物理（广西专用）-2025年中考终极押题猜想

2025年中考物理终极押题猜想（广西专用） 目录 题型一 单项选择题 1 押题猜想01 估测题 1 押题猜想02 光现象辨析 4 押题猜想03 改变物体的内能方法 7 押题猜想04 流体压强与流速关系 9 押题猜想05 功和机械能 11 押题猜想06 物态变化辨析 15 押题猜想07 透镜成像规律及应用 18 押题猜想08 惯性及应用 21 押题猜想09 电与磁 23 押题猜想10 电路设计 27 题型二 多选题 30 押题猜想11 动态电路分析 30 押题猜想12 浮力的应用 34 题型三 填空题 38 押题猜想13 电流电路 38 押题猜想14 分子动理论 41 押题猜想15 摩擦力 43 押题猜想16 能源和效率 45 押题猜想17 欧姆定律的应用 48 押题猜想18 压强的计算 51 题型四 作图题 53 押题猜想19 光学作图 53 押题猜想20 力学作图 56 押题猜想21 电磁学作图 59 题型五 实验题 62 押题猜想22 光学实验探究 62 押题猜想23 热学实验探究 67 押题猜想24 力学实验探究 71 押题猜想25 电学实验探究 77 题型六 计算题 85 押题猜想26 力学综合计算 85 押题猜想27 电学综合计算 92 题型一 单项选择题 押题猜想01 估测题 1．如图所示，小红同学手持一瓶未开盖的矿泉水。根据图片提供的信息，下列对该瓶矿泉水估测最接近实际的是（　　） A．瓶的容积约5L B．瓶的高度约25dm C．瓶中水的重力约5N D．瓶中水的温度约89℃ 押题解读 估测题是中考常考题，一般以选择题的方式出现，题目难度较小，一般需要估测的物理量有长度、时间、质量、密度、力、电阻、电压等。试题精心取材于学生日常生活、学习过程。需要我们善于观察生活同时有基本的推理估测能力。 考前秘笈 1、常见长度的估测 中学生拇指指甲宽度约为1cm 一支 新2B铅笔的长度约为18cm 吃饭用的筷子长度约为25cm 初中物理课本的宽度约为18.5cm 一只普通牙刷的长度约为15cm 初中物理课本的长度约为26cm 乒乓球台的宽度约为1.5m 初中生的身高约为160cm 一张纸的厚度约为0.1mm 一本八年级物理课本的厚度约为6mm 医用外科口罩的长度约为15cm 教室里灯管的长度大约为1m 2、常见质量的估测 一名普通中学生的质量约为50kg 一枚鸡蛋的质量约为50g 一个苹果的质量约为200g 一瓶500mL矿泉水的质量约为500g 一袋早餐 奶的质量约为200g  一部手机的质量约为150g  一块学生常用橡皮的质量约为20g 一个篮球的质量约为500g 中考体育用的实心球质量约为2kg 一元硬币的质量约为6g 一只公鸡的质量为2.5kg 一台笔记本电脑的质量约为2kg 3、常见温度的估测 标准大气压下冰水混合物的温度为0℃，沸水的温度为100℃ 人的正常体温为36.8～37.2℃ 人感觉舒适的环境温度约为26℃ 洗澡水的温度约为40℃ 中考考场内的温度约为25℃ 电冰箱冷冻室内的温度约为-18℃ 绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为5℃ 1．如图请估测该瓶子的高约为（    ） A．2cm B．20cm C．50cm D．500cm 2．人的身体中藏有很多“尺”（如图所示），可以帮助我们估测物体的长度、身高170cm的小明，利用自己的身体特征进行了以下估测，其中最接近实际的是（　　）    A．单人课桌长3拃（zhǎ），约0.6m B．黑板长2.5庹（tuō），约9m C．教室长15步，约30m D．文具盒宽4指，约0.005cm 3．根据你对生活中物理量的认识，下列数据中最符合生活实际的是（　　） A．一张课桌的桌面宽度是5m B．某同学正常的体温是47℃ C．人步行的速度大约是1.1m/s D．一个乒乓球的直径大约是4dm 4．下列数据中，估测值正确的是（　　） A．一次性外科口罩长38mm B．正常人的脉搏频率约160次每分钟 C．正常成年人的体温约为39℃ D．新冠定点治疗医院的救护车出诊的行驶速度约为60km/h 5．贵港市的中考体育测试一般都在每年的4月份进行，下列关于中考体育测试时的一些数据，估测最合理的是（　　） A．体育测试时天气炎热，气温可达60℃ B．大部分同学跑50m所用的时间少于5s C．少部分男同学抛出手的实心球到达最高点离地面约50m D．男同学立定跳远的平均距离约为2m 6．下列数值最接近实际情况的是（　　） A．初中生的体重约为50N B．人步行的速度约为20m/s C．课桌的高度约为80cm D．正常人10次脉搏的时间约为1min 7．下列估测符合实际的是（　　） A．一名中学生的重力约为50N B．物理教科书的宽度约为1.8dm C．高铁正常运行速度约为800km/h D．一名中学生完成一次引体向上做的功约为2000J 押题猜想02 光现象辨析 1．生活中常见到各种光现象，其中属于光的反射现象的是（　　） A． 透过树丛的光 B． 海市蜃楼 C．手影 D．水中倒影 押题解读 此题主要考查了光的直线传播、光的折射、光的反射现象。光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象。它们之间有本质的区别，要注意区分。 考前秘笈 生活中常见的光现象： （1）光的直线传播现象：小孔成像（树荫下的光斑）、日月食的形成、影子的形成。 （2）光的反射现象：平面镜成像、汽车观后镜中的像、水中的“倒影”。 （3）光的折射现象：海市蜃楼、水中的筷子弯折、看到水中的鱼、水底变浅、透镜成像、光的色散。 1．如图，“皮影戏”是一种用兽皮或纸板剪制形象，借助灯光照射所剪形象而表演故事的戏曲形式，是国家级非物质文化遗产。“皮影”的形成主要是利用了（　　） A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散 2．如图所示的四种现象中，由光的直线传播形成的是（    ） A．水中倒影 B．日食 C．后视镜中的像 D．海市蜃楼 3．在图中所示的光现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．水上的波光 B．墙上的影子 C．水晶球里的像 D．水中的倒影 4．如图所示的光现象中，与“小孔成像”原理相同的是（　　） A．荷花倒影 B．手影 C．彩虹 D．碗中竹筷 5．2023年3月24日傍晚，年度重大天象——“月掩金星”如期上演，这是月球恰好运动到地球和金星的中间，三个星球呈一条直线时发生的天象。与“月掩金星”原理相同的是（） A．皮影戏表演 B．看到水池“变浅” C．平静水面上的“倒影” D．雨后彩虹 6．诗仙李白一句“举杯邀明月，对影成三人”给我们营造出了一种朦胧浪漫的美。请你观察下面水鸟的照片，分析说法正确的是（　　） A．我们能看到水鸟，是因为水鸟发出的光进入了我们的眼睛 B．图片左下方水鸟的影子是光的直线传播形成的 C．图片右下方水鸟的倒影是光的折射形成的 D．水鸟捕食时，水下小鱼被水鸟看到因为光的反射 7．“禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。其实，“禾下乘凉梦”也包含着一定的物理知识，水稻下面可乘凉，说明水稻下面有阴影。下列现象的形成原因和水稻下的阴影的形成原因相同的是（　　） A．一叶障目 B．雨后彩虹 C．杯弓蛇影 D．海市蜃楼 押题猜想03 改变物体的内能方法 1．如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　） A．图甲：厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变 B．图乙：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大 C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能增加 D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，内能转化为机械能，气体内能减少 押题解读 本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 考前秘笈 改变物体内能的两种方法：做功和热传递。 （1）物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。 （2）热传递发生的条件：存在温度差。能量（内能）从高温物体转移到低温物体。 a．高温物体内能减小，温度降低，放出热量。 b．低温物体内能增大，温度升高，吸收热量。 （3）做功和热传递在改变内能方面是等效的，但实质不同：做功改变内能属于能的转化，热传递改变内能属于能的转移。 1．下列四张图中均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方式不同的是（　　） A． 钻木取火 B． 煤炉烧水 C． 压缩空气升温 D． 搓手取暖 2．下列改变内能的方式与其他三种不同的是（　　） A．热水烫脚 B．冰镇饮料 C．钻木取火 D．围炉煮茶 3．如图所示，利用热传递来改变物体内能的是（　　） A． 钻木取火 B． 燃气灶烧水 C． 压缩空气升温 D． 锯木材锯子会发烫 4．下列关于内能的说法中，正确的是（　　） A．在古代，人类钻木取火是用做功的方法改变内能 B．物体内能增加一定是通过外界对物体做功 C．温度为0°C的物体没有内能 D．正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能不变 5．如图所示情境中，改变物体内能的方式与其他三个不同的是（　　） A． 棉被晒得热乎乎的 B． 铁锅热得烫手 C． 冬天男孩搓手使双手变暖 D． 暖风机使房间温度升高 6．下列实例中，用做功的方式来改变物体内能的是（  ） A．用热水袋暖手，手的温度升高 B．野外求生时用钻木取火的方法获得火种 C．泡在凉水中的西瓜温度会降低 D．太阳能热水器中的水被晒热 7．如图所示的实例中，属于做功改变物体内能的一组是（　　）    A．①③④ B．①②③ C．②③④ D．①②④ 押题猜想04 流体压强与流速关系 1．我国高铁技术处于世界领先地位，高铁线路总长度居世界第一。下列说法不正确的是（） A．高铁车厢内的破窗锤（如图甲），其金属端制成锥形是为了需要破窗时增大压力 B．乘客站在安全线（如图乙）以内候车，是因为运行高铁的一侧空气流速快、压强小 C．高铁列车的车头采用了流线型设计，是为了减小列车运行时受到的空气阻力 D．高铁列车顺着大桥的引桥匀速直线爬坡时，受到的牵引力与阻力不是平衡力 押题解读 本题考查增大和减小压强的方法、流体压强和流速的关系，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。 考前秘笈 1、流体压强与流速的关系 （1）流体：流动的物体，指的是液体和气体。 （2）液体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。 2、飞机升力的产生原因 （1）飞机的升力的产生：飞机的机翼通常都做成上面凸起、下面平直的形状。 （2）当飞机在机场跑道上滑行时，流过机翼上方的空气速度快、压强小，流过机翼下方的空气速度慢、压强大。 （3）机翼上下方所受的压力差形成向上的升力。 1．我国的高铁技术处于世界领先地位。在高铁站站台上标有一条安全线，为了避免乘客被“吸”向列车发生事故，乘客必须站在安全线之外候车。这是由于列车进站时车体附近空气（） A．流速大，压强大 B．流速小，压强小 C．流速大，压强小 D．流速小，压强大 2．如图，把长饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端。往B管中吹气，可以看到A管中的水面上升，这是因为A管上方空气（　　） A．流速小，压强大 B．流速大，压强大 C．流速小，压强小 D．流速大，压强小 3．如图所示，当风吹过弧形的硬纸板上方时，纸板会上升，这是因为此时硬纸板上方气体 A．流速大，压强大 B．流速大，压强小 C．流速小，压强大 D．流速小，压强小 4．南昌市3月21日一场突如其来的大风带来了无法挽回的悲剧，一小区有三个人从11楼被狂风卷下楼，永远离开了这个世界。广大网友在震惊的同时也在分析原因，在质疑房子质量的同时，有大部分网友认为是风太大，有负压，房子内外有压力差，就如同让飞行中的飞机打开门，则机内物品将被“吸”出去。关于这个压力差，以下说法正确的是（） A．房子外面空气流速大，压强大，房子外面的压力大于房子内的压力 B．房子外面空气流速大，压强小，房子外面的压力小于房子内的压力 C．房子外面空气流速大，压强大，房子外面的压力小于房子内的压力 D．房子外面空气流速大，压强小，房子外面的压力大于房子内的压力 5．根据学过的连通器原理，当水不流动时，各容器的液面总保持相平。如图当水流动时，竖直细管中水柱的高度却不相同，说明水平管中的压强也就不相同，下列选项正确的是（） A．甲管中水流速大，压强大 B．甲管中水流速大，压强小 C．甲管中水流速小，压强大 D．甲管中水流速小，压强小 6．如图所示，小明为了探究飞机的升力，制作了一个机翼模型，并把它固定在一根铁丝上，然后挂在一个弹簧测力计上保持静止（此时测力计示数不为零）。用电风扇对着机贸吹风，下面是小明对模型在水平方向静止时的实验结果作出的猜想，你认为正确的是（　　） A．弹簧测力计的示数将增大 B．弹簧测力计的示数将减小 C．弹簧测力计的示数将不变 D．弹簧测力计不断上下跳动 7．如图所示，安装遮阳伞的电动车，存在较大安全隐患。这是因为快速度行驶时，伞上方与伞下方相比（    ） A．空气流速快，压强小 B．空气流速快，压强大 C．空气流速慢，压强大 D．空气流速慢，压强小 押题猜想05 功和机械能 1．如图甲所示的过山车是一项惊险刺激的娱乐项目。如图乙所示是过山车轨道的示意图，过山车沿弧形轨道从a点运动到b点后进入竖直圆形轨道经过c点，然后通过d点（不计空气阻力），下列说法正确的是（　　） A．乘坐过山车的游客相对于轨道是静止的 B．过山车到达c点时，动能为零 C．过山车经过a、d两点时，机械能大小相等 D．过山车从b点运动到d点，部分动能转化为重力势能 押题解读 本题考查机械运动、动能和势能的大小变化，注意：物体在粗糙的表面上运动时，其机械能不守恒。 考前秘笈 1、功：一个力作用在物体上，使物体在 力的方向上通过一段距离，这个力就对物体做了功。 （1）判断力是否做功包括两个必要因素：一是力作用在物体上；二是物体在力的方向上通过的距离。 （2）不做功的三种情况：有力无距离也叫“劳而无功”、有距离无力也叫“不劳无功”、力和距离垂直也叫“垂直无功”。 2、功的计算公式：W=FS，其中各量单位功W：J（焦耳），力F：N（牛顿）；移动距离S：m（米）；或者W=Pt。 3、功率：物体在单位时间内所做的功叫功率，在物理学中用字母P表示。物理学中，用功率来表示物体做功的快慢。 （1）功率公式：功率=功/时间，即。 （2）功率单位：国际单位：瓦（W），1W=1J/s；常用单位：千瓦（kW），1kW=103W。 4、动能概念：物体由于运动而具有的能，叫做动能。一切物体都具有动能。影响动能大小的因素是物体的质量和速度。物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大。 5、重力势能概念：物体由于被举高而具有的能量，叫做重力势能。影响重力势能大小的因素是物体的质量和物体所处的高度。物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大。 6、弹性势能概念：物体由于发生弹性形变而具有的能，叫做弹性势能。影响弹性势能大小的因素是弹性形变程度。同一物体在弹性形变范围内的弹性形变程度越大，弹性势能就越大。 7、动能和势能之和称为机械能。动能和势能都属于机械能，动能是物体运动时具有的能量，势能是存储着的能量，动能和势能是机械能的两种表现形式。 （1）在一定的条件下，动能和重力势能之间可以相互转化。如将一块小石块，从低处抛向高处，再从高下落的过程中，先是动能转化为重力势能，后又是重力势转化为动能。 （2）在一定的条件下，动能和弹性势能之间可以相互转化。如跳水运动员，在起跳的过程中，压跳板是动能转化为弹性势能，跳板将运动员反弹起来是弹性势能转化为动能。 （3）机械能守恒：如果一个过程中，只有动能和势能相互转化，机械能的总和就保持不变，这个规律叫做机械能守恒。 1．2024年的世界泳联锦标赛跳水10米台决赛中，全红婵最终站上最高领奖台。如图是全红婵比赛时向上起跳和下落的运动轨迹示意图。下列说法正确的是（　　） A．起跳过程，能说明力的作用是相互的 B．上升过程，全红婵的重力势能转化为动能 C．在最高点，全红婵受力平衡 D．下落过程，全红婵的惯性变大 2．2023年10月31日8点11分，神舟十六号载人飞船返回舱成功着陆。返回舱在下落过程中打开降落伞后速度减小，下列说法中正确的是（　　） A．返回舱的动能不变 B．返回舱的重力势能减小 C．返回舱的机械能不变 D．返回舱的重力势能转化为动能 3．如图所示是玫瑰湖游乐园的摩天轮，若小佳随座舱在竖直平面内匀速转动，则下列说法正确的是（    ） A．从最高点转动到最低点的过程中，小佳的重力势能变大 B．从最高点转动到最低点的过程中，小佳的动能变大 C．从最低点转动到最高点的过程中，小佳的动能变大 D．从最低点转动到最高点的过程中，小明的机械能变大 4．如图四个情境中，力对物体做功的是（　　） A．用力推小车不动 B．用力拉物体上升 C．提滑板水平前行 D．用力搬石头未起 5．体育课上，小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示。a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（　　）    A．篮球a点动能比d点动能大 B．篮球在a、c两点的动能相等 C．篮球在a点的机械能比d点机械能大 D．篮球离手后能继续运动是因为受到惯性的作用 6．2021年10月16日，搭载着“神舟十三号”载人飞船的“长征二号F”遥十三运载火箭，在我国酒泉卫星发射中心发射成功，关于“神舟十三号”载人飞船，下列说法正确的是（）    A．动能不变，重力势能增大 B．动能减小，重力势能增大 C．动能增大，机械能减小 D．重力势能增大，机械能增大 7．如图所示，站在扶梯上的人随扶梯斜向上做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是    A．人的重力势能不变 B．人的动能增大 C．扶梯对人做了功 D．人的机械能不变 押题猜想06 物态变化辨析 1．生活中的很多现象可以用学过的物理知识加以解释，下列解释错误的是（　　） A．取出冰箱中被冷冻的冰糕，放一会儿，冰糕的热量会减少 B．“下雪不冷化雪冷”，这是因为雪在熔化时吸热 C．游泳后，刚从水中出来，感觉比较冷，这是因为人身上水分蒸发带走热量 D．天气很冷时，窗玻璃上会出现冰花，这是一种凝华现象 押题解读 本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。 考前秘笈 1.物质存在三种状态：固态、液态和气态。这三种状态之间又存在着六种物态变化：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华。 2.物态变化过程中的吸放热：六种物态变化中，吸收热量的有：熔化、汽化、升华；放出热量的有：凝固、液化和凝华。熔化和凝固、汽化和液化、升华和凝华分别互为逆过程。 （1）熔化：物体从固态变成液态的过程。 （2）凝固：物质从液态变成固态的过程。 （3）汽化：物质从液态变为气态的过程。汽化方式：蒸发和沸腾。①蒸发：只发生在液体的表面，发生缓慢；沸腾：同时发生在液体的内部和表面，发生剧烈。 （4）液化：物质从气态变为液态的过程。液化方法：①降低温度；②压缩体积，如：氢的储存和运输、液化气。 （5）升华：物质从固态直接变成气态的过程。生活中常见的升华现象：碘升华、结冰衣服也干了、干冰升华吸热、樟脑片消失、用久的钨丝灯变黑。 （6）凝华：物质从气态直接变成固态的过程。生活中常见凝华现象：霜和雪的形成、冬天看到树上的“雾凇”、冬天，外界温度极低，窗户内侧可看见“冰花”（室内水蒸气凝华）。 注意：热空气遇冷：液化；热空气遇骤冷：凝华；①雾、露“白气”自来水管“出汗”：水蒸气液化形成的。②霜雾凇、冰花：水蒸气凝华形成的。 1．二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列和节气对应的物理现象属于液化的是（   ） A．冰雪消融 B．露珠晶莹 C．霜挂枝头 D．千里冰封 2．冬天，戴眼镜的同学吃螺蛳粉时，镜片上总是雾蒙蒙的，这是由于水蒸气在镜片上发生 A．汽化现象 B．液化现象 C．升华现象 D．凝华现象 3．如图所示是《天工开物》中记载的古人造兽糖的情景，先将固体状态的糖放入瓦罐中用慢火煎化，然后倒入兽形模具，冷却脱模就成为兽糖。造兽糖过程发生的物态变化是（） A．仅熔化 B．仅凝固 C．先熔化后凝固 D．先凝固后熔化 4．大美广西，风光无限。关于广西自然风景中涉及到的物态变化，图说法正确的是（　　） A．贵港覃塘荷叶上的露珠——露珠的形成是熔化 B．桂林资源雾凇——雾凇的形成是凝固 C．桂林龙脊梯田上冰雪消融——冰雪消融是液化 D．北帝山上的雾气缭绕，宛如仙境——雾的形成是液化 5．2024年春运期间，一场“冻雨”暴雪给交通、生活、生产带来了极大的影响，下列现象与冻雨成因相同的是（　　） A．初春，冰雪消融 B．盛夏，朝露晶莹 C．晚秋，霜打枝头 D．严冬，滴水成冰 6．四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶。下列现象属于凝华的是（　　） A．冰雪消融 B．露珠晶莹 C．霜挂枝头 D．千里冰封 7．“春雨惊春清谷天，夏满芒夏暑相连，秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒”，二十四节气准确反映了自然节律变化，在北京冬奥会开幕式上，倒计时更是以二十四节气为序，惊艳世界。下列节气中涉及的物态变化，分析正确的是（　　） A．“雨水”﹣﹣雨的形成是汽化现象 B．“寒露”﹣﹣露的形成是液化现象 C．“霜降”﹣﹣霜的形成是凝固现象 D．“大雪”﹣﹣雪的形成是升华现象 押题猜想07 透镜成像规律及应用 1．在微创手术中，医生利用电子放大镜观察患者体内组织，通过调节物距可实现10﹣40倍放大，进行精准操作。若该放大镜的光学镜头焦距为5mm，下列说法正确的是（　　） A．光学镜头的镜片是由凹透镜制成的 B．镜头到人体组织的距离要小于5mm C．人体组织通过镜头成倒立放大的像 D．要使放大倍数变大，镜头应靠近人体组织 押题解读 本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。 考前秘笈 1、凸透镜成像规律用口诀记忆为：一焦分虚实，二焦分大小；实像异侧倒，物远像近小；虚像同正大，物近像变小；光屏辩虚实，屏显是实像。注意：若物、屏互换位置，则根据光路的“可逆性”可知成像大小将互换。 2、凸透镜成像规律结论 成像条件物距（u） 成像的性质 像距（v） 应用 u﹥2f 倒立、缩小的实像 f﹤v﹤2f 照相机（图a） u=2f 倒立、等大的实像 v=2f 图d f﹤u﹤2f 倒立、放大的实像 v﹥2f 投影仪（图b） u=f 不成像 射出的是平行光线 0﹤u﹤f 正立、放大的虚像 v﹥f 放大镜（图c） 1．如图是学校门禁的刷脸机，师生通过“刷脸”进出校园，下列说法正确的是（　　） A．摄像头相当于一个凸透镜 B．摄像头成像特点与投影仪相同 C．“刷脸”时，摄像头成的是放大的实像 D．与摄像头作用相当的镜片可用于矫正近视眼 2．如图所示，将焦距为的凸透镜固定在光具座刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是（　　） A．烛焰、透镜、光屏三者的中心在同一高度 B．此时烛焰在光屏上的成像特点与投影仪成像特点相同 C．当蜡烛移至刻度线处时，要使光屏上仍能成像则应向右移动光屏 D．若蜡烛移至刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像 3．小明在探究凸透镜成像的规律时，他把蜡烛、凸透镜、光屏分别放在如下图所示位置时，刚好在光屏上成清晰的像。若保持透镜位置不变，将蜡烛调至20cm刻度处时，下列判断正解的是（    ） A．烛焰的像变小了 B．该透镜的焦距是20cm C．将光屏向右移可以得到清晰的像 D．投影仪应用了该次实验的成像规律 4．智能手机等电子产品给人们带来了许多便利，但青少年长时间盯着屏幕，容易导致近视。如图所示是近视眼及其矫正的光路图，下列说法正确的是（　　） A．近视眼看近处物体时，像成于视网膜前 B．近视眼看远处物体时，像成于视网膜后 C．近视眼用凹透镜矫正 D．近视眼用凸透镜矫正 5．购物支付已进入“刷脸”时代，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描等确认相关信息后，即可迅速完成交易。对此下列说法正确的是（　　） A．人脸通过摄像头成像是光的反射现象 B．摄像头的成像特点与照相机的成像特点相同 C．“刷脸”时，面部应位于摄像头的二倍焦距以内 D．“刷脸”时，面部经摄像头成正立、缩小的虚像 6．小明自制了一个简易投影仪如图，在暗室中将印有冬奥会吉祥物“冰墩墩”的透明胶片，贴在白光的手电筒上，并正对着焦距为10cm的凸透镜。调整手电筒、凸透镜、白色墙壁之间的位置，在墙上得到了一个清晰放大的像，下列说法错误的是（　　） A．凸透镜能成放大的像，是因为凸透镜对光线有发散作用 B．手电筒与凸透镜的距离应大于10cm小于20cm，且胶片应倒立放置 C．能从不同角度看到墙上“冰墩墩”的像，是因为光在墙面上发生的是漫反射 D．保持凸透镜位置不变，将手电筒向左移动，要使墙上的像恢复清晰，光屏应该向左移动 7．如图是钦州市的“市花”﹣紫薇花。5﹣11月均可开花，有“百日红”之称。开花时姹紫嫣红，花团锦簇，甚是好看。如图甲是摄影师拍摄的照片，为了拍摄图乙所示的照片，应该（　　）    A．相机适当靠近花，镜头略向外伸 B．相机适当靠近花，镜头略向内伸 C．相机适当远离花，镜头略向外伸 D．相机适当远离花，镜头略向内伸 押题猜想08 惯性及应用 1．在图中，关于车辆行驶警示，不是针对惯性现象采取的措施是（　　） A．开车必须系好安全带 B．过桥车辆不许超过限制重量 C．禁止行车抛洒物品 D．前方弯道，减速慢行 押题解读 此题主要考查学生对惯性知识的理解与掌握，让学生知道一切物体都有惯性，而且要科学的利用惯性为人类服务，还要会避免惯性带来的危害。 考前秘笈 （1）惯性：物体保持原来运动状态不变的性质；即运动的物体要保持它的运动状态，静止物体要保持它的静止状态。 （2）一切物体任何时候都具有惯性(静止的物体具有惯性，运动的物体也具有惯性)。 （3）惯性是物体本身的属性，惯性的大小与物体质量大小有关。质量越大，惯性越大；质量越大的物体其运动状态越难改变。惯性的大小与物体的形状、运动状态、位置及受力情况无关。 （4）惯性是一种属性，它不是力。惯性只有大小，没有方向。 1．下列措施中，能防范惯性给人们带来危害的是（    ） A．跳远运动员助跑跳远 B．拍打窗帘清除浮尘 C．开车系安全带 D．撞击锤柄下端套紧锤头 2．小乐到中国科技馆参观，看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中竖直向上弹出一小球，该小球越过框架后，又与通过框架的火车相遇，并恰好落回原来的孔中。下列说法中正确的是（　　） A．以车为参照物，小球的运动状态不变 B．小球能落回小孔是因为小球始终受水平向前的推力 C．当小球到达最高点时，如果所有力都消失，小球将无法落回小孔 D．因为小球更被弹出时，惯性比重力大，所以小球会继续上升 3．关于运动和力，下列说法中正确的是（    ） A．汽车的速度越大，则惯性越大，就越难停下来 B．足球比赛中，守门员将球扑出，说明力可以改变物体的运动状态 C．短跑比赛中，运动员跑过终点后不能立刻停止，说明运动员受到惯性作用 D．游泳比赛中，运动员划水前进，说明运动需要用力维持 4．小明同学坐在公交车上，对头顶上方如图所示的拉环（辅助乘客的安全设施，站立的乘客需要用手拉住它）进行观察，当拉环出现下列现象，对汽车运动情况判断正确的是（） A．若拉环向左偏，说明公交车正在左转弯 B．若拉环向前偏，说明公交车正在启动的过程中 C．若拉环向后偏，说明公交车正在刹车 D．若拉环自然下垂，说明公交车正在匀速直线运动或停止 5．如图所示为冰壶比赛中投掷冰壶时的情景，下列说法正确的是（　　）    A．冰壶被投出后相对于观众是静止的 B．冰壶能被投出是因为手对冰壶的力大于冰壶对手的力 C．冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于受到惯性的作用 D．投出的冰壶撞击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态 6．如图所示，在一起交通事故中，车头受到所载水泥管的冲击，严重挤压变形，对事故原因的判断正确的是（　　） A．是汽车紧急刹车造成的，说明水泥管具有惯性 B．是汽车突然加速造成的，说明水泥管具有惯性 C．是汽车紧急刹车造成的，说明汽车具有惯性 D．是汽车突然加速造成的，说明汽车具有惯性 7．关于惯性，下列说法正确的是（　　） A．车辆行驶时要保持车距，防止刹车时由于惯性带来的危害 B．骑自行车蹬几下后增大了它的惯性，可以使其运动的更远 C．宇航员王亚平从地球到太空，惯性变小 D．行驶中的客车突然加速时，乘客会瞬间产生惯性向后倾倒 押题猜想09 电与磁 1．关于如图所示的电和磁现象，说法正确的是（　　） A．图甲：地球周围存在着磁场，地磁场的两极与地理的两极重合 B．图乙：改变通电螺线管的电流大小可以改变螺线管磁极性质 C．图丙：扬声器的原理是磁场对电流的作用 D．图丁：同时改变电流方向和磁场方向，导体受力方向也发生改变 押题解读 本题考查的是地磁场和扬声器的原理；知道影响通电螺线管磁性强弱的因素和通电导体在磁场中受到力的作用。 考前秘笈 1、磁感线：描述磁场的强弱和方向而假想的曲线。 （1）磁体外部的磁感线从N极出发回到S极，在磁体内部从S极出发回到N极。 （2）磁体周围的磁感线是立体分布的，磁感线的疏密程度表示磁性强弱。 （3）磁感线是空间立体分布，是一些闭合曲线，在空间不能断裂，任意两条磁感线不能相交。 （4）磁场中某点的磁场方向、磁感线方向、小磁针静止时北极指的方向相同。 （5）磁场存在于磁体周围，是真实存在的，而磁感线是为了形象描述磁场虚构的。 2、地磁场：地磁的北极在地理位置的南极附近；而地磁的南极则在地理位置的北极附近。 （1）指南针属于磁体，静止时，总是指南北方向，是因为受到了地磁场的作用。 （2）地磁的南北极与地理的南北极并不重合，它们的交角称磁偏角，这一现象是我国宋代学者沈括最早记述的。 3、安培定则 内容：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。 4、电磁铁：电磁铁是一个内部插有铁芯的螺线管。 （1）电磁铁的特点 ①磁性的有无可由电流的通断来控制。 ②磁性的强弱可由改变电流大小或线圈的匝数来调节。 ③磁极可由电流方向来改变。 （2）影响电磁铁磁性强弱的因素：①电流大小；②有无铁芯；③线圈匝数的多少。 （3）电磁铁的应用：电磁起重机、磁悬浮列车、电磁选矿机、电铃、电磁自动门等。 5、磁场对电流的作用：通电导体在磁场中受磁力的作用。 （1）能的转化：电能转化为机械能。 （2）受力方向（利用左手定则判定）：跟电流方向和磁感线方向有关。 6、 电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，这种现象叫电磁感应，产生的电流叫感应电流（磁生电），是由英国物理学家法拉第发现的。 1．振动电缆报警器是一种利用磁性材料建立永久磁场，当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生感电流触发报警的设备。下列选项中，原理与该设备相同的是（　　） A． B． C． D． 2．2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（　　） A．电风扇 B．电磁起重机 C．扬声器 D．动圈式话筒 3．如图中涉及到的物理规律及原理，说法正确的是（　　） A．图甲，通电导体在磁场中受到力的作用 B．图乙，电流的磁效应 C．图丙，电荷间的相互作用 D．图丁，电磁感应原理 4．如图所示的四个实验中，下列说法错误的是（　　） A．甲图所示的实验说明同名磁极相互排斥 B．乙图所示的实验可以研究电流周围是否存在磁场 C．丙图所示的实验装置可以研究电动机工作的原理 D．丁图所示的实验中只要闭合开关，灵敏电流计的指针就会发生偏转 5．如图所示是一种温度自动报警器的原理图，在水银温度计中封入一段金属丝，金属丝下端所指示的温度为95℃。下列说法错误的是（　　） A．电路工作时电磁铁上端为S极 B．报警器利用了水银导电和热胀冷缩的性质 C．温度达到95℃时，报警器中的红灯亮同时铃响 D．报警器利用了电磁铁通电时有磁性、断电时磁性消失的特点 6．我国第三艘航空母舰“福建”采用了电磁弹射技术，电磁弹射器的弹射装置与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射装置内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力。其原理是（　　） A．电流的磁效应 B．电流的热效应 C．摩擦起电现象 D．通电导体在磁场中受到力的作用 7．将A、B两个磁环先后套在光滑的木支架上，此时可以看到上方的磁环A“悬浮”在空中，如图所示。两磁环受到的重力相等都为，则下列分析正确的是（　　） A．两磁环相对面（即A的下端和B的上端）为异名磁极 B．木架底座对B的支持力等于 C．B对的作用力大于，方向竖直向上 D．木架底座对B的支持力和B对木架底座的压力是一对平衡力 押题猜想10 电路设计 1．交通法规定，不但司机要系安全带，副驾驶也应该系安全带。假设驾驶员和副驾驶的安全带分别对应开关S1和S2，系好安全带，相当于闭合开关，且只有当两人都系好安全带时，指示灯才会熄灭，提示音消失。符合上述要求的正确电路图是（　　） A． B． C． D． 押题解读 本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。 考前秘笈 电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的；开关在干路可以控制所有用电器；如是家庭电路，开关应接在用电器和火线之间；用电器能独立工作，说明用电器之间为并联关系。审清题目要求是设计对电路的首要条件，电路设计完后应按题目要求操作一边，确定是否与题目要求一致，以确保设计正确。 1．为了提高乘客进站的效率，高铁站的自助检票闸机可实现人证核验，如图所示。将身份证放在闸机指定的位置，闸机自动读取信息成功（相当于闭合开关S1），当摄像头扫描出人脸进行识别后，若身份验证成功（相当于闭合开关S2），电动机工作闸机开启，乘客可以通过闸机。下列电路设计符合以上要求的是（　　） A． B． C． D． 2．共享电瓶车上有一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器S1接收到信号闭合后，再转动电动车钥匙S2，电瓶车才能正常启动，下列电路符合要求的是（　　） A． B． C． D． 3．智能手机锁屏后，可通过指纹（）、密码（）、人脸（）任意一种方式进行解锁。若用灯泡发光模拟手机屏幕解锁成功，则符合要求的电路是（    ） A． B． C． D． 4．电动自行车是同学们的常用交通工具之一，关于电动自行车中涉及的物理知识你是否知晓呢？一个较为简单的常识是，当我们在行驶过程中，只要左右刹车中其中一个被捏下，电机将停止供电，同时刹车尾灯亮起提醒后车注意安全，当不捏刹车是电机通电转动，刹车灯处于熄灭状态。下列电路设计中：灯泡代表电动自行车的刹车尾灯；电动机代表电动自行车的电机；S1，S2代表左右刹车。捏刹车用断开开关表示；a、b为两个接线触点，其中触点a的位置固定不动，触点b始终与电源正极相连，可根据元件特点上下活动；依据你所学的物理知识，下列电路设计能够实现该常识的是（　　） A． B． C． D． 5．投影仪内的灯泡，发光时温度很高，必须用风扇降温。使用投影仪时，首先要打开风扇，待确认风扇正常运转后，再通电让灯泡发光，下列电路中符合要求的是（　　） A．B．C． D． 6．某商场内设有自动售货机，方便购物者购买。它可通过手机扫码（闭合S1）或通过投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图中电路设计符合要求的是（　　） A．B．C．D． 7．2020年，我市在红绿灯路口安装了违法闯红灯的高清自动识别抓拍系统。如果行人指示信号灯为红灯（开关S1闭合）时，仍有行人在斑马线上过马路，这套系统会使开关S2闭合，自动将行人的图像拍摄下来，曝光违法行人。下列电路图符合上述要求的是（　　） A． B． C． D． 题型二 多选题 押题猜想11 动态电路分析 1．（多选）如图所示，灯泡R1上标有“6V 6W”字样（忽略温度对电阻的影响），定值电阻R3阻值为4Ω。关于该电路，下列说法正确的是（　　） A．只闭合开关S3，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表示数变小 B．闭合开关S1、S2时，R1和R3串联 C．闭合开关S1、S2、S3，滑动变阻器滑片向右移动时，电压表示数变大 D．只闭合开关S2时，灯泡正常发光，则电源电压为10V 押题解读 本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，难度不大。（1）只闭合开关S3，灯泡与滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化； （2）根据开关的闭合情况分析电路的连接方式； （3）闭合开关S1、S2、S3，灯泡被短路，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压；根据电源电压分析电压表示数的变化； （4）只闭合开关S2时，定值电阻与灯泡串联，灯泡正常发光，根据灯泡的额定电压和额定功率求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端电压，根据串联电路的电压规律求出电源电压。 考前秘笈 （1）明确引起电路动态变化的原因，即由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的。 （2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化。 （3）明确电源的电压是否保持不变。 （4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。 （5）解题方法 方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U=IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻=U总-U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。 方法②：串联电路中，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所占比例分数越大，分得的电压比例就越大。 1．（多选）如图所示的电路，电源两端电压保持不变。只闭合开关S1和S3时，电流表的示数为I1； 只闭合开关S1、S4时，电流表的示数为I2，电压表示数为3V； 已知， 则（　　） A． B．电源两端电压为6V C．通过各开关的断开与闭合，在不同状态下，电压表的最大、最小示数之比为8∶3 D．通过各开关的断开与闭合，在不同状态下，电流表的最大、最小示数之比为38∶3 2．（多选）在如图所示电路中，电源电压不变，当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时 A．电路总电阻变大 B．电路消耗的总功率不变 C．电压表示数变小 D．电压表与电流表示数之比不变 3．（多选）在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，电路中R和是定值电阻，R的阻值小于，是滑动变阻器，当向上滑动时，电压表、、示数变化量的绝对值分别为，电流表A示数变化量的绝对值为，下列说法正确的是 A．电压表和电流表A示数的比值不变 B．电流表A的示数减小 C． D． 4．（多选）如图甲所示，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最右端移至小灯泡正常发光的位置，此过程中电流表示数与两个电压表示数的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是（    ） A．电源电压为12V B．灯的额定电流为0.6A C．滑动变阻器的最大阻值是45Ω D．曲线b是电流表示数与电压表V2示数的关系图像 5．（多选）图甲是热敏电阻温度计电路图，其中R1是热敏电阻，R1阻值随温度t变化的规律如图乙所示。R2为定值电阻，阻值为100Ω，电源电压可调节变化。测量温度时R1的电流始终保持为2mA。将其中一个电压表表盘改成温度表盘即可测量温度（　　） A．应将电压表V2的表盘刻度改成相应的温度刻度 B．在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，通过R1的电流会减小 C．在测温过程中R1两端的电压随温度升高而减小 D．某次测温时，温度表盘上显示的温度是30℃，此时电源电压为0.76V 6．（多选）如图甲所示，是光敏电阻，R是阻值为10kΩ的定值电阻，电源电压，光敏电阻的阻值与光的照度（光照越强，照度越大，单位为Lux）关系如图乙所示。则下列说法正确的是（　　） A．当照度增大时，的阻值将增大 B．将量程为的电压表接入图甲电路中，将其改装成照度表，为使光的照度增大时电压表的示数也增大，则该电压表应并联在R两端 C．所改装的照度表能够测量的最大照度为1.2Lux D．改装完成后，若将电源换为电压可调电源（调节范围为），且将R换为可调电阻（调节范围为），则该装置所能测量的最大照度为1.6Lux 7．（多选）如图甲，电磁继电器和热敏电阻R1等组成了恒温箱控制电路，R1处于恒温箱内，电源电压U=6V，继电器线圈的电阻不计，图乙为热敏电阻的R1-t图像，且已知在50-150℃范围内，热敏电阻的阻值随温度的变化规律是：R1t=常数，电阻R2是可变电阻，当线圈中的电流达到40mA时，继电器的衔铁被吸合。当可变电阻R2=0Ω时，恒温箱可保持60℃恒温，图中的“交流电”是恒温箱加热器的电，它的额定功率是1500W。则下列选项中正确的是（　　） A．60℃时，热敏电阻R1的阻值是150Ω B．应该把恒温箱的加热器接在A、B端 C．如果要使恒温箱内的温度保持100℃，可变电阻R2的阻值应调为90Ω D．使用该恒温箱工作，在低温处的温度波动更小 押题猜想12 浮力的应用 1．（多选）一装有适量水的容器放在水平桌面上，容器底面积为S。一木球和一合金球的体积分别为5V0和2V0。将它们用细线相连放入水中静止时，木球露出水面的体积为V0；当把细线剪断后，合金球沉底，木球静止时露出水面的体积为2V0，如图所示。已知水的密度为ρ0，下列说法正确的是（　　） A．合金球的重力为3ρ0gV0 B．合金球的密度为3ρ0 C．木球的密度为0.6ρ0 D．剪断细线后，水对容器底部的压强减少了0.2 押题解读 本题主要考查了漂浮条件、阿基米德原理的应用，解答本题的关键是会对物体进行受力分析，有一定的难度。 （1）由右图可知，木球漂浮在水面上，浮力等于重力，据此结合阿基米德原理得出木球重力的表达式；左图中，把木球和合金球当作整体分析，处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，木球和合金球的重力之和等于木球和合金球所受浮力之和，列出表达式即可求出合金球的重力的表达式，再根据密度公式求出合金球的密度； （2）由（1）知木球重力的表达式，根据密度公式可求出木球密度的表达式； （3）剪断绳子后，木球静止时漂浮在水面上，求出木球和合金球的整体排开水的体积减小量，水面下降的高度Δh，从而求出水对容器底部压强的减少量Δp。 考前秘笈 1、浮力的利用 （1）调节浮力的大小：采用“空心”增大体积，从而增大浮力，使物体能漂浮在液面上。 （2）轮船采用了把它做成空心的办法，使它能够排开更多的水，增大浮力，使轮船能漂浮在水面上。 （3）潜水艇：潜水艇的下潜和上浮是靠改变自身重来实现的。 （4）气球和气艇：气球和飞艇，体内充有密度小于空气的气体（氢气、氦气、热空气），从浮力与重力的大小关系来解释气球升空。 （5）密度计是利用物体浮在液面的条件来工作的。 （6）汤圆刚放入水中时，汤圆受到的浮力小于重力；汤圆煮熟时，它的体积增大，浮力也随之增大。 2、漂浮问题的几个规律 规律1：物体漂浮在液体中，所受的浮力等于它受的重力； 规律2：同一物体在不同液体里漂浮，所受浮力相同； 规律3：同一物体在不同液体里漂浮，在密度大的液体里浸入的体积小； 规律4：漂浮物体浸入液体的体积是它总体积的几分之几，物体密度就是液体密度的几分之几； 规律5：将漂浮物体全部浸入液体里，需加的竖直向下的外力，外力等于液体对物体增大的浮力。 1．（多选）浮沉条件在日常生活中有广泛的应用，从简单的物体漂浮到复杂的建筑结构设计，都有其独特的用途。下列四幅图中关于浮沉条件的应用说法正确的是（　　） A．图甲中密度计测量的液体密度越大，密度计受到的浮力越大 B．图乙中盐水选种时，下沉的种子密度比盐水的密度大 C．图丙中热气球是通过自带的加热器调节气囊中气体的温度来控制升降 D．图丁中古人打捞铁牛时，浮船受到的浮力等于铁牛的重力 2．（多选）小杰用盐水洗水果时发现，草莓在盐水中漂浮，小西红柿悬浮。一水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，盛有密度相同的盐水，小杰把质量相同的草莓和小西红柿分别放入甲、乙容器中，静止时的状态如图所示，两容器中的液面相平。下列说法正确的是（   ） A．草莓的密度小于小西红柿的密度 B．草莓所受的浮力大于小西红柿所受的浮力 C．盐水对甲容器底的压强等于对乙容器底的压强 D．甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强 3．（多选）小明自制了一个简易密度计：他用一根细竹签作为标度杆，在其下端缠绕适量的铜丝作为“配重”，然后在竹签中部套上一个泡沫球作为“浮子”。他将自制的密度计放入水中时，状态如图所示，然后在标度杆的水位处标上“1g/cm3”。下列分析中正确的是（） A．“配重”的主要作用是降低重心、提高稳定性、使密度计整体竖立在液体中 B．“浮子”的主要作用是提供足够大的浮力，以使得密度计整体漂浮在液体中 C．根据放入水中的标度来看，该密度计目前更适合用来测量密度比水大的液体 D．如果想要测量密度小于水的液体，可以换一个体积更小些的泡沫球作为浮子 4．（多选）如图所示，小明用大矿泉水瓶和小玻璃瓶制作了一个“浮沉子”，他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上，拧紧矿泉水瓶的瓶盖，用手握住矿泉水瓶，使它在空中静止，用力挤压矿泉水瓶侧壁时小玻璃瓶下沉，松手后小玻璃瓶上浮。