物理（无锡专用）-2025年中考终极押题猜想

2024年中考物理终极押题猜想 （无锡专用） （高分的秘密武器：终极密押+押题预测） 目录 题型一 选择题 押题猜想01 声现象及其辨析 3 押题猜想02 从粒子到宇宙 5 押题猜想03 内能及其利用 8 押题猜想04 物态变化辨析 11 押题猜想05 安全用电 14 押题猜想06 流体压强的分析 17 押题猜想07 电路设计 21 押题猜想08 生活中的力现象分析 24 押题猜想09 透镜成像及其规律 27 押题猜想10 能量守恒及其转化 30 押题猜想11 滑轮组及其机械效率的计算 33 押题猜想12 电学综合分析与计算 38 题型二 填空题 押题猜想13 声音的产生与传播 43 押题猜想14 热现象 46 押题猜想15 透镜规律及其应用 48 押题猜想16 电与磁现象及其分析 51 押题猜想17 声现象及其辨析 53 押题猜想18 二力平衡的应用 56 押题猜想19 光现象及其分析 58 押题猜想20 大气压强的理解与分析 61 押题猜想21 欧姆定律和电功的计算 65 押题猜想22 压强和浮力的综合计算 68 押题猜想23 电与热的综合计算 71 押题猜想24 力学知识在生活中的应用 73 题型三 解答题 押题猜想25 光路图 77 押题猜想26 杠杆力臂的画法 79 押题猜想27 家庭电路与磁场的分析 82 押题猜想28 力学综合题 85 押题猜想29 光学实验 91 押题猜想30 电学实验 98 押题猜想31 力学实验 103 押题猜想32 电学综合题 110 题型一 选择题 押题猜想01 声现象及其辨析 【母题】（改编）（多选）如图所示为科技小组制作的“火焰琴”。展示时，试管中金属丝和空气被加热，堵住或松开塑料管上不同的孔能发出不同声音。下列说法不正确的是（　　） A．琴声由空气柱的振动产生的 B．琴声在真空中传播速度最大 C．琴声是通过空气传入人耳的 D．按压不同的孔可以改变音色 押题解读 本题以结合化学实验，利用空气的热长发声，考察声音的产生与传播，及音调的变化。 考前秘笈：在做此类题时，分三步进行： （1）首先判断题中描述的声音特性是不是声音的“音色”音色这个特性最大的用途就是用来区分不同的发声体，如果不是用来区分不同的发声体，就一定不是在描述音色。 （2）寻找题中的关键形容词，并根据关键词进行判断“粗细长短松紧是音调，响度关键看用力” （3）如果没有题中描述的关键形容词，那就代入情景进行辨别例如“窃窃私语”，代入情景：如果我们与同学窃窃私语，目的是什么，当然是想让声音的响度小这样别人就听不到了。这样一想答案就出来了。而与音调有关的特性常常与“乐器”“音阶”“音高”以及声音的“粗”“细”“尖锐”和“低沉”等有关乐器的音调总结如下表。 乐器 音调影响(其他条件相同) 打击乐器(以鼓为例) 鼓皮绷得越紧，音调越高；鼓皮越松，音调越低 弦乐器 弦越细、越短、越紧，音调越高；弦越粗、越长、越松，音调越低 管乐器 空气柱越细、越短，音调越高；空气柱越粗、越长，音调越低 1．如图所示，用鹤骨制作的贾湖骨笛是迄今为止中国考古发现的最早的管乐器。用骨笛吹奏发声时，下列说法正确的是（  ） A．发出的声音一定不是噪声 B．发出的声音是由鹤骨的振动产生的 C．发出的声音在空气中的传播速度与响度无关 D．按压骨笛上不同的孔可以改变发出的声音的音色 2．如图是我国最早的乐器之一“埙”，吹奏时能发出宫、商、角、徵、羽五音，相当于现在的do、re、mi、sol、la。五音是指声音的（　　）    A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 3．北京的鸽哨制作精致，图中所示的是用多个管状哨连接成的一个“连筒类”鸽哨。当鸽子携带鸽哨飞行时，哨声既有高音、也有低音，主要是因为各筒的长短会影响发出声音的（　　） A．音调 B．音色 C．响度 D．传播速度 4．监测器测得某次鸟鸣和猫叫的声音信息如下表，则（　　） 声音 鸟鸣 猫叫 声音的频率/Hz 5000 800 声音强弱的等级/dB 30 60 A．鸟鸣的响度大 B．猫叫是超声波 C．鸟鸣的频率高 D．猫叫的音调高 5．下列关于声现象的说法正确的是（　　） A．拨动张紧的橡皮筋，能听到声音，说明发声的物体在振动 B．逐渐抽出真空罩内的空气，闹钟的铃声逐渐增强 C．用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的响度相同 D．超声波清洗机清洗眼镜，说明声可以传递信息 6．如图所示，将钢尺一端紧压在桌边上，保持伸出桌边长度不变，用大小不同的力拨动，发出的声音不同的是（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 7．如图，音叉M、N完全相同，M发出440Hz的声音，原来静止的N随之振动，N也发出440Hz的声音，则（　　）    A．M发声时每分钟振动440次 B．M和N发出的声音的频率相同 C．M和N发声时的振幅一定相同 D．M发出的声音无需介质就能传播 8．“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”这两句千古传诵的名句，被誉为“文外独绝”。关于蝉叫声和鸟鸣声，下列说法正确的是（    ） A．蝉叫声和鸟鸣声是人耳鼓膜振动产生的 B．人们根据音色来辨别蝉叫声和鸟鸣声 C．鸟鸣声响度大，所以鸟鸣声传播得更快 D．人离蝉和鸟越近，听到声音的音调越大 9．考古人员用两千多年前楚国的编钟演奏《茉莉花》时，用大小不同的力敲击如图所示编钟的相同位置，主要改变了声音的（　　） A．传播速度 B．响度 C．音调 D．音色 10．如图所示，将正在发声的音叉，轻触系在细绳上的乒乓球，乒乓球被弹开。弹开的幅度越大，音叉发出声音的（　　）    A．音调越高 B．响度越大 C．音色越好 D．速度越大 押题猜想02 从粒子到宇宙 【母题】(改编)如图所示，小红将被丝绸摩擦过的玻璃棒靠近碎纸屑，发现碎纸屑能被玻璃棒“吸”住。下列说法正确的是（   ） A．这是通过摩擦的方法来创造电荷，使玻璃棒带电 B．丝绸和玻璃棒摩擦的过程中，负电荷发生了转移 C．丝绸和玻璃棒摩擦后，丝绸带的电荷的是正电荷 D．碎纸屑被带电的玻璃棒吸引，说明它们一定带异种电荷 押题解读 本章是中考必考的内容之一，考点主要涉及以下方面：用分子动理论解释生活现象 、电荷间的相互作用规律、  原子的核式模型、 从微观到宏观的尺度。 本章的考查多以记忆性的知识内容为主，一般不会出现难度较大的题目。了解分子动理论的知识、宇宙形成的知识，以及相关的物理学史，足可应付考查,题型也以选择题或填空题为主.应注意模型法在描述物质状态及原子结构中的应用，分子动理论的知识与实际生活联系紧密，应学会理论联系实际的思考方法。 考前秘笈 1.不同物质内部分子间空隙的大小不同； 2.物体的温度越高，分子的运动越剧烈。 3.分子相互作用的情况与分子间距离的大小有关。 4.在静电现象中，两个物体相互吸引有两种可能的原因：（1）带电体吸引轻小物体；（2）异种电荷相互吸引。 5.汤姆生发现了电子，揭示了原子是有结构（可再分）的； 6.原子构成：（1）原子由带正电的原子核与带负电的电子构成；（2）原子核带的正电荷=电子带的负电荷；所以，原子呈电中性，原子构成的物体也呈电中性。（3）原子核对电子有束缚能力，不同物质的原子对电子的束缚能力不同。 7.摩擦起电的本质：（1）失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；（2）摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷发生了转移。 8.人类认识宇宙的历程：（1）托勒玫 “地心说” （2）哥白尼“日心说” （3）牛顿“万有引力定律” 9.宇宙是一个有层次的天体结构系统。 1．人类对物质结构的探索永无止境，如氧分子由氧原子构成，氧原子由原子核和核外电子构成……下列微观粒子中空间尺度最小的是（　　） A．氧分子 B．氧原子 C．氧原子核 D．质子 2．如图所示，用丝绸与玻璃棒摩擦后，下列说法正确的是（　　） A．玻璃棒得到质子带正电 B．玻璃棒失去电子带正电 C．玻璃棒与丝绸带同种电荷相排斥 D．玻璃棒与丝绸带异种电荷相排斥 3．与丝绸摩擦过的有机玻璃棒能吸引带电小球，小球又能吸引另一个带电小球。则（    ） A．小球和小球均带负电荷 B．小球和小球均带正电荷 C．玻璃棒和小球均带负电荷 D．玻璃棒和小球均带正电荷 4．水卫工人通过热熔法将图中的两根PPR管连接起来后很难再被拉开。这个现象说明（    ） A．分子直径很小 B．分子间存在引力 C．分子间有空隙 D．分子间存在斥力 5．关于宇宙和粒子，下列说法正确的是（　　） A．汤姆生发现了电子，说明原子是可分的 B．摩擦产生了电子，使物体带上了正、负两种电荷 C．固体、液体很难被压缩，说明分子间存在吸引力 D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星是绝对不动的 6．端午节裹粽子，是我国的传统风俗。“端午浓情，粽叶飘香”，该现象说明（　　） A．分子间有空隙 B．分子不停运动 C．分子间有斥力 D．分子间有引力 7．关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（　　） A．摩擦起电使物体产生电子，从而使物体带上了正、负电荷 B．破镜不能重圆，是因为分子同存在排斥力 C．汤姆生建立了类似行星绕日的核式结构模型 D．面包容易被压缩，不能说明分子间有空隙 8．关于物质结构及相关原理的说法，正确的是（　　） A．摩擦起电的过程中产生了电荷 B．卢瑟福发现电子说明原子是可分的 C．根据同种电荷相互排斥可以制成验电器 D．原子核由带正电的质子和带负电的电子组成 9．下列关于粒子和宇宙的认识， 正确的是（　　） A．哥白尼提出了“地心说”，牛顿创立了万有引力定律 B．宇宙是一个有层次的天体结构系统， 它在不断地膨胀 C．质子、中子和电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动 D．在探索比原子更小的微观粒子的历程中， 汤姆生首先发现了质子 10．用毛皮分别与塑料丝、塑料管摩擦，将摩擦过的塑料丝掷向塑料管正上方的空中，塑料丝会像章鱼的触角一样张开，并且悬在空中，形成“静电章鱼”，如图所示。关于此现象，下列说法中正确的是（　　） A．用毛皮摩擦塑料丝使其带电是创造了电荷 B．摩擦过的毛皮和塑料管所带电荷是同种电荷 C．“静电章鱼”悬在空中说明同种电荷相互排斥 D．塑料丝像章鱼的触角一样张开说明异种电荷相互排斥 押题猜想03 内能及其利用 【母题】（改编）图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。关于“省油灯”减慢油蒸发的方法，下列说法正确的是（　　） A．减小油的表面积 B．降低油的温度 C．减慢油表面上方的空气流动 D．减少油的体积 押题解读 本题利用我国古代的“省油灯”为考试背景，利用所学的知识解释生活现象。通过减少油与空气的接触面积，减少油的蒸发。 考前秘笈 秘笈1：分子动理论的内容：（1）物质是由大量的分子构成；（2）分子在永不停息的做无规则运动；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。 秘笈2：扩散现象发生的条件是两种不同的物质，相互接触，彼此进入对方。扩散现象表面：分子间存在间隙和分子在永不停息的做无规则运动。 1．下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（    ） A．汽车发动机用水作冷却剂 B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷 C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住 D．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度 2．以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　） A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大 3．景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗。手推杆入筒的过程中，筒内密封气体的（　　） A．分子动能减小 B．密度不变 C．分子数增加 D．内能增大 4．近年来许多家庭使用电热液体蚊香器（如图），瓶中的炭纤维棒将瓶内的杀虫剂吸到棒的顶端，而发热电阻传递的热会使棒的上端温度达到50°C左右，此时杀虫剂蒸发得更快从而提高了驱蚊效果。以下说法正确的是（　　）     A．蒸发是液化的一种方式 B．在常温下，炭纤维棒里的杀虫剂分子不会运动 C．杀虫剂分子运动的快慢与温度高低有关，50°C时杀虫剂分子运动得最慢 D．一般情况下，温度升高汽化的速度会加快 5．如图所示，“天宫课堂”上王亚平老师将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，该现象主要说明了（　　） A．水分子间有空隙 B．水分子间存在吸引力 C．水分子间存在排斥力 D．水分子处在永不停息的无规则运动中 6．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速压下活塞，观察到硝化棉燃烧起来。在下压活塞的过程中，下列说法正确的是（　　）    A．气体的内能转化为活塞的机械能 B．筒内气体温度降低 C．筒内气体的内能不变 D．活塞对筒内气体做了功 7．如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其它三项不同的是（    ） A．  给水加热 B．  压缩空气 C．搓手取暖 D．  钻木取火 8．如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　） A．图甲：厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变 B．图乙：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大 C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能增加 D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，内能转化为机械能，气体内能减少 9．沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大，这主要是因为（    ） A．水的内能多，沙石的内能少 B．水的导热性好，沙石的导热性差 C．水的比热容大，沙石的比热容小 D．水吸收的热量多，沙石吸收的热量少 10．下列关于实验的叙述正确的是（　　） A．图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子间存在着引力 B．图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能 C．图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用 D．图丁中，将瓶塞弹出时，瓶内气体内能减少 押题猜想04 物态变化辨析 【母题】二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，对下列节气涉及的物态变化分析，正确的是（    ） A．图甲“寒露”节气，“露”的形成是凝固现象 B．图乙“霜降”节气，“霜”的形成是凝华现象 C．图丙“大雪”节气，“雪”的形成是液化现象 D．图丁“雨水”节气，“雨”的形成是凝华现象 押题解读 1. 物态变化的本质就是物质由一种状态变成了另一种状态，所以辨析物态变化现象的关键是明确变化前后物质的状态。有时候要注意辨别干扰因素，比如“白气”与“白雾”是液态不是气态。 2. 物态变化三态图 考前秘笈：常见与水相关的物体变化 （1）热空气遇冷：液化；热空气遇骤冷：凝华 ①雾、露“白气”自来水管“出汗”：水蒸气液化形成的。②霜雾凇、冰花：水蒸气凝华形成的。 （2）液化的两种方式：蒸发和沸腾 ①蒸发：只发生在液体的表面，发生缓慢；沸腾：同时发生在液体的内部和表面，发生剧烈。 1．我国古代科技著作《天工开物》里记载了铸造“万钧钟”和“鼎”的方法，先后用泥土制作“模骨”，“干燥之后以牛油、黄蜡附其上数寸”，在油蜡上刻上各种图案（如图），然后在油蜡的外面用泥土制成外壳。干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，油蜡流出形成空腔，在空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。下列说法正确的是（　　） A．“炙化其中油蜡”是升华过程 B．“炙化其中油蜡”是液化过程 C．铜液冷却成钟鼎是凝固过程 D．铜液冷却成钟鼎是凝华过程 2．广州春季“回南天”到来时，课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，如图是在“出水”玻璃上写的字。这些“水”是由于水蒸气（　　） A．遇热汽化吸热形成的 B．遇热汽化放热形成的 C．遇冷液化放热形成的 D．遇冷液化吸热形成的 3．西周晋侯鸟尊是中国青铜器中罕见的珍品，是山西博物院的“镇院之宝”（如图所示）。制作鸟尊等青铜器时，先用泥土制成“内范”，在其外部涂适当厚度的蜡，将蜡雕刻成所需形状，称之为“模”，然后在“模”的外面用泥土制成“外范”。通过加热使蜡液流出形成空腔（模具），在空腔中倒入青铜液，待青铜液冷却后，打碎“外范”和“内范”，就得到与“模”一样的青铜器。下列分析正确的是（　　）    A．将蜡加热到液态是熔化过程，会放出热量 B．青铜液冷却到固态是凝固过程，会放出热量 C．青铜液冷却到固态是凝华过程，需吸收热量 D．青铜和蜡熔化过程中，温度均保持不变 4．北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于凝华的是（　　） A．雨水，冰雪消融 B．立夏，雾绕山峦 C．霜降，霜满枝头 D．大寒，滴水成冰 5．如图所示，国画描绘的美景中蕴含了丰富的物态变化知识。以下分析正确的是（　　）    A．图甲，湖面上厚厚的冰层是升华形成的 B．图乙，荷叶上晶莹的露珠是凝固形成的 C．图丙，山林间的缕缕薄雾是液化形成的 D．图丁，枝头上的奇景雾凇是熔化形成的 6．据《天工开物》记载，可从朱砂矿石中提炼水银（液态汞）。如图所示，给密闭锅内的砂矿石加热，就会在倒扣的锅壁上布满水银。在倒扣锅壁上形成水银的物态变化是（　　） A．凝固 B．凝华 C．液化 D．汽化 7．如图所示，密封的锤形玻璃泡内装有少量碘颗粒，碘的熔点约为114℃。打开电吹风热风挡对玻璃泡加热，温度约为60℃，一段时间后，观察到玻璃泡内弥漫着紫红色的碘蒸气，停止加热，冷却后玻璃泡内又出现碘颗粒。关于这个过程，下列说法中正确的是（　　） A．加热时，碘颗粒熔化 B．冷却时，碘蒸气凝固 C．加热时，碘颗粒升华 D．冷却时，碘蒸气液化 8．关于热现象，以下说法错误的是（    ） A．检查口腔前，将金属小镜子放在酒精灯上烤一烤是为了防止水蒸气液化 B．水烧开时，离壶嘴较远的地方“白气”较浓，是因为较远处温度较高 C．生长在沙漠中的仙人掌，叶子呈针状是为减慢水的蒸发 D．寒冷的北方，不用水银温度计是因为水银的凝固点较高 9．为保证青藏铁路多年冻土区路基的稳定性，铁路两侧安装了许多封闭的中空热棒。如图所示，热棒下端插在冻土中，内部填充低沸点的液态氨，利用氨的物态变化给冻土降温，把冻土中的热量“搬运到”热棒上端，通过散热片向空中放热，从而使冻土保持稳定。下列说法正确的是（    ） A．氨在热棒下端发生的物态变化是汽化 B．氨在热棒上端发生的物态变化是凝固 C．应使用隔热性能好的材料制作热棒 D．为降低成本，可以使用液态水替代液态氨 10．蒸馏法在酿酒过程中得到广泛应用，如图所示为蒸馏过程中的原理图，烧瓶内装有含酒精和水的酒糟，在蒸馏的过程中，涉及到的物理知识说法正确的是（　　） A．在烧瓶内，酒精沸腾，瓶中的酒精升华需要吸热 B．在烧瓶内，仅酒精沸腾，瓶中的水不会发生汽化 C．在冷凝器处，管内酒精蒸汽遇冷液化，需要放热 D．在冷凝器处，管外的冷却水吸收热量，内能不变 押题猜想05 安全用电 【母题】学习家庭电路相关知识后，小明对如图所示设计的家庭电路的认识正确的是（　　） A．控制白炽灯的开关和灯不可以互换位置 B．如图中AB之间发生断路，则用测电笔检查插座C的各个插孔，测电笔的氖管都不发光 C．闭合开关S2后发现灯L2不亮，用测电笔检查插座D两孔发现氖管都发光，则故障可能是进户零线断路 D．当有人触电时保险丝会熔断 押题解读 安全用电原则铭记心，低压带电体勿接触，高压带电体要远离，中考物理押题重点。 考前秘笈 安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。 1．下列做法符合安全用电原则的是（　　） A．禁止多个大功率用电器同时共用一个插座 B．发现有人触电立即用手将其拉开 C．保险丝熔断后用一段细铁丝代替 D．使用试电笔时接触试电笔金属笔尖 2．如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（　　） A．为了用电安全，应在甲处安装电灯，乙处安装开关 B．闭合开关，灯泡正常发光，用试电笔检测A点，氖管发光 C．若再接入空调，闭合开关后，保险丝马上熔断，则一定是电路发生短路 D．洗衣机的三线插头应连入三孔插座，这样能使洗衣机的金属外壳接地 3．如图是标有“”的浴室使用的带防护罩插座。下列说法正确的是（　　） A．插座与照明灯是并联连接的 B．防护罩的作用是使用电器金属外壳接地 C．三孔插座的右孔应该与家庭电路的零线相连 D．该插座允许接入两个任意大功率用电器同时使用 4．如图为“儿童安全插座”，它具有保护门双层互锁功能，能有效防止触电事故的发生。下列相关说法错误的是（　　） A．“儿童安全插座”的白色保护门属于绝缘体 B．“儿童安全插座”与家庭电路中其他用电器并联 C．用试电笔笔尖插入L孔，正常情况下试电笔氖管会发光 D．若“儿童安全插座”发生短路，家庭电路的空气开关不会“跳闸” 5．关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　） A．人可以向落在地面上的“高压线头”靠近 B．客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四只节能灯一定是串联的 C．家庭电路中空气开关“跳闸”了，可能是发生了短路现象 D．使用试电笔时，手指不能触碰笔尾金属体 6．图甲所示的限流开关（俗称空开）是家庭电路中重要的元件，图乙是它的简化原理图，当电路电流太大时，铁芯与衔铁相互吸引带动触点a向上运动，断开电路。下列说法正确的是（   ） A．衔铁一般用铝材质来制作 B．只有电路中出现短路时，限流开关才会断开 C．当线圈中电流方向向下时，螺线管下端为N极 D．增加线圈匝数可以使开关允许通过的最大电流值减小 7．如图所示的轨道插座可以按照用户用电需求在轨道上增减、移动插座。以下关于轨道插座的使用，符合安全用电原则的是（　　） A．用湿手将插座从轨道上拔离 B．若插座起火，应立即切断电源 C．增加插座使多个大功率用电器同时使用 D．导线绝缘皮破损后仍继续使用 8．关于安全用电，下列说法错误的是（　　） A．图甲中，站在地上的人触摸火线，会发生触电事故 B．图乙中，照明电路开关的接法正确，没有安全隐患 C．图丙中，冰箱的金属外壳接地可防止静电和漏电造成的危害 D．图丁中，用试电笔检测家庭电路时手不能接触金属笔尖 9．关于家庭电路和安全用电的理解，下列说法不正确的是（　　） A．家用电器着火时应迅速用水来灭火 B．用电器的金属外壳一定要接地线 C．发生触电现象，应立即切断电源 D．手机充电完成后，立即拔下充电器 10．图甲为电冰箱没有漏电保护时触电的情形，图乙为有漏电保护时的情形。以下说法正确的是（    ） A．家用电器不能采用金属外壳，会造成漏电触电 B．国家标准规定：所有家用电器都可以用两孔插头 C．采用漏电保护后，绝大部分电流“优先”从与金属外壳相连的接地线流入大地，不会造成人体触电 D．图乙中用试电笔测试冰箱外壳时，氖管会发光 押题猜想06 流体压强的分析 【母题】如图是家用煤气灶灶头的示意图，使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，煤气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是（    ） A．进口处煤气流速小，压强大于大气压强 B．进口处煤气流速小，压强小于大气压强 C．进口处煤气流速大，压强小于大气压强 D．进口处煤气流速大，压强大于大气压强 押题解读 主要考点有：大气压强产生的原因及其生活中与大气压有关的一些现象和实例、对流体压强与流速关系的理解和认识，并能解释与之有关的一些现象等. 考前秘笈 ①首先应明晰应用大气压工作的原理：是在某处使气压降低,由于存在大气压差，在外界大气压的作用下,产生了某种效果。②分析实例中的内、外位置处是否存在大气压差进行解答。注意：①生活中常见的利用大气压工作的实例：钢笔囊吸墨水,吸管吸饮料,抽水机抽水、真空采血管采血、吸盘挂钩紧贴墙壁等；②在有关大气压的很多实例中,所谓的“吸”其实都是大气压的“压”在起作用。 对于流速与压强的关系，解答关键点：①首先要弄清哪部分流速快、哪部分流速慢；②其次根据流体压强与流速的关系判断哪部分受到的压强大，哪部分受到的压强小；3.根据物体所受压强差作用将会产生什么表现形式和现象．注意：流速大小关系的判断方法：①自然流动——如流动的空气、水流,一般是在较宽阔的地方流速慢,较狭窄的地方流速快。②高速运动的物体周围,离物体越近的地方流体的流速越大,压强越小。③物体表面凸出的地方,其周围流体的流速大。 1．某兴趣小组开展制作飞机模型大赛，他们要让飞机获得升力，机翼横截面的形状应设计成（   ） A． B． C． D． 2．蓝天之下、白云之上，C919国产大飞机首度服务春运，下列相关描述正确的是（　　） A．飞机获得升力的原理是“流体流速大的地方压强大” B．在空中飞行的飞机，与空气摩擦，飞机因失去电子而带负电 C．飞机加速升空过程中，机械能不断增大 D．飞机上升过程中，机舱外的大气压变大 3．如图是一同学设计的风速测试仪原理图，其中探头安装在虚线框中，探头与弹簧、金属杆、滑片P相连。能够实现“当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大”的探头形状是（　　） A． B． C． D． 4．对如图所示的情景，下列说法正确的是（     ） A．图甲中用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴的“吸力”吸上来的 B．图乙中伞会被向上掀翻，是因为伞的下方空气流速大，压强大 C．图丙中的实验说明液体压强与液体的密度有关 D．图丁中向两纸中间吹气，两纸向内靠拢 5．如图甲所示是一种简易的喷水壶，喷水壶的结构如图乙所示。导管与喷嘴相连，上下推拉压柄给壶内充气后，按压按柄可以使水从喷嘴喷出。下列有关解释正确的是（　　） A．按柄处的花纹是为了减小摩擦力 B．手柄做的较宽大是为了增大压力 C．喷水壶是利用了流体流速越大的地方压强越大的原理 D．壶中水逐渐减少时，壶底受到水的压强随之减小 6．“做中学”是一种重要的学习方式。小明用吸管进行科学实验，下列说法正确的是（　　） A．图甲：吸管的一端橄得很尖，是为了减小压强 B．图乙：用吸管制成水气压计，从山下移到山顶时管内的水柱下降 C．图丙：将装满水的瓶子倒过来，瓶内的水会从吸管中流出来 D．图丁：向两气球中间吹气，它们靠拢说明了流体流速大的地方压强小 7．我市第七届科技节即将举行，在航空航天模型竞赛项目中的冲浪纸飞机，其机翼前缘折叠后较厚重，如图甲所示。用一块略向后倾斜的推板向前推动，纸飞机即可在空中飞行，如图乙所示，看起来就像在冲浪，故而得名，下列关于冲浪纸飞机飞行过程中的说法正确的是（    ） A．移动的推板后方会形成上升气流 B．纸飞机的重心比较靠后 C．纸飞机所受浮力等于重力 D．纸飞机上方空气流速快压强小 8．力学与我们生活息息相关，下列有关各图的说法错误的是（    ） A．夹菜时使用的筷子属于省力杠杆 B．地漏利用连通器原理防止异味 C．用吸管从杯子里吸饮料利用了大气压 D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大，压强小 9．图中的乙是一个较长的连通器，大气压强为p0，在e上方持续水平吹气，水面稳定后如图所示，此时d、e处的气压为pd、pe，水面下b、c处水的压强为pb、pc，装有酒精的甲放在乙的左侧，酒精中的a处酒精的压强为pa，大气压保持不变，则正确的是（　　） A．pa>pb B．pe=pd C．pe<pd D．pd<pe 10．春夏季节雨水较多，某个下雨天，小琳撑一把雨伞在雨中行走，一阵大风吹来，伞面被“吸”得严重变形，进入教室后，小琳收伞、抖落雨伞上的雨滴，将雨伞挂在桌边静止，关于雨伞，下列说法错误的是（　　） A．如图甲所示，推开雨伞时，伞骨给骨臂一个向上的动力，骨臂绕O点转动，这是一个费力杠杆 B．如图乙所示，伞上方空气流速大、压强小，小琳需要施加一个向下的力以平衡风力产生的效果 C．如图丙所示，轻轻抖动雨伞，由于雨伞具有惯性，雨水与雨伞分离落向地面，伞上的雨水变少了 D．如图丁所示，雨伞只受重力和桌面施加的竖直向上的支持力，雨伞与桌面之间没有摩擦力 押题猜想07 电路设计 【母题】电吹风的工作电路主要由电热丝（）、电动机（）和两个开关组成，其中开关S1控制电动机和电热丝，开关S2只控制电热丝。下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 押题解读 根据题干信息，通过开关的通断，判断用电器是否正常工作。 考前秘笈 (1)首先确定用电器之间是串联还是并联：通过题干中描述的用电器的工作情况进行判断。 (2)判断开关的位置：通过每个开关对用电器的控制情况进行判断。 ①如果两个开关都闭合，用电器才工作，则两个开关串联，如图甲； ②若两个开关只闭合一个，用电器就可以工作，则两个开关并联，如图乙； ③若开关闭合，用电器不能工作，开关断开，用电器可以工作，则此用电器和开关并联，如图丙； ④有时候会用到特殊开关，如单刀多掷开关、双刀双掷开关等。 1．如图所示的双杯恒温养生壶，左右两杯可同时工作，也可单独工作，和分别是左右两杯对应的加热电阻。下列电路中符合设计要求的是（　　） A．B．C．D． 2．某小区地下车库门口装有自动识别系统，当录入系统内的车牌号靠近摄像头时，显示屏（题中以灯泡代替）发光，然后电动机启动，横杆抬起，车子可以进入车库；当未录入系统内的车牌号靠近摄像头时，显示屏发光，横杆不会抬起，车子不能进入车库。下列电路图中符合上述要求的是（　　） A． B． C． D． 3．投影仪内的灯泡，发光时温度很高，必须用风扇降温。使用投影仪时，首先要打开风扇，待确认风扇正常运转后，再通电让灯泡发光，下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 4．某商品展示平台，其内部电路设计要求为：只闭合开关S1，仅照明灯亮；再闭合开关S2，照明灯亮，电动机M转动；断开开关S1，照明灯熄灭，电动机M停止转动。则满足该设计要求的电路是（　　） A． B． C． D． 5．如图是国产新能源汽车中的一款插电式混合动力汽车，同时使用电动机和内燃机，其内燃机热效率最高可达43%；此外，其拥有快捷语音助手，可实现车外语音控制自动泊车和开关门等功能。对于该新能源汽车，驾驶员既可以通过传统的机械按键（开关）控制车窗的升降，也可以通过语音（开关）控制车窗的升降。下列电路中可实现上述功能的是（    ） A． B． C． D． 6．2025年的中央电视台春节联欢晚会在重庆设立了分会场。晚会当晚，2025架无人机拼出闪烁的山茶花，绽放在山城的两江四岸。无人机工作时，当开关闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合时电动机启动，无人机起飞。如图所示电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 7．我市已逐渐开始实行电动自行车新政策：只允许新国标电动自行车上路，要求车速不超过25km/h。下面是同学们设计的某品牌电动自行车的电路，其中符合“旋钮OP绕O点顺时针转动时，电动机转速变快，当转速超过一定值，电铃会自动报警”的电路是（　　） A． B． C． D． 8．交通法规中明确规定，所有的摩托车、电动自行车上路驾驶员必须佩戴安全头盔，小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 9．一自动售货机的使用说明如下：手机扫码（闭合S1）或投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；光线较暗时光控开关S3自动闭合，灯泡发光。某同学根据使用说明设计了如下电路，符合要求的是（　　） A． B． C． D．‍ 10．细心的静静同学发现，2025年的春运时间是从1月14日到2月22日。届时，深圳北站候车大厅内灯火通明，人潮涌动。归乡心切的游子们，在寒风中步履匆匆，有序通过进站口、安检区。乘客乘坐高铁可直接刷身份证（S₁）进站，闸机口通过人脸识别系统（S₂）确保“人”“证”一致，闸机门才打开通行。用M代表闸门，则如图中电路可实现上述要求的是（　　） A． B． C． D． 押题猜想08 生活中的力现象分析 【母题】2025年，中国电影迎来里程碑时刻，《哪吒之魔童闹海》成为全球票房第一的动画电影。如果将电影中哪吒做成关节可动的木偶玩具，则下列动作在水平地面无法保持的是（　　） A． B． C． D． 押题解读 本题以电影《哪吒》为考试背景，考察了哪吒四种姿势下的平衡问题。在新情境的背景下，运用课本知识解决力学中最简单的平衡问题。 考前秘笈 秘笈1：力的作用是相互的，例如鸡蛋碰石头，两者碰撞过程中，受到的力一样大，鸡蛋碎，是因为鸡蛋壳太薄，承受不了过大的力。 秘笈2：增大静摩擦的方法有：增大压力和接触面的粗糙程度。 1．2025年，中国影片《哪吒2》风靡全球。影片中，哪吒脚踏风火轮，手持乾坤圈，尽显英勇无畏。若从力学的角度分析，下列说法错误的是（    ） A．站在冰封的海面上，哪吒对冰面的压力与冰面对他的支持力是一对相互作用力 B．哪吒脚踏风火轮在水平地面静止站立时，他所受的重力与风火轮对他的支持力是一对平衡力 C．哪吒向前抛出乾坤圈，乾坤圈一直向前匀速直线飞行，可说明乾坤圈没有受到任何外力或者受到的合力为零 D．哪吒使用混天绫（假设为一轻质长绳）缠绕住物体并用力拽回，混天绫对物体的拉力大于物体对混天绫的拉力 2．一只壁虎在竖直的窗玻璃表面沿如图所示方向匀速爬行，它所受摩擦力的方向是（    ） A．竖直向上 B．竖直向下 C．斜向上 D．斜向下 3．图中小明和小华穿着轮滑鞋站在水平冰面上。当小华用力向左推小明时，发生的现象是（    ） A．小明向左滑动，小华向左滑动 B．小明静止原处，小华向右滑动 C．小明向左滑动，小华静止原处 D．小明向左滑动，小华向右滑动 4．如图所示，小红竖直向上垫起排球，排球依次经过a、b、c三处，到达最高处d。已知排球所受空气阻力随运动速度的增大而增大。则排球经过四处时，所受合力最大的是（　　） A．a处 B．b处 C．c处 D．d处 5．科技在进步，一些快递公司使用无人机送货，某同学也尝试在无人机下方用绳子悬挂一个重物，如图所示，不考虑空气阻力，则无人机在空中（　　） A．加速上升时，重物受到非平衡力的作用 B．水平匀速飞行时，悬挂重物的绳子会偏离竖直方向 C．匀速下降时，重物所受的重力大于绳子对重物的拉力 D．悬停时，重物受到的重力与重物对绳子的拉力是一对平衡力 6．2024年8月6日，全红婵获得巴黎奥运会跳水女子10米跳台金牌。图是她站上巴黎奥运会领奖台的情形。下列说法正确的是（　　） A．她受到的重力和颁奖台对她的支持力是一对平衡力 B．她受到的重力和她对颁奖台的压力是一对平衡力 C．她受到的重力和颁奖台对她的支持力是一对相互作用力 D．她受到的重力和她对颁奖台的压力是一对相互作用力 7．如图为某同学练习投篮的情景，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．篮球在空中运动过程中受到的重力方向不断改变 B．篮球在空中运动过程中具有的动能大小不发生变化 C．篮球撞击篮板时，受到篮板的弹力改变运动状态 D．篮板将篮球弹开，说明弹力可以改变物体的惯性 8．小明在假期观看电影《哪吒之魔童闹海》后购买了周边文创“哪吒”盲盒，并将“哪吒”放在盒子上拍照，如图所示，下列分析正确的是（　　） A．“哪吒”受到的重力和它对盒子的压力是一对平衡力 B．盒子受到的重力和地面对盒子的支持力是一对平衡力 C．“哪吒”对盒子的压力和地面对盒子的支持力是一对相互作用力 D．“哪吒”对盒子的压力和盒子对“哪吒”的支持力是一对相互作用力 9．如图甲，光滑水平面上A物体受到水平向右的推力F1＝5N，拉力F2＝7N作用；图乙B物体重30N，现用竖直向上F3＝45N的力拉，则A、B两物体受到的合力分别是（　　） A．12N   15N B．12N   75N C．2N   15N D．2N  75N 10．如图所示，A、B是表面粗糙程度相同的实心正方体，将A和B叠加放置在相同的水平桌面上一起向右做匀速直线运动，若A物体所受的摩擦力大小记作fA，B物体受到桌面的摩擦力记作fB，则下列说法正确的是（   ） A．A和B之间存在摩擦力，fA=fB B．A和B之间没有摩擦力，fA<fB C．A和B之间存在摩擦力，fA<fB D．A和B之间没有摩擦力，fA=fB 押题猜想09 透镜成像及其规律 【母题】小宇同学用自制的水凸透镜来探究凸透镜成像的规律。在光屏上得到了清晰的像，如图所示。关于下列现象的分析正确的是（　　） A．从图示情景可知，该凸透镜的焦距可能为12cm B．在蜡烛和光屏位置都不变的情况下，将水凸透镜向左移可以得到倒立放大的实像 C．若用一张纸遮住水凸透镜的上半部分，会发现光屏上的像缺失了下半部分 D．用注射器向水凸透镜中注入少许水，光屏上原来清晰的像变模糊，要再次得到清晰的像，应将光屏远离透镜 押题解读 本题以水凸镜为考题的背景，考察了凸透镜的成像规律，水凸镜厚度的变化类比近视、远视眼的形成过程，同时考察了视力的矫正问题。 考前秘笈 掌握光的直线传播、光的反射、光的折射、凸透镜成像规律及生活的实例应用。 1．在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示位置时，在光屏上出现一个清晰烛焰的像。下列说法正确的是（　　） A．此时光屏上呈现倒立、缩小的实像 B．投影仪应用了此次实验的成像规律 C．该凸透镜的焦距大于15cm D．蜡烛燃烧变短所成的像会向下移动 2．教室黑板用久后有一部分变得光滑。当如图所示太阳光从右侧窗户射入时，下列说法正确的是（　　） A．太阳光照射到光滑处将发生漫反射 B．最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置A C．最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置C D．太阳光照在黑板上发生反射时不遵循光的反射定律 3．小华做“凸透镜成像规律”的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧。如图所示，他将蜡烛依次放置在甲、乙、丙、丁四个位置，每次移动光屏，寻找烛焰清晰的像。关于此实验，下列判断不正确的是（　　） A．实验前应调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心位于同一高度 B．蜡烛在丁位置时，调节光屏可以在光屏上观察到正立、放大的像 C．将蜡烛从丙位置移动到乙位置，为了光屏上仍能出现清晰的像，需要将光屏向左移动 D．蜡烛在甲位置时，成像规律与生活中的照相机的原理相同 4．蜻蜓有超强的视觉能力，它有一对复眼，每个复眼最多有28000多个小眼，每个小眼都能独立成像。蜻蜓通过观察到水面反光来寻找适合产卵的水域，因为它们的卵在陆地上无法孵化，幼虫也在水中生活，所以需要通过点水的方式将卵产入水中或水草上。有时蜻蜓也会误将窗户玻璃或者光滑的大理石地面当作水面，在上面产卵。根据这段话，请判断下面说法正确的是（    ） A．水面反光，是一种光的折射现象 B．水中蜻蜓的倒影，是蜻蜓等大的实像 C．蜻蜓的每一个小眼都能独立成像，因此每个小眼都能进行光的折射 D．蜻蜓将窗户玻璃或者光滑的大理石地面当作水面，是因为这些物体的表面能发光 5．“身上”背着传感器，“眼睛”是一只可360度旋转并具备夜视功能的高清摄像头，轻松翻过门槛，顺利完成上下楼梯运动，将巡检到的实时数据实时回传，这是中国电信打造的机房5G巡检四足机器人每日“工作”场景。下列说法正确的是（　　） A．摄像头拍摄到的是倒立、放大的实像 B．摄像头的成像原理和投影仪一致 C．当被拍摄的物体远离摄像头时，经摄像头成的像会变小 D．在拍摄时，物体成的像到摄像头的距离大于二倍焦距 6．无人机是通过无线电遥控设备或机载计算机程控系统进行操控的不载人飞行器，如图所示。无人机的应用领域非常广泛，涵盖了应急通讯、航拍测绘、以及国防军工等多个行业。无人机航拍影像具有高清晰、高现实性的优点。某小型无人机电池电压为24V，电池容量为2500mAh，（电池容量=放电电流放电时间，2500mAh是指以2500mA的电流能连续工作）下列说法中正确的是（　　） A．无人机镜头所成的像是放大的实像 B．无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，还应将摄像机的镜头适当前推 C．无人机使用的无线电信号在真空传播的速度是 D．该无人机充满电后，电池的总电能为 7．如图所示，将印有花的透明胶片贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着焦距为的凸透镜，调整位置，墙上出现一朵清晰的放大、正立的“花”，下列分析正确的是（   ） A．胶片上的花是正立的 B．此透镜对光线有会聚作用 C．胶片与透镜的距离小于 D．白墙相当于光屏，发生的是漫反射 8．如图所示是兴文2023年元宵晚会的场景，炫彩的灯光照亮夜空，庆祝氛围处处洋溢。下列说法正确的是（　　） A．人们看到的光束是光源 B．人们能看到五颜六色的光，这是光的色散现象 C．坐在舞台周围的观众都能看到舞台上的表演者，是因为光在表演者身上发生了漫反射 D．表演者上台前整理妆容时，当他走近平面镜时，他在镜中所成的像的大小不变 9．在白纸板上画两个向右的箭头，竖立在桌子上，将玻璃杯移到白纸板正前方合适位置。往杯中倒入水后，透过玻璃杯观察到的情形如图所示。下列说法正确的是（　　） A．透过玻璃杯观察到的下方箭头的像是实像 B．白纸板一定在玻璃杯透镜的一倍焦距内 C．将玻璃杯靠近白纸板，图中下方箭头的方向会发生变化 D．将玻璃杯远离白纸板，透过玻璃杯观察到下方的箭头将变大 10．如图是小明在综合实践活动中用带抽屉的纸盒和透镜自制的简易投影仪，将手机放入抽屉中，通过推拉抽屉，能将手机上的画面放大投影到白墙上、下列说法正确的是（　　） A．手机到凸透镜的距离应大于透镜的二倍焦距 B．若要在墙上正常阅读手机内容，手机应如图所示正立放置 C．要使墙上的像变大，应减小手机与透镜间的距离且同时增大像距 D．物距不变，在凸透镜前放置一个合适的凸透镜，调整像距，墙上的像逐渐变小 押题猜想10 能量守恒及其转化 【母题】如图所示，蹦极者此刻正从O点由静止开始蹦极，a点是弹性绳自然下垂时绳下端的位置，b点是蹦极者合力为零的位置，c点是蹦极者下降的最低点。不计空气阻力，下列说法中正确的是（　　） A．a→b弹性绳的弹性势能转化为蹦极者的机械能 B．a→b蹦极者的机械能保持不变 C．a→c蹦极者减少的重力势能和动能等于绳增大的弹性势能 D．a→c弹性绳的弹性势能先增大后减小 押题解读 以中国古代水车为考题背景，利用水流带动轮毂的转动，考察学生理解能量的相互转化，为以后的高中学习打下一定的基础。 押题解读 秘笈1：动能+重力势能+弹性势能=机械能 秘笈2：在初中阶段，当物体无外力作用下并且不受摩擦力时，其机械能守恒。 1．如图所示为某次蹦极运动的精彩瞬间，若一游客从平台上由静止开始下落。从开始下落至第一次到达最低点的过程中，游客的（　　） A．动能一直增大 B．重力势能一直减小 C．机械能保持不变 D．机械能一直增大 2．如图所示，海天同学将小球由a点静止释放，小球在管道内沿abcd运动，ab段和bc段内壁光滑，cd段内壁粗糙，a点略高于c点，b点与d点等高。下列说法正确的是（    ） A．从a到c的过程中，小球重力势能不变 B．小球在c、d两点的动能可能相等 C．从a到d的过程中，小球运动到d点时，动能最大 D．从a到d的过程中，小球机械能守恒 3．2023年7月28日，第31届世界大学生夏季运动会在成都隆重开幕。图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（　　） A．助跑过程中，动能保持不变 B．助跑过程中，机械能总量保持不变 C．起跳后的上升过程中，重力势能增大 D．越过横杆后的下降过程中，动能保持不变 4．如图甲所示是足球比赛中某球员传球后足球在空中飞行的一段运动轨迹，忽略空气阻力，图乙是该足球落地后弹跳的过程。关于以上两过程下列说法正确的是（　　）    A．图甲中足球从A点移动至B点的过程中，球员对球做了功 B．图甲中足球在A点移动至B点的过程中，动能转化为重力势能 C．图乙中A、B两点为同一高度，该足球在这两点机械能相等 D．图乙中足球在最高点D点的动能为零 5．适量运动是健康的生活方式．下列日常运动情景中说法正确的是（　　） A．用力将足球踢出，说明力可以改变物体的运动状态 B．篮球离手后能继续向前运动，是由于受到惯性的作用 C．离开蹦床后人还能继续上升，是重力势能转化为动能 D．竖直向上运动到最高点时的排球，受平衡力的作用 6．小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，如图。下列关于她的机械能说法正确的是（　　） A．动能增大，机械能增大 B．重力势能增大，机械能增大 C．动能减小，机械能不变 D．重力势能减小，机械能增大 7．如图所示是荡秋千的简化模型，摆球从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高，下列说法正确的是（　　） A．球在B、C两点的动能相等 B．球在A、D两点的机械能相等 C．球从B点到O点的过程中机械能减少 D．球从O点到C点的过程中重力势能减少 8．如图所示，人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的过程中，机械能是守恒的，当卫星从远地点向近地点运动时，下列说法正确的是（    ） A．动能减小，重力势能增大 B．动能转化为重力势能 C．动能增大，重力势能减小 D．卫星的速度一直在减小 9．如图所示，一个放在粗糙水平木板上，木板固定不动，弹簧与水平木板不接触，弹簧的一端与小球相连，另一端固定在墙壁上，弹簧保持自然长度时小球刚好在A点，现把小球向左拉至C点后释放，小球就由C运动到A，再由A运动到B，由B到A，A到D，D到……，不计空气阻力，在此过程中（　　） A．从B到D，小球在水平方向上受到的合力是先减小后增大 B．小球最后一定会停在A处 C．弹簧的弹性势能最终转化为小球的动能 D．从C到A的运动过程中，小球一直做加速运动 10．如图所示为运动员推铅球的过程。a为铅球的初始位置，b为铅球离手的位置，c为铅球上升的最高点，d为铅球落地前的位置。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．整个过程，运动员对铅球不做功 B．铅球从b到c的过程中，机械能减少 C．铅球从c到d的过程中，动能增大 D．铅球在c处的动能为零 押题猜想11 滑轮组及其机械效率的计算 【母题】使用如图所示的滑轮组，沿水平方向匀速拉动质量为300kg的物体，弹簧测力计的示数为200N，物体在10s内移动1m。物体所受的摩擦力为物重的0.1倍。不计绳重和轮与轴间的摩擦，下列说法正确的是（　　） A．该滑轮组中有一个定滑轮和两个动滑轮 B．绳子自由端拉力的速度 C．动滑轮重力为100N D．该滑轮组的机械效率为 押题解读 本猜想综合性较强，利用滑轮组的巧妙组合，用竖直方向上的力，拉动物体水平移动，由此计算滑轮组的相关量。考查学生对滑轮组的理解，以及物体在水平方向上移动时的受力情况。 考前秘笈 1.