２FNcos６０°＝G,可得两杆对篮球的 弹力均为FN＝G,根据牛顿第三定律可知,篮球对a 杆和b 杆的弹力大小均等于G,选项 C 正确,B、D 错误．] １１．解析:(１)图 乙 是 电 火 花 计 时 器,工 作 电 压 是 交 流 ２２０V． (２)为了能在纸带上打更多的点,在释放小车前,小 车要靠近打点计时器,并且打点计时器应放在长木 板上没有滑轮的一端,A 正确,B错误;应先接通电 源,待打点稳定后释放小车,C正确． 答案:(１)交流　２２０　(２)AC １２．解析:(１)电 火 花 计 时 器 所 接 电 源 应 为 ２２０ V 交 流电． (２)根据题意可知纸带上相邻计数点时间间隔T＝ ５×１５０s＝０．１s , 逐差法可得加速度a＝ xCE－xAC (２T)２ ＝ (４９．６＋４２．７)－(３５．９＋２９．２) (２×０．１)２ ×１０－３ m/s２ ＝ ０．６８m/s２, 根据牛顿运动定律有mg－f＝(M＋m)a, 解得f＝０．１５N． 答案:(１)B　(２)０．６８　０．１５ １３．解析:(１)石块做自由落体运动h＝１２gt ２, 代入数据得t＝ ２hg ＝４s． (２)根据匀变速直线运动规律可知v＝gt, 代入数据解得v＝４０m/s． 答案:(１)t＝４s　(２)４０m/s １４．解析:(１)对轮胎进行受力分析, 如图． 根据受力平衡可得FN＋Fsinθ＝ mg,Fcosθ＝Ff, 又Ff＝μFN, 代 入 题 中 数 据,联 立 解 得 F＝ ７１N． (２)地面对选手的支持力大小为FN１,对选手,受力平 衡可得FN１＝Fsinθ＋Mg, 代入题中数据,解得FN１＝４３２．６N, 根据牛顿第三定律,选手对地面的压力为４３２．６N． 答案:(１)７１N　(２)４３２．６N １５．解析:(１)根据牛顿第二定律mgsin３７°－f＝ma, 又FN＝mgcos３７°,f＝μ１FN, 得a＝ mgsin３７°－μFN m ＝４m /s２． (２)根据x＝１２at ２, 解得x＝１２×４×４ ２m＝３２m． (３)到B 点的速度v＝at＝１６m/s, 设滑雪者在水平雪道上滑行的加速度大小a１,则v２ ＝２a１x１, 得a１＝２m/s２, 根据μ１mg＝ma２, 可得μ１＝０．２ 答案:(１)４m/s２　(２)３２m　(３)０．２ 入学综合检测卷(二) １．B　[在国际单位制(SI)中属于基本物理量的是时间、 质量、长度．] ２．C　[“８:３０”是时刻,故 A 错误;“５km”是路程,故 B 错误;由于长跑的起点和终点是同一地点,所以完成 该次长跑的参赛者的位移为０,平均速度为０,故 C正 确;研究参赛者这次比赛的运动轨迹时,参赛者可视 为质点,故 D错误．] 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ３２１ 参考答案