下列说法正确的是（　　） A．增大对矿泉水瓶的握力时，手对矿泉水瓶的摩擦力不变 B．用力挤压矿泉水瓶侧壁时，小玻璃瓶内水的体积变小 C．用力挤压矿泉水瓶侧壁时，小玻璃瓶内气体的密度变大 D．把矿泉水瓶的瓶盖拧开时，捏矿泉水瓶仍能使小玻璃瓶下沉 5．（多选）如图，水平桌面上放置两个相同的容器甲、乙，两容器中均盛有水，甲容器中有一小物块悬浮于水中，乙容器中有一个小球漂浮在水面上，此时容器内水面高度相同。，则下列说法正确的是（    ） A．两个容器对水平桌面的压强关系： B．水对两个容器底部的压力关系： C．小物块的密度与小球的密度关系： D．若向乙中加入盐水并搅拌均匀，小球受到的浮力不变 6．（多选）如图所示，水母的伞状体内有一种特别的腺，可以发出一氧化碳，使伞状体膨胀，通过控制伞状体的体积大小，水母实现了在水中上浮和下潜的自由。忽略产生一氧化碳的质量，下列说法正确的是（　　）    A．伞体缩小时，受到浮力会减小 B．悬浮的水母，产生一氧化碳时会上浮 C．逐渐下沉的水母，所受水的压强逐渐增大 D．水母实现浮沉自由的原理与潜水艇的一致 7．（多选）小明同学用刻度尺、圆柱形容器、有配重的薄壁长烧杯和水、细线等材料，测出了金属块的密度（如图）。操作过程如下： ①在圆柱形容器中装有适量的水，将一只装有配重的薄壁长烧杯放入圆柱形容器的水中，烧杯静止时用刻度尺测出容器中水的深度为H1，如图（a）所示； ②将金属块吊在烧杯底部，烧杯静止时用刻度尺测出烧杯露出水面的高度h1，容器中水的深度为H2，如图（b）所示； ③将金属块放在烧杯中，烧杯静止时用刻度尺测出烧杯露出水面的高度h2，如图（c）所示。则下列说法正确的是（　　） A．如图（a），薄壁长烧杯的重力等于它排开水的总重力 B．图（b）中水对圆柱形容器底的压强小于图（c）中水对圆柱形容器底的压强 C．忽略细线的重力，图（b）中圆柱形容器对桌面的压强与图（c）中圆柱形容器对桌面的压强相等 D．已知圆柱形容器底面积为S1，烧杯底面积为S2，水的密度为，则金属块的密度为 题型三 填空题 押题猜想13 电流电路 1．西晋时张华撰写的《博物志》中有这样的记载：“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者，也有咤声。”意思是说梳头、穿脱衣服时，常发生摩擦起电现象，使头发和梳子（或者人体和衣服）带上了　 　 （选填“同”或“异”）种电荷，有时还能看到小火星和听到微弱的响声。工厂里往往就是通过使金属板带上电荷，把浮尘吸附在金属板上来除尘保持高清洁度的。请你再举出一个利用静电的实例　 　 。 押题解读 本题考查静电现象及静电的应用，属于基础题。在日常生活中，我们用梳子在理头发的时候，常常会发现毛发在高压静电场力的作用下形成射线状。我们在每天夜晚脱衣服的时候，也常常会发现一种闪光效应和劈了啪啦的闪光声响。有时，我们在触摸“猫或狗”的皮毛时，你会受到微量的“电击”。还有，你用梳子理一下你的头发，你就可以将碎纸屑吸引起来。这些都是日常的静电现象。 考前秘笈 1、摩擦起电实质：摩擦起电并不是创造了新电荷，而是发生了电子转移，失去电子的物体因缺少电子而带正电，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电。 2、两种电荷：正电荷和负电荷。 （1）被丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷；实质：物质中的原子失去了电子。 （2）被毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷；实质：物质中的原子得到了多余的电子。 （3）同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。 （4）中和：等量的异种电荷放在一起互相抵消的现象叫做中和。(中和后物体不带电) 3、串联电路的电流规律：串联电路中各处电流都相等。 4、并联电路的电流规律：并联电路中总电流等于各支路中电流之和。 5、串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和。 6、并联电路各支路两端的电压相等，都等于电源电压。 7、电阻(R)：表示导体对电流的阻碍作用。导体如果对电流的阻碍作用越大，那么电阻就越大，而通过导体的电流就越小。 8、变阻器：能改变接入电路中电阻大小的元件。常见的变阻器可分为滑动变阻器和电阻箱。 1．公元世纪，我国学者王充在论衡一书写下“顿牟掇芥”，意为摩擦过的琥珀能吸引轻小草芥，琥珀得到电子带 电，把它靠近毛皮摩擦过的橡胶棒会相互 。 2．如图所示电路，要使灯泡L2 发光、Ll 不发光，应只闭合开关 要使灯Ll、L2 并联，应闭合开关 3．如图所示是汽车静电拖地带，能将汽车外壳因摩擦起电所带的电荷通过内部 （选填“导体”或“绝缘体”）导入大地。若通过拖地带瞬间电流方向向上，说明汽车外壳带有 （选填“正”或“负”）电荷。 4．某小组利用如图的电路进行实验，研究串联电路的电流规律。图中电流表的左接线柱对应其 （选填“正”或“负”）接线柱。分别测出A、B、C三点的电流IA、IB、IC，结果发现IA与IC的大小关系是IA IC。 5．如图甲所示为人们所喜爱的电动自行车，它轻便、节能、环保。只要将图中车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了 (1)电瓶车的大灯和喇叭可以同时工作，也可以独立工作，它们之间是 联的。车钥匙实质上相当于电路中的 ； (2)图乙所示是电动车的充电插口，内有金属插脚，在使用过程中绝不能拿硬币、手等去触碰，如果硬币碰到充电插口的两个金属插脚，可能会发生 （选填“短路”“断路”）而造成蓄电池损坏； (3)如果人体触碰蓄电池两极，人 （填“有”或“无”）触电的危险（图丙）。 6．家住山区的小芳同学，在科技创新设计活动中，设计了一辆节能电动自行车，可以利用下坡时把部分机械能转化为电能，其原理是下坡时停止供电，但电机的线圈随车轮一起转动，线圈中产生感应电流，并对蓄电池充电，此时电机相当于电路基本组成中的 ；下坡后在不进行任何操作的情况下，电动自行车由于 仍能在水平路面上向前运动一段距离。 7．在“用电流表测电流”的实验中，某同学接成如图a所示的电路。当开关都闭合后两灯都发光，两个电流表的指针所指位置均为如图b所示，则通过灯L1和L2的电流分别为 A和 A。 押题猜想14 分子动理论 1．古诗词“梅须逊雪三分白，雪却输梅一段香”中蕴含着丰富的物理知识。雪的形成过程中发生的物态变化是 　 　 ；我们看到雪是白色的是因为雪 　 　 （选填“反射”或“吸收”）所有的色光；距离很远，就能闻到梅花的香味，这说明 　 　 。 押题解读 本题考查了凝华现象、光的反射和分子运动，属于基础题。凝华指物质由气态直接转变成固态；白色反射所有的光；分子在永不停息地做无规则运动。 考前秘笈 1、分子动理论内容：物质是由分子构成的；一切物体的分子都在不停地做无规则运动。分子间存在相互作用的引力和斥力；分子之间有间隙。 2、热运动：分子运动快慢与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈。热运动是分子运动，属于微观运动，不可能停止，而机械运动是整个物体运动，属于宏观运动，可以停止。 3、扩散：不同物质相互接触，彼此进入对方的现象。 （1）不同物质扩散快慢不同，一般情况下，气体扩散最快，固体最慢。 （2）扩散快慢还与温度有关，温度越高，扩散越快。 （3）扩散是分子运动的结果，如果因搅拌、风力、重力等外在因素使物体发生了宏观运动，这样的现象不属于扩散现象。 ※扩散现象说明：（1）一切物质分子都在不停地做无规则的运动； （2）分子之间有间隙。 4、分子间作用力 （1）分子间存在相互作用力，包括分子引力和分子斥力，且是同时存在的。 （2）正常情况下，分子引力和分子斥力彼此平衡，对外表现为无力。 （3）当压缩物体时，分子斥力大于分子引力，对外表现为斥力。 （4）当拉伸物体时，分子引力大于分子斥力，对外表现为引力。 1．元宵佳节，阖家团聚，煮元宵时，小乐闻到阵阵香气，这是由于分子在不停地做 运动；将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在 。 2．如图所示，庐山石鸡是庐山著名的特产“三石”之一，清蒸时厨房里香气四溢，说明分子在不停地做 的运动；蒸煮时，先大火烧开，后转为小火慢炖，主要是因为水沸腾时持续吸热，但是温度 。 3．涮羊肉是我们的美食之一。图中是希雅家在涮羊肉时的情景，桌上冰冻的羊肉卷逐渐变软，是 （填物态变化名称）现象；羊肉放到锅里，闻到羊肉香味，这是因为 。 4．(1)高邮的湖上花海正值游览的季节，小明去游玩时，闻到油菜花香说明 ，听到了高邮民歌《数鸭蛋》是通过 传入小明耳中的； (2)小明从各个方向都能看到油菜花，是太阳光照在油菜花上发生了 ；小明乘坐游船在河中穿行，船和人的总质量为8t，此时船排开水的体积为 m3；以小明为参照物，岸边的油菜花是 的。 5．如图是燃气灶烧水的情境和该燃气灶灶头的示意图。天然气本身无色无味，为了安全和警示，通常会向天然气中加入臭味剂。拧动点火装置，若燃气未点燃，会闻到臭味，表明分子在做 。拧动点火装置，天然气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，天然气不会从进口处外泄，是因为天然气的喷入导致进口处的天然气流速 （选填“大”“小”），压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）大气压强。 6．如图所示是某住宅小区内的场景。 (1)夏天，在很远的地方就能闻到小区荷花的香味，这是由于 引起的； (2)图中A为小区大门旁的禁鸣标志，鸣叫的笛声是由汽车喇叭的 产生的；人们能从各个方向看到此标志是因为光发生了 反射； (3)图中B是汽车限速标志，汽车在该小区内行驶200m，至少需要 s。 7．白鹤滩水电站以发电为主，兼有拦沙、防洪、航运、灌溉等综合效益。 (1)白鹤滩水电站拦河钢筋混凝土大坝施工过程中需要用超声波进行“探伤”诊断，超声波在混凝土中的传播速度 （选填“大于”“小于”或“等于”）其在空气中的传播速度。拱坝上窄下宽可以 （选填“升高”或“降低”）坝体重心，增强稳定性，深水处拱坝的分子运动 （选填“会”或“不会”）停止。 (2)白鹤滩水电站承担泄洪任务，因为洪水具有较大的 （选填“动能”或“内能”），所以破坏力较强，泄洪过程中，洪水 （选填“具有”或“不具有”）惯性，若泄洪洞口洪水的流速为10m/s，要使5min内泄出洪水的质量达到，则泄洪洞口的横截面积至少为 （洪水密度取）。 押题猜想15 摩擦力 1．如图所示，小明把筷子插在装满糙米的杯中，糙米压紧加少许水后，可将杯提起。这是因为加水后糙米膨胀，增大了对筷子的 　 　 ，从而增大摩擦力；同时，与精米相比，糙米的接触面更 　 　 ，也会使摩擦力增大；筷子提杯匀速上升的过程中，糙米对筷子的摩擦力 　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 押题解读 该题以筷子提米为实验情景，考查了二力平衡、摩擦力的影响因素等知识点，同时也检测了同学们对控制变量法等常见物理研究方法的应用情况的掌握。 考前秘笈 通过二力平衡条件分析与判断摩擦力与拉力的大小关系；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；功率计算公式：P==Fv。 1．如图所示，用手握住矿泉水瓶静止不动，此时矿泉水瓶受到摩擦力的方向为 （填“竖直向上”或“竖直向下”）。某同学通过甩动装水的矿泉水瓶来制造“龙卷风”，在甩动矿泉水瓶的过程中，矿泉水瓶由于受到阻力不易转动，而水由于 在甩动过后依旧转动，从而形成“龙卷风”。 2．小木块A放在长木板B上，弹簧测力计一端接A，另一端固定在墙壁上，长木板B放在粗糙的水平地面上。长木板B在力F作用下向左运动，稳定时水平弹簧测力计的示数为T，A相对于地面是 （选填“静止”或“运动”）的；若增大拉力F使木板加速运动，弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 3．两个表面粗糙程度完全相同的物体A和B叠放在一起（如图甲），在的水平拉力作用下，在水平面上一起做匀速直线运动；若A、B两物体用一根质量不计的细线相连，（如图乙）在F2的作用下在同水平面上做匀速直线运动，此时拉力 N。 4．如图甲所示，放在粗糙程度不变的水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，由图像可知，当t＝1s时，物体受到的摩擦力是 N，当t＝5s时，物体受到的摩擦力是 N，当t＝3s物体受到的摩擦力是 N。 5．如图甲，各面粗糙程度相同的a、b两个铁块叠放在水平桌面上，在水平拉力的作用下，一起向右做匀速直线运动，则a受到的摩擦力为 N；如图乙，将a、b并排放于同一桌面上，在水平推力的作用下，一起向右做匀速直线运动，则 N。 6．2024亚洲滑雪登山锦标赛在吉林省吉林市万科松花湖滑雪场落下帷幕，中国队包揽本届赛事全部7枚金牌。如图是我国运动员正在滑雪，小明看到后说，若运动员在水平地面匀速向前滑动时，脚和滑板之间一定受到向后的摩擦力，而小亮说脚和滑板之间没有受到摩擦力，你认同 的观点，理由是 。 7．图甲中的同学拉着行李箱行走在水平路面上，行李箱匀速前进并保持倾角不变。假如这一过程中行李箱（含箱内物体）受到的重力G如图乙所示，则该同学对行李箱施加的拉力不可能是图中的 （选填“F1”或“F2”）。你判断的理由是 。 押题猜想16 能源和效率 1．2024年12月，我国研发的全球单体容量最大的漂浮式风电平台“明阳天成号”正式投运（如图所示），预计每年可提供约5000万度绿色电力。 （1）风能是　 　 能源，风力发电机利用了　 　 原理发电。 （2）风力发电机与用电器的连接方式是　 　 联，5000万度电能合计　 　 J。 （3）若这些电能由发电效率为40%的煤燃烧产生，可节约　 　 t煤。（q煤＝3×107J/kg） 押题解读 本题考查风能是可再生能源，风力发电机利用了电磁感应原理发电及电能单位度与焦耳的换算，能量的利用效率。 考前秘笈 注意能量与能量是可以进行相互转换的，且都遵循能量守恒定律，但不管以哪种方式转换，利用任何机械转换，因存在能量损失，能量转化率总低于100，同时要了解哪些能源属于可再生能源，哪些能源属于不可再生能源，以及核聚变和核裂变的区别。 1．锅炉并网可以提高供热效率，降低能源消耗，减少环境污染。 (1)烧锅炉用的煤属于 再生能源；锅炉的水位计应用了 原理。 (2)有一种报警器可以监测锅炉内压力的大小，当压力超过安全值时，电铃响面报警，这是利用声音来传递 。 (3)锅炉将水加热后通过暖气管道把燃料燃烧时产生的热量带到用户的房屋中取暖，用水做储热介质是由于水的比热容 （选填“较大”或“较小”）。 2．城市一些路段安装了太阳能LED照明路灯，如图所示，LED是一种发光二极管，它是由 材料制成的，灯杆顶端是太阳能电池板，白天它可以将 能转化为 能，并向灯杆下方的蓄电池充电，供夜晚路灯照明。若某段时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为，这些能量经转化后，可供功率为120W的路灯工作20h，则该太阳能路灯的能量转化效率为 %。太阳能是 （填“可再生”或“不可再生”）能源、清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生 （填“裂变”或“聚变”）释放出的巨大的能量。 3．随着环保意识的增强和技术的不断进步，电动汽车正逐渐成为新时代的选择。 (1)纯电动汽车通过电池提供动力，电能属于 次能源。由于没有安装 （选填“内燃机”或“电动机”），它比燃油汽车噪声小，这是在 减弱噪声； (2)电池的能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值。电池的能量密度随环境温度的降低而降低，同一辆电动汽车在夏季充满电后最大行驶路程比冬季更 （选填“短”或“长”）。某电动汽车充满电后，在平直路面上以80km/h的速度匀速行驶时，受到的平均阻力为720N，续航里程为400km，该电动汽车将电能转化为机械能的效率为80％。若行驶过程中电池的输出电压为400V，则电池的输出电流为 A。 4．全球能源困境来袭，节能从每一个人做起。生活中常用的煤、石油、天然气、太阳能中，“符合低碳生活”理念的能源是 ；小致烧水，若自来水的温度为22℃，某电热水器的加热效率为84%，则一度电可使该电热水器将 kg的自来水加热至72℃。[c水=4.2×103J/(kg·℃)]。 5．屋顶发电已经在农村推广，如图是在屋顶安装的光伏发电系 统，这种系统主要由太阳能电池板、逆变器、支架结构、监控系统和电缆及连接器等组成。太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，太阳能电池板工作的光电  转换效率为20%，光照强度为1000W/m2。 若屋顶的面积为70m2，阳光照射5 h， 能获得电能 kW·h，合 J 。若这些能量全部被水吸收，可以将 kg的水的温度从20℃加热到100℃。[水的比热容c=4.2×103J/（kg·℃）] 6．泸州正加快对页岩气的安全开采，页岩气属于 （选填“一次”或“二次”）能源。若用效率为20%的燃气灶将一壶质量为2kg、初始温度为20℃的水加热到60℃，则会消耗了 m3的页岩气。已知c水=4.2×103J/（kg·℃），q页岩气=4.2×107J/m3。 7．如图为我国首座潮光互补型光伏电站——浙江温岭潮光互补智能电站，已实现全容量并网发电，这也是我国首次将太阳能和月亮潮汐能互补开发的创新应用，利用太阳能电池板、发电机来获得电能。潮汐能属于 （可再生/不可再生）能源；太阳能电池板将太阳能转化为 能。除此之外我们国家还利用垃圾填埋气发电，使垃圾填埋后发酵产生沼气，并利用收集的沼气来发电。若每吨填埋垃圾可产生沼气150m3，这些沼气完全燃烧可产生的热量为 J。如果利用这些能量可以发电250kW·h，则该沼气发电的效率为 。（已知q沼气=2.0×107J/m3） 押题猜想17 欧姆定律的应用 1．通过灯泡L的电流与其两端电压的关系图像如图甲所示。把该灯泡接入如图乙所示的电路中，闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关S1，电流表示数变化了0.2A，则该电路中电源电压是 　 V，电阻R的阻值是 　 Ω。 押题解读 本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，根据图甲读出符合题意的电流和电压值是关键。 考前秘笈 1、串联电路特点：分压不分流 （1）电流：串联电路中各处的电流相等（不分流）（I串=I1=I2 ）。 （2）电压：总电压等于各处电压之和（分压）（U串=U1+U2 ）。 （3）电阻：总电阻等于各电阻之和（串联相当于增大导体的长度）；R串=R1+R2 （总电阻大于分电阻）。 （4）分压原理：U1：U2 =R1：R2（串联电路各部分分配的电压与它的电阻成正比）。 2、并联电路特点：分流不分压 （1）电流：干路电流等于各支路电流之和（分流）（I并=I1+I2）。 （2）电压：各支路电压都等于电源电压（不分压）（U并=U1=U2）。 （3）电阻：总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和（并联相当于增大导体的横截面积），（总电阻小于分电阻）。 （4）分流原理：I1：I2 =R2：R1（并联电路各支路分配的电流与它的电阻成反比）。 3、欧姆定律在串并联电路中的应用 （1）串联电路：当串联电路中一个电阻改变时，电路中电流及另一个电阻电压也随之变化。 （2）当并联电路一个支路的电阻改变时，这个支路电流也会改变干路电流也会变化；但另一个支路电流和电压都不变。 （3）家庭电路中，各用电器采用并联方式接入电路。 1．嫦娥六号探测器绕月飞行时，运动状态 （选填“不变”或“改变”）；为应对月球的光照环境，小海在地球上利用阻值随光照强度变化的光敏电阻设计了“模拟唤醒系统”，如图所示，若a、b两端电压时，控制电路启动，此时；时控制系统彻底关机，此时的大小为，则 。 2．在如图所示的电路中，电源电压保持4.5V不变，当开关S闭合时，电压表的示数为1.5V，L2两端的电压为 V，L1与L2的灯丝电阻之比为 。    3．长度相等的镍铬导线甲和乙，若甲的横截面积大于乙的横截面积，则甲的电阻 乙的电阻。若将它们并联在电路中，则甲两端的电压 乙两端的电压；若将它们串联在电路中，则串联时的总电阻 并联时的总电阻（均选填“大于”“等于”或“小于”）。 4．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，其中R0的作用是 ，油量表是由 表改装而成。当油量减少时，该表的示数将 。 5．如图所示的电路中，在定值电阻R1或滑动变阻器R2中，仅有一个发生故障，小华为研究故障的原因，特地设计了两个方案： (1)方案一：通过移动滑动变阻器的滑片P来判断出故障的原因，写出开关S闭合后，电流表示数变化情况及对应故障 ；若小华同学一动了滑片P一段距离后才抬头读电流表示数发现变化，就断定R2没有断路是否正确，请说明理由 ； (2)方案二：用一个完好的电阻R0来替换R1来判断发生的故障，可选用的电阻R0的阻值_________。 A．R0＞R1 B．R0=R1 C．R0＜R1 6．如图a所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图b所示，根据图象的信息可知： （填“甲”或“乙”）是电压表示数变化的图象，电源电压为 V，变阻器R2的最大阻值为 Ω。 7．如图甲所示，电源两端电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表的量程为0～15V。电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则电源两端的电压为 V。 押题猜想18 压强的计算 1．如图甲所示，有A、B两个实心正方体放置在水平地面上，A的边长为0.4m。将B沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切去的部分叠放在A的上方中央。叠放后A对地面的压强与B剩余的压强随切去厚度h的图像如图乙所示。则物体B的重力为 　 　 N。若在B切割前，将重力为48N的物体C分别放置于物体A、B上方中央，为使放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，应将物体B沿水平方向切下的质量为 　 kg。（取g＝10N/kg） 押题解读 本题主要考查的是有关压强公式的应用的问题，要熟记压强的公式，解答本题的关键能根据图像获得信息分析解答问题，有一定的难度。 （1）由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，据此分析出B边长，求出B的底面积，再根据F＝pS求出没被切去之前对水平地面的压力，再根据水平面上的物体对水平面的压力等于其重力即可求出B的重力； （2）将物体B沿水平方向切下的一部分，再根据放上物体C后A、B对水平地面的压强相等分析解答。 考前秘笈 压强定义式：，物体在水平面上时，压力F=G=mg；受力面积S要看清楚是总面积还是部分面；液体压强公式；P=ρgh，液体压强只与液体的深度和液体密度有关，与其他因素都没有关系；均匀柱形的物体对水平的压强同样可以运用P=ρgh进行计算，其对水平面的压强只与物体的密度和高度有关，与柱体的底面积无关；流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大.要比较压强大小，分析过程中首先要分析清楚哪个位置的流体流速大，哪个位置的流速小，才能进行准确的判断。 1．重均为G的甲、乙两个正方体，底面积之比是1∶2，则它们置于水平桌面时对桌面的压强之比为 ；将重为、的物体A、B分别放在甲、乙上，此时甲、乙对桌面的压强均为p；现将B切下，放在甲上，如果甲对桌面的压强变为2p，则G和GA需要满足的条件是G= （填一个数字）。 2．某广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，底面积分别为、，若沿水平方向将该模型切去一部分，并将切去部分放在同一水平地面上，剩余部分对水平地面的压强为，与切去部分的高度h的关系如图乙所示。则当时，A对水平地面的压力大小为 N；B的密度为 。 3．A、B两个实心均匀圆柱体的高度之比为，底面积之比为，密度之比为，将它们置于水平桌面上，如图甲所示。现在从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的正上方，A、B对桌面的压强随截取高度的变化关系如图乙所示。切割前，A、B圆柱体的质量之比为 ，乙图中C点的横坐标是 。（） 4．正方体甲和乙的边长之比是2∶3，将它们分别放置在水平桌面上时，它们对桌面的压强均为p，则它们的密度之比ρ甲∶ρ乙为 ；将甲按图所示放置在乙上面，乙对桌面的压强为p'，则p'∶p等于 。 5．如图所示是一次研学活动中某校师生乘坐的新能源四轮汽车，如果汽车和师生的总质量为1.5×104kg，汽车四个轮胎与地面的接触总面积是：3000cm2，这辆汽车其中一个轮胎对地面的压强为 Pa。 6．矿泉水瓶装满水，如图甲所示，，将瓶盖拧紧，只将N孔堵住，水也不能从M孔流出，因为水受到了 的作用。拧开瓶盖，放开两小孔，在瓶底部水平放置接水盘，发现水的落点为图乙所示的B、C；再立即将接水盘向下平移至D处，使MA=ND，水的落点为E、F。为了比较两小孔处液体压强大小，应比较点A、C与 的距离。 7．一个中学生站立时对水平地面的压强约为1.5×104帕，它表示1米2受力面积上受到的压力约为 牛；当他在水平地面上行走时，对地面的压强约为 帕。当这个人平躺在床上后，对床面的压强 1.5×104帕（选填“大于”“等于”或“小于”）。 题型四 作图题 押题猜想19 光学作图 1．如图所示，将一根均匀的直木棒MN竖直插入水中，人眼在A点经水面恰好看到M的像与N的像完全重合，请完成下列作图并保留作图痕迹： （1）人眼看到M像的光路图； （2）标出N点的大致位置。 押题解读 此题通过作图考查了学生有关光的折射规律的知识，同时考查了平面镜成像的特点，难点是确定光的入射点与光线的方向。 考前秘笈 1、光反射作图 （1）光反射现象作图需要遵循光反射定律（三线共面、两线两侧、两角相等）。 （2）作图方法：根据光反射定律利用量角器作图。 2、光折射作图 （1）根据光折射定律（特别是“空气大”）进行作图。 （2）清澈的池水，池底或者鱼变浅，放杯子的筷子“折断”；水下看岸边物体变高；海市蜃楼的成因等。 3、平面镜成像作图：①像与物大小相等；②像与物到镜面的距离相等；③像与物的连线与镜面垂直；④物体在平面镜里所成的像是虚像（正立的、等大的）；⑤像与物关于镜面对称。 4、凸透镜的三条特殊光线 （1）平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线过对侧焦点。 （2）过焦点的光线，经凸透镜折射后，平行于主光轴射出。 （3）过光心的光线，传播方向不改变。 5、凹透镜的三条特殊光线 （1）平行于主光轴的光线，经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线过同侧焦点。 （2）延长线过焦点的入射光线，经凹透镜折射后，折射光线平行于主光轴射出。 （3）过光心的光线，传播方向不改变。 1．如图为光线A0 从水斜射向空气，请画出入射光线AO 的折射光线和反射光线。 2．请在图中作出AB关于平面镜所成的像。 3．如图，太阳光透过窗户AB在房间光滑的地砖上反射后，将对面墙上的CD区域照亮，请利用光学作图作出阳光照射到地砖上的区域范围。（太阳光是平行光，保留必要作图痕迹） 4．如图所示，一束光线从空气斜射到水面时发生反射和折射，OB为反射光线，请作出入射光线和大致的折射光线方向。 5．如图，F为凸透镜的焦点，O为光心，请将光路补充完整。 6．如图所示，一束光射向凸透镜经折射后射到水面上，请在图中画出射向凸透镜的入射光线、以及进入水中的折射光线的大致方向。 7．如图所示，CCˊ是凸透镜的主光轴，O点是光心，F是焦点。请画出光线A、B通过凸透镜后的光路图。 押题猜想20 力学作图 1．如图﹣1为《天工开物》记载中的舂米装置，图﹣2为其工作简化图，请在图﹣2中画出力F的力臂l。 押题解读 画杠杆的力臂一是要找准支点，二是要准确画出力的作用线，然后才是从支点作力的作用线的垂线，最后还应该用字母将其标出来。 考前秘笈 1、作出物体受力的示意图 （1）需要把题目要求物体受到的所有力都画出来。 （2）物体受到的力通常有重力、压力、拉力、支持力、浮力、牵引力、摩擦力等。 2、作受力分析示意图 （1）定作用点：在受力物体上面出作用点，压力作用点在接触面中心去，其他力的作用点都可以画在物体重心上。如果物体同时受到几个力作用时，就将重心作为这几个力的作用点。 （2）定方向：以作用点为起点，沿力的方向画线段。常见力的方向描述，如重力方向竖直向下，摩擦力方向与物体相对运动或相对趋势方向相反，浮力方向竖直向上，压力、支持力方向与受力面垂直指向受力物体，拉力方向沿着绳子收缩的方向等。 （3）定长度（即力的大小）：尽管长度不能准确的反映力的大小，但在同一图中，如果物体受到几个力的作用时，线段的长短要大致表示力的大小，力越大，线段应画得越长。一对平衡力线段长度相同。 （4）标箭头：在线段的末端标上箭头表示力的方向。 （5）标符号：力一般用字母“F”表示，重力用符号“”表示。摩擦力一般用“”表示。 （6）标数值和单位：若有力的大小，还应该在箭头旁边标上力的数值和单位。 ※特别注意：重力方向竖直向下，摩擦力方向与物体相对运动或相对趋势方向相反，浮力方向竖直向上，压力、支持力方向与受力面垂直指向受力物体，拉力方向沿着绳子收缩的方向。 3、有关杠杆的作图：杠杆的支点、动力作用点和阻力作用点都必须在杠杆上，力臂和力的作用线必须垂直。 ※特别注意：不能把支点到力的作用点的距离当做力臂！！！ 4、最小动力作图 （1）最长动力臂的画法：若动力作用点已经给出，那么支点到动力作用点的连线作动力臂就是最长的力臂；若动力作用点没有给出，则选择杠杆上离支点最远的点为动力作用点，二者的连线就是动力臂。 （2）作最小动力的方法：①找出最大动力臂后过动力作用点作动力臂的垂线；②根据杠杆平衡的实际情况确定动力的方向，最后标上箭头和字母F或F1。 1．请在图中画出三娘湾白海豚跃出水面后所受力的示意图，不计阻力。（为重心） 2．在图中画出力F的力臂； 3．如图所示，乒乓球漂浮在水面，请在O点画出乒乓球受到的重力G和浮力。 4．如图是工人利用独轮车搬运砖头的情境，人手向上的力为F，请画出力F的力臂。 5．曲杆可绕固定点转动，在一个最小的力的作用下，在如图所示位置保持静止，请在图中作出：拉力的力臂和拉力的示意图。 6．画出提升重物时人站在地面向下拉绳子的绕线方法。    7．如图所示是小熊钓鱼的卡通画。请以O点为支点，在图中大致位置画出鱼竿所受阻力和小熊所施加的最小动力及其力臂的示意图。 押题猜想21 电磁学作图 1．教室里采用多盏“220V 26W”的LED灯进行照明，提供适当的光照强度和均匀度。将图中的LED灯和开关接入电路，使开关同时控制两盏灯正常工作。 押题解读 掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。使开关同时控制两盏灯正常工作，则开关和两盏灯是串联的，由于各用电器之间是并联的，各用电器能正常工作，并且互不影响，所以，同时控制两盏灯时应将开关串联在干路上，注意火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡，这样断开开关，切断火线，操作更安全。 考前秘笈 1、实物图补充连接类型 （1）实物图作图时，导线不能交叉； （2）电路串联时各个用电器与电流表逐个连接，电压表与被测电阻并列连接； （3）电路并联时，各个用电器并联连接，电压表一般测电源电压，电流表如果测总电流，则串联在干路中，如果测支路电流，则串联在支路上。 2、电路设计类型 （1）按照题目给出的信息，设计电路图； （2）家庭电路中开关需要安装在火线上； （3）家庭电路中各用电器之间并联，开关与被控制的用电器串联。 3、由实物图画电路图 （1）观察实物连接图，从电源的正极开始顺着电流的方向分析电流有几条路径回到电源负极，每个路径上都有哪些元件； （2）用规定的符号从电源的正极开始，依次用符号代替各元件，注意电流路径有几条，电流从哪里分开，又从哪里汇合，直到回到电源负极。 （3）在对应的符号旁边标明对应的字母符号。 4、由电路图连接实物图 （1）串联电路：连接电路时，从电源的正极上用导线依次接好各个元件，最后接到电源的负极上。 （2）并联电路：先连接一条元件较多的支路，形成个“圈”，把剩余的元件都留在“圈”内或“圈”外（可避免导线交叉），再从分流点处引出导线，连接其他支路元件至汇合点。 5、根据安倍定则判断磁场方向；内容：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。 6、通电螺线管的磁性强弱跟电流大小和匝数有关；在匝数一定时，电流越小，磁性越弱。 7、滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接入电路，滑动变阻器接入电路的电阻越大，电流越小。 1．请按照安全用电原则将下图所示的三孔插座和带开关的节能灯正确连入电路。 2．开关闭合后，螺线管及条形磁铁A的磁感线形状如图乙所示，请分别在螺线管及条形磁铁旁边的括号内标出或极。 3．请根据图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。 4．请用笔画线表示导线，将图中有开关控制的电灯接入家庭电路中。    5．如图所示，请在括号内标出通电螺线管左端的磁极、小磁针右端的磁极以及导线上A点的电流方向。（磁极均用“N”或“S”表示）    6．如图甲为家庭常用的三孔双控墙壁插座实物图，其中开关S1控制插座，开关S2控制灯泡，图乙为其电路图，请将电路连接完整。 7．如图所示电路中，请在甲、乙两处分别接入电流表或电压表，当S闭合后，使两灯均能发光。 题型五 实验题 押题猜想22 光学实验探究 1．在以下两个光学实验中： （1）图甲为探究“平面镜成像特点”的实验： ①用玻璃板替代平面镜的目的是便于 　 　 。 ②实验中将点燃的蜡烛靠近玻璃板，像的大小 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 ③检查视力时，视力表放在被测者的后上方，被测者识别对面墙上镜子里视力表的像。如图乙所示，视力表与平面镜间的水平距离为2.8m，要求视力表在镜中的像与被测者的水平距离为5m，则人应坐在离平面镜 　 　 m的位置检查。 （2）图丙为探究“凸透镜成像规律”的实验： ①图丙中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的像， 　 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是根据该成像特点制成的。 ②仅将凸透镜换成另一个焦距更小的凸透镜，发现光屏上的像变模糊了，此现象可模拟 　 　 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因，为使光屏上的像恢复清晰，可将光屏向 　 　 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动。 押题解读 本题主要考查了平面镜成像特点的实验及操作相关问题，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。 考前秘笈 1、探究平面镜成像的特点解题方法点拨 （1）镜面的选择与放置：用薄的茶色、透明玻璃代替平面镜的目的是便于确定像的位置；由于玻璃板的前后表面均能反射成像，为了减小两个像之间的干扰，玻璃板要薄一些较好。放置时玻璃板要和纸面垂直，否则玻璃板后的蜡烛无法与像完全重合。 （2）像的亮度：像的亮度取决于物体和环境的光线亮度关系。可以在较暗的环境中观察蜡烛的像。 （3）拿一支没有点燃的相同蜡烛在玻璃板后寻找蜡烛像的位置是为了比较像与物的大小。 （4）多次测量的目的是得出普遍结论。 2、探究光折射时的特点解题方法点拨 （1）如果实验改为光从空气斜射入水中，则显示水中光路的做法：在水中添加牛奶等。 （2）折射光线偏暗的原因：有部分光在界面处发生了反射。 （3）在入射角相同时，不同介质中的折射角不同的原因：光在不同介质中的传播速度不同。 （4）折射角的大小变化判断：入射角逐渐增大（或减小）时，折射角也随之增大（或减小），但变化幅度不相等。 1．小敏和小欣正进行光学实验。在“探究光反射的规律”时，她们将平面镜水平放置，把标有刻度的硬纸板竖直放置在平面镜上，让一束光贴着纸板入射到平面镜，如图甲所示： (1)实验时，若增大入射光线与法线的夹角，反射光线将 （选填“靠近”或“远离”）法线； (2)实验中用硬纸板显示光路，利用了光在硬纸板表面反生了 反射； (3)小敏和小欣都想从镜子中看到对方的眼睛，而不想让对方看到自己的眼睛，结果他俩谁都没能做到，没能做到的原因是光反射现象中，光路是 。 (4)按图丙组装实验器材，探究平面镜成像规律，为了保证实验效果应选择 （选填“平面镜”或“玻璃板”）； (5)若要看蜡烛A的像B，眼睛位置是图丁中的 （选填序号）；保持蜡烛A的位置不变，下列做法中会使看到的像位置发生变化的是 （选填“玻璃板上提”、“玻璃板水平平移”或“玻璃板上边向前倾”）。 2．在研究光的反射实验中，在平面镜的上方竖直放置白色光屏，它由可以绕ON折转的E、F两块板组成。如图所示。 （1）白色光屏的作用是 。 （2）让激光笔的入射光AO沿光屏左侧的E板入射到O点，转动F板找到反射光OB，此时AO和OB与ON的夹角分别是i与r，则i与r的关系是i r（选填“等于”“大于”或“小于”）；若入射光靠近法线，则反射光 （选填“靠近”或“远离”）法线；若此时把右板F向后折，则在F板上 （选填“能”或“不能”）观察到反射光； （3）如果大家都在亮处，甲同学能看见乙同学的眼睛，乙同学 （选填“能”或“不能”）看到甲的眼睛。 3．在研究“平面镜成像特点”的实验中，实验器材有：平面镜、带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺，两支完全相同的蜡烛A和B。如图甲所示： （1）实验中选择玻璃板而不选择平面镜，主要是为了便于 ； （2）实验中刻度尺的作用是便于比较像与物到镜面的 是否相等； （3）在竖立的玻璃板前面点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，直至它与蜡烛A的像完全重合，说明像和物体的大小相等，这种确定像与物大小关系的方法是 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）。 （4）小汽车挡风玻璃为什么要倾斜安装呢？老师引导小明做了如下实验：使玻璃板与水平面成45°角放置，则蜡烛的像为图乙中的 （选填“A”、“B”或“C”）。如果把蜡烛看成司机，则司机所成的像不会遮挡司机的视线而影响司机驾驶。 4．小聪在探究凸透镜成像特点。 (1)如图甲，他将凸透镜正对着太阳光，在透镜下方平行地放上白纸，测出透镜与白纸间的距离s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘制如图乙所示的图象。由图乙可知，白纸被烤焦的最短时间是2min，对应的s为 cm，此距离即为该透镜的焦距。 (2)当透镜与蜡烛的距离为15cm时，可在光屏上得到一个倒立、 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰实像，接下来将蜡烛和光屏位置对调，在光屏上 （选填“能”或“不能”）得到一个清晰的像，原因是 。 (3)将蜡烛移至图丙所示位置，透过凸透镜会看到烛焰所成的 （选填“虚”或“实”）像。 5．如图甲是小明探究平面镜成像特点的实验装置。 (1)实验中A、B两支蜡烛的外形应 （选填“相同”或“不同”）。点燃A蜡烛，小心地移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止。这表明像与物的大小 ； (2)如图乙，放在“烛焰”上的手指不会被烧痛，这是因为平面镜成像 （选填“实”或“虚”）； (3)实验后小明用凸透镜替换了玻璃板，将蜡烛B换成白纸（如图丙），白纸上没看到烛焰的像，他把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，白纸上出现了明亮清晰的像，这个像应该是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像； （填光学仪器）就是利用这一成像规律工作的； (4)小明在实验室发现一个破损的凸透镜，他就用橡皮泥把遗失的部分补上（如图丁）。小明如果用这个补好的凸透镜做上述的实验 （选填“残缺”或“完整”）的实像。 6．在“探究凸透镜成像的规律”实验中： （1）在光具座上，将蜡烛、光屏安装在凸透镜两侧，接着调节三者中心在 上；通过实验，绘制了像距随物距变化图像如图甲，此凸透镜的焦距是 cm； （2）实验中，当蜡烛、透镜和光屏的位置如图乙时，光屏出现了蜡烛清晰的像，这个实验现象与生活中的 的成像特点相同（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）； （3）“自拍神器”是旅游的最爱，如丙图所示。与直接拿手机自拍相比，自拍杆可以通过增大物距，从而 （选填“增大”或“减小”）所成像的大小； （4）某同学用自制的水透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像。如图丁，他向水透镜中注水，不改变蜡烛和透镜的位置，要使光屏上再次得到清晰的像，可将光屏向 （选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，或者在透镜前放置一副 （选填“远视”或“近视”）眼镜。 7．晓宇一次在夜间乘坐爸爸的车在高速公路上行驶时，发现车前方路面上有许多较亮的“光源”，但车通过后，这些“光源”就消失不见了，路面又是一片漆黑。他非常好奇，这些“光源”是怎么做到车来发光、车过熄灭的呢？他查阅相关资料了解到，这些“光源”是高速公路上安装的道路反光轮廓标，如图甲所示。这些轮廓标本身并不发光，而是在夜间或低能见度环境下反射车辆发出的光，来清晰显示道路轮廓，引导安全驾驶，且可将车辆发出的光沿原方向反射给驾乘人员，故看起来很亮。 光在反射时遵循什么规律呢?晓宇利用可沿ON 折转的纸板进行了如下实验： 他将一块平面镜放于水平桌面，把纸板竖立在镜面上，让ON垂直于镜面，如图乙所示。 (1)晓宇在探究反射角和入射角的大小关系时，发现用铅笔把反射光线描下来非常不方便，认真思考后，他认为只需在反射光的路径上标记一个点就能确定反射光线了，他用到的光学知识是 。 (2)晓宇多次改变光束的入射角，用量角器测出入射角与反射角的大小，记录数据于下表。分析数据可得，光反射时，反射角 入射角。 实验次数 1 2 3 入射角 30° 40° 60° 反射角 30° 40° 60° (3)如图丙所示，晓宇将纸板F剪成上下两块，然后保持上半部分与纸板E在同一平面内，将下半部分绕 ON向后折转后，只在上半部分可以看到反射光，这一现象说明 。 (4)结合以上实验结论分析可知，想要让车辆发出的光沿原方向反射进入司机的眼睛，至少需要 块平面镜，如何放置？ 。 押题猜想23 热学实验探究 1．小李组装了甲、乙两套装置，分别探究“固体熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度变化的特点”。 （1）利用图甲所示装置进行实验。试管中装有适量的细碎固体，下列操作不是使固体受热均匀的是 　 　 。 A.加热过程中不断搅拌 B.水浴法加热 C.温度计的玻璃泡完全浸没在固体中 （2）根据记录的数据绘制了图丙所示温度随时间变化的图象。由图可知，该固体属于 　 　 （选填“晶体”或“非晶体”）。AB段物质的比热容 　 　 （选填“大于”“等于”或“小于”）CD段物质的比热容。 （3）如图乙所示，在组装仪器时，温度计的玻璃泡碰到了容器底，接下来合理的操作是将 　 　 （选填“铁夹向上”或“铁圈向下”）调整。 （4）将图乙中的问题修正后，进行实验。下表是水温度升至92℃时，每隔1min记录的水温度和沸腾的情况。分析下表可知： ①水沸腾时，吸收热量，温度 　 　 。 ②实验时，外界大气压强 　 　 （选填“大于”“等于”或“小于”）标准大气压强。 加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 水的温度/℃ 92 94 96 98 99 99 99 99 99 99 是否沸腾 否 否 否 否 是 是 是 是 是 是 押题解读 本实验题主要考查这样几个方面：①使物体均匀受热的方法和优点；②实验数据的分析，判断晶体还是非晶体，根据绘制的温度﹣﹣时间图像，找出熔点；③判断某个时间段物质所处的状态，熔化前固态，熔化过程中固液共存，熔化后液态。总体难度不大，属于基础性题目。 考前秘笈 利用液体沸腾特点、沸点跟气压的关系以及液体沸腾前后气泡的变化结合图像或实验数据进行解答。 1．图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。 （1）要完成图中实验需要的测量仪器是温度计和 ，在安装器材时最后装的是 （选填“酒精灯”或“温度计”）； （2）实验中某次温度计的示数如图乙，为 ℃，根据实验数据绘制的水的温度随加热时间变化的图像如图丙，由图可知本实验中水的沸点为 ℃； （3）水沸腾时继续对水加热，水的温度 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；通过这个实验，你会建议妈妈熬汤时，水沸腾后选择 （选填“保持大火”或“调为小火”）继续炖汤； （4）去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是 。 2．小明探究“固体熔化时温度变化规律”的实验装置如图甲所示。 （1）将试管放在盛水的烧杯加热的优点是 ； （2）图乙温度计的示数为 ℃； （3）由图像可知，BC段该物质处于 （选填“固”、“液”或“固液共存”）态，该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。 3．小明注意到，回南天现象往往在天气回暖时出现，且不同材质的窗户上水珠凝结量存在差异。他猜想可能与温差和材料的导热性有关。于是，他使用题图1中的实验装置验证，设计实验：先将等大的正方体冰块分别放入②、③、④号三个碗中，静置10分钟；然后将四个碗的外壁擦干后，放入同一个密封箱内；每隔一段时间观察碗壁是否出现水珠，并记录水珠出现的时间和数量，如题表所示。 观察对象 水珠出现时间 10分钟后水珠数量 ①号碗 未出现 无 ②号碗 1分钟 最多 ③号碗 3分钟 较多 ④号碗 未出现 无 (1)实验中用湿毛巾加湿是为了增大空气中的 ； (2)对比①号碗和②号碗是为了探究水珠形成与 的关系，②号碗水珠的形成过程的物态变化是 。这个过程需要 （选填“吸热”或“放热”）； (3)由以上实验可得，回南天地板和墙壁的温度 （选填“高于”“等于”或“低于”）空气温度； (4)金属板比木板更早出现水珠，说明水珠形成与材料的 有关； (5)小明查资料还了解到回南天本质是空气中水蒸气温度骤降至露点以下被迫凝结成小水珠。当相对湿度≥90%时，露点温度与空气温度的关系如题2图所示，则上述实验密封箱内的露点温度为 ℃。 