滑轮组中动滑轮上承担物重的绳子段数n的判断 动滑轮上承担物重的绳子段数n即为滑轮组中直接与动滑轮相连的绳子段数,可以在动滑轮与定滑轮之间画一条直线,数出与动轮相连的绳子段数。 2. 竖直方向的滑轮组 ，，，，； 若：忽略绳重和摩擦，绳子自由端的拉力：， 则：滑轮组的机械效率： 3. 水平方向的滑轮组 水平方向匀速拉物体时如图所示： ，，，， 滑轮组的机械效率：。 1．如图所示，小明用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别匀速提升两个质量相同的物体，绳端在相同时间内移动的距离相等。在提升过程中，若绳端拉力F1∶F2=3∶2，下列说法错误的是（　　） A．物体的速度之比v1∶v2=1∶2 B．有用功之比W有1∶W有2=2∶1 C．总功之比W总1∶W总2=3∶2 D．机械效率之比η1∶η2=4∶3 2．建筑工人通过如图所示的装置将一桶重为450N的涂料从地面提起，桶离开地面匀速上升，工人所用的拉力为300N。不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．拉力做的功为240J B．该装置的机械效率为 C．动滑轮所受的重力为150N D．若只减小动滑轮的重，则该装置的机械效率将变小 3．如图所示的滑轮组中，物体质量为240kg，在绳子自由端施加1250N拉力，物体以0.5m/s的速度匀速上升10s。不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．绳子自由端移动的距离为10m B．此过程中，该装置的机械效率约为96% C．拉力的功率为1875W D．可以通过增加物体匀速上升的速度提高该装置的机械效率 4．质量为500kg的物体M与水平地面的接触面积为，用如图所示的滑轮组沿水平方向将物体M从A点匀速拉到B点，AB距离为10m，物体M在地面滑动过程中受到的阻力是其重力的0.2倍。在此过程中，因动滑轮和绳的重力以及绳与滑轮间的摩擦而做的额外功，g取9.8N/kg。在此过程中（　　） A．物体M受到的重力为5000N B．物体M对地面的压强是2.45×103Pa C．滑轮组对物体M做的功为980J D．如果电动卷扬机的效率是80%，此电动卷扬机消耗的电能是12500J 5．如图所示装置，由滑轮组和电动卷扬机组成，工人利用该装置将重为5000N的物体M，沿水平方向匀速拉动10m，用时10s，电动卷扬机对滑轮组绳子端的拉力为F=600N，物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的0.2倍，在此过程中，电动卷扬机的效率是80%，忽略绳重、绳和滑轮组间的摩擦。则下列说法正确的是（　　） A．拉力F做功为10000J B．拉力F做功的功率为1000W C．动滑轮的重力为200N D．电动卷扬机消耗的电能为12500J 6．如图所示装置，由滑轮组和电动卷扬机组成，工人利用该装置将重为4900N的物体M，沿水平方向匀速拉动10m的过程用时5s，电动卷扬机对滑轮组绳子端的拉力为，物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的倍，在此过程中，电动卷扬机的效率是，g取，忽略绳重和滑轮组摩擦。则下列说法正确的是（　　） A．拉力F做的功为9800J B．拉力F做功的功率为1000W C．动滑轮的重力为20N D．电动卷扬机消耗的电能为12250J 7．如图所示，甲、乙两个滑轮组中，每个滑轮质量相同，重为G的物体，在拉力的作用下匀速上升，已知乙滑轮组的效率为η，不计摩擦、绳重和木板重，下列说法正确的是（　　） A．甲滑轮组的机械效率小于乙滑轮组的机械效率 B．每个滑轮重 C．甲、乙将重物提升相同的高度时，拉力的功率一定不相等 D．A、B点绳子受到拉力FA、FB关系：FB＜2FA 8．如图所示，虚线框内是由两个滑轮安装成的滑轮组，利用该滑轮组拉动重960N的物体M在水平面上做匀速直线运动。物体所受的摩擦力是物重的0.1倍，绳子自由端的水平拉力为40N，物体M移动的距离为4m（不计绳重和滑轮重）。则（   ） A．物体M所受的拉力为960N B．绳子自由端移动的距离是8m C．滑轮组拉动物体M做的有用功是160J D．滑轮组的机械效率是80% 9．如图，用甲、乙两个滑轮组将同一物体匀速提升相同高度，拉力分别为、，此过程相关数据如图所示，则（   ） A．两滑轮组绳子自由端移动距离相等 B．拉力做的功更多 C．甲滑轮组的效率大于乙滑轮组的效率 D．乙滑轮组的机械效率为85% 10．用如图甲所示的滑轮组缓慢提升不同物体每次物体被提升的高度均为0.5m，滑轮组的机械效率与物体受到重力G的关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，下列分析正确的是（　　） A．提升重10N的物体过程中，物体的重力势能随之减小 B．若物体提升1m，则绳端需要向下拉3m C．提升重10N的物体时，绳端的拉力F为20N D．匀速提升物体时，物体所受重力和动滑轮对它的拉力是一对平衡力 押题猜想12 电学综合分析与计算 图甲为某品牌家用空气炸锅，空气炸锅在工作时通过电动机向内部吹风，借助空气的循环达到迅速升温的目的，电动机上标有“220V，22W”字样。空气炸锅内部部分简化电路如图乙所示，其额定电压为220V。发热元件为R1和R2两个定值电阻，阻值分别为55Ω和110Ω。S为定时开关，通过调节开关S1和S2（S2是单刀双掷开关），可实现高温挡、中温挡和低温挡三个挡位的切换。下列说法正确的是（　　） A．设定好时间，开关S1断开，S2接a端时为高温挡 B．电动机的电阻是2200Ω C．设定好时间，开关S1闭合，S2接a端时，电路1min内产生的热量为27720J D．空气炸锅在高温挡正常工作时，电路的总电流是6.1A 押题解读 本题考查电学中常见的题型之一，以电饭煲为考题的背景，考察加热和保温的问题。此类题型需要正确的判断功率的大小，功率越大，属于加热档，功率越小，属于保温档。 考前秘笈 有关电能表的使用，在解题时有如下两种： (1)利用电能表测消耗的电能。把电能表接在电路中，它的计数器上前后两次读数之差，即为这段时间内的用电量。要注意电能表的计数器上最后一位数字代表的是小数点后的那位数。 (2)利用电能表测电功率。根据电能表表盘上所标的转数可求出消耗的电能，用停表测出用电时间，由公式可都可求出用电器的电功率。 【特别提示】利用电能表计算电功 利用电能表计算电功先根据用电器消耗1kW·h电能时电能表表盘的转数(N)，求出表盘转一转所消耗的电能，再看表盘在一段时间内转了多少转(n)，则用电器在这段时间内消耗的电能。 1．实践活动小组的同学设计了如图-1所示的恒温箱温控电路，控制电路电源电压为4V且保持不变，是阻值为的定值电阻，R为热敏电阻（置于恒温箱内），其阻值随温度变化的关系如图-2所示，电磁铁线圈的电阻忽略不计。下列说法正确的是（    ） A．电磁铁的上端为S极 B．当温度升高时，R的阻值变小，电磁铁的磁性减弱 C．当温度为50℃时，控制电路的总功率为0.16W D．只增大定值电阻的阻值，恒温箱中控制的温度降低 2．图甲是灯泡L的图像，灯泡的额定电压为。将灯泡L接入图乙电路，已知电阻的阻值为，电流表量程为，电源电压可调。在电路安全工作的前提下，下列判断正确的是（　　） A．灯泡与定值电阻功率之比最小为2∶3 B．随着电压变大，灯泡与定值电阻电流之比逐渐变大 C．电路总功率最大可达到 D．电源电压可能在至之间 3．某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示。电源电压恒为4.5V，电压表量程选择“0~3V”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻变化）。在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（    ） A．电路中电流变化范围是0.18~0.5A B．电压表示数范围为0~3V C．该电路的最大功率是2.15W D．滑动变阻器阻值变化范围是4~10Ω 4．某科学小组设计的豆浆机简化电路如图所示，L1亮表示正在加热或打浆，L2亮表示正在保温。经测试，加热时L1能正常发光，打浆时电动机能正常工作。已知电源电压不变，R1是电热丝，R2是限流电阻，电动机标有“24V 12W”，L1、L2均标有“4V 4W”且电阻不变，加热时电路中电流是保温时电路中电流的2倍。下列说法正确的是（　　） A．加热时电热丝R1的功率为22W B．限流电阻R2的阻值为24Ω C．加热时L1的功率与打浆时L1的功率之比为1∶4 D．保温1min，电热丝R2产生的热量为330J 5．如图所示的电路，当滑片P在最右端时，电压表的示数为3V，消耗的功率为P1；移动滑片P，电压表的示数为4V时，消耗的功率为P2=1.1W；移动滑片P至中点时，消耗的功率为P3。若P1∶P3=18∶25，则P3为（　　） A．0.95W B．1.15W C．1.25W D．1.35W 6．如图所示的电路，电源电压不变，滑动变阻器R1标有“100Ω 0.8A”，灯泡标有“12V 6W”，R0为定值电阻。在保证电路安全的前提下： ①当a处接入导线，b处接入电压表时（量程“0~3V”或“0~15V”），只闭合S1、S2，调节滑动变阻器的滑片，电路中的最小电流为0.22A； ②再闭合所有开关，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值为6Ω； ③将a处接入电压表（量程不变），b处接入导线时，闭合所有开关，灯泡恰能正常发光，且无论怎样移动滑片，灯泡亮度都不变。 下列说法正确的是（　　） A．电压表接入电路的量程为3V B．①中，灯泡的最小功率为1.1616W C．②中，电路的最大总功率为32.4W D．③中，R0工作10s产生的热量为60J 7．如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合开关电路正常工作，两电流表的指针都在同一位置，此时通过电流表的示数为，电路的总电功率为。现用一个未知阻值的定值电阻替换电阻或，替换后闭合开关S，发现只有一个电流表的示数发生改变，此时电流表的示数为，电路的总电功率为。已知，下列判断正确的是（    ） A．替换的是 B． C． D． 8．电子技师社团活动中小明对一个暗箱进行研究。暗箱表面有两个接线柱M、N，内部只接有R1和R2两个定值电阻，R1阻值为6Ω，R2阻值未知。小明用图甲所示的电路（电源电压不变）进行实验，在S、S1都闭合和S闭合、S1断开的两种情况下，改变电阻箱R0的阻值，读取电流表示数I，绘制了如图乙所示的I随R0变化的曲线。下列判断中正确的是（　　） A．电源电压为8V B．电阻R2的阻值是20Ω C．曲线A是根据开关S、S1都闭合时测得的实验数据绘制的 D．暗箱内电阻R1与R2是串联连接的 9．如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R1与R2阻值相同。让滑动变阻器R3的滑片位于中点，只闭合开关S2时，电压表V的示数为2V；开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表A1的示数为0.2A。将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，电流表A2的示数为0.4A。下列结果不正确的是（    ） A．电源电压为6V B．R3的最大阻值是60Ω C．将R3的滑片移到端，三个开关都闭合时，100s电路消耗的电能为300J D．开关S1、S2闭合，S3断开时，电路消耗的总功率为0.3W 10．在学校举行的科学技术成果汇报展示活动中，小强同学展示了一辆自己组装的玩具车，它具有“原地灯光秀”“调速前进”和“定速后退”三种工作模式。通过控制开关S1、S2和滑动变阻器R1来改变灯L的亮度，实现“原地灯光秀”；通过改变直流电动机的转动方向及转速，实现“调速前进”或“定速后退”，如图所示。已知电源电压不变，标有“0.6A”灯L的电阻不变且RL=10Ω，定值电阻R2=5Ω。当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，电流表A的最大示数为0.4A。关于下列结论： ①电源电压为6V ②S闭合，S1接1，S2接2时，玩具车处于“原地灯光秀”模式 ③玩具车“调速前进”时，电流表A的最大示数为0.6A ④玩具车“定速后退”时，电路消耗的总功率小于2.4W 其中正确的是（　　） A．①④ B．②④ C．①② D．①③ 题型二 填空题 押题猜想13 声音的产生与传播 【母题】如图所示是物理兴趣小组探究声产生与传播的一些情景： (1)如图甲所示的实验现中乒乓球的作用是 ； (2)如图乙所示，随着抽气机不断向罩外抽气，如果罩内的空气被完全抽空则不能听到铃声，由此我们可以推理得出的结论是 。 押题解读 本题考察的是声音的产生和传播的知识，通过乒乓球被弹开，放大了音叉的振动效果。通过抽玻璃罩中的空气，科学推理出真空不能传声。 考前秘笈 （1）声音是有物体的振动产生的，振动停止，发声停止，但声音未必消失； （2）固体、液体和气体都可以发声和传声，但真空不能传声。 1．如图所示，用鹤骨制作的贾湖骨笛是迄今为止中国考古发现的最早的管乐器。用骨笛吹奏发声时，发出的声音是由空气柱的 产生的，通过 传入人耳。 2．弘扬雷锋精神，争做新时代的好榜样，学校举行了“讲雷锋故事，学雷锋精神”的主题演讲比赛。演讲声是由参赛者的声带 产生的，并以 为介质传播到现场师生耳中。 3．如图为我国晋代顾恺之所绘《斫琴图》的局部，展示了古代乐师调整琴弦长度的情景。演奏时，由于琴弦 而产生美妙的声音。调整琴弦的长度，将琴弦拧紧，用相同力度弹奏时，声音的 发生改变。 4．豫剧表演中常使用如图所示的板胡作为伴奏乐器。当演奏者拉动板胡的弓弦时，发出的声音是由琴弦 产生的；演奏者按压琴弦的不同位置，是为了改变琴弦发出声音的 （选填“音调”“响度”或“音色”）。 5．如图所示，闹钟发出声音是由被敲击的电铃 产生的；逐渐抽出玻璃罩内的空气，声音减小，直到听不见。结合实验现象推理可知：声音不能在 中传播。 6．演员演奏小提琴时，手指按在弦上的不同位置改变了琴弦的长度，发出不同 的声音（填声音的特性），优美的琴声在 中传播，进入人耳，时而含蓄，时而奔放，好像在诉说精彩的故事。 7．2025年蛇年春晚舞台上，周深与胡宏·迭戈·弗洛雷兹合作的《山鹰和兰花花》，将陕北民歌的苍茫深情与安第斯山鹰的旷远高亢交织，让唢呐的激越与排箫的空灵共鸣，生动诠释了“各美其美，美美与共”的文化哲学.演唱者发出的歌声是由于声带的 而产生的，观众通过声音的 来分辨唢呐和排箫的。 8．如图是厦门海峡两岸信息消费体验馆解说员正在使用便携式扩音器进行讲解。扩音器发出的声音是通过 传到游客的耳朵；使用便携式扩音器是为了改变解说员声音的 。 9．如图甲所示，在鼓面撒上一些纸屑，轻敲鼓面时看到纸屑上下跳动，这个现象说明，正在发声的物体都在 ；比较图甲、乙两次敲鼓时纸屑跳动的情况，两次敲鼓时发出声音的 （选填“音调”、“音色”或“响度”）不同。 10．箜篌是中国古代传统乐器，如图所示。弹奏时，箜篌发出的声音是由于琴弦的 产生的。演奏者拨动不同长度的琴弦，是为了改变声音的 。 押题猜想14 热现象 【母题】由于海水的比热容 （选填“大于”或“小于”）陆地上砂石的比热容，所以在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化 （选填“大”或“小”）。当出现如图所示的风向，通常发生在 （选填“夜晚”或“白天”）。 押题解读 物态变化对应的生活中常见的现象是必考题，要知道生活中常见的物态变化的现象以及吸放热。物态变化中的实验要掌握实验器材的正确选择和使用，实验方法、实验操作过程、实验现象、实验数据的分析，根据实验数据作图，实验结论、实验评估。 考前秘笈 找到物体之前的状态和之后的状态，对应物态变化的定义来判断相应的物态变化。 1．湖中的荷花清香四溢，这属于 现象，荷叶上的两滴水珠相遇时，能汇合成一滴较大的水珠是因为分子之间存在 （选填“引力”或“斥力”）；广阔的湖水可以调节周边的气温，这是由于水具有较大的 。 2．设计师选用“水”作汽车发动机冷却液，这是因为水的 较大，冷却效果好；水箱里有4L水，吸收发动机缸体热量后，水由20℃升高到90℃，吸收的热量是 。 3．如图是汽车上使用的某品牌刹车片，它的制造工艺和材料非常先进，能确保刹车片在高温和冷态下保持稳定的制动性能，具有优异的耐磨性和高温稳定性。汽车在行驶过程中刹车时，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式使刹车片的温度升高的。有的大货车上装有根水管，用来往轮胎上滴水，给发热的轮胎降温，这是因为水的 较大。 4． 2024年9月22日，中国科学院物质科学研究院强磁场科学中心自主研制的“水冷磁体”取得重大突破，如图。磁体在工作时需要产生大量的热量，需要用高速流动的水来冷却是因为水的 大，当该装置内的水使用一段时间后，其内能 。（选填“增大”、“减小”或“不变”） 5．在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风。陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。炎热的夏天，海水和海滩的砂石在太阳的照射下，它们的 增大，由于海水和砂石的 不同，两者之间出现温差，白天容易形成 （选填“海风”或“陆风”）。 6．热岛效应主要原因是城市建筑群密集，在相同日照的情况下，城市地区升温较 。为减弱城市的热岛效应，我市修建了大量的湿地公园和人工湖，这主要是利用了水 的特点。 7．诗人陆游的笔记中曾记载如图所示的省油灯，灯油燃烧时灯油质量在不断减小，热值 （选填“变大”、“不变”或“变小”）；夹层注水，利用水的 大的特点，降低油温，减少了油的蒸发，达省油目的。 8．南海区桂城千灯湖公园修有人工湖和大面积绿化草地，盛夏时能大大减弱周围地区的“热岛效应”。从物理角度讲，利用了水的比热容 （选填“大”或“小”），起到调节气温的效果。公园周边配有共享自行车，为减少燃油车使用时在 冲程排出废气，并减少废气 （选填“放出”或“吸收”）的热量，可以缓解“温室效应”。 9．“黄河故道芳菲天，大套梨花来相见”，2025年中国滨海梨花节即将到来。花开时满园梨花香扑鼻而来，这是 现象，说明 ；“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠气候的生动描写，而沿海地区昼夜温差则不大，这是因为砂石与水的 不同。 10．将质量相等、底面积相等、高度不等的甲、乙、丙三个金属圆柱体，加热到相同的温度后，同时放到上表面平整的大冰块上，经过一段时间后，大冰块形状不再变化时的情形如图所示。对于这三个金属体：对大冰块的压强大小关系是 （用符号加角标甲乙丙表示），内能改变量最大的是 。 押题猜想15 透镜规律及其应用 【母题】如图所示，许多超市为方便顾客结账，安装了“刷脸机”，它的摄像头实际上是凸透镜，该类透镜制作成眼镜可以用来矫正 视眼；人要站在“刷脸机”的二倍焦距以外，就能成 （选填“放大”或“缩小”）的实像；当人远离“刷脸机”时，这个像将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 押题解读 本题是对凸透镜成像规律在生活中应用考察，包括眼睛视力的矫正，凸透镜成像规律的应用及成像大小的变化情况。 考前秘笈 秘笈1：请牢记规律：一焦分虚实，二焦分大小；虚像同侧正，实像异侧倒；物近像远像变大，物远像镜像变小； 物距（u） 像距（v） 正倒 大小 虚实 应用 特点 特点 u>2f 2f>v>f 倒立 缩小 实像 照相机、摄像机 - 物像异侧 u=2f v=2f 倒立 等大 实像 测焦距 成像大小的分界点 物像异侧 2f>u>f v>2f 倒立 放大 实像 幻灯机、电影放映机、投影仪 - 物像异侧 u=f - - - 不成像 强光聚焦手电筒 成像虚实的分界点 - f>u v>u 正立 放大 虚像 放大镜 虚像在物体的同侧且之后 物像同侧 1．实验室里某物理小组采用平行光聚焦法测量凸透镜的焦距，如图所示。在用该凸透镜探究凸透镜成像规律的实验时，将一点燃的蜡烛放在距离该凸透镜12cm的位置，则在光屏成 （填写成像的性质）像。 2．如图所示，有一条经过平面镜反射过点P的反射光线且平行于主光轴入射到凹透镜上，S′为像点，请确定点光源S的位置，并补全光路图 。图中的凹透镜对光有 作用。 3．如图所示，小明在探究光的色散现象时，看到白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、 、紫的色带，小明对产生的原因进行了思考，认识到三棱镜对不同的单色光偏折程度是不同的， 光偏折最大。受此启发，小明想：如果用一束红光和一束紫光分别平行于同一个凸透镜的主光轴射入，应该会看到红光照射时凸透镜的焦距 紫光照射时凸透镜的焦距（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 4．爱米制作照相机模型：把纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌了一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个模型照相机如图。如果看近处的景物时成的像很清楚，再看远处的景物时，就应该 （选填“增加”、“减小”）A、B间的距离，像会变小。 5．某同学在做“探究凸透镜成像规律”实验时，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示时、光屏上出现烛焰清晰的象（像未画出），则像的特点是倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。 6．松香是松柏科植物滴落的树脂，遇冷发生 （填物态变化名称）形成的，松香加热的过程中会变软变稀，它属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。松香掩埋在地下千万年石化形成琥珀，如图是一颗极为珍贵的昆虫琥珀，我们看到的昆虫，是由光发生 现象而产生的虚像，使用相机拍摄记录时，若要看到昆虫身体的细微之处，相机镜头应该 （选填“向外伸”或“向内缩”）。 7．如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”实验中，若将点燃的蜡烛依次放在a、b、c三处， 处得到的实像最大，放在 处得到的像是虚像。 8．图是激光内雕工艺品及其雕刻原理图，该工艺利用凸透镜对激光束有 作用，使能量集中在玻璃内部特定点，将光能转化为 ，使该点玻璃受热细微暴裂，雕出精美图案。 9．无人机利用携带的微型摄像机（镜头焦距一定）进行航拍，地面的景物通过摄像机镜头形成倒立、 的实像；教室中都安装了电子白板，老师精心准备的各种素材投影在白板上，为同学们获取知识服务。投影仪成像时，像距 物距（选填“小于”、“大于”或“等于”）。 10．用镜头焦距不变的照相机拍出了蝈蝈的照片如图甲所示，现要拍出如图乙所示的照片，则照相机需 蝈蝈，镜头向 （选填“前”或“后”）调节。 押题猜想16 电与磁现象及其分析 【母题】如图甲是小明在跨学科实践活动中制作的磁悬浮台灯，灯泡内部装有磁体和半导体芯片，灯座内有如图乙的电磁铁。灯座通电后，灯泡会悬浮在灯座上方，半导体芯片发光。灯泡悬浮是利用了同名磁极相互 。根据通电后电磁铁的磁极可判断电源的上端为 极。若要增强电磁铁的磁性，可以采取的措施是 。（写出一条即可） 押题解读 电磁学要结合电学中相关知识，综合考察学生分析能力。填空题可结合能量转化等综合考察。 考前秘笈 掌握电生磁、磁生电等相关知识点和应用，注意电磁继电器和生产生活中的应用。 1．如题图，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行。使导线与电池触接，观察到小磁针发生偏转。说明通电导线周围存在 ，还说明力能改变物体的 。要想改变小磁针偏转方向，可以改变导线中的 。 2．小明想要探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”，他设计的实验电路图如图所示。连接如图所示电路，提供足够数量的大头针，通过比较吸引大头针的数量可以探究 对电磁铁磁场强弱的影响；通过 可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响。 3．导体棒ab在蹄形磁体中静止时，小磁针的指向如图所示，小磁针北极指向地理方位的 极（选填“南”或“北”）；当让导体棒ab水平向右运动时，小磁针逆时针偏转90°，可以判断导体棒中电流方向 （选填“由a到b”或“由b到a”）；此时导体棒 端为电源正极（选填“a”或“b”）． 4．如图所示，请根据小磁针的指向，判断图中电源A端为 极，螺线管的Q端为 极。 5．在题图所示中，闭合开关，导体AB在磁场中沿 （选填“左右”或“上下”）方向运动时，灵敏电流计指针会发生偏转，这就是 现象。人们根据此现象发明了 （选填“电动机”或“发电机”）。 6．如图所示，当导线通电时，位于导线正下方的小磁针发生偏转；切断电流时，磁针又回到原位。这一现象说明 。小明同学将电源的正负极对调后，发现小磁针的偏转方向发生了改变，据此现象可以提出的可探究的科学问题是 。 7．公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载为：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”是由于受到 的作用；“柢”即握柄，是磁体S极，静止时它指向地理的 极附近。 8．1831年，英国物理学家法拉第发现了 现象，该发现进一步解释了电与磁的联系，开辟了人类的电气化时代。如图所示，可判定电源右端是 极（选填“正”或“负”）。 9．如图甲，在静止的小磁针上方拉一根通电直导线，小磁针发生了偏转，此现象说明了 ；如图所示是动圈式话筒构造示意图，人对着话筒说话或唱歌引发膜片振动，它利用 原理，将声音信息转化为电信息。 10．心肺机的功能之一是用“电动泵”替代心脏博动，推动血液循环。如图所示，将线圈ab缠绕并固定在活塞一端，利用其与固定磁铁之间的相对运动，带动电动泵中的活塞，使血液定向流动；阀门、都只能单向开启，反向则封闭管路。当线圈中的电流从a流向b时，线圈的左端为 极，活塞将向 运动，“动力泵”处于 （填“抽血”或“送血”）状态。 押题猜想17 声现象及其辨析 【母题】《天工开物》是我国古代的科学著作，其中这样写道：“凡河滨有制篱车者，堰陂障流绕于车下，激轮使转，挽水入筒，—顷于枧内，流入亩中，昼夜不息，百亩无忧。”该段文字描述了筒车这样一种以水流作动力，用来取水的机械，如图所示。从能量转化的角度，筒车的工作原理可以理解为将水的 能转化为水的重力势能。筒车“昼夜不息”， （能/不能）说明它就是永动机。 押题解读 以中国古代水车为考题背景，利用水流带动轮毂的转动，考察学生理解能量的相互转化，为以后的高中学习打下一定的基础。 押题解读 秘笈1：动能+重力势能+弹性势能=机械能 秘笈2：在初中阶段，当物体无外力作用下并且不受摩擦力时，其机械能守恒。 1．《天工开物》记载了一种给稻谷去壳的工具一脚踏碓（duì），用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落。如图所示，脚向下踏时，脚踏碓属于 杠杆，碓头重力势能 （选填“增大”“减小”或“不变”）；碓头部较细，是为了减小 ，增大压强。 2．4月25日，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空（如图甲）。火箭加速升空时，神舟十八号载人飞船的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。如图乙是用可乐瓶自制的水“火箭”，用气筒向瓶内打气过程中是通过 方式使瓶内空气的内能增大的。水冲开塞子喷射出来，“火箭”向上飞向空中，该过程相当于内燃机的 冲程。 3．如图，轻质细线下方挂一个重4N的小球，无风时静止在B位置，现在水平向左吹来一阵风，小球缓慢运动到A位置静止，测得，则风此时的推力 （大于/等于/小于）4N。从B到A的过程中小球的机械能 （变大/变小/不变）。 4．2023年4月21日晚，500架无人机腾空而起，在赣江上空呈现出“阅享新时代”“书香赣鄱”等画面，迎接“世界读书日”的到来，如图所示。当无人机匀速升空时，其机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”），组成图案后，无人机之间应相对 （选填“运动”或“静止”）。 5．如图所示，排球比赛时球被扣出主要表明力可以改变物体的 ，运动员在向上跃起的过程中，重力势能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。以地面为参照物，扣球运动员是 的（选填“运动”或“静止”）。 6．如图所示，运动员借助撑杆起跳时，撑杆弯曲说明力可以使物体发生 ，同时撑杆帮助运动员向上跳起，说明物体间力的作用是 的。运动员上升过程中，其重力势能 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 7．如图所示，是冬奥历史上最年轻的金牌获得者苏翊鸣在比赛中的情景：他从大跳台滑下后高高跃起，在空中完成各种动作后落回地面。他在下落过程中是把 能转化为动能（不计空气阻力）；以他为参照物，大跳台是 的（选填“运动”或者“静止”）。 8．年月日时，“长征五号”B运载火箭搭载新一代载人试验飞船在海南文昌发射。如图所示为火箭加速升空的画面，不考虑火箭升空时质量变化，这段过程中火箭的动能 ，机械能 （前两空均选填“变大”“不变”或“变小”。 9．如图，一位摄影爱好者用频闪摄影拍摄的极限跳伞运动员从悬崖上跳下的过程。从运动员离开悬崖时开始，每隔曝光一次，得到了一张记录运动员在打开降落伞之前的一段下落情况的照片。已知从点到点可视为沿竖直方向运动，空气阻力不能忽略。则运动员从点到点的下落过程，用时 s，运动员的机械能 （选填“守恒”或“不守恒”），bc段比cd段重力做功 （选填“大”或“小”）。 10．篮球从A点抛出，飞过最高点C到达D点过程中，被频闪照相机以每隔0.02s曝光一次的形式记录下来，如图所示，球从B点到D点用时 s，球的机械能 （选填“不变”“变小”或“变大”）；B到C克服重力做功平均功率与C到D重力做功平均功率之比为 。 押题猜想18 二力平衡的应用 【母题】小木块A放在长木板B上，弹簧测力计一端接A，另一端固定在墙壁上，长木板B放在粗糙的水平地面上。长木板B在力F作用下向左运动，稳定时水平弹簧测力计的示数为T，A相对于地面是 （选填“静止”或“运动”）的；若增大拉力F使木板加速运动，弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 押题解读 通过弹簧测力计拉放在水平面上物体，利用力的平衡，通过弹簧测力计的读数可以求出物块在桌面上的摩擦力的大小。主要考查学生对二力平衡的理解，以及简单的受力分析。 考前秘笈 秘笈1：二力平衡条件的判断：作用在同一个物体上的两个力，大小相等、方向相反，并且在同一条直线上。 秘笈2：影响摩擦力大小的因素包括压力大小和接触面的粗糙程度，与运动快慢和压力的大小无关。 1．如图，物体A和物体B叠放在水平桌面上，水平拉力为F=5N，作用在物体B上，使AB一起做匀速直线运动，f1和f2分别表示B与A、B与桌面的摩擦力的大小，则f1= ，f2= 。 2．如图所示，用6N的力握住水杯静止不动，水杯受到的重力与 是一对平衡力。如果将手握水杯的力增大为8N，水杯仍然保持静止，那么手与水杯之间摩擦力的大小 （填增大“减小”或“不变”）。杯中倒入水后手与水杯之间摩擦力的大小 （填“增大”“减小”或“不变”）。 3．如图所示，右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，结果两只小船将向 （选填“相同”或“相反”）方向移动，这说明力可以改变物体的 。 4．如图所示，用4N的水平拉力拉着木块在水平桌面上做匀速直线运动，当拉力变为6N时，木块受到的摩擦力为 N。 5．如图所示，妈妈叫小李同学去超市买酱油，小李手握着一瓶总质量为的酱油向家匀速行走，则小李对瓶子的摩擦力大小为 N。 6．两个表面粗糙程度完全相同的物体A和B叠放在一起（如图甲），在的水平拉力作用下，在水平面上一起做匀速直线运动；若A、B两物体用一根质量不计的细线相连，（如图乙）在F2的作用下在同水平面上做匀速直线运动，此时拉力 N。 7．如图所示，在固定的水平长木板上放一个木块，用弹簧测力计水平拉木块，当弹簧测力计示数为2N时，木块静止不动；当弹簧测力计示数为4N时，木块恰能在长木板上做匀速直线运动。撤去拉力，木块并没有立刻停止，这是因为木块具有 ；木块最终速度减小至零，是因为受到了滑动摩擦力，该力的大小为 N。 8．重200N的木箱放在粗糙程度相同的水平地板上，用水平推力推木箱。推力为30N时，没推动，木箱所受摩擦力为 N；推力为50N时，木箱做匀速直线运动；推力为80N时，木箱做加速运动；撤去推力，木箱做减速运动，它所受摩擦力为 N。 9．如图所示，物体A重力大小为10牛，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化了4.9牛，则其排开水的重力为 牛；剪断图中细线的瞬间，物体A所受的合力大小为 牛，方向为 。 10．如图所示，一个物体重10N，用30N的力F垂直于墙壁压住物体使其静止，则物体受到的摩擦力大小是 N；若压力增大到50N时物体仍然静止，则物体受到的摩擦力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 押题猜想19 光现象及其分析 【母题】视力监测是儿童青少年近视预防工作的重要一环。为了准确测量学生视力，通常要求眼睛与视力表保持5m的距离。由于房间长度有，医生把视力表放在被测者头部的后上方，让被测者识别对面墙上镜子里的像（如图所示），此时视力表在镜中成的是 像（选填“实”或“虚”），被测者应距平面镜 m。 押题解读 近年各地中考光学题，考查内容主要集中在光的直线传播（解释现象）、光的反射与折射（科学探究、作图、现象解释）、平面镜成像（特点及其应用、作图、探究实验）、光的色散（探究实验）、红外线和紫外线的应用上.其中光的色散、平面镜成像等是中考的热点问题。试题在注重考查基础知识的同时，主要考查学生运用相关光学知识分析、解释实际问题的能力。 考前秘笈 熟记日常生活中常见的光现象。透过光现象，揭示本质，即明确各种光现象的成因是解决问题的关键。分析如下： ①光的直线传播现象：小孔成像（树荫下的光斑）、日月食的形成、影子的形成； ②光的反射现象：平面镜成像、汽车观后镜中的像、水中的“倒影”； ③光的折射现象：海市蜃楼、水中的筷子弯折、看到水中的鱼、水底变浅、透镜成像、光的色散（彩虹的形成）。 1．如图所示，平面镜M放置在水平桌面上，光源S发出一束激光射到镜面上，经反射后在标尺上形成光斑P。若在桌面右端用力向上提桌面，使桌面绕点O转动到与水平面成5°夹角，则此时标尺上的光斑向 （选填“左”或“右”）移动，反射光线与入射光线夹角变化 °。 2．如图，小红站在平面镜前跳舞，向平面镜移动2m用时5s，则她在镜中的像移动的平均速度是 ，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 3．艾灸是中华医学的瑰宝，利用艾条燃烧产生的热量刺激人体穴位，可以达到防病治病的目的。如图所示用艾柱熏烤患者的穴位时，闻到浓浓的艾草药香，这是 现象，艾灸的部位有温热感，是 ，（选填“红外线”，“紫外线”或“超声波”）通过 的方式使其内能增加的。 4．诗句“香炉初上日，瀑水喷成虹”描述了如图所示的情景，太阳刚升起时，彩虹主要是由于光的 （选填“折射”或“反射”）形成的。人们在水中可以看到自己的像，当人远离水面时，所成像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 5．初春，鄱阳湖湖口水域聚集了上千只迁徙而来的白天鹅等飞鸟，非常壮观。如图所示，当白天鹅远离水面时，它的像的大小 （填“变大”“变小”或“不变”），此时以天鹅为参照物，湖是 的（填“运动”或“静止”）。 6．如图所示，让一束光斜射向桌面上的平面镜上，墙壁上就会出现一个明亮的光斑，这是由于光的 （选填“反射”或“折射”）形成的；将这束光平行向右移动，墙面上的光斑会向 （选填“上”或“下”）移动。 7．傍晚，小华对着清澈平静的湖面看到了湖底游动的鱼，看到的是鱼的 （选填“虚”或“实”）像。假设鱼也看到了小华，则鱼看到的“小华”身高比小华的实际身高要 （选填“高”或“矮”）。 8．如图所示为“探究光的反射规律”的实验装置。采用可转折的两部分纸板是为了研究 、入射光线和法线是否在同一平面内；实验中，从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了 （填“镜面”或“漫”）反射。 9．在研究光的色散实验中，小明进行了实验操作，并在白纸做成的光屏上获得了一条彩色的光带（如图），则彩色光带中的红光靠近光带的 （选填“A”或“B”）处；A处光速 B处光速，（选填“大于”“等于”“小于”）人们能从不同的角度看到鲜花，是因为阳光在鲜花表面发生了 。 10．冬季的滑雪场，阳光照到雪地上，晃的小明睁不开眼，“晃眼”是因为光发生了 反射；小明穿的黄色外套可以 （选填“吸收”或“反射”）黄光。 押题猜想20 大气压强的理解与分析 【母题】如图是小明甲家盆景的自动供水装置，其原理如下：装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口被水浸没，此时瓶中的水不会下降，这是由于 的作用，当盘中水位下降使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，由于 的作用瓶中水就会流出，又使盘中水位升高，直至瓶口再次被水浸没，这样盆景盘中水位始终保持一定高度。 押题解读 本猜想利用潜水艇作本考题背景，考查潜水艇的工作原理，利用阿基米德原理计算潜水艇受到的浮力大小。此类题型综合性较强，一般都有一定的难度，在复习时，多受力分析，运用力的平衡求解。 考前秘笈: （1）佰努利原理：流速越大，压强越小。越窄的地方，流速越快，其压强反而越小。 （2）利用内外压强相等建立平衡方程（或利用多力平衡，建立平衡方程）。 1．将自制水银气压计带到某地，两侧液面高度差如图，则此地的大气压强为 Pa；若将其往海拔高处放置，液面高度差将 。（ρ水银=13.6×103kg/m3，g=10N/kg） 2．如图是在某地做托里拆利实验时的情景，已知所用水银的密度为13.6×103kg/m3，则该地大气压的值为 Pa。（g取10N/kg） 3．小海提着如题图1的自制气压计从一楼走到十楼，观察到吸管中的液面上升，说明大气压强随海拔高度升高而 ；如题图2所示，小珠往B管中吹气，可看到A管中的液面 。 4．（1）利用如下方案测量大气压的大小：将两端开口的玻璃管竖直置于水银槽中，上端抽气，水银柱液面稳定后如图甲，此时的大气压相当于 m水银柱所产生的压强，A点处液体的压强为 Pa；将玻璃管倾斜，相比甲图，乙图水银柱稳定后管内和管外液面的高度差 （选填“变大”“变小”“不变”）； （2）丙图用吹气装置在玻璃管上方沿水平方向吹气，玻璃管内的液面将会 （选填“上升”“下降”“不变”）。（，g=10N/kg）    5．如图所示，用两个吸盘模拟马德堡半球实验：将两个吸盘对接，用力挤压出空气后难以将其分开，吸盘内部属于 状态，说明吸盘内部气体压强 （选填“大于”“等于”或“小于”）大气压强；若在吸盘上截一个小孔，吸盘内部气体压强会变 ；若在海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越 。 6．如图甲所示，将空玻璃杯中放如一乒乓球，沿图示方向用力吹气，我们发现乒乓球会跳出玻璃杯，这说明流体在流速大的地方压强 ；随后将杯子内装满水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出，这是由于 的作用。 7．图甲为我国战国时期的青铜汲酒器及其简意图。如图乙将其放入酒中时，汲酒器和酒缸就构成了一个连通器，酒水由底部的圆孔流进汲酒器内，用拇指压住孔并向上提起，在 的作用下酒水不会从孔流出；松开拇指，在重力的作用下酒水便会缓缓流下。图丙为我国古代劳动人民创造的针灸，针灸之前，用高温蒸气对“复用针”（可多次使用的针）消毒时，“复用针”的温度会升高，这是通过 的方式改变了针的内能。 8．如图为机翼的模型图，我国自主研制的国产大飞机C919在轨道上高速滑行时，机翼上方受到空气的压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）下方受到空气的压强；在我国的青藏高原，如果没有高压锅，“生米煮成熟饭”是不可能的，煮软了仍是夹生的，这是因为海拔越高，气压越低，沸点越 。 9．如图1，将水桶平放在地面上，向桶中倒入少量酒精，点燃酒精后，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中，内能转化为 能，该能量转化过程与汽油机 冲程的相同；燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，在 的作用下，水桶变扁，如图2所示。 10．如图所示，将总质量为5g的装有适量水的玻璃小瓶瓶口朝下，使其漂浮在大塑料瓶内的水面上，即可制成浮沉子，此时小瓶受到的浮力为 N，如果增大手对塑料瓶的握力，小瓶将会下沉，小瓶内的气压将 （填“变大”“变小”或“不变”），下沉时小瓶受到的浮力 （选填“大于”“小于”或“等于”）重力。 押题猜想21 欧姆定律和电功的计算 【母题】如图甲为宾馆的房卡，把房卡插入槽中，房内的用电器才能工作。房卡的作用相当于电路中的 ，一般照明电路的电压为 V。该宾馆的电能表如图乙所示，小红测得当只有照明灯单独工作时，电能表转盘在10分钟内转过了30转，已知电能表规格为，则该用电器的电功率为 W。 1．如图所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器标有“？ ”的字样，，电流表的测量范围是，电压表的测量范围是。当闭合，接b，滑动变阻器滑片移到最大阻值处时，电流表的示数为，则滑动变阻器的最大阻值为 。任意闭合或者断开开关，在保证电路安全的情况下整个电路的电功率最大值比最小值多 W。 2．一辆新能源电动汽车具有车速提醒功能，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该车提醒功能的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10，Rv为阻值随车速变化的电阻，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。当车速达到120km/h时，观察到电压表示数为10V，且报警铃声响起。该车驶人某高速服务区充电，充电后充电桩显示屏的信息为：充电电压360V，时间30min，单价1.2元/度，费用43.2元。则本次充电的电流为 A；当电压表的示数为9V时，此车的速度为 km/h。 3．如图所示，已知电源电压为3V，小灯泡L的规格“3V；0.9W”，滑动变阻器的规格“20Ω   1A”，电流表量程为0～3A，则小灯泡正常发光时阻值RL= Ω。当开关S1、S2同时闭合，向右移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度将 （选填“变亮”、“变暗”或“不变”）；在保证各元件安全工作的情况下，调节电路，电路中消耗的最大总功率为 W。 4．小明测量小灯泡的额定功率（额定电压为3.8V）的实验电路图如图所示，电源电压大约4.5V且恒定不变，由于电压表只有0~3V量程可用，聪明的小明调整实验方法仍然准确测出了小灯泡的额定功率。他连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3V，然后断开开关，将电压表并联在滑动变阻器两端，再次闭合开关后，观察电压表并移动滑动变阻器滑片，直至电压表示数 ，读出此时电流表示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为 W。 5．小明用题1图的电路的做“测量小灯泡电功率”实验，绘制了如题2图所示的图像。已知电源电压3V，灯泡的额定电压为2.5V，此图像不是直线的主要原因是灯丝电阻受 的影响。实验中滑动变阻器的最大阻值可能是 （选填“10Ω”、“20Ω”或“30Ω”）。若灯泡两端的电压依次增大为U1、U2、U3时，灯泡对应的功率分别为P1、P2、P3，相邻两次的电压差U2-U1＝U3-U2，则P2-P1 P3-P2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 6．如图甲所示，电源电压恒定不变，在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器滑片P，恰好让灯泡L正常发光；分别记录三个电表的示数，并绘制成如图乙所示的关系图像，则滑动变阻器R接入电路中的最大阻值为 ；小灯泡L的额定功率为 W；滑片P向左移动过程中，电压表与电流表A示数之比 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 7．如图所示是一款电热饭盒及其内部简化电路，R1、R2为两个发热电阻，阻值分别为110Ω、40Ω，饭盒有“高温”和“低温”两个挡位。当S接1时，该饭盒处于 挡；当S接2时，发热电阻1min产生的热量为 J。 8．如图甲所示，R0为定值电阻，灯泡L标有“5V 2.5W”字样，电源电压保持不变。闭合开关，滑动变阻器R的滑片从某一位置移到某一端的过程中，电压表V1和V2示数与电流表A示数的关系如图乙中的两图线所示。则灯泡L正常发光时的电流为 A，电压表V2与电流表A的关系图线是 。上述过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变化了 Ω，电路消耗的总功率变化了 W。 9．如图所示电路，电源电压恒定，电流表量程为0~3A，小灯泡L标有“6V 3W”字样，R1的阻值为40Ω，滑动变阻器R2标有“40Ω 2A”字样，只闭合开关S2，R2的滑片P移至中点时，电流表的示数为0.5A，则电源电压为 V。只闭合开关S1，电流表的示数为0.35A，10s内小灯泡中电流做功为 J。闭合开关S1，S2和S，为保证电路安全，R2允许调节的阻值范围为 Ω，移动R2的滑片P的过程中，R2的电功率与R1的电功率的最大比值为 。 10．在图甲所示的电路中，电源电压恒为9V。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端开始向左滑动，直至小灯泡L正常发光。该过程中，电流表的示数与滑动变阻器R接入电路中的电阻的关系如图乙所示。小灯泡L的额定电压为 V，正常发光时的电阻为 Ω。该过程中，整个电路消耗的电功率最小为 W。 押题猜想22 压强和浮力的综合计算 【母题】如图所示，水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种液体，将棱长分别为5cm和8cm的A、B两个正方体，按图示方式放入液体中，待静止后，B刚好浸没在甲液体中，A刚好浸没在乙液体中，且两杯中液面恰好相平。甲、乙液体对杯底的压强分别为p1和p2，排开液体的质量分别为m1和m2，两烧杯对水平桌面的压力分别为F1和F2，则它们的大小关系为：p1 p2，m1 m2，F1 F2（均选填“>”“=”或“<”）。若乙为水，则A和B的总质量为 kg。 押题解读 浮力和压强的综合计算是中考物理的难点之一。物体在液体中的浮沉情况、浮力的计算以及液体压强的计算等相互关联，在各种实际问题中经常出现。通过创设与浮力、压强相关的情境，考查学生对这些知识点的理解和综合运用能力是常见的考查形式。 考前秘笈 牢固掌握浮力和压强的基本概念和计算公式，明确物体在液体中的受力情况。在解题时，要认真分析物体的状态和受力情况，结合浮力和压强的规律进行计算。要注意对液体深度、密度等因素的准确把握，以及对浮力与重力、浮力与压强之间关系的理解。通常需要综合运用多个知识点进行分步计算和推理，要灵活应对各种复杂情况。 1．图中是“远望6号”远洋测量船，排水量为25000吨，满载时受到的浮力为 N。“远望6号”可在南北纬60度以内的任何海域航行，完成对各类航天飞行器的海上跟踪、测控任务。船静止在测控点水下3m处船体受到海水的压强为 Pa。取， 2．我国055型万吨级驱逐舰“延安”号排水量约12000t，吃水深度6.6m，该舰满载时受到的浮力大小为 N；“延安”号发射多枚导弹后吃水深度会变 。 3．“三峡天下壮，请君乘船游”。