4．同学们在实验室做“探究固体熔化时温度的变化规律”实验。 (1)小杨所用的实验装置如图甲所示，小杨在实验中应先根据酒精灯 的高度，固定石棉网的位置。 (2)实验中，用水浴法加热固体的好处是 ； (3)若实验中固体的熔化时间过短，不便观察熔化时的实验现象和记录实验数据，在下列措施中，一定不能延长物质熔化时间的是________； A．增加试管中物质质量 B．增加烧杯中水质量 C．降低烧杯中水初温 D．撤掉酒精灯或小火加热 (4)小杨根据实验数据画出的冰熔化时温度随时间变化的图像如图乙所示，由图乙知，在BC段，该物质处于 态，熔化过程持续了 分钟； (5)小杨在总结实验结论时推测：如果一直加热下去，试管中的液体会沸腾。你认为小杨的推测是否正确？ ， 理由 。 (6)小明用图甲装置探究另两种物质b、c熔化时温度的变化规律，绘制的图像如图丙所示，分析图像可知，物质c是 （“晶体”或“非晶体”） 。 5．如图甲是用海波和石蜡“探究固体熔化时温度变化规律”的实验装置。    (1)组装器材时，应先固定图甲中的 （选填“A”“B”或“C”）。 (2)开始实验后，某一时刻温度计的示数如图甲所示，温度为 ℃。 (3)根据实验数据绘制的两种物质熔化时温度随时间变化的关系图像如图乙所示，由图像可知石蜡是 （选填“晶体”或“非晶体”）；在4~10min加热过程中，海波的内能 （选填“增加”“减少”或“保持不变”）。      6．如图甲所示是小明和小华做“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置。在两个相同的烧杯中分别装入初温和质量相等的A、B两种液体，并用两个相同的酒精灯加热并不断搅拌。 (1)实验时使用相同的酒精灯加热A、B两种液体，液体吸收热量的多少是通过 （填“加热时间”或“升高的温度”）来反映的； (2)他们根据实验测得的数据分别描绘了A、B两种液体的温度随加热时间变化的图像如图乙所示。若加热过程中无热损失，已知A的比热容为4.2×103J/（kg·℃），则B的比热容为 J/（kg·℃）。 7．老师用如图甲所示的装置做演示实验：探究物体熔化时温度的变化规律。 (1)安装实验器材时应按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行； (2)图甲中温度计的示数为 ℃； (3)实验中根据记录的数据绘制出温度﹣时间图像如图乙所示，根据图像可知该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。在t1～t2时间段内，该物质温度不变，内能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）； (4)根据图像信息可知，该物质在熔化前比熔化后的比热容 （选填“大”或“小”）。 押题猜想24 力学实验探究 1．小亮想利用如图1所示的密度计测量液体的密度，其测量单位为g/cm3。 （1）如图2所示，小亮把密度计放进甲液体，密度计竖直　 　 （选填“漂浮”或“悬浮”）在液体中，此时液面与密度计的A刻度刚好相平。若密度计的A刻度为0.7，则甲液体的密度为　 　 kg/m3； （2）若将该密度计放入密度比甲液体大的乙液体中，静止时，液面与密度计的B刻度刚好相平，则B应该在A的　 　 （选填“上方”或“下方”），此时密度计受到的浮力F乙　 　 （选填“＞”“＜”或“＝”）其在甲液体中受到的浮力F甲； （3）小亮觉得密度计非常有趣，于是他利用一根直径为1cm、长20cm的圆柱形吸管、小铁珠、热熔胶枪等，制成如图3所示的简易密度计（其质量为10g）。小亮把自制的密度计竖直放进某种液体中，密度计出现如图4所示的沉底现象。于是，小亮重新制作了规格如表所示的另外4支密度计，其中有可能可以测出这种液体密度的是　 　 （填编号）。 密度计编号 直径/cm 长度/cm 质量/g ① 2 20 10 ② 0.5 20 10 ③ 1 20 20 ④ 1 20 5 押题解读 本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，利用好密度计测液体密度时漂浮（F浮＝G）是本题的关键。密度计是一种测量物体密度的仪器，‌其基本原理是利用物体在液体中的浮沉条件。‌当一个物体在液体中时，‌如果物体能够漂浮，‌那么它所受到的浮力等于其重力。‌密度计的设计利用了这一原理，‌使其能够在不同的液体中保持漂浮状态。‌密度计的重量小于相同体积水的重力，‌因此当它浸入液体中时，‌会根据液体的密度调整其浮力以达到平衡。 考前秘笈 1、探究影响滑动摩擦力大小的因素解题方法点拨：影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。 2、探究液体内部的压强解题方法点拨 （1）控制变量法实验中影响压强的因素有深度、密度。我们需要用控制变量法来研究各个因素对压强的影响。 （2）转换法液体内部压强的大小无法直接测量，我们用压强计两侧的液面高度差来判断液体内部压强的大小，这种方法叫做转换法。 3、探究浮力的大小与排开液体重力的关系解题方法点拨 （1）弹簧测力计的读数（注意看清量程和分度值）。 （2）称重法计算浮力：F浮=G物一F拉。 （3）溢水杯的使用（溢水杯中的液体到达溢水口，以保证物体排开的液体全部流入小桶内）； （4）实验步骤的补充与改正（先测空桶重和物重，再将物体浸没在水中，最后测出排开液体的重力）。 （5）得出普遍规律的操作（物体由浸没改为浸入；换用不同的液体等）。 4、探究影响物体动能大小的因素解题方法点拨：分析物体动能大小的变化时，要同时考虑物体的质量和物体运动速度两个因素的变化情况，不能只考虑其中的一个方面，特别是忽略物体质量的变化。例如：公路上匀速行驶的洒水车在洒水的过程中，虽然速度大小没有变化，但是洒水车的动能在减小，这是因为洒水车的质量在不断减小 1．小澄在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，选择如下器材：长木板和表面固定有棉布的长木板、长方体木块（各表面粗糙程度相同）、砝码、弹簧测力计等。 (1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的物块，使其做 运动，此时弹簧测力计示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，这是应用了 原理； (2)如图为完成本实验设计的操作方案，得到的实验数据记录如表1： 表1 实验情景 甲 乙 丙 丁 测力计示数F/N 1.50 1.50 2.10 2.50 比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 （填“有关”或“无关”）；比较 两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小； (3)拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 两次实验得出的结论； (4)小澄发现以上方案拉动木块时，不好控制且不方便读数，于是她设计了三个改进方案（如表2），其中方案 为最优方案。 表2 方案一：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板 方案二：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动底部加了轮子的长木板 方案三：通过弹簧测力计将木块连接到墙上后，直接拉动下面的长木板 2．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景。 (1)小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向 ，并通过调整钩码 来改变拉力的大小； (2)当小卡片平衡时，小华将小卡片旋转过一个角度，松手后小卡片 （选填“能”或“不能”）平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究不在 的两个力能否保持平衡； (3)为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是： ； (4)在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要原因是 。 3．小明同学按如图所示步骤，探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。 (1)如图甲所示，金属块的重力为 N；在丁图中，金属块受到浮力为 ； (2)通过比较步骤甲、乙、丙可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体 有关；通过比较步骤甲、丙、丁可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的 无关； (3)小明又做了如图己的实验，若满足关系式：F1﹣F3＝ ，则验证了“阿基米德原理”；浸入液体中的金属块所受的浮力的大小等于金属块排开液体所受的 的大小。若将金属块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，则 （选填“能”或“不能”）验证阿基米德原理。 4．小华探究影响浮力大小的因素。用弹簧测力计、4个相同的小长方体磁力块、2个分别盛有水和盐水的烧杯等装置，利用磁力将4个磁力块组合成长方体物块，按如图甲所示的步骤进行实验。 （1）根据图A、B、C的测量结果，小明认为浮力与物体浸在液体中的深度有关，小华认为不一定正确，他的理由是 ； （2）根据A、C、D的实验结果，得出浮力大小还与 有关；若把4个磁力块组合成如图乙所示，小华还能探究浮力的大小与 的关系； （3）小华又设计了如图丙所示的实验装置继续探究。先将盛有盐水的容器放在电子秤上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中且不触底（盐水足够深），同时记下圆柱体下表面在盐水中所处的深度h和电子秤显示的相应的质量m，记录数据如表所示。已知圆柱体的高度为15cm，当h=8cm时，用弹簧测力计测得细线对圆柱体的拉力为1.2N，g取10N/kg。 h/cm 0 2 4 6 8 10 12 m/kg 2.000 2.040 2.080 2.120 2.160 2.200 2.240 ①当h=8cm时，圆柱体受到的浮力大小为 N，分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成 比； ②圆柱体的密度与盐水的密度之比为 ，若圆柱体的密度为1.4g/cm3，则盐水密度为 g/cm3。 5．（1）如图甲所示，“探究光的反射规律”的实验装置，小强将纸板竖直放置于平面镜上，移动激光笔，使入射光绕入射点O沿逆时针方向转动，可观察到反射光沿 （选填“顺”或“逆”）时针方向转动，说明反射角随入射角的增大而 ； （2）如图乙所示，该装置探究海波熔化时温度的变化规律。将装有海波的试管放入水中加热是为了使海波受热 ；图丙是根据实验数据绘制的海波温度随时间变化的图像，分析图丙可知，在6~7min时间内，试管内的海波处于 态； （3）如图丁所示，在“探究力和运动的关系”的实验中，让木块由静止开始沿斜面滑下，木块在三种不同水平面上运动一段距离后分别停留在如图所示的位置。实验需要木块从同一斜面的 高度开始下滑（选填“相同”或“不同”），目的是使小车到斜面底端的 相同。 6．小龙发现力学中有很多相似的实验，他找了如下器材：表面平整的长木板（带斜面）、刻度尺、小车、木块、毛巾、棉布、钩码。 （1）如图1，小龙在“探究阻力对物体运动的影响”实验中，让同一小车每次从斜面的 （选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下，发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，推理得出：运动的物体如果不受力将做 运动； （2）在十六世纪末，伽利略也进行过上述相关研究，如图2是他实验和推理的示意图，其中属于推理的是 （选填“甲”或“乙”）图； （3）在图1丙的基础上，再增加木块，可进行“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验。让同一小车从斜面上 （选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下撞击木块，通过木块滑行距离判断动能的大小，可以探究动能的大小与 的关系。 7．如图是小明同学实验小组探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验装置（在物体未浸入水中时，溢水杯中盛满水或酒精）。 （1）物体完全浸没在水中时所受的浮力为 N； （2）由A、C、D可知，浮力与物体浸没的深度 （选填“有关”或“无关”）； （3）由A、D、E可知，浮力与液体的密度 （选填“有关”或“无关”）； 实验结果表明，物体在液体中所受浮力大小，跟它浸在液体中的体积有关、跟液体的密度有关。在这个实验中小明还测量出B、C、D、E中排出液体的重力，发现浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开液体所受的重力； 【拓展】小明在家中利用台秤、玻璃杯、水、玻璃缸、记号笔来测量盐水的密度。实验过程如下： ①将玻璃杯放在台秤上，测出空玻璃杯的质量为m1； ②如图甲所示，向玻璃缸中倒入适量的水，使空玻璃杯漂浮在水面上，用记号笔记下水面在玻璃杯上对应的位置b，此时玻璃杯受到的浮力为 ； ③倒出玻璃缸中的水并擦干净，向玻璃缸里倒入适量的待测盐水，擦干玻璃杯外面的水，使玻璃杯漂浮在盐水面上（如图乙所示）。向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与 相平； ④取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用台秤测出其总质量为m2； ⑤盐水密度的表达式为ρ盐水= （用字母表示，已知水的密度为ρ水）。 押题猜想25 电学实验探究 1．小明利用如图﹣1所示的电路测量小灯泡的电功率，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝的电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1“25Ω 1A”和R2“50Ω 0.5A”的滑动变阻器各一个，导线若干。 （1）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至 　 （选填“A”或“B”）端。 （2）闭合开关，小灯泡不亮，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，产生这一现象的原因可能是小灯泡 　 　 （选填“短路”或“断路”）。 （3）排除故障后继续进行实验，移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图﹣2所示为 A。实验数据记录如下表。 小灯泡规格 电压表示数U/V 电流表示数I/A 小灯泡的亮度 小灯泡的电功率P/W 额定电压U额＝2.5V 1.0 0.16 暗 2.5 正常发光 3.0 0.28 很亮 （4）实验使用的滑动变阻器是 　 　 （选填“R1”或“R2”）。 （5）通过实验得出小灯泡的额定功率是 　 W，小明通过计算发现三次测量小灯泡的电阻变化较大，其原因可能是 　 　 。 （6）实验完成后，小明不用电流表，添加了一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了如图﹣3示的电路，按如下步骤操作测出小灯泡的额定功率P额； ①闭合开关，调节滑片，使电压表示数为小灯泡的额定电压U额； ②保持滑动变阻器滑片位置不变，将电压表接在定值电阻R0两端，测出其两端电压U0； ③小灯泡的额定功率的表达式为P额＝ 　 　 （用物理量R0、U额和U0表示）。 押题解读 本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、故障分析及测量电功率的特殊方法。 （1）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。 （2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表无示数分析。 （3）根据电流表选用的量程确定分度值读数。 （4）根据表中第一组数据，由串联电路的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻分析。 （5）根据P＝UI得出通过实验得出小灯泡的额定功率。灯的电阻取用温度的变化而变化。 （6）灯在额定电压下正常发光，保持滑动变阻器滑片位置不变，根据测出其两端电压U0得出通过定值电阻的电流即灯的额定电流，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率的表达式。 考前秘笈 1、探究电流与电压、电阻的关系解题方法点拨 （1）理解实验方法：在探究电流与电压、电阻关系的实验中，由于两个因素都会对电流产生影响，所以我们采用控制变量法来进行研究，即研究电流与电压关系时要控制电阻一定，研究电流与电阻关系时要控制电压一定。 （2）理解探究过程：研究电流与电压关系时移滑动变阻器的滑片目的是改变定值电阻两端的电压；研究电流与电阻关系时移滑片的目的是使定值电阻两端的电压保持一定。 （3）理解结论描述  ①两个实验的结论前面都要加上条件：“当导体的电阻一定时”、“当导体两端的电压一定时”。  ②注意用词先后顺序：“电流与电压”、“电流与电阻”不能说成“电压与电流”、“电阻与电流”。  ③“电压”“电流”“电阻”每个词前的修饰语都是不同的：“导体中的电流”，“导体两端的电压”，“导体的电阻”。 2、伏安法测量小灯泡的电功率解题方法点拨 （1）连接电路时开关一定要断开，并且滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，以保护电路。 （2）电压表和电流表的量程，应大于小灯泡的额定电压和额定电流，以免烧坏电表。 （3）滑动变阻器的选择：通过它的最大电流应大于灯泡的额定电流，它的最大阻值应使连入它后电路的电流不超过灯泡的额定电流太大，最好和灯泡的电阻大致差不多，这样调节效果更明显。 （4）在移动滑动变阻器的滑片使小灯泡两端电压高于额定电压时要注意，实际电压不能超过额定电压的1.2倍，同时时间不能过长，否则易烧坏灯泡． 3、伏安法测电阻解题方法点拨 （1）测灯泡电阻时不能求平均值，因为在不同电压下灯泡的温度不同，其电阻是不同的，求平均值没有意义。 （2）测定值电阻的阻值时应该求平均值，因为定值电阻的阻值不变，求平均值可以减小误差。 （3）滑动变阻器在实验中的作用：保护电路；改变待测电阻两端的电压 1．学校“水培种植小屋”的蔬菜适宜生长的温度在10～30℃之间，某学习小组利用热敏电阻和电阻箱设计温度报警电路，电阻箱是可以调节并显示阻值的变阻器。 (1)利用图甲所示电路探究热敏电阻Rt阻值随环境温度t变化的规律； ①根据图甲，用笔画线表示导线，将图乙中的实物电路连接完整； ②连接电路的过程中，应将开关 ；将电阻箱的阻值调至最大，起到 的作用； ③将热敏电阻置于0℃的环境中，闭合S1，断开S2，记录电流表示数I0，然后 （描述开关状态），调节电阻箱R0直至电流表示数为I0，此时R1＝R0； ④将热敏电阻R1置于不同温度的环境中，重复步骤③，测得的数据如表： 温度t/℃ 0 10 20 30 40 阻值Rt/Ω 3800 2400 1300 800 600 分析数据可得：热敏电阻的阻值随温度的升高而 ； (2)根据上述探究结果，设计报警电路。 实验器材：电源（恒为12V）、热敏电阻R1、电阻箱R0（0∼9999Ω）、数字电压表（U≥7.2V时报警）、数字电流表（I≥5mA时报警）、开关一个、导线若干。设计要求：小屋温度t≥30℃或t≤10℃时都有一个电表报警。 ①虚线框中的电路图是学习小组设计的报警电路，但它不能完全满足要求，请你根据设计要求将电路图补画完整； ②设计的电路中，电阻箱R0应调为 Ω，当温度降低到10℃时电路报警，此时电流表的示数为 mA。 2．在探究电流与电压、电阻的关系的实验中，选用的器材有：电源（恒为）、电压表（）、电流表（）、电阻R（、、）、滑动变阻器（）、开关、导线若干。 序号 电压 电流 1 1.0 0.20 2 1.5 0.30 3 0.40 (1)请用笔画线代替导线将图甲的实物电路连接完整； (2)闭合开关，电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，经检查电表完好，则电路故障可能是 ； (3)排除故障后，在探究电流与电压的关系时，记录的实验数据如上表，其中第次实验的电压表示数如图乙所示，为 。实验中所选电阻的阻值为 ； (4)探究电流与电阻的关系时，将电阻接入电路，记录电流表示数为；将电阻更换为，移动滑片直至电压表示数为 ，记录电流表示数；再将电阻更换为，发现无法完成实验。从本实验可行性与安全性考虑，应控制电阻两端的电压范围为 。 3．如图甲所示为“测量小灯泡电阻”的实验装置，已知小灯泡标有2.5V字样。 (1)按甲图连接的电路，开关闭合前，需要将滑片移动 （选填：“C”或“D”）端； (2)在检查电路无误后进行实验，当移动滑片时电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡在2.5V电压下的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，直至电压表的示数为2.5V； (3)通过移动滑动变阻器的滑片P，进行多次测量记录数据，并绘制U-I图像如图丙所示，由此可得小灯泡在电压为2.5V时的电阻是 Ω； (4)根据图丙可知小灯泡的电阻是 （选填“变化”或“不变”），你认为原因是 ； (5)通过本实验可知，不能通过求灯泡的平均值来作为灯泡的电阻值，其原因是： 。 4．实验小组在“测量小灯泡额定功率”的实验中，用到的实验器材有：电压恒定为6V的电源、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时灯丝的电阻约为12Ω）、滑动变阻器、开关和若干导线。 (1)请根据实验要求将图甲所示的电路连接完整（导线不能交叉） ； (2)电路连接完整，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到 （填“左”或“右”）端； (3)小组同学将电路连接无误后闭合开关，观察到小灯泡不亮且电流表有示数、电压表示无数，电路中只有一处故障，则故障可能是 ； (4)排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，此时应将滑动变阻器的滑片向 （填“左”或“右”）移动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W； 【拓展】实验中电压表意外损坏，小组同学讨论后，选用阻值为的定值电阻进行实验，设计如图丙所示的电路也测出了小灯泡的额定功率。请将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为 ； ②保持滑动变阻器的滑片P不动，只闭合开关S、S2，读出电流表的示数为； ③小灯泡的额定功率表达式： 。（用表示） 5．善于观察的小明看到电池使用说明中提示“请一次性更换所有电池，以免新旧电池混用”。于是小明在家中找出同一品牌的电池设计实验，探究新旧电池混用是否更节能。 (1)小明将同型号的两节新电池串联或“一新一旧”的两节电池串联，分别给同一辆玩具电动车供电，让玩具车在 （选填“相同”或“不同”）的路面上行驶。他发现在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能较 ，该研究方法属于 法； (2)小明换用定值电阻进一步探究，通过测量定值电阻两端的电压，比较电池给定值电阻提供电压的大小。他设计了如图甲所示的电路进行实验，分别将相同型号的电池以不同的组合方式接入A、B间，将开关S闭合前后的电压表读数记录在表中： 实验 电池组合 A、B之间的电压UAB/V S断开时 S闭合时 1 两节新电池串联 3.2 3.1 2 “一新一旧”电池串联 1.9 1.3 3 一节新电池 1.6 1.5 ①分析表中的数据发现，“一新一旧”电池串联对外提供的电压最 ； ②小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，是为了 （选填“减小实验误差”或“使实验结论具有普遍性”）； (3)小明查阅资料知道干电池本身有一定的电阻，如图乙所示，可以等效为一个没有电阻的电池和一个定值电阻R串联而成。为测定干电池的阻值，小明设计了如图丙所示的电路。已知滑动变阻器的最大阻值为R0，请完成下列的实验步骤： ①只闭合开关S，断开开关S1，记录电压表示数为U1； ②接着闭合开关S和S1，将 ，记录电压表示数为U2； ③干电池电阻的表达式：R= （用R0、U1、U2表示）。 6．学习小组在探究并联电路电流规律的实验中。 实验序号 1 0.18 0.42 2 0.16 0.20 0.36 3 0.38 0.32 0.7 (1)小明用如图甲所示的电路来探究并联电路电流的特点，需要测量A、B、C三处的电流。 ①实验时要注意：连接电路时，开关应处于 状态； ②连接好电路图后，测量A处的电流时如图乙所示，电流表示数是 A； ③实验中，小明通过 的方法实现了多次测量。 ④将测量结果记录在表格中。分析表格中的数据，得出的结论是： 。 (2)小马想比较并联电路中各支路电流大小时在按照图丙所示的电路测量，只闭合测出中的电流，只闭合测出中的电流，比较和的大小。请你评估：他的方案是 （选填“可行”或“不可行”）的，理由是 。 (3)小明发现在图丙电路所用器材的基础上，减少一个开关，也可以测量各支路的电流大小。请你帮小明在丁图的虚线框中，设计出一个可测出各支路电流的电路图。 7．小陈同学在做伏安法测电阻的实验。 (1)他选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大； (2)闭合开关前，应让滑动变阻器滑片的位置处于其阻值 （选填“最大”或“最小”）处； (3)闭合开关，小陈同学发现两电表均无示数。为了查找故障，他将电压表拆下，保持电路其他部分连接完好，再将电压表分别接在电源、待测电阻Rx、滑动变阻器两端，然后闭合开关，发现只有接在待测电阻Rx两端时，电压表无示数，则故障可能是 （选填“待测电阻”或“滑动变阻器”）断路； (4)排除故障后，小陈同学经过多次实验，并根据数据画出如图乙所示的图象，由图象可知，该待测电阻Rx的阻值为 Ω； (5)小陈同学还将电压表并联在变阻箱两端测量另一只待测电阻，如图丙所示，当变阻箱的阻值为R时，电压表示数为U；（R和U数据已知）当变阻箱的阻值为4R时，电压表示数为2U；可知待测电阻Rx的阻值为 。 题型六 计算题 押题猜想26 力学综合计算 1．如图所示是打捞物体的模拟装置。电动机带动钢丝绳自由端以0.5m/s的速度匀速拉动滑轮组，经过5min将体积为0.1m3的物体由海底提升到海面，物体在海面下匀速上升的过程中，该滑轮组的效率为90%。（不计物体的高度、动滑轮体积、绳重和摩擦，，g取10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3）求： （1）物体浸没在海水中受到的浮力； （2）动滑轮的总重力； （3）物体离开海面后电动机的输出功率。 押题解读 本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、速度公式、阿基米德原理、液体压强公式、功率公式、效率公式的应用；难点在第二问，利用提供的电动机的效率求出动滑轮重力是关键。 考前秘笈 公式 变形式 （常考） 物理量 主单位 其他常用单位 s=vt 路程（s） m（米） km（千米）、cm（厘米）、mm（毫米） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分） 速度（v） m/s（米每秒） km/h（千米每小时） m=ρV 质量（m） kg（千克） g（克）、mg（毫克） 体积（V） m3（立方米） cm3（立方厘米） 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） G=mg 质量（m） kg（千克） g（克）、mg（毫克） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） 重力（G） N（牛） F=pS 力（F） N（牛） 受力面积（S） m2（平方米） cm2（平方厘米） 压强（p） Pa（帕） p=ρgh 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） 物体浸入水中的深度（h） m（米） cm（厘米） 压强（p） Pa（帕） F浮=G排=ρ液gV排 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） 排开液体的体积（ V排） m3（立方米） cm3（立方厘米） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） 浮力（F浮） N（牛） P=Fv W=Pt 力（F） N（牛） 距离（s） m（米） cm（厘米） 功（W） J（焦） 速度（v） m/s（米每秒） km/h（千米每小时） 功率（P） W（瓦） kW（千瓦） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 杠杆平衡条件 F1l1=F2l2 动力（F1） N（牛） 阻力（F2） N（牛） 力臂（l） m（米） cm（厘米） W有=gh W总=Fs 重力（G） N（牛） 上升高度（h） m（米） cm（厘米） 有用功（W有） J（焦） 拉力（F） N（牛） 距离（s） m（米） cm（厘米） 总功（W总） J（焦） 机械效率（η） 1．神舟十三号返回地球，返回舱在离地的高空打开主伞，靠近地面时启动反推发动机减速，最后稳稳落地。打开主伞至落地这一过程历时约。若返回舱总质量，求： (1)打开主伞到落地，返回舱下降的平均速度； (2)这一过程，返回舱重力做的功； (3)这一过程，返回舱重力做功的功率。 2．2023年8月初，华北地区面临严峻的防汛形势。为减小抗洪压力，科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，将其制成顶部开有小孔的模型，如图所示。其中A为压力传感器，传感器A与模型底部的距离h=1m，B是密度小于水且不吸水的圆柱体。能沿固定的光滑细杆在竖直方向自由移动。当模型内水深h1=15cm时，B与模型底面刚好接触且压力为零。水面上涨到设计的警戒水位时，圆柱体对压力传感器的压力为3N，触发报警装置，开启通洪阀门。已知圆柱体B的底面积SB=100cm2，高hB=25cm，=1×103kg/m3。求： (1)水深h1=15cm时，B受到的浮力； (2)B的密度； (3)当触发触发报警装置时，水对容器底部的压强。 3．为缓解同学们的中考压力，初三年级进行了“敢拼就会赢，努力向前行”的备考赋能活动，其中有一项夺旗活动赢得了同学们阵阵喝彩。在这个夺旗活动中，每组需派出一名同学站到充气水池里的小船上，将船划到对岸，从高杆上取下彩旗并返回。已知柱形充气水池底面积为，最大载重为的长方体小船漂浮在水面上（如图所示），小船底面积为，船体厚度不计，未站上人时船底距离水面，此时彩旗距离水面。（游戏过程中未有水溢出水池，）求： (1)未站上人时，小船底部受到水的压强； (2)小船的质量； (3)组派出了小乐参加夺旗，小乐的质量为，举手高度，在船上不能踮脚，不能跳起，忽略鞋子质量和鞋底厚度，小乐站上船后，水池底部受到水的压强增加了多少？小乐是否能取下彩旗？请通过计算说明。 4．用一弹簧测力计挂着一实心圆柱体，圆柱体的底面刚好与水面接触（未浸入水）如图甲，然后将其逐渐浸入水中，如图乙是弹簧测力计示数随圆柱体逐渐浸入水中的深度变化情况，求：（g取10N/kg） (1)圆柱体受的最大浮力； (2)圆柱体刚浸没时下表面受到的液体压强； (3)圆柱体的密度。 5．图甲所示是起重船“振华30”正在作业的情景，它是中国制造的世界最大起重船，被誉为“大国重器”，港珠澳大桥沉管的安放安装就由它完成。为了防止起重船吊装重物时发生倾斜，在起重船的船体两侧建造了由许多小舱室组成的压载水舱，通过控制压载水来控制船体的平衡。如图乙是起重船正在排压载水的场景。已知船重，某次作业起重机将重1×10⁷N物匀速提升了30m，它的电动机所做的功是，求： （1）起重船带着重物一起漂浮在水面上时，排开水的体积； （2）起重机将该重物匀速提升30m，电动机所做的功是，起重机的机械效率； （3）如图丙所示为小海设计的一种用力传感器感知抽水量的长方体水舱模型，其底面积为2m3，图中A是固定的力传感器，能够显示B对它的压力或拉力的大小；B是质量和体积均可忽略的细直杆，B的上端固定在A上，下端固定在物体C上；物体C是质量为20kg、高度为2m的圆柱体。水舱中装有4.2m3的水，抽水机将水抽出的过程中，力传感器示数F的大小随抽出水的体积V变化的图象如图丁所示。当力传感器示数为100时，求剩余的水对舱底的压强。 6．如图甲是“浮筒打捞法”打捞沉船的过程，将空心金属筒灌满水沉到水底，用钢缆把浮筒与沉船拴住，启动打捞船上的压气机，把空气压进筒中排出水，浮筒就会带着沉船一起浮到水面上。科技文化节上，小明制作了空心浮筒模型A和实心沉船模型B，A、B间用轻质细绳相连，重现了这一过程。水平地面上有一个装有适量水的足够高的圆柱形容器，将模型A和模型B放入容器中，A利用容器中的水自动进行充水，充满水后，B对容器底的压力为6N，如图乙。打捞过程中，模型A向容器中排水浮出水面，A、B静止时，如图丙所示。已知圆柱形容器底面积为，模型A质量为0.4kg，体积为，模型B质量为0.6kg，体积为。求： （1）图乙中模型B受到的浮力； （2）模型A充满水时的总重力； （3）图丙与图乙相比，水对容器底的压强变化量。 7．辰辰和瑶瑶两位同学要测量一矿石的密度，设计了如下方案：将矿石放入装有适量细沙的薄壁圆筒，缓慢竖直放入盛有适量水的长方体透明薄壁容器中（容器放置在水平桌面上），用圆筒底边对应的位置在长方体容器上标出一条水平直线AB（如图甲所示）；然后将矿石取出，用圆筒底边对应的位置在长方体容器上标出另一条水平直线CD（如图乙所示）；再将矿石缓慢放入长方体透明薄壁容器中，静止后用圆筒底边对应的位置在长方体容器上标出第三条水平直线EF（如图丙所示）。薄壁圆筒的底面积为S=50cm2，长方体容器底面积为2S=100cm2，甲图中水面到AB的深度为h=10cm，乙图中AB到CD的距离h1=3cm，丙图中CD到EF的距离h2=1cm。（ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）求 (1)甲图中薄壁圆筒和细沙以及矿石一起受到的总浮力F浮； (2)矿石的重力G； (3)矿石的密度ρ。 押题猜想27 电学综合计算 1．甲图是一款空气能热水器的工作原理间化图，工作物质在蒸发器中吸收空气的热迅速汽化，之后被压缩机压缩成高温高压的气体，通过冷凝器对储水箱中的水加热。该热水器部分参数如表一所示，其中“能效比n”指储水箱中的水吸收的能量与压缩机消耗的电能的比值。乙图是另一款电加热热水器的内部简化电路，R1、R2为电热丝，通过升美的调节实现高、中、低三个挡位的转换，表二为其铭牌上的部分参数。为测试两款热水器的相关功能，将它们的水箱中分别加入50kg水，使水温均升高12℃，电加热热水器在高温挡功率下工作，空气能热水器在额定输入功率下工作，测得空气能热水器工作用电10min。已知水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），求该测试过程中： 表一 水箱容量 100L 额定电压 220V 最大输入电流 9A 额定输入功率 1400W 能效比n 表二 额定电压 220V 高温挡功率 中温挡功率 1000W 低温挡功率 500W 加热效率 84% （1）空气能热水器水箱中的水吸收的热量； （2）空气能热水器的“能效比n”； （3）电加热热水器高温挡功率； （4）电加热热水器加热的时间。 押题解读 本题考查串并联电路特点、吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的灵活运用，是一道电热综合题，有一定的难度。 考前秘笈 公式 变形式 （常考） 物理量 主单位 其他常用单位 U=IR 电压（V） V（伏） mV（毫伏） 电阻（R） Ω（欧） kΩ（千欧） 电流（I） A（安） mA（毫安） W=UIt 电压（V） V（伏） mV（毫伏） 电流（I） A（安） mA（毫安） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 电功（W） J（焦） 电能表上常用的单位为kW·h W=Pt P=UI P=I2R 电功（W） J（焦） 电能表上常用的单位为kW·h 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 电功率（P） W（瓦） kW（千瓦） Q=I2Rt 电流（I） A（安） mA（毫安） 电阻（R） Ω（欧） kΩ（千欧） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 热量（Q） J（焦） kJ（千焦） 1．如图是一款手持式两挡电煮锅及其简化电路图，R1、R2为均为定值电阻。高温挡功率为1000W，低温挡时R1、R2的总功率为220W。请计算： (1)R1的阻值； (2)在标准大气压下，将2kg水从20℃烧开，水吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg•℃）] (3)若电煮锅的热效率为80%，在标准大气压下，用高温挡将2kg水从20℃烧开，需要多长时间。 2．小明发现某款电炖锅分高、中、低三个挡位，其部分设计参数如表所示，简化电路如图所示，R0、R1、R2为电热丝，其中，。在高温挡、中温挡工作时，开关S2均处于闭合状态；在低温挡工作时，开关S1、S2均处于断开状态，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片，可调节低温挡的功率。 额定电压 30V 高温挡功率 ?W 中温挡功率 90W 低温挡功率范围 20W~50W （1）求中温挡正常工作时的电流； （2）求高温挡的功率； （3）R0现有“30Ω；3A”“40Ω；2A”“50Ω；1.5A”三种规格，请通过计算说明应选择哪一种规格? 3．广西的南风天空气湿度RH较大，会使人感觉不舒适（人体感觉比较舒适的湿度RH范围是40%~60%）。小明设计了一款湿度计，从湿度计（由小量程电流表改装而成）指针所指刻度可知湿度大小，其原理如图甲所示。为1000Ω的定值电阻，电源电压恒为6V，为湿敏电阻，其阻值随空气湿度的变化关系如图乙所示。当电流表示数为2mA时，求： （1）1min内电路消耗的电能； （2）电阻的阻值； （3）此时的空气湿度，并判断人体感觉是否舒适。 4．梧州人爱好喝六堡茶，如图甲所示是某品牌微电脑电热水壶，用于烧水泡茶非常方便，它具有自动加水、加热、显示水温、保温等多种功能。当水沸腾时，加热装置自动停止加热，电热水壶从加热状态自动切换到保温状态。当水温降到80℃时，又重新加热，使水重新沸腾。如此反复，使水温始终维持在一定范围内。电热水壶的电路如图乙所示，电热水壶的铭牌数据如下表。求： 产品名称 微电脑电热水壶 额定电压 220V 额定功率 加热 1100W 保温 200W 容量 2L （1）为冲泡茶，需将2L的水从80℃加热到100℃，水吸收的热量；（水的比热容，水的密度为） （2）此时，电热水壶正常工作了5min，求电热水壶的消耗的电能； （3）的阻值。 5．如图所示是某款电加热煮茶壶的简化工作原理图，其额定电压为220V，、均为阻值不变的加热电阻丝，旋钮开关S分别调至1、2、3挡位置，与该挡的两个触点同时接通。通过改变旋钮开关的位置，可实现“加热”、“保温”两种挡位的调节。已知加热挡的额定功率为1210W，。求： (1)电阻丝的阻值。 (2)保温挡正常工作1min40s消耗的电能。 (3)该煮茶壶加热时的效率为。若在用电高峰期，实际电压只有200V，使用加热挡，将500g的茶水从加热到需要多长时间。[茶水的比热容] 6．如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端移到a端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。求： (1)电源电压U； (2)定值电阻R的阻值。 7．如图所示，电源电压保持不变，R1=10Ω。只闭合开关S1时，电流表的示数是0.3A；只闭合开关S1、S2时，电流表的示数是0.5A。试求：（每问均画等效电路） (1)电源电压U的值； (2)R2的阻值； (3)只闭合开关S3时，电路消耗的电功率P。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 21 / 172 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年中考物理终极押题猜想（广西专用） 目录 题型一 单项选择题 1 押题猜想01 估测题 1 押题猜想02 光现象辨析 6 押题猜想03 改变物体的内能方法 11 押题猜想04 流体压强与流速关系 15 押题猜想05 功和机械能 20 押题猜想06 物态变化辨析 26 押题猜想07 透镜成像规律及应用 30 押题猜想08 惯性及应用 35 押题猜想09 电与磁 40 押题猜想10 电路设计 47 题型二 多选题 52 押题猜想11 动态电路分析 52 押题猜想12 浮力的应用 61 题型三 填空题 69 押题猜想13 电流电路 69 押题猜想14 分子动理论 73 押题猜想15 摩擦力 78 押题猜想16 能源和效率 81 押题猜想17 欧姆定律的应用 86 押题猜想18 压强的计算 92 题型四 作图题 99 押题猜想19 光学作图 99 押题猜想20 力学作图 105 押题猜想21 电磁学作图 111 题型五 实验题 117 押题猜想22 光学实验探究 117 押题猜想23 热学实验探究 125 押题猜想24 力学实验探究 134 押题猜想25 电学实验探究 144 题型六 计算题 158 押题猜想26 力学综合计算 158 押题猜想27 电学综合计算 171 题型一 单项选择题 押题猜想01 估测题 1．如图所示，小红同学手持一瓶未开盖的矿泉水。根据图片提供的信息，下列对该瓶矿泉水估测最接近实际的是（　　） A．瓶的容积约5L B．瓶的高度约25dm C．瓶中水的重力约5N D．瓶中水的温度约89℃ 【答案】C 【解答】解：A、瓶的容积约500mL，约为0.5L，故A错误； B、瓶的高度约25cm，故B错误； C、瓶中水的体积约为500mL，根据G＝mg＝ρvg＝1.0×103kg/m3×500×10﹣6m3×10N/kg＝5N，故C正确； D、瓶中水的温度约40℃，故D错误。 故选：C。 押题解读 估测题是中考常考题，一般以选择题的方式出现，题目难度较小，一般需要估测的物理量有长度、时间、质量、密度、力、电阻、电压等。试题精心取材于学生日常生活、学习过程。需要我们善于观察生活同时有基本的推理估测能力。 考前秘笈 1、常见长度的估测 中学生拇指指甲宽度约为1cm 一支 新2B铅笔的长度约为18cm 吃饭用的筷子长度约为25cm 初中物理课本的宽度约为18.5cm 一只普通牙刷的长度约为15cm 初中物理课本的长度约为26cm 乒乓球台的宽度约为1.5m 初中生的身高约为160cm 一张纸的厚度约为0.1mm 一本八年级物理课本的厚度约为6mm 医用外科口罩的长度约为15cm 教室里灯管的长度大约为1m 2、常见质量的估测 一名普通中学生的质量约为50kg 一枚鸡蛋的质量约为50g 一个苹果的质量约为200g 一瓶500mL矿泉水的质量约为500g 一袋早餐 奶的质量约为200g  一部手机的质量约为150g  一块学生常用橡皮的质量约为20g 一个篮球的质量约为500g 中考体育用的实心球质量约为2kg 一元硬币的质量约为6g 一只公鸡的质量为2.5kg 一台笔记本电脑的质量约为2kg 3、常见温度的估测 标准大气压下冰水混合物的温度为0℃，沸水的温度为100℃ 人的正常体温为36.8～37.2℃ 人感觉舒适的环境温度约为26℃ 洗澡水的温度约为40℃ 中考考场内的温度约为25℃ 电冰箱冷冻室内的温度约为-18℃ 绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为5℃ 1．如图请估测该瓶子的高约为（    ） A．2cm B．20cm C．50cm D．500cm 【答案】B 【详解】中学生拳头的宽度在10cm左右，由图可知，瓶子的高度相当与两个拳头的高度，在20cm左右，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2．人的身体中藏有很多“尺”（如图所示），可以帮助我们估测物体的长度、身高170cm的小明，利用自己的身体特征进行了以下估测，其中最接近实际的是（　　）    A．单人课桌长3拃（zhǎ），约0.6m B．黑板长2.5庹（tuō），约9m C．教室长15步，约30m D．文具盒宽4指，约0.005cm 【答案】A 【详解】A．一拃约15cm，单人课桌长在1m以内，单人课桌长3拃，故A符合题意； B．一庹约1.6m，黑板长2.5庹（tuō），约4m，故B不符合题意； C．1步幅约1m，15步幅应该在15m左右，故C不符合题意； D．1指宽约1cm，文具盒宽4指，约为4cm，故D不符合题意。 故选A。 3．根据你对生活中物理量的认识，下列数据中最符合生活实际的是（　　） A．一张课桌的桌面宽度是5m B．某同学正常的体温是47℃ C．人步行的速度大约是1.1m/s D．一个乒乓球的直径大约是4dm 【答案】C 【详解】A．一张课桌的桌面宽度约是0.5m，故A不符合题意； B．某同学正常的体温是37℃，故B不符合题意； C．人步行的速度大约是1.1m/s，符合实际，故C符合题意； D．乒乓球的直径大约是4cm，故D不符合题意。 故选C。 4．下列数据中，估测值正确的是（　　） A．一次性外科口罩长38mm B．正常人的脉搏频率约160次每分钟 C．正常成年人的体温约为39℃ D．新冠定点治疗医院的救护车出诊的行驶速度约为60km/h 【答案】D 【详解】A．一次性外科口罩长约为18cm，故A错误； B．正常人的脉搏频率约100次每分钟，故B错误； C．正常成年人的体温约为37℃，故C错误； D．新冠定点治疗医院的救护车出诊的行驶速度约为60km/h，故D正确。 故选D。 5．贵港市的中考体育测试一般都在每年的4月份进行，下列关于中考体育测试时的一些数据，估测最合理的是（　　） A．体育测试时天气炎热，气温可达60℃ B．大部分同学跑50m所用的时间少于5s C．少部分男同学抛出手的实心球到达最高点离地面约50m D．男同学立定跳远的平均距离约为2m 【答案】D 【详解】A．贵港市4月份最高气温不到35℃，故A不符合题意； B．大部分同学跑50m所用的时间大于5s，在8s左右，故B不符合题意； C．少部分男同学抛出手的实心球到达最高点离地面约3m，故C不符合题意； D．男同学立定跳远的平均成绩在2m左右，故D符合题意。 故选D。 6．下列数值最接近实际情况的是（　　） A．初中生的体重约为50N B．人步行的速度约为20m/s C．课桌的高度约为80cm D．正常人10次脉搏的时间约为1min 【答案】C 【详解】A．一名中学生的质量约为50kg，则其受到的重力约是 故A不符合题意； B．人正常步行的速度约为 故B不符合题意； C．初中生课桌的高度约为中学生高度的一半，约80cm，故C符合题意； D．正常情况下，人的心跳1min在75次左右，跳动10次的时间接近10s，故D不符合题意。 故选C。 7．下列估测符合实际的是（　　） A．一名中学生的重力约为50N B．物理教科书的宽度约为1.8dm C．高铁正常运行速度约为800km/h D．一名中学生完成一次引体向上做的功约为2000J 【答案】B 【详解】A．中学生的质量约为50kg，重力约 G=mg=50kg×10N/kg=500N 故A不符合题意； B．物理教科书的宽度约为18cm=1.8dm，故B符合题意； C．高铁运行的速度一般为200~350km/h，故C不符合题意； D．一名中学生的重力约为500N，完成一次引体向上，上升高度约为手臂长，约0.5m，做功 W=Gh=500N×0.5m=250J 故D不符合题意。 故选B。 押题猜想02 光现象辨析 1．生活中常见到各种光现象，其中属于光的反射现象的是（　　） A． 透过树丛的光 B． 海市蜃楼 C． 手影 D． 水中倒影 【答案】D 【解答】解：A、透过树丛的光是由于光沿直线传播形成的。不符合题意。 B、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，不符合题意。 C、手影是光沿直线传播形成的。不符合题意。 D、水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。 故选：D。 押题解读 此题主要考查了光的直线传播、光的折射、光的反射现象。光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象。它们之间有本质的区别，要注意区分。 考前秘笈 生活中常见的光现象： （1）光的直线传播现象：小孔成像（树荫下的光斑）、日月食的形成、影子的形成。 （2）光的反射现象：平面镜成像、汽车观后镜中的像、水中的“倒影”。 （3）光的折射现象：海市蜃楼、水中的筷子弯折、看到水中的鱼、水底变浅、透镜成像、光的色散。 1．如图，“皮影戏”是一种用兽皮或纸板剪制形象，借助灯光照射所剪形象而表演故事的戏曲形式，是国家级非物质文化遗产。“皮影”的形成主要是利用了（　　） A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散 【答案】A 【详解】皮影戏是一种用兽皮或纸板剪制形象并用灯光照射成影于幕布进行表演的戏剧形式，影子的原理是光的直线传播，故BCD不符合题意；A符合题意。 故选A。 2．如图所示的四种现象中，由光的直线传播形成的是（    ） A．水中倒影 B．日食 C．后视镜中的像 D．海市蜃楼 【答案】B 【详解】A．水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意； B．日食是由于光的直线传播形成的，是因为月球挡住了太阳射向地球的光线，故B符合题意； C．后视镜是凸面镜，后视镜中的像是由于光的反射形成的，故C不符合题意； D．海市蜃楼是由于光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故D不符合题意。 故选B。 3．在图中所示的光现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．水上的波光 B．墙上的影子 C．水晶球里的像 D．水中的倒影 【答案】C 【详解】A．水面上的粼粼波光是由光的反射形成的，故A错误； B．影子是由光的直线传播形成的，故B错误； C．角楼透过水晶球所成的像属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故C正确； D．十七孔桥在水中的倒影属于平面镜成像，是与光的反射形成的，故D错误。 故选C。 4．如图所示的光现象中，与“小孔成像”原理相同的是（　　） A．荷花倒影 B．手影 C．彩虹 D．碗中竹筷 【答案】B 【详解】小孔成像是光的直线传播形成的。 A．荷花的倒影，是平面镜成像现象，光的反射形成的，故A不符合题意； B．手影是光在直线传播时遇到不透明的手在后面留下的影子，故B符合题意； C．彩虹是光的色散现象，光的折射形成的，故C不符合题意； D．碗中竹筷的光线斜射向空气中时，在水面处发生偏折，看起来像折断了，这是光的折射现象，故D不符合题意。 故选B。 5．2023年3月24日傍晚，年度重大天象——“月掩金星”如期上演，这是月球恰好运动到地球和金星的中间，三个星球呈一条直线时发生的天象。与“月掩金星”原理相同的是（　　） A．皮影戏表演 B．看到水池“变浅” C．平静水面上的“倒影” D．雨后彩虹 【答案】A 【详解】根据题意，“月掩金星”如期上演，这是月球恰好运动到地球和金星的中间，三个星球呈一条直线时发生的天象，其原理是光的直线传播。 A．皮影戏中的皮影是不透明的，当光源发出的光在同种均匀介质中沿直线传播时，会被皮影挡住，在皮影的后面屏幕上形成与皮影形状完全相同的影子，从而完成各种造型和场景的表演。因此皮影戏利用的原理是光的直线传播，与“月掩金星”原理相同，故A符合题意； B．看到水池“变浅”，这是由于光从水中射入空气时发生了折射。当光线从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，人眼沿着折射光线望过去，就好像池水变浅了一样，因此其原理是光的折射，与“月掩金星”原理不相同，故B不符合题意； C．平静水面上的“倒影”是平面镜成像，利用的是光的反射，与“月掩金星”原理不相同，故C不符合题意； D．雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，属于光的折射，与“月掩金星”原理不相同，故D不符合题意。 故选A。 6．诗仙李白一句“举杯邀明月，对影成三人”给我们营造出了一种朦胧浪漫的美。请你观察下面水鸟的照片，分析说法正确的是（　　） A．我们能看到水鸟，是因为水鸟发出的光进入了我们的眼睛 B．图片左下方水鸟的影子是光的直线传播形成的 C．图片右下方水鸟的倒影是光的折射形成的 D．水鸟捕食时，水下小鱼被水鸟看到因为光的反射 【答案】B 【详解】A．我们能看到水鸟，是因为水鸟反射的光进入了我们的眼睛，故A错误； B．左下方水鸟的影子是光的直线传播形成的，光线被水鸟挡住，留下的黑影，故B正确； C．右下方水鸟的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误； D．水鸟捕食时，水下小鱼被水鸟看到是由于光经过不同的介质发生的折射现象，故D错误。 故选B。 7．“禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。其实，“禾下乘凉梦”也包含着一定的物理知识，水稻下面可乘凉，说明水稻下面有阴影。下列现象的形成原因和水稻下的阴影的形成原因相同的是（　　） A．一叶障目 B．雨后彩虹 C．杯弓蛇影 D．海市蜃楼 【答案】A 【详解】A．光在同种均匀介质中沿直线传播，光遇到水稻后在其后面形成阴影，一叶障目是因为光在同种均匀介质中沿直线传播，挡住的光线不能进入人的眼睛，故A符合题意； B．雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的折射形成的；故B不符合题意； C．杯弓蛇影寓意为将映在酒杯里的弓影误认为蛇，属于光的反射现象，故C不符合题意； D．海市蜃楼是地球上物体反射的光经大气折射而形成的虚像，故D不符合题意。 故选A。 押题猜想03 改变物体的内能方法 1．如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　） A．图甲：厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变 B．图乙：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大 C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能增加 D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，内能转化为机械能，气体内能减少 【答案】D 【解答】解：A、图甲中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误； B、图乙中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，内能转化为机械能，空气的内能减小，故B错误； C、图丙中试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减少，故C错误； D、图丁中汽缸内的气体推动活塞向下运动（即做功冲程），内能转化为机械能，气体内能减少，故D正确。 故选：D。 押题解读 本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 考前秘笈 改变物体内能的两种方法：做功和热传递。 （1）物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。 （2）热传递发生的条件：存在温度差。能量（内能）从高温物体转移到低温物体。 a．高温物体内能减小，温度降低，放出热量。 b．低温物体内能增大，温度升高，吸收热量。 （3）做功和热传递在改变内能方面是等效的，但实质不同：做功改变内能属于能的转化，热传递改变内能属于能的转移。 1．下列四张图中均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方式不同的是（　　） A． 钻木取火 B． 煤炉烧水 C． 压缩空气升温 D． 搓手取暖 【答案】B 【详解】改变内能的方式有两种：做功和热传递。钻木取火、压缩空气升温、搓手取暖这三种都是通过做功的方式改变物体的内能，煤炉烧水是通过热传递的方式改变物体的内能。 故选B。 2．下列改变内能的方式与其他三种不同的是（　　） A．热水烫脚 B．冰镇饮料 C．钻木取火 D．围炉煮茶 【答案】C 【详解】A．热水烫脚，脚吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体内能； B．冰镇饮料，饮料放出热量，内能减小，是通过热传递改变内能； C．钻木取火，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，使木头的温度升高、内能增大，是通过做功改变内能； D．围炉煮茶，茶吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变物体内能，综上所述，选项C与其他项改变物体内能的方式不同，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 3．如图所示，利用热传递来改变物体内能的是（　　） A． 钻木取火 B． 燃气灶烧水 C． 压缩空气升温 D． 锯木材锯子会发烫 【答案】B 【详解】A．钻木取火，属于做功改变物体的内能，故A不符合题意； B．燃气灶烧水，是通过热传递的方式改变内能，故B符合题意； C．压缩空气升温，属于做功改变物体的内能，故C不符合题意； D．锯木材锯子会发烫，属于做功改变物体的内能，故D符合题意。 故选B。 4．下列关于内能的说法中，正确的是（　　） A．在古代，人类钻木取火是用做功的方法改变内能 B．物体内能增加一定是通过外界对物体做功 C．温度为0°C的物体没有内能 D．正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能不变 【答案】A 【详解】A．通过“钻木”，可以对木头做功，木头内能增加，温度升高，并发生燃烧，故A正确； B．除了对物体做功外，可以通过热传递的方式来改变物体的内能，故B错误； C．任何物体都具有内能， 0°C的物体也具有内能，故C错误； D．正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故D错误。 故选A。 5．如图所示情境中，改变物体内能的方式与其他三个不同的是（　　） A． 棉被晒得热乎乎的 B． 铁锅热得烫手 C． 冬天男孩搓手使双手变暖 D． 暖风机使房间温度升高 【答案】C 【详解】改变物体内能的方式有做功和热传递两种。 A．晒棉被是通过热传递的方式增加内能的； B．铁锅是通过热传递的方式增加内能的； C．搓手是通过做功的方式增加内能的； D．暖风使房间变暖是通过热传递的方式增加内能的。 故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 6．下列实例中，用做功的方式来改变物体内能的是（  ） A．用热水袋暖手，手的温度升高 B．野外求生时用钻木取火的方法获得火种 C．泡在凉水中的西瓜温度会降低 D．太阳能热水器中的水被晒热 【答案】B 【详解】A．用热水袋暖手，手的温度升高，是通过热传递改变了物体的内能，故A不符合题意； B．野外求生时用钻木取火的方法获得火种，克服摩擦做功，使木头的温度升高，机械能转化为内能，属于通过做功来改变物体的内能，故B符合题意； C．泡在凉水中的西瓜温度会降低，是通过热传递改变了物体的内能，故C不符合题意； D．太阳能热水器中的水被晒热，是太阳光的热辐射增加了水的内能，属于通过热传递来改变物体的内能，故D不符合题意。 故选B。 7．如图所示的实例中，属于做功改变物体内能的一组是（　　）    A．①③④ B．①②③ C．②③④ D．①②④ 【答案】D 【详解】① 两手相搓时，两手相互摩擦做功，机械能转化为内能，手的内能增大，温度升高，是通过做功改变了物体的内能； ② 空气被压缩时内能增大是通过做功的方式把机械能转化为内能； ③ 烧水时水温升高，是通过热传递的方式改变物体内能的； ④小孩从滑梯上滑下时，臀部与滑梯摩擦，在此过程中克服摩擦做功让臀部发热，属于做功改变物体的内能．属于做功改变物体内能的一组①②④. 【点睛】知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程． 押题猜想04 流体压强与流速关系 1．我国高铁技术处于世界领先地位，高铁线路总长度居世界第一。下列说法不正确的是（　　） A．高铁车厢内的破窗锤（如图甲），其金属端制成锥形是为了需要破窗时增大压力 B．乘客站在安全线（如图乙）以内候车，是因为运行高铁的一侧空气流速快、压强小 C．高铁列车的车头采用了流线型设计，是为了减小列车运行时受到的空气阻力 D．高铁列车顺着大桥的引桥匀速直线爬坡时，受到的牵引力与阻力不是平衡力 【答案】A 【解答】解：A、破窗锤的金属端制成锥形，减小了受力面积，是为了需要破窗时增大压强，故A错误； B、人离高铁比较近时，高速列车的速度很大，人和高铁的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下产生朝向列车的压力，发生交通事故，所以站台处设置安全线，乘客在安全线外候车候车时不得跨过警戒区域，以免发生危险，故B正确； C、高铁列车的车头采用了流线型设计，是为了减小列车运行时受到的空气阻力，故C正确； D、高铁列车顺着大桥的引桥匀速直线爬坡时，受到的牵引力与阻力大小不相等，不是平衡力，故D正确。 故选：A。 押题解读 本题考查增大和减小压强的方法、流体压强和流速的关系，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。 考前秘笈 1、流体压强与流速的关系 （1）流体：流动的物体，指的是液体和气体。 （2）液体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。 2、飞机升力的产生原因 （1）飞机的升力的产生：飞机的机翼通常都做成上面凸起、下面平直的形状。 （2）当飞机在机场跑道上滑行时，流过机翼上方的空气速度快、压强小，流过机翼下方的空气速度慢、压强大。 （3）机翼上下方所受的压力差形成向上的升力。 1．我国的高铁技术处于世界领先地位。在高铁站站台上标有一条安全线，为了避免乘客被“吸”向列车发生事故，乘客必须站在安全线之外候车。这是由于列车进站时车体附近空气（　　） A．流速大，压强大 B．流速小，压强小 C．流速大，压强小 D．流速小，压强大 【答案】C 【详解】根据流体压强的特点可知，列车进站时的速度很大，人和列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故。 故选C。 2．如图，把长饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端。往B管中吹气，可以看到A管中的水面上升，这是因为A管上方空气（　　） A．流速小，压强大 B．流速大，压强大 C．流速小，压强小 D．流速大，压强小 【答案】D 【详解】往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升。 故选D。 3．如图所示，当风吹过弧形的硬纸板上方时，纸板会上升，这是因为此时硬纸板上方气体（    ） A．流速大，压强大 B．流速大，压强小 C．流速小，压强大 D．流速小，压强小 【答案】B 【详解】弧形的硬纸板上方凸起的，当气流经过时，上方的流速大，压强小，下方的流速慢，压强大，大气压产生了一个向上的压力差即升力，所以纸板会上升。 故选B。 4．南昌市3月21日一场突如其来的大风带来了无法挽回的悲剧，一小区有三个人从11楼被狂风卷下楼，永远离开了这个世界。广大网友在震惊的同时也在分析原因，在质疑房子质量的同时，有大部分网友认为是风太大，有负压，房子内外有压力差，就如同让飞行中的飞机打开门，则机内物品将被“吸”出去。关于这个压力差，以下说法正确的是（　　） A．房子外面空气流速大，压强大，房子外面的压力大于房子内的压力 B．房子外面空气流速大，压强小，房子外面的压力小于房子内的压力 C．房子外面空气流速大，压强大，房子外面的压力小于房子内的压力 D．房子外面空气流速大，压强小，房子外面的压力大于房子内的压力 【答案】B 【详解】一小区有三个人从11楼被狂风卷下楼，是因为房子外面空气流速大，压强小，小于房子内的大气压，由得，房子外面的压力小于房子内的压力，在压力差作用下，人被卷出窗外，故ACD错误，B正确。 故选B。 5．根据学过的连通器原理，当水不流动时，各容器的液面总保持相平。如图当水流动时，竖直细管中水柱的高度却不相同，说明水平管中的压强也就不相同，下列选项正确的是（　　） A．甲管中水流速大，压强大 B．甲管中水流速大，压强小 C．甲管中水流速小，压强大 D．甲管中水流速小，压强小 【答案】C 【详解】由题意可知，甲管中水流流速最小，丙管中水流流速最大，根据流体压强与流速的关系可知，甲管中压强最大，丙管中压强最小，故C正确，ABD错误。 故选C。 6．如图所示，小明为了探究飞机的升力，制作了一个机翼模型，并把它固定在一根铁丝上，然后挂在一个弹簧测力计上保持静止（此时测力计示数不为零）。用电风扇对着机贸吹风，下面是小明对模型在水平方向静止时的实验结果作出的猜想，你认为正确的是（　　） A．弹簧测力计的示数将增大 B．弹簧测力计的示数将减小 C．弹簧测力计的示数将不变 D．弹簧测力计不断上下跳动 【答案】B 【详解】如图所示，用电风扇对着机翼吹风，空气分别从机翼模型的上、下表面流过，由于上表面呈弧度，气流通过上表面的速度要大于下表现的速度；因为流体流速越大的地方，压强越小，所以机翼模型上表面受到的空气压力将小于下表面的压力，形成一个向上的压力差，从而使弹簧测力计示数会减小，故B正确，ACD错误。 故选B。 7．如图所示，安装遮阳伞的电动车，存在较大安全隐患。这是因为快速度行驶时，伞上方与伞下方相比（    ） A．空气流速快，压强小 B．空气流速快，压强大 C．空气流速慢，压强大 D．空气流速慢，压强小 【答案】A 【详解】伞的形状是上方凸起的，当气流经过时，上方的流速大，压强小，下方的流速慢，压强大，大气压产生了一个向上的压力差即升力，电动车的速度越大，升力越大，以较快速度行驶时有“向上飘”的感觉。 故选A。 押题猜想05 功和机械能 1．如图甲所示的过山车是一项惊险刺激的娱乐项目。如图乙所示是过山车轨道的示意图，过山车沿弧形轨道从a点运动到b点后进入竖直圆形轨道经过c点，然后通过d点（不计空气阻力），下列说法正确的是（　　） A．乘坐过山车的游客相对于轨道是静止的 B．过山车到达c点时，动能为零 C．过山车经过a、d两点时，机械能大小相等 D．过山车从b点运动到d点，部分动能转化为重力势能 【答案】D 【解答】解：A、乘坐过山车的游客与轨道之间有位置的变化，所以乘坐过山车的游客相对于轨道是运动的，故A错误； B、过山车到达c点时，仍然具有速度，动能不为零，故B错误； C、过山车运动过程中克服做功，一部分机械能转化为内能，机械能越来越小，所以经过a、d两点时，机械能大小不相等，故C错误； D、过山车从b点运动到d点，速度减小，高度增加，部分动能转化为重力势能，故D正确。 故选：D。 押题解读 本题考查机械运动、动能和势能的大小变化，注意：物体在粗糙的表面上运动时，其机械能不守恒。 考前秘笈 1、功：一个力作用在物体上，使物体在 力的方向上通过一段距离，这个力就对物体做了功。 （1）判断力是否做功包括两个必要因素：一是力作用在物体上；二是物体在力的方向上通过的距离。 （2）不做功的三种情况：有力无距离也叫“劳而无功”、有距离无力也叫“不劳无功”、力和距离垂直也叫“垂直无功”。 2、功的计算公式：W=FS，其中各量单位功W：J（焦耳），力F：N（牛顿）；移动距离S：m（米）；或者W=Pt。 3、功率：物体在单位时间内所做的功叫功率，在物理学中用字母P表示。物理学中，用功率来表示物体做功的快慢。 （1）功率公式：功率=功/时间，即。 （2）功率单位：国际单位：瓦（W），1W=1J/s；常用单位：千瓦（kW），1kW=103W。 4、动能概念：物体由于运动而具有的能，叫做动能。一切物体都具有动能。影响动能大小的因素是物体的质量和速度。物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大。 5、重力势能概念：物体由于被举高而具有的能量，叫做重力势能。影响重力势能大小的因素是物体的质量和物体所处的高度。物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大。 6、弹性势能概念：物体由于发生弹性形变而具有的能，叫做弹性势能。影响弹性势能大小的因素是弹性形变程度。同一物体在弹性形变范围内的弹性形变程度越大，弹性势能就越大。 7、动能和势能之和称为机械能。动能和势能都属于机械能，动能是物体运动时具有的能量，势能是存储着的能量，动能和势能是机械能的两种表现形式。 （1）在一定的条件下，动能和重力势能之间可以相互转化。如将一块小石块，从低处抛向高处，再从高下落的过程中，先是动能转化为重力势能，后又是重力势转化为动能。 （2）在一定的条件下，动能和弹性势能之间可以相互转化。如跳水运动员，在起跳的过程中，压跳板是动能转化为弹性势能，跳板将运动员反弹起来是弹性势能转化为动能。 （3）机械能守恒：如果一个过程中，只有动能和势能相互转化，机械能的总和就保持不变，这个规律叫做机械能守恒。 1．2024年的世界泳联锦标赛跳水10米台决赛中，全红婵最终站上最高领奖台。如图是全红婵比赛时向上起跳和下落的运动轨迹示意图。下列说法正确的是（　　） A．起跳过程，能说明力的作用是相互的 B．上升过程，全红婵的重力势能转化为动能 C．在最高点，全红婵受力平衡 D．下落过程，全红婵的惯性变大 【答案】A 【详解】A．起跳过程，给跳台一个力的作用，同时跳台给她一个作用力，向上运动，说明力的作用是相互的，故A正确； B．上升过程，质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能转化为重力势能，故B错误； C．在最高点，她受到重力和阻力作用，两个力大小不同，因而受力不平衡，故C错误； D．惯性的大小只与质量有关，下落过程，质量大小不变，则惯性不变，故D错误。 故选A。 2．2023年10月31日8点11分，神舟十六号载人飞船返回舱成功着陆。返回舱在下落过程中打开降落伞后速度减小，下列说法中正确的是（　　） A．返回舱的动能不变 B．返回舱的重力势能减小 C．返回舱的机械能不变 D．返回舱的重力势能转化为动能 【答案】B 【详解】返回舱在下落过程中打开降落伞后速度减小，它的动能减小，高度减小，它的重力势能减小，所以它的机械能减小，重力势能和动能都转化为了内能，故B正确，ACD错误。 故选B。 3．如图所示是玫瑰湖游乐园的摩天轮，若小佳随座舱在竖直平面内匀速转动，则下列说法正确的是（    ） A．从最高点转动到最低点的过程中，小佳的重力势能变大 B．从最高点转动到最低点的过程中，小佳的动能变大 C．从最低点转动到最高点的过程中，小佳的动能变大 D．从最低点转动到最高点的过程中，小明的机械能变大 【答案】D 【详解】A．从最高点转动到最低点的过程中，小佳的高度变小，质量不变，所以重力势能变小，故A错误； B．因为是匀速转动，小佳质量和速度保持不变，则其动能保持不变，故B错误； C．因为是匀速转动，小佳质量和速度保持不变，则其动能保持不变，故C错误； D．从最低点转动到最高点的过程中，小明的重力势能变大，动能保持不变，机械能变大故D正确。 故选D。 4．如图四个情境中，力对物体做功的是（　　） A．用力推小车不动 B．用力拉物体上升 C．提滑板水平前行 D．用力搬石头未起 【答案】B 【详解】A．用力推小车不动，有力但小车在该力的方向上没有通过距离，力对物体不做功，故A不符合题意； B．用力拉物体上升，并且在拉力的方向上通过了距离，力对物体做功，故B符合题意； C．提滑板水平前行，力与距离的方向垂直，力对不物体做功，故C不符合题意； D．用力搬石头未起，但石头没有在该力的方向上移动距离，力对物体不做功，故D不符合题意。 故选B。 5．体育课上，小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示。a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（　　）    A．篮球a点动能比d点动能大 B．篮球在a、c两点的动能相等 C．篮球在a点的机械能比d点机械能大 D．篮球离手后能继续运动是因为受到惯性的作用 【答案】B 【详解】A．因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，a点高度高于d点高度，因此a点重力势能大于d点重力势能，所以a点动能小于d点动能，故A错误； B．因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，a、c两点高度相同，所以重力势能相同，因此动能相同，故B正确； C．因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，所以a点与d点机械能大小相同，故C错误； D．篮球离手后能继续运动是因为具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。 故选B。 6．2021年10月16日，搭载着“神舟十三号”载人飞船的“长征二号F”遥十三运载火箭，在我国酒泉卫星发射中心发射成功，关于“神舟十三号”载人飞船，下列说法正确的是（　　）    A．动能不变，重力势能增大 B．动能减小，重力势能增大 C．动能增大，机械能减小 D．重力势能增大，机械能增大 【答案】D 【详解】火箭加速上升的过程中，“神舟十三号”载人飞船的质量不变，速度增大，高度增大；则动能增大，重力势能增大，机械能等于势能与动能之和，机械能也增大，故ABC错误，D正确。 故选D。 7．如图所示，站在扶梯上的人随扶梯斜向上做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是（　　）    A．人的重力势能不变 B．人的动能增大 C．扶梯对人做了功 D．人的机械能不变 【答案】C 【详解】ABD．人随扶梯斜向上做匀速直线运动的过程中，质量不变、速度不变，动能不变；质量不变、高度变大，重力势能变大，机械能变大，故ABD错误； C．扶梯对人的支持力竖直向上，在竖直方向上移动了距离，扶梯对人做功，故C正确。 故选C。 押题猜想06 物态变化辨析 1．生活中的很多现象可以用学过的物理知识加以解释，下列解释错误的是（　　） A．取出冰箱中被冷冻的冰糕，放一会儿，冰糕的热量会减少 B．“下雪不冷化雪冷”，这是因为雪在熔化时吸热 C．游泳后，刚从水中出来，感觉比较冷，这是因为人身上水分蒸发带走热量 D．天气很冷时，窗玻璃上会出现冰花，这是一种凝华现象 【答案】A 【解答】解：A、取出冰箱中被冷冻的冰糕，放一会儿，冰糕会熔化，需要吸收热量，所以内能会增加，故A错误； B、雪在熔化时吸热，使气温降低，所以化雪冷，故B正确； C、游泳后，刚从水中出来，身上有很多水，水蒸发吸热，使人体表温度降低，因此感觉比较冷，故C正确； D、冰花是水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故D正确； 故选：A。 押题解读 本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。 考前秘笈 1.物质存在三种状态：固态、液态和气态。这三种状态之间又存在着六种物态变化：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华。 2.物态变化过程中的吸放热：六种物态变化中，吸收热量的有：熔化、汽化、升华；放出热量的有：凝固、液化和凝华。熔化和凝固、汽化和液化、升华和凝华分别互为逆过程。 （1）熔化：物体从固态变成液态的过程。 （2）凝固：物质从液态变成固态的过程。 （3）汽化：物质从液态变为气态的过程。汽化方式：蒸发和沸腾。①蒸发：只发生在液体的表面，发生缓慢；沸腾：同时发生在液体的内部和表面，发生剧烈。 （4）液化：物质从气态变为液态的过程。液化方法：①降低温度；②压缩体积，如：氢的储存和运输、液化气。 （5）升华：物质从固态直接变成气态的过程。生活中常见的升华现象：碘升华、结冰衣服也干了、干冰升华吸热、樟脑片消失、用久的钨丝灯变黑。 （6）凝华：物质从气态直接变成固态的过程。生活中常见凝华现象：霜和雪的形成、冬天看到树上的“雾凇”、冬天，外界温度极低，窗户内侧可看见“冰花”（室内水蒸气凝华）。 注意：热空气遇冷：液化；热空气遇骤冷：凝华；①雾、露“白气”自来水管“出汗”：水蒸气液化形成的。②霜雾凇、冰花：水蒸气凝华形成的。 1．二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列和节气对应的物理现象属于液化的是（   ） A．冰雪消融 B．露珠晶莹 C．霜挂枝头 D．千里冰封 【答案】B 【详解】A．立春时，冰变为水属于熔化过程，故A不符合题意； B．寒露时，水蒸气变为露珠属于液化过程，故B符合题意； C．霜降时，水蒸气直接变为霜属于凝华过程，故C不符合题意； D．冬至时，水变为冰属于凝固过程，故D不符合题意。 故选B。 2．冬天，戴眼镜的同学吃螺蛳粉时，镜片上总是雾蒙蒙的，这是由于水蒸气在镜片上发生（　　） A．汽化现象 B．液化现象 C．升华现象 D．凝华现象 【答案】B 【详解】物质由气态变为液态的过程叫做液化。寒冷的冬天，眼镜是冰冷的，由于温暖的水蒸气遇到冷的眼镜片发生了液化现象，所以眼镜片模糊了，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 3．如图所示是《天工开物》中记载的古人造兽糖的情景，先将固体状态的糖放入瓦罐中用慢火煎化，然后倒入兽形模具，冷却脱模就成为兽糖。造兽糖过程发生的物态变化是（　　） A．仅熔化 B．仅凝固 C．先熔化后凝固 D．先凝固后熔化 【答案】C 【详解】固体状态的糖放入瓦罐中用慢火煎化，熔化成液体状态的糖；将液体状态的糖倒入兽形模具，液体状态的糖凝固成固体状态的兽形糖，所以造兽糖过程发生的物态变化是先熔化后凝固，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 4．大美广西，风光无限。关于广西自然风景中涉及到的物态变化，图说法正确的是（　　） A．贵港覃塘荷叶上的露珠——露珠的形成是熔化 B．桂林资源雾凇——雾凇的形成是凝固 C．桂林龙脊梯田上冰雪消融——冰雪消融是液化 D．北帝山上的雾气缭绕，宛如仙境——雾的形成是液化 【答案】D 【详解】A．露是液态的小水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A错误； B．雾凇是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故B错误； C．冰雪消融时固态的冰雪变成液态水的过程，是熔化现象，故C错误； D．雾是液态的小水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故D正确。 故选D。 5．2024年春运期间，一场“冻雨”暴雪给交通、生活、生产带来了极大的影响，下列现象与冻雨成因相同的是（　　） A．初春，冰雪消融 B．盛夏，朝露晶莹 C．晚秋，霜打枝头 D．严冬，滴水成冰 【答案】D 【详解】冻雨是小水滴遇冷凝固成冰的现象。 A．冰雪消融是固态的冰吸热后变成液态的水，由固态变成液态属于熔化现象，故A不符合题意； B．朝露晶莹中露是空气中的水蒸气遇冷放热变成的小水珠，由气态变成液态属于液化现象，故B不符合题意； C．霜打枝头中的霜是是空气中的水蒸气在极低的温度中遇冷放热变成的小冰晶，由气态变成固态属于凝华现象，故C不符合题意； D．滴水成冰是指水在低温环境中放热变成了固态的冰，由液态变成固态属于凝固现象，故D符合题意。 故选D。 6．四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶。下列现象属于凝华的是（　　） A．冰雪消融 B．露珠晶莹 C．霜挂枝头 D．千里冰封 【答案】C 【详解】A．冰雪消融，是冰熔化成水，是熔化现象，故A不符合题意； B．露珠晶莹，露珠是空气中的水蒸气液化形成的小水滴，故B不符合题意； C．霜挂枝头，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华而形成的小冰晶，故C符合题意； D．千里冰封，冰是水凝固形成的，故D不符合题意。 故选C。 7．“春雨惊春清谷天，夏满芒夏暑相连，秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒”，二十四节气准确反映了自然节律变化，在北京冬奥会开幕式上，倒计时更是以二十四节气为序，惊艳世界。下列节气中涉及的物态变化，分析正确的是（　　） A．“雨水”﹣﹣雨的形成是汽化现象 B．“寒露”﹣﹣露的形成是液化现象 C．“霜降”﹣﹣霜的形成是凝固现象 D．“大雪”﹣﹣雪的形成是升华现象 【答案】B 【详解】A．雨是空气中水蒸气遇冷液化形成的，故A错误； B．露是由空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故B正确； C．霜是固态的小冰晶，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，属于凝华现象，故C错误； D．雪是由空气中的水蒸气遇冷形成的，属于凝华现象，故D错误。 故选B。 押题猜想07 透镜成像规律及应用 1．在微创手术中，医生利用电子放大镜观察患者体内组织，通过调节物距可实现10﹣40倍放大，进行精准操作。若该放大镜的光学镜头焦距为5mm，下列说法正确的是（　　） A．光学镜头的镜片是由凹透镜制成的 B．镜头到人体组织的距离要小于5mm C．人体组织通过镜头成倒立放大的像 D．要使放大倍数变大，镜头应靠近人体组织 【答案】B 【解答】解：A、放大镜是一个凸透镜，即光学镜头的镜片是由凸透镜制成的，故A错误； BC、由凸透镜成像规律可知，镜头到人体组织的距离u要小于镜头焦距5mm，成正立、放大的虚像，故B正确，C错误； D、凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大，因此要使放大倍数变大，镜头应远离人体组织，故D错误。 故选：B。 押题解读 本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。 考前秘笈 1、凸透镜成像规律用口诀记忆为：一焦分虚实，二焦分大小；实像异侧倒，物远像近小；虚像同正大，物近像变小；光屏辩虚实，屏显是实像。注意：若物、屏互换位置，则根据光路的“可逆性”可知成像大小将互换。 2、凸透镜成像规律结论 成像条件物距（u） 成像的性质 像距（v） 应用 u﹥2f 倒立、缩小的实像 f﹤v﹤2f 照相机（图a） u=2f 倒立、等大的实像 v=2f 图d f﹤u﹤2f 倒立、放大的实像 v﹥2f 投影仪（图b） u=f 不成像 射出的是平行光线 0﹤u﹤f 正立、放大的虚像 v﹥f 放大镜（图c） 1．如图是学校门禁的刷脸机，师生通过“刷脸”进出校园，下列说法正确的是（　　） A．摄像头相当于一个凸透镜 B．摄像头成像特点与投影仪相同 C．“刷脸”时，摄像头成的是放大的实像 D．与摄像头作用相当的镜片可用于矫正近视眼 【答案】A 【详解】．摄像头相当于一个凸透镜，根据凸透镜成像的特点可知，当时，成倒立、缩小的实像，与照相机原理相同，故A正确，BC错误。 D．近视眼是晶状体过厚，对光的折射能力太强，像会提前形成，在视网膜的前方，因此需要戴凹透镜加以矫正，摄像头相当于一个凸透镜，故D错误。 故选。 2．如图所示，将焦距为的凸透镜固定在光具座刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是（　　） A．烛焰、透镜、光屏三者的中心在同一高度 B．此时烛焰在光屏上的成像特点与投影仪成像特点相同 C．当蜡烛移至刻度线处时，要使光屏上仍能成像则应向右移动光屏 D．若蜡烛移至刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像 【答案】A 【详解】A．为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、透镜、光屏三者的中心在同一高度，故A正确； B．由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误； C．当蜡烛移至10cm刻度线处，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，使光屏上仍能成像则应向左移动光屏，故C错误； D．若蜡烛移至45cm刻度线处，此时物距 u=50cm-45cm=5cm<f 成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D错误。 故选A。 3．小明在探究凸透镜成像的规律时，他把蜡烛、凸透镜、光屏分别放在如下图所示位置时，刚好在光屏上成清晰的像。若保持透镜位置不变，将蜡烛调至20cm刻度处时，下列判断正解的是（    ） A．烛焰的像变小了 B．该透镜的焦距是20cm C．将光屏向右移可以得到清晰的像 D．投影仪应用了该次实验的成像规律 【答案】A 【详解】由图可知此时u=v=20.0cm，根据凸透镜的成像规律，只有当u=2f时，恰好有v=2f，成倒立、等大的实像。所以此凸透镜的焦距为10.0cm。当将蜡烛调至20cm刻度处时，物距变为30.0cm，大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，应用是照相机，根据成实像时的规律：物远像近像变小，应将光屏向左移才能得到清晰的像，故A正确，故BCD错误。 故选A。 4．智能手机等电子产品给人们带来了许多便利，但青少年长时间盯着屏幕，容易导致近视。如图所示是近视眼及其矫正的光路图，下列说法正确的是（　　） A．近视眼看近处物体时，像成于视网膜前 B．近视眼看远处物体时，像成于视网膜后 C．近视眼用凹透镜矫正 D．近视眼用凸透镜矫正 【答案】C 【详解】A．近视眼看不清远处的物体，能看清近处的物体，近处物体通过晶状体所成的像仍在视网膜上，故A错误； B．近视眼看远处物体时，晶状体的凸出程度偏大，使远处物体所成的像在视网膜的前方，故B错误； CD．近视眼看远处物体时，晶状体的凸出程度偏大，晶状体对光的会聚能力变强，为使像成在视网膜上，应用凹透镜矫正，故C正确，D错误。 故选C。 5．购物支付已进入“刷脸”时代，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描等确认相关信息后，即可迅速完成交易。对此下列说法正确的是（　　） A．人脸通过摄像头成像是光的反射现象 B．摄像头的成像特点与照相机的成像特点相同 C．“刷脸”时，面部应位于摄像头的二倍焦距以内 D．“刷脸”时，面部经摄像头成正立、缩小的虚像 【答案】B 【详解】A．摄像头的相当于一个凸透镜，凸透镜是利用光的折射成像，故A错误； BD．摄像头的成像特点与照相机的成像特点相同，都是成倒立缩小的实像，故B正确，D错误； C．凸透镜成倒立、缩小的实像时，物距大于二倍焦距，故“刷脸”时，面部应位于摄像头的二倍焦距以外，故C错误。 故选B。 6．小明自制了一个简易投影仪如图，在暗室中将印有冬奥会吉祥物“冰墩墩”的透明胶片，贴在白光的手电筒上，并正对着焦距为10cm的凸透镜。调整手电筒、凸透镜、白色墙壁之间的位置，在墙上得到了一个清晰放大的像，下列说法错误的是（　　） A．凸透镜能成放大的像，是因为凸透镜对光线有发散作用 B．手电筒与凸透镜的距离应大于10cm小于20cm，且胶片应倒立放置 C．能从不同角度看到墙上“冰墩墩”的像，是因为光在墙面上发生的是漫反射 D．保持凸透镜位置不变，将手电筒向左移动，要使墙上的像恢复清晰，光屏应该向左移动 【答案】A 【详解】A．凸透镜又叫会聚透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故A错误，符合题意； B．此时凸透镜成的像是倒立、放大的实像，物距应在f~2f之间，即手电筒与凸透镜的距离大于10cm小于20cm，为了像看起来时正立的，胶片应倒立放置，故B正确，不符合题意； C．能从不同角度看到墙上“冰墩墩”的像，是因为光在墙面上发生的是漫反射，将光线反射到各个方向，故C正确，不符合题意； D．保持凸透镜位置不变，将手电筒向左移动，物距变大，像距变小，要使墙上的像恢复清晰，光屏应该向左移动，故D正确，不符合题意。 故选A。 7．如图是钦州市的“市花”﹣紫薇花。5﹣11月均可开花，有“百日红”之称。开花时姹紫嫣红，花团锦簇，甚是好看。如图甲是摄影师拍摄的照片，为了拍摄图乙所示的照片，应该（　　）    A．相机适当靠近花，镜头略向外伸 B．相机适当靠近花，镜头略向内伸 C．相机适当远离花，镜头略向外伸 D．相机适当远离花，镜头略向内伸 【答案】A 【详解】照相机照相时，紫薇花到照相机镜头的距离大于二倍焦距，胶片上得到倒立、缩小的实像；根据“物近像远像变大”，为使花更大一些，必须使像变大，必须增大像距，减小物距，即缩短相机与花的距离，同时增大镜头到底片的距离，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 押题猜想08 惯性及应用 1．在图中，关于车辆行驶警示，不是针对惯性现象采取的措施是（　　） A．开车必须系好安全带 B．过桥车辆不许超过限制重量 C．禁止行车抛洒物品 D．前方弯道，减速慢行 【答案】B 【解答】解： A、系安全带是为了防止紧急刹车时，车在阻力作用下停止运动，而司机或乘客由于惯性继续向前运动而被撞伤，这是防止惯性带来的危害，故A不合题意； B、过桥车辆不许超过限制重量，是通过减小压力来减小桥面受到的压强，从而保护桥面，不是针对惯性现象采取的措施，故B符合题意； C、禁止行车抛洒物品，是为了防止物品因惯性而给行人或其他车辆造成伤害，故C不合题意； D、当车辆转弯时，乘客的脚和汽车一起改变了运动状态，乘客上身由于惯性保持原来的运动状态容易摔倒，所以，前方弯道、减速慢行是防止由于惯性对人体造成伤害，故D不合题意。 故选：B。 押题解读 此题主要考查学生对惯性知识的理解与掌握，让学生知道一切物体都有惯性，而且要科学的利用惯性为人类服务，还要会避免惯性带来的危害。 考前秘笈 （1）惯性：物体保持原来运动状态不变的性质；即运动的物体要保持它的运动状态，静止物体要保持它的静止状态。 （2）一切物体任何时候都具有惯性(静止的物体具有惯性，运动的物体也具有惯性)。 （3）惯性是物体本身的属性，惯性的大小与物体质量大小有关。质量越大，惯性越大；质量越大的物体其运动状态越难改变。惯性的大小与物体的形状、运动状态、位置及受力情况无关。 （4）惯性是一种属性，它不是力。惯性只有大小，没有方向。 1．下列措施中，能防范惯性给人们带来危害的是（    ） A．跳远运动员助跑跳远 B．拍打窗帘清除浮尘 C．开车系安全带 D．撞击锤柄下端套紧锤头 【答案】C 【详解】A．助跑的目的是让运动员在起跳前有一个较大的速度，起跳时，人由于惯性还要保持他起跳前的速度，从而能跳的更远，这是利用了惯性，故A不符合题意； B．拍打窗帘前，窗帘和灰尘一起静止，当拍打时，窗帘运动，灰尘由于惯性还要保持原来的静止状态，所以灰尘从窗帘上掉下来，是利用惯性，故B不符合题意； C．开车系安全带是防止急刹车时，由于人具有惯性，继续向前运动，碰到障碍物，发生事故，故C符合题意； D．锤头松了，撞击锤柄使锤头紧套在锤柄上，是利用了锤头的惯性，故D不符合题意。 故选C。 2．小乐到中国科技馆参观，看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中竖直向上弹出一小球，该小球越过框架后，又与通过框架的火车相遇，并恰好落回原来的孔中。下列说法中正确的是（　　） A．以车为参照物，小球的运动状态不变 B．小球能落回小孔是因为小球始终受水平向前的推力 C．当小球到达最高点时，如果所有力都消失，小球将无法落回小孔 D．因为小球更被弹出时，惯性比重力大，所以小球会继续上升 【答案】C 【详解】A．以车为参照物，小球的运动状态是改变的，因为在竖直方向上，小球相对车有位置变化，故A错误； B．小球从车顶弹出后，在水平方向上不受到力的作用，由于惯性要保持原来的运动状态向前运动，所以在重力的作用下会落回小孔，故B错误； C．小球到达最高点时，小球在水平方向的速度不为0，此时所有力消失，据牛顿第一定律知，小球将做匀速直线运动，故C正确； D．小球被弹出时，由于惯性，要保持原来的运动状态不变，所以继续向上运动，惯性不是力，不能与重力比较，故D错误。 故选C。 3．关于运动和力，下列说法中正确的是（    ） A．汽车的速度越大，则惯性越大，就越难停下来 B．足球比赛中，守门员将球扑出，说明力可以改变物体的运动状态 C．短跑比赛中，运动员跑过终点后不能立刻停止，说明运动员受到惯性作用 D．游泳比赛中，运动员划水前进，说明运动需要用力维持 【答案】B 【详解】A．惯性是物体的一种属性，只与质量有关，与其他因素无关，汽车的速度越大，不能立刻停下，是因为汽车的速度大，速度减小到0，需要一段时间，故A错误； B．