某游轮满载时的排水量为4050t，吃水深度为2.5m，则满载时，游轮受到的浮力是 N，排开水的体积为 ，游轮最底部受到水的压强为 Pa。（，取） 4．如图所示，底面积为200cm2，高为15cm的薄壁圆柱形容器A放在水平桌面上，其内部装有1.4kg的水。物块B和物块C均是边长为10cm的正方体，其中物块B的密度为0.8×103kg/m3，物块C的质量为1.2kg。则物块C所受的重力大小是 N，水对容器A底部的压强为 Pa。将物块C叠放在物块B上后，缓慢放入容器中，待两物块静止后（B、C接触面仍然保持水平），此时C对B的压力大小为 N。(ρ水=1.0×103 kg/m3，g取10N/kg） 5．如图甲所示，物体A是边长为10cm的正方体，硬杆B一端固定在容器底，硬杆B受到物体A的作用力F随水深h变化的图象如图乙所示，不计杆的质量和体积。则物体A重 N，当物体A刚好浸没时，硬杆B受到物体A的作用力 N，方向 。 6．如图甲，是密度小于水、高为的均匀柱体（不吸水），是重为、底面积为的薄壁柱形容器，装有深的水，此时底部受到水的压强为 。将沿水平方向切去高为的部分竖直放入中（水未溢出）水的深度随切取高度的变化关系如图乙所示。当时，容器对桌面的压强为 。（，g取） 7．如图甲所示，体积可忽略不计的轻质硬杆B一端固定在容器底，一端与不吸水的实心正方体A固定。现缓慢向容器中加水，当水深为15cm时正方体A刚好浸没，杆B受到正方体A的作用力F随注水深度变化的图像如图乙所示。则杆B的长度为 cm，当F大小为0时，容器底部受到水的压强为 Pa。 8．小李同学做“探究浮力大小影响因素”的实验。他将重为4牛的物块用细线挂在弹簧测力计挂钩上，当物块浸没在水中静止时测力计示数如图所示，则物块所受的浮力大小为 牛、方向竖直 。他多次改变物块浸没在水中的深度，观察到测力计示数始终保持不变，这表明：当物体浸没在水中时， 。 9．如图所示，物体A重力大小为10牛，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化了4.9牛，则其排开水的重力为 牛；剪断图中细线的瞬间，物体A所受的合力大小为 牛，方向为 。 10．有不吸水的圆柱体，顶部系有一根轻质细线，已知的质量为0.66kg，密度为，圆柱体的底面积为，则圆柱体的体积为 ，现将圆柱体竖直放入薄壁柱形容器中，如图甲所示，然后向容器中缓慢加入液体（），直至加满，液体体积与深度的关系如图乙所示，则薄壁柱形容器底面积为 ，当液体加满后，用细线将竖直向上提升2cm时，细线的拉力为1.8N，液体的密度为 取。 押题猜想23 电与热的综合计算 【母题】小华家电茶炉的加热电阻为60.5Ω，家用电能表的信息如图所示，只将电茶炉接入220V的家庭电路中正常工作10min，刚好将电茶炉内1kg的水从20℃加热至100℃，则水吸收的热量为 J，电茶炉烧水的效率为 ，电能表指示灯应闪烁 次。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）] 押题解读 本题是一道热学和电学相结合的综合题，结合比热容公式和焦耳定律，求解电能表表盘转动的转速问题，综合性较强，此类题型，也是中考常考的题型之一。 考前秘笈 秘笈1：焦耳定律Q=I2Rt 秘笈2：吸放热公式： 1．电暖器通过 方式改变周围空气内能。电暖器面板上标有“禁止覆盖”警示语，若将一块质量为200g棉布覆盖在电暖器上方，在800W功率下正常工作10min，消耗的电能产生的热量有被棉布所吸收，，则棉布温度将升高 ℃，产生安全隐患。 2．如图是养生壶的工作电路图，它有加热、保温两个档位。加热档额定功率为800W，R1、R2是电热丝（阻值不变），其中R2＝550Ω。当开关S接点时，养生壶处于 档；养生壶加热档正常工作时通过的电流为 A；养生壶加热档正常工作5min消耗的电能为 J，若养生壶的工作效率为84%，则能使初温为20℃，体积为1L的水升高 ℃。 3．节约用电是一种美德，1度电能够使25W的灯泡正常工作 h；一火力发电站每天燃烧煤炭2.4t，产生的电能约有2.16×1010J，则该火力发电站的热效率为 。（煤炭热值为3×107J/kg） 4．某电热水器的额定功率为2000W，正常工作70min，可将50kg的水从20℃加热到58℃，则水吸收的热量为 J，该电热水器的效率为 。[c水=4.2×103J/(kg·℃)] 5．如图所示，是一款功率1600W的电茶壶，壶内装有500mL的水，A点离水面的深度h为7cm，则A点受到水的压强为 Pa；该电茶壶产生热量的87.5%被水吸收，则将壶内500mL的水从20℃加热到100℃，用时 min。[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg] 6．某电热水壶的简化电路如图所示，和为电热丝。当开关闭合、 （填“闭合”或“断开”）时，电热水壶处于高温挡，功率为。电热水壶用高温挡加热水，这段时间内电热丝放出的热量是 J；若这些热量全部被水吸收，能将 的水从升高到。（） 7．如图，是小李新购置的便携式电热水杯及其相关参数。则电热水杯正常工作时的电流是 A，加热电阻是 。正常工作，消耗的电能是 J。在水杯中装满初温为20℃的水，将其加热到40℃，水吸收的热量 J。 8．用一只标有“220V，880W”的电热壶烧水，忽略温度对电阻的影响以及热量的损失，该热水壶电阻丝的阻值为 Ω，把它接入220V的电源上时，在10min内可将一壶水烧开，此时水吸收的热量为 J，若把它接入110V的电源上，烧开同样一壶水所用的时间为 min。 9．用一个标有“220V、800W”的电加热器给0.4kg的食用油加热，用时2min，将初温为20℃的食用油加热至110℃，在此过程中食用油吸收的热量为 J，若电加热器正常工作，则此次电加热器消耗的电能为 J。（） 10．一台额定功率为2000W的电热水器，水箱内装有50kg的水，要把这些水从20℃加热到60℃，水吸收了 J的热量，如果电热水器的电热转化效率为80%，热水器正常工作需要 s；若水吸收的热量全部由燃烧天然气提供，则需要完全燃烧 m3的天然气。[已知c水=4.2×103J/(kg•0C)，q天然气=4.2×107J/m3]。 押题猜想24 力学知识在生活中的应用 【母题】如图1所示，我国有的地方会用杆秤给小孩称体重，俗称“立夏称人”。调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（不计绳重和杆重）。如图2为杆秤示意图，已知秤砣质量为3kg，篮子质量为2kg，此时OA=5cm，OB=40cm，则小孩重为 N。 押题解读 本题以杆秤为考题背景，是力学的综合考察是中考的必考的题型之一，考察杠杆。 考前秘笈 中考物理力学知识在生活中的应用总结： 1. 重力与二力平衡 重力竖直向下，用于制作重垂线和水平器。二力平衡原理助于判断物体运动状态，如测滑动摩擦力和浮力。例如，衣服用塑料绳环套增加稳定性，应用平衡原理。 2. 密度与压强 密度用于鉴别物质，判断物体浮沉。液体压强随深度增大，应用于水坝设计和潜水深度限制。麻绳提豆腐提不起来，因受力面积小导致压强增大。 3. 杠杆原理 杠杆平衡条件助于判断省力或费力，进行相关计算。例如，称砣压千斤，动力臂与阻力臂比例决定动力大小。 4. 摩擦力 摩擦力普遍存在，如磨菜刀时浇水防止刀口硬度变小。减小摩擦力方法包括刀刃抹油，增大摩擦力方法如刀柄制成凸凹花纹。 5. 弹性与惯性 弹性是物体形状或尺寸改变后能恢复原状的性质，如运动器材利用弹性。惯性是物体保持运动状态不变的属性，如汽车设计减小阻力，刹车改变运动状态，体现惯性作用。 6. 连通器与浮力 连通器液面相平原理应用于茶壶、锅炉水位器。浮力原理解释物体在液体中的浮沉现象，如轮船、潜水艇利用浮力工作，密度计等工具也基于此原理。 中考物理力学知识在生活中应用广泛，掌握这些原理有助于理解生活现象。 1．将物体A、B置于如图所示的装置中，物体B恰好匀速下降，已知A重，底面积为200cm2，B重，底面积为300cm2，则A对地面的压强为 Pa，A受到地面的摩擦力为 N；若对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A在原来的水平面上匀速向左运动，则拉力F大小为 N。（不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间的摩擦） 2．如图所示，底面积为200cm2，高为15cm的薄壁圆柱形容器A放在水平桌面上，其内部装有1.4kg的水。物块B和物块C均是边长为10cm的正方体，其中物块B的密度为0.8×103kg/m3，物块C的质量为1.2kg。则物块C所受的重力大小是 N，水对容器A底部的压强为 Pa。将物块C叠放在物块B上后，缓慢放入容器中，待两物块静止后（B、C接触面仍然保持水平），此时C对B的压力大小为 N。(ρ水=1.0×103 kg/m3，g取10N/kg） 3．如图所示，无人机下方用细绳悬挂一个重物。不计空气阻力，当无人机带着重物竖直匀速上升的过程中，重物受到的重力为，重物对细绳的拉力为，细绳对重物的拉力为。上述，，三个力中，属于一对平衡力的是 。 4．如图所示，重为6牛的物体A通过滑轮在力F作用下2秒内匀速上升1米，若不计滑轮与绳的重力及摩擦，拉力F做的功 焦，功率为 瓦；在匀速上升的过程中，物体A受到的合力为 牛。 5．如图甲所示，物体A是边长为10cm的正方体，硬杆B一端固定在容器底，硬杆B受到物体A的作用力F随水深h变化的图象如图乙所示，不计杆的质量和体积。则物体A重 N，当物体A刚好浸没时，硬杆B受到物体A的作用力 N，方向 。 6．如图所示，重为20N的物体A放在水平桌面上，重为10N的物体B挂在重为2N的滑轮M下，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，物体B恰好能匀速下降，则物体A受到的摩擦力为 N；物体B下降0.5m时，物体A滑动的距离为 m。使用滑轮N的好处是可以 。    7．小妍坐在高速行驶的列车上，两枚硬币稳稳地立在车窗窗台上（如图所示），这里的硬币“稳稳地”是以 为参照物，小妍发现硬币突然自行向车头方向滚动，此时列车正在 （选填“减速”“匀速”或“加速”）前行。 8．如图甲所示，木块与小车一起做匀速直线运动，当小车的运动状态发生变化时，木块的状态如图乙所示。把木块换成盛有水的烧杯，重复上述过程，烧杯中水面的状态分别如图丙和丁所示。由图甲、乙或图丙、丁可知：小车运动状态变化的可能情况是 或 （请将两种可能的情况填写完整）。木块和水具有 的性质。 9．如图所示，当迷糊教授快速抽出桌布时，餐具并没有随桌布离开桌面，这是因为餐具具有 。桌上的茶壶和茶杯相比较， 的运动状态更难改变。 10．如图所示，物体A重力大小为10牛，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化了4.9牛，则其排开水的重力为 牛；剪断图中细线的瞬间，物体A所受的合力大小为 牛，方向为 。 题型三 解答题 押题猜想25 光路图 【母题】甲图是我国敦煌的塔式光热电站，它由12000面“定日镜”围绕吸热塔组成，每面镜子能追踪太阳并把阳光反射到塔顶的吸热器上。某时刻太阳在S点，地面上的一面追日镜MN恰好将太阳光反射到吸热器的A点，请在乙图中画出该时刻的反射光路（保留作图痕迹）。 押题解读 近年各地中考光学题，考查内容主要集中在光的直线传播（解释现象）、光的反射与折射（科学探究、作图、现象解释）、平面镜成像（特点及其应用、作图、探究实验）、光的色散（探究实验）、红外线和紫外线的应用上.其中光的色散、平面镜成像等是中考的热点问题.试题在注重考查基础知识的同时，主要考查学生运用相关光学知识分析、解释实际问题的能力.光学作图历来是中考的热点问题. 考前秘笈 （1）要借助工具作图，作图一定要规范。 （2）是实际光线画实线，不是实际光线画虚线。 （3）光线要带箭头，光线与光线之间要连接好，不要断开。 （4）作光的反射或折射光路图时，应先在入射点作出法线（虚线），然后根据反射角与入射角或折射角与入射角的关系作出光线。 1．盛水容器的底部P点有一枚硬币，水面上方有一发光点S，人眼在E处看到发光点在水中的像与看到的硬币重合，请在图中画出人眼看到S的像及看到硬币的光路图。 2．小文同学读到《钓鱼湾》中“潭清疑水浅，荷动知鱼散”这句诗，想到了光的折射规律。如图所示，水池底有一光源S，从岸上看到的像位于点，请画出图中SO这条光线相对应的折射光线。 3．如图所示，一束光从空气斜射入水中，照射在平面镜上并经平面镜反射，请画出这束光的折射光线和经过平面镜反射后的光线，并标明反射角。 4．图中O点为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点，光线a与凸透镜的主光轴平行，光线b通过凸透镜的光心。请在图中画出光线a的折射光线和光线b的入射光线。 5．古人云：“以铜为镜，可以正衣冠；以古为镜，可以知兴替；以人为镜，可以明得失。”图甲为著名的唐太宗自省图。请在图乙中画出他通过铜镜看到自己帽子（d点代表帽子）的光路图。 6．小明观察到汽车驾驶座位右前方都安装一个后视镜，如图甲所示。爸爸说开车时可通过调节后视镜观察到坐在后排的小明的一些情况。请在图乙中画出A处爸爸眼睛通过后视镜看到B处小明的光路图。 7．高铁上为了方便旅客观察到行李架上的物品是否有遗留，设计人员在行李架上方安装了一块平面镜。如图是其简化图，MN为平面镜，A是物品所在位置，B为旅客眼睛所在位置，请画出旅客通过平面镜看到A点物品的光路图。 8．汽车抬头显示简称HUD，如图甲所示，利用平面镜成像原理，将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃投射在驾驶员正前方，从而避免分散对前方道路的注意。请根据HUD原理，在图乙中作出人眼B通过前挡风玻璃看到显示屏上A点的像A'的光路图。 9．如图所示，从S点发出的一条光线，经平面镜反射后，其反射光线恰好通过P点，请你作出这条入射光线并完成光路图。 10．如图所示透镜的主光轴与水面恰好重合，作出经过透镜的折射光线和射出水面后的折射光线。 押题猜想26 杠杆力臂的画法 【母题】图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂l及物体所受重力的示意图。 押题解读 简单机械在中考中一般占2-4分，考查基础性知识，题型主要有填空、选择、作图、实验探究等.考查的知识点主要有：杠杆的分类、力臂的画法、利用杠杆平衡条件进行计算以及应用简单机械解决实际问题。 考前秘笈 画力臂：一找点：找支点；二画线：画力的作用线，需要延长的部分用虚线；三作垂线段：由支点向力的作用线作垂线，垂线段即为动力臂或阻力臂；四用括号来体现：用大括号（或双箭头）标出力臂，并用字母L1或L2标注，分别表示动力臂或阻力臂。 最小力臂的画法：此类问题中阻力×阻力臂为一定值，要使动力最小，必须使动力臂最大；因此画法如下：①先定最大动力臂：支点到动力作用点的连线即为动力的最大力臂（用虚线）；②再定最小动力：以动力作用点为垂足,沿动力方向（根据动力与阻力使杠杆的旋转方向相反来确定动力的方向）作动力作用点与支点连线的垂线，最后在垂线段末端标上箭头表示动力的方向。 1．如图甲所示是听直播课时所用的笔记本电脑，请在图乙中画出人掀开电脑屏幕的最小动力F及其力臂L。 2．图（a）是关闭水龙头的情景，图（b）为其杠杆原理模型，O为支点，请你画出施加在A点的最小动力。 3．作出如图中以l为力臂的动力及杠杆所受阻力（不计杠杆自重和摩擦）。 4．如图所示为学校垃圾桶的简化示意图，垃圾桶的桶盖可视为一个杠杆，O点为支点。请在图中画出打开垃圾桶的桶盖时，作用在A点的最小动力F的示意图及其力臂L。 5．按题目要求作图。如图1所示是个压核桃钳子，其简化示意图如图所示，请在图2中画出压核桃时的最小动力F1。 6．如图是用道钉撬来撬铁路枕木上的道钉，O是支点。请在图中做出它的动力臂L1和阻力臂L2。 7．如图是古代劳动人民用桔槔汲水的简化图，请画出杠杆上A点受到的拉力F1及其力臂。 8．甲图是使用核桃夹的情形，乙图是把核桃夹上臂简化成的杠杆，A为大拇指的作用点，B为核桃的作用点。请在答题卡的乙图中画出作用在核桃夹上臂的动力、动力臂和阻力。 9．如图所示是小明同学在做仰卧起坐时的情景，人体可看成杠杆模型，O为支点，肌肉的拉力F为动力，请在图中画出动力臂和阻力臂。 10．如图所示是家用水龙头的示意图，作用在A点的力F向上抬起把手可打开水龙头而流出自来水。若将“把手”视为绕O点转动的杠杆，请在图中画出作用在A点的最小动力的示意图并标出对应的动力臂。 押题猜想27 家庭电路与磁场的分析 【母题】请将图中的元件连入家庭电路（开关控制灯泡）。 押题解读 生活用电常识与人们生活联系密切，因此是中考的高频考点.考查的热点主要有：（1）家庭电路的连接（2）安全用电常识（3）测电笔的使用（4）家庭电路故障. 考前秘笈 家庭电路连接作图关键：①用电器和插座都是并联。②开关要接在火线上，开关和用电器串联，电灯泡的螺旋套要接在零线上。③三孔插座的正确连接是“左零右火上接地”。 注意：①画图时必须用直尺和铅笔，所作的线要横平竖直；②实线相接的地方必须用实点.③插头较长的脚与用电器的外壳相连。④口诀法识记灯泡的正确连接：火线零线并排走，零线直接进灯座，火线接进保险盒，再过开关进灯座。 1．如图所示，请根据安全用电原则，用笔画线代替导线将电路连接完整。要求：开关控制电灯。 2．小明家的洗衣机插头和墙上的插座始终相连，小明爸想安装如图甲所示的三孔带指示灯和开关的插座，开关闭合，指示灯亮，洗衣机通电；开关断开，指示灯灭，洗衣机断电。图乙虚线框内的是插座的内部结构图。请在图乙中用笔画线代替导线连接该插座的电路。 3．图中，用笔画线将灯（开关只控制灯）和插座分别接入电路中。 4．小巳同学搬入新家后，发现客厅安装了一盏吊灯L1和一个装饰壁灯L2。只闭合开关S1，吊灯L1正常发光；只闭合开关S2，装饰壁灯L2正常发光。同时，客厅还安装了一台落地扇，S3闭合后，顺时针旋转电位器（阻值连续可调的电阻器）风速增大。请在图中画出符合上述要求的家庭电路连接图。 5．如图所示，是未完成的家庭电路三孔插座和电灯电路图，请用笔画线表示导线，将插座、电灯和开关正确接入家庭电路。 6．如图所示，小磁针在条形磁铁的作用下处于静止状态，请标出小磁针的N极和条形磁铁磁感线的方向。 7．一款磁悬浮地球仪如图甲所示，其上方有一条形磁体（S极始终保持竖直向下），底座内有一电磁铁。当电磁铁通电后可实现地球仪的悬浮。图乙是其内部结构示意图，请在图乙括号内标出：①电磁铁下端的“N”或“S”极；②电源右侧的“+”或“-”极。 8．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，另一个带铁芯的螺线管置于条形磁铁右侧。闭合开关，条形磁铁处于静止状态，螺线管下侧的小磁针静止时N极指向左端。请你在通电螺线管上画出导线的绕向并标出磁感线的方向和条形磁铁受到的摩擦力示意图。 9．如图所示，闭合开关后，套在通电螺线管上的磁环会向右运动，已知磁环的左侧为N极，请在图中标出：（1）通电螺线管左端的磁极；（2）磁感线方向；（3）电源右端的极性。 10．下图是小明同学探究电生磁现象的电路，当他闭合开关后，发现条形磁铁上方的弹簧变短了，若把滑动变阻器的滑片向B端滑动时，发现弹簧进一步缩短了。请你用笔画线代替导线将实物图连接完整，并标出电源的+、-极。 押题猜想28 力学综合题 【母题】海油观澜号是中国首个深远海浮式风电平台，装机容量为7.25兆瓦，在水中漂浮并捕捉风能发电，如图所示。海油观澜号由浮式基础和风机组成，整体高度超过200m，总质量达。平台采用“半潜式”设计，底部是一个三角形浮式基础，包括3个边立柱和1个中间立柱；浮式基础上方是高为83m的圆筒状柱子，柱子上方安装有机舱，机舱前部的3只大扇叶在风力带动下驱动机舱中的发电机转子转动，生成绿色电力，年发电量达。 (1)当海风从左向右水平吹向水平扇叶A时，水平扇叶A将 （选填“顺时针”或“逆时针”）转动； (2)风平浪静叶片不动时，海油观澜号受到的浮力是多少？排开海水的体积是多少？（海水密度取，g取） (3)海油观澜号投产用来代替发电效率为30%的煤炭发电站，一年可以节约煤炭的质量是多少？请你通过计算分析，一标准大气压下，这些煤炭完全燃烧放出的热量能否让质量为、初温为10℃的水加热至沸腾。[，] 1．某飞艇如图甲所示，其气囊体积巨大，采用轻质材料制作。飞艇升空靠浮力来实现，水平飞行靠发动机提供动力。发动机输出的能量用于做推动功和辅助功：推动功指克服空气阻力推动飞艇水平飞行做的功；辅助功指发动机驱动飞艇.上发电机工作所做的功，辅助功的功率恒定。当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，其受到的空气阻力F阻与速度v的关系如图乙所示。飞艇部分参数见表。忽略气囊厚度及气囊外其他部分受到的浮力。 空载质量（不含氦气） 3750kg 气囊总容积 4200m3 发动机额定输出功率 辅助功的功率 发动机效率 36% 最大速度 70km/h (1)将气囊充满氦气，此时飞艇最多可载多少位乘客升空?（平均每位乘客质量m=60kg，空气=1.2kg/m3，氦气=0.2kg/m3，g=10N/kg） (2)飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行相同的时间，推动功分别为W1和W2，则W1∶W2是多少? (3)飞艇低速水平匀速直线飞行时，若消耗10kg燃油，可飞行的最大距离为多少千米?（燃油热值q油=4.5107J/kg） 2．如图甲所示为高仿真涡喷航模飞机，这种航模飞机需在跑道上加速滑行一段距离，获得足够的升力后才能起飞。已知航模飞机在起飞离地前，发动机产生的推力为300N，平直跑道对它的支持力与滑行距离s的关系如图乙所示。该航模涡喷发动机使用航空煤油作为燃料。已知航空煤油的热值约为。 (1)若该航模飞机静止在跑道上时，轮与地面总的接触面积约为，求该飞机对地面的压强； (2)求该航模飞机起飞离地前，在跑道上加速滑行过程中发动机推力做的功。 (3)在无风环境中，该航模飞机竖直向上飞行时，其所受阻力与飞行速度平方的关系如图丙所示。若该航模飞机某次以30m/s的速度竖直向上匀速飞行，消耗航空煤油0.8kg，不考虑航空煤油消耗对航模飞机质量的影响。 ①该航模飞机竖直向上匀速飞行时，机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）； ②求航空煤油完全燃烧放出的热量； ③求该航模飞机受到的升力。 3．小致在阅读古文时看到“怀丙打捞铁牛”的故事，由此受到启发，他设计了一个模拟“打捞”过程：如图甲所示，金属块A部分陷入淤泥内，水面上重为2N的小船内装有 16N 的沙石，竖直细绳将金属块 A 和小船紧连，此时细绳对金属块 A 向上的拉力为2N。小船有五分之一的体积露出水面；如图乙所示。将小船内所有沙石清除后，金属块A被拉出淤泥静止在水中，此时小船有五分之二的体积露出水面。已知金属块 A 的体积为，不计细绳的质量和体积。 (1)在模拟打捞过程中随着小船沙石的清除，小船受到的浮力 ，说明物体所受的浮力与 有关。 (2)图甲中，金属块A 的上表面距离水面50cm，则金属块A上表面受到的水的压强是 Pa。 (3)图乙中，金属块被拉出淤泥静止在水中时，小船受到的浮力是 N。 (4)根据以上信息，可得金属块A的密度为 kg/m3。 4．2020年我国全海深载人潜水器“奋斗者”号（如图所示）在世界最深的马里亚纳海沟（深度10909m）成功坐底，刷新了中国载人深潜的纪录。在万米深海下，潜水器无法产生足够的高压将舱室内的海水排出，需要固体浮力材料和压载铁配合完成下沉和上浮。“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处；临近海底，会抛掉第一组压载铁，减速后静止悬浮在海水中。完成作业后，抛掉第二组压载铁，使所受浮力大于自身重力，上浮返航。潜水器匀速运动时所受海水阻力均为，浮力材料的总体积为，，，g取。 (1)在深度为的海水中，“奋斗者”号潜水器受到的液体压强为 Pa。 (2)为了使潜水器能获得额外浮力，浮力材料的密度应比海水 。 (3)抛掉第二组压载铁后，潜水器恰好可以匀速上浮，则第一组压载铁的质量 第二组压载铁的质量。 (4)若潜水器浸没在海水中时，第二组压载铁刚好可以平衡浮力材料产生的额外浮力，则浮力块密度为 。 5．厨房里的水池常会因塞子忘记拔出而使水面过高，为此小明同学根据所学的浮力、压强知识设计一个水面高度控制模型。如图所示，容器的底部装有一薄片塞子，高为12cm的柱形塑料泡沫块A下端用细线连接到塞子上，细线长度为10cm，在泡沫块A上提前标记好刻度，可以读出A露出水面的高度，泡沫块A的底面积与薄片塞子面积之比为4∶1。（不计薄片塞子的厚度、重力和塞子与出水口的摩擦以及细线的质量和体积，g取10N/kg）装置调试过程如下： 缓慢向空容器中加水，当细线被拉直时，薄片塞子没有被拉开，继续加水，当泡沫块A露出水面的高度为6cm时，薄片塞子刚好被拉开。则： (1)向容器中加水时，随着液面的升高，薄片塞子所受到水的压强逐渐 ； (2)细线拉直后，薄片塞子没有被拉开，继续加水，薄片塞子才被拉开，这说明物体所受浮力的大小与 有关； (3)从开始加水到薄片塞子刚好被拉开的过程中，泡沫块A所受浮力的变化情况是 ； (4)小明继续用含有泥沙的生活用水缓慢倒入装置进行测试，当泡沫块A露出水面高度为6.4cm时，薄片塞子刚好被拉开，由以上信息可知 ；（含有泥沙的生活用水密度为，水的密度为） (5)小明想要使薄片塞子被拉起时水面的高度增加5cm，他需要增加泡沫块A和薄片塞子之间细线的长度，则需要增加的细线长度 5cm。 6．小明制作的水池水位模拟控制装置如图所示，浮子由金属片、轻质硬杆、木块Q和轻质弹簧构成，其中轻质弹簧竖直固定，一端固定于木块Q，另一端固定在蓄水池底部，轻触开关K通过金属弹片实现通断，按下时开关接通，松手后开关断开，触点C、D接通时，水泵注水；C、D断开时，水泵停止工作。开始时金属片与A、B接触，闭合开关S，用手按一下轻触开关K，装置启动。已知：电源电压U=36V ，当线圈中电流I≥0.05A 时，衔铁吸合；电阻R0允许通过的最大电流为0.1A；其余电阻忽略不计。 (1)如图状态时闭合开关S，用手按轻触开关K后装置正常工作，松手后，衔铁处于 （选填“吸合”或“释放”）状态，轻触开关K与触点C、D （选填“串联”或“并联”）； (2)为使装置正常工作，电阻R0的阻值范围为 Ω~ Ω； (3)木块Q为边长10cm的正方体, 密度为（0.5×103kg/m3，h0=25cm），弹簧原长为20cm，在弹性范围内，弹簧每伸长1cm，其拉力增加0.4N，g取10N/ kg。不计金属片的质量，弹簧始终处于弹性形变范围内。 ①求蓄水池水位最高时，水面距池底的高度H ； ②若适当缩短硬杆的长度，当蓄水池水位最高时，水面距池底的高度H将 （选填“变大”、“不变”或“变小”）；为保证装置正常工作，硬杆缩短的长度△l的最大值为 cm。 7．图甲是某型号国产水陆两用挖掘机，质量为20t，这辆挖掘机有两条履带，每条履带与地接触面积为10m2，其外形如图乙所示，内部均有1个合金材料制成的空心浮箱。在工作中，挖掘机的机械臂可绕O点转动。 (1)下列关于挖掘机的说法中正确的是___________； A．挖掘机的斗铲做成比较锋利的齿状，目的是减小压强 B．履带外表做得凹凸不平，是为了增大压强 C．未工作时，挖掘机静止在水平陆地上，它对地面的压强为2×104Pa D．忽略履带的体积，挖掘机若能漂浮在水面上，则浮箱排开水的体积为20m3 (2)某次测试中，质量为60kg的驾驶员驾驶挖掘机，从6m高的平台沿斜坡向下缓慢行驶20m，到达水平地面。在此过程中，驾驶员的重力做了多少功？ (3)如图丙所示，机械臂伸直且水平静止，O、A、B三点在同一直线上，OA=9m，AB=0.6m，机械臂和斗铲整体的重心在A点；机械臂控制斗铲装取重力为1×104N的沙石后，机械臂、斗铲和伸缩杆缓慢运动回到水平位置静止，这时机械臂、斗铲和沙石整体的重心在B点。已知伸缩杆先后两次对机械臂的支持力（支持力垂直于机械臂）之比为5︰8，则机械臂和斗铲的总重力是多少？ 8．陕西九曲山抽水蓄能电站位于陕西省镇坪县的九曲山，总装机容量为1500万千瓦，是我国西部地区最大的抽水蓄能电站。某抽水蓄能电站的工作原理：深夜用电低谷时，用过剩电能把山下水库的水抽到山顶水库（看作长方体）内（：如图甲）；用电高峰时，则通过放水发电以补充电能不足（如图乙）。若山顶水库面积为，电动水泵每天从深夜11时至清晨4时抽水使山顶水库水面增高1m，放水发电时，水下落高度看成72m不变，水下落时重力做功的70%转化为电能，问：（g取10N/kg，） (1)发电所利用的水能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。发电机在发电时会有能量损耗，整个过程中，能量的总量 （选填“增大”“不变”或“减小”）； (2)电动水泵夜间所抽水的总重力是多少？ (3)若将夜间抽到山顶水库的水全部用来放水发电，该抽水蓄能电站可以产生的电能是多少？ (4)每燃烧1吨标准煤可以发电3000kW·h，排放二化碳2.5吨，则该抽水蓄能电站将夜间抽到山顶水库的水全部用来放水发电，可减少多少吨二氧化碳的排成？ 9．如图甲所示，人们为了打捞铁牛用两艘大船装满泥沙，用铁索将铁牛拴到大船上，然后卸掉船里的泥沙，随着船逐渐上浮，铁牛在河底淤泥中便被拉出来了，其简化模型如图乙所示。已知容器的底面积为 容器中装有水，装有适量小石块的直柱体小桶 A（足够高）的底面积为 ，边长为10cm的正方体物体B的质量为4kg，AB间用细线连接，此时不可伸缩的细线刚好被拉直但无拉力，水深40cm。（已知小石块的密度为 ）求： （1）此时水对容器底的压强为 Pa； （2）细线刚好被拉直但无拉力时，物体B所受的浮力为 N，此时 B 对容器底的压强为 Pa； （3）需将 kg的小石块卸入水中才能使物体B刚好被拉起。 10．放置在水平面上的柱形容器内装有一定量的水，将质量为m的实心木块X慢慢放入水中后，水对容器底部压强增加，此时木块有体积露出水面，如图（a）所示；再把A物体放在木块上方，静止后水对容器底部压强又增加，此时木块上表面恰好与水面相平，且水面与容器口相平，如图（b）所示。 （1）求图（a）中木块受到的浮力F浮 ； （2）若Δp1∶Δp2=3∶1，则图（a）与（b）中容器对水平面压力差ΔF= ； （3）如图所示，薄壁容器甲、乙所受重力、底面积均相同，置于水平面上。甲是柱形容器，盛有水，乙容器中盛有黄色的A液体。现从两容器内分别抽出深度相同的液体。若水的质量为m0，抽出前、后，液体对容器底部压强、容器对水平面压强的部分数据见表； ①混合甲乙液体，并将实心物块X放入其中，观察的现象是 ； ②求：甲容器所受重力G容 。 压强 容器甲 容器乙 抽出前 抽出后 抽出前 抽出后 液体对容器底部的压强 p 0.5p p 0.6p 容器对水平面的压强 2p / 3p / 押题猜想29 光学实验 【母题】如图甲是王浩同学利用光具盘探究光从空气斜射入玻璃中时的光路，经过多次实验并记录了数据： 入射角α 10° 30° 45° 60° 折射角β 7.1° 20.7° 30° 37.8° （1）分析表格中的数据，你能得出的结论（写出一条即可）：当光从空气斜射入玻璃中时， ；由表格中的数据还可以判断：当光以55°的入射角从空气射入玻璃中时，其折射角 30°（选填“等于”“小于”或“大于”）；当光以30°的入射角从玻璃斜射入空气中时，其折射角的大小为 ； （2）王浩还做了图乙、丙中的两个实验，发现：当光以相同的入射角从空气斜射入不同的介质中时，折射角大小是 的； （3）如图丁所示，让一束太阳光通过挡光板的狭缝照射到三棱镜的一个侧面上，用光屏接收从三棱镜的另一侧出射的光线，应在较 （选填“明”或“暗”）的环境中做实验；如果一束纯绿色光按图丁的所示实验，光屏上 （选填“能”或“不能”）得到彩色光带；由图丁可推测：如果紫色光和红色光以相同的入射角斜射入到相同的介质，则 的折射光线更靠近法线。 押题解读 在光学实验中，主要考察的实验有：探究光的反射定律、探究光的折射和探究凸透镜成像规律的实验。 考前秘笈 要想在初中物理光学实验题中取得好成绩，需要熟练掌握光学原理、熟悉实验器材、掌握实验步骤、分析实验数据、注意实验细节、理解误差分析，并多做练习题。这样，才能在考试中得心应手，取得优异的成绩。 1．【项目提出】智能手机的普及，给我们生活带来了极大的方便，但同时也给我们的身体带来了一定的伤害，青少年近视的人数在大幅上升。为此，实践小组提出“保护视力，远离近视”的学习主题。 【项目分析】通过凸透镜成像的实验了解健康眼睛视物的原理；模拟近视眼视物的情境，分析近视眼形成的原因；通过水透镜的调节理解矫正近视眼的方法。 【项目实施】 (1)健康眼睛视物 组装如图甲所示的实验装置，其中用“F”字样的光源代替物体，光屏模拟视网膜。选图乙中②号凸透镜模拟晶状体，打开光源，调节光源、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度。模拟健康眼镜视物时，调节器材的位置，使“视网膜”中央呈现倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的清晰像； (2)模拟近视眼视物的情境 选择图乙中的 （填序号）号透镜代替②号透镜，光屏上的像变模糊，适当向左移动光屏，光屏上的像再次清晰。由此可知近视眼的形成原因可能是晶状体折光能力过 （选填“强”或“弱”）造成的； (3)矫正近视眼 如果（2）中换用透镜后，保持光源和光屏的位置不变，然后选用图丙中的 （选填“A”或“B”）水透镜放在凸透镜前合适的位置，缓缓调节水量，光屏上的像也可以变清晰。说明佩戴对光具有 （选填“会聚”或“发散”）作用的透镜，可使近视眼的成像情况得到改善。 2．学习小组用图-1所示的圆柱形纸质套筒做“探究小孔成像规律”的实验，发现像的大小不同，亮度也不一样。 (1)关于像的亮度与哪些因素有关，他们提出以下猜想： 猜想1：与小孔到光屏的距离有关； 猜想2：与小孔的形状有关； 猜想3：与小孔的大小有关。 ①类比利用太阳光测凸透镜焦距时，光屏从焦点处远离透镜过程中，光斑越大越暗的现象，可判断猜想1是 （选填“正确”或“错误”）的； ②验证猜想2时，固定烛焰、纸筒和光屏的位置，更换使用如图-2所示的三个小孔进行实验，分别观察比较所成像的亮度。他们实验中存在的问题是 ； ③为验证猜想3，固定烛焰、小孔和光屏位置，只改变圆孔直径，观察到的现象如下表。 圆孔的直径/mm 小于1.0 1.0 1.5 2.0 2.5 4.0 像的清晰度 清晰 清晰 清晰 清晰 较模糊 模糊 像的明亮程度 ……逐渐变亮→ 实验现象表明：在小孔成像清晰时， ，亮度越亮； (2)学习小组对像的清晰度与亮度问题作进一步探究，如图-3所示。 ①在纸筒底部中心开一小孔a，又在a上下等距的位置再开两个小孔b、c，光屏上观察到三个像，在b、c两孔处放置两相同的三棱镜，移动光屏到图-3位置时，光屏上只出现一个清晰的更亮的像。则b、c两小孔处三棱镜放置的方式可能是 （填图-4中的“A”“B”“C”或“D”）； ②他们设想在b、c两孔之间再开若干个小孔，并在小孔处放置棱镜，所成的像都与b、c两孔处三棱镜所成的像重合，则光线通过这些棱镜的偏折程度比通过b、c两孔处三棱镜的要 （选填“大”或“小”）； ③若开一个大孔，并在大孔处放一合适的凸透镜替代上述所有棱镜后，恰能在图-3位置光屏上呈现清晰的像，则此像是 的倒立实像；若只用a孔替代凸透镜，在图-3位置光屏上所成的像与该透镜所成的像相比，像的亮度 ，像的大小 。 3．某同学设计如图—1所示的装置探究“平面镜成像的特点”。 (1)在以下器材中，应选择（　　）（填选项）； A．2mm厚的透明玻璃板 B．1cm厚的透明玻璃板 C．2m厚的平面镜 (2)在水平桌面上按如图—1所示组装器材，将玻璃板 放在白纸上，沿着玻璃板与白纸相接的位置画一条直线MN，代表反射面的位置； (3)点燃蜡烛A并放在玻璃板前a点位置，移动蜡烛B（蜡烛A、B完全相同），使它与蜡烛A的像完全重合。这样做除了能确定蜡烛A的像的位置，同时还能得出像与物的 关系； (4)改变蜡烛A的位置，进行多次实验，将像和物的位置做标记，如图—2所示；用刻度尺测得像和物到镜面的距离，并得出像和物到镜面的距离 ； (5)为了确定平面镜所成的是虚像还是实像，将光屏（不透明）放在像的位置，按照图—3中 （选填“①”、“②”或“③”）的方式观察光屏；按上述方法观察到光屏上没有蜡烛A的像，可说明平面镜成的是 （选填“虚”或“实”）像； (6)若只将图—1中玻璃板水平向右平移，蜡烛A所成像的位置 （选填“向左移”、“向右移”或“不变”）。 4．某小组探究平面镜和凸透镜成像的特点，将光源和光屏分别竖直放置在水平光具座上的A、C位置，B是AC的中点，如图1所示。在AB之间朝向A观察，看到的光源形状如图2中的甲所示。 （1）当在图1的B处竖直放置一块平面镜，镜面朝向光源，小丽在AB之间观察平面镜中的像，观察到的是图2中的乙；小明在BC之间观察光屏，观察到的是图中的丙； （2）此后，小亮将平面镜更换为一个凸透镜，恰能在光屏上成等大的像，他在BC之间观察光屏上的像。小亮观察到的是图2中的 （选填“甲”“乙”“丙”“丁”或“戊”）； （3）小亮又在圆柱形的玻璃瓶里面装满水，把如图乙所示的一幅卡通图片放在玻璃瓶的一侧，透过玻璃瓶可以看到那幅卡通图片，如图甲所示。如果把卡通图片由靠近玻璃瓶的位置向远处慢慢地移动，通过玻璃瓶在选项中不能看到的像是图的 。 A．   B．    C．    D． 5．如图甲，在探究光的反射规律的实验中，把平面镜放在水平桌面上，纸板ENF竖直立在镜面上，ON垂直于镜面。 (1)让一束光贴着纸板沿多个角度射到O点，在纸板上记录每次的光路。纸板的作用是 ； (2)取下纸板，用量角器测量每次的入射角和 ，并记录下来； (3)在图甲实验的基础上，以ON为轴、把纸板NOF向后折，在纸板上看不到反射光，如图乙所示，这表明：在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在 。小明想：当纸板折到图乙位置时，反射光还存在吗？请设计一种验证方法： 6．为了探索近视眼的成因以及矫正办法，项目实践小组利用实验室的“F”光源、水透镜、光屏等器材进行以下探究。 (1)如图甲所示，调节“F”光源、水透镜、光屏的位置以及水透镜的焦距，在光屏上找到了一个倒立、等大的实像，此时水透镜的焦距为 cm； (2)对比图乙所示眼睛的结构，实验中的水透镜相当于眼球中的 。模拟正常眼看物体，保持水透镜与光屏间距离不变，向 （选填“左”或“右”）移动光源，同时调节水透镜中水量直到光屏上成清晰、倒立、 的像； (3)步骤（2）中调整出清晰的像后，继续向水透镜中注水来模拟近视眼，这时向 （选填“左”或“右”）移动光屏可使像再次清晰； (4)眼球中晶状体和视网膜的距离并不能明显改变，这时可以在水透镜的左侧加装图2中的 装置模拟近视眼的矫正。 7．在探究近视眼和远视眼成因与矫正的活动中，小明制作了水透镜来模拟眼睛的晶状体，通过注射器向橡皮膜中注水或抽水，来改变橡皮膜凸起的程度，如图甲所示。具体操作如下： (1)将蜡烛、水透镜和光屏依次摆放在光具座上，点燃蜡烛，使烛焰、水透镜和光屏三者的中心在 ； (2)如图乙所示，移动光屏，出现了烛焰清晰的像，此时光屏到凸透镜的距离是 cm； (3)用注射器向水透镜里加适量的水，水透镜对光的偏折能力变强，此时光屏上的像变得模糊，像成在光屏的 （前/后）方，这是模拟近视眼的成因。选择不同的眼镜放在水透镜前方，光屏上也能出现清晰的像，如图丙所示，这说明矫正近视眼应配戴 透镜； (4)在图乙的基础上，从水透镜里向外抽取适量的水，光屏 （远离/靠近）凸透镜，像会再次清晰； (5)眼睛是心灵的窗户，我们要积极防控近视。请写出一条预防近视的措施 。 8．如图甲所示，小明和小华在探究“光的折射现象”时，将一束入射角为50°的光斜射入杯中的水里，更换杯中的介质时他们发现光的偏折程度不同。为了定量反映这种差异，小明将“折射角与入射角的比值”定义为“偏折比”，并根据所学物理知识和生活经验，对影响“偏折比”大小的因素提出以下猜想： 猜想1：“偏折比”与液面的高度有关； 猜想2：“偏折比”与液体的种类有关； 猜想3：“偏折比”与人射光的颜色有关。 (1)小华认为猜想1是错误的，其理由是 (2)为了验证猜想2，小明只将图甲中的水换成油。如图乙所示，油的高度小于水的高度，杯底光斑的位置恰与图甲实验时光斑的位置重合，对比可知，在相同条件下，油对光的“偏折比” （选填“大于”“等于”或“小于”）水对光的“偏折比”。 (3)为了探究猜想3，小明用图甲装置先后射入绿色和紫色的激光，杯底光斑位置如图丙所示，则猜想3 （“正确”或“错误”）， 光的“偏折比”大。将其中的一束激光穿过如图丁所示的玻璃砖，若光在玻璃砖上表面折射时的“偏折比”为0.8，则光在下表面折射时的“偏折比”为 。 (4)根据小明的操作和计算结果，小华认为，应该将“偏折比”定义为“光线在空气中与法线的夹角和光线在介质中与法线的夹角之比”。经过对多组不同玻璃砖的实验，测得数据如表；根据表格中的数据，分析可得：光在空气与另一种透明介质中传播时，对于不同的入射角，“偏折比” （选填“相等”或“不相等”）；对于相同的入射角，“偏折比”越大，介质对光的折射程度越 （选填“高”或“低”）。 玻璃砖A 玻璃砖B 玻璃砖C 光线在空气中与法线夹角 30.0 45.0 60.0 30.0 45.0 60.0 30.0 45.0 60.0 光线在介质中与法线夹角 22.0 32.0 40.5 17.0 24.4 30.4 20.0 28.9 36.3 1.36 1.41 1.48 1.76 1.84 1.97 1.50 1.58 1.65 9．小华偶然间竖直向下看到放在玻璃砖下面的字发生了错位。 (1)①联想到“平面镜成像”找像位置的方法，于是他按如图甲所示将玻璃砖紧贴物体摆放在水平桌面上的一张白纸上，标记出物体的位置。按照图乙的方式沿水平方向观察物体（观察盒上的条形码）。当看到物体经玻璃砖成的像时，前后移动小卡片，使小卡片与像在同一个平面上，将小卡片此时的位置标记在白纸上，这样就找到了放置一块玻璃砖时 的位置； ②随后，他将玻璃砖离开物体且向自己移动一小段距离后进行观察，发现像的位置不变，说明玻璃砖与物体的距离 （选填“会”或“不会”）影响成像位置； (2)为了观察不同厚度玻璃的成像情况，他将第二块相同玻璃砖紧贴在第一块后面，如图丙所示，观察并记录像的位置；他再将第三块相同玻璃砖紧贴在前两块后面，如图丁所示，观察并记录像的位置。记录的数据如图戊所示； ①分析图戊的数据可知，用一块玻璃砖观察时，像与物体的距离是 cm； ②三次实验都说明了光在垂直入射时，像的位置会 （选填“靠近”或“远离”）观察者； (3)从图戊的实验数据还可以得出∶玻璃的厚度越厚，像与物的距离越 ； (4)从以上探究可知，从竖直方向看到的池底比它的实际位置 （选填“浅”或“深”）。 10．如图﹣1，是小明做“探究凸透镜成像的规律”的实验装置。 (1)实验时，调节烛焰中心、凸透镜光心和光屏中心在同一高度，其目的是 。 (2)固定凸透镜的位置，将蜡烛放在距离凸透镜较远处，此时应移动 直至出现最清晰的像，记录物距、像距、像的性质。 (3)改变物距，重复上述操作，多次实验，将实验数据记录在表中。 凸透镜的焦距：f=5.0cm 实验次数 物距/cm 像距/cm 像的性质 正立或倒立 放大或缩小 虚像或实像 1 18.0 6.9 倒立 缩小 实像 2 10.0 10.0 倒立 等大 实像 3 7.0 17.7 倒立 放大 实像 4 4.0 / 正立 放大 虚像 生活中常用的放大镜应用了表中第 次实验的成像规律。 (4)当光屏上出现清晰的像时，小明不小心用手指尖遮挡住了凸透镜的一部分，这时光屏上 （选填“仍能”或“不能”）成烛焰完整的像。 (5)实验中，小明将自己的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原来清晰的像变模糊。将光屏适当靠近凸透镜后，光屏上再次出现清晰的像，由此可判断小明佩戴的是 （选填“近视”或“远视”）眼镜。 (6)如图﹣2，当无人机在高空拍摄地面场景时，所成的像最靠近图﹣3中凸透镜主光轴上的 （选填“a”“b”“c”或“d”）点。 押题猜想30 电学实验 【母题】小华用图甲所示装置探究电流与电压的关系。电源电压3V恒定不变，滑动变阻器的规格为。 (1)连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片发现，电流表有示数，电压表无示数，则出现该故障的原因可能是 。 (2)排除故障后改变滑动变阻器滑片位置，记录实验数据如表所示，空白处的电流表示数如图乙所示，为 A。 电压V 电流 (3)为了进一步探究电流与电阻的关系，又找来、、的定值电阻继续实验。 ①将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，闭合开关，缓慢移动滑片，直至电压表示数为1V，记录电流表的示数，接下来用的电阻替换的电阻，再将、的定值电阻分别接入电路，重复以上步骤； ②当将的电阻接入电路进行实验时，发现无论如何调节滑片都无法满足预设电压为1V的条件。为使该电阻也能完成实验，小华认为可以改变电压表的预设电压，该预设值应不低于 V。 押题解读 本题是一道探究性试验，考察的是探究电流与电压的关系实验，题型难度不大，适合成都中考A卷难度。 考前秘笈 灯泡不亮的原因有两种，第一种灯泡中无电流流过，灯泡不发光；第二种，流过灯泡的电流过小，不能够使灯泡发光。 1．某次科技节时，物理老师展示了水果点亮灯泡的场景，小深和小林同学也跃跃欲试。回家后两人尝试用多种水果使二极管发光，在水果中平行插入两个电极，就构成水果电池。如图，他用电压表测得多种水果电池的电压如下。 水果类型 葡萄 橘子 柠檬 人参果 电压 (1)插入金属片的水果相当于电路中的 ； (2)将二极管两极对调后，不再发光，原因是二极管具有 ； (3)使相同规格的二极管发光，小深用了2个柠檬，小林用了3个柠檬。小深发现两人将电极插入柠檬时电极间距离不一样，猜测柠檬个数不同可能与此有关。他用作电极，按照不同的电极距离将其插入到柠檬中，并测量水果电池的电流，数据如表所示。可得出结论： 。需注意的是，电极间的距离不宜太近，否则易导致 ； 水果类型 柠檬 电极距 电压 (4)小林说，由于没有控制电极间距离相同，通过表一的数据无法比较多种水果的电压。请你重新设计表格 （添加横竖线、表头和单位，将下面表格补充完整）来探究比较不同水果间电压大小。 电极距离 水果类型 电压 2．在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材有：电源（电压6V）、定值电阻（、、、、）、滑动变阻器（）、电流表、电压表、开关及导线若干。 (1)用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求：滑片P向右移动时，电流表的示数变小 。 (2)闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，故障可能是 。 (3)排除故障后，移动滑片P使电压表示数为4V，在图乙中标出指针的位置，记录数据；将电阻换成，按规范调整电路，继续操作，使电压表示数仍为4V，此时滑动变阻器接入电路的阻值比上一次 。 (4)将测得的数据在图丙中描点连线，发现有一组数据错误，究其原因是 ；进一步分析数据，可得出结论是： 。 3．实验小组同学利用如图甲所示的电路在进行“探究串联电路中电压的特点”实验。 (1)设计试验方案时，实验中应选择规格 的小灯泡。 (2)连接完电路，闭合开关，在第1次实验时，发现两灯均不发光，且电压表示数接近满偏，则可能是灯泡 发生断路。（选填“L1”或“L2”）。 (3)排除故障后，在某次实验时，AB间电压表指针位置如图乙所示，则AB间电压大小为 V。接着测出BC和AC间的电压并记录在表格中。分析实验数据，可得到串联电路的电压特点：串联电路中， （写出关系式）。 实验次数 UAB/V UBC/V UAC/V 1 0.4 2.4 2.8 2 1.2 1.6 2.8 3 1.1 1.7 2.8 4．为探究“重力势能的大小与什么因素有关”，小明用小方桌、沙箱及A、B、C三个金属球进行了如图所示三次实验。金属球的质量关系为；A、B、C自由下落时距小方桌桌面的距离关系为；桌腿进入细砂中的深度关系为。 (1)甲、乙两次实验可探究重力势能与 的关系； (2)设甲、丙实验中A、C球自由下落时的重力势能分别为和，则 （填“＞”“＜”“=”或“无法判断”）； (3)从研究方法的角度，下列选项中的实验器材与方桌作用相同的是________（填字母）； A．“探究动能大小与哪些因素有关”中的小车 B．空气压缩引火仪中的棉花 C．“探究影响电阻大小的因素”中的电阻丝 (4)小明又利用金属球做了图丁实验，将球放在左侧轨道上放手后沿轨道运动，图中虚线为球离开轨道b点后的部分运动轨迹，a、c两点等高。则金属球在a、c两点的速度大小关系是 。 5．小明在做“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验时，连接了如图甲所示部分电路。已知电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V。 (1)用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整（要求：导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗） ； (2)闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表有示数。他接下来应进行的操作是 ； A．检查电路是否断路 B．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光 (3)小明进行了多次测量，并将实验数据记录在下表中。 实验次数 1 2 3 4 5 电压U/V 2 2.5 3.0 3.8 4.0 电流I/A 0.33 0.34 0.35 0.41 电阻R/Ω 6.1 7.4 8.6 9.8 ①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻为 Ω； ②分析表中数据，小灯泡的电阻变化规律最接近上面U-I图像中哪一条： 。 6．小明用如图所示电路探究“电流与电压的关系”。电源电压恒为3V，定值电阻的阻值为4Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω，0.5A”。 (1)连接电路时，开关应处于 状态。小明发现图甲中连接的电路有一处错误，请在接错的那一根导线上打“”，用笔画线代替导线画出正确的连接 ； (2)重新连接电路后，闭合开关，电压表有示数，电流表指针几乎不偏转，此现象的原因可能是 ； (3)正确连接电路，小明完成了下表中的4次实验，可以得到结论： 。利用现有器材在不改变电路连接的情况下，表格里余下的4次实验中，还能完成 次； 电压U/V 0.3 0.6 0.9 1.2 1.5 1.8 2.0 2.4 电流I/A 0.15 0.23 0.30 0.38 (4)小明想继续探究“测量小灯泡电功率”实验，将定值电阻换成额定电压为2.5V的小灯泡，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，记录两电表的示数。根据多组数据绘制的U-I图象如图乙所示，可得小灯泡的额定功率是 W。 7．在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压为4.5V，滑动变阻器标有“”字样。 (1)如图甲所示电路，有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，用笔画线代替导线将电路连接正确； (2)试触时发现，电压表无示数，电流表有示数，小灯泡发光，则电压表发生了 故障； (3)纠正错误后继续进行实验，移动滑动变阻器滑片，电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，示数为 A，小灯泡额定功率为 W； (4)利用原有电路，将小灯泡替换为定值电阻（、、、，各一个）探究电流和电阻关系，为了能完成实验，控制电压表示数可能是__________。 A．1.7V B．2.2V C．2.7V 8．小华用电流表和电压表测量小灯泡的电阻，小灯泡额定电压为2.5V，他正确连接好如图所示的电路。 (1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于最 （选填“左”或“右”）端； (2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，则出现的故障可能是 ； (3)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器，进行多次测量，数据如下表： 电压U/V 0.9 1.3 1.6 2.0 2.5 电流I/A 0.18 0.22 0.24 0.26 0.28 则小灯泡正常发光时的电阻 （结果保留1位小数）； (4)若小灯泡正常发光时的功率为，小灯泡两端电压为时的实际功率为，分析以上实验数据可知， （选填“大于”“等于”或“小于”）。 押题猜想31 力学实验 【母题】小薇同学在测矿石的密度时，操作步骤如下： (1)小薇选用了一块小矿石，用调好的天平测它的质量，当右盘中所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平恢复平衡，则测得的矿石质量m是 g； (2)如图乙在量筒中装入适量的水，将系了细线的矿石轻轻放入量筒，如图乙所示，测得矿石的体积V是 cm3； (3)由测出矿石的密度为 g/cm3（保留一位小数）； (4)小薇回家后，想测出家里某个小饰品的密度，她找到家里的电子秤如图（最后一位为小数），称出饰品的质量是140g，又借助细线、水、玻璃杯，测出了饰品的体积，她的实验操作步骤如图丙、丁所示，则饰品的密度是 kg/m3. 押题解读 本题属于一道创新类测量类实验，利用天平称量物体在空气中、水中和食用油中的质量，利用量筒测量出食用油的体积，从而求出食用油的密度。主要考察学生对创新类实验的理解，求解液体的密度。 考前秘笈 测量液体密度的一般过程 2．测液体密度的误差分析 （1）液体倒入量筒中时少量附在量筒内壁，体积测量值偏小，密度偏大。 （2）先测容器的质量，再测容器和液体的总质量，由于容器壁有残留倒不干净，体积测量值偏小，密度偏大。 1．创新小组的同学利用带刻度的斜面、小车、秒表、金属片等器材，做“测量小车运动的速度”的实验，他们设计的实验装置如图所示。 (1)该实验的原理是 。 (2)实验中为了延长小车在斜面上运动的时间从而方便计时，应选用坡度较 （选填“大”或“小”）的斜面。 (3)小车在AB段运动的路程为 cm，AB段的平均速度为 m/s。在测量AC段的平均速度时，小组同学在小车过了A点后才开始计时，则测得的平均速度与实际速度相比会 （选填“偏大”或“偏小”）。 2．如图甲所示剪两个等大的圆纸片，并分别剪出大小不等的扇形缺口，再将它们粘贴成两个纸锥： (1)将两个纸锥从同一高度同时释放，应选择图中所示的 位置（填“乙”或“丙”）； (2)如图丁所示，相机每0.5秒拍照一次，纸锥从A到D做 运动（选填“加速”“减速”或“匀速”）。图戊为纸锥从E到F过程的放大图，则EF段纸锥下落的速度是 m/s。 3．在用橡皮筋自制测力计的活动中，小红分别将A、B两根粗细不同的橡皮筋的一端固定，另一端悬挂钩码（每个钩码重力均为0.5N），如图甲所示，改变所挂钩码的数量，记录橡皮筋所受的拉力F和橡皮筋的长度l，然后多次改变钩码的悬挂数量，根据多组测量数据作出如图乙所示的图像，图像中PM、PN段为直线。请解答： (1)分析图乙可知，A、B两根橡皮筋的原长均为 cm；在一定范围内，橡皮筋的伸长量Δl与橡皮筋所受拉力F成 比； (2)若用这两根橡皮筋分别制成测力计，用橡皮筋 制成的测力计测量力的范围更大。用橡皮筋 制成的测力计测量的精度更高。（两空均选度“A”或“B”） 4．如表所示是小明在探究“重力的大小跟质量的关系”实验中得到的实验数据。 实验序号 物体质量m/kg 重力G/N A ① 0.1 0.98 ② 0.2 1.96 ③ 0.3 2.94 (1)实验中，需要的测量工具是天平和 ； (2)表中第一行A处缺少的栏目是 ； (3)分析表中数据，可以得到的结论是：物体的重力与质量成 ； (4)某实验小组通过实验，测出实验数据并画出的G~m图像如图所示。该小组实验过程可能存在的问题： 。 5．用同一铝块和木块探究影响滑动摩擦力大小的因素，实验装置如图所示： (1)将长木板置于水平桌面上，每次都水平拉动铝块做 运动； (2)若探究压力对滑动摩擦力的影响，应选 两图进行对比； (3)甲、乙、丙三次实验中铝块所受滑动摩擦力分别为f1、f2、f3，则f1 f2、f2 f3（选填“＞”“＜”或“=”，下同）；乙、丙两次实验中木块所受摩擦力大小分别为f乙、f丙，则f乙 f丙。 6．在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，小阳进行了如图甲、乙、丙所示的实验。 (1)图甲所示的实验中，小阳用弹簧测力计水平拉动木块，应使木块沿水平桌面做匀速直线运动，理由是 。 (2)图乙所示的实验中，在木块上加放砝码的目的是 。 (3)由甲、丙所示的实验得出的结论是 。 7．利用压强计探究液体内部压强与液体密度的关系。 (1)U形管 能显示压强大小；使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明 ； (2)将金属盒分别放入水和盐水中，如图所示，据此 （选填“能”或“不能”）得出液体压强与液体密度的关系，原因是 。 8．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”时，小明用如图所示装置进行的实验： (1)小明用测力计水平拉动木块，使木块沿水平桌面做匀速直线运动，根据 可知，木块所受滑动摩擦力的大小等于测力计对木块的拉力大小； (2)多次实验收集的证据如下表： 序号 A B C D E F G 接触面 木板 木板 木板 棉布 棉布 棉布 毛巾 压力F/N 4 6 8 4 6 8 8 f滑动/N 1.2 1.7 2.5 1.4 2.0 2.9 3.3 ①分析ABC三组实验数据，可以得出的实验结论是：在接触面粗糙程度相同时， ； ②分析 三组实验数据，是在探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。可得出的实验结论是： ； ③实验中，每次木块与下方的接触面积相同，序号A木块对木板的压力作用效果为pA，序号F木块对棉布的压力作用效果为pF，则pA pF。（选填“=”、“﹥”或“<”）。 9．为了探究飞机机翼获得的升力与机翼下表面面积、风速之间的关系，小明利用3D打印机制作出材料和形状相同、大小不同的机翼模型，进行实验（如图甲所示），利用传感器获得的实验数据如下表所示。 机翼下表面面积 风速为时，机翼获得的升力 风速为时，机翼获得的升力 150 36 24 100 24 12 75 18 9 50 12 6 (1)根据表中数据，在图乙中画出风速为时，飞机机翼获得的升力与机翼下表面面积S的关系图象 。根据所作图象可得出的结论是 。 (2)分析表中的数据可知，风速 （选填“>”或“<”）风速。 10．小华利用饮料瓶和水、装有沙子的纸盒探究物体重力势能的大小与哪些因素有关，三次实验情景如图所示。她通过观察 来比较重力势能的大小，她应选择 两组实验探究物体重力势能的大小与物体质量的关系。饮料瓶下落过程中将重力势能转化为 能。 11． (1)如图甲，探究物体重力势能与哪些因素有关的实验中： A、B、C为三个体积相同质量不同球体，mA=mB>mC；三球落下砸到沙地如图所示，比较A和C球是探究物体的重力势能与 的关系，实验中运用了控制变量法和 法。 (2)图乙探究的是动能与 的关系，实验中通过 来比较小球动能的大小； (3)小刚还设计了丙图所示的装置进行实验；若用A、B两个质量不同的小球（mA>mB）将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，同一木块受到撞击后相应移动距离sA sB（选填“>”、“<”或“=”）。 12．在“探究杠杆的平衡条件”实验中： (1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 调节； (2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为 时，拉力最小； (3)课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂l1∶l2= 。若两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的 端将下沉。 13．第一实验小组研究杠杆的机械效率，他们用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在B点用轻绳悬挂总重为G的钩码，在A点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计，装置如图所示。 (1)将杠杆缓慢抬升，测得弹簧测力计的拉力为F，用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2 （不计摩擦）。则：杠杆机械效率的表达式为η= ×100%。（用所测的物理量符号表示） (2)若仅将弹簧测力计改挂到C点，仍将钩码竖直向上匀速提升h2的高度（不计摩擦），杠杆的机械效率为η'，则η' η（选填“小于”、“等于”或“大于”）。 14．研究简单机械的特点： (1)在研究使用定滑轮是否省力时，用如图甲所示装置匀速提升重物，需要测量的物理量是 和 。 (2)如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，则三个力的大小关系是 。（忽略摩擦和绳重） (3)螺丝钉可看成一种简单机械： ，当螺纹越 （选填“疏”或“密”）越省力。 15．某实验小组进行“测量滑轮组机械效率”的实验，先用弹簧测力计测量钩码的重力G=3.6N，再按如图所示组装实验装置，并分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置。 （1）实验操作中，不少同学不是沿竖直方向，而是沿如图中弹簧测力计拉伸的方向施力提升钩码，读取弹簧测力计示数的，这样会导致弹簧测力计的示数 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 （2）若正确测出绳子自由端的拉力F=1.5N，则滑轮组的机械效率为 。 （3）若仅增加钩码重，该滑轮组的机械效率将变 。（不计绳重和摩擦） 押题猜想32 电学综合题 【母题】洗碗机是自动清洗餐具的机器（如图甲）。某型号洗碗机工作程序为：首先给水箱注水，当水注满时停止注水并自动加热，水温上升到50℃后停止加热，洗涤程序启动，热水从喷管喷出对餐具清洗、喷淋，直到洗涤过程结束，排水泵启动，将水箱中的废水排出。水的比热容为，设水箱中水的初温为20℃，加热时产生的热量有84%被水吸收。 （1）图乙为等效加热电路图，R为发热电阻，其中位于水箱上部的两个导电块A、B组成一个开关。此开关除了具有注满水自动加热功能（一般的水是导体）外，还具有当加热过程中意外排水或排水阀没有关好时 的功能。洗碗机的加热功能利用了电流的 ； （2）图丙为该洗碗机某次正常工作时的P-t图象，求R的阻值（不计水的电阻）；( ) （3）用该洗碗机正常洗一次碗，其中加热过程消耗的电能是多少焦? ( ) （4）已知人工洗一次碗用18kg的水，若改用洗碗机洗碗，一次可以节约多少千克的水? ( ) 1．如图是某校安装的风光互补路灯。它在有阳光时通过太阳能电池板发电，有风时通过风力发电机发电，两者皆备时同时发电，并将电能输送至蓄电池储存起来，供路灯晚间照明使用（路灯的电能只由蓄电池供给）。为了能使蓄电池的使用寿命更为长久，一般充电至会自动停止充电，放电余留时会停止电能输出。下表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率，风力发电机的额定输出功率是指风速达到额定风速时风力发电机的输出功率。（蓄电池充电时效率为，放电时能量不损失） 太阳能电池板 风力发电机 蓄电池 路灯 电池板的面积 光电转化效率 额定发电风速 额定输出功率 电池容量 额定电压 额定电压 额定功率 120W 12V 12V 60W (1)太阳能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；风力发电机是根据 原理工作的。 (2)该校有100盏该型号路灯，假设路灯每晚正常工作10h，一个月按30天算，一个月消耗的电能是多少 J？ (3)白天无风时，若太阳光照射到电池板表面上每平方米的功率为800W，照射2.5小时，太阳能电池板输出的电能为多少 ？ (4)在平均风速为的晚上，风力发电机与路灯同时工作一晚上（时间为），发电机开始工作时蓄电池余留电量为，则在风力发电机工作结束时蓄电池储存的电能是多少 J？ 2．我国制造的新型材料PTC、NTC可制成热敏电阻，现已打破国外技术垄断，被广泛应用于新能源汽车、电热器等多种电子产品。如图甲所示为 PTC、NTC 热敏电阻阻值随温度变化关系的图像。如图乙所示的电路，电源电压恒为6V，电压表测量范围为0~3V，滑动变阻器 Rp的阻值范围为0~100Ω，Rx的位置可接入 PTC 或NTC 热敏电阻。 (1)由图甲可知，在40~200℃之间 PTC 热敏电阻的阻值随温度升高变化情况为 ； (2)NTC 热敏电阻温度为240℃时阻值为56Ω，将其接入图乙中的Rx位置，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为2.8V，求通过NTC热敏电阻的电流和通电10s整个电路所消耗的电能； (3)现将NTC 热敏电阻接入图乙中的 Rx位置，在热敏电阻温度为152℃时移动滑片，使电压表示数为2.5V，然后保持滑片位置不变。为保证电路安全，求NTC热敏电阻允许降到的最低温度。 3．如图甲是一个电学暗箱，A、B、C三个接线柱，内接有两个定值电阻和（连接方式未知），小明同学利用如图甲所示电路（电源电压不变）进行实验：把A、B接线柱分别与电路中的M、N接线柱相连后，在开关S、都闭合和开关S闭合、断开两种情况下，改变电阻箱的阻值，读取电流表示数，绘制了电流表A的示数随变化的图像如图乙所示： 求：图乙中曲线 （“A”或“B”）是根据开关S和都闭合时测得的实验数据绘制的； （1）电源电压U为 V； （2）A、B接线柱之间的电阻为 Ω； （3）当小明只闭合开关S，且时，把暗箱的A、C接线柱接入M、N之间，电流表的示数为1A。则当用一根导线把A、B两个接线柱连接后，再把B、C接线柱分别与M、N相连时，且只闭合开关S，此时，电路的总功率为多大？ 4．综合实践小组的同学对一条热带鱼进行观察，为了避免鱼缸中的热带鱼适应不了北方的低温，老师发布任务要求设计一款自动加热装置放在鱼缸中，并将相关指标设计了量表（如表所示）。 评价指标 优秀 一般 不合格 加热功率 加热功率大于30W 加热功率在15~30W之间 加热功率小于15W 自动化 能在低温时自动加热，高温时自动断开 能在低温时自动加热，但高温时无法自动断开 无法自动加热 小明利用电磁铁设计了如图-1所示的电路，在工作电路中电源电压U０为12V，电热丝电阻R０为6Ω；控制电路中电源电压U1为6V，电磁铁对衔铁的吸引力在不同电流和不同距离下的大小关系如图-2所示，Rₓ为热敏电阻，阻值随水温的变化规律如图-3所示，电磁铁和衔铁的阻值忽略不计： (1)请通过计算分析小明的设计在加热功率指标上的成绩。 (2)针对自动化指标，小明的设计能达到优秀。已知当电磁铁对衔铁的吸引力大于衔铁自重时，衔铁被吸起，吸引力小于衔铁自重时衔铁下落。若小明选择的衔铁质量为0.5kg，请计算小明该设计所控制的水温范围。（g取10N/kg） (3)该装置加热的效率不变，鱼缸中的水量是否会影响控制的水温范围，请说出你的判断并说明理由。 5．某校为改善学生生活条件，给学生宿舍安装了80台速热式电热水器。该电热水器铭牌标明：加热功率4400W，保温功率100W，水箱容积25L，内部结构如甲图所示。，是水箱中加热盘内的电热丝，为温控开关，当水温升高到40℃时，温控开关自动切换到保温状态。不考虑保险丝电阻和温度对电热丝电阻的影响，[，]求：    (1)当水温升高到40℃时，温控开关自动切换到 （选填“a”或“b”）处，电路进入保温状态。 (2)若每台电热水器每天平均保温20h，这80台电热水器在额定电压下每天因保温消耗的电能是多少 ? (3)电阻的阻值是多少 ? (4)某寝室同学发现，当他们寝室只有一台电热水器工作时，将一满箱冷水加热，热水器显示屏显示水温由20℃上升到22℃，同时本寝室的电能表（如图乙）指示灯闪烁了80次，则该电热水器的效率是多少 ? 6．在如图甲所示储能电站中，蓄水池A中的水通过管道B推动水轮机带动发电机发电。用电低峰时潜水泵把水从D池抽到A池。图乙是储能发电控制原理图，水流接口与图甲中的管道B的最低点接通。白天光控开关闭合，当水的压强大于ρh2g时弹簧推动开关K使1和2两点接通，在电磁继电器作用下触点3与5接通，电动水闸M打开，水流通过管道B推动发电机工作，夜晚光控开关断开或白天水压不足以推动开关K时，电动水闸M关闭，发电机停止工作。 (1)发电机发电过程中的能量转化是 ； (2)请完成乙图的电路连接； (3)若圆柱形储水池A的半径为R，如图甲所示，O点为整池水的重心，A池的顶部距最低点B的距离为H，OB两点距离为h1，池底与B点的距离为h2，若发电机的效率为80%，A池装满一池水时，该发电设备一次能发多少电能？若一次发电时间为t，则发电机的发电功率为多少？（忽略水管直径和发电机的大小，要求写出推导过程，不要求代入具体数据计算）。 7．电动车已经成为许多家庭的近距离代步车。为了保护环境，技术人员选用一款国产老年电动车，试制了一款太阳能电动车，主要由充电装置、动力装置和提醒装置构成，其电路原理图如图甲所示。车顶安装有面积为的太阳能电池板，通过充电控制器给蓄电池充电，待充满电后，充电控制器自动断开充电控制器。闭合开关和，蓄电池对电动机供电，电动机获得动力；R为保护电阻，单刀双掷开关为转向提醒开关，为普通提示开关，两转向灯、规格完全相同。电铃电阻忽略不计，原理图如图乙所示。若每平方米太阳能电池板上1h得到太阳辐射的能量为，太阳能电池板光电转换效率为15%。充电控制器充电效率为80%，蓄电池电压为48V，电池容量为20Ah，转向灯的规格为“6V  6W”。（电池容量=放电电流×放电时间，例如：1Ah是指1A的电流能持续工作1h。） （1）关于该太阳能电动车，下列说法正确的是 ； A．太阳能是不可再生能源        B．电动机是将机械能转化为电能 C．闭合开关和，转向灯发光，电铃响    D．转向时，转向灯、均闪烁发光 （2）为让转向灯正常工作，保护电阻的阻值为 Ω；利用太阳能电池板， h能将蓄电池充满电； （3）某次测试时，断开充电控制器，仅闭合开关和，太阳能电动车在平直的公路上匀速行驶2h，共行驶36km。测试中通过电动机的电流为5A，电动机线圈电阻为4Ω，行驶时所受地面阻力为车重的0.014倍。则该车的质量为多少？ 8．如图甲，这是一款多功能暖菜板，既可保温，为了降低桌面温度，还配置有内置散热风扇。其部分加热简化电路图如图乙所示，R1、R2均为电阻阻值不变的电热丝，R1=44Ω。闭合开关S1，只有暖菜板内置风扇工作时，功率为110W；当板上食品温度降到50℃时，S2在温度控制电路的作用下自动切换，为食品保温，保温时R1、R2的总功率为400W；当板上食品温度降到20℃时，S2在控制电路的作用下再次切换，为食品加热；通过温控装置使食品保持在一定温度范围内。 （1）只有暖菜板内置风扇工作时，通过电路的电流为 ； （2）S2应接到2和3时，处于 挡位（选填“保温”或“加热”）之间，电热丝R2的阻值是 ； （3）在加热状态时，若不计热量损失，则暖菜板工作5min产生的热量可使5kg初温20℃的汤温度升高到 ；[汤的比热容取4.0×103J/（kg•℃）] （4）图丙为该暖菜板的温控装置原理图，R2是热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，当R1两端电压U1增大到某一定值时，控制电路将切换S2从加热状态到保温状态。若使所控制温度的预设值升高，可以采取的措是 。 A．减小电源电压        B．增大电源电压 C．增加R1的阻值         D．减小R1的阻值 9．阴雨天，空气潮湿，能见度低，路面湿滑，为保证旅客上下动车时的安全，需在车门旁开启警示灯．如图甲所示是某同学为动车设计的模拟电路。电路中电源的电压为，警示灯的规格为“”，电磁铁线圈电阻忽略不计，警示灯电阻保持不变。当空气湿度达到一定程度时，警示灯发光；湿度越大，警示灯越亮，为了提高警示效果，当空气湿度达到某一值时，电磁铁中电流达到，衔铁被吸下警示灯就能不断闪烁。 （1）警示灯正常工作时的电流大小是多少？( ) （2）根据设计要求，应选择图乙中的 （选填“”或“”）做湿敏电阻，湿敏电阻应接在图甲电路中的 （选填“A”或“B”）位置； （3）当警示灯刚开始闪烁时，空气湿度为多大？较暗时的实际功率是多少？( ) （4）若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，那么可以采取的方法有 （请写出一种即可）。 10．如图甲是只有加热、保温功能的电热水器的简易电路图，控制电路中，电源电压 =6V，R为阻值可调的电阻，热敏电阻Rt允许通过的最大电流 其阻值随温度变化关系如图乙，电磁继电器线圈电阻不计。工作电路中，电源电压 电阻 22Ω， R2=198Ω。当电磁继电器线圈的电流I小于等于8mA时，衔铁上端与触点a 接通；当电磁继电器线圈的电流I大于等于10mA 时，衔铁被吸下与触点 b接通。求： （1）继电器动触点和 （选填“a”或“b”）接通时，处于加热状态；求电热水器加热时的电流；( ) （2）电热水器的保温功率；( ) （3）若该电热水器产生的热量全部被水吸收，则在加热状态下正常工作10min，能将质量为多少kg的水从 加热到？（c水=4.2×103 J/(kg·℃)，计算结果保留1位小数）( ) （4）可调电阻R为300Ω，电热水器工作稳定后，可控水温最高为 ℃。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 第 1 页 共 12 页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2024年中考物理终极押题猜想 （无锡专用） （高分的秘密武器：终极密押+押题预测） 目录 题型一 选择题 押题猜想01 声现象及其辨析 3 押题猜想02 从粒子到宇宙 7 押题猜想03 内能及其利用 12 押题猜想04 物态变化辨析 17 押题猜想05 安全用电 22 押题猜想06 流体压强的分析 28 押题猜想07 电路设计 34 押题猜想08 生活中的力现象分析 38 押题猜想09 透镜成像及其规律 43 押题猜想10 能量守恒及其转化 49 押题猜想11 滑轮组及其机械效率的计算 55 押题猜想12 电学综合分析与计算 65 题型二 填空题 押题猜想13 声音的产生与传播 77 押题猜想14 热现象 80 押题猜想15 透镜规律及其应用 84 押题猜想16 电与磁现象及其分析 89 押题猜想17 声现象及其辨析 92 押题猜想18 二力平衡的应用 97 押题猜想19 光现象及其分析 101 押题猜想20 大气压强的理解与分析 106 押题猜想21 欧姆定律和电功的计算 111 押题猜想22 压强和浮力的综合计算 118 押题猜想23 电与热的综合计算 124 押题猜想24 力学知识在生活中的应用 129 题型三 解答题 押题猜想25 光路图 135 押题猜想26 杠杆力臂的画法 142 押题猜想27 家庭电路与磁场的分析 148 押题猜想28 力学综合题 155 押题猜想29 光学实验 171 押题猜想30 电学实验 182 押题猜想31 力学实验 192 押题猜想32 电学综合题 203 题型一 选择题 押题猜想01 声现象及其辨析 【母题】（改编）（多选）如图所示为科技小组制作的“火焰琴”。展示时，试管中金属丝和空气被加热，堵住或松开塑料管上不同的孔能发出不同声音。下列说法不正确的是（　　） A．琴声由空气柱的振动产生的 B．琴声在真空中传播速度最大 C．琴声是通过空气传入人耳的 D．按压不同的孔可以改变音色 【答案】BD 【详解】A．声音是由物体振动产生的，所以“火焰琴”的琴声是由塑料管内空气柱振动产生的，故A正确，不符合题意； B．声音的传播需要介质，声音琴声不能在真空中传播，故B错误，符合题意； C．声音的传播需要介质，因此琴声是通过空气传入人耳的，故C正确，不符合题意； D．按压不同的孔，振动的空气柱长短不同，因此物体振动的频率不同，所以改变的是声音的音调，故D错误，符合题意。 故选BD。 押题解读 本题以结合化学实验，利用空气的热长发声，考察声音的产生与传播，及音调的变化。 考前秘笈：在做此类题时，分三步进行： （1）首先判断题中描述的声音特性是不是声音的“音色”音色这个特性最大的用途就是用来区分不同的发声体，如果不是用来区分不同的发声体，就一定不是在描述音色。 （2）寻找题中的关键形容词，并根据关键词进行判断“粗细长短松紧是音调，响度关键看用力” （3）如果没有题中描述的关键形容词，那就代入情景进行辨别例如“窃窃私语”，代入情景：如果我们与同学窃窃私语，目的是什么，当然是想让声音的响度小这样别人就听不到了。这样一想答案就出来了。而与音调有关的特性常常与“乐器”“音阶”“音高”以及声音的“粗”“细”“尖锐”和“低沉”等有关乐器的音调总结如下表。 乐器 音调影响(其他条件相同) 打击乐器(以鼓为例) 鼓皮绷得越紧，音调越高；鼓皮越松，音调越低 弦乐器 弦越细、越短、越紧，音调越高；弦越粗、越长、越松，音调越低 管乐器 空气柱越细、越短，音调越高；空气柱越粗、越长，音调越低 1．如图所示，用鹤骨制作的贾湖骨笛是迄今为止中国考古发现的最早的管乐器。用骨笛吹奏发声时，下列说法正确的是（  ） A．发出的声音一定不是噪声 B．发出的声音是由鹤骨的振动产生的 C．发出的声音在空气中的传播速度与响度无关 D．按压骨笛上不同的孔可以改变发出的声音的音色 【答案】C 【详解】A．笛声可能属于噪声，比如笛声影响人们休息和工作时，就属于噪声，故A错误； B．笛声是由空气柱振动发出的，故B错误； C．声音在空气中的传播速度主要与介质的特性有关，而与声音本身的响度无关，故C正确； D．按住不同的笛孔，空气柱长度改变，发出声音的音调会改变，故D错误。 故选C。 2．如图是我国最早的乐器之一“埙”，吹奏时能发出宫、商、角、徵、羽五音，相当于现在的do、re、mi、sol、la。五音是指声音的（　　）    A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 【答案】B 【详解】吹奏“埙”时，通过改变手按压不同的孔，改变发出声音的宫、商、角、徵、羽五音不同，所以是通过改变振动空气中的长短，来改变声音的频率，即改变音调，故B符合题意，ACD不会符合题意。 故选B。 3．北京的鸽哨制作精致，图中所示的是用多个管状哨连接成的一个“连筒类”鸽哨。当鸽子携带鸽哨飞行时，哨声既有高音、也有低音，主要是因为各筒的长短会影响发出声音的（　　） A．音调 B．音色 C．响度 D．传播速度 【答案】A 【详解】A．音调指的是声音的高低，与振动频率有关，各筒的长短不同，空气振动频率不同，音调不同，故A符合题意； B．音色指的是声音的特色，与发生的材料和结构有关，与各筒的长短无关，故B不符合题意； C．响度指的是声音的强弱，影响因素是振动的幅度，与各筒的长短无关，故C不符合题意； D．传播速度与介质、温度有关，与各筒的长短无关，故D不符合题意。 故选A。 4．监测器测得某次鸟鸣和猫叫的声音信息如下表，则（　　） 声音 鸟鸣 猫叫 声音的频率/Hz 5000 800 声音强弱的等级/dB 30 60 A．鸟鸣的响度大 B．猫叫是超声波 C．鸟鸣的频率高 D．猫叫的音调高 【答案】C 【详解】A．分析数据可知，猫叫的声音强弱的等级大于鸟鸣的声音强弱的等级，所以猫叫的响度大，故A不符合题意； B．超声波的频率大于20000Hz，猫叫声音的频率为800Hz，不是超声波，故B不符合题意； CD．鸟鸣的频率为5000Hz，猫叫的频率为800Hz，所以鸟鸣的频率高，音调高，故C符合题意，D不符合题意。 故选C。 5．下列关于声现象的说法正确的是（　　） A．拨动张紧的橡皮筋，能听到声音，说明发声的物体在振动 B．逐渐抽出真空罩内的空气，闹钟的铃声逐渐增强 C．用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的响度相同 D．超声波清洗机清洗眼镜，说明声可以传递信息 【答案】A 【详解】A．用力拨动绷紧的橡皮筋时，橡皮筋会振动，而我们会听到振动的橡皮筋发出声音，说明声音是由物体振动发出的，故A正确； B．声音的传播需要介质，逐渐抽出真空罩内的空气，真空罩内的空气减少，闹钟的铃声逐渐减弱，故B错误； C．响度指声音的大小，与物体的振动幅度有关，用大小不同的力敲击同一个编钟，则物体振动的幅度不同，响度也不同，故C错误； D．声音可以传递信息和能量，超声波清洗机清洗眼镜，说明声可以传递能量，故D错误。 故选A。 6．如图所示，将钢尺一端紧压在桌边上，保持伸出桌边长度不变，用大小不同的力拨动，发出的声音不同的是（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 【答案】A 【详解】将钢尺一端紧压在桌面上，另一端伸出桌面，保持钢尺伸出桌面的长度相同，用大小不同的力拨动钢尺；用大的力拨动钢尺时，钢尺的振幅大，发出声音的响度大；改用小的力拨动钢尺时，钢尺的振幅小，发出声音的响度变小，即钢尺会发出响度不同的声音。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 7．如图，音叉M、N完全相同，M发出440Hz的声音，原来静止的N随之振动，N也发出440Hz的声音，则（　　）    A．M发声时每分钟振动440次 B．M和N发出的声音的频率相同 C．M和N发声时的振幅一定相同 D．M发出的声音无需介质就能传播 【答案】B 【详解】A．频率表示每秒钟内振动的次数。已知M发出声音的频率为440Hz，表示该音叉每秒钟振动440次，故A不符合题意； B．已知M和N发出声音的频率都为440Hz，所以M和N发出的声音的频率相同，故B符合题意； C．引起N音叉振动的能量是由M音叉传递来的，传递过程中存在能量损耗，所以N音叉发声振动的振幅应比M音叉小，故C不符合题意； D．声音的传播需要介质，故D不符合题意。 故选B。 8．“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”这两句千古传诵的名句，被誉为“文外独绝”。关于蝉叫声和鸟鸣声，下列说法正确的是（    ） A．蝉叫声和鸟鸣声是人耳鼓膜振动产生的 B．人们根据音色来辨别蝉叫声和鸟鸣声 C．鸟鸣声响度大，所以鸟鸣声传播得更快 D．人离蝉和鸟越近，听到声音的音调越大 【答案】B 【详解】A．蝉叫声和鸟鸣声是由蝉的发声器（发音膜）和鸟的声带振动产生的，故A错误； B．不同发声体发出声音的音色不同，人们是根据音色来辨别蝉叫声和鸟鸣声的，故B正确； C．声音的传播速度与介质种类和温度有关，与响度无关，故C错误； D．人离蝉和鸟越近，听到声音的响度越大，故D错误。 故选B。 9．考古人员用两千多年前楚国的编钟演奏《茉莉花》时，用大小不同的力敲击如图所示编钟的相同位置，主要改变了声音的（　　） A．传播速度 B．响度 C．音调 D．音色 【答案】B 【详解】由题意知，用大小不同的力敲击如图所示编钟的相同位置，编钟振动的幅度不同，因此改变的是声音的响度。 故选B。 10．如图所示，将正在发声的音叉，轻触系在细绳上的乒乓球，乒乓球被弹开。弹开的幅度越大，音叉发出声音的（　　）    A．音调越高 B．响度越大 C．音色越好 D．速度越大 【答案】B 【详解】响度是指人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅和距离有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 押题猜想02 从粒子到宇宙 【母题】(改编)如图所示，小红将被丝绸摩擦过的玻璃棒靠近碎纸屑，发现碎纸屑能被玻璃棒“吸”住。下列说法正确的是（   ） A．这是通过摩擦的方法来创造电荷，使玻璃棒带电 B．丝绸和玻璃棒摩擦的过程中，负电荷发生了转移 C．丝绸和玻璃棒摩擦后，丝绸带的电荷的是正电荷 D．碎纸屑被带电的玻璃棒吸引，说明它们一定带异种电荷 【答案】B 【详解】ABC．摩擦起电的实质是电子（负电荷）的转移，而非创造电荷，丝绸和玻璃棒摩擦的过程中，玻璃棒失去电子带正电，丝绸得到电子带负电，故A、C错误，B正确； D．异种电荷相互吸引，带电体具有吸引轻小物体的特性。碎纸屑被带电的玻璃棒吸引，可能是因为它们带异种电荷相互吸引，也可能碎纸屑不带电，故D错误。 故选C。 押题解读 本章是中考必考的内容之一，考点主要涉及以下方面：用分子动理论解释生活现象 、电荷间的相互作用规律、  原子的核式模型、 从微观到宏观的尺度。 本章的考查多以记忆性的知识内容为主，一般不会出现难度较大的题目。了解分子动理论的知识、宇宙形成的知识，以及相关的物理学史，足可应付考查,题型也以选择题或填空题为主.应注意模型法在描述物质状态及原子结构中的应用，分子动理论的知识与实际生活联系紧密，应学会理论联系实际的思考方法。 考前秘笈 1.不同物质内部分子间空隙的大小不同； 2.物体的温度越高，分子的运动越剧烈。 3.分子相互作用的情况与分子间距离的大小有关。 4.在静电现象中，两个物体相互吸引有两种可能的原因：（1）带电体吸引轻小物体；（2）异种电荷相互吸引。 5.汤姆生发现了电子，揭示了原子是有结构（可再分）的； 6.原子构成：（1）原子由带正电的原子核与带负电的电子构成；（2）原子核带的正电荷=电子带的负电荷；所以，原子呈电中性，原子构成的物体也呈电中性。（3）原子核对电子有束缚能力，不同物质的原子对电子的束缚能力不同。 7.摩擦起电的本质：（1）失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；（2）摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷发生了转移。 8.人类认识宇宙的历程：（1）托勒玫 “地心说” （2）哥白尼“日心说” （3）牛顿“万有引力定律” 9.宇宙是一个有层次的天体结构系统。 1．人类对物质结构的探索永无止境，如氧分子由氧原子构成，氧原子由原子核和核外电子构成……下列微观粒子中空间尺度最小的是（　　） A．氧分子 B．氧原子 C．氧原子核 D．质子 【答案】D 【详解】物质是由分子或原子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和电子组成的，原子核是由质子和中子构成，质子和中子又由夸克组成。所以，在氧分子、氧原子、质子中空间尺度最小的是质子，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 2．如图所示，用丝绸与玻璃棒摩擦后，下列说法正确的是（　　） A．玻璃棒得到质子带正电 B．玻璃棒失去电子带正电 C．玻璃棒与丝绸带同种电荷相排斥 D．玻璃棒与丝绸带异种电荷相排斥 【答案】B 【详解】AB．与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为丝绸得到电子带负电，玻璃棒失去电子带正电，故A错误，B正确； CD．玻璃棒和丝绸带上异种电荷，会相互吸引，故CD错误。 故选B。 3．与丝绸摩擦过的有机玻璃棒能吸引带电小球，小球又能吸引另一个带电小球。则（    ） A．小球和小球均带负电荷 B．小球和小球均带正电荷 C．玻璃棒和小球均带负电荷 D．玻璃棒和小球均带正电荷 【答案】D 【详解】吸引有两种情况：异种电荷相互吸引，带电体吸引轻小物体。丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒吸引轻小物体A，A可能带负电，可能不带电；小球A 又能吸引另一个带电小球B，由于小球B带电，则A可能不带电，此时小球B可能带正电，也可能带负电；如果A带负电，则B带正电，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 4．水卫工人通过热熔法将图中的两根PPR管连接起来后很难再被拉开。这个现象说明（    ） A．分子直径很小 B．分子间存在引力 C．分子间有空隙 D．分子间存在斥力 【答案】B 【详解】物质是由分子或原子构成的，分子间存在相互作用的引力，两根管子连接在一起很难被拉开说明分子间存在引力。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 5．关于宇宙和粒子，下列说法正确的是（　　） A．汤姆生发现了电子，说明原子是可分的 B．摩擦产生了电子，使物体带上了正、负两种电荷 C．固体、液体很难被压缩，说明分子间存在吸引力 D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星是绝对不动的 【答案】A 【详解】A．汤姆生发现了电中性的原子中有带负电的电子，说明原子是可分的，故A正确； B．摩擦起电现象是由于摩擦导致电荷发生了转移，并没有产生电荷，故B错误； C．固体、液体很难被压缩，说明分子间存在斥力，因为被压缩时，分子间的作用力，表现为斥力，故C错误； D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星也在不停的运动，故D错误。 故选A。 6．端午节裹粽子，是我国的传统风俗。“端午浓情，粽叶飘香”，该现象说明（　　） A．分子间有空隙 B．分子不停运动 C．分子间有斥力 D．分子间有引力 【答案】B 【详解】A． 虽然分子间确实存在空隙，但这并不是导致香味传播的主要原因，故A不符合题意； B．香味的传播是由于分子在空气中永不停息的做无规则运动，使得香味分子能够扩散到空气中并被人们闻到，故B符合题意； C．分子间的排斥力并不是香味传播的主要原因，故C不符合题意； D．分子间的吸引力也不是香味传播的主要原因，故D不符合题意。 故选B。 7．关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（　　） A．摩擦起电使物体产生电子，从而使物体带上了正、负电荷 B．破镜不能重圆，是因为分子同存在排斥力 C．汤姆生建立了类似行星绕日的核式结构模型 D．面包容易被压缩，不能说明分子间有空隙 【答案】D 【详解】A．摩擦起电的原因是电子发生了转移，没有产生电子，故A错误； B．破镜难以重圆是因为破碎的镜片之间的距离大于分子间的作用距离，故B错误； C．物理学家卢瑟福建立了类似行星绕日的核式结构模型，故C错误； D．面包很容易被压缩，是因为面包内部有很多孔隙，不能说明分子间存在空隙，故D正确。 故选D。 8．关于物质结构及相关原理的说法，正确的是（　　） A．摩擦起电的过程中产生了电荷 B．卢瑟福发现电子说明原子是可分的 C．根据同种电荷相互排斥可以制成验电器 D．原子核由带正电的质子和带负电的电子组成 【答案】C 【详解】A．摩擦起电的实质不是创造了电荷，而是发生了电子的转移，故A错误； B．核式原子结构是1911年由卢瑟福提出的一种原子结构模型，该模型认为原子的质量几乎全部集中在直径很小的核心区域，叫原子核，电子在原子核外绕核作轨道运动。原子核带正电，电子带负电。英国物理学家汤姆逊1897年发现了电子，证明了原子是可分的，故B错误； C．验电器的原理是同种电荷互相排斥，即如果物体带电，就有一部分电荷传到两片金属箔上，金属箔由于带了同种电荷，彼此排斥而张开,所带的电荷越多，张开的角度越大；如果物体不带电，则金属箔不动。故C正确； D．原子核由带正电的质子和不带电的中子组成，故D错误。 故选C。 9．下列关于粒子和宇宙的认识， 正确的是（　　） A．哥白尼提出了“地心说”，牛顿创立了万有引力定律 B．宇宙是一个有层次的天体结构系统， 它在不断地膨胀 C．质子、中子和电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动 D．在探索比原子更小的微观粒子的历程中， 汤姆生首先发现了质子 【答案】B 【详解】A．哥白尼提出了“日心说”，牛顿创立了万有引力定律，故A错误； B．宇宙是由物质组成的，宇宙中有很多的星系，星系中又有很多星体，宇宙是一个有层次的天体结构系，并且处于不断的膨胀演化过程中，故B正确； C．原子核由带正电的质子和不带电的中子组成；电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动，故C错误； D．在探索比分子更小的微观粒子的历程中汤姆生首先发现了电子，故D错误。 故选B。 10．用毛皮分别与塑料丝、塑料管摩擦，将摩擦过的塑料丝掷向塑料管正上方的空中，塑料丝会像章鱼的触角一样张开，并且悬在空中，形成“静电章鱼”，如图所示。关于此现象，下列说法中正确的是（　　） A．用毛皮摩擦塑料丝使其带电是创造了电荷 B．摩擦过的毛皮和塑料管所带电荷是同种电荷 C．“静电章鱼”悬在空中说明同种电荷相互排斥 D．塑料丝像章鱼的触角一样张开说明异种电荷相互排斥 【答案】C 【详解】A．摩擦起电不能创造电荷，用毛皮摩擦塑料丝使其带电是电荷发生了转移，故A错误； B．摩擦起电过程中，相互摩擦的两物体带异种电荷，摩擦过的毛皮和塑料管所带电荷是异种电荷，故B错误； C．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，“静电章鱼”悬在空中说明同种电荷相互排斥，故C正确； D．塑料丝像章鱼的触角一样张开，则塑料丝之间相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故D错误。 故选C。 押题猜想03 内能及其利用 【母题】（改编）图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。关于“省油灯”减慢油蒸发的方法，下列说法正确的是（　　） A．减小油的表面积 B．降低油的温度 C．减慢油表面上方的空气流动 D．减少油的体积 【答案】B 【详解】减慢蒸发的方法包括降低液体温度、减慢液体表面空气流动速度和减小液体表面积。灯点燃后会加热灯盏，热量会通过热传递的方式转移给油，使油的内能增大，温度升高，加快油的蒸发，增加耗油量；如果在夹层中加水，因为水的比热容较大，可以吸收更多的热量，使油的温度升高得慢些，减慢了油的蒸发，所以相对耗油量就少一些。故B正确，ACD错误。 故选A。 押题解读 本题利用我国古代的“省油灯”为考试背景，利用所学的知识解释生活现象。通过减少油与空气的接触面积，减少油的蒸发。 考前秘笈 秘笈1：分子动理论的内容：（1）物质是由大量的分子构成；（2）分子在永不停息的做无规则运动；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。 秘笈2：扩散现象发生的条件是两种不同的物质，相互接触，彼此进入对方。扩散现象表面：分子间存在间隙和分子在永不停息的做无规则运动。 1．下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（    ） A．汽车发动机用水作冷却剂 B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷 C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住 D．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度 【答案】B 【详解】A．汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容大，故A不符合题意； B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷，是因为水蒸发吸热，故B符合题意； C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，故C不符合题意； D．物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，是因为水的比热容大，故D不符合题意。 故选B。 2．以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　） A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大 【答案】B 【详解】依题意初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，说明吸收相同的热量，甲温度变化比乙温度变化慢，由此可知，初温相同的甲、乙放出相同热量，甲乙温度都降低，由于甲温度变化比乙温度变化慢，所以甲的末温比乙的末温高，但由于不知道甲乙两块金属的质量关系，所以无法判断甲、乙比热容哪一个大，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 3．景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗。手推杆入筒的过程中，筒内密封气体的（　　） A．分子动能减小 B．密度不变 C．分子数增加 D．内能增大 【答案】D 【详解】ACD．