足球比赛中，守门员将球扑出，足球受到力的作用，球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确； C．短跑比赛中，运动员跑过终点后不能立刻停止，因为运动员具有惯性，惯性是物体的一种性质，不能说受到惯性，故C错误； D．游泳比赛中，运动员划水前进，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。 故选B。 4．小明同学坐在公交车上，对头顶上方如图所示的拉环（辅助乘客的安全设施，站立的乘客需要用手拉住它）进行观察，当拉环出现下列现象，对汽车运动情况判断正确的是（　　） A．若拉环向左偏，说明公交车正在左转弯 B．若拉环向前偏，说明公交车正在启动的过程中 C．若拉环向后偏，说明公交车正在刹车 D．若拉环自然下垂，说明公交车正在匀速直线运动或停止 【答案】D 【详解】A．公交车右转弯时，拉环由于惯性继续保持原来的运动方向，所以就会向左偏，故A错误； B．公交车正在启动的过程中，拉环由于惯性继续静止在原地，所以就会向后偏，故B错误； C．公交车正在刹车时，拉环由于惯性续向前运动，所以就会向前偏，故C错误； D．若拉环自然下垂，说明处于平衡状态，则说明公交车正在匀速直线运动或停止，故D正确。 故选D。 5．如图所示为冰壶比赛中投掷冰壶时的情景，下列说法正确的是（　　）    A．冰壶被投出后相对于观众是静止的 B．冰壶能被投出是因为手对冰壶的力大于冰壶对手的力 C．冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于受到惯性的作用 D．投出的冰壶撞击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态 【答案】D 【详解】A．冰壶被投出后相对于观众之间的位置发生了变化，所以是运动的，故A错误； B．手对冰壶的力与冰壶对手的力是一对相互作用力，故大小相等，故B错误； C．冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误； D．物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变。投出的冰壶击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。 故选D。 6．如图所示，在一起交通事故中，车头受到所载水泥管的冲击，严重挤压变形，对事故原因的判断正确的是（　　） A．是汽车紧急刹车造成的，说明水泥管具有惯性 B．是汽车突然加速造成的，说明水泥管具有惯性 C．是汽车紧急刹车造成的，说明汽车具有惯性 D．是汽车突然加速造成的，说明汽车具有惯性 【答案】A 【详解】水泥管原来与汽车一起运动，当汽车突然刹车时，水泥管由于具有惯性，仍要保持原来的运动状态，以原来的速度向前运动，所以车头受到所载水泥管的冲击，严重挤压变形；说明水泥管具有惯性；故BCD错误，A正确。 故选A。 7．关于惯性，下列说法正确的是（　　） A．车辆行驶时要保持车距，防止刹车时由于惯性带来的危害 B．骑自行车蹬几下后增大了它的惯性，可以使其运动的更远 C．宇航员王亚平从地球到太空，惯性变小 D．行驶中的客车突然加速时，乘客会瞬间产生惯性向后倾倒 【答案】A 【详解】A．行驶的自行车在刹车后，由于惯性会继续向前运动一段距离，保持车距，可以防止车辆碰撞事故，故A正确； BC．惯性是物体自身的一种性质，大小只与物体质量有关，与物体的运动速度无关，与空间位置无关，故BC错误； D．惯性是物体固有的属性，任何物体在任何时候都具有惯性，故D错误。 故选A。 押题猜想09 电与磁 1．关于如图所示的电和磁现象，说法正确的是（　　） A．图甲：地球周围存在着磁场，地磁场的两极与地理的两极重合 B．图乙：改变通电螺线管的电流大小可以改变螺线管磁极性质 C．图丙：扬声器的原理是磁场对电流的作用 D．图丁：同时改变电流方向和磁场方向，导体受力方向也发生改变 【答案】C 【解答】解：A．地球周围存在着地磁场，地磁的两极与地理的两极并不重合，存在磁偏角，地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近，故A错误； B．改变通电螺线管的电流大小，只能改变螺线管磁场的强弱，而螺线管的磁极性质由电流方向和线圈绕法决定，改变电流大小不能改变磁极性质，只能改变磁场的强弱，故B错误； C．扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力的作用而运动，带动纸盆振动发声，原理是磁场对电流的作用，故C正确； D．通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关，同时改变电流方向和磁场方向，导体受力方向不变，故D错误。 故选：C。 押题解读 本题考查的是地磁场和扬声器的原理；知道影响通电螺线管磁性强弱的因素和通电导体在磁场中受到力的作用。 考前秘笈 1、磁感线：描述磁场的强弱和方向而假想的曲线。 （1）磁体外部的磁感线从N极出发回到S极，在磁体内部从S极出发回到N极。 （2）磁体周围的磁感线是立体分布的，磁感线的疏密程度表示磁性强弱。 （3）磁感线是空间立体分布，是一些闭合曲线，在空间不能断裂，任意两条磁感线不能相交。 （4）磁场中某点的磁场方向、磁感线方向、小磁针静止时北极指的方向相同。 （5）磁场存在于磁体周围，是真实存在的，而磁感线是为了形象描述磁场虚构的。 2、地磁场：地磁的北极在地理位置的南极附近；而地磁的南极则在地理位置的北极附近。 （1）指南针属于磁体，静止时，总是指南北方向，是因为受到了地磁场的作用。 （2）地磁的南北极与地理的南北极并不重合，它们的交角称磁偏角，这一现象是我国宋代学者沈括最早记述的。 3、安培定则 内容：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。 4、电磁铁：电磁铁是一个内部插有铁芯的螺线管。 （1）电磁铁的特点 ①磁性的有无可由电流的通断来控制。 ②磁性的强弱可由改变电流大小或线圈的匝数来调节。 ③磁极可由电流方向来改变。 （2）影响电磁铁磁性强弱的因素：①电流大小；②有无铁芯；③线圈匝数的多少。 （3）电磁铁的应用：电磁起重机、磁悬浮列车、电磁选矿机、电铃、电磁自动门等。 5、磁场对电流的作用：通电导体在磁场中受磁力的作用。 （1）能的转化：电能转化为机械能。 （2）受力方向（利用左手定则判定）：跟电流方向和磁感线方向有关。 6、 电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，这种现象叫电磁感应，产生的电流叫感应电流（磁生电），是由英国物理学家法拉第发现的。 1．振动电缆报警器是一种利用磁性材料建立永久磁场，当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生感电流触发报警的设备。下列选项中，原理与该设备相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】由题意可知，当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生的感应电流触发报警器报警，则该报警器是利用电磁感应原理工作的，该过程是将机械能转化为电能的过程。 A．该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意； B．该实验装置通电后线圈转动运动，故是电动机原理，是利用通电导体在磁场中受到力的作用而转动的原理工作的，将电能转化为机械能，故B不符合题意； C．该实验是电磁感应实验，将机械能转化为电能，故C符合题意； D．该实验装置可以探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，体现了电能生磁，线圈匝数一定，电流越大，电磁铁磁性越强，故D不符合题意。 故选C。 2．2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（　　） A．电风扇 B．电磁起重机 C．扬声器 D．动圈式话筒 【答案】D 【详解】轮子转动时，LED灯闪闪发光， LED灯发光。这是利用了电磁感应原理。 A．电风扇是利用电动机工作的，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意； B．电磁起重机是利用电流的磁效应工作，电磁铁中有电流通过时产生磁性，故B不符合题意； C．扬声器是通电的线圈在磁场中受到力的作用而运动，带动扬声器的纸盒振动发声，故C不符合题意； D．动圈式话筒是线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应原理工作，故D符合题意。 故选D。 3．如图中涉及到的物理规律及原理，说法正确的是（　　） A．图甲，通电导体在磁场中受到力的作用 B．图乙，电流的磁效应 C．图丙，电荷间的相互作用 D．图丁，电磁感应原理 【答案】B 【详解】A．动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，故A错误； B．电磁起重机的重要部分是电磁铁，利用电流的磁效应，故B正确； C．磁悬浮列车运行时悬浮电磁铁与轨道电磁铁间的相互作用，利用磁极间的相互作用，故C错误； D．扬声器的原理是通电线圈在磁场中要受到力的作用，故D错误。 故选B。 4．如图所示的四个实验中，下列说法错误的是（　　） A．甲图所示的实验说明同名磁极相互排斥 B．乙图所示的实验可以研究电流周围是否存在磁场 C．丙图所示的实验装置可以研究电动机工作的原理 D．丁图所示的实验中只要闭合开关，灵敏电流计的指针就会发生偏转 【答案】D 【详解】A．由图甲可知，两个磁体的N极靠近时，小磁针远离，说明同名磁极相互排斥，故A正确，不符合题意； B．乙图所示的实验可以研究电流周围是否存在磁场，闭合开关通电后，小磁针发生偏转，故B正确，不符合题意； C．丙图所示的实验装置说明通电导体在磁场中受到力的作用，可以研究电动机工作的原理，故C正确，不符合题意； D．丁图所示的实验中要闭合开关，且导体在磁场中切割磁感线时，灵敏电流计的指针才会发生偏转，故D错误，符合题意。 故选D。 5．如图所示是一种温度自动报警器的原理图，在水银温度计中封入一段金属丝，金属丝下端所指示的温度为95℃。下列说法错误的是（　　） A．电路工作时电磁铁上端为S极 B．报警器利用了水银导电和热胀冷缩的性质 C．温度达到95℃时，报警器中的红灯亮同时铃响 D．报警器利用了电磁铁通电时有磁性、断电时磁性消失的特点 【答案】A 【详解】A．电路工作时电流从电磁铁的下端流入，根据安培定则可知电磁铁上端为N极，故A错误，符合题意； B．液体温度计的原理是液体的热胀冷缩，同时水银导电，当温度上升到一定程度时可以使得控制电路连通，故B正确，不符合题意； C．当温度升高到95℃时，水银和金属丝接通，由于水银和金属丝都是导体，所以控制电路接通，电磁铁有磁性，电磁铁吸引衔铁，报警器中的红灯亮同时铃响，故C正确，不符合题意； D．电磁继电器的核心是电磁铁，利用了电磁铁通电时有磁性、断电时磁性消失的特点，故D正确，不符合题意。 故选A。 6．我国第三艘航空母舰“福建”采用了电磁弹射技术，电磁弹射器的弹射装置与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射装置内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力。其原理是（　　） A．电流的磁效应 B．电流的热效应 C．摩擦起电现象 D．通电导体在磁场中受到力的作用 【答案】D 【详解】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 7．将A、B两个磁环先后套在光滑的木支架上，此时可以看到上方的磁环A“悬浮”在空中，如图所示。两磁环受到的重力相等都为，则下列分析正确的是（　　） A．两磁环相对面（即A的下端和B的上端）为异名磁极 B．木架底座对B的支持力等于 C．B对的作用力大于，方向竖直向上 D．木架底座对B的支持力和B对木架底座的压力是一对平衡力 【答案】B 【详解】AC．因为悬浮在空中静止，则受重力和B对的斥力作用，且满足二力平衡条件 则、B相对面是同名磁极，故AC错误； B．B环受重力、对B向下的斥力和木架对B的支持力，依据平衡条件可知 又 所以 故B正确； D．因为木架对B的力和B对木架的力是一对相互作用力，所以木架对B的支持力和B对木架的压力是一对相互作用力，故D错误。 故选B。 押题猜想10 电路设计 1．交通法规定，不但司机要系安全带，副驾驶也应该系安全带。假设驾驶员和副驾驶的安全带分别对应开关S1和S2，系好安全带，相当于闭合开关，且只有当两人都系好安全带时，指示灯才会熄灭，提示音消失。符合上述要求的正确电路图是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解答】解： 由题知，未系好安全带时，相当于断开开关，此时指示灯发光，提示音响；当当两人都系好安全带时，相当于两个都闭合开关，指示灯不亮，提示音消失。说明两开关串联，且两开关闭合灯和铃被短路了，所以两开关串联再与指示灯、铃并联，要使电路不会出现短路，即电路中必须串联一个保护电阻。 结合选项可知A符合题意，BCD不符合。 故选：A。 押题解读 本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。 考前秘笈 电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的；开关在干路可以控制所有用电器；如是家庭电路，开关应接在用电器和火线之间；用电器能独立工作，说明用电器之间为并联关系。审清题目要求是设计对电路的首要条件，电路设计完后应按题目要求操作一边，确定是否与题目要求一致，以确保设计正确。 1．为了提高乘客进站的效率，高铁站的自助检票闸机可实现人证核验，如图所示。将身份证放在闸机指定的位置，闸机自动读取信息成功（相当于闭合开关S1），当摄像头扫描出人脸进行识别后，若身份验证成功（相当于闭合开关S2），电动机工作闸机开启，乘客可以通过闸机。下列电路设计符合以上要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】由题意可知，只有当身份证和人脸识别都验证成功后，闸机才会开启，即只有开关S1、S2都闭合时电动机才会工作，所以可以知道这两个开关是串联的，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 2．共享电瓶车上有一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器S1接收到信号闭合后，再转动电动车钥匙S2，电瓶车才能正常启动，下列电路符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】根据题意可知，当电动车上的信号接收器S1接收到信号，再转动电动车钥匙S2，车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，应该是串联在一起的，故D符合要求，ABC不符合要求。 故选D。 3．智能手机锁屏后，可通过指纹（）、密码（）、人脸（）任意一种方式进行解锁。若用灯泡发光模拟手机屏幕解锁成功，则符合要求的电路是（    ） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】指纹（S1）、密码（S2）、人脸（S3）任意一种方式进行单独解锁，灯泡都会发光，所以三个开关应并联后再与灯泡串联在电源上，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 4．电动自行车是同学们的常用交通工具之一，关于电动自行车中涉及的物理知识你是否知晓呢？一个较为简单的常识是，当我们在行驶过程中，只要左右刹车中其中一个被捏下，电机将停止供电，同时刹车尾灯亮起提醒后车注意安全，当不捏刹车是电机通电转动，刹车灯处于熄灭状态。下列电路设计中：灯泡代表电动自行车的刹车尾灯；电动机代表电动自行车的电机；S1，S2代表左右刹车。捏刹车用断开开关表示；a、b为两个接线触点，其中触点a的位置固定不动，触点b始终与电源正极相连，可根据元件特点上下活动；依据你所学的物理知识，下列电路设计能够实现该常识的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】根据题意可知，只要左右刹车中其中一个被捏下，电机将停止供电，同时刹车尾灯亮起提醒后车注意安全，这说明两个开关S 1、S2相互影响，是串联在电路中的，然后与电动机串联；当不捏刹车时电机通电转动，通过电动机有电流，电磁铁具有磁性，吸下衔铁，刹车处于熄灭状态，这说明刹车灯所在的电路为断路，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 5．投影仪内的灯泡，发光时温度很高，必须用风扇降温。使用投影仪时，首先要打开风扇，待确认风扇正常运转后，再通电让灯泡发光，下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】A．干路中开关闭合，电动机马上工作，而灯泡会在支路开关的闭合时再工作，故A符合题意； B．开关闭合后，电动机和灯泡同时工作，故B不符合题意； C．干路中开关闭合，灯泡马上工作，支路开关闭合电动机才会工作，故C不符合题意； D．开关闭合后，电动机和灯泡同时工作，故D不符合题意。 故选A。 6．某商场内设有自动售货机，方便购物者购买。它可通过手机扫码（闭合S1）或通过投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图中电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】由题意可知,通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合,都能启动电动机完成自动售货,说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响,则开关S1和开关S2应并联,再与电动机串联;由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合,接通灯泡照明(即灯泡只由光控开关S3控制),因灯泡与电动机工作时互不影响，则两用电器应并联，结合选项图可知，只有D图符合题意，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 7．2020年，我市在红绿灯路口安装了违法闯红灯的高清自动识别抓拍系统。如果行人指示信号灯为红灯（开关S1闭合）时，仍有行人在斑马线上过马路，这套系统会使开关S2闭合，自动将行人的图像拍摄下来，曝光违法行人。下列电路图符合上述要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】由题意可知，指示灯和电控相机并联，S1控制干路，开关S2控制电控相机。 A．由电路图可知，只有红灯且有行人在斑马线上过马路时，电控照相机才工作，故A不符合题意； B．由电路图可知，指示信号灯为红灯时，电控照相机就工作，故B不符合题意； C．由电路图可知，指示信号灯为红灯时，S1、S2都需要闭合，否则灯不亮，此时电控照相机也在一起工作，故C不符合题意； D．由电路图可知，指示信号灯为红灯时S1闭合，仍有行人在斑马线上过马路时S2闭合电控，此时照相机才工作，否则不工作，故D符合题意。 故选D。 题型二 多选题 押题猜想11 动态电路分析 1．（多选）如图所示，灯泡R1上标有“6V 6W”字样（忽略温度对电阻的影响），定值电阻R3阻值为4Ω。关于该电路，下列说法正确的是（　　） A．只闭合开关S3，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表示数变小 B．闭合开关S1、S2时，R1和R3串联 C．闭合开关S1、S2、S3，滑动变阻器滑片向右移动时，电压表示数变大 D．只闭合开关S2时，灯泡正常发光，则电源电压为10V 【答案】AD 【解答】解： A、只闭合开关S3，灯泡与滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流；滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小，故A正确； B、闭合开关S1、S2时，灯泡被短路，电路为R3的简单电路，故B错误； C、闭合开关S1、S2、S3，灯泡被短路，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故C错误； D、只闭合开关S2时，定值电阻与灯泡串联，灯泡正常发光，电路中的电流即灯泡的额定电流为：I1A； 定值电阻两端电压为：U3＝IR3＝1A×4Ω＝4V； 则电源电压为：U＝UL+U3＝6V+4V＝10V，故D正确。 故选：AD。 押题解读 本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，难度不大。（1）只闭合开关S3，灯泡与滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化； （2）根据开关的闭合情况分析电路的连接方式； （3）闭合开关S1、S2、S3，灯泡被短路，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压；根据电源电压分析电压表示数的变化； （4）只闭合开关S2时，定值电阻与灯泡串联，灯泡正常发光，根据灯泡的额定电压和额定功率求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端电压，根据串联电路的电压规律求出电源电压。 考前秘笈 （1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的。 （2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化。 （3）明确电源的电压是否保持不变。 （4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。 （5）解题方法 方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U=IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻=U总-U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。 方法②：串联电路中，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所占比例分数越大，分得的电压比例就越大。 1．（多选）如图所示的电路，电源两端电压保持不变。只闭合开关S1和S3时，电流表的示数为I1； 只闭合开关S1、S4时，电流表的示数为I2，电压表示数为3V； 已知， 则（　　） A． B．电源两端电压为6V C．通过各开关的断开与闭合，在不同状态下，电压表的最大、最小示数之比为8∶3 D．通过各开关的断开与闭合，在不同状态下，电流表的最大、最小示数之比为38∶3 【答案】BD 【详解】根据题意可知，只闭合开关S1和S3时，电路中只有R1，此时 U=I1R1① 只闭合开关S1、S4时，电阻R1、R2和R3串联接入电路，电压表测量的是R2两端的电压为3V，此时 U=I2(R1+R2+R3)=3V+I2(R1 +R3)② 3V= I2R2③ AB．已知 R1∶R2=3∶4 I1∶I2=8∶3 结合①②③，解得 R2∶R3=4∶1 U=6V 故A不符合题意，B符合题意； C．电压表测量值最大时，只闭合开关S2和S3，电压表测量的是电源电压为6V，只闭合开关S1、S4时，电阻R1、R2和R3串联接入电路，电压表测量的是R2两端的电压，最小示数为3V，通过各开关的断开与闭合，在不同状态下，电压表的最大、最小示数之比为2∶1，故C不符合题意； D．由 R1∶R2=3∶4 R2∶R3=4∶1 可得 R1∶R2∶R3=3∶4∶1④ 当开关S1、S2、S3、S4都闭合时，电路中的总电流最大为 只闭合开关S1、S4时，电阻R1、R2和R3串联接入电路，此时电流表的示数最小为 由式子④⑤⑥可得 Imax∶I2=38∶3 故D符合题意。 故选BD。 2．（多选）在如图所示电路中，电源电压不变，当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时（　　） A．电路总电阻变大 B．电路消耗的总功率不变 C．电压表示数变小 D．电压表与电流表示数之比不变 【答案】AD 【详解】如图所示，滑动变阻器与灯泡并联，电流表测灯泡的电流。 A． 滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动，滑动变阻器电阻阻值增大，电源电压不变，根据可知，滑动变阻器所在支路的电流减小，滑动变阻器与灯泡并联，所以灯泡所在支路的电流不变，由并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，电路的总电流减小，电源电压不变，根据可知，电路总电阻变大，故A符合题意； B．根据可知，电路总电流减小，电源电压不变，则电路消耗的总功率减小，故B不符合题意； C．因电源电压不变，所以电压表的示数不变，故C不符合题意； D．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，滑片移动时通过灯泡的电流不变，电流表示数不变，所以电压表与电流表示数之比不变，故D符合题意。 故选AD。 3．（多选）在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，电路中R和是定值电阻，R的阻值小于，是滑动变阻器，当向上滑动时，电压表、、示数变化量的绝对值分别为，电流表A示数变化量的绝对值为，下列说法正确的是（    ） A．电压表和电流表A示数的比值不变 B．电流表A的示数减小 C． D． 【答案】BC 【详解】由电路图可知，闭合开关，R0、R1、R串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测R与R1两端电压之和，电压表V3测R1两端的电压，电流表A测电路中的电流。 A．将滑动变阻器R1的滑片向上滑动，R1接入电路中的电阻变大，由可知，电压表V3示数和电流表A的示数比值等于R1接入电路中的电阻，则其比值变大，故A错误； B．将滑动变阻器R1的滑片向上滑动，R1接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，电流表示数减小，故B正确； CD．设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由可知，电压表V1示数的变化量为 电压表V2示数的变化量为 电压表V3示数的变化量为 所以 故C正确，D错误。 故选BC。 4．（多选）如图甲所示，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最右端移至小灯泡正常发光的位置，此过程中电流表示数与两个电压表示数的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是（    ） A．电源电压为12V B．灯的额定电流为0.6A C．滑动变阻器的最大阻值是45Ω D．曲线b是电流表示数与电压表V2示数的关系图像 【答案】BCD 【详解】由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 ACD．当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大即电压表V2的示数最大，此时灯泡两端的电压最小即电压表V1的示数最小，则曲线a表示电流表示数与电压表V1示数的关系图像，曲线b表示电流表示数与电压表V2示数的关系图像，由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.2A，此时灯泡两端的电压UL=2V，滑动变阻器两端的电压U滑=9V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为 U=UL+U滑=2V+9V=11V 滑动变阻器的最大阻值为 故A错误，CD正确； B．闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最右端移至灯正常发光的位置，此时电路中的电流最大，由图乙可知电路中的最大电流I大=0.6A，即小灯泡的额定电流为0.6A，故B正确。 故选BCD。 5．（多选）图甲是热敏电阻温度计电路图，其中R1是热敏电阻，R1阻值随温度t变化的规律如图乙所示。R2为定值电阻，阻值为100Ω，电源电压可调节变化。测量温度时R1的电流始终保持为2mA。将其中一个电压表表盘改成温度表盘即可测量温度（　　） A．应将电压表V2的表盘刻度改成相应的温度刻度 B．在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，通过R1的电流会减小 C．在测温过程中R1两端的电压随温度升高而减小 D．某次测温时，温度表盘上显示的温度是30℃，此时电源电压为0.76V 【答案】CD 【详解】A．由图甲可知，两个电阻串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，由题意知电流表的示数不变，根据U=IR知定值电阻R2两端的电压不变，由于电源电压变化，所以电压表V1的示数变化，所以应将电压表V1的表盘刻度改成相应的温度刻度，故A不符合题意； B．在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，热敏电阻R1的温度为0℃，其R1的温度不变，其阻值不变，通过的电流不变，故B不符合题意； C．从图乙可知，热敏电阻R1的电阻随温度升高而降低，由于电流表的示数不变，由U=IR知热敏电阻R1两端的电压随温度升高而降低，故C符合题意； D．由图乙可知，温度表盘上显示的温度是30℃时，R1的电阻值为280Ω，此时的电源电压为U=I(R1+R2)=2×10-3A×(280Ω+100Ω)=0.76V 故D符合题意。 故选CD。 6．（多选）如图甲所示，是光敏电阻，R是阻值为10kΩ的定值电阻，电源电压，光敏电阻的阻值与光的照度（光照越强，照度越大，单位为Lux）关系如图乙所示。则下列说法正确的是（　　） A．当照度增大时，的阻值将增大 B．将量程为的电压表接入图甲电路中，将其改装成照度表，为使光的照度增大时电压表的示数也增大，则该电压表应并联在R两端 C．所改装的照度表能够测量的最大照度为1.2Lux D．改装完成后，若将电源换为电压可调电源（调节范围为），且将R换为可调电阻（调节范围为），则该装置所能测量的最大照度为1.6Lux 【答案】BC 【详解】A．由图乙可知，光敏电阻RG的阻值随光的照度的增大而变小，所以，当照度增大时，RG的阻值将变小，故A错误； BC．由图甲可知，两电阻串联，根据串联电路的分压原理可知，当光的照度增大时，RG的阻值将变小，RG两端的电压变小；电源电压不变，R两端的电压增大，故为使光的照度增大时电压表的示数也增大，应将电压表并联在定值电阻R的两端；光的照度增大时电压表的示数也增大，故当电压表示数达到3V时，光的照度最大。此时电路中的电流为 光敏电阻两端的电压为 RG的阻值 由图乙可知，此时光的最大照度为1.2Lux，故BC正确； D．根据题意，换成可调电源和可调电阻后，要想使所能测量的照度增大，则RG的对应阻值应变小，根据串联电路的分压原理可知，应选择较小的电源电压和较小的定值电阻，当电源电压为12V，电阻调至5kΩ时，电压表仍并联在可调电阻的两端，当电压表示数达到3V时，光的照度最大；此时电路中的电流 RG两端的电压为 RG的阻值 由图乙可得，此时能测量的最大照度为1.4Lux，故D错误。 故选BC。 7．（多选）如图甲，电磁继电器和热敏电阻R1等组成了恒温箱控制电路，R1处于恒温箱内，电源电压U=6V，继电器线圈的电阻不计，图乙为热敏电阻的R1-t图像，且已知在50-150℃范围内，热敏电阻的阻值随温度的变化规律是：R1t=常数，电阻R2是可变电阻，当线圈中的电流达到40mA时，继电器的衔铁被吸合。当可变电阻R2=0Ω时，恒温箱可保持60℃恒温，图中的“交流电”是恒温箱加热器的电，它的额定功率是1500W。则下列选项中正确的是（　　） A．60℃时，热敏电阻R1的阻值是150Ω B．应该把恒温箱的加热器接在A、B端 C．如果要使恒温箱内的温度保持100℃，可变电阻R2的阻值应调为90Ω D．使用该恒温箱工作，在低温处的温度波动更小 【答案】ABD 【详解】A．由题意可知，电源电压U=6V，当可变电阻R2=0Ω时，电路电流为40mA，即0.04A，恒温箱可保持60℃恒温；由欧姆定律可得，热敏电阻R1的阻值 故A正确； B．由图可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而减小，则温度越高，电路中的电流越大，当电流达到40mA时，继电器的衔铁被吸合，加热电路应当断开，所以应该把恒温箱的加热器接在A、B端，故B正确； C．设100℃时热敏电阻的阻值为，由题意可知，R1t=常数，当温度为100℃时，有 解得，电路中的总电阻为 则可变电阻R2的阻值 故C错误； D．由图可知，在低温处R1的阻值变化较大，即受温度的影响更明显，根据可知，电流的变化也更明显，则控制电路控制的更精确；而在高温处时R1的阻值变化较小，电流的变化不明显，则控制电路控制的不精确，故使用该恒温箱工作，在低温处的温度波动更小，故D正确。 故选ABD。 押题猜想12 浮力的应用 1．（多选）一装有适量水的容器放在水平桌面上，容器底面积为S。一木球和一合金球的体积分别为5V0和2V0。将它们用细线相连放入水中静止时，木球露出水面的体积为V0；当把细线剪断后，合金球沉底，木球静止时露出水面的体积为2V0，如图所示。已知水的密度为ρ0，下列说法正确的是（　　） A．合金球的重力为3ρ0gV0 B．合金球的密度为3ρ0 C．木球的密度为0.6ρ0 D．剪断细线后，水对容器底部的压强减少了0.2 【答案】AC 【解答】解：AB、右图中木球排开水的体积为： V木排＝V木﹣V露＝5V0﹣2V0＝3V0， 木球受到的浮力为： F浮木＝ρ0gV木排＝ρ0g×3V0＝3ρ0gV0， 木球漂浮在水面上，则： G木＝F浮木＝3ρ0gV0， 在左图中，木球排开水的体积为： V木排'＝V木﹣V露'＝5V0﹣V0＝4V0， 木球和合金球的整体处于漂浮状态，根据阿基米德原理可得： F浮总＝ρ0g（V木排'+V合金）＝ρ0g（4V0+2V0）＝6ρ0gV0， 根据漂浮条件可知： F浮总＝G木+G合金， 则合金球的重力为： G合金＝F浮总﹣G木＝6ρ0gV0﹣3ρ0gV0＝3ρ0gV0； 由G＝mg和ρ＝可知，合金球的密度为：合金球的密度为 故A正确，B错误； C．木球的质量为 木球的密度为 0.6ρ0； 故C正确； D．剪断细线后，木球和合金球受到的浮力之和为F浮后＝ρ0g×（5V0+2V0﹣2V0）＝5ρ0gV0； 则两球对水的作用力变化量为ΔF＝F浮前﹣F浮后＝6ρ0gV0﹣5ρ0gV0＝ρ0gV0； 所以剪断细线后，水对容器底部的压强减少了 ，故D错误。 故选：AC。 押题解读 本题主要考查了漂浮条件、阿基米德原理的应用，解答本题的关键是会对物体进行受力分析，有一定的难度。 （1）由右图可知，木球漂浮在水面上，浮力等于重力，据此结合阿基米德原理得出木球重力的表达式；左图中，把木球和合金球当作整体分析，处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，木球和合金球的重力之和等于木球和合金球所受浮力之和，列出表达式即可求出合金球的重力的表达式，再根据密度公式求出合金球的密度； （2）由（1）知木球重力的表达式，根据密度公式可求出木球密度的表达式； （3）剪断绳子后，木球静止时漂浮在水面上，求出木球和合金球的整体排开水的体积减小量，水面下降的高度Δh，从而求出水对容器底部压强的减少量Δp。 考前秘笈 1、浮力的利用 （1）调节浮力的大小：采用“空心”增大体积，从而增大浮力，使物体能漂浮在液面上。 （2）轮船采用了把它做成空心的办法，使它能够排开更多的水，增大浮力，使轮船能漂浮在水面上。 （3）潜水艇：潜水艇的下潜和上浮是靠改变自身重来实现的。 （4）气球和气艇：气球和飞艇，体内充有密度小于空气的气体（氢气、氦气、热空气），从浮力与重力的大小关系来解释气球升空。 （5）密度计是利用物体浮在液面的条件来工作的。 （6）汤圆刚放入水中时，汤圆受到的浮力小于重力；汤圆煮熟时，它的体积增大，浮力也随之增大。 2、漂浮问题的几个规律 规律1：物体漂浮在液体中，所受的浮力等于它受的重力； 规律2：同一物体在不同液体里漂浮，所受浮力相同； 规律3：同一物体在不同液体里漂浮，在密度大的液体里浸入的体积小； 规律4：漂浮物体浸入液体的体积是它总体积的几分之几，物体密度就是液体密度的几分之几； 规律5：将漂浮物体全部浸入液体里，需加的竖直向下的外力，外力等于液体对物体增大的浮力。 1．（多选）浮沉条件在日常生活中有广泛的应用，从简单的物体漂浮到复杂的建筑结构设计，都有其独特的用途。下列四幅图中关于浮沉条件的应用说法正确的是（　　） A．图甲中密度计测量的液体密度越大，密度计受到的浮力越大 B．图乙中盐水选种时，下沉的种子密度比盐水的密度大 C．图丙中热气球是通过自带的加热器调节气囊中气体的温度来控制升降 D．图丁中古人打捞铁牛时，浮船受到的浮力等于铁牛的重力 【答案】BC 【详解】A．密度计是根据物体的漂浮条件来工作的，不论液体密度大小如何，密度计受到的浮力都等于重力，浮力大小不变，故A错误； B．当物体密度大于液体密度时，物体在液体中下沉，图乙中下沉的种子密度比盐水的密度大，故B正确； C．图丙中热气球通过自带的加热器调节气囊中气体的温度，从而改变囊中气体的密度，当浮力大于重力时，气球上升；当浮力小于重力时，气球下降，故C正确； D．图丁中古人打捞铁牛时，船和铁牛的总重等于船和铁牛受到的浮力，故D错误。 故选BC。 2．（多选）小杰用盐水洗水果时发现，草莓在盐水中漂浮，小西红柿悬浮。一水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，盛有密度相同的盐水，小杰把质量相同的草莓和小西红柿分别放入甲、乙容器中，静止时的状态如图所示，两容器中的液面相平。下列说法正确的是（   ） A．草莓的密度小于小西红柿的密度 B．草莓所受的浮力大于小西红柿所受的浮力 C．盐水对甲容器底的压强等于对乙容器底的压强 D．甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强 【答案】AC 【详解】A．草莓在盐水中漂浮，根据物体的浮沉条件，漂浮的物体密度小于液体密度，所以草莓的密度小于盐水的密度。小西红柿在盐水中悬浮，悬浮的物体密度等于液体密度，所以小西红柿的密度等于盐水的密度。由此可知，草莓的密度小于小西红柿的密度，故A正确； B．由于草莓和小西红柿的质量相同，所以它们的重力也相同。根据物体的浮沉条件，漂浮的物体所受浮力等于其重力，悬浮的物体所受浮力也等于其重力。因此，草莓和小西红柿所受的浮力都等于它们的重力，即浮力相等。故B错误；   C．由于甲、乙两个容器完全相同，且盛有密度相同的盐水，两容器中的液面相平，所以盐水的深度相同。根据液体压强的计算公式p=ρgh，可以得出盐水对甲、乙容器底的压强相等。故C正确；   D．由图可知，两物体在液体中分别漂浮和悬浮时受到的浮力等于各自的重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体所受的重力。则两物体的重力等于两物体排开液体所受的重力。由于两物体的质量相等，则将两物体等换成相同重力的盐水后，两容器中盐水的重力相等，因而容器、容器中等效盐水重力相等，对桌面的压力相等，根据压强公式可知，两容器对桌面的压强相等。故D错误。 故选AC。 3．（多选）小明自制了一个简易密度计：他用一根细竹签作为标度杆，在其下端缠绕适量的铜丝作为“配重”，然后在竹签中部套上一个泡沫球作为“浮子”。他将自制的密度计放入水中时，状态如图所示，然后在标度杆的水位处标上“1g/cm3”。下列分析中正确的是（　　） A．“配重”的主要作用是降低重心、提高稳定性、使密度计整体竖立在液体中 B．“浮子”的主要作用是提供足够大的浮力，以使得密度计整体漂浮在液体中 C．根据放入水中的标度来看，该密度计目前更适合用来测量密度比水大的液体 D．如果想要测量密度小于水的液体，可以换一个体积更小些的泡沫球作为浮子 【答案】ABC 【详解】A．“配重”的主要作用是使密度计的下部分质量大，降低重心、提高稳定性、使密度计整体竖立在液体中，故A正确； B．“浮子”的主要作用是通过增加排开液体的体积，来提供足够大的浮力，以使得密度计整体漂浮在液体中，故B正确； C．根据放入水中的标度来看，此时密度计几乎完全浸没，因此应使液面低于标度杆最高位置，即减小排开液体的体积，密度计在液体中浮力不变，根据可知，液体的密度变大，因此该密度计目前更适合用来测量密度比水大的液体，故C正确； D．如果想要测量密度小于水的液体，可以换一个体积更大些的泡沫球作为浮子来增大浮力，故D错误。 故选ABC。 4．（多选）如图所示，小明用大矿泉水瓶和小玻璃瓶制作了一个“浮沉子”，他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上，拧紧矿泉水瓶的瓶盖，用手握住矿泉水瓶，使它在空中静止，用力挤压矿泉水瓶侧壁时小玻璃瓶下沉，松手后小玻璃瓶上浮。下列说法正确的是（　　） A．增大对矿泉水瓶的握力时，手对矿泉水瓶的摩擦力不变 B．用力挤压矿泉水瓶侧壁时，小玻璃瓶内水的体积变小 C．用力挤压矿泉水瓶侧壁时，小玻璃瓶内气体的密度变大 D．把矿泉水瓶的瓶盖拧开时，捏矿泉水瓶仍能使小玻璃瓶下沉 【答案】AC 【详解】A．用手握住矿泉水瓶时，矿泉水瓶静止在手中，在竖直方向上，矿泉水瓶受到的重力和摩擦力是一对平衡力，增大对矿泉水瓶的握力时，矿泉水瓶受到的重力不变，所以手对矿泉水瓶的摩擦力不变。故A正确； BC．用力挤压矿泉水瓶侧壁，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，小玻璃瓶内空气的体积变小，而气体的质量不变，根据可知，小玻璃瓶内气体的密度变大，故B错误，C正确； D．把矿泉水瓶的瓶盖拧开时，水瓶内的气压与外界大气压相同，捏矿泉水瓶，瓶内气体压强不变，瓶内的水不会被压进小玻璃瓶内，小玻璃瓶仍漂浮在水面上，故D错误。 故选AC。 5．（多选）如图，水平桌面上放置两个相同的容器甲、乙，两容器中均盛有水，甲容器中有一小物块悬浮于水中，乙容器中有一个小球漂浮在水面上，此时容器内水面高度相同。，则下列说法正确的是（    ） A．两个容器对水平桌面的压强关系： B．水对两个容器底部的压力关系： C．小物块的密度与小球的密度关系： D．若向乙中加入盐水并搅拌均匀，小球受到的浮力不变 【答案】CD 【详解】A．当物体处于漂浮和悬浮时，浮力等于物体所受重力，由阿基米德原理可知，两物体排开水的重力等于各自的重力，容器、水和物块的总重力 G总=G容+G水+G物 G总=G容+G水+G排 容器内水的深度相同，所以总重力的关系 G总甲=G总乙 因容器对桌面的压力等于总重力，所以容器对桌面的压力相等，且容器的底面积也相等，则由可知容器对桌面的压强相等，即 故A错误； B．水的密度与深度都相同，由公式p=ρgh可知，水对三个容器底部的压强关系为 p甲=p乙 由于液体压强与容器底面积都相同，由公式F=pS可知，水对容器底的压力 F甲=F乙 故B错误； C．物块悬浮在水中，则 小球漂浮在水面，则 小物块的密度与小球的密度关系 故C正确； D．小球漂浮在乙容器中，向乙容器中加入盐水，液体密度增大，小球仍然漂浮在液面上，那么小球受到的浮力等于小球的重力，小球的重力不变，小球受到的浮力不变，故D正确。 故选CD。 6．（多选）如图所示，水母的伞状体内有一种特别的腺，可以发出一氧化碳，使伞状体膨胀，通过控制伞状体的体积大小，水母实现了在水中上浮和下潜的自由。忽略产生一氧化碳的质量，下列说法正确的是（　　）    A．伞体缩小时，受到浮力会减小 B．悬浮的水母，产生一氧化碳时会上浮 C．逐渐下沉的水母，所受水的压强逐渐增大 D．水母实现浮沉自由的原理与潜水艇的一致 【答案】ABC 【详解】A．水母的伞体缩小时，排开水的体积减小，根据F浮＝ρ液gV排知水母受到浮力会减小，故A正确； B．水母悬浮时，浮力等于其重力；若体积变大时，其排开水的体积变大，根据F浮＝ρ液gV排知，浮力变大，浮力大于重力，则水母会上浮，故B正确； C．逐渐下沉的水母，深度增大，根据p＝ρgh知，受到水的压强变大，故C正确； D．水母实现浮沉自由是靠改变浮力来实现，潜水艇是靠改变自身的重力来实现的，故D错误。 故选ABC。 7．（多选）小明同学用刻度尺、圆柱形容器、有配重的薄壁长烧杯和水、细线等材料，测出了金属块的密度（如图）。操作过程如下： ①在圆柱形容器中装有适量的水，将一只装有配重的薄壁长烧杯放入圆柱形容器的水中，烧杯静止时用刻度尺测出容器中水的深度为H1，如图（a）所示； ②将金属块吊在烧杯底部，烧杯静止时用刻度尺测出烧杯露出水面的高度h1，容器中水的深度为H2，如图（b）所示； ③将金属块放在烧杯中，烧杯静止时用刻度尺测出烧杯露出水面的高度h2，如图（c）所示。则下列说法正确的是（　　） A．如图（a），薄壁长烧杯的重力等于它排开水的总重力 B．图（b）中水对圆柱形容器底的压强小于图（c）中水对圆柱形容器底的压强 C．忽略细线的重力，图（b）中圆柱形容器对桌面的压强与图（c）中圆柱形容器对桌面的压强相等 D．已知圆柱形容器底面积为S1，烧杯底面积为S2，水的密度为，则金属块的密度为 【答案】AC 【详解】A．图（a）中，薄壁长烧杯漂浮在水中，所受的浮力等于自身的重力，据阿基米德原理知，长烧杯的重力等于它排开水的总重力，故A正确； B．图（b）中，金属块和长烧杯一起漂浮在水面，所受的重力等于金属块和长烧杯的总重力。图（c）中，金属块和长烧杯仍然漂浮在水面，所受的浮力等于自身的重力，则两个图中，金属块和长烧杯所受的浮力相等，排开的水的体积相等，圆柱形容器内水的深度相同，据知，水对容器底的压强相等，故B错误； C．忽略细线的重力，图（b）中，容器对桌面的压力等于圆柱开容器、容器中水及金属块和长烧杯的总重力，图（c）中，容器对桌面的压力等于圆柱形容器、容器中水及金属块和长烧杯的总重力，容器中的水重力保持不变，所以容器对桌布的压力不变，据知，两个图中容器对桌面的压强相等，故C正确； D．比较（a）、（b）两图可知，都是漂浮，受到的浮力都等于自重，则两图中浮力的变化量等于金属块重力，两图中浮力的变化量 金属块的重力为 比较（b）、（c）两图可知，都是漂浮，烧杯和金属块的总重不变，总浮力不变；则（b）图中金属块受到的浮力等于这两次烧杯受到的浮力变化量，金属块受到的浮力 所以金属块的体积为 金属块的密度为，故D错误。 故选AC。 题型三 填空题 押题猜想13 电流电路 1．西晋时张华撰写的《博物志》中有这样的记载：“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者，也有咤声。”意思是说梳头、穿脱衣服时，常发生摩擦起电现象，使头发和梳子（或者人体和衣服）带上了　异　 （选填“同”或“异”）种电荷，有时还能看到小火星和听到微弱的响声。