手推杆入筒的过程中，筒内密封气体的分子数不变，对空气做功，空气内能增大，温度升高，分子动能增大，故D符合题意，AC不符合题意； B．手推杆入筒的过程中，空气体积减小，质量不变，由可知，空气密度增大，故B不符合题意。 故选D。 4．近年来许多家庭使用电热液体蚊香器（如图），瓶中的炭纤维棒将瓶内的杀虫剂吸到棒的顶端，而发热电阻传递的热会使棒的上端温度达到50°C左右，此时杀虫剂蒸发得更快从而提高了驱蚊效果。以下说法正确的是（　　）     A．蒸发是液化的一种方式 B．在常温下，炭纤维棒里的杀虫剂分子不会运动 C．杀虫剂分子运动的快慢与温度高低有关，50°C时杀虫剂分子运动得最慢 D．一般情况下，温度升高汽化的速度会加快 【答案】D 【详解】A．汽化的两种方式是蒸发和沸腾，故A错误； B．分子在不停地做无规则的运动，分子的热运动与温度有关，温度越高分子热运动越剧烈，所以在常温下，炭纤维棒里的杀虫剂分子在做运动，故B错误； C．分子的热运动与温度有关，温度越低，热运动越慢，50摄氏度时，分子的运动不是最慢的，故C错误； D．加快液体蒸发的方法有：提高液体的温度、加快液体表面空气的流速、增大液体的表面积，所以一般情况下，温度升高汽化的速度会加快，故D正确。 故选D。 5．如图所示，“天宫课堂”上王亚平老师将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，该现象主要说明了（　　） A．水分子间有空隙 B．水分子间存在吸引力 C．水分子间存在排斥力 D．水分子处在永不停息的无规则运动中 【答案】B 【详解】AB．“液桥”现象说明分子间存在引力，水球接触后粘在一起，由于分子之间存在引力，故可以慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，故A不符合题意，B符合题意； C．“液桥”现象说明分子间存在引力，而不是斥力，故C不符合题意； D．“液桥”现象中，不能说明水分子处在永不停息的无规则运动中，故D不符合题意。 故选B。 6．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速压下活塞，观察到硝化棉燃烧起来。在下压活塞的过程中，下列说法正确的是（　　）    A．气体的内能转化为活塞的机械能 B．筒内气体温度降低 C．筒内气体的内能不变 D．活塞对筒内气体做了功 【答案】D 【详解】下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加、温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来，故D正确，ABC错误。 故选D。 7．如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其它三项不同的是（    ） A．  给水加热 B．  压缩空气 C．搓手取暖 D．  钻木取火 【答案】A 【详解】A．给水加热是内能从锅传递给水，是利用热传递方式改变物体内能； B．压缩空气做功，使内部空气内能增加，温度升高，机械能转化为内能，是利用做功的方式改变物体的内能； CD．搓手取暖、钻木取火是克服摩擦力做功，由机械能转化为内能，是利用做功的方式改变物体的内能； 综上，A选项改变物体内能方式和其它不同，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 8．如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　） A．图甲：厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变 B．图乙：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大 C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能增加 D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，内能转化为机械能，气体内能减少 【答案】D 【详解】A．图甲中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误； B．图乙中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，内能转化为机械能，空气的内能减小，故B错误； C．试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气对活塞做功，内能转化为机械能，水蒸气的内能减小，故C错误； D．图丁中汽缸内的气体推动活塞向下运动时，即做功冲程，内能转化为机械能，气体的内能减少，故D正确。 故选D。 9．沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大，这主要是因为（    ） A．水的内能多，沙石的内能少 B．水的导热性好，沙石的导热性差 C．水的比热容大，沙石的比热容小 D．水吸收的热量多，沙石吸收的热量少 【答案】C 【详解】沿海地区水多，内陆地区（尤其是沙漠）水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故 ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 10．下列关于实验的叙述正确的是（　　） A．图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子间存在着引力 B．图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能 C．图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用 D．图丁中，将瓶塞弹出时，瓶内气体内能减少 【答案】D 【详解】A．抽掉玻璃板，二氧化氮和空气之间发生扩散现象，瓶内气体颜色最后变得均匀，说明分子在不停地运动，故A错误； B．图乙中，试管中的水沸腾后，水蒸气将软塞子推出，即水蒸气对塞子做功，将水蒸气的内能转化机械能，故B错误； C．因为玻璃分子和水分子之间存在引力，所以向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面的过程，测力计示数将变大，故C错误； D．图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，故瓶内气体内能减少，故D正确。 故选D。 押题猜想04 物态变化辨析 【母题】二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，对下列节气涉及的物态变化分析，正确的是（    ） A．图甲“寒露”节气，“露”的形成是凝固现象 B．图乙“霜降”节气，“霜”的形成是凝华现象 C．图丙“大雪”节气，“雪”的形成是液化现象 D．图丁“雨水”节气，“雨”的形成是凝华现象 【答案】B 【详解】A．图甲“寒露”节气，“露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误； B．图乙“霜降”节气，“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故B正确； C．图丙“大雪”节气，“雪”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故C错误； D．图丁“雨水”节气，“雨”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故D错误。 故选B。 押题解读 1. 物态变化的本质就是物质由一种状态变成了另一种状态，所以辨析物态变化现象的关键是明确变化前后物质的状态。有时候要注意辨别干扰因素，比如“白气”与“白雾”是液态不是气态。 2. 物态变化三态图 考前秘笈：常见与水相关的物体变化 （1）热空气遇冷：液化；热空气遇骤冷：凝华 ①雾、露“白气”自来水管“出汗”：水蒸气液化形成的。②霜雾凇、冰花：水蒸气凝华形成的。 （2）液化的两种方式：蒸发和沸腾 ①蒸发：只发生在液体的表面，发生缓慢；沸腾：同时发生在液体的内部和表面，发生剧烈。 1．我国古代科技著作《天工开物》里记载了铸造“万钧钟”和“鼎”的方法，先后用泥土制作“模骨”，“干燥之后以牛油、黄蜡附其上数寸”，在油蜡上刻上各种图案（如图），然后在油蜡的外面用泥土制成外壳。干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，油蜡流出形成空腔，在空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。下列说法正确的是（　　） A．“炙化其中油蜡”是升华过程 B．“炙化其中油蜡”是液化过程 C．铜液冷却成钟鼎是凝固过程 D．铜液冷却成钟鼎是凝华过程 【答案】C 【详解】AB．“炙化其中油蜡”是固态的油蜡变成液态的蜡水，因此是熔化的过程，故AB错误； CD．铜液冷却成钟鼎是液态的铜液变成固态的铜，因此是凝固的过程，故C正确，D错误。 故选C。 2．广州春季“回南天”到来时，课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，如图是在“出水”玻璃上写的字。这些“水”是由于水蒸气（　　） A．遇热汽化吸热形成的 B．遇热汽化放热形成的 C．遇冷液化放热形成的 D．遇冷液化吸热形成的 【答案】C 【详解】广州春季“回南天”到来时，课室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，原因是广州地处我国的南方，春季南风吹来温暖的带有大量水蒸气的空气，这些水蒸气温度较高，遇到温度较低的黑板、墙壁和玻璃就液化形成小水滴，附着在课室的黑板、墙壁和玻璃上造成的，液化需要放出热量，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 3．西周晋侯鸟尊是中国青铜器中罕见的珍品，是山西博物院的“镇院之宝”（如图所示）。制作鸟尊等青铜器时，先用泥土制成“内范”，在其外部涂适当厚度的蜡，将蜡雕刻成所需形状，称之为“模”，然后在“模”的外面用泥土制成“外范”。通过加热使蜡液流出形成空腔（模具），在空腔中倒入青铜液，待青铜液冷却后，打碎“外范”和“内范”，就得到与“模”一样的青铜器。下列分析正确的是（　　）    A．将蜡加热到液态是熔化过程，会放出热量 B．青铜液冷却到固态是凝固过程，会放出热量 C．青铜液冷却到固态是凝华过程，需吸收热量 D．青铜和蜡熔化过程中，温度均保持不变 【答案】B 【详解】A．蜡从固态到液态是熔化过程，此过程吸热，故A错误； BC．青铜液体变成固体的过程是凝固，此过程放热，故B正确，C错误； D．青铜是晶体，熔化过程温度保持不变，蜡是非晶体，熔化过程温度升高，故D错误。 故选B。 4．北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于凝华的是（　　） A．雨水，冰雪消融 B．立夏，雾绕山峦 C．霜降，霜满枝头 D．大寒，滴水成冰 【答案】C 【详解】A．冰雪消融，水从固态变为液态，属于熔化，故A不符合题意； B．雾是小液滴，气态水蒸气变为液态的雾，属于液化，故B不符合题意； C．霜的形成，是由气态的水蒸气变为固态冰晶，属于凝华，故C符合题意； D．滴水成冰，由液态变为固态，属于凝固，故D不符合题意。 故选C。 5．如图所示，国画描绘的美景中蕴含了丰富的物态变化知识。以下分析正确的是（　　）    A．图甲，湖面上厚厚的冰层是升华形成的 B．图乙，荷叶上晶莹的露珠是凝固形成的 C．图丙，山林间的缕缕薄雾是液化形成的 D．图丁，枝头上的奇景雾凇是熔化形成的 【答案】C 【详解】A．冰是水在低温下凝固形成的，故A错误； B．露珠是水蒸气放热液化形成的，故B错误； C．雾是小水珠，是水蒸气放热液化形成的，故C正确； D．雾凇是水蒸气放热凝华形成的小冰晶，故D错误。 故选C。 6．据《天工开物》记载，可从朱砂矿石中提炼水银（液态汞）。如图所示，给密闭锅内的砂矿石加热，就会在倒扣的锅壁上布满水银。在倒扣锅壁上形成水银的物态变化是（　　） A．凝固 B．凝华 C．液化 D．汽化 【答案】C 【详解】砂矿石被加热时，其中的汞元素可能会以气态的形式释放出来。这是因为加热使得汞元素获得了足够的能量，从固态或液态转变为气态。随后，这些气态的汞遇到温度较低的倒扣锅壁时，会失去能量并转变为液态，即发生液化现象。这是因为锅壁的温度低于汞的沸点，使得气态汞无法维持其气态状态，从而转变为液态。因此，在倒扣锅壁上形成水银的物态变化是液化，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 7．如图所示，密封的锤形玻璃泡内装有少量碘颗粒，碘的熔点约为114℃。打开电吹风热风挡对玻璃泡加热，温度约为60℃，一段时间后，观察到玻璃泡内弥漫着紫红色的碘蒸气，停止加热，冷却后玻璃泡内又出现碘颗粒。关于这个过程，下列说法中正确的是（　　） A．加热时，碘颗粒熔化 B．冷却时，碘蒸气凝固 C．加热时，碘颗粒升华 D．冷却时，碘蒸气液化 【答案】C 【详解】已知碘的熔点约为114℃。用电吹风热风挡对玻璃泡加热，温度约为60℃，低于碘的熔点，碘没有发生熔化，观察到玻璃泡内弥漫着紫红色的碘蒸气，说明固态的碘颗粒升华成碘蒸气；停止加热，冷却后玻璃泡内又出现碘颗粒，说明碘蒸气遇冷凝华成颗粒，故ABD错误，C正确。 故选C。 8．关于热现象，以下说法错误的是（    ） A．检查口腔前，将金属小镜子放在酒精灯上烤一烤是为了防止水蒸气液化 B．水烧开时，离壶嘴较远的地方“白气”较浓，是因为较远处温度较高 C．生长在沙漠中的仙人掌，叶子呈针状是为减慢水的蒸发 D．寒冷的北方，不用水银温度计是因为水银的凝固点较高 【答案】B 【详解】A．检查口腔前，将金属小镜子放在酒精灯上烤一烤是为了提高小镜子的温度，防止口中的水蒸气遇冷液化形成小水珠附在小镜子上，看不清口中的情况，故A正确，A不符合题意； B．水烧开时，离壶嘴较远的地方“白气”较浓，是因为较远处温度较低，有利于水蒸气放热液化成小水珠，形成“白气”，故B错误，B符合题意； C．生长在沙漠中的仙人掌，叶子呈针状是为了减小水的表面积来减慢水的蒸发，从而应对干旱的环境，故C正确，C不符合题意； D．寒冷的北方，不用水银温度计是因为水银的凝固点较高，在较低的温度下容易凝固而导致无法使用，故D正确，D不符合题意。 故选B。 9．为保证青藏铁路多年冻土区路基的稳定性，铁路两侧安装了许多封闭的中空热棒。如图所示，热棒下端插在冻土中，内部填充低沸点的液态氨，利用氨的物态变化给冻土降温，把冻土中的热量“搬运到”热棒上端，通过散热片向空中放热，从而使冻土保持稳定。下列说法正确的是（    ） A．氨在热棒下端发生的物态变化是汽化 B．氨在热棒上端发生的物态变化是凝固 C．应使用隔热性能好的材料制作热棒 D．为降低成本，可以使用液态水替代液态氨 【答案】A 【详解】AB．装在热棒下端的液态氨在冻土温度升高时会汽化，从冻土内部吸热，使冻土温度降低，冻土就不会熔化；棒内上端的氨气遇冷液化成液态氨，液化过程中要放热，故A正确，B错误； C．为了使棒内下端的液态氨更好的从冻土中吸热，棒内上端的氨气液化时更好的向外放热，应使用导热性能好的材料制作热棒，故C错误； D．液态水的凝固点比液态氨高，将液态水装入热棒内插在冻土中时，液态水会凝固，凝固会放热，故D错误。 故选A。 10．蒸馏法在酿酒过程中得到广泛应用，如图所示为蒸馏过程中的原理图，烧瓶内装有含酒精和水的酒糟，在蒸馏的过程中，涉及到的物理知识说法正确的是（　　） A．在烧瓶内，酒精沸腾，瓶中的酒精升华需要吸热 B．在烧瓶内，仅酒精沸腾，瓶中的水不会发生汽化 C．在冷凝器处，管内酒精蒸汽遇冷液化，需要放热 D．在冷凝器处，管外的冷却水吸收热量，内能不变 【答案】C 【详解】A．在烧瓶内，酒精沸腾，瓶中的酒精汽化吸热，故A错误； B．汽化有蒸发和沸腾两种吸收，蒸发在任何温度下都可以发生，故B错误； C．在冷凝器处，管内酒精蒸汽遇冷液化放热，故C正确； D．在冷凝器处，管外的冷却水吸收热量，温度升高，内能增大，故D错误。 故选C。 押题猜想05 安全用电 【母题】学习家庭电路相关知识后，小明对如图所示设计的家庭电路的认识正确的是（　　） A．控制白炽灯的开关和灯不可以互换位置 B．如图中AB之间发生断路，则用测电笔检查插座C的各个插孔，测电笔的氖管都不发光 C．闭合开关S2后发现灯L2不亮，用测电笔检查插座D两孔发现氖管都发光，则故障可能是进户零线断路 D．当有人触电时保险丝会熔断 【答案】AC 【详解】A．为防止人体触电，控制灯泡的开关应接在灯泡与火线之间，图中开关接在灯泡与零线之间是正确的，因此开关和灯不可以互换位置，故A正确； B．若图中AB之间发生断路，则插座C的右孔仍可与火线接通，因此，用试电笔检查插座C的各个插孔，其右孔可以使氖管发光，其余两孔因分别接的是零线与地线，则不能使氖管发光，故B错误； C．若进户零线断路，当闭合开关S2后，家中的零线通过S2和L2的灯丝与火线连通，即此时家中的零线带电，导致用测电笔检查插座D两孔时氖管都发光，故C正确； D．当人体触电时，与通电的用电器组成并联电路，通过火线的电流一般达不到保险丝熔断所需要的电流，故不会熔断，故D错误。 故选AC。 押题解读 安全用电原则铭记心，低压带电体勿接触，高压带电体要远离，中考物理押题重点。 考前秘笈 安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。 1．下列做法符合安全用电原则的是（　　） A．禁止多个大功率用电器同时共用一个插座 B．发现有人触电立即用手将其拉开 C．保险丝熔断后用一段细铁丝代替 D．使用试电笔时接触试电笔金属笔尖 【答案】A 【详解】A．家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾，故A符合题意； B．发现有人触电时，不要直接去救援，因为人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，故B不符合题意； C．铁丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故C不符合题意； D．使用试电笔时笔尖应该接触被测导线，手指按住笔尾金属体，故D不符合题意。 故选A。 2．如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（　　） A．为了用电安全，应在甲处安装电灯，乙处安装开关 B．闭合开关，灯泡正常发光，用试电笔检测A点，氖管发光 C．若再接入空调，闭合开关后，保险丝马上熔断，则一定是电路发生短路 D．洗衣机的三线插头应连入三孔插座，这样能使洗衣机的金属外壳接地 【答案】D 【详解】A．为了用电安全，开关安装在火线上，保证断开开关后，没有电流经过灯泡，从而避免触电事故，故在甲处安装开关，乙处安装电灯，故A错误； B．闭合开关，灯泡正常发光，A点与零线直接相连，用试电笔检测A点，氖管不发光，故B错误； C．若再接入空调，闭合开关后，保险丝马上熔断，可能原因是总功率过大，导致干路电流过大，也可能是发生短路，故C错误； D．洗衣机的三线插头应连入三孔插座，需遵循左零右火中接地的原则，这样能使洗衣机的金属外壳接地线，避免漏电事故，故D正确。 故选D。 3．如图是标有“”的浴室使用的带防护罩插座。下列说法正确的是（　　） A．插座与照明灯是并联连接的 B．防护罩的作用是使用电器金属外壳接地 C．三孔插座的右孔应该与家庭电路的零线相连 D．该插座允许接入两个任意大功率用电器同时使用 【答案】A 【详解】A．插座与照明灯是并联连接的，故A正确； B．防护罩的作用是防止水进入插座，造成短路，故B错误； C．三孔插座的右孔应该与家庭电路的火线相连，故C错误； D．该插座不能同时使用两个大功率用电器。它允许接入的最大功率，故D错误。 故选A 。 4．如图为“儿童安全插座”，它具有保护门双层互锁功能，能有效防止触电事故的发生。下列相关说法错误的是（　　） A．“儿童安全插座”的白色保护门属于绝缘体 B．“儿童安全插座”与家庭电路中其他用电器并联 C．用试电笔笔尖插入L孔，正常情况下试电笔氖管会发光 D．若“儿童安全插座”发生短路，家庭电路的空气开关不会“跳闸” 【答案】D 【详解】A．“儿童安全插座”的白色保护门不容易导电，属于绝缘体，故A正确，不符合题意； B．“儿童安全插座”与其他通电器互不影响是并联的，故B正确，不符合题意； C．三孔插座中，左零右火，上接地，用试电笔笔尖插入L孔，火线、人体、大地构成回路，因此氖管发光，故C正确，不符合题意； D．若“儿童安全插座”发生短路，电路中电流会过大，因此家庭电路的空气开关会“跳闸”，故D错误，符合题意。 故选D。 5．关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　） A．人可以向落在地面上的“高压线头”靠近 B．客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四只节能灯一定是串联的 C．家庭电路中空气开关“跳闸”了，可能是发生了短路现象 D．使用试电笔时，手指不能触碰笔尾金属体 【答案】C 【详解】A．人不可以向落在地面上的“高压线头”靠近，可能会导致跨步电压触电，故A错误； B．客厅里一个开关可以同时控制四只节能灯，这四个节能灯也可能是并联的，开关在干路上。故B错误； C．家庭电路中空气开关“跳闸”了，是因为电流过大；可能是发生了短路现象，也可能是总功率过大，故C正确； D．使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。 故选C。 6．图甲所示的限流开关（俗称空开）是家庭电路中重要的元件，图乙是它的简化原理图，当电路电流太大时，铁芯与衔铁相互吸引带动触点a向上运动，断开电路。下列说法正确的是（   ） A．衔铁一般用铝材质来制作 B．只有电路中出现短路时，限流开关才会断开 C．当线圈中电流方向向下时，螺线管下端为N极 D．增加线圈匝数可以使开关允许通过的最大电流值减小 【答案】D 【详解】A．通电导线周围存在磁场，当电路电流太大时，铁芯与衔铁相互吸引，说明衔铁能够被电磁铁吸引，电磁铁并不能吸引铝材质的东西，所以衔铁不用用铝材质来制作，一般用铁材质来制作，故A错误； B．当电路电流太大时，限流开关会断开，当电路中出现短路或电路中总功率太大，都会导致电流太大，使限流开关断开，故B错误； C．根据右手定则可知，当线圈中电流方向向下时，螺线管下端为S极，故C错误； D．当允许通过电路最大电流较小时，增加线圈匝数也可以增强电磁铁磁性，使得开关断开，故增加线圈匝数可以使开关允许通过的最大电流值减小，故D正确。 故选D。 7．如图所示的轨道插座可以按照用户用电需求在轨道上增减、移动插座。以下关于轨道插座的使用，符合安全用电原则的是（　　） A．用湿手将插座从轨道上拔离 B．若插座起火，应立即切断电源 C．增加插座使多个大功率用电器同时使用 D．导线绝缘皮破损后仍继续使用 【答案】B 【详解】A．生活用水是导体，用湿手将插头插在插座上，会使人触电，故A不符合题意； B．插座起火，应该立即切断电源，再进行施救，故B符合题意； C．增加插座使多个大功率用电器同时使用，容易造成用电器的总功率过大，造成电路中的电流过大，可能会发生火灾，故C不符合题意； D．导线绝缘皮破损容易发生触电事故，不能继续使用，故D不符合题意。 故选B。 8．关于安全用电，下列说法错误的是（　　） A．图甲中，站在地上的人触摸火线，会发生触电事故 B．图乙中，照明电路开关的接法正确，没有安全隐患 C．图丙中，冰箱的金属外壳接地可防止静电和漏电造成的危害 D．图丁中，用试电笔检测家庭电路时手不能接触金属笔尖 【答案】B 【详解】A．人站在地上，触摸火线，此时火线人体与大地构成闭合回路，会有电流通过人体，会发生单线触电事故，故A正确，不符合题意； B．连接电路时，为防止触电，开关应该接在火线和用电器之间，故B错误，符合题意； C．带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全，故C正确，不符合题意； D．用测电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D正确，不符合题意。 故选B。 9．关于家庭电路和安全用电的理解，下列说法不正确的是（　　） A．家用电器着火时应迅速用水来灭火 B．用电器的金属外壳一定要接地线 C．发生触电现象，应立即切断电源 D．手机充电完成后，立即拔下充电器 【答案】A 【详解】A．水是导体，家用电器着火时用水灭火，可能会导致人触电，且可能会使电器损坏更严重，所以不能用水来灭家用电器着火，故A错误，符合题意； B．用电器的金属外壳接地线，当用电器漏电时，电流会通过地线导入大地，可防止人触电，故B正确，不符合题意； C．发生触电现象，立即切断电源，可使触电者脱离带电体，避免持续触电造成更大伤害，故C正确，不符合题意； D．手机充电完成后，立即拔下充电器，可防止充电器长时间通电引发火灾等安全隐患，故D正确，不符合题意。 故选A。 10．图甲为电冰箱没有漏电保护时触电的情形，图乙为有漏电保护时的情形。以下说法正确的是（    ） A．家用电器不能采用金属外壳，会造成漏电触电 B．国家标准规定：所有家用电器都可以用两孔插头 C．采用漏电保护后，绝大部分电流“优先”从与金属外壳相连的接地线流入大地，不会造成人体触电 D．图乙中用试电笔测试冰箱外壳时，氖管会发光 【答案】C 【详解】ABC．家用电器可以采用金属外壳，但要使用三孔插座，将用电器的金属外壳与大地相连，采用漏电保护后，绝大部分电流“优先”从与金属外壳相连的接地线流入大地，不会造成人体触电，故AB错误，C正确； D．图乙中，电冰箱外壳接地，若电冰箱的金属外壳带电，用试电笔测试冰箱外壳时，测电笔相当于被地线短路，氖管不会发光，故D错误。 故选C。 押题猜想06 流体压强的分析 【母题】如图是家用煤气灶灶头的示意图，使用时打开煤气阀门，拧动点火装置，煤气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，而煤气不会从进口处向空气中泄漏，其原因是（    ） A．进口处煤气流速小，压强大于大气压强 B．进口处煤气流速小，压强小于大气压强 C．进口处煤气流速大，压强小于大气压强 D．进口处煤气流速大，压强大于大气压强 【答案】C 【详解】流体流速越快的位置压强越小，进口处煤气流速大，压强小于大气压，煤气和空气在大气压的作用下流向燃烧头，而煤气不会向空气中泄漏，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 押题解读 主要考点有：大气压强产生的原因及其生活中与大气压有关的一些现象和实例、对流体压强与流速关系的理解和认识，并能解释与之有关的一些现象等. 考前秘笈 ①首先应明晰应用大气压工作的原理：是在某处使气压降低,由于存在大气压差，在外界大气压的作用下,产生了某种效果。②分析实例中的内、外位置处是否存在大气压差进行解答。注意：①生活中常见的利用大气压工作的实例：钢笔囊吸墨水,吸管吸饮料,抽水机抽水、真空采血管采血、吸盘挂钩紧贴墙壁等；②在有关大气压的很多实例中,所谓的“吸”其实都是大气压的“压”在起作用。 对于流速与压强的关系，解答关键点：①首先要弄清哪部分流速快、哪部分流速慢；②其次根据流体压强与流速的关系判断哪部分受到的压强大，哪部分受到的压强小；3.根据物体所受压强差作用将会产生什么表现形式和现象．注意：流速大小关系的判断方法：①自然流动——如流动的空气、水流,一般是在较宽阔的地方流速慢,较狭窄的地方流速快。②高速运动的物体周围,离物体越近的地方流体的流速越大,压强越小。③物体表面凸出的地方,其周围流体的流速大。 1．某兴趣小组开展制作飞机模型大赛，他们要让飞机获得升力，机翼横截面的形状应设计成（   ） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】飞机机翼的横截面应做成上凸下平的形状，则空气经过上表面的流速大于下表面的，而流速大的位置压强小，所以形成一个向上的升力，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2．蓝天之下、白云之上，C919国产大飞机首度服务春运，下列相关描述正确的是（　　） A．飞机获得升力的原理是“流体流速大的地方压强大” B．在空中飞行的飞机，与空气摩擦，飞机因失去电子而带负电 C．飞机加速升空过程中，机械能不断增大 D．飞机上升过程中，机舱外的大气压变大 【答案】C 【详解】A．飞机机翼获得升力是因流体中流速大的地方压强小，故A错误； B．在空中飞行的飞机，与空气摩擦，飞机因失去电子而带正电，故B错误； C．飞机加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能等于动能和势能之和，则机械能不断增大，故C正确； D．飞机上升过程中，高度增加，大气压随高度的增加而减小，所以机舱外的大气压变小，故D错误。 故选C。 3．如图是一同学设计的风速测试仪原理图，其中探头安装在虚线框中，探头与弹簧、金属杆、滑片P相连。能够实现“当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大”的探头形状是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】电路中定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，根据串联分压特点知，滑动变阻器接入电路的电阻越大，分得的电压越大，因而滑片下移时电压表示数变大，而当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，说明风速越大，滑片下移，因而下方的压强较小，根据流体的流速越大的地方，压强越小，探头应该向下凸出上方平直，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 4．对如图所示的情景，下列说法正确的是（     ） A．图甲中用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴的“吸力”吸上来的 B．图乙中伞会被向上掀翻，是因为伞的下方空气流速大，压强大 C．图丙中的实验说明液体压强与液体的密度有关 D．图丁中向两纸中间吹气，两纸向内靠拢 【答案】D 【详解】A．当我们吸吸管时，吸管内的空气被吸走，导致吸管内的气压减小，由于外界大气压的存在，并且大于吸管内的气压，因此大气压将饮料压入吸管中，使我们能够喝到饮料。故A错误； B．在图乙中，当有大风吹过时，伞的上方空气流速大，根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，所以伞上方的压强减小；而伞下方的空气流速相对较小，压强相对较大，因此，伞会受到一个向上的压力差，导致伞被向上掀翻。故B错误； C．在图丙中，观察到水从小孔射出，小孔的位置越低，射出的水越急，液体压强越大，该现象说明液体压强与深度有关。故C错误； D．在图丁中，当我们向两张纸中间吹气时，两张纸之间的空气流速增大，根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，所以两张纸之间的压强减小，而两张纸外侧的空气流速相对较小，压强相对较大，因此，两张纸会受到一个向内的压力差，导致两张纸向内靠拢。故D正确。 故选D。 5．如图甲所示是一种简易的喷水壶，喷水壶的结构如图乙所示。导管与喷嘴相连，上下推拉压柄给壶内充气后，按压按柄可以使水从喷嘴喷出。下列有关解释正确的是（　　） A．按柄处的花纹是为了减小摩擦力 B．手柄做的较宽大是为了增大压力 C．喷水壶是利用了流体流速越大的地方压强越大的原理 D．壶中水逐渐减少时，壶底受到水的压强随之减小 【答案】D 【详解】A．按柄处的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误； B．手柄做的较宽大，是通过增大受力面积来减小压强，故B错误； C．喷水壶是利用了流体流速越大的地方压强越小的原理，故C错误； D．由可知，壶中水逐渐减少时，水的深度减小，壶底受到水的压强随之减小，故D正确。 故选D。 6．“做中学”是一种重要的学习方式。小明用吸管进行科学实验，下列说法正确的是（　　） A．图甲：吸管的一端橄得很尖，是为了减小压强 B．图乙：用吸管制成水气压计，从山下移到山顶时管内的水柱下降 C．图丙：将装满水的瓶子倒过来，瓶内的水会从吸管中流出来 D．图丁：向两气球中间吹气，它们靠拢说明了流体流速大的地方压强小 【答案】D 【详解】A．吸管一端做得很尖，是在压力一定时，为了减小受力面积，增大压强，故A错误； B．自制气压计从山下带到山顶，外界大气压减小，瓶内气压基本不变，把液体压入玻璃管内，细玻璃管内液柱上升，故B错误； C．由图可知，瓶内装满水，将瓶子倒过来，因为受到大气压的作用，瓶内的水不会从玻璃管中流出来，故C错误； D．向乒乓球中间吹气时，乒乓球中间空气流速大，压强变小，在流速小的地方压强较大，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，乒乓球向中间靠拢，该实验说明了流体流速大的地方压强小，故D正确。 故选D。 7．我市第七届科技节即将举行，在航空航天模型竞赛项目中的冲浪纸飞机，其机翼前缘折叠后较厚重，如图甲所示。用一块略向后倾斜的推板向前推动，纸飞机即可在空中飞行，如图乙所示，看起来就像在冲浪，故而得名，下列关于冲浪纸飞机飞行过程中的说法正确的是（    ） A．移动的推板后方会形成上升气流 B．纸飞机的重心比较靠后 C．纸飞机所受浮力等于重力 D．纸飞机上方空气流速快压强小 【答案】D 【详解】A．移动的推板前方会形成上升气流，故A错误；     B．纸飞机机翼的前缘折叠后较厚重，故飞机的重心比较靠前，故B错误； C．纸飞机所受浮力小于重力，故纸飞机不会自由升空，故C错误； D．纸飞机上方空气流速快压强小，小于纸飞机下方的大气压，从而获得竖直向上的升力，故D正确。 故选D。 8．力学与我们生活息息相关，下列有关各图的说法错误的是（    ） A．夹菜时使用的筷子属于省力杠杆 B．地漏利用连通器原理防止异味 C．用吸管从杯子里吸饮料利用了大气压 D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大，压强小 【答案】A 【详解】A．夹菜时使用的筷子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误，符合题意； B．地漏两端开口，中间相连通，利用连通器原理防止异味，故B正确，不符合题意； C．用吸管从杯子里吸饮料，现将吸管中空气吸出，使吸管中的气压小于大气压，利用了大气压，故C正确，不符合题意； D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大，压强小，小于纸条下方的气压，在气压差的作用下，纸条向上飘起，故D正确，不符合题意。 故选A。 9．图中的乙是一个较长的连通器，大气压强为p0，在e上方持续水平吹气，水面稳定后如图所示，此时d、e处的气压为pd、pe，水面下b、c处水的压强为pb、pc，装有酒精的甲放在乙的左侧，酒精中的a处酒精的压强为pa，大气压保持不变，则正确的是（　　） A．pa>pb B．pe=pd C．pe<pd D．pd<pe 【答案】C 【详解】A．液体酒精的a点的压强与酒精密度和所处的深度h有关，水的密度更大，b点在水中的深度大于a点在酒精中的深度，故pa<pb，故A错误； BCD．d处与大气相通，pd处气压与大气压强p0相同，在e上方持续水平吹气，根据流体流速越大的位置压强越小，故pd大于pe，故BD错误，C正确。 故选C。 10．春夏季节雨水较多，某个下雨天，小琳撑一把雨伞在雨中行走，一阵大风吹来，伞面被“吸”得严重变形，进入教室后，小琳收伞、抖落雨伞上的雨滴，将雨伞挂在桌边静止，关于雨伞，下列说法错误的是（　　） A．如图甲所示，推开雨伞时，伞骨给骨臂一个向上的动力，骨臂绕O点转动，这是一个费力杠杆 B．如图乙所示，伞上方空气流速大、压强小，小琳需要施加一个向下的力以平衡风力产生的效果 C．如图丙所示，轻轻抖动雨伞，由于雨伞具有惯性，雨水与雨伞分离落向地面，伞上的雨水变少了 D．如图丁所示，雨伞只受重力和桌面施加的竖直向上的支持力，雨伞与桌面之间没有摩擦力 【答案】C 【详解】A．如图甲所示，推开雨伞时，伞骨给骨臂一个向上的动力，动力作用线过A点，阻力作用线过B点，骨臂绕O点转动，动力臂小于阻力臂，因此是费力杠杆，故A正确，不符合题意； B．因为气体流速越大的位置压强越小，伞上方的空气流速大于下方的空气流速，向上的压强大于向下的压强；为了平衡风力产生的效果，小琳需要额外施加一个向下的力的作用，故B正确，不符合题意； C．用手拿着沾有雨水的雨伞，轻轻向下抖，雨伞受力后运动状态发生改变，由静止变为运动，伞上的雨水由于具有惯性，继续保持原来的静止状态，雨水与雨伞分离落向地面，伞上的雨水就少了，故C错误，符合题意； D．雨伞静止挂在课桌边时，桌面对雨伞的支持力作用在雨伞上与雨伞受到的重力为一对平衡力，而雨伞在水平方向没有相对运动或相对运动的趋势，即不受摩擦力，故D正确，不符合题意。 故选C。 押题猜想07 电路设计 【母题】电吹风的工作电路主要由电热丝（）、电动机（）和两个开关组成，其中开关S1控制电动机和电热丝，开关S2只控制电热丝。下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】根据题意可知，开关S1控制电动机和电热丝，开关S2只控制电热丝，这说明该电路时并联电路，开关S1在干路中，开关S2在电热丝的支路中，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 押题解读 根据题干信息，通过开关的通断，判断用电器是否正常工作。 考前秘笈 (1)首先确定用电器之间是串联还是并联：通过题干中描述的用电器的工作情况进行判断。 (2)判断开关的位置：通过每个开关对用电器的控制情况进行判断。 ①如果两个开关都闭合，用电器才工作，则两个开关串联，如图甲； ②若两个开关只闭合一个，用电器就可以工作，则两个开关并联，如图乙； ③若开关闭合，用电器不能工作，开关断开，用电器可以工作，则此用电器和开关并联，如图丙； ④有时候会用到特殊开关，如单刀多掷开关、双刀双掷开关等。 1．如图所示的双杯恒温养生壶，左右两杯可同时工作，也可单独工作，和分别是左右两杯对应的加热电阻。下列电路中符合设计要求的是（　　） A．B．C．D． 【答案】A 【详解】和分别是左右两杯对应的加热电阻，左右两杯可同时工作，也可单独工作，所以和能独立工作，互不影响，所以和并联，开关S1和S2分别与和串联，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 2．某小区地下车库门口装有自动识别系统，当录入系统内的车牌号靠近摄像头时，显示屏（题中以灯泡代替）发光，然后电动机启动，横杆抬起，车子可以进入车库；当未录入系统内的车牌号靠近摄像头时，显示屏发光，横杆不会抬起，车子不能进入车库。下列电路图中符合上述要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】根据题意可知，当录入系统内的车牌号靠近摄像头时，显示屏题中以灯泡代替发光，然后电动机启动，横杆抬起，车子可以进入车库；当未录入系统内的车牌号靠近摄像头时，显示屏发光，横杆不会抬起，车子不能进入车库，这说明灯泡与电动机工作时互不影响，是并联的，开关能控制整个电路在干路上，串联在电动机的支路上。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 3．投影仪内的灯泡，发光时温度很高，必须用风扇降温。使用投影仪时，首先要打开风扇，待确认风扇正常运转后，再通电让灯泡发光，下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】A．干路中开关闭合，电动机马上工作，而灯泡会在支路开关的闭合时再工作，故A符合题意； B．开关闭合后，电动机和灯泡同时工作，故B不符合题意； C．干路中开关闭合，灯泡马上工作，支路开关闭合电动机才会工作，故C不符合题意； D．开关闭合后，电动机和灯泡同时工作，故D不符合题意。 故选A。 4．某商品展示平台，其内部电路设计要求为：只闭合开关S1，仅照明灯亮；再闭合开关S2，照明灯亮，电动机M转动；断开开关S1，照明灯熄灭，电动机M停止转动。则满足该设计要求的电路是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】根据题意可知，当开关S1闭合时照明灯亮起，再闭合开关S2，照明灯亮，电动机M转动，说明电动机和照明灯可以独立工作、互不影响，为并联关系；断开开关S1，照明灯熄灭，电动机M停止转动，这说明开关S1位于干路，开关S2位于电动机支路，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 5．如图是国产新能源汽车中的一款插电式混合动力汽车，同时使用电动机和内燃机，其内燃机热效率最高可达43%；此外，其拥有快捷语音助手，可实现车外语音控制自动泊车和开关门等功能。对于该新能源汽车，驾驶员既可以通过传统的机械按键（开关）控制车窗的升降，也可以通过语音（开关）控制车窗的升降。下列电路中可实现上述功能的是（    ） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】根据题意可知，传统的机械按键（开关S1）和语音（开关S2）都可独立控制车窗的升降，两个开关对电动机的控制互不影响，所以两开关并联后再与电动机串联，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 6．2025年的中央电视台春节联欢晚会在重庆设立了分会场。晚会当晚，2025架无人机拼出闪烁的山茶花，绽放在山城的两江四岸。无人机工作时，当开关闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合时电动机启动，无人机起飞。如图所示电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】A．由图可知，开关闭合时指示灯亮起，再闭合时电动机启动，说明指示灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且开关位于干路，开关位于电动机支路，故A符合题意。 B．由图可知，开关闭合时电动机和指示灯都工作，再闭合时会造成电源短路，故B不符合题意； C．由图可知，开关闭合时电动机和指示灯都不工作，再闭合时电动机和指示灯同时工作，故C不符合题意； D．由图可知，开关闭合时电动机工作，再闭合时指示灯亮起，故D不符合题意。 故选A。 7．我市已逐渐开始实行电动自行车新政策：只允许新国标电动自行车上路，要求车速不超过25km/h。下面是同学们设计的某品牌电动自行车的电路，其中符合“旋钮OP绕O点顺时针转动时，电动机转速变快，当转速超过一定值，电铃会自动报警”的电路是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】电动机的转速与电流大小有关，根据题意，当旋钮OP绕O点顺时针方向转动时，滑动变阻器接入电路中的电阻应变小，控制电路部分电流变大，电动机转速变快；当电流达到一定程度时，电磁铁将衔铁吸过来，接通电铃所在电路而报警，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 8．交通法规中明确规定，所有的摩托车、电动自行车上路驾驶员必须佩戴安全头盔，小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，下列电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】根据题意可知，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，说明两个开关相互影响，是串联在一起，一起控制电动机的，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 9．一自动售货机的使用说明如下：手机扫码（闭合S1）或投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；光线较暗时光控开关S3自动闭合，灯泡发光。某同学根据使用说明设计了如下电路，符合要求的是（　　） A． B． C． D．‍ 【答案】D 【详解】依题意得，电动机、灯泡互不影响，两者并联。S1、S2互不影响，两者并联，且两开关都控制电动机，则S1、S2并联后再与电动机串联；S3控制灯泡，则S3与灯泡串联，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 10．细心的静静同学发现，2025年的春运时间是从1月14日到2月22日。届时，深圳北站候车大厅内灯火通明，人潮涌动。归乡心切的游子们，在寒风中步履匆匆，有序通过进站口、安检区。乘客乘坐高铁可直接刷身份证（S₁）进站，闸机口通过人脸识别系统（S₂）确保“人”“证”一致，闸机门才打开通行。用M代表闸门，则如图中电路可实现上述要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】B根据题意可知，只有“人”“证”一致的情况下，闸机自动打开，这说明“人脸识别”开关和“身份证识别”开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 押题猜想08 生活中的力现象分析 【母题】2025年，中国电影迎来里程碑时刻，《哪吒之魔童闹海》成为全球票房第一的动画电影。如果将电影中哪吒做成关节可动的木偶玩具，则下列动作在水平地面无法保持的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】ABD．哪吒受到的重力和地面对脚的支持力作用，当二者在一条直线上时即可平衡，故ABD不符合题意； C．由图可知支持力和重力的作用线不可能在同一直线上，所以哪吒在这两个力的作用下不可能平衡，故C符合题意。 故选C。 【点睛】本题考查二力平衡的条件及其应用，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，且作用在同一物体上的两个力是平衡力。 押题解读 本题以电影《哪吒》为考试背景，考察了哪吒四种姿势下的平衡问题。在新情境的背景下，运用课本知识解决力学中最简单的平衡问题。 考前秘笈 秘笈1：力的作用是相互的，例如鸡蛋碰石头，两者碰撞过程中，受到的力一样大，鸡蛋碎，是因为鸡蛋壳太薄，承受不了过大的力。 秘笈2：增大静摩擦的方法有：增大压力和接触面的粗糙程度。 1．2025年，中国影片《哪吒2》风靡全球。影片中，哪吒脚踏风火轮，手持乾坤圈，尽显英勇无畏。若从力学的角度分析，下列说法错误的是（    ） A．站在冰封的海面上，哪吒对冰面的压力与冰面对他的支持力是一对相互作用力 B．哪吒脚踏风火轮在水平地面静止站立时，他所受的重力与风火轮对他的支持力是一对平衡力 C．哪吒向前抛出乾坤圈，乾坤圈一直向前匀速直线飞行，可说明乾坤圈没有受到任何外力或者受到的合力为零 D．哪吒使用混天绫（假设为一轻质长绳）缠绕住物体并用力拽回，混天绫对物体的拉力大于物体对混天绫的拉力 【答案】D 【详解】A．只要一个物体对另一个物体施加了力，受力物体反过来也肯定会给施力物体施加一个力。简单概括为:不同作用点、等值、反向、共线。 一对相互作用力必然是同时产生，同时消失的。哪吒对冰面的压力与冰面对他的支持力是在不同作用点、等值、反向、共线，故为一对相互作用力，故A正确，不符合题意； B．一个物体受到两个力的作用，保持静止状态或匀速直线运动状态，这两个力是一对平衡力，叫二力平衡。哪吒脚踏风火轮在水平地面静止站立时，他所受的重力与风火轮对他的支持力是一对平衡力，故B正确，不符合题意； C．一切物体在不受力或者受到的合力为零将保持静止或者匀速直线运动状态，乾坤圈一直向前匀速直线飞行，可说明乾坤圈没有受到任何外力或者受到的合力为零，故C正确，不符合题意； D．混天绫对物体的拉力与物体对混天绫的拉力是一对相互作用力，故二者相等，故D错误，符合题意。 故选D。 2．一只壁虎在竖直的窗玻璃表面沿如图所示方向匀速爬行，它所受摩擦力的方向是（    ） A．竖直向上 B．竖直向下 C．斜向上 D．斜向下 【答案】A 【详解】由于壁虎在竖直的窗玻璃表面做匀速直线运动，即壁虎所受合力为0，在竖直平面内壁虎受重力、摩擦力，重力方向竖直向下，由二力平衡可知，摩擦力方向为竖直向上，故BCD不符合题意，A符合题意。 故选A。 3．图中小明和小华穿着轮滑鞋站在水平冰面上。当小华用力向左推小明时，发生的现象是（    ） A．小明向左滑动，小华向左滑动 B．小明静止原处，小华向右滑动 C．小明向左滑动，小华静止原处 D．小明向左滑动，小华向右滑动 【答案】D 【详解】小华用力向左推小明时，小明受到小华施加给他的力，会向左滑动，根据力的作用是相互的，小明同时对小华有一个力的作用，这两个力大小相等，方向相反，所以小华会向右滑动，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 4．如图所示，小红竖直向上垫起排球，排球依次经过a、b、c三处，到达最高处d。已知排球所受空气阻力随运动速度的增大而增大。则排球经过四处时，所受合力最大的是（　　） A．a处 B．b处 C．c处 D．d处 【答案】A 【详解】排球上升过程中受到竖直向下的重力，竖直向下的空气对排球的阻力，排球受力不平衡，力能改变物体的运动状态，经过a、b、c三处的过程中排球做减速运动，受到的阻力越来越小，由于排球受到的重力方向与空气对排球阻力的方向相同，则合力为 故a、b、c三处中在a处时合力最大。到达最高点D时排球速度为零，不受空气阻力，此时排球受到力的合力为 故排球经过a、b、c三处，到达最高点d，排球所受合力最大的是a处。故A符合题意，故BCD不符合题意。 故选A。 5．科技在进步，一些快递公司使用无人机送货，某同学也尝试在无人机下方用绳子悬挂一个重物，如图所示，不考虑空气阻力，则无人机在空中（　　） A．加速上升时，重物受到非平衡力的作用 B．水平匀速飞行时，悬挂重物的绳子会偏离竖直方向 C．匀速下降时，重物所受的重力大于绳子对重物的拉力 D．悬停时，重物受到的重力与重物对绳子的拉力是一对平衡力 【答案】A 【详解】A．加速上升时，重物处于非平衡状态，所以受到的是非平衡力，故A符合题意； B．水平匀速飞行时，不计空气阻力，重物与飞机保持相对静止，所以悬挂重物的绳子不会偏离竖直方向，故B不符合题意； C．匀速下降时，重物处于平衡状态，重物所受的重力与绳子对重物的拉力是一对平衡力，二者大小相同，故C不符合题意； D．悬停时，重物受到的重力与重物对绳子的拉力方向相同，不是一对平衡力，故D不符合题意。 故选A。 6．2024年8月6日，全红婵获得巴黎奥运会跳水女子10米跳台金牌。图是她站上巴黎奥运会领奖台的情形。下列说法正确的是（　　） A．她受到的重力和颁奖台对她的支持力是一对平衡力 B．她受到的重力和她对颁奖台的压力是一对平衡力 C．她受到的重力和颁奖台对她的支持力是一对相互作用力 D．她受到的重力和她对颁奖台的压力是一对相互作用力 【答案】A 【详解】AC．她受到的重力和颁奖台对她的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A正确，C错误； BD．她受到的重力和她对颁奖台的压力方向相同，不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故BD错误。 故选A。 7．如图为某同学练习投篮的情景，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．篮球在空中运动过程中受到的重力方向不断改变 B．篮球在空中运动过程中具有的动能大小不发生变化 C．篮球撞击篮板时，受到篮板的弹力改变运动状态 D．篮板将篮球弹开，说明弹力可以改变物体的惯性 【答案】C 【详解】A．篮球在空中运动过程中受到的重力方向不会改变，始终是竖直向下的，故A错误； B．篮球在空中运动过程中速度大小变化，具有的动能大小会发生变化，故B错误； C．力能改变物体的形状，力能改变物体的运动状态。篮球撞击篮板时，受到篮板的弹力，弹力改变了篮球的运动状态，故C正确； D．惯性是物体本身具有的性质，与是否受力无关。篮板将篮球弹开，说明弹力可以改变物体的运动状态，但篮球惯性不变，故D错误。 故选C。 8．小明在假期观看电影《哪吒之魔童闹海》后购买了周边文创“哪吒”盲盒，并将“哪吒”放在盒子上拍照，如图所示，下列分析正确的是（　　） A．“哪吒”受到的重力和它对盒子的压力是一对平衡力 B．盒子受到的重力和地面对盒子的支持力是一对平衡力 C．“哪吒”对盒子的压力和地面对盒子的支持力是一对相互作用力 D．“哪吒”对盒子的压力和盒子对“哪吒”的支持力是一对相互作用力 【答案】D 【详解】A．“哪吒”受到的重力和它对盒子的压力方向相同，不是一对平衡力，故A错误； B．盒子受到的重力和地面对盒子的支持力大小并不相同，不是一对平衡力，故B错误； C．“哪吒”对盒子的压力和地面对盒子的支持力作用在同一物体上，且大小不同，不是一对相互作用力，故C错误； D．“哪吒”对盒子的压力和盒子对“哪吒”的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。 故选D。 9．如图甲，光滑水平面上A物体受到水平向右的推力F1＝5N，拉力F2＝7N作用；图乙B物体重30N，现用竖直向上F3＝45N的力拉，则A、B两物体受到的合力分别是（　　） A．12N   15N B．12N   75N C．2N   15N D．2N  75N 【答案】A 【详解】根据二力合成同向相加的道理，因此A物体受到的合力为 根据二力合成反向相减的道理，因此B物体受到的合力为 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 10．如图所示，A、B是表面粗糙程度相同的实心正方体，将A和B叠加放置在相同的水平桌面上一起向右做匀速直线运动，若A物体所受的摩擦力大小记作fA，B物体受到桌面的摩擦力记作fB，则下列说法正确的是（   ） A．A和B之间存在摩擦力，fA=fB B．A和B之间没有摩擦力，fA<fB C．A和B之间存在摩擦力，fA<fB D．A和B之间没有摩擦力，fA=fB 【答案】A 【详解】由图可知，将A和B看作一个整体，这个整体在水平方向上受到向右的推力和桌面对B向左的摩擦力f B 。 因为整体一起向右做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡条件可知，整体在水平方向上受到的推力F和桌面对B的摩擦力是一对平衡力，所以fB与拉力F大小相等。对B受力分析，B在水平方向上受到水平向左的桌面对B的摩擦力fB、水平向右的A对B的摩擦力fAB，这两个力是一对平衡力，大小相等。根据力作用的相互性可知，B对A的摩擦力fA等于A对B的摩擦力fAB。对A受力分析，A在水平方向上受到的推力F与B对A的摩擦力fA是一对平衡力，其大小相等。综上，则fA=fB。故A正确，BCD错误。 故选A。 押题猜想09 透镜成像及其规律 【母题】小宇同学用自制的水凸透镜来探究凸透镜成像的规律。在光屏上得到了清晰的像，如图所示。关于下列现象的分析正确的是（　　） A．从图示情景可知，该凸透镜的焦距可能为12cm B．在蜡烛和光屏位置都不变的情况下，将水凸透镜向左移可以得到倒立放大的实像 C．若用一张纸遮住水凸透镜的上半部分，会发现光屏上的像缺失了下半部分 D．用注射器向水凸透镜中注入少许水，光屏上原来清晰的像变模糊，要再次得到清晰的像，应将光屏远离透镜 【答案】AB 【详解】A．根据图可知，此时物距大于像距，则物距和像距分别是，，解得，所以，焦距可能为12cm，故A正确； B．光屏上得到了清晰的像，此时物距大于像距，所成的像是倒立、缩小的实像，在蜡烛和光屏位置都不变的情况下，根据光路可逆可知，将水凸透镜向左移时，可以得到倒立放大的实像，故B正确。 C．遮住凸透镜的上半部，物体上任一点射向凸透镜的下半部的光线，经凸透镜折射后，照样能会聚成完整的像，像的大小不发生变化，但是由于折射光线减少，所以会聚成的像变暗，故C错误； D．用注射器向水凸透镜中注入少许水，凸透镜变厚，焦距变小，相当于增大了物距，像距变小，根据凸透镜成像规律可知，光屏上原来清晰的像变模糊，要再次得到清晰的像，应将光屏靠近透镜，故D错误。 故选AB。 押题解读 本题以水凸镜为考题的背景，考察了凸透镜的成像规律，水凸镜厚度的变化类比近视、远视眼的形成过程，同时考察了视力的矫正问题。 考前秘笈 掌握光的直线传播、光的反射、光的折射、凸透镜成像规律及生活的实例应用。 1．在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示位置时，在光屏上出现一个清晰烛焰的像。下列说法正确的是（　　） A．此时光屏上呈现倒立、缩小的实像 B．投影仪应用了此次实验的成像规律 C．该凸透镜的焦距大于15cm D．蜡烛燃烧变短所成的像会向下移动 【答案】B 【详解】AB．由图可知，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，物距在一倍焦距和两倍焦距之间，像距在两倍焦距开外，此时成倒立、放大的实像，应用于投影仪，故A错误；B正确； C．由图可知，，且成实像，说明 即，故C错误； D．蜡烛燃烧变短，根据过光心的光线传播方向不变可知，所成的像会向上移动，故D错误。 故选B。 2．教室黑板用久后有一部分变得光滑。当如图所示太阳光从右侧窗户射入时，下列说法正确的是（　　） A．太阳光照射到光滑处将发生漫反射 B．最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置A C．最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置C D．太阳光照在黑板上发生反射时不遵循光的反射定律 【答案】B 【详解】ABC．太阳光照射到光滑处将发生镜面反射，反射光线较为集中，会造成黑板发光。位置A位于镜面反射后的反射光线经过的地方，所以最有可能因反光而看不清光滑处字的是位置A，故AC错误，B正确； D．无论是漫反射还是镜面反射均遵循光的反射定律，故D错误。 故选B。 3．小华做“凸透镜成像规律”的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧。如图所示，他将蜡烛依次放置在甲、乙、丙、丁四个位置，每次移动光屏，寻找烛焰清晰的像。关于此实验，下列判断不正确的是（　　） A．实验前应调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心位于同一高度 B．蜡烛在丁位置时，调节光屏可以在光屏上观察到正立、放大的像 C．将蜡烛从丙位置移动到乙位置，为了光屏上仍能出现清晰的像，需要将光屏向左移动 D．蜡烛在甲位置时，成像规律与生活中的照相机的原理相同 【答案】B 【详解】A．为了使像成在光屏中央，实验前应调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心位于同一高度，故A正确，不符合题意； B．蜡烛在丁位置时，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故B错误，符合题意； C．将蜡烛从丙位置移动到乙位置，物距变大，根据凸透镜成像规律，像距变小，为了光屏上仍能出现清晰的像，需要将光屏向左移动，故C正确，不符合题意； D．蜡烛在甲位置，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故D正确，不符合题意。 故选B。 4．蜻蜓有超强的视觉能力，它有一对复眼，每个复眼最多有28000多个小眼，每个小眼都能独立成像。蜻蜓通过观察到水面反光来寻找适合产卵的水域，因为它们的卵在陆地上无法孵化，幼虫也在水中生活，所以需要通过点水的方式将卵产入水中或水草上。有时蜻蜓也会误将窗户玻璃或者光滑的大理石地面当作水面，在上面产卵。根据这段话，请判断下面说法正确的是（    ） A．水面反光，是一种光的折射现象 B．水中蜻蜓的倒影，是蜻蜓等大的实像 C．蜻蜓的每一个小眼都能独立成像，因此每个小眼都能进行光的折射 D．蜻蜓将窗户玻璃或者光滑的大理石地面当作水面，是因为这些物体的表面能发光 【答案】C 【详解】A．水面类似于平面镜，所以反光现象是一种光的反射现象，故A错误； B．水中蜻蜓的倒影，属于平面镜成像，因此是蜻蜓等大的虚像，故B错误； C．蜻蜓的每一个小眼都能独立成像，原理与照相机相似，凸透镜成像是光的折射，因此每个小眼都能进行光的折射，故C正确； D．蜻蜓将窗户玻璃或者光滑的大理石地面当作水面，是因为这些物体的表面很光滑，易发生镜面反射，并不是这些物体的表面能发光，故D错误。 故选 C。 5．“身上”背着传感器，“眼睛”是一只可360度旋转并具备夜视功能的高清摄像头，轻松翻过门槛，顺利完成上下楼梯运动，将巡检到的实时数据实时回传，这是中国电信打造的机房5G巡检四足机器人每日“工作”场景。下列说法正确的是（　　） A．摄像头拍摄到的是倒立、放大的实像 B．摄像头的成像原理和投影仪一致 C．当被拍摄的物体远离摄像头时，经摄像头成的像会变小 D．在拍摄时，物体成的像到摄像头的距离大于二倍焦距 【答案】C 【详解】ABD．摄像头相当于一个凸透镜，其成像原理与照相机相同，在拍摄时，物体到摄像头的距离在二倍焦距以外，像距在一倍焦距与二倍焦距之间，成的是倒立、缩小的实像，投影仪成的是倒立、放大的实像，摄像头的成像原理和投影仪不同，故ABD错误； C．当被拍摄的物体远离摄像头时，根据凸透镜成像规律，像距变小，经摄像头成的像会变小，故C正确。 故选C。 6．无人机是通过无线电遥控设备或机载计算机程控系统进行操控的不载人飞行器，如图所示。无人机的应用领域非常广泛，涵盖了应急通讯、航拍测绘、以及国防军工等多个行业。无人机航拍影像具有高清晰、高现实性的优点。某小型无人机电池电压为24V，电池容量为2500mAh，（电池容量=放电电流放电时间，2500mAh是指以2500mA的电流能连续工作）下列说法中正确的是（　　） A．无人机镜头所成的像是放大的实像 B．无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，还应将摄像机的镜头适当前推 C．无人机使用的无线电信号在真空传播的速度是 D．该无人机充满电后，电池的总电能为 【答案】BC 【详解】A．无人机拍摄时，物体与镜头的距离大于两倍焦距，成的倒立、缩小的实像，故A错误； B．无人机拍摄地面图像，悬停后为了使成的像更大，应该减小物体到镜头的距离，即将摄像机的镜头适当前推，故B正确； C．无人机使用的无线电信号是电磁波，电磁波在真空传播的速度是，故C正确； D．该无人机充满电后，电池的总电能为 故D错误。 故选BC。 7．如图所示，将印有花的透明胶片贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着焦距为的凸透镜，调整位置，墙上出现一朵清晰的放大、正立的“花”，下列分析正确的是（   ） A．胶片上的花是正立的 B．此透镜对光线有会聚作用 C．胶片与透镜的距离小于 D．白墙相当于光屏，发生的是漫反射 【答案】BD 【详解】A．胶片上的花能直接呈现在光屏上，为倒立的实像，故A错误； B．凸透镜对光线有会聚作用，故B正确； C．凸透镜成倒立、放大的实像时，物距在f~2f之间，则胶片与透镜的距离为10~20cm，故C错误； D．白墙相当于光屏，用于呈现像；白墙表面粗糙，发生的是漫反射，故D正确。 故选BD。 8．如图所示是兴文2023年元宵晚会的场景，炫彩的灯光照亮夜空，庆祝氛围处处洋溢。下列说法正确的是（　　） A．人们看到的光束是光源 B．人们能看到五颜六色的光，这是光的色散现象 C．坐在舞台周围的观众都能看到舞台上的表演者，是因为光在表演者身上发生了漫反射 D．表演者上台前整理妆容时，当他走近平面镜时，他在镜中所成的像的大小不变 【答案】CD 【详解】A．夜空中的光束是光经传播介质反射形成的，不是光源，故A错误； B．人们能看到五颜六色的光，这是由于光源发出的光是五颜六色的，不是白光色散形成的，故B错误； C．光照射在粗糙物体表面时，会向各个方向反射，这种现象称为漫反射，坐在舞台周围的观众都能看到舞台上的表演者，是因为光在表演者身上发生了漫反射，故C正确； D．根据平面镜成像规律可知，像与物大小相等，当他走近平面镜时，他在镜中所成的像的大小不变，故D正确。 故选CD。 9．在白纸板上画两个向右的箭头，竖立在桌子上，将玻璃杯移到白纸板正前方合适位置。往杯中倒入水后，透过玻璃杯观察到的情形如图所示。下列说法正确的是（　　） A．透过玻璃杯观察到的下方箭头的像是实像 B．白纸板一定在玻璃杯透镜的一倍焦距内 C．将玻璃杯靠近白纸板，图中下方箭头的方向会发生变化 D．将玻璃杯远离白纸板，透过玻璃杯观察到下方的箭头将变大 【答案】AC 【详解】在白纸板上画两个向右的箭头； A．由图可知，此时像的箭头的方向是向左的，这说明成的是实像，故A正确； B．凸透镜成实像时，物距大于焦距，故B错误； C．将玻璃杯靠近白纸板，当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，图中下方箭头的方向会发生变化，故C正确； D．将玻璃杯远离白纸板，物距变大，像距变小，透过玻璃杯观察到的箭头将变小，故D错误。 故选AC。 10．如图是小明在综合实践活动中用带抽屉的纸盒和透镜自制的简易投影仪，将手机放入抽屉中，通过推拉抽屉，能将手机上的画面放大投影到白墙上、下列说法正确的是（　　） A．手机到凸透镜的距离应大于透镜的二倍焦距 B．若要在墙上正常阅读手机内容，手机应如图所示正立放置 C．要使墙上的像变大，应减小手机与透镜间的距离且同时增大像距 D．物距不变，在凸透镜前放置一个合适的凸透镜，调整像距，墙上的像逐渐变小 【答案】CD 【详解】A．投影仪成像规律是物距处于一倍焦距和二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，所以手机到透镜的距离为一倍焦距和二倍焦距之间，故A错误； B．由于投影仪成倒立、放大的实像，所以若要在墙上正常阅读手机内容，手机应倒立放置，故B错误； C．要使墙上的像变大，根据凸透镜成实像时的规律“物近像远，像变大”，所以需要减小手机到透镜间的距离，同时增大像距，故C正确； D．在物距一定时，在凸透镜前放置一个合适的凸透镜，由于凸透镜对光线具有会聚作用，像距变小，墙上的像逐渐变小，故D正确。 故选CD。 押题猜想10 能量守恒及其转化 【母题】如图所示，蹦极者此刻正从O点由静止开始蹦极，a点是弹性绳自然下垂时绳下端的位置，b点是蹦极者合力为零的位置，c点是蹦极者下降的最低点。不计空气阻力，下列说法中正确的是（　　） A．a→b弹性绳的弹性势能转化为蹦极者的机械能 B．a→b蹦极者的机械能保持不变 C．a→c蹦极者减少的重力势能和动能等于绳增大的弹性势能 D．a→c弹性绳的弹性势能先增大后减小 【答案】C 【详解】A．从a点到b点，蹦极者的高度变小，重力势能逐渐减小，动能和弹性势能逐渐增大，所以极者的重力势能转化为弹性绳的弹性势能和蹦极者的动能，故A错误； B．从a点到b点，蹦极者的下落的过程中，弹性绳发生了弹性形变，蹦极者的机械能转化为弹性绳的弹性势能，蹦极者的机械能是在减小的，故B错误； C．蹦极者自跳下至点时只受重力的作用，处于加速下落过程，动能不断增大，从a至b点弹性绳逐渐变长，蹦极者受到竖直向上的弹力小于蹦极者的重力，蹦极者仍加速向下运动，b点速度达到最大，动能达到最大值，从b点到c点，蹦极者的受到竖直向上的弹力大于蹦极者的重力，蹦极者减速向下运动，到达c点的动能为0，重力势能最小，机械能最小，弹性势能最大。因此，a→c蹦极者减少的重力势能和动能等于绳增大的弹性势能，故C正确； D．a→c弹性绳的长度一直被拉伸，弹性绳的弹性势能一直在增大，故D错误。 故选C。 押题解读 以中国古代水车为考题背景，利用水流带动轮毂的转动，考察学生理解能量的相互转化，为以后的高中学习打下一定的基础。 押题解读 秘笈1：动能+重力势能+弹性势能=机械能 秘笈2：在初中阶段，当物体无外力作用下并且不受摩擦力时，其机械能守恒。 1．如图所示为某次蹦极运动的精彩瞬间，若一游客从平台上由静止开始下落。从开始下落至第一次到达最低点的过程中，游客的（　　） A．动能一直增大 B．重力势能一直减小 C．机械能保持不变 D．机械能一直增大 【答案】B 【详解】游客从开始下落至第一次到达最低点的过程中，起始阶段：蹦极者从起始点跳下，此时弹性绳处于松弛状态，在重力作用下下落。将重力势能逐渐转化为动能，重力势能越来越小，动能越来越大；绳子拉伸阶段：当下降到一定高度后，绳子开始被拉长，蹦极者继续受到向下的重力，同时绳子也产生向上的弹力。此时，一部分重力势能继续转化为动能，另一部分则转化为弹性绳的弹性势能；受力平衡阶段：在某一时刻，蹦极者受到的重力和绳子的弹力达到平衡，此时速度达到最大，动能最大；减速下降阶段：随着绳子的继续拉伸，弹力逐渐大于重力，蹦极者开始做减速运动，此过程中，动能和重力势能继续转化为绳子的弹性势能，直到下降到最低点，此时动能和重力势能最小，弹性势能最大。综上可知，游客的动能先增大后减小，重力势能一直减小。下落过程中要克服空气阻力做功，消耗一部分机械能，则机械能一直减小。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2．如图所示，海天同学将小球由a点静止释放，小球在管道内沿abcd运动，ab段和bc段内壁光滑，cd段内壁粗糙，a点略高于c点，b点与d点等高。下列说法正确的是（    ） A．从a到c的过程中，小球重力势能不变 B．小球在c、d两点的动能可能相等 C．从a到d的过程中，小球运动到d点时，动能最大 D．从a到d的过程中，小球机械能守恒 【答案】B 【详解】A．a点略高于c点，从a到c的过程中，小球重力势能先变小，后变大，a点的重力势能大于c点的重力势能，故A错误； B． cd段内壁粗糙，小球从c点到d点克服摩擦阻力，小球的机械能减小，小球在c点的机械能大于d点，小球在c点的重力势能大于d点，因此c、d两点的动能可能相等，故B正确； CD．b点与d点等高，b点与d点的重力势能相同，从a到d的过程中，ab段和bc段内壁光滑，ac段机械能守恒，cd段由于小球克服摩擦阻力，小球的机械能减小，机械能不守恒，小球在b点的机械能大于d点，小球运动到b点时，动能最大，故CD错误。 故选B。 3．2023年7月28日，第31届世界大学生夏季运动会在成都隆重开幕。图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（　　） A．助跑过程中，动能保持不变 B．助跑过程中，机械能总量保持不变 C．起跳后的上升过程中，重力势能增大 D．越过横杆后的下降过程中，动能保持不变 【答案】C 【详解】AB．助跑过程中，运动员的质量不变，速度增大，因此运动员的动能增大；高度不变，运动员的重力势能不变，机械能是动能与重力势能之和，因此机械能增大，故AB错误； C．起跳后的上升过程中，运动员的质量不变，高度增大，重力势能增大，故C正确； D．越过横杆后的下降过程中，运动员的质量不变，速度增大，因此运动员的动能增大；故D错误。 故选C。 4．如图甲所示是足球比赛中某球员传球后足球在空中飞行的一段运动轨迹，忽略空气阻力，图乙是该足球落地后弹跳的过程。关于以上两过程下列说法正确的是（　　）    A．图甲中足球从A点移动至B点的过程中，球员对球做了功 B．图甲中足球在A点移动至B点的过程中，动能转化为重力势能 C．图乙中A、B两点为同一高度，该足球在这两点机械能相等 D．图乙中足球在最高点D点的动能为零 【答案】B 【详解】A．图甲中足球从A点移动至B点的过程中，球员没有对球施加力，所以对球不做功，故A错误； B．图甲中足球在A点的高度小于B点的高度，足球的质量不变，所以图1中足球在A点的重力势能小于B点的重力势能，从A点到B点的过程中，速度减小，将动能转化为重力势能，故B正确； C．由图乙可知，足球跳起的高度逐渐变小，这说明足球的机械能是逐渐变小的，该足球在A、B两点的高度相等，重力势能相等，但速度不同，动能不一样，因此足球在A、B两点的机械能不相等，故C错误； D．图乙中足球在从D点向后的过程中继续水平方向运动，说明D水平方向的速度不为0，故最高点D点的动能不为零，故D错误。 故选B。 5．适量运动是健康的生活方式．下列日常运动情景中说法正确的是（　　） A．用力将足球踢出，说明力可以改变物体的运动状态 B．篮球离手后能继续向前运动，是由于受到惯性的作用 C．离开蹦床后人还能继续上升，是重力势能转化为动能 D．竖直向上运动到最高点时的排球，受平衡力的作用 【答案】A 【详解】A．足球原来静止在地面，用力将足球踢出，足球就由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确； B．篮球离手后能继续向前运动，是因为篮球具有惯性；惯性是物体的固有属性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误； C．离开蹦床后，人还能继续上升，人的高度增加，速度减小，所以重力势能增大，动能减小，故是动能转化为重力势能，故C错误； D．竖直向上运动到最高点时的排球，只受到重力作用，所以受非平衡力的作用，故D错误。 故选A。 6．小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，如图。下列关于她的机械能说法正确的是（　　） A．动能增大，机械能增大 B．重力势能增大，机械能增大 C．动能减小，机械能不变 D．重力势能减小，机械能增大 【答案】B 【详解】小丽站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，质量不变，速度不变，则动能不变；高度升高，则重力势能增大；由于机械能为动能与势能之和，所以机械能增大，故B正确，ACD错误。 故选B。 7．如图所示是荡秋千的简化模型，摆球从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高，下列说法正确的是（　　） A．球在B、C两点的动能相等 B．球在A、D两点的机械能相等 C．球从B点到O点的过程中机械能减少 D．球从O点到C点的过程中重力势能减少 【答案】C 【详解】A．B、C两点等高，重力势能相等，小球从B点到C点过程中，由于空气阻力，机械能减小，机械能包括动能和势能，所以C点的动能减小，球在B、C两点的动能不相等，故A错误； B．球从A点到D点过程中，由于空气阻力，机械能减小，故B错误； C．球从B点到O点的过程中，由于空气阻力，机械能减小，故C正确； D．球从O点到C点的过程中，高度增大，重力势能增大，故D错误。 故选C。 8．如图所示，人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的过程中，机械能是守恒的，当卫星从远地点向近地点运动时，下列说法正确的是（    ） A．动能减小，重力势能增大 B．动能转化为重力势能 C．动能增大，重力势能减小 D．卫星的速度一直在减小 【答案】C 【详解】人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行的过程中，机械能守恒，从远地点向近地点运动时，高度减少，质量不变，重力势能减小，减小的重力势能转化为动能，所以动能增大，速度增大，故ABD错误，C正确。 故选C。 9．如图所示，一个放在粗糙水平木板上，木板固定不动，弹簧与水平木板不接触，弹簧的一端与小球相连，另一端固定在墙壁上，弹簧保持自然长度时小球刚好在A点，现把小球向左拉至C点后释放，小球就由C运动到A，再由A运动到B，由B到A，A到D，D到……，不计空气阻力，在此过程中（　　） A．从B到D，小球在水平方向上受到的合力是先减小后增大 B．小球最后一定会停在A处 C．弹簧的弹性势能最终转化为小球的动能 D．从C到A的运动过程中，小球一直做加速运动 【答案】A 【详解】A．由题意可知，在水平方向上，小球在B点处受到向左的弹力，然后在运动过程中，运动到A点时受到的弹力为0，运动到D点时，小球受到向右的弹力，因此小球在水平方向上受到的合力是先减小为后增大，故A符合题意； B．因为木板粗糙，所以小球在运动过程中受到摩擦力，为了克服摩擦力做功，小球的机械能逐渐减小，当小球所受弹力与摩擦力相平衡时，小球可能静止在A点的左侧或右侧，不一定静止在A点，故B不符合题意； C．因为小球最后会静止，没有动能，又因为木板粗糙，所以小球在运动过程中要克服摩擦力做功，弹簧的弹性势能最终转化为内能，故C不符合题意； D．把小球向左拉至C点后释放，小球就由C运动到A的过程中，小球在C点受到向右的弹力，开始加速向右运动，向右的过程中，弹簧逐渐恢复，小球受到向左的摩擦力和逐渐变小的向右的弹力，在还未回到A点的某一处，摩擦力和弹力大小相等合力为0 ，然后小球继续向A运动，弹力小到比摩擦力还小，则此时受到的合力方向向左，小球开始做减速运动，故D不符合题意。 故选A。 10．如图所示为运动员推铅球的过程。a为铅球的初始位置，b为铅球离手的位置，c为铅球上升的最高点，d为铅球落地前的位置。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．整个过程，运动员对铅球不做功 B．铅球从b到c的过程中，机械能减少 C．铅球从c到d的过程中，动能增大 D．铅球在c处的动能为零 【答案】C 【详解】A．在a到b的过程中，运动员对铅球有一个推力的作用且铅球在推力作用下移动了一段距离，所以在这个阶段，运动员对铅球做了功；铅球离开手，由于惯性继续运动，所以手就不做功了，故A错误； B．由于不计空气阻力，所以根据机械能守恒可知，铅球从b到c的过程中，机械能不变，故B错误； C．在c到d的过程中，铅球的质量不变，高度减小，速度增大，故重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，故C正确； D．铅球在c处时，质量不变，速度不为零，所以动能不为零，故D错误。 故选C。 押题猜想11 滑轮组及其机械效率的计算 【母题】使用如图所示的滑轮组，沿水平方向匀速拉动质量为300kg的物体，弹簧测力计的示数为200N，物体在10s内移动1m。物体所受的摩擦力为物重的0.1倍。不计绳重和轮与轴间的摩擦，下列说法正确的是（　　） A．该滑轮组中有一个定滑轮和两个动滑轮 B．绳子自由端拉力的速度 C．动滑轮重力为100N D．该滑轮组的机械效率为 【答案】C 【详解】A．由图可知，上、下两个滑轮的轴的位置固定不变，为定滑轮；中间滑轮的轴随物体一起运动，为动滑轮，故A错误； B．由图可知，，绳子自由端的速度为 故B错误； C．物体的重力 物体受到的摩擦力 绳的拉力F等于弹簧测力计的示数，即 不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力 则动滑轮重力，故C正确； D．滑轮组的机械效率，故D错误。 故选C。 押题解读 本猜想综合性较强，利用滑轮组的巧妙组合，用竖直方向上的力，拉动物体水平移动，由此计算滑轮组的相关量。考查学生对滑轮组的理解，以及物体在水平方向上移动时的受力情况。 考前秘笈 1.滑轮组中动滑轮上承担物重的绳子段数n的判断 动滑轮上承担物重的绳子段数n即为滑轮组中直接与动滑轮相连的绳子段数,可以在动滑轮与定滑轮之间画一条直线,数出与动轮相连的绳子段数。 2. 竖直方向的滑轮组 ，，，，； 若：忽略绳重和摩擦，绳子自由端的拉力：， 则：滑轮组的机械效率： 3. 水平方向的滑轮组 水平方向匀速拉物体时如图所示： ，，，， 滑轮组的机械效率：。 1．如图所示，小明用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别匀速提升两个质量相同的物体，绳端在相同时间内移动的距离相等。在提升过程中，若绳端拉力F1∶F2=3∶2，下列说法错误的是（　　） A．物体的速度之比v1∶v2=1∶2 B．有用功之比W有1∶W有2=2∶1 C．总功之比W总1∶W总2=3∶2 D．机械效率之比η1∶η2=4∶3 【答案】A 【详解】A．绳端在相同时间内移动的距离相等，则绳端移动的速度相同，甲为定滑轮，物体和绳端移动速度相同，乙为动滑轮，绳端移动速度为物体移动速度的二倍，所以，物体的速度之比v1∶v2=2∶1，故A错误，符合题意； B．物体的速度之比v1∶v2=2∶1，相同时间内升高的高度之比为h1∶h2=2∶1，两物体质量相等，根据W有用=Gh=mgh可知，有用功之比W有1∶W有2=2∶1，故B正确，不符合题意； C．绳端拉力F1∶F2=3∶2，绳端在相同时间内移动的距离相等，根据W总=Fs可知，总功之比W总1∶W总2=3∶2，故C正确，不符合题意； D．两种装置机械效率之比为 故D正确，不符合题意。 故选A。 2．建筑工人通过如图所示的装置将一桶重为450N的涂料从地面提起，桶离开地面匀速上升，工人所用的拉力为300N。不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．拉力做的功为240J B．该装置的机械效率为 C．动滑轮所受的重力为150N D．若只减小动滑轮的重，则该装置的机械效率将变小 【答案】C 【详解】A．由图可知滑轮组有所绳子段数，绳子自由端移动的距离 拉力做的总功 故A错误； B．不计绳重和摩擦，装置的机械效率 故B错误； C．不计绳重和摩擦，动滑轮所受的重力 故C正确； D．不计绳重和摩擦时，滑轮组机械效率为 由此式子可知，只减小动滑轮的重，机械效率变大，故D错误。 故选C。 3．如图所示的滑轮组中，物体质量为240kg，在绳子自由端施加1250N拉力，物体以0.5m/s的速度匀速上升10s。不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．绳子自由端移动的距离为10m B．此过程中，该装置的机械效率约为96% C．拉力的功率为1875W D．可以通过增加物体匀速上升的速度提高该装置的机械效率 【答案】C 【详解】A．物体以0.5m/s的速度匀速上升10s，物体上升的距离h=vt=0.5m/s×10s=5m；由图可知，承担重物的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的距离为s=nh=3×5m=15m 故A错误； B．此过程中，克服物体重力所做的有用功为W有用=Gh=240kg×10N/kg×5m=12000J 拉力做的总功为W总=FS=1250N×15m=18750J 该装置的机械效率约为 故B错误； C．拉力做的总功为18750J，时间为10s，拉力的功率为 故C正确； D．由可知，影响滑轮组的机械效率的因素有：提升物体的重力、动滑轮自重，滑轮组的机械效率与提升物体的高度、提升物体的速度无关，故D错误。 4．质量为500kg的物体M与水平地面的接触面积为，用如图所示的滑轮组沿水平方向将物体M从A点匀速拉到B点，AB距离为10m，物体M在地面滑动过程中受到的阻力是其重力的0.2倍。在此过程中，因动滑轮和绳的重力以及绳与滑轮间的摩擦而做的额外功，g取9.8N/kg。在此过程中（　　） A．物体M受到的重力为5000N B．物体M对地面的压强是2.45×103Pa C．滑轮组对物体M做的功为980J D．如果电动卷扬机的效率是80%，此电动卷扬机消耗的电能是12500J 【答案】D 【详解】A．物体M的重力，故A不符合题意； B．物体M对地面的压力等于它的重力，即，则物体M对地面的压强，故B不符合题意； C．物体M在地面滑动过程中受到的阻力 因为物体M匀速运动，所以滑轮组对物体M的拉力F拉​和阻力f是一对平衡力，大小相等，即，则滑轮组对物体M做的有用功，故C不符合题意； D．由题知，因动滑轮和绳的重力以及绳与滑轮间的摩擦而做的额外功，所以滑轮组做的总功 如果电动卷扬机的效率是80%，由可得，此电动卷扬机消耗的电能，故D符合题意。 故选D。 5．如图所示装置，由滑轮组和电动卷扬机组成，工人利用该装置将重为5000N的物体M，沿水平方向匀速拉动10m，用时10s，电动卷扬机对滑轮组绳子端的拉力为F=600N，物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的0.2倍，在此过程中，电动卷扬机的效率是80%，忽略绳重、绳和滑轮组间的摩擦。则下列说法正确的是（　　） A．拉力F做功为10000J B．拉力F做功的功率为1000W C．动滑轮的重力为200N D．电动卷扬机消耗的电能为12500J 【答案】C 【详解】A．由图可知，动滑轮上绳子的根数为2，则拉力移动的距离为s=nh=2×10m=20m 拉力F做功，故A错误； B．拉力做功的功率，故B错误； C．物体M在水平面上滑动时所受的阻力 图示中，滑轮组承重绳子为2根，忽略绳重和滑轮组间的摩擦时，据得，动滑轮的重力 故C正确； D．电动卷扬机的效率为80%，它消耗的电能，故D错误。 故选C。 6．如图所示装置，由滑轮组和电动卷扬机组成，工人利用该装置将重为4900N的物体M，沿水平方向匀速拉动10m的过程用时5s，电动卷扬机对滑轮组绳子端的拉力为，物体M在水平面上滑动过程中受到的阻力是其重力的倍，在此过程中，电动卷扬机的效率是，g取，忽略绳重和滑轮组摩擦。则下列说法正确的是（　　） A．拉力F做的功为9800J B．拉力F做功的功率为1000W C．动滑轮的重力为20N D．电动卷扬机消耗的电能为12250J 【答案】C 【详解】A．绕过滑轮组有2根绳子，物体移动10m则绳子移动的距离为20m，拉力做功为 故A错误； B．拉力做的功功率为 故B错误； C．物体受到的阻力为 克服阻力做的功为有用功，即 额外功 忽略绳重和滑轮组摩擦则额外功等于滑轮重力做的功，即 故C正确； D．电动卷扬机的效率为，则电能为 故D错误。 故选C。 7．如图所示，甲、乙两个滑轮组中，每个滑轮质量相同，重为G的物体，在拉力的作用下匀速上升，已知乙滑轮组的效率为η，不计摩擦、绳重和木板重，下列说法正确的是（　　） A．甲滑轮组的机械效率小于乙滑轮组的机械效率 B．每个滑轮重 C．甲、乙将重物提升相同的高度时，拉力的功率一定不相等 D．A、B点绳子受到拉力FA、FB关系：FB＜2FA 【答案】B 【详解】A．由不计摩擦、绳重和木板重时，滑轮组的机械效率可表示为 两滑轮组中物体的重力相同，但乙中的动滑轮由两个滑轮组成，即乙中动滑轮的重力大于甲中动滑轮的重力，因此甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率，故A错误； B．由可得，每个滑轮重力为 故B正确； C．由图可知，n甲=2，n乙=4，不计摩擦、绳和木板的重，则两滑轮组绳子的拉力分别为 则，甲、乙将重物提升相同的高度，拉力做功为总功，则F1与F2的功率分别为 由于t甲和t乙的关系不确定，因此F1与F2的功率可能相等，故C错误； D．由同一根绳子上的拉力处处相同可知，A点绳子受到的拉力 则 B点绳子受到的拉力 则，故D错误。 故选B。 8．如图所示，虚线框内是由两个滑轮安装成的滑轮组，利用该滑轮组拉动重960N的物体M在水平面上做匀速直线运动。物体所受的摩擦力是物重的0.1倍，绳子自由端的水平拉力为40N，物体M移动的距离为4m（不计绳重和滑轮重）。则（   ） A．物体M所受的拉力为960N B．绳子自由端移动的距离是8m C．滑轮组拉动物体M做的有用功是160J D．滑轮组的机械效率是80% 【答案】D 【详解】A．物体M做匀速直线运动，受力平衡，则所受的拉力为 故A不符合题意； B．绳子自由端的水平拉力为40N，物体M所受的拉力为96N，若动滑轮上绳子有效段数为2，则有 可知由两个滑轮安装成的滑轮组有效绳子段数，则绳子自由端移动的距离为 故B不符合题意； C．滑轮组拉动物体M做的有用功为 故C不符合题意； D．总功为 则滑轮组的机械效率为 故D符合题意。 故选D。 9．如图，用甲、乙两个滑轮组将同一物体匀速提升相同高度，拉力分别为、，此过程相关数据如图所示，则（   ） A．两滑轮组绳子自由端移动距离相等 B．拉力做的功更多 C．甲滑轮组的效率大于乙滑轮组的效率 D．乙滑轮组的机械效率为85% 【答案】B 【详解】A．由图知，两滑轮组承担重物绳子的段数：，，将同一物体提升相同高度，由s=nh可知，甲滑轮组绳子自由端移动距离较大，故A错误； B．由图乙知，做的总功为1200J，做的总功为800J，做的功比多，故B正确； C．两个滑轮组将同一物体匀速提升相同高度，由可知，甲滑轮组的有用功等于乙滑轮组的有用功，故C错误； D．由图乙知，乙滑轮组的额外功，由和可得，乙滑轮组的机械效率 故D错误。 故选B。 10．用如图甲所示的滑轮组缓慢提升不同物体每次物体被提升的高度均为0.5m，滑轮组的机械效率与物体受到重力G的关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，下列分析正确的是（　　） A．提升重10N的物体过程中，物体的重力势能随之减小 B．若物体提升1m，则绳端需要向下拉3m C．提升重10N的物体时，绳端的拉力F为20N D．匀速提升物体时，物体所受重力和动滑轮对它的拉力是一对平衡力 【答案】D 【详解】A．提升重10N的物体过程中，物体的质量不变，高度变高，所以物体的重力势能随之增大，故A错误； B．由图可知，n=2，所以若物体提升1m，则绳端需要向下拉2m，故B错误； C．由图可知，n=2， 不计绳重和摩擦，提升重10N的物体时，有用功为 总功为 机械效率为50%，即 解得绳端的拉力F为10N，故C错误； D．匀速提升物体时，物体受力平衡，竖直方向受到重力和滑轮的拉力，所以物体所受重力和动滑轮对它的拉力是一对平衡力，故D正确。 故选D。 押题猜想12 电学综合分析与计算 图甲为某品牌家用空气炸锅，空气炸锅在工作时通过电动机向内部吹风，借助空气的循环达到迅速升温的目的，电动机上标有“220V，22W”字样。空气炸锅内部部分简化电路如图乙所示，其额定电压为220V。发热元件为R1和R2两个定值电阻，阻值分别为55Ω和110Ω。S为定时开关，通过调节开关S1和S2（S2是单刀双掷开关），可实现高温挡、中温挡和低温挡三个挡位的切换。下列说法正确的是（　　） A．设定好时间，开关S1断开，S2接a端时为高温挡 B．电动机的电阻是2200Ω C．设定好时间，开关S1闭合，S2接a端时，电路1min内产生的热量为27720J D．空气炸锅在高温挡正常工作时，电路的总电流是6.1A 【答案】D 【详解】A．由图可知，开关S1断开，S2接a端时，R1与R2串联，电路的总电阻最大；开关S1闭合，S2接a端时，发热电路为R2的简单电路，电路的总电阻较大；开关S1闭合，S2接b端时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，根据可知，开关S1断开，S2接a端时，发热电路的总功率最小，空气炸锅处于低温挡；开关S1闭合，S2接a端时，发热电路的总功率较大，空气炸锅处于中温挡；开关S1闭合，S2接b端时，发热电路的总功率最大，空气炸锅处于高温挡，故A错误； B．由于电动机工作时，主要将电能转化为机械能，所以不能用电动机上标的“220V 22W”及 计算电动机的电阻，故B错误； C．开关S1闭合，S2接a端时，发热电路为R2的简单电路，空气炸锅处于中温挡，电路1min内产生的热量 故C错误； D．高温挡正常工作时，电动机和R1、R2并联，根据P＝UI和欧姆定律可得，通过M的电流 通过R1的电流 通过R2的电流 由并联电路的电流规律可得，电路中的总电流 故D正确。 故选D。 押题解读 本题考查电学中常见的题型之一，以电饭煲为考题的背景，考察加热和保温的问题。此类题型需要正确的判断功率的大小，功率越大，属于加热档，功率越小，属于保温档。 考前秘笈 有关电能表的使用，在解题时有如下两种： (1)利用电能表测消耗的电能。把电能表接在电路中，它的计数器上前后两次读数之差，即为这段时间内的用电量。要注意电能表的计数器上最后一位数字代表的是小数点后的那位数。 (2)利用电能表测电功率。根据电能表表盘上所标的转数可求出消耗的电能，用停表测出用电时间，由公式可都可求出用电器的电功率。 【特别提示】利用电能表计算电功 利用电能表计算电功先根据用电器消耗1kW·h电能时电能表表盘的转数(N)，求出表盘转一转所消耗的电能，再看表盘在一段时间内转了多少转(n)，则用电器在这段时间内消耗的电能。 1．实践活动小组的同学设计了如图-1所示的恒温箱温控电路，控制电路电源电压为4V且保持不变，是阻值为的定值电阻，R为热敏电阻（置于恒温箱内），其阻值随温度变化的关系如图-2所示，电磁铁线圈的电阻忽略不计。下列说法正确的是（    ） A．电磁铁的上端为S极 B．当温度升高时，R的阻值变小，电磁铁的磁性减弱 C．当温度为50℃时，控制电路的总功率为0.16W D．只增大定值电阻的阻值，恒温箱中控制的温度降低 【答案】C 【详解】A．由图1得，电流从电磁铁下端流入，上端流出，由右手定则得，电磁铁的上端为N极，故A错误； B．由图1得，控制电路中，定值电阻R0与热敏电阻R串联，当温度升高时，R的阻值变小，电路总电阻变小，由欧姆定律得，电路电流变大，电磁铁的磁性增强，故B错误； C．由图2得，当温度为50℃时，R的阻值为90Ω，控制电路的电阻为 控制电路的总功率为 故C正确； D．由图得，当衔铁被吸下时，加热器被断开；当衔铁被释放时，加热器工作。当只增大定值电阻的阻值，衔铁被吸下时，通过电磁铁的电流不变，由欧姆定律得，此时控制电路的电阻不变，由串联电路电阻特点得，此时热敏电阻的阻值变小，温度升高，R置于恒温箱内，则恒温箱中控制的温度升高，故D错误。 故选C。 2．图甲是灯泡L的图像，灯泡的额定电压为。将灯泡L接入图乙电路，已知电阻的阻值为，电流表量程为，电源电压可调。在电路安全工作的前提下，下列判断正确的是（　　） A．灯泡与定值电阻功率之比最小为2∶3 B．随着电压变大，灯泡与定值电阻电流之比逐渐变大 C．电路总功率最大可达到 D．电源电压可能在至之间 【答案】A 【详解】由图乙可知，闭合开关后，电阻与灯泡L并联，电流表测干路电流； 电阻的阻值为，当的电压为时，通过它的电流 且通过R0的电流与它两端的电压成正比，据此在图甲中画出其I-U图像，如下图所示： CD．电阻R0与灯泡L并联，灯泡的额定电压为2.5V，则为了保证小灯泡的安全，灯泡的电压最大为2.5V，由并联电路的电压特点可知电源电压（电阻R0两端的电压）最大为2.5V，由图像可知此时通过灯泡的电流为0.26A，根据欧姆定律可知此时通过R0的电流， 此时干路电流为 所以电源电压不能调到；由图像可知，当电阻R0与灯泡L的电压都为时，通过灯泡的电流为，通过R0的电流I0″=0.36A；此时干路电流最大为Imax=IL′+I0″=0.24A+0.36A=0.6A 所以电源可调的最大电压为1.8V，即电源电压不能超过1.8V，则电路的最大总功率为P总max=UmaxImax=1.8V×0.6A=1.08W<1.5W 故CD错误； A．并联电路中各支路两端的电压相等，由图像可知，当电源电压U>1V时，IL<I0，根据P=UI可知PL<P0，且灯泡的电流增大得越来越慢，而通过电阻R0的电流均匀增大，则灯泡的电功率增大得越来越慢，而电阻R0的电功率均匀增大，所以逐渐减小；由前面解答可知电源电压最大为，则此时灯泡与定值电阻的电功率之比最小，最小为PL∶P0=UmaxIL′∶UmaxI0″=IL′∶I0″=0.24A∶0.36A=2∶3 故A正确； B．由图像可知，当电源电压时，，但通过灯泡的电流先增大得快后增大得慢，则灯泡与定值电阻的电流之比先增大后减小；当电源电压时，，此时减小为1；当电源电压时，，此时小于1，所以，随着电压变大，灯泡与定值电阻的电流之比先增大后减小，故B错误。 故选A。 3．某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示。电源电压恒为4.5V，电压表量程选择“0~3V”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻变化）。在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（    ） A．电路中电流变化范围是0.18~0.5A B．电压表示数范围为0~3V C．该电路的最大功率是2.15W D．滑动变阻器阻值变化范围是4~10Ω 【答案】D 【详解】由电路图知，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表测变阻器两端的电压。变阻器允许通过的最大电流为1A，灯泡正常工作的电流 在不损坏电路元件的情况下，电路中允许通过的最大电流为0.5A，此时变阻器接入电路的阻值最小，其两端电压最小为 变阻器接入电路的最小阻值 此时电路的功率最大为 灯泡的电阻 电压表选用小量程，变阻器两端的最大电压为3V，忽略温度对灯丝电阻的影响，据串联电路的分压特点，此时变阻器接入电路的阻值最大，灯泡两端的电压 据串联电路的分压特点有 解得，变阻器接入电路的最大阻值。电路的最小电流 所以电路中电流的变化范围是0.3A~0.5A，电压表示数范围为2V~3V，变阻器阻值变化范围是4~10Ω，故ABC错误，D正确。 故选D。 4．某科学小组设计的豆浆机简化电路如图所示，L1亮表示正在加热或打浆，L2亮表示正在保温。