工厂里往往就是通过使金属板带上电荷，把浮尘吸附在金属板上来除尘保持高清洁度的。请你再举出一个利用静电的实例　静电复印机　 。 【答案】异；静电复印机。 【解答】解：使头发和梳子（或者人体和衣服）通过摩擦带上了异种电荷，有时还能看到小火星和听到微弱的响声。利用静电的实例：静电复印机。故答案为：异；静电复印机。 押题解读 本题考查静电现象及静电的应用，属于基础题。在日常生活中，我们用梳子在理头发的时候，常常会发现毛发在高压静电场力的作用下形成射线状。我们在每天夜晚脱衣服的时候，也常常会发现一种闪光效应和劈了啪啦的闪光声响。有时，我们在触摸“猫或狗”的皮毛时，你会受到微量的“电击”。还有，你用梳子理一下你的头发，你就可以将碎纸屑吸引起来。这些都是日常的静电现象。 考前秘笈 1、摩擦起电实质：摩擦起电并不是创造了新电荷，而是发生了电子转移，失去电子的物体因缺少电子而带正电，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电。 2、两种电荷：正电荷和负电荷。 （1）被丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷；实质：物质中的原子失去了电子。 （2）被毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷；实质：物质中的原子得到了多余的电子。 （3）同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。 （4）中和：等量的异种电荷放在一起互相抵消的现象叫做中和。(中和后物体不带电) 3、串联电路的电流规律：串联电路中各处电流都相等。 4、并联电路的电流规律：并联电路中总电流等于各支路中电流之和。 5、串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和。 6、并联电路各支路两端的电压相等，都等于电源电压。 7、电阻(R)：表示导体对电流的阻碍作用。导体如果对电流的阻碍作用越大，那么电阻就越大，而通过导体的电流就越小。 8、变阻器：能改变接入电路中电阻大小的元件。常见的变阻器可分为滑动变阻器和电阻箱。 1．公元世纪，我国学者王充在论衡一书写下“顿牟掇芥”，意为摩擦过的琥珀能吸引轻小草芥，琥珀得到电子带 电，把它靠近毛皮摩擦过的橡胶棒会相互 。 【答案】 负 排斥 【详解】[1]原子不显电性，电子带负电，在摩擦过程中，琥珀得到电子带负电。 [2]与毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，因为同种电荷相互排斥，故把琥珀靠近毛皮摩擦过的橡胶棒会相互排斥。 2．如图所示电路，要使灯泡L2 发光、Ll 不发光，应只闭合开关 要使灯Ll、L2 并联，应闭合开关 【答案】 S1 S1、S3 【解析】【小题1】[1]闭合开关S1，电流只有一条路径：正极→S1→L2→负极，因此灯L2发光。 [2]闭合开关S1、S3，断开S2，电流有两条路径，因此L1、L2是并联的。 3．如图所示是汽车静电拖地带，能将汽车外壳因摩擦起电所带的电荷通过内部 （选填“导体”或“绝缘体”）导入大地。若通过拖地带瞬间电流方向向上，说明汽车外壳带有 （选填“正”或“负”）电荷。 【答案】 导体 负 【详解】[1]汽车在运动过程中，外壳与空气摩擦而带上电荷，汽车静电拖地带中的导体能将汽车外壳带的电荷导入大地。 [2]电流方向与负电荷定向移动的方向相反，金属导体中定向移动的是自由电子，自由电子带负电荷；通过拖地带瞬间电流方向向上，则负电荷移动方向向下，所以汽车外壳带有负电荷。 4．某小组利用如图的电路进行实验，研究串联电路的电流规律。图中电流表的左接线柱对应其 （选填“正”或“负”）接线柱。分别测出A、B、C三点的电流IA、IB、IC，结果发现IA与IC的大小关系是IA IC。 【答案】 正 = 【详解】[1]使用电流表时，电流应从电流表的正接线柱流入，从电流表的负接线柱流出，图中电流从左流向右，故电流表的左接线柱对应正接线柱。 [2]因为电路为串联电路，串联电路中电流处处相等，因此IA与IC的大小关系是IA=IC。 5．如图甲所示为人们所喜爱的电动自行车，它轻便、节能、环保。只要将图中车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了 (1)电瓶车的大灯和喇叭可以同时工作，也可以独立工作，它们之间是 联的。车钥匙实质上相当于电路中的 ； (2)图乙所示是电动车的充电插口，内有金属插脚，在使用过程中绝不能拿硬币、手等去触碰，如果硬币碰到充电插口的两个金属插脚，可能会发生 （选填“短路”“断路”）而造成蓄电池损坏； (3)如果人体触碰蓄电池两极，人 （填“有”或“无”）触电的危险（图丙）。 【答案】(1) 并 开关 (2)短路 (3)有 【详解】（1）[1][2]电瓶车的大灯和喇叭可以同时工作，也可以独立工作，说明两者之间互不影响的，所以它们之间是并联的；开关控制电路的通断，车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，说明车钥匙相当于一个开关。 （2）因为硬币是导体，将硬币碰到充电插口的两个金属插脚时，使蓄电池的正负极相连，因此会造成蓄电池短路，从而造成蓄电池损坏。 （3）对人体安全电压不高于36V，由图丙知蓄电池的电压为48V，蓄电池的电压大于人体所能承受的安全的电压，如果人体触碰蓄电池两极，有触电的危险。 6．家住山区的小芳同学，在科技创新设计活动中，设计了一辆节能电动自行车，可以利用下坡时把部分机械能转化为电能，其原理是下坡时停止供电，但电机的线圈随车轮一起转动，线圈中产生感应电流，并对蓄电池充电，此时电机相当于电路基本组成中的 ；下坡后在不进行任何操作的情况下，电动自行车由于 仍能在水平路面上向前运动一段距离。 【答案】 电源 惯性 【详解】[1]电机的线圈随车轮一起转动，线圈中产生感应电流，并对蓄电池充电，表明电动机可以提供电能，故此时电机相当于电路基本组成中的电源。 [2]任何物体都有保持原来运动状态的特性，原来自行车是运动的，下坡后在不进行任何操作的情况下，电动自行车由于惯性仍能在水平路面上向前运动一段距离。 7．在“用电流表测电流”的实验中，某同学接成如图a所示的电路。当开关都闭合后两灯都发光，两个电流表的指针所指位置均为如图b所示，则通过灯L1和L2的电流分别为 A和 A。 【答案】 1.92 0.48 【详解】[1][2]分析电路可知，当开关都闭合后，、并联，电流表测干路电流，电流表测电流。两个电流表指针偏转均如图b所示，根据并联电流规律可知，电流表选用大量程，分度值为0.1A，示数为2.4A，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.48A，即电流为0.48A，则电流为 押题猜想14 分子动理论 1．古诗词“梅须逊雪三分白，雪却输梅一段香”中蕴含着丰富的物理知识。雪的形成过程中发生的物态变化是 　凝华　 ；我们看到雪是白色的是因为雪 　反射　 （选填“反射”或“吸收”）所有的色光；距离很远，就能闻到梅花的香味，这说明 　分子在永不停息地做无规则运动　 。 【答案】凝华；反射；分子在永不停息地做无规则运动。 【解答】解：雪的形成是凝华现象；雪是白色因为白色反射所有的色光；距离很远，就能闻到梅花的香味，这说明分子在永不停息地做无规则运动。 故答案为：凝华；反射；分子在永不停息地做无规则运动。 押题解读 本题考查了凝华现象、光的反射和分子运动，属于基础题。凝华指物质由气态直接转变成固态；白色反射所有的光；分子在永不停息地做无规则运动。 考前秘笈 1、分子动理论内容：物质是由分子构成的；一切物体的分子都在不停地做无规则运动。分子间存在相互作用的引力和斥力；分子之间有间隙。 2、热运动：分子运动快慢与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈。热运动是分子运动，属于微观运动，不可能停止，而机械运动是整个物体运动，属于宏观运动，可以停止。 3、扩散：不同物质相互接触，彼此进入对方的现象。 （1）不同物质扩散快慢不同，一般情况下，气体扩散最快，固体最慢。 （2）扩散快慢还与温度有关，温度越高，扩散越快。 （3）扩散是分子运动的结果，如果因搅拌、风力、重力等外在因素使物体发生了宏观运动，这样的现象不属于扩散现象。 ※扩散现象说明：（1）一切物质分子都在不停地做无规则的运动； （2）分子之间有间隙。 4、分子间作用力 （1）分子间存在相互作用力，包括分子引力和分子斥力，且是同时存在的。 （2）正常情况下，分子引力和分子斥力彼此平衡，对外表现为无力。 （3）当压缩物体时，分子斥力大于分子引力，对外表现为斥力。 （4）当拉伸物体时，分子引力大于分子斥力，对外表现为引力。 1．元宵佳节，阖家团聚，煮元宵时，小乐闻到阵阵香气，这是由于分子在不停地做 运动；将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在 。 【答案】 无规则 引力 【详解】[1]组成物质的分子在不停地做无规则运动，汤圆飘香是因为香味分子在永不停息的无规则运动。 [2]分子间的引力和斥力是同时存在的，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在引力。 2．如图所示，庐山石鸡是庐山著名的特产“三石”之一，清蒸时厨房里香气四溢，说明分子在不停地做 的运动；蒸煮时，先大火烧开，后转为小火慢炖，主要是因为水沸腾时持续吸热，但是温度 。 【答案】 无规则 不变 【详解】[1]清蒸时厨房里香气四溢为扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动。 [2]蒸煮时，先大火烧开，后转为小火慢炖，主要是因为水沸腾时持续吸热，温度不变，转为小火可以节约能源。 3．涮羊肉是我们的美食之一。图中是希雅家在涮羊肉时的情景，桌上冰冻的羊肉卷逐渐变软，是 （填物态变化名称）现象；羊肉放到锅里，闻到羊肉香味，这是因为 。 【答案】 熔化 分子在不停地做无规则运动 【详解】[1]物质从固态变成液态的变化过程叫做熔化，桌上冰冻的羊肉卷逐渐变软，羊肉卷上的冰变成水，是熔化现象。 [2]羊肉放到锅里，闻到羊肉香味，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 4．(1)高邮的湖上花海正值游览的季节，小明去游玩时，闻到油菜花香说明 ，听到了高邮民歌《数鸭蛋》是通过 传入小明耳中的； (2)小明从各个方向都能看到油菜花，是太阳光照在油菜花上发生了 ；小明乘坐游船在河中穿行，船和人的总质量为8t，此时船排开水的体积为 m3；以小明为参照物，岸边的油菜花是 的。 【答案】(1) 分子在永不停息地做无规则运动 空气 (2) 漫反射 8 运动 【分析】[1]人们走在金黄色的花海中，阵阵清香扑鼻，这是花中芳香油分子在不停地做无规则运动，是扩散现象。[2]不透明的物体其颜色是由其反射的色光颜色决定的，因此黄灿灿油菜花是因为油菜花反射黄色光。[3]油菜花相对于观光船的位置不断变化，以观光船为参照物，可以感觉油菜花慢慢向后退去。 【详解】（1）[1]闻到油菜花香是扩散现象，说明构成物质的分子在永不停息地做无规则运动。 [2]声音的传播需要介质，听到了高邮民歌《数鸭蛋》是通过空气传入小明耳中的。 （2）[1]太阳光照在油菜花上发生了漫反射，反射的光线发散，可以从各个方向都能看到油菜花。 [2]小明乘坐游船漂浮在水面上，受到的浮力等于船的总重力为 此时船排开水的体积为 [3]以小明为参照物，岸边的油菜花位置发生改变，是运动的。 5．如图是燃气灶烧水的情境和该燃气灶灶头的示意图。天然气本身无色无味，为了安全和警示，通常会向天然气中加入臭味剂。拧动点火装置，若燃气未点燃，会闻到臭味，表明分子在做 。拧动点火装置，天然气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，天然气不会从进口处外泄，是因为天然气的喷入导致进口处的天然气流速 （选填“大”“小”），压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）大气压强。 【答案】 无规则运动 大 小于 【详解】[1]拧动点火装置，若燃气未点燃，会闻到臭味，这是臭味分子扩散到空气中的结果，说明臭味分子在永不停息地做无规则运动。 [2][3]因为流体流速越大的位置压强越小，所以进口处天然气流速大，压强小于大气压，天然气和空气在大气压的作用下流向燃烧头，天然气不会向空气中泄漏。 6．如图所示是某住宅小区内的场景。 (1)夏天，在很远的地方就能闻到小区荷花的香味，这是由于 引起的； (2)图中A为小区大门旁的禁鸣标志，鸣叫的笛声是由汽车喇叭的 产生的；人们能从各个方向看到此标志是因为光发生了 反射； (3)图中B是汽车限速标志，汽车在该小区内行驶200m，至少需要 s。 【答案】(1)分子永不停息的做无规则运动 (2) 振动 漫 (3)144 【详解】（1）荷花绽放的时候，距离荷花很远的地方就能闻到花的香味，这是荷花的芳香分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停地做无规则的运动。 （2）[1]一切声音都是由物体振动产生的，一切正在发声的物体都在振动，鸣叫的笛声是由汽车喇叭的振动产生的。 [2]反射分为漫反射和镜面反射，能从各个方向看到此标志是因为光在标志牌上发生漫反射。 （3）由图可知，该小区内车辆限速，汽车在该小区内行驶200m，至少需要的时间为 7．白鹤滩水电站以发电为主，兼有拦沙、防洪、航运、灌溉等综合效益。 (1)白鹤滩水电站拦河钢筋混凝土大坝施工过程中需要用超声波进行“探伤”诊断，超声波在混凝土中的传播速度 （选填“大于”“小于”或“等于”）其在空气中的传播速度。拱坝上窄下宽可以 （选填“升高”或“降低”）坝体重心，增强稳定性，深水处拱坝的分子运动 （选填“会”或“不会”）停止。 (2)白鹤滩水电站承担泄洪任务，因为洪水具有较大的 （选填“动能”或“内能”），所以破坏力较强，泄洪过程中，洪水 （选填“具有”或“不具有”）惯性，若泄洪洞口洪水的流速为10m/s，要使5min内泄出洪水的质量达到，则泄洪洞口的横截面积至少为 （洪水密度取）。 【答案】(1) 大于 降低 不会 (2) 动能 具有 360 【详解】（1）[1]声音在固体中的传播速度大于在气体中的传播速度，故超声波在混凝土中的传播速度大于其在空气中的传播速度。 [2]拱坝上窄下宽可以降低坝体重心，使其稳定性增强。 [3]分子在永不停息地做无规则运动，故深水处拱坝的分子运动不会停止。 （2）[1]洪水流速快，质量大，具有较大的动能，破坏力较强。 [2]惯性是物体的固有属性，任何物体都具有惯性，故洪水具有惯性。 [3] 5min内泄出洪水的质量为时，泄出洪水的体积为 假设泄洪洞口的横截面积为S，则泄洪洞口的横截面积至少为 押题猜想15 摩擦力 1．如图所示，小明把筷子插在装满糙米的杯中，糙米压紧加少许水后，可将杯提起。这是因为加水后糙米膨胀，增大了对筷子的 　摩擦力　 ，从而增大摩擦力；同时，与精米相比，糙米的接触面更 　粗糙　 ，也会使摩擦力增大；筷子提杯匀速上升的过程中，糙米对筷子的摩擦力 　不变　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】摩擦力；粗糙；不变。 【解答】解：糙米吸水后发涨，增大了米对筷子和米对玻璃杯的压力，从而增大了摩擦力； 筷子提米，用糙米，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦；筷子提米实验中，筷子提米实验中，筷子受到向下力是米和玻璃杯的重力，向上的力是摩擦力，两个方向的力大小相等，筷子提杯匀速上升的过程中，处于平衡状态，受到的力是平衡力，所以摩擦力大小不变。 故答案为：摩擦力；粗糙；不变。 押题解读 该题以筷子提米为实验情景，考查了二力平衡、摩擦力的影响因素等知识点，同时也检测了同学们对控制变量法等常见物理研究方法的应用情况的掌握。 考前秘笈 通过二力平衡条件分析与判断摩擦力与拉力的大小关系；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；功率计算公式：P==Fv。 1．如图所示，用手握住矿泉水瓶静止不动，此时矿泉水瓶受到摩擦力的方向为 （填“竖直向上”或“竖直向下”）。某同学通过甩动装水的矿泉水瓶来制造“龙卷风”，在甩动矿泉水瓶的过程中，矿泉水瓶由于受到阻力不易转动，而水由于 在甩动过后依旧转动，从而形成“龙卷风”。 【答案】 竖直向上 惯性 【详解】[1]瓶子处于静止状态，属于平衡状态，此时重力和摩擦力是一对平衡力，故静摩擦力的方向是竖直向上的。 [2]甩动玻璃瓶过程中，玻璃瓶受到手的摩擦力，不易转动，水由于具有惯性，依旧转动从而形成“龙卷风”。 2．小木块A放在长木板B上，弹簧测力计一端接A，另一端固定在墙壁上，长木板B放在粗糙的水平地面上。长木板B在力F作用下向左运动，稳定时水平弹簧测力计的示数为T，A相对于地面是 （选填“静止”或“运动”）的；若增大拉力F使木板加速运动，弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 静止 不变 【详解】[1]A被弹簧测力计固定着，A相对地面保持静止时，A在水平方向上受测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，即木块受到的摩擦力大小为T，方向水平向左。 [2]因影响摩擦力大小的压力大小和接触面粗糙程度不变，所以木块A受到的摩擦力不变，而摩擦力等于测力计拉力，所以增大拉木板的F，木板B受到的摩擦力将不变。 3．两个表面粗糙程度完全相同的物体A和B叠放在一起（如图甲），在的水平拉力作用下，在水平面上一起做匀速直线运动；若A、B两物体用一根质量不计的细线相连，（如图乙）在F2的作用下在同水平面上做匀速直线运动，此时拉力 N。 【答案】6 【详解】图甲中，以AB组成的整体为研究对象，AB做匀速直线运动，所以受到地面的摩擦力与拉力平衡，则摩擦力大小等于拉力的大小，为6N；在乙图中，若将A、B两物体用一根质量不计的细线相连，使它们一起匀速运动，由于接触的粗糙程度不变，压力不变，摩擦力也不变，因此拉力与此时的摩擦力为一对平衡力，拉力的大小也为6N。 4．如图甲所示，放在粗糙程度不变的水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，由图像可知，当t＝1s时，物体受到的摩擦力是 N，当t＝5s时，物体受到的摩擦力是 N，当t＝3s物体受到的摩擦力是 N。 【答案】 2 4 4 【详解】[1]由图丙可知，物体在0~2s处于静止状态，属于平衡状态，受力平衡，摩擦力等于推力，由图乙可知，此时推力为2N，因此当t=1s时，物体受到的摩擦力是2N。 [2]由图丙可知，物体在4~6s处于匀速直线运动状态，属于平衡状态，受力平衡，摩擦力等于推力，由图乙可知，此时推力为4N，因此当t=5s时，物体受到的滑动摩擦力是4N。 [3]由图丙可知，物体在2~4s处于加速状态，此时物体对接触面的压力，接触面的粗糙程度都不变，则摩擦力不变，所以当t＝3s物体受到的摩擦力仍为4N。 5．如图甲，各面粗糙程度相同的a、b两个铁块叠放在水平桌面上，在水平拉力的作用下，一起向右做匀速直线运动，则a受到的摩擦力为 N；如图乙，将a、b并排放于同一桌面上，在水平推力的作用下，一起向右做匀速直线运动，则 N。 【答案】 0 10 【详解】[1]a、b一起向右做匀速直线运动，所以a、b没有相对运动的趋势，a、b间没有摩擦力，则木块a受到的摩擦力大小为0N。 [2]甲图，a和b整体在水平方向上受到水平向右的推力F1和水平向左的滑动摩擦力，整体做匀速直线运动，这两个力是平衡力，大小相等，F1是10N，所以整体受到地面的滑动摩擦力是10N；从甲图到乙图，改变a和b的放置情况，压力大小不变，接触面粗糙程度不变，a和b整体受到的滑动摩擦力不变，所以乙图的滑动摩擦力大小还是10N，整体仍然做匀速直线运动，受力平衡，故乙图中推力F2大小是10N。 6．2024亚洲滑雪登山锦标赛在吉林省吉林市万科松花湖滑雪场落下帷幕，中国队包揽本届赛事全部7枚金牌。如图是我国运动员正在滑雪，小明看到后说，若运动员在水平地面匀速向前滑动时，脚和滑板之间一定受到向后的摩擦力，而小亮说脚和滑板之间没有受到摩擦力，你认同 的观点，理由是 。 【答案】 小亮 脚和滑板相对静止 【详解】[1][2]动员在水平地面匀速向前滑动时，脚和滑板间相对静止，没有相对运动的趋势，所以脚和滑板之间没有受到摩擦力，故认同小亮的说法。 7．图甲中的同学拉着行李箱行走在水平路面上，行李箱匀速前进并保持倾角不变。假如这一过程中行李箱（含箱内物体）受到的重力G如图乙所示，则该同学对行李箱施加的拉力不可能是图中的 （选填“F1”或“F2”）。你判断的理由是 。 【答案】 F1 F1的方向是竖直向上的，不会产生向右的动力与摩擦力平衡 【详解】[1][2]拉着行李箱匀速前进并保持倾角不变。行李箱匀速前进，受力平衡，行李箱受到竖直向上的支持力、竖直向下的重力、水平向左的摩擦力和拉力的共同作用；F1的方向是竖直向上的，不会产生向右的动力与摩擦力平衡，因而不可能匀速前进。F2的方向向右上方，会产生向右的动力与摩擦力平衡。因此该同学对行李箱施加的拉力不可能是图中的F1。 押题猜想16 能源和效率 1．2024年12月，我国研发的全球单体容量最大的漂浮式风电平台“明阳天成号”正式投运（如图所示），预计每年可提供约5000万度绿色电力。 （1）风能是　可再生　 能源，风力发电机利用了　电磁感应　 原理发电。 （2）风力发电机与用电器的连接方式是　串　 联，5000万度电能合计　1.8×1014　 J。 （3）若这些电能由发电效率为40%的煤燃烧产生，可节约　1.5×104　 t煤。（q煤＝3×107J/kg） 【答案】（1）可再生；电磁感应；（2）串；1.8×1014；（3）1.5×104。 【解答】解：（1）风能是可再生能源，风力发电机利用了电磁感应原理发电。 （2）风力发电机与用电器的连接方式是串联，5000万度电能W＝5000×104×3.6×106J＝1.8×1014J。 （3）若这些电能由发电效率为40%的煤燃烧产生，即W＝ηmq煤，可节约煤的质量为m1.5×107kg＝1.5×104t。 故答案为：（1）可再生；电磁感应；（2）串；1.8×1014；（3）1.5×104。 押题解读 本题考查风能是可再生能源，风力发电机利用了电磁感应原理发电及电能单位度与焦耳的换算，能量的利用效率。 考前秘笈 注意能量与能量是可以进行相互转换的，且都遵循能量守恒定律，但不管以哪种方式转换，利用任何机械转换，因存在能量损失，能量转化率总低于100，同时要了解哪些能源属于可再生能源，哪些能源属于不可再生能源，以及核聚变和核裂变的区别。 1．锅炉并网可以提高供热效率，降低能源消耗，减少环境污染。 (1)烧锅炉用的煤属于 再生能源；锅炉的水位计应用了 原理。 (2)有一种报警器可以监测锅炉内压力的大小，当压力超过安全值时，电铃响面报警，这是利用声音来传递 。 (3)锅炉将水加热后通过暖气管道把燃料燃烧时产生的热量带到用户的房屋中取暖，用水做储热介质是由于水的比热容 （选填“较大”或“较小”）。 【答案】(1) 不可 连通器 (2)信息 (3)较大 【解析】【小题1】[1]煤是化石燃料，形成周期极长，短期内无法再生，属于不可再生能源。 [2]水位计与锅炉内部构成连通器，静止液体中各部分液面高度相同，由此显示水位。 【小题2】电铃报警通过声音传递危险信号，属于利用声音传递信息（而非能量）。 【小题3】因为水的比热容较大，同样质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，故冬天室内的暖气用热水循环供热。 2．城市一些路段安装了太阳能LED照明路灯，如图所示，LED是一种发光二极管，它是由 材料制成的，灯杆顶端是太阳能电池板，白天它可以将 能转化为 能，并向灯杆下方的蓄电池充电，供夜晚路灯照明。若某段时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为，这些能量经转化后，可供功率为120W的路灯工作20h，则该太阳能路灯的能量转化效率为 %。太阳能是 （填“可再生”或“不可再生”）能源、清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生 （填“裂变”或“聚变”）释放出的巨大的能量。 【答案】 半导体 太阳 电 36 可再生 聚变 【详解】[1]LED是一种发光二极管，它是由半导体材料制成的，发光二极管具有单向导电性。 [2][3]太阳能电池板白天吸收太阳能，产生电能，把太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电。 [4]路灯工作20h消耗的电能为 则该太阳能路灯的能量转化效率为 [5][6]太阳能可以从自然界源源不断获取，属于可再生能源；利用核能的方式是核裂变和核聚变，太阳能是在太阳内部氢原子核发生聚变释放出的巨大的能量。 3．随着环保意识的增强和技术的不断进步，电动汽车正逐渐成为新时代的选择。 (1)纯电动汽车通过电池提供动力，电能属于 次能源。由于没有安装 （选填“内燃机”或“电动机”），它比燃油汽车噪声小，这是在 减弱噪声； (2)电池的能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值。电池的能量密度随环境温度的降低而降低，同一辆电动汽车在夏季充满电后最大行驶路程比冬季更 （选填“短”或“长”）。某电动汽车充满电后，在平直路面上以80km/h的速度匀速行驶时，受到的平均阻力为720N，续航里程为400km，该电动汽车将电能转化为机械能的效率为80％。若行驶过程中电池的输出电压为400V，则电池的输出电流为 A。 【答案】(1) 二 内燃机 声源处 (2) 长 50 【详解】（1）[1]常规使用的电能不是直接从自然界中获取的，而是通过消耗一次能源得到的，属于二次能源。 [2]纯电动汽车使用电能作为能源，安装的是电动机，没有内燃机。 [3]纯电动汽车比燃油汽车噪声小，是因为没有内燃机工作时发出的噪声，是在声源处减弱噪声。 （2）[1]电池的能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，电池的能量密度随环境温度的降低而降低。相同的一块电池，在质量不变的情况下，夏季环境温度更高，可以充入的最大电能更大，充满电后最大行驶路程也更长。 [2]汽车匀速行驶时，所受的牵引力与阻力大小相等，即 行驶400km所消耗的机械能为 消耗的电能为 行驶时间为 电池的输出电流为 4．全球能源困境来袭，节能从每一个人做起。生活中常用的煤、石油、天然气、太阳能中，“符合低碳生活”理念的能源是 ；小致烧水，若自来水的温度为22℃，某电热水器的加热效率为84%，则一度电可使该电热水器将 kg的自来水加热至72℃。[c水=4.2×103J/(kg·℃)]。 【答案】 太阳能 14.4 【详解】[1]煤、石油、天然气属于化石能源，化石能源的过度使用会增加碳排放，造成大气污染、温室效应、酸雨等危害环境的现象，太阳能是一种新型能源，具有清洁、环保、来源广、获取方便等优点，因此符合低碳生活理念的能源是太阳能。 [2]消耗一度电时，水吸收的热量 可以加热水的质量 5．屋顶发电已经在农村推广，如图是在屋顶安装的光伏发电系 统，这种系统主要由太阳能电池板、逆变器、支架结构、监控系统和电缆及连接器等组成。太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，太阳能电池板工作的光电  转换效率为20%，光照强度为1000W/m2。 若屋顶的面积为70m2，阳光照射5 h， 能获得电能 kW·h，合 J 。若这些能量全部被水吸收，可以将 kg的水的温度从20℃加热到100℃。[水的比热容c=4.2×103J/（kg·℃）] 【答案】 可再生 70 2.52×108 750 【详解】[1]太阳能可以源源不断地从自然界获得，属于可再生能源。 [2][3]依题意得，获得的电能 [4]若这些能量全部被水吸收，即 由得，被加热的水的质量为 6．泸州正加快对页岩气的安全开采，页岩气属于 （选填“一次”或“二次”）能源。若用效率为20%的燃气灶将一壶质量为2kg、初始温度为20℃的水加热到60℃，则会消耗了 m3的页岩气。已知c水=4.2×103J/（kg·℃），q页岩气=4.2×107J/m3。 【答案】 一次 0.04 【详解】[1]页岩气是从自然界直接获得的，属于一次能源。 [2]水吸收的热量为 页岩气放出热量为 页岩气的体积为 7．如图为我国首座潮光互补型光伏电站——浙江温岭潮光互补智能电站，已实现全容量并网发电，这也是我国首次将太阳能和月亮潮汐能互补开发的创新应用，利用太阳能电池板、发电机来获得电能。潮汐能属于 （可再生/不可再生）能源；太阳能电池板将太阳能转化为 能。除此之外我们国家还利用垃圾填埋气发电，使垃圾填埋后发酵产生沼气，并利用收集的沼气来发电。若每吨填埋垃圾可产生沼气150m3，这些沼气完全燃烧可产生的热量为 J。如果利用这些能量可以发电250kW·h，则该沼气发电的效率为 。（已知q沼气=2.0×107J/m3） 【答案】 可再生 电 【详解】[1] 潮汐能可以从自然界源源不断获取，属于可再生能源。 [2] 太阳能电池板工作时将太阳能直接转化为电能。 [3][4] 这些沼气完全燃烧可产生的热量为 则该沼气发电的效率为 押题猜想17 欧姆定律的应用 1．通过灯泡L的电流与其两端电压的关系图像如图甲所示。把该灯泡接入如图乙所示的电路中，闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关S1，电流表示数变化了0.2A，则该电路中电源电压是 　2　 V，电阻R的阻值是 　10　 Ω。 【答案】2；10。 【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S后，只有L工作，电流表测电路中的电流， 由图甲可知，当UL＝2V、IL＝0.5A时，灯泡的电功率PL＝ULIL＝2V×0.5A＝1W， 则电源的电压U＝UL＝2V； （2）再闭合开关S1后，L与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，开关S1闭合前后，通过L的电流不变； 根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知电流表示数的变化量即为通过R的电流，所以，IR＝0.2A。 由可得，R的阻值为：。 故答案为：2；10。 押题解读 本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，根据图甲读出符合题意的电流和电压值是关键。 考前秘笈 1、串联电路特点：分压不分流 （1）电流：串联电路中各处的电流相等（不分流）（I串=I1=I2 ）。 （2）电压：总电压等于各处电压之和（分压）（U串=U1+U2 ）。 （3）电阻：总电阻等于各电阻之和（串联相当于增大导体的长度）；R串=R1+R2 （总电阻大于分电阻）。 （4）分压原理：U1：U2 =R1：R2（串联电路各部分分配的电压与它的电阻成正比）。 2、并联电路特点：分流不分压 （1）电流：干路电流等于各支路电流之和（分流）（I并=I1+I2）。 （2）电压：各支路电压都等于电源电压（不分压）（U并=U1=U2）。 （3）电阻：总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和（并联相当于增大导体的横截面积），（总电阻小于分电阻）。 （4）分流原理：I1：I2 =R2：R1（并联电路各支路分配的电流与它的电阻成反比）。 3、欧姆定律在串并联电路中的应用 （1）串联电路：当串联电路中一个电阻改变时，电路中电流及另一个电阻电压也随之变化。 （2）当并联电路一个支路的电阻改变时，这个支路电流也会改变干路电流也会变化；但另一个支路电流和电压都不变。 （3）家庭电路中，各用电器采用并联方式接入电路。 1．嫦娥六号探测器绕月飞行时，运动状态 （选填“不变”或“改变”）；为应对月球的光照环境，小海在地球上利用阻值随光照强度变化的光敏电阻设计了“模拟唤醒系统”，如图所示，若a、b两端电压时，控制电路启动，此时；时控制系统彻底关机，此时的大小为，则 。 【答案】 改变 1∶5 【详解】[1]绕月飞行时，嫦娥六号做曲线运动，运动方向改变，即运动状态改变。 [2]由图示知，唤醒系统中，两个电阻串联，当Uab=3V时，光敏电阻RP两端的电压 UP=U-UR=6V-3V=3V 据串联电路的分压特点知 RP=R0=R 当Uab′=1V时，光敏电阻RP两端的电压 据串联电路的分压特点有 解得，所以 2．在如图所示的电路中，电源电压保持4.5V不变，当开关S闭合时，电压表的示数为1.5V，L2两端的电压为 V，L1与L2的灯丝电阻之比为 。    【答案】 3 1︰2 【详解】[1]闭合开关后，两个电阻串联，电压表测量灯L1两端的电压，根据串联电路电压的规律可知，L2两端的电压 U2=U-U1=4.5V-1.5V=3V [2]因为串联电路中电流处处相等，所以电路中的电流 I=I1=I2 即 则L1与L2的灯丝电阻之比 3．长度相等的镍铬导线甲和乙，若甲的横截面积大于乙的横截面积，则甲的电阻 乙的电阻。若将它们并联在电路中，则甲两端的电压 乙两端的电压；若将它们串联在电路中，则串联时的总电阻 并联时的总电阻（均选填“大于”“等于”或“小于”）。 【答案】 小于 等于 大于 【详解】[1]由题意可知，甲、乙两导线材料相同、长度相同，甲的横截面积大于乙的横截面积， 则甲的电阻小于乙的电阻。 [2]若将它们并联在电路中，由于并联电路中各支路两端的电压相等， 则甲两端的电压等于乙两端的电压。 [3]若将它们串联在电路中，电阻串联后，总电阻大于任何一个分电阻，并联后的总电阻小于任何一个并联电阻的阻值，所以串联时的总电阻大于并联时的总电阻。 4．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，其中R0的作用是 ，油量表是由 表改装而成。当油量减少时，该表的示数将 。 【答案】 保护电路 电压 变小 【详解】[1]当滑动变阻器接入电路的阻值过小时，由于定值电阻R0的存在，电路中的电流不会太大，起到保护电路的作用。 [2]由图可知，油量表与滑动变阻器并联，应该是电压表，此时电压表测滑动变阻器两端的电压。 [3]当油量减少时，滑动变阻器的滑片下移，接入电路的阻值变小，由串联分压原理可知，滑动变阻器两端的电压变小，所以电压表示数变小。 5．如图所示的电路中，在定值电阻R1或滑动变阻器R2中，仅有一个发生故障，小华为研究故障的原因，特地设计了两个方案： (1)方案一：通过移动滑动变阻器的滑片P来判断出故障的原因，写出开关S闭合后，电流表示数变化情况及对应故障 ；若小华同学一动了滑片P一段距离后才抬头读电流表示数发现变化，就断定R2没有断路是否正确，请说明理由 ； (2)方案二：用一个完好的电阻R0来替换R1来判断发生的故障，可选用的电阻R0的阻值_________。 A．R0＞R1 B．R0=R1 C．R0＜R1 【答案】(1) 见解析 见解析 (2)AB 【详解】（1）[1]由图可知，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测干路中的电流。若发生的故障是R1短路或R2短路，由并联电路的特点可知会造成电源短路，会烧坏干路中的电流表，且通过移动变阻器的滑片根本不能判断短路故障，另外通过更换定值电阻也不能准确判断短路故障，由此可知只能是定值电阻R1断路或滑动变阻器R2断路；若定值电阻R1断路，移动滑动变阻器的滑片时，电路中电阻会发生变化，则电流表示数有变化；若滑动变阻器R2断路，移动滑动变阻器的滑片时，电路中电阻不变（等于R1的阻值），则电流表示数不变。 [2]小华同学移动了滑片P一断距离后才抬头观察电流表，此时发现电流表示数发生变化，则说明对于R2的电阻丝来说，从小华抬头观察电流表时滑片的位置到电阻丝的最左侧之间不存在断路；但是在小华抬头观察电流表时滑片的位置到电阻丝的最右侧之间，调节滑片时无法得知电流表示数是否发生变化，不能判定该段电阻丝是否存在断路。综合来说无法判定R2没有断路。 （2）若定值电阻R1断路，用R0替换R1时，由电阻的并联可知电路的总电阻将变小，则由欧姆定律可知电流表A的示数将变大；若变阻器R2断路，用R0替换R1时，如果R0等于R1，则电流表A的示数不变；如果R0大于R1，由欧姆定律可知电流表A的示数将变小；如果R0小于R1，由欧姆定律可知电流表A的示数将变大；综上可知，如果选用的电阻R0小于R1，当出现电流表A的示数变大时，可能是R1断路，也可能R2断路，则利用该电阻不能准确判断电路故障；所以，选用的电阻R0的阻值应大于或等于R1，才能根据电流表的示数变化情况准确判断电路故障。故AB符合题意，C不符合题意。 故选AB。 6．如图a所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图b所示，根据图象的信息可知： （填“甲”或“乙”）是电压表示数变化的图象，电源电压为 V，变阻器R2的最大阻值为 Ω。 【答案】 乙 6 40 【详解】[1]由a电路图可知，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，电路中电流变小，R1两端的电压同时变小，电源电压保持不变，R2两端的电压变大；结合图b可知，甲是R1的U～I图像即电压表V1示数变化的图像，乙是R2的U～I图像即电压表V2示数变化的图像。 [2]串联电路中，电源电压等于各用电器电压之和，由图b可知电源电压为 [3]变阻器R2接入的阻值最大时，电流最小，则变阻器R2的最大阻值为 7．如图甲所示，电源两端电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表的量程为0～15V。电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则电源两端的电压为 V。 【答案】24 【详解】由电路图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，由图乙可知，R2=10Ω时电压表的示数U1=12V，R2'=20Ω时电压表的示数U1'=8V，根据欧姆定律可得电路中的电流分别为 串联电路中各处的电流相等，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则电源的电压 U=I（R1+R2）=I'（R1+R2'） 即 解得R1=10Ω，则电源的电压 押题猜想18 压强的计算 1．如图甲所示，有A、B两个实心正方体放置在水平地面上，A的边长为0.4m。将B沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切去的部分叠放在A的上方中央。叠放后A对地面的压强与B剩余的压强随切去厚度h的图像如图乙所示。则物体B的重力为 　108　 N。若在B切割前，将重力为48N的物体C分别放置于物体A、B上方中央，为使放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，应将物体B沿水平方向切下的质量为 　2.1　 kg。（取g＝10N/kg） 【答案】108；2.1。 【解答】解：（1）由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，则物体B的高度为0.3m，物体B为正方体，可得其边长为0.3m，则物体B的底面积为： SB＝（0.3m）2＝0.09m2， 当B没有被切去时，B对地面的压强为1200Pa，根据F＝pS可得，此时B对地面的压力为： FB＝pBSB＝1200Pa×0.09m2＝108N， 因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以： GB＝FB＝108N； （2）由图乙可知，当A上没有放B时，A对地面的压强为1200Pa， 物体A的底面积为：SA＝（0.4m）2＝0.16m2， 根据F＝pS可得，此时A对地面的压力为： FA＝pASA＝1200Pa×0.16m2＝192N， 因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以： GA＝FA＝192N， 设物体B沿水平方向切下部分的重力为ΔG， 又因为放上物体C后A、B对水平地面的压强相等， 则有：， 即：， 则：ΔG＝21N， 则B物体切下的重质量为： 。 故答案为：108；2.1 押题解读 本题主要考查的是有关压强公式的应用的问题，要熟记压强的公式，解答本题的关键能根据图像获得信息分析解答问题，有一定的难度。 （1）由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，据此分析出B边长，求出B的底面积，再根据F＝pS求出没被切去之前对水平地面的压力，再根据水平面上的物体对水平面的压力等于其重力即可求出B的重力； （2）将物体B沿水平方向切下的一部分，再根据放上物体C后A、B对水平地面的压强相等分析解答。 考前秘笈 压强定义式：，物体在水平面上时，压力F=G=mg；受力面积S要看清楚是总面积还是部分面；液体压强公式；P=ρgh，液体压强只与液体的深度和液体密度有关，与其他因素都没有关系；均匀柱形的物体对水平的压强同样可以运用P=ρgh进行计算，其对水平面的压强只与物体的密度和高度有关，与柱体的底面积无关；流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大.要比较压强大小，分析过程中首先要分析清楚哪个位置的流体流速大，哪个位置的流速小，才能进行准确的判断。 1．重均为G的甲、乙两个正方体，底面积之比是1∶2，则它们置于水平桌面时对桌面的压强之比为 ；将重为、的物体A、B分别放在甲、乙上，此时甲、乙对桌面的压强均为p；现将B切下，放在甲上，如果甲对桌面的压强变为2p，则G和GA需要满足的条件是G= （填一个数字）。 【答案】 2∶1 1 【详解】[1]由 知道，甲、乙两个正方体对桌面的压强之比 [2]根据题意知道 由此可得 现将B切下，放在甲上，则甲对桌面的压强变为 由此可得G和GA需要满足的条件是 2．某广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，底面积分别为、，若沿水平方向将该模型切去一部分，并将切去部分放在同一水平地面上，剩余部分对水平地面的压强为，与切去部分的高度h的关系如图乙所示。则当时，A对水平地面的压力大小为 N；B的密度为 。 【答案】 7800 4×103 【详解】[1][2]由图乙可知，h=0时，p1=3.9×104Pa，A对地面的压力为 F1=p1SA=3.9×104Pa×0.2m2=7800Nh=0时，AB整体对地面的压力等于AB所受的重力，即 GA+GB=7800N 由图乙可知，h=0.7m时，物体B全部被切去，仅剩余A物体，此时A对地面的压强为p2=2.5×104Pa，A对地面的压力为 F2=p2SA=2.5×104Pa×0.2m2=5000N A对地面的压力等于A所受的重力，即GA=5000N，B所受重力为 GB=7800N-5000N=2800N 由图乙可知，h=0.7m时，物体B全部被切去，即物体B的高度为0.7m，物体B的体积为 VB=SBhB=0.1m2×0.7m=0.07m3 B的密度为 3．A、B两个实心均匀圆柱体的高度之比为，底面积之比为，密度之比为，将它们置于水平桌面上，如图甲所示。现在从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的正上方，A、B对桌面的压强随截取高度的变化关系如图乙所示。切割前，A、B圆柱体的质量之比为 ，乙图中C点的横坐标是 。（） 【答案】 10 【详解】[1]根据和，切割前，A、B圆柱体的质量之比为 [2]设A原本的高度为H，由图可知，当时，A、B对桌面的压强相等，根据则有 切割前，A、B圆柱体的质量之比为，根据可知切割前，A、B圆柱体的重力之比为，底面积之比为，代入上式，得 化简，解得。整个过程中，A对地面压强减小，所以当时，A对地面压强为0，则乙图中C点的横坐标是10。 4．正方体甲和乙的边长之比是2∶3，将它们分别放置在水平桌面上时，它们对桌面的压强均为p，则它们的密度之比ρ甲∶ρ乙为 ；将甲按图所示放置在乙上面，乙对桌面的压强为p'，则p'∶p等于 。 【答案】 3∶2 13∶9 【详解】[1]正方体对水平地面的压强 因为正方体甲和乙对桌面的压强均为p，所以 p=ρ甲gL甲=ρ乙gL乙 因为甲和乙的边长之比 L甲：L乙=2：3 所以，它们的密度之比 它们的密度之比为3∶2。 [2]甲和乙的体积之比 根据可得，甲和乙质量之比 则根据G=mg可得，甲和乙重力之比 又因为水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，压强之比 则p'∶p=13∶9。 5．如图所示是一次研学活动中某校师生乘坐的新能源四轮汽车，如果汽车和师生的总质量为1.5×104kg，汽车四个轮胎与地面的接触总面积是：3000cm2，这辆汽车其中一个轮胎对地面的压强为 Pa。 【答案】5×105 【详解】这辆汽车对地面的压力等于汽车和师生的总重力，即F=G=mg=1.5×104kg×10N/kg=1.5×105N 汽车轮胎与地面的总接触面积S=3000×10-4m2=0.3m2 这辆汽车其中一个轮胎对地面的压强 6．矿泉水瓶装满水，如图甲所示，，将瓶盖拧紧，只将N孔堵住，水也不能从M孔流出，因为水受到了 的作用。拧开瓶盖，放开两小孔，在瓶底部水平放置接水盘，发现水的落点为图乙所示的B、C；再立即将接水盘向下平移至D处，使MA=ND，水的落点为E、F。为了比较两小孔处液体压强大小，应比较点A、C与 的距离。 【答案】 大气压 D、F 【详解】[1]将瓶盖拧紧，堵住N孔，M孔与大气相通，由于外界大气压的作用，水从M孔也不能流出。 [2]为了比较两小孔处液体压强大小，需比较水下落高度相同的情况下的落地点距离小孔的水平距离。M孔距离接水盘原位置的高度为MA，N孔距离接水盘向下平移后的位置的高度为ND，由于MA=ND，所以为了比较两小孔处液体压强大小，应比较A、C与D、F的距离。 7．一个中学生站立时对水平地面的压强约为1.5×104帕，它表示1米2受力面积上受到的压力约为 牛；当他在水平地面上行走时，对地面的压强约为 帕。当这个人平躺在床上后，对床面的压强 1.5×104帕（选填“大于”“等于”或“小于”）。 【答案】 1.5×104 3×104 小于 【详解】[1]单位面积上受到的压力是压强，所以压强为1.5×104帕，表示每平方米受力面积上所受的压力为1.5×104N。 [2]该同学开始行走与站在水平地面上时对地面的压力相等（等于自身重力），所以他站立在地面双脚着地时，受力面积等于两只脚的面积大小，行走时受力面积等于一只脚的面积大小，根据可知，压强会变为原来的2倍，即为 。 [3]当这个人平躺在床上后，压力不变，受力面积大于双脚的面积，根据可知，对床面的压强小于1.5×104帕。 题型四 作图题 押题猜想19 光学作图 1．如图所示，将一根均匀的直木棒MN竖直插入水中，人眼在A点经水面恰好看到M的像与N的像完全重合，请完成下列作图并保留作图痕迹： （1）人眼看到M像的光路图； （2）标出N点的大致位置。 【答案】 【解答】解：（1）找出M关于水面的对称点M′，即为M的像位置，连接M′A，与水面交于点O，连接MO，即为M点的入射光线； （2）看到水中的N点与在天空中的M点在水中的像重合，因为是个直木棒，说明点N在点M′的下方，如图所示： 押题解读 此题通过作图考查了学生有关光的折射规律的知识，同时考查了平面镜成像的特点，难点是确定光的入射点与光线的方向。 