经测试，加热时L1能正常发光，打浆时电动机能正常工作。已知电源电压不变，R1是电热丝，R2是限流电阻，电动机标有“24V 12W”，L1、L2均标有“4V 4W”且电阻不变，加热时电路中电流是保温时电路中电流的2倍。下列说法正确的是（　　） A．加热时电热丝R1的功率为22W B．限流电阻R2的阻值为24Ω C．加热时L1的功率与打浆时L1的功率之比为1∶4 D．保温1min，电热丝R2产生的热量为330J 【答案】A 【详解】由于两灯标有“4V 4W”，所以两灯的电阻为 两灯的额定电流为 电动机标有“24V 12W”字样，电动机正常工作的电流为 A．由电路图可知，当S1接a，S2接d时，L1与电动机串联，L1亮，此时为打浆状态。根据题意可知，打浆时电动机能正常工作，打浆时电路中的电流为 根据串联电路电压特点和欧姆定律可得，电源电压为U=U1+U额M=IRL+U额M=0.5A×4Ω+24V=26V 当S1接a，S2接c时，L1与R1串联，L1亮，此时为加热状态。根据题意可知，加热时， L1能正常发光，加热时电路中的电流为 由串联电路特点和欧姆定律可得，电热丝的电阻为 R1的功率为P1=I加2R1=(1A)2×22Ω=22W 故A正确； B．当S1接b，R2、L2与R1串联，L2亮，为保温状态，由于加热时电路中电流是保温时电路中电流的2倍，所以保温是的电流 电路的总电阻为 所以限流电阻R2的阻值为R2=R总-RL-R1=52Ω-4Ω-22Ω=26Ω 故B错误； C．加热时L1的功率为PL=I加2R1=(lA)2×4Ω=4W 打浆时L1的功率为PL'=I2 R1=(0.5A)2×4Ω=1W 则加热时L1的功率与打浆时L1的功率之比为PL∶PL'=4W∶1W=4∶1 故C错误； D．保温1min，电热丝R2产生的热量为Q2=I保2R2t=(0.5A)2×26Ω×1×60s=390J 故D错误。 故选A。 5．如图所示的电路，当滑片P在最右端时，电压表的示数为3V，消耗的功率为P1；移动滑片P，电压表的示数为4V时，消耗的功率为P2=1.1W；移动滑片P至中点时，消耗的功率为P3。若P1∶P3=18∶25，则P3为（　　） A．0.95W B．1.15W C．1.25W D．1.35W 【答案】C 【详解】由图可知，电阻R0和变阻器串联，电压表测量电阻R0两端的电压，电流表测量电路中的电流。当滑片P在最右端时，变阻器连入电路的电阻最大，电压表的示数为3V，消耗的功率为P1；电源电压① 移动滑片P，电压表的示数为4V时，电源电压② 电源电压不变，由①和②得到R0=3R'-4R'1③ 消耗的功率为P1=1.1W，所以，即② 移动滑片P至中点时，消耗的功率为P3。若P1∶P3=18∶25，则 ①带入上式化简得到，带入式子①得到电源电压 由式子②得到 所以，带入式子②得到 可以得到R0=40Ω，则 当滑片P在最右端时，电压表的示数为3V，消耗的功率为 若P1∶P3=18∶25，则 故选C。 6．如图所示的电路，电源电压不变，滑动变阻器R1标有“100Ω 0.8A”，灯泡标有“12V 6W”，R0为定值电阻。在保证电路安全的前提下： ①当a处接入导线，b处接入电压表时（量程“0~3V”或“0~15V”），只闭合S1、S2，调节滑动变阻器的滑片，电路中的最小电流为0.22A； ②再闭合所有开关，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值为6Ω； ③将a处接入电压表（量程不变），b处接入导线时，闭合所有开关，灯泡恰能正常发光，且无论怎样移动滑片，灯泡亮度都不变。 下列说法正确的是（　　） A．电压表接入电路的量程为3V B．①中，灯泡的最小功率为1.1616W C．②中，电路的最大总功率为32.4W D．③中，R0工作10s产生的热量为60J 【答案】D 【详解】由P=UI可得，灯泡正常发光电流为 灯泡正常发光的电阻为 A.由③可知，将a处接入电压表（量程不变），b处接入导线时，闭合所有开关，R0与L串联，电压表测L两端电压，灯泡怡能正常发光，此时灯泡两端电压为12V，为保证电路安全，所以电压表接入的量程应为0~15V，故A错误； B．由①知，当a处接入导线，b处接入电压表时，只闭合S1、S2，此时R0、L、R1串联。当电路中电流最小时，灯泡的实际功率最小，若灯泡电阻不变，则灯泡功率为P实=I小2RL=(0.22A)2×24Ω=1.1616W 但由于0.22A<I额=0.5A，此时灯泡电阻应小于24Ω，所以灯泡的最小功率应小于1.1616W，故B错误； C．在③中，将a处接入电压表，b处接入导线时，闭合所有开关，R0与L串联，R1被短路，灯泡恰好能正常发光，所以电源电压为U=U0+U额=I额R0+U额=0.5A×R0+12V 由②可知，当a处接入导线，b处接入电压表时，闭合所有开关，R0与R1串联。由串联电路电流规律和滑动变阻器的规格知，电路中的最大电流为0.8A，此时变阻器允许接入电路的最小阻值为6Ω，则电源电压为U=I最大(R0+R1小)=0.8A×(R0+6Ω) 由于电源电压不变，所以得0.8A×(R0+6Ω)=0.5A×R0+12V 解得R0=24Ω。 电源电压为U=0.8A×(R0+6Ω)=24V 在②中，电路的最大总功率为P最大=UI最大=24V×0.8A=19.2W 故C错误； D．在③中，闭合所有开关，R0与L串联，灯泡恰好能正常发光，通过R0的电流为I0=I额=0.5A R0工作10s产生的热量为Q=I2R0t=(0.5A)2×24Ω×10s=60J 故D正确。 故选D。 7．如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合开关电路正常工作，两电流表的指针都在同一位置，此时通过电流表的示数为，电路的总电功率为。现用一个未知阻值的定值电阻替换电阻或，替换后闭合开关S，发现只有一个电流表的示数发生改变，此时电流表的示数为，电路的总电功率为。已知，下列判断正确的是（    ） A．替换的是 B． C． D． 【答案】D 【详解】D．分析电路图可知，、并联，电流表A测干路电流，电流表测支路电流。两电流表的指针都在同一位置，则电流表和A示数之比为，根据并联电流规律可知、电流之比为，根据并联分流原理，，故D正确； ABC．现用一个未知阻值的定值电阻替换电阻或，替换后闭合开关S，发现只有一个电流表的示数发生改变。若替换的是，则电流表和A示数要么都改变，要么都不变，不符合题意，所以替换的是，则替换后，、并联。替换前后，电流表始终测支路电流，电流不变，则；替换前后电源电压不变，根据，电功率和电流成正比，，则替换前后干路电流之比为。替换前，、电流之比为，替换前后，电流不变，则替换后，、电流之比为，根据并联分流原理，。故ABC错误。 故选D。 8．电子技师社团活动中小明对一个暗箱进行研究。暗箱表面有两个接线柱M、N，内部只接有R1和R2两个定值电阻，R1阻值为6Ω，R2阻值未知。小明用图甲所示的电路（电源电压不变）进行实验，在S、S1都闭合和S闭合、S1断开的两种情况下，改变电阻箱R0的阻值，读取电流表示数I，绘制了如图乙所示的I随R0变化的曲线。下列判断中正确的是（　　） A．电源电压为8V B．电阻R2的阻值是20Ω C．曲线A是根据开关S、S1都闭合时测得的实验数据绘制的 D．暗箱内电阻R1与R2是串联连接的 【答案】D 【详解】AC．因为开关S、S1都闭合时，电路为R0的简单电路，电流表测量电路电流，为了电路安全，电阻箱的电阻不能为零，则图B为S、S1都闭合时的图像，图像A表示开关S闭合、S1断开时I随R0变化的曲线。由欧姆定律得，电源电压，故AC错误； BD．开关S闭合、S1断开时，R0与暗箱内的电阻串联。由图A得，当电路电流为1.4A时，R0的电阻为20Ω；由欧姆定律得，电路中的总电阻 由串联电路电阻特点得，暗箱内的电阻 所以暗箱中R1、R2串联。由串联电路电阻特点得，暗箱内R2的阻值 故B错误，D正确。 故选D。 9．如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R1与R2阻值相同。让滑动变阻器R3的滑片位于中点，只闭合开关S2时，电压表V的示数为2V；开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表A1的示数为0.2A。将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，电流表A2的示数为0.4A。下列结果不正确的是（    ） A．电源电压为6V B．R3的最大阻值是60Ω C．将R3的滑片移到端，三个开关都闭合时，100s电路消耗的电能为300J D．开关S1、S2闭合，S3断开时，电路消耗的总功率为0.3W 【答案】D 【详解】AB．开关S2、S3闭合，S1断开时，滑动变阻器R3的滑片位于中点，R1与R2被短路，电路中只有，电流表A1的示数为0.2A，则电源电压① 三个开关都闭合时，R1、R2与R3并联，电流表A2测通过R1、R2两条支路的总电流，电流表A2的示数为0.4A，由于定值电阻R1与R2阻值相同，由并联分流可知，通过R1、R2的电流均为0.2A，则电源电压② 由①②可知，只闭合开关S2时，R1、R2与串联，电压表测量R2两端电压，电压表V的示数为2V，由串联分压特点可知 则电源电压③ 由①③得，故AB正确，不符合题意； C．将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，R1、R2与R3并联，电路消耗的总功率 100s电路消耗的电能为，故C正确，不符合题意； D．开关S1、S2闭合，S3断开时，R2、R3短路，电路中只有R1，电路消耗的总功率 故D错误，符合题意。 故选D。 10．在学校举行的科学技术成果汇报展示活动中，小强同学展示了一辆自己组装的玩具车，它具有“原地灯光秀”“调速前进”和“定速后退”三种工作模式。通过控制开关S1、S2和滑动变阻器R1来改变灯L的亮度，实现“原地灯光秀”；通过改变直流电动机的转动方向及转速，实现“调速前进”或“定速后退”，如图所示。已知电源电压不变，标有“0.6A”灯L的电阻不变且RL=10Ω，定值电阻R2=5Ω。当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，电流表A的最大示数为0.4A。关于下列结论： ①电源电压为6V ②S闭合，S1接1，S2接2时，玩具车处于“原地灯光秀”模式 ③玩具车“调速前进”时，电流表A的最大示数为0.6A ④玩具车“定速后退”时，电路消耗的总功率小于2.4W 其中正确的是（　　） A．①④ B．②④ C．①② D．①③ 【答案】A 【详解】①②由题意可知，玩具车处于“原地灯光秀”模式时，直流电动机不接入电路，即S闭合，S1接1，S2接1时，玩具车处于“原地灯光秀”模式，当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，灯L、滑动变阻器R1、定值电阻R2串联接入电路，此时电流表A的最大示数为0.4A，则滑动变阻器R1阻值应为零，由欧姆定律可知，电源电压为U=I(RL+ R2)=0.4A×(10Ω+5Ω)=6V，故①正确，②错误； ③由题意可知，当S闭合，S1接1，S2接2时，灯L、滑动变阻器R1、直流电动机串联接入电路，该电路电流大小可调节，玩具车处于“调速前进”模式，电源电压不变，当滑动变阻器R1阻值调为零时，串联电路总电阻最小，总电流最大，即电流表A的示数最大；由欧姆定律可知，此时最大电流，故③错误； ④由题意可知，当开关S闭合，S1接2，S2接1时，灯L、直流电动机、定值电阻R2串联接入电路，该电路电流大小不可调节，玩具车处于“定速后退”模式，该串联电路消耗的总功率，故④正确。 故选A。 题型二 填空题 押题猜想13 声音的产生与传播 【母题】如图所示是物理兴趣小组探究声产生与传播的一些情景： (1)如图甲所示的实验现中乒乓球的作用是 ； (2)如图乙所示，随着抽气机不断向罩外抽气，如果罩内的空气被完全抽空则不能听到铃声，由此我们可以推理得出的结论是 。 【答案】(1)将微小的振动放大；(2)真空不能传声 【详解】（1）图甲中，乒乓球接触发声的音叉被弹开，说明了发声的音叉在振动，通过乒乓球被弹起将音叉微小的振动放大，这种实验方法叫做转换法。该乒乓球的作用是将微小的振动放大。 （2） 抽气机不断向罩外抽气的过程中，罩内铃声越来越小，推理，如果玻璃罩内没有空气，将听不到声音，说明真空不能传声。 押题解读 本题考察的是声音的产生和传播的知识，通过乒乓球被弹开，放大了音叉的振动效果。通过抽玻璃罩中的空气，科学推理出真空不能传声。 考前秘笈 （1）声音是有物体的振动产生的，振动停止，发声停止，但声音未必消失； （2）固体、液体和气体都可以发声和传声，但真空不能传声。 1．如图所示，用鹤骨制作的贾湖骨笛是迄今为止中国考古发现的最早的管乐器。用骨笛吹奏发声时，发出的声音是由空气柱的 产生的，通过 传入人耳。 【答案】 振动 空气 【详解】[1]声音是由物体的振动产生的，骨笛吹奏发声时，发出的声音是由骨笛内的空气柱振动产生的。 [2]声音的传播需要介质，骨笛发出的声音是通过周围的空气传入人耳的。 2．弘扬雷锋精神，争做新时代的好榜样，学校举行了“讲雷锋故事，学雷锋精神”的主题演讲比赛。演讲声是由参赛者的声带 产生的，并以 为介质传播到现场师生耳中。 【答案】 振动 空气 【详解】[1]声音都是由于物体振动产生的，演讲声是由参赛者的声带振动产生的。 [2]声音的传播需要介质，比赛过程中演讲声以空气为介质传入现场师生们的耳中。 3．如图为我国晋代顾恺之所绘《斫琴图》的局部，展示了古代乐师调整琴弦长度的情景。演奏时，由于琴弦 而产生美妙的声音。调整琴弦的长度，将琴弦拧紧，用相同力度弹奏时，声音的 发生改变。 【答案】 振动 音调 【详解】[1]声音是由物体的振动产生的，用手拨动琴弦，琴弦会振动而发声。 [2]音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高。调整琴弦的长度，将琴弦拧紧，琴弦振动快慢会发生改变，发出声音的音调就会不同。 4．豫剧表演中常使用如图所示的板胡作为伴奏乐器。当演奏者拉动板胡的弓弦时，发出的声音是由琴弦 产生的；演奏者按压琴弦的不同位置，是为了改变琴弦发出声音的 （选填“音调”“响度”或“音色”）。 【答案】 振动 音调 【详解】[1]声音是由物体振动产生的，当演奏者拉动板胡的弓弦时，发出的声音是由琴弦振动产生的。 [2]演奏者按压琴弦的不同位置，此时琴弦振动的频率不同，是为了改变琴弦发出声音的音调。 5．如图所示，闹钟发出声音是由被敲击的电铃 产生的；逐渐抽出玻璃罩内的空气，声音减小，直到听不见。结合实验现象推理可知：声音不能在 中传播。 【答案】 振动 真空 【详解】[1][2]声音是由物体振动产生的，闹钟发出声音是由被敲击的电铃振动产生的；声音的传播需要介质，逐渐抽出玻璃罩内的空气，传播声音的介质减小，声音减小，直到听不见；结合实验现象推理可知：声音不能在真空中传播。 6．演员演奏小提琴时，手指按在弦上的不同位置改变了琴弦的长度，发出不同 的声音（填声音的特性），优美的琴声在 中传播，进入人耳，时而含蓄，时而奔放，好像在诉说精彩的故事。 【答案】 音调 空气 【详解】[1]声音的特性包括音调、响度和音色。 音调是指声音的高低，它与发声体振动的频率有关，频率越高，音调越高。 响度是指声音的强弱，它与发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大。 音色是指声音的特色，不同发声体发出声音的音色不同。 演员演奏小提琴时，手指按在弦上的不同位置改变了琴弦的长度，琴弦越短，振动越快，频率越高，发出声音的音调也就越高。所以手指按在弦上的不同位置改变了琴弦的长度，发出不同音调的声音。 [2]声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以作为传播声音的介质，真空不能传声。 优美的琴声是通过空气这种介质传播到人耳的，所以优美的琴声在空气中传播。 7．2025年蛇年春晚舞台上，周深与胡宏·迭戈·弗洛雷兹合作的《山鹰和兰花花》，将陕北民歌的苍茫深情与安第斯山鹰的旷远高亢交织，让唢呐的激越与排箫的空灵共鸣，生动诠释了“各美其美，美美与共”的文化哲学.演唱者发出的歌声是由于声带的 而产生的，观众通过声音的 来分辨唢呐和排箫的。 【答案】 振动 音色 【详解】[1]一切声音都是物体振动产生的，演唱者发出的歌声是由于声带的振动而产生的。 [2]音色是由发声体的材料、结构等决定的，不同乐器的音色不同，观众通过声音的音色来分辨唢呐和排箫的。 8．如图是厦门海峡两岸信息消费体验馆解说员正在使用便携式扩音器进行讲解。扩音器发出的声音是通过 传到游客的耳朵；使用便携式扩音器是为了改变解说员声音的 。 【答案】 空气 响度 【详解】[1][2]声音的传播需要介质，扩音器发出的声音是通过空气传传到游客的耳朵；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；使用扩音设备，增大了声音的振动幅度，即增大了响度。 9．如图甲所示，在鼓面撒上一些纸屑，轻敲鼓面时看到纸屑上下跳动，这个现象说明，正在发声的物体都在 ；比较图甲、乙两次敲鼓时纸屑跳动的情况，两次敲鼓时发出声音的 （选填“音调”、“音色”或“响度”）不同。 【答案】 振动 响度 【详解】[1]纸屑上下跳动，说明鼓面在振动，当有鼓声时，纸屑才会振动，鼓声停止，纸屑停止跳动，所以可以得出结论：正在发声的物体在振动。 [2]由图可知甲图中纸屑跳动幅度比乙图中小，即甲图中鼓面振动幅度比乙图中鼓面振动幅度小，振幅大的响度大，所以乙图中鼓声比甲图中鼓声响度大。 10．箜篌是中国古代传统乐器，如图所示。弹奏时，箜篌发出的声音是由于琴弦的 产生的。演奏者拨动不同长度的琴弦，是为了改变声音的 。 【答案】 振动 音调 【详解】[1]声音是由物体的振动产生的，箜篌发出的声音是由于琴弦的振动产生的。 [2]发声体的长度不同，物体振动的频率不同，声音的音调不同，故演奏者拨动不同长度的琴弦，是为了改变声音的音调。 押题猜想14 热现象 【母题】由于海水的比热容 （选填“大于”或“小于”）陆地上砂石的比热容，所以在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化 （选填“大”或“小”）。当出现如图所示的风向，通常发生在 （选填“夜晚”或“白天”）。 【答案】 大于 小 夜晚 【详解】[1] [2]由于海水的比热容的大于陆地上砂石的比热容，吸收或者放出相同的热量时，海水温度变化比较慢，陆地砂石变化比较快，升温和降温较明显，故在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化小。 [3]只有在夜晚，海水的温度比较高，空气密度变小，热空气上升，陆地冷空气补充过来，形成了陆风。 押题解读 物态变化对应的生活中常见的现象是必考题，要知道生活中常见的物态变化的现象以及吸放热。物态变化中的实验要掌握实验器材的正确选择和使用，实验方法、实验操作过程、实验现象、实验数据的分析，根据实验数据作图，实验结论、实验评估。 考前秘笈 找到物体之前的状态和之后的状态，对应物态变化的定义来判断相应的物态变化。 1．湖中的荷花清香四溢，这属于 现象，荷叶上的两滴水珠相遇时，能汇合成一滴较大的水珠是因为分子之间存在 （选填“引力”或“斥力”）；广阔的湖水可以调节周边的气温，这是由于水具有较大的 。 【答案】 扩散 引力 比热容 【详解】[1]湖中的荷花清香四溢，是因为分子在不停地做无规则运动，花香分子运动到了人的鼻子里，属于扩散现象。 [2]分子间存在引力和斥力，荷叶上的两滴水珠相遇时，能汇合成一滴较大的水珠是因为分子之间存在引力。 [3]水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。 2．设计师选用“水”作汽车发动机冷却液，这是因为水的 较大，冷却效果好；水箱里有4L水，吸收发动机缸体热量后，水由20℃升高到90℃，吸收的热量是 。 【答案】 比热容 1.176×106 【详解】[1]水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以选用“水”作汽车发动机冷却液。 [2]水的质量为m=ρV=1.0×103kg/m3×4×10-3m3=4kg 水吸收的热量为Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×4kg×(90℃-20℃)=1.176×106J 3．如图是汽车上使用的某品牌刹车片，它的制造工艺和材料非常先进，能确保刹车片在高温和冷态下保持稳定的制动性能，具有优异的耐磨性和高温稳定性。汽车在行驶过程中刹车时，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式使刹车片的温度升高的。有的大货车上装有根水管，用来往轮胎上滴水，给发热的轮胎降温，这是因为水的 较大。 【答案】 做功 比热容 【详解】[1]汽车在行驶过程中刹车时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式使刹车片的温度升高的。 [2]用水给轮胎洒水降温，这是因为水的比热容较大，质量相同的水和其它物质相比，在升高相同的温度，水吸收的热量较大，散热效果好。 4． 2024年9月22日，中国科学院物质科学研究院强磁场科学中心自主研制的“水冷磁体”取得重大突破，如图。磁体在工作时需要产生大量的热量，需要用高速流动的水来冷却是因为水的 大，当该装置内的水使用一段时间后，其内能 。（选填“增大”、“减小”或“不变”） 【答案】 比热容 增大 【详解】[1]因为水的比热容大，和相同质量的其它物质相比，升高相同温度，可以吸收更多的热量，所以需要用高速流动的水来冷却。 [2]当该装置内的水使用一段时间后，水温度升高，其内能增大。 5．在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风。陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。炎热的夏天，海水和海滩的砂石在太阳的照射下，它们的 增大，由于海水和砂石的 不同，两者之间出现温差，白天容易形成 （选填“海风”或“陆风”）。 【答案】 内能 比热容 海风 【详解】[1]在沿海地区炎热晴朗的天气里，海水和海滩的砂石都会受到太阳的照射。照射会导致它们的温度升高，内能增大。 [2][3]由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风。 6．热岛效应主要原因是城市建筑群密集，在相同日照的情况下，城市地区升温较 。为减弱城市的热岛效应，我市修建了大量的湿地公园和人工湖，这主要是利用了水 的特点。 【答案】 快 比热容较大 【详解】[1]建筑物是砂石制成，比热容较小，同样日照条件下即吸收相同热量下，根据Q=cmΔt可知，在质量不变时，温度变化大，即升温快。 [2]根据Q=cmΔt可知，质量相等的水和其他物质相比，在吸收相同热量的情况下，由于水的比热容较大，温度变化小，所以增大城区的绿地、水域面积可以减弱城市热岛效应。 7．诗人陆游的笔记中曾记载如图所示的省油灯，灯油燃烧时灯油质量在不断减小，热值 （选填“变大”、“不变”或“变小”）；夹层注水，利用水的 大的特点，降低油温，减少了油的蒸发，达省油目的。 【答案】 不变 比热容 【详解】[1]热值是燃料的一种属性，不随质量的变化而改变，故灯油质量减小，热值不变。 [2]由于水的比热容大，吸热能力强，相同情况下吸收的热量多，且温度变化量小，可以有效降低油的温度，减慢油的蒸发，达省油目的。 8．南海区桂城千灯湖公园修有人工湖和大面积绿化草地，盛夏时能大大减弱周围地区的“热岛效应”。从物理角度讲，利用了水的比热容 （选填“大”或“小”），起到调节气温的效果。公园周边配有共享自行车，为减少燃油车使用时在 冲程排出废气，并减少废气 （选填“放出”或“吸收”）的热量，可以缓解“温室效应”。 【答案】 大 排气 放出 【详解】[1]因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，水和沙石放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。 [2]汽油机在排气冲程中排气门打开，排出废气。 [3]废气温度较高，会放出热量，排放到大气中会加剧温室效应。 9．“黄河故道芳菲天，大套梨花来相见”，2025年中国滨海梨花节即将到来。花开时满园梨花香扑鼻而来，这是 现象，说明 ；“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠气候的生动描写，而沿海地区昼夜温差则不大，这是因为砂石与水的 不同。 【答案】 扩散 分子在永不停息的做无规则运动 比热容 【详解】[1][2]满园梨花香扑鼻而来，这是花香分子扩散到空气中，使我们闻到花香，是扩散现象，表明分子在永不停息地做无规则运动，而且温度越高，分子运动的越快，香味更加浓郁。 [3]“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”这句谚语反映了我国新疆的某些地区夏季昼夜气温变化显著，我国新疆某些地区都是沙漠或砂石，没有水，砂石的比热容远远小于水的比热容，所以吸收或放出同样多的热量温度变化的快，造成昼夜温差大。而沿海地区水多，温度变化不明显，所以昼夜温差小。 10．将质量相等、底面积相等、高度不等的甲、乙、丙三个金属圆柱体，加热到相同的温度后，同时放到上表面平整的大冰块上，经过一段时间后，大冰块形状不再变化时的情形如图所示。对于这三个金属体：对大冰块的压强大小关系是 （用符号加角标甲乙丙表示），内能改变量最大的是 。 【答案】 甲 【详解】[1]因为它们的质量相等，由G=mg可得，它们的重力相等，由于大冰块受到的压力等于圆柱体的自身重力，因此甲乙丙圆柱体对大冰块的压力相等，又因为它们的底面积相同，根据可知 p甲=p乙=p丙 [2]由题意可得，三金属块末温（为冰的熔点）相同，初温相同，即三金属块降低相同的温度，由图可知，甲金属块下方的冰熔化得最多，丙金属块下方的冰熔化得最少，因此它们放出的热量的大小关系为 Q甲>Q乙>Q丙 因为三金属块的质量相同，则由Q放=cm（t1-t0）可知，三金属块的比热容关系为 c甲>c乙>c丙 由图可知，放出的热量的大小关系为 Q甲>Q乙>Q丙 所以甲的内能改变最大。 押题猜想15 透镜规律及其应用 【母题】如图所示，许多超市为方便顾客结账，安装了“刷脸机”，它的摄像头实际上是凸透镜，该类透镜制作成眼镜可以用来矫正 视眼；人要站在“刷脸机”的二倍焦距以外，就能成 （选填“放大”或“缩小”）的实像；当人远离“刷脸机”时，这个像将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 远 缩小 变小 【详解】[1]“刷脸机”的摄像头实际上是一个凸透镜，该类透镜对光线具有会聚作用，在日常生活中可以用来矫正远视眼。 [2]人要站在“刷脸机”的二倍焦距以外，此时能成一个倒立、缩小的实像，相当于照相机。 [3]由凸透镜成像的特点可知，当人远离“刷脸机”时，物距变大，像距变小，这个像将变小。 押题解读 本题是对凸透镜成像规律在生活中应用考察，包括眼睛视力的矫正，凸透镜成像规律的应用及成像大小的变化情况。 考前秘笈 秘笈1：请牢记规律：一焦分虚实，二焦分大小；虚像同侧正，实像异侧倒；物近像远像变大，物远像镜像变小； 物距（u） 像距（v） 正倒 大小 虚实 应用 特点 特点 u>2f 2f>v>f 倒立 缩小 实像 照相机、摄像机 - 物像异侧 u=2f v=2f 倒立 等大 实像 测焦距 成像大小的分界点 物像异侧 2f>u>f v>2f 倒立 放大 实像 幻灯机、电影放映机、投影仪 - 物像异侧 u=f - - - 不成像 强光聚焦手电筒 成像虚实的分界点 - f>u v>u 正立 放大 虚像 放大镜 虚像在物体的同侧且之后 物像同侧 1．实验室里某物理小组采用平行光聚焦法测量凸透镜的焦距，如图所示。在用该凸透镜探究凸透镜成像规律的实验时，将一点燃的蜡烛放在距离该凸透镜12cm的位置，则在光屏成 （填写成像的性质）像。 【答案】倒立、放大的实 【详解】焦点到光心的距离是焦距，根据图示中光屏在刻度尺上的位置，可以读出该凸透镜的焦距是 将一点燃的蜡烛放在距离该凸透镜12cm的位置，物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像。 2．如图所示，有一条经过平面镜反射过点P的反射光线且平行于主光轴入射到凹透镜上，S′为像点，请确定点光源S的位置，并补全光路图 。图中的凹透镜对光有 作用。 【答案】 发散 【详解】[1]根据平面镜成像的规律：像与物关于镜面对称，作出像点S'关于平面镜的对称点即为点光源S，反射光线与平面镜的交点O即为入射点，连接SO即为入射光线；对于凹透镜，平行于主光轴的光线通过凹透镜折射后折射光线反向延长线通过虚焦点；补全光路图如图所示： [2]凹透镜又叫发散透镜，凹透镜对光线有发散作用。 3．如图所示，小明在探究光的色散现象时，看到白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、 、紫的色带，小明对产生的原因进行了思考，认识到三棱镜对不同的单色光偏折程度是不同的， 光偏折最大。受此启发，小明想：如果用一束红光和一束紫光分别平行于同一个凸透镜的主光轴射入，应该会看到红光照射时凸透镜的焦距 紫光照射时凸透镜的焦距（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 【答案】 靛 紫 大于 【详解】[1]由光的色散可知，白光经三棱镜折射后，被分成七种色光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光。 [2]由图甲可知，三棱镜对不同的单色光偏折程度是不同的，三棱镜对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折最大。 [3]根据三棱镜对光线的偏折可知，红光被偏折的程度小，紫光被偏折的程度大，当红光和紫光分别平行射向相同的凸透镜时，红光的焦点距离透镜远，紫光的焦点离透镜近，所以红光的焦距大于紫光的焦距。 4．爱米制作照相机模型：把纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌了一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个模型照相机如图。如果看近处的景物时成的像很清楚，再看远处的景物时，就应该 （选填“增加”、“减小”）A、B间的距离，像会变小。 【答案】减小 【详解】由凸透镜的成像时，物距增大，像距减小，像变小；离透镜越远的物体通过透镜所生成的像离透镜越近，为使远处物体的像能清楚地成在透明的纸上，应使透明纸向透镜靠拢一些，即减小A、B间的距离，像会变小。 5．某同学在做“探究凸透镜成像规律”实验时，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示时、光屏上出现烛焰清晰的象（像未画出），则像的特点是倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。 【答案】放大 【详解】由图可知，物距小于像距，且光屏上有清晰的像，则物距在1倍焦距到2倍焦距之间，像距大于2倍焦距，所以此时成的是倒立放大的实像。 6．松香是松柏科植物滴落的树脂，遇冷发生 （填物态变化名称）形成的，松香加热的过程中会变软变稀，它属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。松香掩埋在地下千万年石化形成琥珀，如图是一颗极为珍贵的昆虫琥珀，我们看到的昆虫，是由光发生 现象而产生的虚像，使用相机拍摄记录时，若要看到昆虫身体的细微之处，相机镜头应该 （选填“向外伸”或“向内缩”）。 【答案】 凝固 非晶体 折射 向外伸 【详解】[1]琥珀是由柏松树上分泌出来的树脂油变成的固体形成的，这是凝固过程。 [2]树脂油没有固定的熔点，所以树脂油是非晶体。 [3]晶莹剔透的琥珀形成一个凸透镜，昆虫反射出的光线经凸透镜折射后进入人的眼睛，所以我们看到的昆虫属于折射现象。 [4]使用相机拍摄记录时，若要看到昆虫身体的细微之处，则像变大，像距变大，物距变小，相机镜头应该向外伸。 7．如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”实验中，若将点燃的蜡烛依次放在a、b、c三处， 处得到的实像最大，放在 处得到的像是虚像。 【答案】 b a 【详解】[1][2]由图可知，a点在一倍焦距之内， u＜f，由凸透镜成像的规律可知，成正立、放大的虚像；b点在一倍焦距和二倍焦距之间，f＜u＜2f，由凸透镜成像的规律可知成倒立、放大的实像；c点在二倍焦距以外，u＞2f，由凸透镜成像的规律可知，成倒立、所小的实像。所以b处得到的实像最大，放在a处得到的像是虚像。 8．图是激光内雕工艺品及其雕刻原理图，该工艺利用凸透镜对激光束有 作用，使能量集中在玻璃内部特定点，将光能转化为 ，使该点玻璃受热细微暴裂，雕出精美图案。 【答案】 会聚 内能 【详解】[1][2]激光内雕该工艺品利用凸透镜对激光束有会聚作用，将光线会聚一点，使能量集中在玻璃内部特定点，消耗光能，产生内能，将光能转化为内能，使该点玻璃受热细微暴裂，雕出精美3D图案。 9．无人机利用携带的微型摄像机（镜头焦距一定）进行航拍，地面的景物通过摄像机镜头形成倒立、 的实像；教室中都安装了电子白板，老师精心准备的各种素材投影在白板上，为同学们获取知识服务。投影仪成像时，像距 物距（选填“小于”、“大于”或“等于”）。 【答案】 缩小 大于 【详解】[1][2]微型摄像机成像原理与照相机成像原理相同，地面的景物通过摄像机镜头形成倒立、缩小的实像；投影仪的镜头是凸透镜，成倒立、放大的实像，根据凸透镜成像的规律可知，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，因此像距大于物距。 10．用镜头焦距不变的照相机拍出了蝈蝈的照片如图甲所示，现要拍出如图乙所示的照片，则照相机需 蝈蝈，镜头向 （选填“前”或“后”）调节。 【答案】 靠近 前 【详解】[1][2]照相机是利用凸透镜成倒立、缩小实像的原理工作的，乙照片中蝈蝈大些，即像大一些，需要减小物距，增大像距，即照相机靠近蝈蝈，同时把镜头向前伸，使暗箱变长。 押题猜想16 电与磁现象及其分析 【母题】如图甲是小明在跨学科实践活动中制作的磁悬浮台灯，灯泡内部装有磁体和半导体芯片，灯座内有如图乙的电磁铁。灯座通电后，灯泡会悬浮在灯座上方，半导体芯片发光。灯泡悬浮是利用了同名磁极相互 。根据通电后电磁铁的磁极可判断电源的上端为 极。若要增强电磁铁的磁性，可以采取的措施是 。（写出一条即可） 【答案】 排斥 正 增大电流/增大线圈匝数 【详解】[1]灯泡能悬浮，是因为同名磁极相互排斥，灯泡中的磁体与产生磁场后的电磁铁相互排斥。此时灯泡所受的向上的磁场力与自身向下的重力平衡。 [2]根据通电后电磁铁的磁极，结合安培定则，可判断电源的上端为正极。 [3]电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。若要增强电磁铁的磁性，可以采取的措施是增大电流或增大线圈匝数。 押题解读 电磁学要结合电学中相关知识，综合考察学生分析能力。填空题可结合能量转化等综合考察。 考前秘笈 掌握电生磁、磁生电等相关知识点和应用，注意电磁继电器和生产生活中的应用。 1．如题图，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行。使导线与电池触接，观察到小磁针发生偏转。说明通电导线周围存在 ，还说明力能改变物体的 。要想改变小磁针偏转方向，可以改变导线中的 。 【答案】 磁场 运动状态 电流方向 【详解】[1]磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场。 [2]小磁针受到力的作用，小磁针发生偏转，即由静止变为转动，说明力可以改变物体的运动状态。 [3]导体周围的磁场方向与电流方向有关，要想改变小磁针偏转方向，可以改变导线中的电流方向。 2．小明想要探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”，他设计的实验电路图如图所示。连接如图所示电路，提供足够数量的大头针，通过比较吸引大头针的数量可以探究 对电磁铁磁场强弱的影响；通过 可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响。 【答案】 线圈匝数 调节滑动变阻器的滑片 【详解】[1]在探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验中，影响电磁铁磁性强弱的因素有电流大小、线圈匝数等。图中两个电磁铁串联，电流相等，则图示是探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响。   [2]要探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响，根据控制变量法，需要控制线圈匝数不变，通过改变电路中的电流大小，再比较吸引大头针的数量来判断电磁铁磁性的强弱变化。 在给定的实验电路中，可以通过调节滑动变阻器来改变电路中的电流大小。当滑动变阻器的滑片移动时，接入电路的电阻会发生变化，根据欧姆定律 ​，在电源电压U不变的情况下，总电阻R改变，电流I就会改变。 所以通过调节滑动变阻器改变电路中的电流大小可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响。 3．导体棒ab在蹄形磁体中静止时，小磁针的指向如图所示，小磁针北极指向地理方位的 极（选填“南”或“北”）；当让导体棒ab水平向右运动时，小磁针逆时针偏转90°，可以判断导体棒中电流方向 （选填“由a到b”或“由b到a”）；此时导体棒 端为电源正极（选填“a”或“b”）． 【答案】 北 由a到b b 【详解】[1]根据地磁的N极在地理南极附近，地磁S极在地理北极附近，小磁针受到地磁场的作用，根据同名磁极相互排斥，异名磁极互相吸引可得，小磁针北极指向地理方位的北极。 [2][3]当让导体棒ab水平向右运动时，电路中产生电流，小磁针逆时针偏转90°可知，螺线管的右端为N极，根据安培定则可得，导体棒的b端为正极，a端为负极，则导体棒中电流方向由a到b。 4．如图所示，请根据小磁针的指向，判断图中电源A端为 极，螺线管的Q端为 极。 【答案】 负 N 【详解】[1][2]螺线管外部的磁场方向从N极流向S极，由图得，螺线管的Q端为N极，P端为S极；由右手螺旋定则得，电流从螺线管的右端流入、左端流出，电流从电源正极流向负极，则电源A端为负极。 5．在题图所示中，闭合开关，导体AB在磁场中沿 （选填“左右”或“上下”）方向运动时，灵敏电流计指针会发生偏转，这就是 现象。人们根据此现象发明了 （选填“电动机”或“发电机”）。 【答案】 左右 电磁感应 发电机 【详解】[1][2][3]在图示中，闭合开关，导体AB在磁场中沿左右方向运动时，会切割磁感线，则灵敏电流计指针会发生偏转，这就是电磁感应现象，发动机根据此原理制成的。 6．如图所示，当导线通电时，位于导线正下方的小磁针发生偏转；切断电流时，磁针又回到原位。这一现象说明 。小明同学将电源的正负极对调后，发现小磁针的偏转方向发生了改变，据此现象可以提出的可探究的科学问题是 。 【答案】 通电导体周围有磁场 电流周围的磁场方向是否与电流方向有关 【详解】[1]图中当导线中有电流通过时，小磁针才发生偏转，切断电流时，磁针又回到原位，而小磁针的转动是磁场作用的结果，这一现象说明通电导体周围有磁场。 [2]电源的正负极对调后，电路中的电流方向发生改变，发现小磁针的偏转方向发生了改变，据此现象可以提出的可探究的科学问题是电流周围的磁场方向是否与电流方向有关。 7．公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载为：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”是由于受到 的作用；“柢”即握柄，是磁体S极，静止时它指向地理的 极附近。 【答案】 地磁场 南 【详解】[1][2]“柢”指南是由于受到地磁场的作用，“柢”指向地理的南极，即地磁北极，由异名磁极相互吸引可知，“柢”是磁体的S（或南）极。 8．1831年，英国物理学家法拉第发现了 现象，该发现进一步解释了电与磁的联系，开辟了人类的电气化时代。如图所示，可判定电源右端是 极（选填“正”或“负”）。 【答案】 电磁感应 负 【详解】[1] 法拉第发现了电磁感应现象，进一步揭示了电和磁的联系，推动了发电机的发明。 [2] 根据螺线管的N极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流是从螺线管的左端流入、右端流出。从而可以确定电源的右端为负极，左端为正极。 9．如图甲，在静止的小磁针上方拉一根通电直导线，小磁针发生了偏转，此现象说明了 ；如图所示是动圈式话筒构造示意图，人对着话筒说话或唱歌引发膜片振动，它利用 原理，将声音信息转化为电信息。 【答案】 通电导线周围存在磁场 电磁感应现象 【详解】[1]在静止的小磁针上方拉一根通电直导线，小磁针发生了偏转，说明通电导线周围存在磁场，小磁针因为在磁场中受到力的作用而发生偏转。 [2]对着话筒唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈跟着一起振动，线圈在磁场里的振动，会切割磁感线产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，所以动圈式话筒是根据电磁感应原理制成的。 10．心肺机的功能之一是用“电动泵”替代心脏博动，推动血液循环。如图所示，将线圈ab缠绕并固定在活塞一端，利用其与固定磁铁之间的相对运动，带动电动泵中的活塞，使血液定向流动；阀门、都只能单向开启，反向则封闭管路。当线圈中的电流从a流向b时，线圈的左端为 极，活塞将向 运动，“动力泵”处于 （填“抽血”或“送血”）状态。 【答案】 N 右 送血 【详解】[1][2][3]由右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极，此时同名磁极相对，根据磁极间的相互作用可知，两磁体相互排斥，故活塞右移，“动力泵”内气压增大，关闭，打开，处于送血状态。 押题猜想17 声现象及其辨析 【母题】《天工开物》是我国古代的科学著作，其中这样写道：“凡河滨有制篱车者，堰陂障流绕于车下，激轮使转，挽水入筒，—顷于枧内，流入亩中，昼夜不息，百亩无忧。”该段文字描述了筒车这样一种以水流作动力，用来取水的机械，如图所示。从能量转化的角度，筒车的工作原理可以理解为将水的 能转化为水的重力势能。筒车“昼夜不息”， （能/不能）说明它就是永动机。 【答案】 动 不能 【详解】[1] 水流具有一定的质量和速度，具有一定的动能，水流通过做功使水的高度增大，重力势能增大，所以，筒车的工作原理是水的动能转化为水的重力势能。 [2] 根据能量守恒定律，永动机不可能实现，筒车之所以“昼夜不息”，是因为消耗了水流的动能。 押题解读 以中国古代水车为考题背景，利用水流带动轮毂的转动，考察学生理解能量的相互转化，为以后的高中学习打下一定的基础。 押题解读 秘笈1：动能+重力势能+弹性势能=机械能 秘笈2：在初中阶段，当物体无外力作用下并且不受摩擦力时，其机械能守恒。 1．《天工开物》记载了一种给稻谷去壳的工具一脚踏碓（duì），用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落。如图所示，脚向下踏时，脚踏碓属于 杠杆，碓头重力势能 （选填“增大”“减小”或“不变”）；碓头部较细，是为了减小 ，增大压强。 【答案】 费力 增大 受力面积 【详解】[1]脚向下踏时，脚踏碓动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。 [2]脚向下踏时，碓头质量不变，高度增加，则重力势能变大。 [3]碓头部较细，是为了减小受力面积，这是通过减小受力面积来增大压强。 2．4月25日，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空（如图甲）。火箭加速升空时，神舟十八号载人飞船的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。如图乙是用可乐瓶自制的水“火箭”，用气筒向瓶内打气过程中是通过 方式使瓶内空气的内能增大的。水冲开塞子喷射出来，“火箭”向上飞向空中，该过程相当于内燃机的 冲程。 【答案】 增大 做功 做功 【详解】[1]火箭加速升空时，质量不变，速度增大，则动能增大，高度增加，则重力势能增大，所以神舟十八号载人飞船的机械能增大。 [2]用可乐瓶自制的水“火箭”，用气筒向瓶内打气过程中，对瓶内空气做功，气体内能增大，是通过做功的方式使瓶内空气的内能增大的。 [3]水冲开塞子喷射出来，“火箭”向上飞向空中，内能转化为机械能，该过程相当于内燃机的做功冲程。 3．如图，轻质细线下方挂一个重4N的小球，无风时静止在B位置，现在水平向左吹来一阵风，小球缓慢运动到A位置静止，测得，则风此时的推力 （大于/等于/小于）4N。从B到A的过程中小球的机械能 （变大/变小/不变）。 【答案】 小于 变大 【详解】[1]当小球缓慢运动到A位置静止时，小球受到重力、绳子的拉力和风的推力作用，处于平衡状态，如下图所示： 则风此时的推力为 [2]从B到A的过程中小球的高度增大，重力势能变大，则小球的机械能变大。 4．2023年4月21日晚，500架无人机腾空而起，在赣江上空呈现出“阅享新时代”“书香赣鄱”等画面，迎接“世界读书日”的到来，如图所示。当无人机匀速升空时，其机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”），组成图案后，无人机之间应相对 （选填“运动”或“静止”）。 【答案】 增大 静止 【详解】[1]当无人机匀速升空时，它的质量不变，速度不变，动能不变，高度增大，重力势能增大，其机械能增大。 [2]组成图案后，无人机之间应相对位置不发生变化，相对静止。 5．如图所示，排球比赛时球被扣出主要表明力可以改变物体的 ，运动员在向上跃起的过程中，重力势能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。以地面为参照物，扣球运动员是 的（选填“运动”或“静止”）。 【答案】 运动状态 增大 运动 【详解】[1]扣球过程中用力作用后球的运动方向和速度都发生了变化，因此力可以改变物体的运动状态。 [2]运动员向上跃起的过程中，质量不变，高度增加，重力势能增加。 [3]以地面为参照物，扣球运动员的位置发生了变化，因此扣球运动员是运动的。 6．如图所示，运动员借助撑杆起跳时，撑杆弯曲说明力可以使物体发生 ，同时撑杆帮助运动员向上跳起，说明物体间力的作用是 的。运动员上升过程中，其重力势能 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 形变 相互 变大 【详解】[1]当运动员借助撑杆起跳时，撑杆发生弯曲。这个现象说明力可以改变物体的形状，即力可以使物体发生形变。 [2]撑杆在弯曲的同时，也帮助运动员向上跳起。这个现象体现了物体间力的作用是相互的。也就是说，当运动员对撑杆施加力的同时，撑杆也对运动员施加了反作用力，使得运动员能够向上跳起。 [3]重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大。在这个情境中，运动员的质量在上升过程中是不变的，但高度却在不断增加。因此，运动员的重力势能在上升过程中是变大的。 7．如图所示，是冬奥历史上最年轻的金牌获得者苏翊鸣在比赛中的情景：他从大跳台滑下后高高跃起，在空中完成各种动作后落回地面。他在下落过程中是把 能转化为动能（不计空气阻力）；以他为参照物，大跳台是 的（选填“运动”或者“静止”）。 【答案】 重力势 运动 【详解】[1]下落过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，将重力势能转化为动能。 [2]下落过程中，他和大跳台间的空间位置发生改变，所以以他为参照物，大跳台是运动的。 8．年月日时，“长征五号”B运载火箭搭载新一代载人试验飞船在海南文昌发射。如图所示为火箭加速升空的画面，不考虑火箭升空时质量变化，这段过程中火箭的动能 ，机械能 （前两空均选填“变大”“不变”或“变小”。 【答案】 变大 变大 【详解】[1][2]火箭加速升空时，火箭的质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变大，重力势能变大，机械能为动能和势能的和，则机械能变大。 