考前秘笈 1、光反射作图 （1）光反射现象作图需要遵循光反射定律（三线共面、两线两侧、两角相等）。 （2）作图方法：根据光反射定律利用量角器作图。 2、光折射作图 （1）根据光折射定律（特别是“空气大”）进行作图。 （2）清澈的池水，池底或者鱼变浅，放杯子的筷子“折断”；水下看岸边物体变高；海市蜃楼的成因等。 3、平面镜成像作图：①像与物大小相等；②像与物到镜面的距离相等；③像与物的连线与镜面垂直；④物体在平面镜里所成的像是虚像（正立的、等大的）；⑤像与物关于镜面对称。 4、凸透镜的三条特殊光线 （1）平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线过对侧焦点。 （2）过焦点的光线，经凸透镜折射后，平行于主光轴射出。 （3）过光心的光线，传播方向不改变。 5、凹透镜的三条特殊光线 （1）平行于主光轴的光线，经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线过同侧焦点。 （2）延长线过焦点的入射光线，经凹透镜折射后，折射光线平行于主光轴射出。 （3）过光心的光线，传播方向不改变。 1．如图为光线A0 从水斜射向空气，请画出入射光线AO 的折射光线和反射光线。 【答案】 【详解】光线从水斜射空气中，在水面处发生反射和折射，过入射点O作法线，据反射角等于入射角，可作出反射光线，折射角大于入射角，可大致确定折射光线的位置，作图如下： 2．请在图中作出AB关于平面镜所成的像。 【答案】 【详解】根据平面镜成像特点，像和物体的大小相等，像和物体的连线与镜面垂直，像和物体到镜面的距离相等，像是虚像，作出AB关于镜面的对称点AʹBʹ，用虚线连接，即为AB关于平面镜所成的像，如图所示： 3．如图，太阳光透过窗户AB在房间光滑的地砖上反射后，将对面墙上的CD区域照亮，请利用光学作图作出阳光照射到地砖上的区域范围。（太阳光是平行光，保留必要作图痕迹） 【答案】 【详解】根据光的反射定律可知，过A点的光线经过地砖反射后到达D点，过B点的光线经过地砖反射后到达C点，因此分别作C、D两点关于地砖成的像、两点，最后连接、，在地砖上形成的就是区域范围，如图所示： 4．如图所示，一束光线从空气斜射到水面时发生反射和折射，OB为反射光线，请作出入射光线和大致的折射光线方向。 【答案】 【详解】先过折射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线，方向指向入射点，然后再根据折射角小于入射角在水中画出折射光线，如图所示： 5．如图，F为凸透镜的焦点，O为光心，请将光路补充完整。 【答案】 【详解】通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，如图所示： 6．如图所示，一束光射向凸透镜经折射后射到水面上，请在图中画出射向凸透镜的入射光线、以及进入水中的折射光线的大致方向。 【答案】 【详解】平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线经过凸透镜的焦点；光从空气斜射入水中时，折射光线和入射光线在法线两侧，折射角小于入射角，故作图如下： 7．如图所示，CCˊ是凸透镜的主光轴，O点是光心，F是焦点。请画出光线A、B通过凸透镜后的光路图。 【答案】 【详解】根据过凸透镜焦点的光线经凸透镜后平行于主光轴射出；过光心的光线传播方向不变，作图如下： 押题猜想20 力学作图 1．如图﹣1为《天工开物》记载中的舂米装置，图﹣2为其工作简化图，请在图﹣2中画出力F的力臂l。 【答案】 【解答】解：由支点向动力的作用线作垂线，垂线段即为力臂l，如图所示： 押题解读 画杠杆的力臂一是要找准支点，二是要准确画出力的作用线，然后才是从支点作力的作用线的垂线，最后还应该用字母将其标出来。 考前秘笈 1、作出物体受力的示意图 （1）需要把题目要求物体受到的所有力都画出来。 （2）物体受到的力通常有重力、压力、拉力、支持力、浮力、牵引力、摩擦力等。 2、作受力分析示意图 （1）定作用点：在受力物体上面出作用点，压力作用点在接触面中心去，其他力的作用点都可以画在物体重心上。如果物体同时受到几个力作用时，就将重心作为这几个力的作用点。 （2）定方向：以作用点为起点，沿力的方向画线段。常见力的方向描述，如重力方向竖直向下，摩擦力方向与物体相对运动或相对趋势方向相反，浮力方向竖直向上，压力、支持力方向与受力面垂直指向受力物体，拉力方向沿着绳子收缩的方向等。 （3）定长度（即力的大小）：尽管长度不能准确的反映力的大小，但在同一图中，如果物体受到几个力的作用时，线段的长短要大致表示力的大小，力越大，线段应画得越长。一对平衡力线段长度相同。 （4）标箭头：在线段的末端标上箭头表示力的方向。 （5）标符号：力一般用字母“F”表示，重力用符号“”表示。摩擦力一般用“”表示。 （6）标数值和单位：若有力的大小，还应该在箭头旁边标上力的数值和单位。 ※特别注意：重力方向竖直向下，摩擦力方向与物体相对运动或相对趋势方向相反，浮力方向竖直向上，压力、支持力方向与受力面垂直指向受力物体，拉力方向沿着绳子收缩的方向。 3、有关杠杆的作图：杠杆的支点、动力作用点和阻力作用点都必须在杠杆上，力臂和力的作用线必须垂直。 ※特别注意：不能把支点到力的作用点的距离当做力臂！！！ 4、最小动力作图 （1）最长动力臂的画法：若动力作用点已经给出，那么支点到动力作用点的连线作动力臂就是最长的力臂；若动力作用点没有给出，则选择杠杆上离支点最远的点为动力作用点，二者的连线就是动力臂。 （2）作最小动力的方法：①找出最大动力臂后过动力作用点作动力臂的垂线；②根据杠杆平衡的实际情况确定动力的方向，最后标上箭头和字母F或F1。 1．请在图中画出三娘湾白海豚跃出水面后所受力的示意图，不计阻力。（为重心） 【答案】 【详解】若不计阻力，白海豚跃出水面后只受到重力作用，重力方向竖直向下，作用点在它的重心，故作图如下： 2．在图中画出力F的力臂； 【答案】 【详解】由支点向动力F的作用线作垂线，垂线段就是F的力臂L，如图所示： 3．如图所示，乒乓球漂浮在水面，请在O点画出乒乓球受到的重力G和浮力。 【答案】 【详解】乒乓球漂浮在水面上，受到的浮力等于重力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，作用点都画在O点，故作图如下： 4．如图是工人利用独轮车搬运砖头的情境，人手向上的力为F，请画出力F的力臂。 【答案】 【详解】车轮的中心为支点O，反向沿长力F的作用线，再过点O向其作垂线段即为该力的力臂L，如图所示： 5．曲杆可绕固定点转动，在一个最小的力的作用下，在如图所示位置保持静止，请在图中作出：拉力的力臂和拉力的示意图。 【答案】 【详解】由杠杆的平衡条件可知：动力臂越长越省力。观察图示杠杆可知从O到A点的距离最大，即为最长的力臂，所以力作用在杠杆的最右端时拉力最小，根据阻力的方向是竖直向下，可知拉力F的方向向上，且力的方向与力臂垂直，过A点向左上作OA的垂线，即为力F，如图所示： 6．画出提升重物时人站在地面向下拉绳子的绕线方法。    【答案】   【详解】图中滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，要求人站在地面向下拉绳子，则拉力的方向向下，则绳子应从定滑轮下面挂钩开始绕起，依次绕过下面的动滑轮、上面的定滑轮，如图所示    7．如图所示是小熊钓鱼的卡通画。请以O点为支点，在图中大致位置画出鱼竿所受阻力和小熊所施加的最小动力及其力臂的示意图。 【答案】 【详解】钓鱼时鱼线对鱼竿的拉力是阻力，竖直向下，作用点画在鱼竿上。根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。由图示，最长的动力臂是从O点到下面手作用点A的距离，过下面手作用点A作OA的垂线，方向向下，即力F1的示意图，OA为最小动力的力臂l1。如图所示： 押题猜想21 电磁学作图 1．教室里采用多盏“220V 26W”的LED灯进行照明，提供适当的光照强度和均匀度。将图中的LED灯和开关接入电路，使开关同时控制两盏灯正常工作。 【答案】 【解答】解：由于LED灯的额定电压为220V，则两盏灯都能正常工作时，则两个灯泡是并联的，开关同时控制两盏灯，开关串联在干路上，并且开关接在LED灯和火线之间，如图所示： 押题解读 掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。使开关同时控制两盏灯正常工作，则开关和两盏灯是串联的，由于各用电器之间是并联的，各用电器能正常工作，并且互不影响，所以，同时控制两盏灯时应将开关串联在干路上，注意火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡，这样断开开关，切断火线，操作更安全。 考前秘笈 1、实物图补充连接类型 （1）实物图作图时，导线不能交叉； （2）电路串联时各个用电器与电流表逐个连接，电压表与被测电阻并列连接； （3）电路并联时，各个用电器并联连接，电压表一般测电源电压，电流表如果测总电流，则串联在干路中，如果测支路电流，则串联在支路上。 2、电路设计类型 （1）按照题目给出的信息，设计电路图； （2）家庭电路中开关需要安装在火线上； （3）家庭电路中各用电器之间并联，开关与被控制的用电器串联。 3、由实物图画电路图 （1）观察实物连接图，从电源的正极开始顺着电流的方向分析电流有几条路径回到电源负极，每个路径上都有哪些元件； （2）用规定的符号从电源的正极开始，依次用符号代替各元件，注意电流路径有几条，电流从哪里分开，又从哪里汇合，直到回到电源负极。 （3）在对应的符号旁边标明对应的字母符号。 4、由电路图连接实物图 （1）串联电路：连接电路时，从电源的正极上用导线依次接好各个元件，最后接到电源的负极上。 （2）并联电路：先连接一条元件较多的支路，形成个“圈”，把剩余的元件都留在“圈”内或“圈”外（可避免导线交叉），再从分流点处引出导线，连接其他支路元件至汇合点。 5、根据安倍定则判断磁场方向；内容：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。 6、通电螺线管的磁性强弱跟电流大小和匝数有关；在匝数一定时，电流越小，磁性越弱。 7、滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接入电路，滑动变阻器接入电路的电阻越大，电流越小。 1．请按照安全用电原则将下图所示的三孔插座和带开关的节能灯正确连入电路。 【答案】 【详解】灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全。 三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如图所示： 2．开关闭合后，螺线管及条形磁铁A的磁感线形状如图乙所示，请分别在螺线管及条形磁铁旁边的括号内标出或极。 【答案】 【详解】由图可知，电流从螺线管右端流入、左端流出，根据右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极，右端为S极；根据螺线管和条形磁体之间的磁感线分布可知，两相对的磁极为同名磁极，则条形磁体左端为S极，右端为N极，故作图如下： 3．请根据图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。 【答案】 【详解】从实物图中可以看出两灯泡并联，电流表A2测量干路电流，电流表A1测量通过灯泡L2的电流，开关S控制干路；电流从正极经过开关S、电流表A2分成两支，一支经过灯泡L2和电流表A1，另一支经过灯泡L1，然后两支路汇合共同回到电源负极，如下图所示： 。 4．请用笔画线表示导线，将图中有开关控制的电灯接入家庭电路中。    【答案】   【详解】如图，开关接在火线和灯泡之间，开关一端接火线，另一端接到灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；如图所示：    5．如图所示，请在括号内标出通电螺线管左端的磁极、小磁针右端的磁极以及导线上A点的电流方向。（磁极均用“N”或“S”表示）    【答案】   【详解】如图，电源的右端是正极，说明电流从螺线管的右端进入、从左端流出，所以A点的电流是从上往下；根据安培定则知，螺线管的右端是N极，左端是S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端是S极，左端是N极。如图所示：    6．如图甲为家庭常用的三孔双控墙壁插座实物图，其中开关S1控制插座，开关S2控制灯泡，图乙为其电路图，请将电路连接完整。 【答案】 【详解】由题意可知，火线需要先接开关，再接插座和灯泡，而插座的接法是插座左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，由此可知，火线先接开关S1，插座左孔接零线，上孔接地线，而灯泡的接法，火线先接开关S2，灯泡右端再接零线，如图所示： 7．如图所示电路中，请在甲、乙两处分别接入电流表或电压表，当S闭合后，使两灯均能发光。 【答案】 【详解】电流表在电路中相当于导线，电压表在电路中相当于开路；根据电路图可知，要使两灯均能发光，则两灯泡必须并联连接；因电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联，所以甲为电流表，乙为电压表，如下图： 题型五 实验题 押题猜想22 光学实验探究 1．在以下两个光学实验中： （1）图甲为探究“平面镜成像特点”的实验： ①用玻璃板替代平面镜的目的是便于 　确定像的位置　 。 ②实验中将点燃的蜡烛靠近玻璃板，像的大小 　不变　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 ③检查视力时，视力表放在被测者的后上方，被测者识别对面墙上镜子里视力表的像。如图乙所示，视力表与平面镜间的水平距离为2.8m，要求视力表在镜中的像与被测者的水平距离为5m，则人应坐在离平面镜 　5.2　 m的位置检查。 （2）图丙为探究“凸透镜成像规律”的实验： ①图丙中，点燃蜡烛后，光屏上恰能成清晰的像，　照相机　 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是根据该成像特点制成的。 ②仅将凸透镜换成另一个焦距更小的凸透镜，发现光屏上的像变模糊了，此现象可模拟 　远视眼　 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因，为使光屏上的像恢复清晰，可将光屏向 　靠近　 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动。 【答案】（1）确定像的位置；不变；5.2；不变；（2）照相机；远视眼；靠近。 【解答】解：（1）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，同时玻璃板要竖直放在水平桌面上，是为了便于确定像的位置； （2）实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，它的像的大小不变，像与物大小相等； （3）视力表在镜中的像与被测者的距离是5m，视力表距离人0.2m，故视力表距离视力表的像的距离为s＝5m+0.2m＝5.2m， 像与物到镜面的距离相等，故视力表到平面镜的距离为×5.2m＝2.6m； （4）由图甲可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机； （5）凸透镜焦距变短，会聚光的能力变强，会将光线提前会聚成像，此现象与近视眼成像类似，因此在光具座上向靠近凸透镜移动光屏，光屏上又出现了清晰的像。 故答案为：（1）确定像的位置；不变；5.2；不变；（2）照相机；远视眼；靠近。 押题解读 本题主要考查了平面镜成像特点的实验及操作相关问题，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。 考前秘笈 1、探究平面镜成像的特点解题方法点拨 （1）镜面的选择与放置：用薄的茶色、透明玻璃代替平面镜的目的是便于确定像的位置；由于玻璃板的前后表面均能反射成像，为了减小两个像之间的干扰，玻璃板要薄一些较好。放置时玻璃板要和纸面垂直，否则玻璃板后的蜡烛无法与像完全重合。 （2）像的亮度：像的亮度取决于物体和环境的光线亮度关系。可以在较暗的环境中观察蜡烛的像。 （3）拿一支没有点燃的相同蜡烛在玻璃板后寻找蜡烛像的位置是为了比较像与物的大小。 （4）多次测量的目的是得出普遍结论。 2、探究光折射时的特点解题方法点拨 （1）如果实验改为光从空气斜射入水中，则显示水中光路的做法：在水中添加牛奶等。 （2）折射光线偏暗的原因：有部分光在界面处发生了反射。 （3）在入射角相同时，不同介质中的折射角不同的原因：光在不同介质中的传播速度不同。 （4）折射角的大小变化判断：入射角逐渐增大（或减小）时，折射角也随之增大（或减小），但变化幅度不相等。 1．小敏和小欣正进行光学实验。在“探究光反射的规律”时，她们将平面镜水平放置，把标有刻度的硬纸板竖直放置在平面镜上，让一束光贴着纸板入射到平面镜，如图甲所示： (1)实验时，若增大入射光线与法线的夹角，反射光线将 （选填“靠近”或“远离”）法线； (2)实验中用硬纸板显示光路，利用了光在硬纸板表面反生了 反射； (3)小敏和小欣都想从镜子中看到对方的眼睛，而不想让对方看到自己的眼睛，结果他俩谁都没能做到，没能做到的原因是光反射现象中，光路是 。 (4)按图丙组装实验器材，探究平面镜成像规律，为了保证实验效果应选择 （选填“平面镜”或“玻璃板”）； (5)若要看蜡烛A的像B，眼睛位置是图丁中的 （选填序号）；保持蜡烛A的位置不变，下列做法中会使看到的像位置发生变化的是 （选填“玻璃板上提”、“玻璃板水平平移”或“玻璃板上边向前倾”）。 【答案】(1)远离 (2)漫 (3)可逆的 (4)玻璃板 (5) ① 玻璃板上边向前倾 【详解】（1）光的反射现象中，反射角等于入射角，若增大入射光线与法线的夹角，反射角也增大，则反射光线将远离法线。 （2）用硬纸板显示光路，是因为硬纸板表面比较粗糙，发生了漫反射。 （3）光的反射现象中，光路可逆，若想从镜子中看到对方的眼睛，必然会让对方看到自己的眼睛。 （4）实验中用透明的玻璃板代替平面镜，在物体的一侧能看到物体的像，同时透过玻璃板也能观察到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。 （5）[1]由于平面镜成的是虚像，不能成在光屏上，若要看蜡烛A的像B，眼睛位置是图丁中的①。 [2]平面镜成像时，像物关于镜面对称，保持蜡烛A的位置不变，无论玻璃板上提还是玻璃板水平平移，像位置都不会发生变化，当玻璃板上边向前倾时，像位置发生变化。 2．在研究光的反射实验中，在平面镜的上方竖直放置白色光屏，它由可以绕ON折转的E、F两块板组成。如图所示。 （1）白色光屏的作用是 。 （2）让激光笔的入射光AO沿光屏左侧的E板入射到O点，转动F板找到反射光OB，此时AO和OB与ON的夹角分别是i与r，则i与r的关系是i r（选填“等于”“大于”或“小于”）；若入射光靠近法线，则反射光 （选填“靠近”或“远离”）法线；若此时把右板F向后折，则在F板上 （选填“能”或“不能”）观察到反射光； （3）如果大家都在亮处，甲同学能看见乙同学的眼睛，乙同学 （选填“能”或“不能”）看到甲的眼睛。 【答案】 显示光路 等于 靠近 不能 能 【详解】（1）[1]光线在空气中无法看见，白色光屏的作用是显示光路。 （2）[2]光反射时，反射角等于入射角，即 [3]若入射光靠近法线，入射角变小，反射角变小，，则反射光靠近法线。 [4]若此时把右板F向后折，根据反射光线、入射光线和法线在同一平面上得，此时反射光线不在F板上，则在F板上不能观察到反射光。 （3）[5]如果大家都在亮处，甲同学能看见乙同学的眼睛，由光路可逆得，乙同学能看到甲的眼睛。 3．在研究“平面镜成像特点”的实验中，实验器材有：平面镜、带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺，两支完全相同的蜡烛A和B。如图甲所示： （1）实验中选择玻璃板而不选择平面镜，主要是为了便于 ； （2）实验中刻度尺的作用是便于比较像与物到镜面的 是否相等； （3）在竖立的玻璃板前面点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，直至它与蜡烛A的像完全重合，说明像和物体的大小相等，这种确定像与物大小关系的方法是 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）。 （4）小汽车挡风玻璃为什么要倾斜安装呢？老师引导小明做了如下实验：使玻璃板与水平面成45°角放置，则蜡烛的像为图乙中的 （选填“A”、“B”或“C”）。如果把蜡烛看成司机，则司机所成的像不会遮挡司机的视线而影响司机驾驶。 【答案】 确定像的位置 距离 等效替代法 A 【详解】（1）[1]平面镜只能反射光线，不能透过光线，实验中用透明的玻璃板代替平面镜，在物体的一侧能看到物体的像，同时透过玻璃板也能观察到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。 （2）[2]在实验中用到刻度尺，是用来测量像到镜面的距离和物到镜面的距离，从而得出二者到平面镜的距离关系。 （3）[3]在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至它与蜡烛的像完全重合，这表明像与物体大小相等，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法。 （4）[4]根据平面镜成像特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、虚像、左右相反，即像与物关于平面镜对称。玻璃板与水平面成45°角放置，则图乙中A处的像与蜡烛关于玻璃板对称。 4．小聪在探究凸透镜成像特点。 (1)如图甲，他将凸透镜正对着太阳光，在透镜下方平行地放上白纸，测出透镜与白纸间的距离s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘制如图乙所示的图象。由图乙可知，白纸被烤焦的最短时间是2min，对应的s为 cm，此距离即为该透镜的焦距。 (2)当透镜与蜡烛的距离为15cm时，可在光屏上得到一个倒立、 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰实像，接下来将蜡烛和光屏位置对调，在光屏上 （选填“能”或“不能”）得到一个清晰的像，原因是 。 (3)将蜡烛移至图丙所示位置，透过凸透镜会看到烛焰所成的 （选填“虚”或“实”）像。 【答案】(1)10 (2) 放大 能 在光的折射现象中，光路可逆 (3)虚 【详解】（1）当正对太阳光的凸透镜将阳光会聚为一个最小、最亮的点时，会聚点的阳光温度最高、能量最大，将纸烤焦的时间也就最短；而凸透镜将阳光会聚为一个最小、最亮的点时，这点到凸透镜光心的距离即为焦距；由图乙可知，当凸透镜到纸的距离为10cm时将纸烤焦的时间最短，则凸透镜到纸的距离为10cm时会聚的点最小、最亮，故该凸透镜的焦距为10cm。 （2）[1]当透镜与蜡烛的距离为15cm，此时2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。 [2][3]仅将蜡烛和光屏位置对调，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据光路可逆，在光屏上能得到一个清晰的像。 （3）将蜡烛移至图丙所示位置，此时物距u＝50.0cm﹣45.0cm＝5.0cm＜f，根据凸透镜成像规律可知成正立、放大的虚像。 5．如图甲是小明探究平面镜成像特点的实验装置。 (1)实验中A、B两支蜡烛的外形应 （选填“相同”或“不同”）。点燃A蜡烛，小心地移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止。这表明像与物的大小 ； (2)如图乙，放在“烛焰”上的手指不会被烧痛，这是因为平面镜成像 （选填“实”或“虚”）； (3)实验后小明用凸透镜替换了玻璃板，将蜡烛B换成白纸（如图丙），白纸上没看到烛焰的像，他把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，白纸上出现了明亮清晰的像，这个像应该是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像； （填光学仪器）就是利用这一成像规律工作的； (4)小明在实验室发现一个破损的凸透镜，他就用橡皮泥把遗失的部分补上（如图丁）。小明如果用这个补好的凸透镜做上述的实验 （选填“残缺”或“完整”）的实像。 【答案】(1) 相同 相等 (2)虚 (3) 放大 投影仪 (4)完整 【详解】（1）[1]为了比较像与物大小关系，运用等效替代法，实验中A、B两支蜡烛的外形应相同。 [2]点燃A蜡烛，小心地移动B蜡 烛，直到与A蜡烛的像完全重合，说明像与物大小相等。 （2）如图乙，放在“烛焰”上的手指不会被烧痛，说明平面镜所成的像是虚像。 （3）[1][2]实验后小明用凸透镜替换了玻璃板，将蜡烛B换成白纸(如图丙)，白纸上没看到烛焰的像，他把 凸透镜向蜡烛移动一定距离后，白纸上出现了明亮清晰的像，此时物距减小，像距变大，且物距小于 像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。 （4）凸透镜破损时，剩余部分仍能会聚光线成完整的像，但由于会聚的光线比原来减少，所以像比原来 变暗。 6．在“探究凸透镜成像的规律”实验中： （1）在光具座上，将蜡烛、光屏安装在凸透镜两侧，接着调节三者中心在 上；通过实验，绘制了像距随物距变化图像如图甲，此凸透镜的焦距是 cm； （2）实验中，当蜡烛、透镜和光屏的位置如图乙时，光屏出现了蜡烛清晰的像，这个实验现象与生活中的 的成像特点相同（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）； （3）“自拍神器”是旅游的最爱，如丙图所示。与直接拿手机自拍相比，自拍杆可以通过增大物距，从而 （选填“增大”或“减小”）所成像的大小； （4）某同学用自制的水透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像。如图丁，他向水透镜中注水，不改变蜡烛和透镜的位置，要使光屏上再次得到清晰的像，可将光屏向 （选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，或者在透镜前放置一副 （选填“远视”或“近视”）眼镜。 【答案】 同一高度 10 照相机 减小 靠近 近视 【详解】（1）[1] 为使得像成在光屏中心，在光具座上，将蜡烛、光屏安装在凸透镜两侧后，要调节三者中心在同一高度。 [2] 根据凸透镜成像规律，当物距和像距均等于二倍焦距时，成倒立等大的实像，由甲图可知，此时 解得此凸透镜的焦距。 （2）[3] 如图乙，物距大于像距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像，应用是照相机。 （3）[4] 根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”，与直接拿手机自拍相比，自拍杆可以通过增大物距，使得成像变小。 （4）[5][6] 如图丁，他向水透镜中注水，则凸透镜变厚，焦距变小，成像提前，不改变蜡烛和透镜的位置，要使光屏上再次得到清晰的像，可将光屏向靠近透镜的方向移动，或者在透镜前放置一副近视眼镜，利用凹透镜对光线的发散作用，使得像仍成在原来的位置。 7．晓宇一次在夜间乘坐爸爸的车在高速公路上行驶时，发现车前方路面上有许多较亮的“光源”，但车通过后，这些“光源”就消失不见了，路面又是一片漆黑。他非常好奇，这些“光源”是怎么做到车来发光、车过熄灭的呢？他查阅相关资料了解到，这些“光源”是高速公路上安装的道路反光轮廓标，如图甲所示。这些轮廓标本身并不发光，而是在夜间或低能见度环境下反射车辆发出的光，来清晰显示道路轮廓，引导安全驾驶，且可将车辆发出的光沿原方向反射给驾乘人员，故看起来很亮。 光在反射时遵循什么规律呢?晓宇利用可沿ON 折转的纸板进行了如下实验： 他将一块平面镜放于水平桌面，把纸板竖立在镜面上，让ON垂直于镜面，如图乙所示。 (1)晓宇在探究反射角和入射角的大小关系时，发现用铅笔把反射光线描下来非常不方便，认真思考后，他认为只需在反射光的路径上标记一个点就能确定反射光线了，他用到的光学知识是 。 (2)晓宇多次改变光束的入射角，用量角器测出入射角与反射角的大小，记录数据于下表。分析数据可得，光反射时，反射角 入射角。 实验次数 1 2 3 入射角 30° 40° 60° 反射角 30° 40° 60° (3)如图丙所示，晓宇将纸板F剪成上下两块，然后保持上半部分与纸板E在同一平面内，将下半部分绕 ON向后折转后，只在上半部分可以看到反射光，这一现象说明 。 (4)结合以上实验结论分析可知，想要让车辆发出的光沿原方向反射进入司机的眼睛，至少需要 块平面镜，如何放置？ 。 【答案】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播 (2)等于 (3)入射光线、反射光线、法线在同一平面上 (4) 2 2块平面镜彼此垂直放置 【详解】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，因此已知入射点时，只需在反射光的路径上标记一个点，连接入射点与反射光的路径上的一点就能确定反射光线。 （2）由表格中数据可知，每次实验中，反射角和入射角的度数都相等，所以可得出结论，光反射时，反射角等于入射角。 （3）如图丙所示，晓宇将纸板F剪成上下两块，然后保持上半部分与纸板E在同一平面内，将下半部分绕 ON向后折转后，纸板F上半部分与显示入射光线的纸板E在同一平面上，纸板F下半部分与显示入射光线的纸板E不在同一平面上，只在上半部分可以看到反射光，这一现象说明入射光线、反射光线、法线在同一平面上。 （4）[1][2]由反射角等于入射角得，想要让车辆发出的光沿原方向反射进入司机的眼睛，至少需要2块平面镜，2块平面镜彼此垂直放置，任何方向的光射到平面镜上后，经过两次反射，都会沿原方向反射回来。 押题猜想23 热学实验探究 1．小李组装了甲、乙两套装置，分别探究“固体熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度变化的特点”。 （1）利用图甲所示装置进行实验。试管中装有适量的细碎固体，下列操作不是使固体受热均匀的是 　C　 。 A.加热过程中不断搅拌 B.水浴法加热 C.温度计的玻璃泡完全浸没在固体中 （2）根据记录的数据绘制了图丙所示温度随时间变化的图象。由图可知，该固体属于 　晶体　 （选填“晶体”或“非晶体”）。AB段物质的比热容 　小于　 （选填“大于”“等于”或“小于”）CD段物质的比热容。 （3）如图乙所示，在组装仪器时，温度计的玻璃泡碰到了容器底，接下来合理的操作是将 　铁夹向上　 （选填“铁夹向上”或“铁圈向下”）调整。 （4）将图乙中的问题修正后，进行实验。下表是水温度升至92℃时，每隔1min记录的水温度和沸腾的情况。分析下表可知： ①水沸腾时，吸收热量，温度 　不变　 。 ②实验时，外界大气压强 　小于　 （选填“大于”“等于”或“小于”）标准大气压强。 加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 水的温度/℃ 92 94 96 98 99 99 99 99 99 99 是否沸腾 否 否 否 否 是 是 是 是 是 是 【答案】（1）C；（2）晶体；小于；（3）铁夹向上；（4）不变；小于。 【解答】解：（1）实验时，为了使物质均匀受热，可以对物质不断进行搅拌，使用水浴加热法，而C中的操作是温度计使用的常规操作，目的是使读数准确，故选：C； （2）由图象丙可知，在第2min～5min时，该物质温度保持0℃不变，所以该物质的熔点为0℃；该物质属于晶体； 物质质量不变，AB段和CD段，都是加热2分钟，即吸收热量相同，CD段温度变化小，故CD段比热容大； （3）要用酒精的外焰加热，安装实验器材时，应按照自下而上的顺序进行，在组装仪器时，温度计的玻璃泡碰到了容器底，应该将铁夹向上调整； （4）由表格可知，水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变；烧杯中的水沸腾时温度为99℃，一标准大气压下水的沸点为100℃，此时水的沸点低于100℃，根据沸点与气压的关系可知，此时液体上方的气压低于标准大气压。 故答案为：（1）C；（2）晶体；小于；（3）铁夹向上；（4）不变；小于。 押题解读 本实验题主要考查这样几个方面：①使物体均匀受热的方法和优点；②实验数据的分析，判断晶体还是非晶体，根据绘制的温度﹣﹣时间图像，找出熔点；③判断某个时间段物质所处的状态，熔化前固态，熔化过程中固液共存，熔化后液态。总体难度不大，属于基础性题目。 考前秘笈 利用液体沸腾特点、沸点跟气压的关系以及液体沸腾前后气泡的变化结合图像或实验数据进行解答。 1．图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。 （1）要完成图中实验需要的测量仪器是温度计和 ，在安装器材时最后装的是 （选填“酒精灯”或“温度计”）； （2）实验中某次温度计的示数如图乙，为 ℃，根据实验数据绘制的水的温度随加热时间变化的图像如图丙，由图可知本实验中水的沸点为 ℃； （3）水沸腾时继续对水加热，水的温度 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；通过这个实验，你会建议妈妈熬汤时，水沸腾后选择 （选填“保持大火”或“调为小火”）继续炖汤； （4）去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是 。 【答案】 秒表 温度计 92 98 不变 调为小火 石棉网的温度仍高于水的沸点，水还能吸热 【详解】（1）[1][2]实验中需要用秒表记录时间；酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序，最后组装温度计。 （2）[3][4]图乙中温度计的分度值为1℃，则该次温度计的示数为92℃；由图像知，水在第2min开始沸腾，沸腾时，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以本实验中水的沸点是98℃。 （3）[5]水沸腾时继续对水加热，水的温度保持沸点不变。 [6]通过这个实验，说明液体沸腾后温度保持不变，为了减少燃料的使用，应建议妈妈熬汤时，水沸腾后选择调为小火继续炖汤。 （4）[7]撤去酒精灯后，由于石棉网与烧杯底的温度高于水的沸点，所以水能继续吸热，水未立即停止沸腾。 2．小明探究“固体熔化时温度变化规律”的实验装置如图甲所示。 （1）将试管放在盛水的烧杯加热的优点是 ； （2）图乙温度计的示数为 ℃； （3）由图像可知，BC段该物质处于 （选填“固”、“液”或“固液共存”）态，该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。 【答案】 可以使试管内的物质受热均匀 66 固液共存 晶体 【详解】（1）[1]将装有该物质的试管放在盛水的烧杯内加热，而不是直接用酒精灯加热，优点是为了使试管内的物质受热均匀。 （2）[2]由图乙可知，温度在0℃以上，分度值为1℃，故图乙温度计的示数为66℃。 （3）[3]由图可知，BC段该物质在熔化过程中，吸收热量，温度不变；BC段该物质处于固液共存态。 [4]该物质有熔点，是晶体。 3．小明注意到，回南天现象往往在天气回暖时出现，且不同材质的窗户上水珠凝结量存在差异。他猜想可能与温差和材料的导热性有关。于是，他使用题图1中的实验装置验证，设计实验：先将等大的正方体冰块分别放入②、③、④号三个碗中，静置10分钟；然后将四个碗的外壁擦干后，放入同一个密封箱内；每隔一段时间观察碗壁是否出现水珠，并记录水珠出现的时间和数量，如题表所示。 观察对象 水珠出现时间 10分钟后水珠数量 ①号碗 未出现 无 ②号碗 1分钟 最多 ③号碗 3分钟 较多 ④号碗 未出现 无 (1)实验中用湿毛巾加湿是为了增大空气中的 ； (2)对比①号碗和②号碗是为了探究水珠形成与 的关系，②号碗水珠的形成过程的物态变化是 。这个过程需要 （选填“吸热”或“放热”）； (3)由以上实验可得，回南天地板和墙壁的温度 （选填“高于”“等于”或“低于”）空气温度； (4)金属板比木板更早出现水珠，说明水珠形成与材料的 有关； (5)小明查资料还了解到回南天本质是空气中水蒸气温度骤降至露点以下被迫凝结成小水珠。当相对湿度≥90%时，露点温度与空气温度的关系如题2图所示，则上述实验密封箱内的露点温度为 ℃。 【答案】(1)湿度 (2) 温差 液化 放热 (3)低于 (4)导热性 (5)22 【详解】（1）实验中用湿毛巾加湿是为了增大空气中的湿度。湿毛巾中的水分蒸发到空气中，使空气的湿度增加，这样更有利于模拟回南天空气湿度较大的环境，便于观察水珠的形成现象。 （2）[1][2][3]对比①号碗和②号碗，①号碗没有冰块，②号碗有冰块，其它条件相同，所以是为了探究水珠形成与温差的关系。②号碗水珠的形成过程是空气中的水蒸气遇冷变成小水珠，物态变化是液化，这个过程需要放热。 （3）回南天现象是一些冰冷的物体表面遇到暖湿气流后产生水珠。在实验中，没有冰块的碗壁温度高，没有水珠生成，有冰块的碗壁温度低，出现了水珠，说明回南天地板和墙壁的温度低于空气温度，这样暖湿气流中的水蒸气遇到温度较低的地板和墙壁才会液化形成水珠。 （4）金属板比木板更早出现水珠，因为金属的导热性比木板好，在相同条件下，金属板能更快地将冰块的冷传递到表面，使表面温度降低，从而更早地使空气中的水蒸气液化，说明水珠形成与材料的导热性有关。 （5）由图2结合一次函数知识可解得露点温度与空气温度的关系式为 所以当实验密封箱内温度为时，露点温度为 4．同学们在实验室做“探究固体熔化时温度的变化规律”实验。 (1)小杨所用的实验装置如图甲所示，小杨在实验中应先根据酒精灯 的高度，固定石棉网的位置。 (2)实验中，用水浴法加热固体的好处是 ； (3)若实验中固体的熔化时间过短，不便观察熔化时的实验现象和记录实验数据，在下列措施中，一定不能延长物质熔化时间的是________； A．增加试管中物质质量 B．增加烧杯中水质量 C．降低烧杯中水初温 D．撤掉酒精灯或小火加热 (4)小杨根据实验数据画出的冰熔化时温度随时间变化的图像如图乙所示，由图乙知，在BC段，该物质处于 态，熔化过程持续了 分钟； (5)小杨在总结实验结论时推测：如果一直加热下去，试管中的液体会沸腾。你认为小杨的推测是否正确？ ， 理由 。 (6)小明用图甲装置探究另两种物质b、c熔化时温度的变化规律，绘制的图像如图丙所示，分析图像可知，物质c是 （“晶体”或“非晶体”） 。 【答案】(1)外焰 (2)使固体受热均匀 (3)C (4) 固液共存 3 (5) 不正确 能达到沸点无法继续吸热 (6)非晶体 【详解】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要先调整好C的高度，固定石棉网的高度。 （2）水浴法加热使得固体四周都浸没在水中，其目的是为了能使固体物质均匀受热。 （3）A．增加试管中物质的质量，在吸收相同热量时，物质的升温较慢，能延长熔化时间，故A不符合题意； B．增加烧杯中水的质量，水的升温变慢，则物质的升温较慢，能延长熔化时间，故B不符合题意； C．降低烧杯中水的初温，不会改变熔化时吸收热量的快慢，不会改变熔化时间，故C符合题意； D．撤掉酒精灯或用小火加热，相同时间内，海波吸收的热量减少，能延长熔化时间，故D不符合题意。 故选C。 （4）[1][2]根据丙图、冰块1min-4min过程温度不变，BC段处于熔化过程，而晶体熔化过程中是固液共存态，熔化持续时间为4min-1min=3min （5）[1][2]水沸腾的条件是达到沸点，不断吸热，当烧杯内水沸腾时，试管内水可以达到沸点，但由于温度相同，不能发生热传递，因而不能吸热，试管内水不能沸腾，小杨的说法不正确。 （6）晶体和非晶体最大的区别就在于，晶体有一定的熔点，而非晶体没有一定的熔点；晶体熔化时保持不变的温度叫熔点；b是晶体，有熔点，而c是非晶体，熔化时温度改变，没有熔点。 5．如图甲是用海波和石蜡“探究固体熔化时温度变化规律”的实验装置。    (1)组装器材时，应先固定图甲中的 （选填“A”“B”或“C”）。 (2)开始实验后，某一时刻温度计的示数如图甲所示，温度为 ℃。 (3)根据实验数据绘制的两种物质熔化时温度随时间变化的关系图像如图乙所示，由图像可知石蜡是 （选填“晶体”或“非晶体”）；在4~10min加热过程中，海波的内能 （选填“增加”“减少”或“保持不变”）。      【答案】(1)C (2)38 (3) 非晶体 增加 【详解】（1）实验时，为了确保酒精灯的外焰对物体进行加热，实验器材应该按照自下而上的顺序进行组装，所以图甲中，应该先固定的是C装置。 （2）图甲中，温度计的分度值为1℃，其读数为38℃。 （3）[1]由图乙知，石蜡熔化时，没有固定的温度，则石蜡属于非晶体。 [2]海波在熔化过程中，需要持续进行加热，所以在4～10min加热过程中，海波吸收热量，内能增加。 6．如图甲所示是小明和小华做“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置。在两个相同的烧杯中分别装入初温和质量相等的A、B两种液体，并用两个相同的酒精灯加热并不断搅拌。 (1)实验时使用相同的酒精灯加热A、B两种液体，液体吸收热量的多少是通过 （填“加热时间”或“升高的温度”）来反映的； (2)他们根据实验测得的数据分别描绘了A、B两种液体的温度随加热时间变化的图像如图乙所示。若加热过程中无热损失，已知A的比热容为4.2×103J/（kg·℃），则B的比热容为 J/（kg·℃）。 【答案】(1)加热时间 (2)2.1×103 【详解】（1）实验通过比较加热时间来比较两种液体吸收热量的多少，两容器所用的加热器相同，加热时间越长，液体吸收的热量越多。 （2）加热时间都为5min时，AB两种液体吸收的热量相同，A液体温度变化为20℃，B液体的温度变化为40℃，B的比热容 7．老师用如图甲所示的装置做演示实验：探究物体熔化时温度的变化规律。 (1)安装实验器材时应按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行； (2)图甲中温度计的示数为 ℃； (3)实验中根据记录的数据绘制出温度﹣时间图像如图乙所示，根据图像可知该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。在t1～t2时间段内，该物质温度不变，内能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）； (4)根据图像信息可知，该物质在熔化前比熔化后的比热容 （选填“大”或“小”）。 【答案】(1)自下而上 (2)-3 (3) 晶体 增大 (4)小 【详解】（1）由于要用酒精灯的外焰加热，同时温度计的玻璃泡在完全浸没的同时不碰到试管底或试管壁，要自下而上安装实验装置。 （2）图甲中温度计的分度值为1℃，液面在零下，则示数为-3℃。 （3）[1][2]根据图像可知该物质熔化时有固定的熔点，所以是晶体；在t1～t2时间段内，该物质处于熔化阶段，持续吸热，内能增大，但温度不变。 （4）根据图像信息可知，该物质在熔化前比熔化后升温快，即加热相同时间，吸收相同热量时，该物质在熔化前升高的温度多，所以该物质在熔化前比熔化后的比热容小。 押题猜想24 力学实验探究 1．小亮想利用如图1所示的密度计测量液体的密度，其测量单位为g/cm3。 （1）如图2所示，小亮把密度计放进甲液体，密度计竖直　漂浮　 （选填“漂浮”或“悬浮”）在液体中，此时液面与密度计的A刻度刚好相平。若密度计的A刻度为0.7，则甲液体的密度为　0.7×103　 kg/m3； （2）若将该密度计放入密度比甲液体大的乙液体中，静止时，液面与密度计的B刻度刚好相平，则B应该在A的　下方　 （选填“上方”或“下方”），此时密度计受到的浮力F乙　＝　 （选填“＞”“＜”或“＝”）其在甲液体中受到的浮力F甲； （3）小亮觉得密度计非常有趣，于是他利用一根直径为1cm、长20cm的圆柱形吸管、小铁珠、热熔胶枪等，制成如图3所示的简易密度计（其质量为10g）。小亮把自制的密度计竖直放进某种液体中，密度计出现如图4所示的沉底现象。于是，小亮重新制作了规格如表所示的另外4支密度计，其中有可能可以测出这种液体密度的是　①④。　 （填编号）。 密度计编号 直径/cm 长度/cm 质量/g ① 2 20 10 ② 0.5 20 10 ③ 1 20 20 ④ 1 20 5 【答案】（1）漂浮；0.7×103；（2）下方；相等；（3）①④。‌ 【解答】解：（1）密度计在液体中是竖直漂浮的。因为密度计的刻度是按照液体密度与水的密度的比例来标注的，已知A刻度为0.7，其单位是g/cm3，换算单位可得甲液体的密度为：0.7×103kg/m3。 （2）根据阿基米德原理，密度计在不同液体中都是漂浮状态，浮力都等于重力，所以密度计在乙液体中受到的浮力F乙＝F甲。因为乙液体密度比甲液体大，由V排可知，在浮力相等时，液体密度越大，排开液体的体积越小，所以密度计在乙液体中浸入的深度较浅，B应该在A的下方。 （3）对于自制密度计，根据物体的浮沉条件，当密度计沉底时，说明液体密度小于密度计的平均密度。原密度计的体积V＝πr2h＝3.14×（0.5cm）2×20cm＝5πcm3，其质量m＝10g，则原密度计的平均密度ρ0.64g/cm3。 要使密度计能漂浮在液体中从而测量液体密度，需要减小密度计的平均密度。根据ρ，在体积不变的情况下，可通过减小质量；或在质量不变的情况下增加体积来实现。 ①号密度计直径变为原来的2倍，则体积变为原来的4倍，质量不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。②号密度计直径变为原来的，则体积变为原来的，质量不变，其平均密度变为原来的4倍，不能测出这种液体密度。③号密度计质量变为原来的2倍，体积不变，其平均密度变为原来的2倍，不能测出这种液体密度。④号密度计质量变为原来的，体积不变，其平均密度变为原来的，有可能可以测出这种液体密度。 故有可能可以测出这种液体密度的是①④。 故答案为：（1）漂浮；0.7×103；（2）下方；相等；（3）①④。 押题解读 本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，利用好密度计测液体密度时漂浮（F浮＝G）是本题的关键。密度计是一种测量物体密度的仪器，‌其基本原理是利用物体在液体中的浮沉条件。‌当一个物体在液体中时，‌如果物体能够漂浮，‌那么它所受到的浮力等于其重力。‌密度计的设计利用了这一原理，‌使其能够在不同的液体中保持漂浮状态。‌密度计的重量小于相同体积水的重力，‌因此当它浸入液体中时，‌会根据液体的密度调整其浮力以达到平衡。 考前秘笈 1、探究影响滑动摩擦力大小的因素解题方法点拨：影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。 2、探究液体内部的压强解题方法点拨 （1）控制变量法实验中影响压强的因素有深度、密度。我们需要用控制变量法来研究各个因素对压强的影响。 （2）转换法液体内部压强的大小无法直接测量，我们用压强计两侧的液面高度差来判断液体内部压强的大小，这种方法叫做转换法。 3、探究浮力的大小与排开液体重力的关系解题方法点拨 （1）弹簧测力计的读数（注意看清量程和分度值）。 （2）称重法计算浮力：F浮=G物一F拉。 （3）溢水杯的使用（溢水杯中的液体到达溢水口，以保证物体排开的液体全部流入小桶内）； （4）实验步骤的补充与改正（先测空桶重和物重，再将物体浸没在水中，最后测出排开液体的重力）。 （5）得出普遍规律的操作（物体由浸没改为浸入；换用不同的液体等）。 4、探究影响物体动能大小的因素解题方法点拨：分析物体动能大小的变化时，要同时考虑物体的质量和物体运动速度两个因素的变化情况，不能只考虑其中的一个方面，特别是忽略物体质量的变化。例如：公路上匀速行驶的洒水车在洒水的过程中，虽然速度大小没有变化，但是洒水车的动能在减小，这是因为洒水车的质量在不断减小 1．小澄在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，选择如下器材：长木板和表面固定有棉布的长木板、长方体木块（各表面粗糙程度相同）、砝码、弹簧测力计等。 (1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的物块，使其做 运动，此时弹簧测力计示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，这是应用了 原理； (2)如图为完成本实验设计的操作方案，得到的实验数据记录如表1： 表1 实验情景 甲 乙 丙 丁 测力计示数F/N 1.50 1.50 2.10 2.50 比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 （填“有关”或“无关”）；比较 两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小； (3)拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 两次实验得出的结论； (4)小澄发现以上方案拉动木块时，不好控制且不方便读数，于是她设计了三个改进方案（如表2），其中方案 为最优方案。 表2 方案一：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板 方案二：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动底部加了轮子的长木板 方案三：通过弹簧测力计将木块连接到墙上后，直接拉动下面的长木板 【答案】(1) 匀速直线 二力平衡 (2) 无关 甲、丙 (3)甲、丁 (4)方案三 【详解】（1）[1][2]实验中摩擦力的大小不易直接测量，用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿长木板做水平匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块受到的拉力与摩擦力是一对平衡力，由二力平衡可得：木块受到摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数，体现了转换法。 （2）[1]比较甲、乙两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，即摩擦力相同，根据控制变量法，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关。 [2]要得出“在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小”， 根据控制变量法，需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，比较甲、丙两次实验即可。 （3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丁两次实验得到的结论。 （4）题中说到用的是二力平衡的特点，因此测力计应该测量木块受到的拉力，然后拉动木板，木块处于静止状态，从而得出木块所受摩擦力的大小。方案一和方案二，所测拉力均为木板的拉力，而木板受到的力除了拉力以外，还有上下表面两个摩擦力，所以拉力与摩擦力不符合二力平衡条件。综上所述，选择方案三。 2．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景。 (1)小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向 ，并通过调整钩码 来改变拉力的大小； (2)当小卡片平衡时，小华将小卡片旋转过一个角度，松手后小卡片 （选填“能”或“不能”）平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究不在 的两个力能否保持平衡； (3)为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是： ； (4)在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要原因是 。 【答案】(1) 相反 数量（质量） (2) 不能 同一直线上 (3)将小卡片剪成两部分 (4)小华的实验用小卡片，避免了摩擦力对实验的影响 【详解】（1）[1]图甲中，两端的钩码通过滑轮作用在小卡片的两个力，一个方向向右，一个方向向左，则两个力的方向相反。 [2]两端所挂钩码个数不同，作用在小卡片上的拉力也不同，所以通过调整钩码的个数可改变拉力的大小。 （2）[1]小卡片被旋转过一个角度后，作用在小卡片上的两个力不在同一直线上，小卡片不能静止，不能保持平衡。 [2]小卡片未旋转前，两个拉力在同一直线上，能保持静止，处于平衡状态。被旋转后，两个拉力不在同一直线上，不能平衡，这是为了探究不在同一直线上的两个力能否保持平衡。 （3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，接下来，可将图甲中的小卡片剪开为两个物体，观察其运动状态。 （4）图乙中，木块与水平桌面的摩擦力较大，对实验有较大影响，而图甲中，小卡片所受的空气阻力非常小，可避免摩擦力对实验的影响。 3．小明同学按如图所示步骤，探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。 (1)如图甲所示，金属块的重力为 N；在丁图中，金属块受到浮力为 ； (2)通过比较步骤甲、乙、丙可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体 有关；通过比较步骤甲、丙、丁可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的 无关； (3)小明又做了如图己的实验，若满足关系式：F1﹣F3＝ ，则验证了“阿基米德原理”；浸入液体中的金属块所受的浮力的大小等于金属块排开液体所受的 的大小。若将金属块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，则 （选填“能”或“不能”）验证阿基米德原理。 【答案】(1) 5 4 (2) 体积 深度 (3) F4﹣F2 重力 能 【详解】（1）[1]由图甲可知金属块的重力G＝5N。 [2]由丙图可知金属块浸没在水中时，受到的浮力F浮＝G﹣F丙＝5N﹣1N＝4N （2）[1]比较步骤甲、乙、丙排开液体的体积不同，浮力不同，故同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关。 [2]比较步骤甲、丙、丁浸入液体的深度不同，浮力相同，同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关。 （3）[1][2]物体受到的浮力等于F1﹣F3，排开液体的重力为F4﹣F2，若两者相等即符合阿基米德原理。说明浸入液体中的物体所受的浮力的大小等于物体排开液体所受的重力大小。 [3]无论物体是部分浸入液体中还是全部浸入液体中，物体受到的浮力始终等于排开液体所受的重力，即实验中若物体没有完全浸没在水中，仍能验证阿基米德原理。 4．小华探究影响浮力大小的因素。用弹簧测力计、4个相同的小长方体磁力块、2个分别盛有水和盐水的烧杯等装置，利用磁力将4个磁力块组合成长方体物块，按如图甲所示的步骤进行实验。 （1）根据图A、B、C的测量结果，小明认为浮力与物体浸在液体中的深度有关，小华认为不一定正确，他的理由是 ； （2）根据A、C、D的实验结果，得出浮力大小还与 有关；若把4个磁力块组合成如图乙所示，小华还能探究浮力的大小与 的关系； （3）小华又设计了如图丙所示的实验装置继续探究。先将盛有盐水的容器放在电子秤上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中且不触底（盐水足够深），同时记下圆柱体下表面在盐水中所处的深度h和电子秤显示的相应的质量m，记录数据如表所示。已知圆柱体的高度为15cm，当h=8cm时，用弹簧测力计测得细线对圆柱体的拉力为1.2N，g取10N/kg。 h/cm 0 2 4 6 8 10 12 m/kg 2.000 2.040 2.080 2.120 2.160 2.200 2.240 ①当h=8cm时，圆柱体受到的浮力大小为 N，分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成 比； ②圆柱体的密度与盐水的密度之比为 ，若圆柱体的密度为1.4g/cm3，则盐水密度为 g/cm3。 【答案】 没有控制物体排开液体体积相等 液体密度 物体的形状 1.6 正 1.5 【详解】（1）[1]实验中要探究浮力与物体进入液体中的深度关系，需要控制液体的密度和物体排开液体的体积相等，而实验中未控制排开液体的体积相等，因此结论不正确。 （2）[2]A、C、D三次实验中，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，因此探究的是物体受到的浮力和液体密度之间的关系。 [3]图乙所示物体的形状与其他物体不同，因此可以探究物体受到的浮力与物体的形状的关系。 （3）[4]当h=8cm时，电子秤显示的相应的质量为2.16kg，则可得液体此时受到的压力为 力的作用是相互的，因此圆柱体受到的浮力为1.6N。 [5]根据表格数据分析可知，当体积变为原来的多少倍，浮力变为原理啊的多少倍，因此圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成正比。 [6]设圆柱体的底面积为S，则当物体浸在液体中的深度为8cm时，物体排开液体的体积为0.08S，此时根据称重法可得物体的重力为 则圆柱体的密度为 液体的密度为 圆柱体的密度与盐水的密度之比为 若圆柱体的密度为1.4g/cm3，则盐水密度为 解得。 5．（1）如图甲所示，“探究光的反射规律”的实验装置，小强将纸板竖直放置于平面镜上，移动激光笔，使入射光绕入射点O沿逆时针方向转动，可观察到反射光沿 （选填“顺”或“逆”）时针方向转动，说明反射角随入射角的增大而 ； （2）如图乙所示，该装置探究海波熔化时温度的变化规律。将装有海波的试管放入水中加热是为了使海波受热 ；图丙是根据实验数据绘制的海波温度随时间变化的图像，分析图丙可知，在6~7min时间内，试管内的海波处于 态； （3）如图丁所示，在“探究力和运动的关系”的实验中，让木块由静止开始沿斜面滑下，木块在三种不同水平面上运动一段距离后分别停留在如图所示的位置。实验需要木块从同一斜面的 高度开始下滑（选填“相同”或“不同”），目的是使小车到斜面底端的 相同。 【答案】 顺 增大 均匀 固液共存 相同 速度 【详解】（1）[1][2]使入射光绕入射点O沿逆时针方向转动，入射角增大，反射角也会增大，可观察到反射光沿顺时针方向转动；该现象说明反射角随入射角的增大而增大。 （2）[3][4]将装有海波的试管放入水中加热，水包裹着试管，使试管中的海波受热均匀；由图丙可知，在6~7min时间内，海波吸收热量，但温度保持不变，此时海波处于熔化过程中，是固液共存态。 （3）[5][6]根据控制变量法，为了使小车到达斜面低端时的速度相同，实验中应让木块从同一斜面的相同高度由静止滑下。 6．小龙发现力学中有很多相似的实验，他找了如下器材：表面平整的长木板（带斜面）、刻度尺、小车、木块、毛巾、棉布、钩码。 （1）如图1，小龙在“探究阻力对物体运动的影响”实验中，让同一小车每次从斜面的 （选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下，发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，推理得出：运动的物体如果不受力将做 运动； （2）在十六世纪末，伽利略也进行过上述相关研究，如图2是他实验和推理的示意图，其中属于推理的是 （选填“甲”或“乙”）图； （3）在图1丙的基础上，再增加木块，可进行“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验。让同一小车从斜面上 （选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下撞击木块，通过木块滑行距离判断动能的大小，可以探究动能的大小与 的关系。 【答案】 相同 匀速直线 乙 不同 速度 【详解】（1）[1][2]小明探究“阻力对物体运动的影响”实验时，选择的器材如图1所示。由控制变量法，让小车每次从同一斜面同一高度静止开始滑下。发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，经过推理得出：运动的物体如果不受力，小车通过的距离无限长，小车将做匀速直线运动。 （2）[3]实际中不受力的物体不存在，甲图是实验现象，图乙是伽利略的推理示意图。 （3）[4][5]探究“动能的大小与哪些因素有关”的实验，根据转换法，通过木块撞击后通过的距离来判断动能的大小；物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；让小车从斜面上不同的高度静止开始滑下撞击木块，小车下滑到水平面的速度不同，就可以探究动能的大小与速度的关系。 7．如图是小明同学实验小组探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验装置（在物体未浸入水中时，溢水杯中盛满水或酒精）。 （1）物体完全浸没在水中时所受的浮力为 N； （2）由A、C、D可知，浮力与物体浸没的深度 （选填“有关”或“无关”）； （3）由A、D、E可知，浮力与液体的密度 （选填“有关”或“无关”）； 实验结果表明，物体在液体中所受浮力大小，跟它浸在液体中的体积有关、跟液体的密度有关。在这个实验中小明还测量出B、C、D、E中排出液体的重力，发现浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开液体所受的重力； 【拓展】小明在家中利用台秤、玻璃杯、水、玻璃缸、记号笔来测量盐水的密度。实验过程如下： ①将玻璃杯放在台秤上，测出空玻璃杯的质量为m1； ②如图甲所示，向玻璃缸中倒入适量的水，使空玻璃杯漂浮在水面上，用记号笔记下水面在玻璃杯上对应的位置b，此时玻璃杯受到的浮力为 ； ③倒出玻璃缸中的水并擦干净，向玻璃缸里倒入适量的待测盐水，擦干玻璃杯外面的水，使玻璃杯漂浮在盐水面上（如图乙所示）。向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与 相平； ④取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用台秤测出其总质量为m2； ⑤盐水密度的表达式为ρ盐水= （用字母表示，已知水的密度为ρ水）。 【答案】 1 无关 有关 m1g b 【详解】（1）[1]由A得，物体的重力为4N，由图CD的，物体浸没在水中，物体受到的拉力为3N，物体完全浸没在水中时所受的浮力 （2）[2]由图C、D可知，C、D中的液体都是水，液体的密度相同，物体浸没在水中深度不同，排开液体的体积相同，测力计的示数相同，物体受到的浮力相同，由此可知：物体在液体中所受浮力的大小跟浸没深度无关。 （3）[3]图D、E控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，测力计示数不同，说明物体所受浮力大小不同，说明浮力与液体的密度有关。 [4][5][6]玻璃杯在水中漂浮，所受浮力 向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，玻璃杯两次排开液体的体积相等，由阿基米德原理可得 即 ﹣﹣﹣﹣﹣（1） 玻璃杯在盐水中漂浮时，所受浮力 由阿基米德原理可得 即 ﹣﹣﹣﹣（2） 将（1）代入（2）可得，盐水的密度 押题猜想25 电学实验探究 1．小明利用如图﹣1所示的电路测量小灯泡的电功率，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝的电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1“25Ω 1A”和R2“50Ω 0.5A”的滑动变阻器各一个，导线若干。 （1）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至 　A　 （选填“A”或“B”）端。 （2）闭合开关，小灯泡不亮，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，产生这一现象的原因可能是小灯泡 　短路　 （选填“短路”或“断路”）。 （3）排除故障后继续进行实验，移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图﹣2所示为 　0.26　 A。实验数据记录如下表。 小灯泡规格 电压表示数U/V 电流表示数I/A 小灯泡的亮度 小灯泡的电功率P/W 额定电压U额＝2.5V 1.0 0.16 暗 2.5 正常发光 3.0 0.28 很亮 （4）实验使用的滑动变阻器是 　R2　 （选填“R1”或“R2”）。 （5）通过实验得出小灯泡的额定功率是 　0.65　 W，小明通过计算发现三次测量小灯泡的电阻变化较大，其原因可能是 　灯的电阻随温度的变化而变化　 。 （6）实验完成后，小明不用电流表，添加了一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了如图﹣3示的电路，按如下步骤操作测出小灯泡的额定功率P额； ①闭合开关，调节滑片，使电压表示数为小灯泡的额定电压U额； ②保持滑动变阻器滑片位置不变，将电压表接在定值电阻R0两端，测出其两端电压U0； ③小灯泡的额定功率的表达式为P额＝ 　U额　 （用物理量R0、U额和U0表示）。 【答案】（1）A；（2）短路；（3）0.26；（4）R2；（5）0.65；灯的电阻随温度的变化而变化；（6）U额。 【解答】解：（1）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处的A端。 （2）闭合开关，小灯泡不亮，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，产生这一现象的原因可能是小灯泡短路。 （3）排除故障后继续进行实验，移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图﹣2所示，分度值为0.02A，示数为 0.26A。 （4）根据表中第一组数据，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻为： R滑31.25Ω 故实验使用的滑动变阻器是R2。 （5）通过实验得出小灯泡的额定功率是 P＝U额I额＝2.5V×0.26A＝0.65W 小明通过计算发现三次测量小灯泡的电阻变化较大，其原因可能是灯的电阻取用温度的变化而变化。 （6）①闭合开关，调节滑片，使电压表示数为小灯泡的额定电压U额，灯正常光； ②保持滑动变阻器滑片位置不变，将电压表接在定值电阻R0两端，电路连接不变，灯仍正常发光，测出其两端电压U0；通过定值电阻的电流即灯的额定电流为： IL； ③小灯泡的额定功率的表达式为 P额＝ U额； 故答案为：（1）A；（2）短路；（3）0.26；（4）R2；（5）0.65；灯的电阻随温度的变化而变化；（6）U额。 押题解读 本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、故障分析及测量电功率的特殊方法。 （1）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。 （2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表无示数分析。 （3）根据电流表选用的量程确定分度值读数。 （4）根据表中第一组数据，由串联电路的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻分析。 （5）根据P＝UI得出通过实验得出小灯泡的额定功率。灯的电阻取用温度的变化而变化。 （6）灯在额定电压下正常发光，保持滑动变阻器滑片位置不变，根据测出其两端电压U0得出通过定值电阻的电流即灯的额定电流，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率的表达式。 考前秘笈 1、探究电流与电压、电阻的关系解题方法点拨 （1）理解实验方法：在探究电流与电压、电阻关系的实验中，由于两个因素都会对电流产生影响，所以我们采用控制变量法来进行研究，即研究电流与电压关系时要控制电阻一定，研究电流与电阻关系时要控制电压一定。 （2）理解探究过程：研究电流与电压关系时移滑动变阻器的滑片目的是改变定值电阻两端的电压；研究电流与电阻关系时移滑片的目的是使定值电阻两端的电压保持一定。 （3）理解结论描述  ①两个实验的结论前面都要加上条件：“当导体的电阻一定时”、“当导体两端的电压一定时”。  ②注意用词先后顺序：“电流与电压”、“电流与电阻”不能说成“电压与电流”、“电阻与电流”。  ③“电压”“电流”“电阻”每个词前的修饰语都是不同的：“导体中的电流”，“导体两端的电压”，“导体的电阻”。 2、伏安法测量小灯泡的电功率解题方法点拨 （1）连接电路时开关一定要断开，并且滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，以保护电路。 （2）电压表和电流表的量程，应大于小灯泡的额定电压和额定电流，以免烧坏电表。 （3）滑动变阻器的选择：通过它的最大电流应大于灯泡的额定电流，它的最大阻值应使连入它后电路的电流不超过灯泡的额定电流太大，最好和灯泡的电阻大致差不多，这样调节效果更明显。 （4）在移动滑动变阻器的滑片使小灯泡两端电压高于额定电压时要注意，实际电压不能超过额定电压的1.2倍，同时时间不能过长，否则易烧坏灯泡． 3、伏安法测电阻解题方法点拨 （1）测灯泡电阻时不能求平均值，因为在不同电压下灯泡的温度不同，其电阻是不同的，求平均值没有意义。 （2）测定值电阻的阻值时应该求平均值，因为定值电阻的阻值不变，求平均值可以减小误差。 （3）滑动变阻器在实验中的作用：保护电路；改变待测电阻两端的电压 1．学校“水培种植小屋”的蔬菜适宜生长的温度在10～30℃之间，某学习小组利用热敏电阻和电阻箱设计温度报警电路，电阻箱是可以调节并显示阻值的变阻器。 (1)利用图甲所示电路探究热敏电阻Rt阻值随环境温度t变化的规律； ①根据图甲，用笔画线表示导线，将图乙中的实物电路连接完整； ②连接电路的过程中，应将开关 ；将电阻箱的阻值调至最大，起到 的作用； ③将热敏电阻置于0℃的环境中，闭合S1，断开S2，记录电流表示数I0，然后 （描述开关状态），调节电阻箱R0直至电流表示数为I0，此时R1＝R0； ④将热敏电阻R1置于不同温度的环境中，重复步骤③，测得的数据如表： 温度t/℃ 0 10 20 30 40 阻值Rt/Ω 3800 2400 1300 800 600 分析数据可得：热敏电阻的阻值随温度的升高而 ； (2)根据上述探究结果，设计报警电路。 实验器材：电源（恒为12V）、热敏电阻R1、电阻箱R0（0∼9999Ω）、数字电压表（U≥7.2V时报警）、数字电流表（I≥5mA时报警）、开关一个、导线若干。设计要求：小屋温度t≥30℃或t≤10℃时都有一个电表报警。 ①虚线框中的电路图是学习小组设计的报警电路，但它不能完全满足要求，请你根据设计要求将电路图补画完整； ②设计的电路中，电阻箱R0应调为 Ω，当温度降低到10℃时电路报警，此时电流表的示数为 mA。 【答案】(1) 或 断开 保护电路 断开S1、闭合S2 减小 (2) 1600 3 【详解】（1）[1]由图甲可知，热敏电阻和电阻箱并联，电流表测干路电流，故电路图如图所示： 或 [2][3]为了保护电路，连接电路的过程中，应将开关断开，且闭合开关前，应将电阻箱的阻值调至最大。 [4]由欧姆定律可知，电源电压一定时，两次电路中的电流相等时，两次电路中的电阻相等。因此闭合S1，断开S2，测出只让将热敏电阻置于0℃的环境中时通过热敏电阻的电流后，再只让电阻箱接入电路中，通过调节电阻箱的阻值，使此时通过电阻箱的电流与只让热敏电阻接入电路中时通过热敏电阻的电流相等都为I0，即断开S1、闭合S2，此时电阻箱接入电路的电阻与热敏电阻的阻值相等。 [5]由表中数据可知，温度升高，热敏电阻的阻值减小，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小。 （2）[1]已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故当温度t≥30℃时，热敏电阻的阻值减小，此时电路的电流增大，会引起数字电流表mA的报警，当t≤10℃时热敏电阻的阻值增大，由串联电路的分压原理可知，此时热敏电阻两端的电压变大，为了让另一个电表报警，应将电压表并联在热敏电阻两端，如图所示： [2]由表中数据可知，温度t＝30℃和t＝10℃时热敏电阻的阻值分别为800Ω和2400Ω，由题意可知，当温度t＝30℃时，数字电流表mA刚好报警时，电路中的电流为，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻为 由串联电路的电阻特点可知，电阻箱R0接入电路的阻值为 [3]当温度降低到10℃时，电路中的总电阻为 此时电路中的电流为 由欧姆定律可知，此时热敏电阻两端的电压为 数字电压表报警，符合题意，故当温度降低到10℃时电路报警，此时电流表的示数为3mA。 2．在探究电流与电压、电阻的关系的实验中，选用的器材有：电源（恒为）、电压表（）、电流表（）、电阻R（、、）、滑动变阻器（）、开关、导线若干。 序号 电压 电流 1 1.0 0.20 2 1.5 0.30 3 0.40 (1)请用笔画线代替导线将图甲的实物电路连接完整； (2)闭合开关，电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，经检查电表完好，则电路故障可能是 ； (3)排除故障后，在探究电流与电压的关系时，记录的实验数据如上表，其中第次实验的电压表示数如图乙所示，为 。实验中所选电阻的阻值为 ； (4)探究电流与电阻的关系时，将电阻接入电路，记录电流表示数为；将电阻更换为，移动滑片直至电压表示数为 ，记录电流表示数；再将电阻更换为，发现无法完成实验。从本实验可行性与安全性考虑，应控制电阻两端的电压范围为 。 【答案】(1) (2)电阻R断路 (3) (4) 【详解】（1）滑动变阻器需要串联在电路中，且要求一上一下，故如图所示： （2）闭合开关，电流表示数为零，说明电路中存在断路，电压表示数接近电源电压，电压表所在的电路是通路，故电路故障可能是电压表所测量的电阻断路。 （3）[1]第次实验的电压表示数如图乙所示，选择小量程，分度值为0.1V，读数为2V。 [2]实验中所选电阻的阻值为 （4）[1]探究电流与电阻的关系时，需要改变电阻，保证定值电阻的两端的电压不变，将电阻接入电路，记录电流表示数为，此时电压表的示数为 将电阻更换为，移动滑片直至电压表示数为1.5V。 [2]再将电阻更换为，因为滑动变阻器的最大值太小，发现无法完成实验，当滑动变阻器全部接入时，滑动变阻器的最大值为20Ω，此时定值电阻的阻值为20Ω，电源电压为4V，此时电路中的电流为 定值电阻两端的电压为 3．如图甲所示为“测量小灯泡电阻”的实验装置，已知小灯泡标有2.5V字样。 (1)按甲图连接的电路，开关闭合前，需要将滑片移动 （选填：“C”或“D”）端； (2)在检查电路无误后进行实验，当移动滑片时电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡在2.5V电压下的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，直至电压表的示数为2.5V； (3)通过移动滑动变阻器的滑片P，进行多次测量记录数据，并绘制U-I图像如图丙所示，由此可得小灯泡在电压为2.5V时的电阻是 Ω； (4)根据图丙可知小灯泡的电阻是 （选填“变化”或“不变”），你认为原因是 ； (5)通过本实验可知，不能通过求灯泡的平均值来作为灯泡的电阻值，其原因是： 。 【答案】(1)C (2)B (3)10 (4) 变化 见解析 (5)见解析 【详解】（1）开关闭合前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即C端。 （2）图乙中电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，读数为1.8V，为了测量小灯泡在2.5V电压下的电阻，应使变阻器两端电压变小，根据串联分压原理可知，需将变阻器的阻值变小，应将滑动变阻器的滑片P向B端移动，直至电压表的示数为2.5V。 （3）丙图中，当灯泡两端电压为2.5V时，电流为0.25A，则灯泡的电阻为 （4）[1][2]由于灯泡的电阻受温度的影响会发生改变，因此小灯泡的电阻是变化的。 （5）灯泡的电阻随温度的变化而变化，平匀值不能代表它的实际阻值。 4．实验小组在“测量小灯泡额定功率”的实验中，用到的实验器材有：电压恒定为6V的电源、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时灯丝的电阻约为12Ω）、滑动变阻器、开关和若干导线。 (1)请根据实验要求将图甲所示的电路连接完整（导线不能交叉） ； (2)电路连接完整，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到 （填“左”或“右”）端； (3)小组同学将电路连接无误后闭合开关，观察到小灯泡不亮且电流表有示数、电压表示无数，电路中只有一处故障，则故障可能是 ； (4)排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，此时应将滑动变阻器的滑片向 （填“左”或“右”）移动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W； 【拓展】实验中电压表意外损坏，小组同学讨论后，选用阻值为的定值电阻进行实验，设计如图丙所示的电路也测出了小灯泡的额定功率。请将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为 ； ②保持滑动变阻器的滑片P不动，只闭合开关S、S2，读出电流表的示数为； ③小灯泡的额定功率表达式： 。（用表示） 【答案】(1) (2)左 (3)灯泡短路 (4) 右 0.5 【详解】（1）根据实验，电路是串联电路，电压表测灯泡两端电压，已知灯泡的额定电压是2.5V，因此电压表使用小量程并联在灯泡两端；已知灯泡正常发光时灯丝的电阻约为12Ω，电路中的电流为 电流表选用小量程串联在电路中测电路中的电流，如图所示： （2）闭合开关S前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即左端。 （3）串联电路中有电流，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，则可能是灯泡发生短路，电压表相当于测导线电压，因此无示数。 （4）[1]闭合开关，电压表示数为1.8V，为了使灯泡正常发光，灯泡两端电压需要变大，根据串联电压规律，变阻器两端电压要变小，由串联分压原理可知，变阻器的阻值需要变小，即滑片向右移动。 [2]已知电流表选择小量程，分度值是0.02A，乙图中电流表的读数为0.2A，则小灯泡的额定功率为 [3][4]丙图中，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路为灯泡和定值电阻并联，再与变阻器串联，电流表测定值电阻支路电流，根据并联电路中电压特点可知，若灯泡正常发光，灯泡和定值电阻两端电压均为U额，则电流表的示数为 持滑动变阻器的滑片P不动，电路连接方式不变，只闭合开关S、S2，此时电流表测灯泡和定值电阻的总电流，此时电流表的示数为，则灯泡的额定电流为 小灯泡的额定功率表达式为 5．善于观察的小明看到电池使用说明中提示“请一次性更换所有电池，以免新旧电池混用”。于是小明在家中找出同一品牌的电池设计实验，探究新旧电池混用是否更节能。 (1)小明将同型号的两节新电池串联或“一新一旧”的两节电池串联，分别给同一辆玩具电动车供电，让玩具车在 （选填“相同”或“不同”）的路面上行驶。他发现在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能较 ，该研究方法属于 法； (2)小明换用定值电阻进一步探究，通过测量定值电阻两端的电压，比较电池给定值电阻提供电压的大小。他设计了如图甲所示的电路进行实验，分别将相同型号的电池以不同的组合方式接入A、B间，将开关S闭合前后的电压表读数记录在表中： 实验 电池组合 A、B之间的电压UAB/V S断开时 S闭合时 1 两节新电池串联 3.2 3.1 2 “一新一旧”电池串联 1.9 1.3 3 一节新电池 1.6 1.5 ①分析表中的数据发现，“一新一旧”电池串联对外提供的电压最 ； ②小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，是为了 （选填“减小实验误差”或“使实验结论具有普遍性”）； (3)小明查阅资料知道干电池本身有一定的电阻，如图乙所示，可以等效为一个没有电阻的电池和一个定值电阻R串联而成。为测定干电池的阻值，小明设计了如图丙所示的电路。已知滑动变阻器的最大阻值为R0，请完成下列的实验步骤： ①只闭合开关S，断开开关S1，记录电压表示数为U1； ②接着闭合开关S和S1，将 ，记录电压表示数为U2； ③干电池电阻的表达式：R= （用R0、U1、U2表示）。 【答案】(1) 相同 少 转换 (2) 小 使实验结论具有普遍性 (3) 滑动变阻器的滑片移动到最右端 【详解】（1）[1][2][3]根据题意，电池是否更节能是通过小车通过距离的长短来反映的，这是转换法的应用。根据控制变量法可知应使玩具车在相同的路面上行驶，以便比较运动距离的远近。在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能越少。 （2）[1]分析表中的数据发现，三次实验中，对外提供的电压即S闭合时AB两点间的电压为分别为3.1V、1.3V、1.5V，所以“一新一旧”电池串联对外提供的电压最小。 [2]小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，进行多次实验是为了实验结论具有普遍性。 （3）[1]只闭合开关S，断开开关S1，此时电压表测电源电压，记录电压表示数为U1； [2]闭合开关S和S1，将变阻器滑片移动到最右端，此时电压表测滑动变阻器两端电压，记录电压表示数为U2；由欧姆定律，电路中的电流为，根据串联电路的规律及欧姆定律，干电池电阻的表达式为 6．学习小组在探究并联电路电流规律的实验中。 实验序号 1 0.18 0.42 2 0.16 0.20 0.36 3 0.38 0.32 0.7 (1)小明用如图甲所示的电路来探究并联电路电流的特点，需要测量A、B、C三处的电流。 ①实验时要注意：连接电路时，开关应处于 状态； ②连接好电路图后，测量A处的电流时如图乙所示，电流表示数是 A； ③实验中，小明通过 的方法实现了多次测量。 ④将测量结果记录在表格中。分析表格中的数据，得出的结论是： 。 (2)小马想比较并联电路中各支路电流大小时在按照图丙所示的电路测量，只闭合测出中的电流，只闭合测出中的电流，比较和的大小。请你评估：他的方案是 （选填“可行”或“不可行”）的，理由是 。 (3)小明发现在图丙电路所用器材的基础上，减少一个开关，也可以测量各支路的电流大小。请你帮小明在丁图的虚线框中，设计出一个可测出各支路电流的电路图。 【答案】(1) 断开 0.24 换用不同规格的灯泡 并联电路中，干路电流等于各用电器的电流之和 (2) 不可行 电流表会出现指针反偏的现象，无法测出其中一灯泡的电流 (3)见解析 【详解】（1）[1]连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态。 [2]由图乙得，电流表的分度值为0.02A，示数是0.24A。 [3]实验中，小明可能是通过改变电源电压或者更换灯泡的规格进行多次实验，若通过更换电源电压，两灯泡电流的比值一定，由表格中数据得，两灯泡电流的比值发生改变，说明实验中通过改变灯泡的规格的方法实现了多次测量。 [4]由表格中数据得，干路电流等于各支路电流之和。 （2）[1][2]由图丙得，分别闭合S1、S2时，电流通过电流表的方向相反，电流表会出现反偏的现象，不符合电流表的使用规则。 （3）只有一个开关和电流表，根据并联电路的电流规律，为了能得到各支路电流大小，可将电流表放在干路上，开关放在其中一个灯泡的支路上，这样通过开关转换可测出一条支路和干路电流，从而得到另一支路的电流，电路图如图所示： 7．小陈同学在做伏安法测电阻的实验。 (1)他选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大； (2)闭合开关前，应让滑动变阻器滑片的位置处于其阻值 （选填“最大”或“最小”）处； (3)闭合开关，小陈同学发现两电表均无示数。为了查找故障，他将电压表拆下，保持电路其他部分连接完好，再将电压表分别接在电源、待测电阻Rx、滑动变阻器两端，然后闭合开关，发现只有接在待测电阻Rx两端时，电压表无示数，则故障可能是 （选填“待测电阻”或“滑动变阻器”）断路； (4)排除故障后，小陈同学经过多次实验，并根据数据画出如图乙所示的图象，由图象可知，该待测电阻Rx的阻值为 Ω； (5)小陈同学还将电压表并联在变阻箱两端测量另一只待测电阻，如图丙所示，当变阻箱的阻值为R时，电压表示数为U；（R和U数据已知）当变阻箱的阻值为4R时，电压表示数为2U；可知待测电阻Rx的阻值为 。 【答案】(1) (2)最大 (3)滑动变阻器 (4)10 (5)2R 【详解】（1）滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，说明滑动变阻器接入电路的阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与电阻Rx串联在电路中，如图所示： （2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路中的阻值应最大，所以应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。 （3）电流表无示数，说明电路中某处断路；电压表并联在电源两端时，有示数，说明电源正常；并联在滑动变阻器两端时，电压表有示数，说明滑动变阻器以外电路是通路，并联在定值电阻两端，电压表无示数，说明定值电阻以外电路有断路，所以故障可能是滑动变阻器断路。 （4）由图乙可知，当定值电阻两端电压为5V时，通过定值电阻的电流为0.5A，则定值电阻阻值 （5）由串联电路的分压规律可得，定值电阻两端电压与滑动变阻器两端电压之和为电源电压；当变阻箱的阻值为R时，电压表示数为U，此时电路中电流 由串联电路的分压规律得 当变阻箱的阻值为4R时，电压表示数为2U，此时电路中电流 由串联电路的分压规律得 两式联立可得Rx=2R 题型六 计算题 押题猜想26 力学综合计算 1．如图所示是打捞物体的模拟装置。电动机带动钢丝绳自由端以0.5m/s的速度匀速拉动滑轮组，经过5min将体积为0.1m3的物体由海底提升到海面，物体在海面下匀速上升的过程中，该滑轮组的效率为90%。（不计物体的高度、动滑轮体积、绳重和摩擦，，g取10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3）求： （1）物体浸没在海水中受到的浮力； （2）动滑轮的总重力； （3）物体离开海面后电动机的输出功率。 【答案】（1）物体浸没在海水中受到的浮力为1000N； （2）动滑轮的重力为800N； （3）物体离开海面后电动机的输出功率为900W。 【解答】解：（1）物体浸没在海水中时，排开海水的体积： V排＝V＝0.1m3，则物体浸没在海水中受到的浮力： F浮＝ρ海水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m3＝1000N； （2）由ρ可得，物体的质量： m＝ρ物V物＝8.2×103kg/m3×0.1m3＝820kg， 物体的重力： G＝mg＝820kg×10N/kg＝8200N， 因不计绳重和摩擦，克服（G﹣F浮）做的功为有用功，克服（G﹣F浮+G动）做的功为总功， 所以，滑轮组的机械效率： η90%， 解得：动滑轮的总重力G动＝800N； （3）由图可知，n＝5，不计动滑轮体积、绳重和摩擦，物体离开海面时，拉力为： F′（G+G动）（8200N+800N）＝1800N， 物体离开海面后电动机的输出功率： PFv＝1800N×0.5m/s＝900W。 答：（1）物体浸没在海水中受到的浮力为1000N； （2）动滑轮的重力为800N； （3）物体离开海面后电动机的输出功率为900W。 押题解读 本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、速度公式、阿基米德原理、液体压强公式、功率公式、效率公式的应用；难点在第二问，利用提供的电动机的效率求出动滑轮重力是关键。 考前秘笈 公式 变形式 （常考） 物理量 主单位 其他常用单位 s=vt 路程（s） m（米） km（千米）、cm（厘米）、mm（毫米） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分） 速度（v） m/s（米每秒） km/h（千米每小时） m=ρV 质量（m） kg（千克） g（克）、mg（毫克） 体积（V） m3（立方米） cm3（立方厘米） 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） G=mg 质量（m） kg（千克） g（克）、mg（毫克） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） 重力（G） N（牛） F=pS 力（F） N（牛） 受力面积（S） m2（平方米） cm2（平方厘米） 压强（p） Pa（帕） p=ρgh 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） 物体浸入水中的深度（h） m（米） cm（厘米） 压强（p） Pa（帕） F浮=G排=ρ液gV排 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） 排开液体的体积（ V排） m3（立方米） cm3（立方厘米） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） 浮力（F浮） N（牛） P=Fv W=Pt 力（F） N（牛） 距离（s） m（米） cm（厘米） 功（W） J（焦） 速度（v） m/s（米每秒） km/h（千米每小时） 功率（P） W（瓦） kW（千瓦） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 杠杆平衡条件 F1l1=F2l2 动力（F1） N（牛） 阻力（F2） N（牛） 力臂（l） m（米） cm（厘米） W有=gh W总=Fs 重力（G） N（牛） 上升高度（h） m（米） cm（厘米） 有用功（W有） J（焦） 拉力（F） N（牛） 距离（s） m（米） cm（厘米） 总功（W总） J（焦） 机械效率（η） 1．神舟十三号返回地球，返回舱在离地的高空打开主伞，靠近地面时启动反推发动机减速，最后稳稳落地。打开主伞至落地这一过程历时约。若返回舱总质量，求： (1)打开主伞到落地，返回舱下降的平均速度； (2)这一过程，返回舱重力做的功； (3)这一过程，返回舱重力做功的功率。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）打开主伞到落地，返回舱下降的平均速度 （2）返回舱重力为 返回舱重力做的功 （3）返回舱重力做功的功率 2．2023年8月初，华北地区面临严峻的防汛形势。为减小抗洪压力，科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，将其制成顶部开有小孔的模型，如图所示。其中A为压力传感器，传感器A与模型底部的距离h=1m，B是密度小于水且不吸水的圆柱体。能沿固定的光滑细杆在竖直方向自由移动。当模型内水深h1=15cm时，B与模型底面刚好接触且压力为零。水面上涨到设计的警戒水位时，圆柱体对压力传感器的压力为3N，触发报警装置，开启通洪阀门。已知圆柱体B的底面积SB=100cm2，高hB=25cm，=1×103kg/m3。求： (1)水深h1=15cm时，B受到的浮力； (2)B的密度； (3)当触发触发报警装置时，水对容器底部的压强。 【答案】(1)15N (2)0.6×103kg/m3 (3)9300Pa 【详解】（1）模型内水深h1=15cm时，B排开水的体积 V0=SBh1=100cm2×15cm=1500cm3 B受到的浮力 F浮=ρ水gV0=1.0×103kg/m3×10N/kg×1500×10-6m3=15N （2）由B与模型底面刚好接触且压力为零可知，此时B处于漂浮状态，B的重力 GB=F0浮=15N B的体积 VB=SBhB=100cm2×25cm=2500cm3 B的密度 （3）刚触发报警装置时圆柱体对压力传感器的压力为3N，因力的作用是相互的，则传感器对圆柱体有向下的压力，且该压力大小也为3N，由力的平衡条件可知，此时B受到的浮力 F1浮=GB+F2=15N+3N=18N B排开水的体积 B浸入水中的深度 水深为 h=1m-(0.25m-0.18m)=0.93m 水对容器底部的压强 p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.93m=9300Pa 3．为缓解同学们的中考压力，初三年级进行了“敢拼就会赢，努力向前行”的备考赋能活动，其中有一项夺旗活动赢得了同学们阵阵喝彩。在这个夺旗活动中，每组需派出一名同学站到充气水池里的小船上，将船划到对岸，从高杆上取下彩旗并返回。已知柱形充气水池底$$