9．如图，一位摄影爱好者用频闪摄影拍摄的极限跳伞运动员从悬崖上跳下的过程。从运动员离开悬崖时开始，每隔曝光一次，得到了一张记录运动员在打开降落伞之前的一段下落情况的照片。已知从点到点可视为沿竖直方向运动，空气阻力不能忽略。则运动员从点到点的下落过程，用时 s，运动员的机械能 （选填“守恒”或“不守恒”），bc段比cd段重力做功 （选填“大”或“小”）。 【答案】 1.2 不守恒 小 【详解】[1]每隔0.3s曝光一次，数出从b点到d点的曝光间隔次数为4次，故时间为 t=0.3s×4=1.2s [2]空气阻力不能忽略，要克服摩擦力做功，机械能转化为内能，运动员的机械能不守恒。 [3]由图知，运动员在bc段比cd段通过的距离小，且运动员的重力不变，由公式W=Gh可知，其所受的重力在bc段所做的功小于在cd段所做的功。 10．篮球从A点抛出，飞过最高点C到达D点过程中，被频闪照相机以每隔0.02s曝光一次的形式记录下来，如图所示，球从B点到D点用时 s，球的机械能 （选填“不变”“变小”或“变大”）；B到C克服重力做功平均功率与C到D重力做功平均功率之比为 。 【答案】 0.14 变小 4:3 【详解】[1]由图可知，球从B点到D点经历7个时间间隔，用时0.02s×7=0.14s [2]篮球从A点抛出，飞过最高点C到达D点过程中，克服空气阻力做功，机械能变小，一部分机械能转化成内能。 [3]由W=Gh可知，B到C克服重力做功与C到D重力做功相等，由图可知，B到C经历的时间为 0.02s×3=0.06sC到D经历的时间为0.02s×4=0.08s 大于B到C经历的时间，由可知 ，B到C克服重力做功平均功率与C到D重力做功平均功率之比为 押题猜想18 二力平衡的应用 【母题】小木块A放在长木板B上，弹簧测力计一端接A，另一端固定在墙壁上，长木板B放在粗糙的水平地面上。长木板B在力F作用下向左运动，稳定时水平弹簧测力计的示数为T，A相对于地面是 （选填“静止”或“运动”）的；若增大拉力F使木板加速运动，弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 静止 不变 【详解】[1]A被弹簧测力计固定着，A相对地面保持静止时，A在水平方向上受测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，即木块受到的摩擦力大小为T，方向水平向左。 [2]因影响摩擦力大小的压力大小和接触面粗糙程度不变，所以木块A受到的摩擦力不变，而摩擦力等于测力计拉力，所以增大拉木板的F，木板B受到的摩擦力将不变。 押题解读 通过弹簧测力计拉放在水平面上物体，利用力的平衡，通过弹簧测力计的读数可以求出物块在桌面上的摩擦力的大小。主要考查学生对二力平衡的理解，以及简单的受力分析。 考前秘笈 秘笈1：二力平衡条件的判断：作用在同一个物体上的两个力，大小相等、方向相反，并且在同一条直线上。 秘笈2：影响摩擦力大小的因素包括压力大小和接触面的粗糙程度，与运动快慢和压力的大小无关。 1．如图，物体A和物体B叠放在水平桌面上，水平拉力为F=5N，作用在物体B上，使AB一起做匀速直线运动，f1和f2分别表示B与A、B与桌面的摩擦力的大小，则f1= ，f2= 。 【答案】 0 5N 【详解】[1][2]由图可知，拉力作用在B上，AB一起做匀速直线运动，AB之间没有相对运动和相对运动的趋势，所以B与A之间的摩擦力。 以AB整体为研究对象，AB整体受到向右的拉力做匀速直线运动，B受到桌面的摩擦力与拉力是一对平衡力，则B与桌面的摩擦力 2．如图所示，用6N的力握住水杯静止不动，水杯受到的重力与 是一对平衡力。如果将手握水杯的力增大为8N，水杯仍然保持静止，那么手与水杯之间摩擦力的大小 （填增大“减小”或“不变”）。杯中倒入水后手与水杯之间摩擦力的大小 （填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】 摩擦力 不变 增大 【详解】[1]握住水杯静止不动，水杯在竖直方向受到的重力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，即。 [2]如果将手握水杯的力增大为8N，水杯仍然保持静止，由二力平衡可知，此时摩擦力大小为，即摩擦力大小不变。 [3]杯中倒入水后水杯仍会静止，由二力平衡可知，摩擦力等于水杯重力，由于杯中倒入水后杯子重力增加，所以摩擦力增大。 3．如图所示，右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，结果两只小船将向 （选填“相同”或“相反”）方向移动，这说明力可以改变物体的 。 【答案】 相反 运动状态 【详解】[1]右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，左边的船受到了向左的力，左边的船向左运动，同时由于力的作用是相互的，左边的船给右边的船一个向右的力，右边的船向右运动，结果两只小船将相反的方向运动。 [2]两只船因为受力运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态。 4．如图所示，用4N的水平拉力拉着木块在水平桌面上做匀速直线运动，当拉力变为6N时，木块受到的摩擦力为 N。 【答案】4 【详解】用4N的水平拉力拉着木块在水平桌面上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，即木块受到的滑动摩擦力为4N；当拉力变为6N时，因压力大小和接触面粗糙程度不变，故木块受到的滑动摩擦力大小不变，为4N。 5．如图所示，妈妈叫小李同学去超市买酱油，小李手握着一瓶总质量为的酱油向家匀速行走，则小李对瓶子的摩擦力大小为 N。 【答案】7 【详解】瓶子和酱油的总重力 握住瓶子匀速行走，因此瓶子处于平衡状态，竖直方向上瓶子受到的摩擦力等于瓶子的重力，即f=G=7N 6．两个表面粗糙程度完全相同的物体A和B叠放在一起（如图甲），在的水平拉力作用下，在水平面上一起做匀速直线运动；若A、B两物体用一根质量不计的细线相连，（如图乙）在F2的作用下在同水平面上做匀速直线运动，此时拉力 N。 【答案】6 【详解】图甲中，以AB组成的整体为研究对象，AB做匀速直线运动，所以受到地面的摩擦力与拉力平衡，则摩擦力大小等于拉力的大小，为6N；在乙图中，若将A、B两物体用一根质量不计的细线相连，使它们一起匀速运动，由于接触的粗糙程度不变，压力不变，摩擦力也不变，因此拉力与此时的摩擦力为一对平衡力，拉力的大小也为6N。 7．如图所示，在固定的水平长木板上放一个木块，用弹簧测力计水平拉木块，当弹簧测力计示数为2N时，木块静止不动；当弹簧测力计示数为4N时，木块恰能在长木板上做匀速直线运动。撤去拉力，木块并没有立刻停止，这是因为木块具有 ；木块最终速度减小至零，是因为受到了滑动摩擦力，该力的大小为 N。 【答案】 惯性 4 【详解】[1]撤去拉力，木块没有立刻停止，这是因为木块具有惯性，仍会保持原来的运动状态。 [2]当弹簧测力计示数为4N时，木块恰能在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，此时的摩擦力为4N，撤去拉力后，木块对木板的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则木块与木板间的滑动摩擦力不变，仍为4N。 8．重200N的木箱放在粗糙程度相同的水平地板上，用水平推力推木箱。推力为30N时，没推动，木箱所受摩擦力为 N；推力为50N时，木箱做匀速直线运动；推力为80N时，木箱做加速运动；撤去推力，木箱做减速运动，它所受摩擦力为 N。 【答案】 30 50 【详解】[1]推力为30N时，没推动，此时木箱处于平衡状态，受到的摩擦力是静摩擦力，根据二力平衡条件可知，静摩擦力与推力的大小相等为30N。 [2]当推力为50N时，木箱做匀速直线运动，处于平衡状态，产生的摩擦力属于滑动摩擦力，大小与此时的推力大小相等为50N；撤去推力，木箱做减速运动，此时的摩擦力为滑动摩擦力，由于压力和接触面的粗糙程度不变，因此滑动摩擦力不变仍为50N。 9．如图所示，物体A重力大小为10牛，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化了4.9牛，则其排开水的重力为 牛；剪断图中细线的瞬间，物体A所受的合力大小为 牛，方向为 。 【答案】 4.9 5.1 竖直向下 【详解】[1]根据称重法可知，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化量等于浮力，则浸没时浮力，根据阿基米德原理，其排开水的重力为 [2][3]剪断细线后，物体受到竖直向上的浮力与竖直向下的重力，重力较大，则物体A所受的合力方向竖直向下，大小为 10．如图所示，一个物体重10N，用30N的力F垂直于墙壁压住物体使其静止，则物体受到的摩擦力大小是 N；若压力增大到50N时物体仍然静止，则物体受到的摩擦力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 10 不变 【详解】[1]用30N的力F垂直于墙壁压住物体使其静止，处于平衡状态，受平衡力作用，即物体在竖直方向上受竖直向下的重力和竖直向上静摩擦力的作用，故摩擦力为f=G=10N [2]若压力增大到50N时物体仍然静止时，物体仍平衡，受到的重力不变，与之平衡的摩擦力不变，即摩擦力仍为10N。 押题猜想19 光现象及其分析 【母题】视力监测是儿童青少年近视预防工作的重要一环。为了准确测量学生视力，通常要求眼睛与视力表保持5m的距离。由于房间长度有，医生把视力表放在被测者头部的后上方，让被测者识别对面墙上镜子里的像（如图所示），此时视力表在镜中成的是 像（选填“实”或“虚”），被测者应距平面镜 m。 【答案】 虚 2.2 【详解】[1]由平面镜成像特点可知，视力表在镜中成的是虚像。 [2]平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等，由图可知，视力表与平面镜的距离为，视力表的像与平面镜的距离也为，要求被测者与视力表的距离为5m，则为满足检测要求，被测测者应距离平面镜为。 押题解读 近年各地中考光学题，考查内容主要集中在光的直线传播（解释现象）、光的反射与折射（科学探究、作图、现象解释）、平面镜成像（特点及其应用、作图、探究实验）、光的色散（探究实验）、红外线和紫外线的应用上.其中光的色散、平面镜成像等是中考的热点问题。试题在注重考查基础知识的同时，主要考查学生运用相关光学知识分析、解释实际问题的能力。 考前秘笈 熟记日常生活中常见的光现象。透过光现象，揭示本质，即明确各种光现象的成因是解决问题的关键。分析如下： ①光的直线传播现象：小孔成像（树荫下的光斑）、日月食的形成、影子的形成； ②光的反射现象：平面镜成像、汽车观后镜中的像、水中的“倒影”； ③光的折射现象：海市蜃楼、水中的筷子弯折、看到水中的鱼、水底变浅、透镜成像、光的色散（彩虹的形成）。 1．如图所示，平面镜M放置在水平桌面上，光源S发出一束激光射到镜面上，经反射后在标尺上形成光斑P。若在桌面右端用力向上提桌面，使桌面绕点O转动到与水平面成5°夹角，则此时标尺上的光斑向 （选填“左”或“右”）移动，反射光线与入射光线夹角变化 °。 【答案】 左 10 【详解】[1][2]若在桌面右端用力向上提桌面，使桌面绕点O转动到与水平面成5°夹角，（即桌面逆时针转动了5°），此时入射光线与桌面之间的夹角增大了5°，则入射角会减小5°，入射角变小，反射角也变小，则反射光线的方向会向左移动，故标尺上的光斑向左移动。由于反射角等于入射角，则反射角也会减小5°，入射光线不变，则反射光线与入射光线之间的夹角变小了10°。 2．如图，小红站在平面镜前跳舞，向平面镜移动2m用时5s，则她在镜中的像移动的平均速度是 ，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 0.4 不变 【详解】[1]小红向平面镜移动2m用时5s，其速度为 当人以0.4m/s速度垂直向平面镜靠近，同时像也以0.4m/s速度垂直向平面镜靠近。 [2]平面镜成像的特点：像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点到平面镜的距离相等。所以，在此过程中像的大小始终与小红的大小相同，即像的大小不变。 3．艾灸是中华医学的瑰宝，利用艾条燃烧产生的热量刺激人体穴位，可以达到防病治病的目的。如图所示用艾柱熏烤患者的穴位时，闻到浓浓的艾草药香，这是 现象，艾灸的部位有温热感，是 ，（选填“红外线”，“紫外线”或“超声波”）通过 的方式使其内能增加的。 【答案】 扩散 红外线 热传递 【详解】[1]闻到浓浓的艾草药香，这说明药香分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象。 [2][3]红外线具有热效应，艾灸的部位有温热感，是因为艾灸的部位吸收了艾条燃烧发出红外线辐射的热量，这是通过热传递的方式使其内能增加的。 4．诗句“香炉初上日，瀑水喷成虹”描述了如图所示的情景，太阳刚升起时，彩虹主要是由于光的 （选填“折射”或“反射”）形成的。人们在水中可以看到自己的像，当人远离水面时，所成像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 折射 不变 【详解】[1]彩虹是光通过小水珠组成的三棱镜分解成七种颜色的光线，属于光的色散现象，是由光的折射形成的。 [2]人们在水中可以看到自己的像属于平面镜成像，像与物体大小相等，当人远离水面时，所成像的大小不变。 5．初春，鄱阳湖湖口水域聚集了上千只迁徙而来的白天鹅等飞鸟，非常壮观。如图所示，当白天鹅远离水面时，它的像的大小 （填“变大”“变小”或“不变”），此时以天鹅为参照物，湖是 的（填“运动”或“静止”）。 【答案】 不变 运动 【详解】[1]水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点，物与像到平面镜的距离相等，物和像的大小相等，白天鹅大小不变，所以当白天鹅远离水面时，它的像的大小不变。 [2]天鹅飞离水面的过程中，以天鹅为参照物，天鹅的像与天鹅之间的距离变大，则湖是运动的。 6．如图所示，让一束光斜射向桌面上的平面镜上，墙壁上就会出现一个明亮的光斑，这是由于光的 （选填“反射”或“折射”）形成的；将这束光平行向右移动，墙面上的光斑会向 （选填“上”或“下”）移动。 【答案】 反射 下 【详解】[1]光斜射向桌面上的不透明的平面镜时，在平面镜上发生反射，反射光线射向墙壁，在墙壁上形成光斑。 [2]这束射向平面镜的光平行向右移动，入射角不变，则反射角也不变，但入射点靠近墙壁，则反射在墙面上的光斑向下移动。 7．傍晚，小华对着清澈平静的湖面看到了湖底游动的鱼，看到的是鱼的 （选填“虚”或“实”）像。假设鱼也看到了小华，则鱼看到的“小华”身高比小华的实际身高要 （选填“高”或“矮”）。 【答案】 虚 高 【详解】[1]水中鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入眼睛，而眼睛是逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了，这实际上看到的是偏高的鱼的虚像。 [2]小华反射的光从空气斜射入水中，在水面处发生折射，折射角小于入射角，折射光线进入鱼的眼睛，而鱼的眼睛是逆着折射光线的方向看去，就会觉得人变高了，故看到的“小华”身高是比小华的实际身高偏高的虚像。 8．如图所示为“探究光的反射规律”的实验装置。采用可转折的两部分纸板是为了研究 、入射光线和法线是否在同一平面内；实验中，从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了 （填“镜面”或“漫”）反射。 【答案】 反射光线 漫 【详解】[1]采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内，当纸板不转折时，竖直立在平面镜上，此时光从A点入射，可以在纸板上看到反射光线，若纸板沿法线向后翻折，反射光线仍然在原来的位置，而两纸板不在同一平面内，故只能看到入射光线，看不到反射光线，故说明光的反射定律中反射光线、入射光线和法线在同一平面内。 [2]从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，因为纸板凹凸不平，是粗糙的，发生了漫反射。 9．在研究光的色散实验中，小明进行了实验操作，并在白纸做成的光屏上获得了一条彩色的光带（如图），则彩色光带中的红光靠近光带的 （选填“A”或“B”）处；A处光速 B处光速，（选填“大于”“等于”“小于”）人们能从不同的角度看到鲜花，是因为阳光在鲜花表面发生了 。 【答案】 A 等于 漫反射 【详解】[1]在研究光的色散实验中，在光屏上可观察到彩色光带，由于图中的三棱镜是倒放的，且红光通过玻璃时的折射程度最小，所以光屏上由下向上依次为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫这七种颜色的色光，则彩色光带中的红光靠近光带的A处。 [2]光在真空中的传播速度是相同的，但在不同介质中的传播速度是不同的。A、B处介质情况相同，因此A处光速等于B处光速。 [3]当光线射到粗糙的物体表面上时，反射光线就会向四面八方传播，这就是光的漫反射。鲜花的表面比较粗糙，所以在其上面发生的是漫反射，则反射光线会射向四面八方，被不同方位的人看见。 10．冬季的滑雪场，阳光照到雪地上，晃的小明睁不开眼，“晃眼”是因为光发生了 反射；小明穿的黄色外套可以 （选填“吸收”或“反射”）黄光。 【答案】 镜面 反射 【详解】[1][2]平行光线入射到光滑的反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射，阳光照到雪地上，晃的小明睁不开眼，说明光线是从同一个方向进入人眼，则发生的是镜面反射，而不透明物体反射它本身颜色的色光，说明小明的黄色外套可以反射黄光。 押题猜想20 大气压强的理解与分析 【母题】如图是小明甲家盆景的自动供水装置，其原理如下：装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口被水浸没，此时瓶中的水不会下降，这是由于 的作用，当盘中水位下降使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，由于 的作用瓶中水就会流出，又使盘中水位升高，直至瓶口再次被水浸没，这样盆景盘中水位始终保持一定高度。 【答案】 大气压强 重力 【详解】[1]因为一标准大气压可以支持约10米高的水柱，所以装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水在大气压作用下不会下降。 [2]空气进入瓶中，由于瓶中水受到重力的作用水就会流出。 押题解读 本猜想利用潜水艇作本考题背景，考查潜水艇的工作原理，利用阿基米德原理计算潜水艇受到的浮力大小。此类题型综合性较强，一般都有一定的难度，在复习时，多受力分析，运用力的平衡求解。 考前秘笈: （1）佰努利原理：流速越大，压强越小。越窄的地方，流速越快，其压强反而越小。 （2）利用内外压强相等建立平衡方程（或利用多力平衡，建立平衡方程）。 1．将自制水银气压计带到某地，两侧液面高度差如图，则此地的大气压强为 Pa；若将其往海拔高处放置，液面高度差将 。（ρ水银=13.6×103kg/m3，g=10N/kg） 【答案】 6.8×104 变小 【详解】[1]由图可知，管内外水银面的高度差为50cm，所以此地的大气压强为 [2]若将其往海拔高处放置，大气压将变小，故液面高度差将变小。 2．如图是在某地做托里拆利实验时的情景，已知所用水银的密度为13.6×103kg/m3，则该地大气压的值为 Pa。（g取10N/kg） 【答案】8.84×104 【详解】从图中可以看到，该实验的玻璃管，顶部是真空，那么玻璃管中水银柱产生的压强，大小等于该地大气压的值，已知所用水银的密度为13.6×103kg/m3，g取10N/kg，从图中可以看到，该水银柱的高度为 65cm=0.65m 则根据液体压强公式，可知，该地大气压的值 该地大气压的值为8.84×104Pa。 3．小海提着如题图1的自制气压计从一楼走到十楼，观察到吸管中的液面上升，说明大气压强随海拔高度升高而 ；如题图2所示，小珠往B管中吹气，可看到A管中的液面 。 【答案】 减小 上升 【详解】[1]高度越高，气压越低，所以自制气压计从一楼走到十楼，外界气压变小，吸管中的液面会上升。 [2]由流速大、压强小可知往B管中吹气，A管上端的气压变小，管中液面会上升。 4．（1）利用如下方案测量大气压的大小：将两端开口的玻璃管竖直置于水银槽中，上端抽气，水银柱液面稳定后如图甲，此时的大气压相当于 m水银柱所产生的压强，A点处液体的压强为 Pa；将玻璃管倾斜，相比甲图，乙图水银柱稳定后管内和管外液面的高度差 （选填“变大”“变小”“不变”）； （2）丙图用吹气装置在玻璃管上方沿水平方向吹气，玻璃管内的液面将会 （选填“上升”“下降”“不变”）。（，g=10N/kg）    【答案】 0.75 不变 上升 【详解】（1）[1]该实验的原理是大气压与管内外水银面高度差所产生的压强是相等的。由题图可知，此时的大气压能支撑起水银柱的高度为 h=0.1m+0.65m=0.75m 即此时的大气压相当于0.75m水银柱所产生的压强。 [2]根据p=ρgh可得，A点处液体的压强为 [3]大气压与管内水银柱产生的压强是相等的，在大气压不变的情况下，水银柱产生的压强也不变，液体压强与深度有关，与长度无关，因此高度差不变。 （2）[4]在玻璃管上方沿水平方向吹气，玻璃管上方的空气流速变大，压强变小，而大气压不变，支撑液体液面的高度会增加，因此玻璃管内液面会上升。 5．如图所示，用两个吸盘模拟马德堡半球实验：将两个吸盘对接，用力挤压出空气后难以将其分开，吸盘内部属于 状态，说明吸盘内部气体压强 （选填“大于”“等于”或“小于”）大气压强；若在吸盘上截一个小孔，吸盘内部气体压强会变 ；若在海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越 。 【答案】 真空 小于 大 小 【详解】[1][2]将两个吸盘对接，用力挤压出空气后，内部属于真空状态，大气压强变小，内外形成压强差，内部气体压强小于外界大气压强，使其难以分开。 [3]若在吸盘上截一个小孔，空气进入吸盘内部，吸盘内部气体压强就会变大。 [4]若在海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明内外气体压强差变小了，内部气体压强保持不变，则外部大气压强变小了，即海拔越高，大气压强越小。 6．如图甲所示，将空玻璃杯中放如一乒乓球，沿图示方向用力吹气，我们发现乒乓球会跳出玻璃杯，这说明流体在流速大的地方压强 ；随后将杯子内装满水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出，这是由于 的作用。 【答案】 小 大气压强 【详解】[1]当从杯口吹气时，杯口的空气流动速度增大。根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小。因此，杯口处的空气压强减小，而杯底处的空气流速相对较小，压强相对较大。这样，乒乓球在压强差的作用下，受到一个向上的压力差，从而跳出玻璃杯。 [2]当杯子装满水并用纸板盖住后，倒置时，纸板受到向下的水的压力和向上的大气压力。由于大气压力足够大，能够抵消水的压力，因此纸板被紧紧压在杯口上，水不会流出。这个现象说明了大气压的存在和作用。 7．图甲为我国战国时期的青铜汲酒器及其简意图。如图乙将其放入酒中时，汲酒器和酒缸就构成了一个连通器，酒水由底部的圆孔流进汲酒器内，用拇指压住孔并向上提起，在 的作用下酒水不会从孔流出；松开拇指，在重力的作用下酒水便会缓缓流下。图丙为我国古代劳动人民创造的针灸，针灸之前，用高温蒸气对“复用针”（可多次使用的针）消毒时，“复用针”的温度会升高，这是通过 的方式改变了针的内能。 【答案】 大气压 热传递 【详解】[1]当汲酒器充满酒水时，只闭合小孔a向上提升长柄，则a孔与外界大气隔绝，而b孔受到大气压的作用，在大气压的作用下酒水不会流出。 [2]用高温蒸气对“复用针”消毒时，“复用针”吸收蒸汽的热量，内能增大，温度升高，这是通过热传递的方式改变针的内能。 8．如图为机翼的模型图，我国自主研制的国产大飞机C919在轨道上高速滑行时，机翼上方受到空气的压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）下方受到空气的压强；在我国的青藏高原，如果没有高压锅，“生米煮成熟饭”是不可能的，煮软了仍是夹生的，这是因为海拔越高，气压越低，沸点越 。 【答案】 小于 低 【详解】[1]机翼模型上凸下平的形状导致机翼上方的空气流速比机翼下方的空气流速大。流速大的地方压强小，机翼上方的空气流速比机翼下方空气流速大，所以机翼上方受到空气的压强比机翼下方受到的压强小。 [2]大气压随海拔的升高而减小，水的沸点随气压的减小而降低，青藏高原海拔较高，大气压较低，气压低于1标准大气压时，水的沸点就会低于100℃，所以如果没有高压锅，“生米煮成熟饭”是不可能的。 9．如图1，将水桶平放在地面上，向桶中倒入少量酒精，点燃酒精后，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中，内能转化为 能，该能量转化过程与汽油机 冲程的相同；燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，在 的作用下，水桶变扁，如图2所示。 【答案】 机械 做功 大气压 【详解】[1][2]酒精燃烧时将化学能转化为内能，当水桶向后喷出燃气并加速向前运动时，燃气对水桶做功，此过程中内能转化为机械能，该能量转化过程与汽油机做功冲程的相同。 [3]燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，桶内气压减小，水桶在外界大气压的作用下，水桶被压扁。 10．如图所示，将总质量为5g的装有适量水的玻璃小瓶瓶口朝下，使其漂浮在大塑料瓶内的水面上，即可制成浮沉子，此时小瓶受到的浮力为 N，如果增大手对塑料瓶的握力，小瓶将会下沉，小瓶内的气压将 （填“变大”“变小”或“不变”），下沉时小瓶受到的浮力 （选填“大于”“小于”或“等于”）重力。 【答案】 0.05 变大 小于 【详解】[1]小瓶漂浮，受到的浮力等于重力，大小为 [2]增大手对塑料瓶的握力，大塑料瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，小瓶内的气体被压缩，气压将变大。 [3]增大手对塑料瓶的握力，大塑料瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，小瓶内水的重力增加，当小瓶受到的重力大于浮力时，小瓶开始下沉，故下沉时小瓶受到的浮力小于重力。 押题猜想21 欧姆定律和电功的计算 【母题】如图甲为宾馆的房卡，把房卡插入槽中，房内的用电器才能工作。房卡的作用相当于电路中的 ，一般照明电路的电压为 V。该宾馆的电能表如图乙所示，小红测得当只有照明灯单独工作时，电能表转盘在10分钟内转过了30转，已知电能表规格为，则该用电器的电功率为 W。 【答案】 开关 220 60 【详解】[1][2]房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关，一般照明电路的电压为220V。 [3]表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的转盘转3000r。转盘转30r时，用电器消耗的电能 电功率为 1．如图所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器标有“？ ”的字样，，电流表的测量范围是，电压表的测量范围是。当闭合，接b，滑动变阻器滑片移到最大阻值处时，电流表的示数为，则滑动变阻器的最大阻值为 。任意闭合或者断开开关，在保证电路安全的情况下整个电路的电功率最大值比最小值多 W。 【答案】 60 2.7 【详解】[1]当闭合，接b，滑动变阻器滑片移到最大阻值处时，与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流，则通过的电流 由并联电路的电流特点可知通过的电流 根据可得滑动变阻器的最大阻值 [2]电源电压恒定不变，由可知，电路电流最大时，电路的总功率最大；当闭合，接b，与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流，由于滑动变阻器标有“？”的字样和电流表的量程可知电路中的最大电流为，则最大功率为 电源电压恒定不变，由可知，总电阻最大时，电路的总功率最小；当断开，接a，和变阻器串联，电压表测变阻器的电压，已知电压表量程为，则当电压表示数最大为3V时，变阻器接入电路的阻值最大，此时电路中电流最小，电功率最小，根据串联电路的电压特点可知两端电压为 最小电流 则电路的最小功率为 电功率最大值与最小值的差为 2．一辆新能源电动汽车具有车速提醒功能，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该车提醒功能的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10，Rv为阻值随车速变化的电阻，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。当车速达到120km/h时，观察到电压表示数为10V，且报警铃声响起。该车驶人某高速服务区充电，充电后充电桩显示屏的信息为：充电电压360V，时间30min，单价1.2元/度，费用43.2元。则本次充电的电流为 A；当电压表的示数为9V时，此车的速度为 km/h。 【答案】 200 60 【详解】[1]本次充电的电能 由 知道，本次充电的电流为 [2]图中R和Rv串联，电压表测量Rv的电压；根据串联电压规律知道 即 解得Rv=50Ω 当电压表的示数为9V时，定值电阻两端的电压 此时电路的电流 Rv的阻值 图像中0-120km/h增大的电阻是40Ω，此时，Rv增大的电阻是20Ω，由图像知道，此车的速度为60km/h。 3．如图所示，已知电源电压为3V，小灯泡L的规格“3V；0.9W”，滑动变阻器的规格“20Ω   1A”，电流表量程为0～3A，则小灯泡正常发光时阻值RL= Ω。当开关S1、S2同时闭合，向右移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度将 （选填“变亮”、“变暗”或“不变”）；在保证各元件安全工作的情况下，调节电路，电路中消耗的最大总功率为 W。 【答案】 10 不变 3.9 【详解】[1]根据灯泡规格可求灯泡正常发光的电阻为 [2]当开关S1、S2同时闭合，电路为灯泡和变阻器并联，而并联电路中各支路两端的电压都等于电源电压，且电源电压保持不变，所以小灯泡两端的电压不变，其实际功率也不变，因此当向右移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度将保持不变。 [3]据图可知，电流表测变阻器支路电流，电流表的量程是0～3A，变阻器允许通过的最大电流为1A，则变阻器支路电流为1A，此时灯泡正常发光，灯泡支路电流为 则干路最大电流为 电路中消耗的最大总功率为 4．小明测量小灯泡的额定功率（额定电压为3.8V）的实验电路图如图所示，电源电压大约4.5V且恒定不变，由于电压表只有0~3V量程可用，聪明的小明调整实验方法仍然准确测出了小灯泡的额定功率。他连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3V，然后断开开关，将电压表并联在滑动变阻器两端，再次闭合开关后，观察电压表并移动滑动变阻器滑片，直至电压表示数 ，读出此时电流表示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为 W。 【答案】 0.7V 1.14 【详解】[1]由题可知，该电路是串联电路，将电压表并联在滑动变阻器两端，电压表测的是滑动变阻器两端的电压，当小灯泡正常发光时，其两端电压为3.8V，根据串联电路电压的特点，滑动变阻器两端的电压为 [2]根据串联电路电流的特点和公式可知，小灯泡的额定功率为 5．小明用题1图的电路的做“测量小灯泡电功率”实验，绘制了如题2图所示的图像。已知电源电压3V，灯泡的额定电压为2.5V，此图像不是直线的主要原因是灯丝电阻受 的影响。实验中滑动变阻器的最大阻值可能是 （选填“10Ω”、“20Ω”或“30Ω”）。若灯泡两端的电压依次增大为U1、U2、U3时，灯泡对应的功率分别为P1、P2、P3，相邻两次的电压差U2-U1＝U3-U2，则P2-P1 P3-P2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 【答案】 温度 30Ω ＜ 【详解】[1]由图2可知，灯泡电压变大时，通过灯泡的电流也变大，根据，灯泡实际功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度升高而变大，所以灯泡的图像不是直线。 [2]由图2可知，灯泡电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.1A，此时滑动变阻器接入电阻最大，根据串联电压规律，滑动变阻器电压为 此时滑动变阻器阻值为 所以实验中滑动变阻器的最大阻值可能是30Ω。 [3]若灯泡两端的电压依次增大为U1、U2、U3时，且相邻两次的电压差U2-U1＝U3-U2，由图2可知，可取U1、U2、U3分别为0.5V、1.5V、2.5V，此时灯泡对应的电流、、分别为0.1A、0.2A、0.25A。根据，则 所以。 6．如图甲所示，电源电压恒定不变，在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器滑片P，恰好让灯泡L正常发光；分别记录三个电表的示数，并绘制成如图乙所示的关系图像，则滑动变阻器R接入电路中的最大阻值为 ；小灯泡L的额定功率为 W；滑片P向左移动过程中，电压表与电流表A示数之比 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 50 12 变大 【详解】[1]据图可知，电路是灯泡和变阻器串联，电压表V1测灯泡两端电压，电压表V2测变阻器两端电压，当变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流会变大，由串联分压原理可知，变阻器两端电压变小，灯泡两端电压会变大，即电流越大时，电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小，因此左侧图线是灯泡的U-I图像，右侧图线是变阻器U-I图像，据图像可知，当电路中电流为0.3A时，变阻器的阻值最大，变阻器两端电压为15V，变阻器的最大阻值为 [2]据乙图可知，电流为0.3A时，灯泡电压是3V，电源电压是 为保护电路，开始变阻器处于最大阻值，因此调节滑动变阻器滑片P，变阻器的阻值变小，电路中电流会变大，据乙图可知，恰好让灯泡L正常发光此时电路中电流为1A，据乙图可知，变阻器两端电压是6V，则灯泡两端电压是 小灯泡L的额定功率为 [3]滑片P向左移动过程中，变阻器接入电路中的阻值变小，根据串联分压原理可知，变阻器两端电压变小，由串联电压规律可知，灯泡两端电压会变大，乙图中，灯泡电压变大时，灯泡电阻变大，即电压表与电流表A示数之比变大。 7．如图所示是一款电热饭盒及其内部简化电路，R1、R2为两个发热电阻，阻值分别为110Ω、40Ω，饭盒有“高温”和“低温”两个挡位。当S接1时，该饭盒处于 挡；当S接2时，发热电阻1min产生的热量为 J。 【答案】 低温 【详解】[1]由电路图可知，当开关S接1时，R1、R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，电热饭盒处于低温挡；当开关S接2时，只有R1工作，电路的总电阻最小，总功率最大，电热饭盒处于高温挡。 [2]当S接2时，发热电阻1min产生的热量 8．如图甲所示，R0为定值电阻，灯泡L标有“5V 2.5W”字样，电源电压保持不变。闭合开关，滑动变阻器R的滑片从某一位置移到某一端的过程中，电压表V1和V2示数与电流表A示数的关系如图乙中的两图线所示。则灯泡L正常发光时的电流为 A，电压表V2与电流表A的关系图线是 。上述过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变化了 Ω，电路消耗的总功率变化了 W。 【答案】 0.5 AB 12.5 1.5 【详解】[1]根据灯泡的规格可知，灯泡L正常发光时的电流为 [2]据甲图可知，电路为灯泡、定值电阻、变阻器串联，电压表V1测灯泡两端电压，电压表V2测灯泡和变阻器两端总电压，电流表测电路中的电流，当变阻器阻值变大时，电路中的电流会变小，根据可知，定值电阻两端电压会变小，由串联电压规律可知，灯泡和变阻器两端电压变大，即电压表的示数变大，因此电压表V2随电流的减小而增大，电压表V2与电流表A的关系图线是AB。 [3]据乙图可知，当电流为0.4A，电压表V2的示数为7V，则电源电压可表示为------① 当电流为0.5A时，灯泡正常发光，此时灯泡两端电压和电压表V2的示数相同，说明变阻器接入电路中的阻值为0，此时电源电压可表示为-------② 联立①②解得，U=15V，乙图中，当电流为0.4A时，灯泡两端电压为2V，灯泡和变阻器两端总电压为7V，变阻器两端电压为 变阻器接入电路中的阻值为，当电流为0.5A时，变阻器接入电路中的阻值为0，因此该过程中变阻器接入电路的电阻变化了12.5Ω。 [4]电路消耗的总功率变化了 9．如图所示电路，电源电压恒定，电流表量程为0~3A，小灯泡L标有“6V 3W”字样，R1的阻值为40Ω，滑动变阻器R2标有“40Ω 2A”字样，只闭合开关S2，R2的滑片P移至中点时，电流表的示数为0.5A，则电源电压为 V。只闭合开关S1，电流表的示数为0.35A，10s内小灯泡中电流做功为 J。闭合开关S1，S2和S，为保证电路安全，R2允许调节的阻值范围为 Ω，移动R2的滑片P的过程中，R2的电功率与R1的电功率的最大比值为 。 【答案】 16 7 8~40 5︰1 【详解】[1]只闭合开关S2，R2的滑片P移至中点，滑动变阻器接入电路的电阻为最大阻值的一半，即为20Ω，滑动变阻器与灯泡L组成串联电路，电流表测电路中的电流，由P=UI可得，灯泡L的额定电流 因为此时电路中的电流为0.5A，即通过灯泡L的实际电流等于额定电流，即灯泡L正常发光，此时滑动变阻器的两端电压为 因此电源电压为 [2]只闭合开关S1，R1、灯泡L串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可知，R1两端的电压 由串联电路的电压特点可知，灯泡L两端的电压为 则10s内小灯泡中电流做的功 [3][4]闭合开关S1、S2和S，滑动变阻器R2、电阻R1并联，灯泡被短路；电流表测干路电流，因为电流表的量程为0~3A，所以干路的最大电流为3A，此时通过R1的电流为 由并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的最大电流为 所以滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻为 因此滑动变阻器接入的电阻范围为8~40Ω，由P=UI可知，R2的电功率与R1的电功率的最大比值为 10．在图甲所示的电路中，电源电压恒为9V。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端开始向左滑动，直至小灯泡L正常发光。该过程中，电流表的示数与滑动变阻器R接入电路中的电阻的关系如图乙所示。小灯泡L的额定电压为 V，正常发光时的电阻为 Ω。该过程中，整个电路消耗的电功率最小为 W。 【答案】 6 12 1.8 【详解】[1][2]分析电路可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡电压。由乙图可知，灯泡正常发光时，电路中电流最大为0.5A，此时滑动变阻器R接入电路中的电阻为，则此时滑动变阻器的电压为 根据串联电压规律，小灯泡L的额定电压为 则灯泡正常发光时的电阻为 [3]由乙图可知，电路中电流最小为0.2A，则该过程中，整个电路消耗的电功率最小为 押题猜想22 压强和浮力的综合计算 【母题】如图所示，水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种液体，将棱长分别为5cm和8cm的A、B两个正方体，按图示方式放入液体中，待静止后，B刚好浸没在甲液体中，A刚好浸没在乙液体中，且两杯中液面恰好相平。甲、乙液体对杯底的压强分别为p1和p2，排开液体的质量分别为m1和m2，两烧杯对水平桌面的压力分别为F1和F2，则它们的大小关系为：p1 p2，m1 m2，F1 F2（均选填“>”“=”或“<”）。若乙为水，则A和B的总质量为 kg。 【答案】 < = < 0.125 【详解】[1]把A、B两物体看成一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态， 由漂浮条件可知F浮=GA+GB 所以该整体在两液体中受到的浮力相等； 由图知V排甲=VB，V排乙=VA 由题意知VA<VB， 所以V排甲>V排乙； 液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，由F浮=ρ液gV排可知，两液体的密度关系ρ甲<ρ乙，已知两液体的深度h相同，由p=ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，即p1<p2。 [2]因整体受到的浮力相等，由阿基米德原理知排开液体的重力相等，由G=mg知排开液体的质量相等，即m1=m2。 [3]两容器中液面恰好相平且容器相同，则液体与物块排开液体的体积之和相同，但V排甲>V排乙，所以甲液体的体积较小，又知ρ甲<ρ乙，则根据G液=m液g=ρ液gV液 可知，甲液体的重力较小；整个容器水平桌面的压力F=G容+GA+GB+G液 因容器相同、其重力相同，且A、B两物体的重力不变，甲液体的重力较小，所以，装甲液体的容器对水平桌面的压力较小，即F1<F2。 [4]若乙为水，A和B的总重力GA+GB=F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.05m)3=1.25N A和B的总质量 押题解读 浮力和压强的综合计算是中考物理的难点之一。物体在液体中的浮沉情况、浮力的计算以及液体压强的计算等相互关联，在各种实际问题中经常出现。通过创设与浮力、压强相关的情境，考查学生对这些知识点的理解和综合运用能力是常见的考查形式。 考前秘笈 牢固掌握浮力和压强的基本概念和计算公式，明确物体在液体中的受力情况。在解题时，要认真分析物体的状态和受力情况，结合浮力和压强的规律进行计算。要注意对液体深度、密度等因素的准确把握，以及对浮力与重力、浮力与压强之间关系的理解。通常需要综合运用多个知识点进行分步计算和推理，要灵活应对各种复杂情况。 1．图中是“远望6号”远洋测量船，排水量为25000吨，满载时受到的浮力为 N。“远望6号”可在南北纬60度以内的任何海域航行，完成对各类航天飞行器的海上跟踪、测控任务。船静止在测控点水下3m处船体受到海水的压强为 Pa。取， 【答案】 【详解】[1]船满载时受到的浮力 [2]水下3m处船体受到海水的压强 2．我国055型万吨级驱逐舰“延安”号排水量约12000t，吃水深度6.6m，该舰满载时受到的浮力大小为 N；“延安”号发射多枚导弹后吃水深度会变 。 【答案】 小 【详解】[1]该舰满载时受到的浮力为 [2]“延安”号漂浮在海面上，受到的浮力等于自身的重力；发射导弹后仍漂浮，自重减小，受到的浮力变小，根据可知，排开海水的体积减小，舰体会略微上浮一些，所以吃水深度变小。 3．“三峡天下壮，请君乘船游”。某游轮满载时的排水量为4050t，吃水深度为2.5m，则满载时，游轮受到的浮力是 N，排开水的体积为 ，游轮最底部受到水的压强为 Pa。（，取） 【答案】 【详解】[1]游轮满载时排水量为4050t，排开水的重力为 根据阿基米德原理可知，满载时，游轮受到的浮力等于排开水的重力，为 [2]排开水的体积是 [3]吃水深度2.5m，则游轮底部受到水的压强为 4．如图所示，底面积为200cm2，高为15cm的薄壁圆柱形容器A放在水平桌面上，其内部装有1.4kg的水。物块B和物块C均是边长为10cm的正方体，其中物块B的密度为0.8×103kg/m3，物块C的质量为1.2kg。则物块C所受的重力大小是 N，水对容器A底部的压强为 Pa。将物块C叠放在物块B上后，缓慢放入容器中，待两物块静止后（B、C接触面仍然保持水平），此时C对B的压力大小为 N。(ρ水=1.0×103 kg/m3，g取10N/kg） 【答案】 12 700 8 【详解】[1]物块C的质量为1.2kg，g取10N/kg，物块C所受的重力大小为。 [2]因容器A为薄壁圆柱形，内部装有1.4kg的水，则水对容器A底部的压力 水对容器A底部的压强为。 [3]正方体物块B、C的体积 水的体积为 研究B、C这个整体，假设沉底，则容器内水的深度 未浸没BC整体且水未溢出，BC受到的浮力 B的质量 B、C的总重力 由F浮＜GBC可判断出假设成立，所以BC沉底。则此时C物体浸入水中的深度为 C受到的浮力 所以C对B的压力。 5．如图甲所示，物体A是边长为10cm的正方体，硬杆B一端固定在容器底，硬杆B受到物体A的作用力F随水深h变化的图象如图乙所示，不计杆的质量和体积。则物体A重 N，当物体A刚好浸没时，硬杆B受到物体A的作用力 N，方向 。 【答案】 6 4 竖直向下 【详解】[1]由图乙可知，当水深在0～3cm时，物体A不受到浮力的作用，该作用力大小等于A的重力；水深在3cm～9cm，杆B受到物体A的作用力逐渐变小；当水深为9cm时，杆B受到物体A的作用力为0，此时物体A受到的重力与浮力大小相等， 此时物体A浸入水中深度为 物体A排开水的体积 物体A受到水的浮力 物体A的重力为G＝F浮＝6N [2][3]硬杆B的长度为3cm，A的边长为10cm，物体A恰好浸没，排开液体的体积为 此时物体A受到水的浮力 物体A静止，受到的浮力，B对物体A的拉力 方向与重力同向，竖直向下。 6．如图甲，是密度小于水、高为的均匀柱体（不吸水），是重为、底面积为的薄壁柱形容器，装有深的水，此时底部受到水的压强为 。将沿水平方向切去高为的部分竖直放入中（水未溢出）水的深度随切取高度的变化关系如图乙所示。当时，容器对桌面的压强为 。（，g取） 【答案】 【详解】[1]根据p=ρgh可得，水对容器底的压强为p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1.0×103Pa [2]由图乙可知，将A水平切去高度为h1=30cm时，放入水中时恰好漂浮，浸在水中深度为h水=15cm，设A的底面积为SA，A的密度为ρA，由物体的沉浮条件得G1=F浮1，即SAh1ρAg=SAh水ρ水g，解得 当h1=30cm时物体恰好漂浮，所以物体A的底面积 切去部分的重力 G1=SAh1ρAg=0.5×103kg/m3×10N/kg×0.01m2×0.3m=15N 薄壁柱形容器中水的重力 G水=m水g=ρ水SBhg=1.0×103kg/m3×300×10-4m2×0.1m×10N/kg=30N 当h=30cm时，容器B对桌面的压强为 7．如图甲所示，体积可忽略不计的轻质硬杆B一端固定在容器底，一端与不吸水的实心正方体A固定。现缓慢向容器中加水，当水深为15cm时正方体A刚好浸没，杆B受到正方体A的作用力F随注水深度变化的图像如图乙所示。则杆B的长度为 cm，当F大小为0时，容器底部受到水的压强为 Pa。 【答案】 5 1100 【详解】[1]由图乙可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=6N，由于细杆的质量不考虑，所以正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力G=F0=6N，由图乙可知，当h2=5cm时物体A的下表面恰好与水面接触，因此细杆的长度L杆=5cm。 [2]当力传感器的示数大小F为0时，正方体A受到的浮力等于正方体A的重力，即F'浮=G=6N，由图乙可知，当h2=5cm时，物体A的下表面恰好与水面接触，当容器内水的深度h1=15cm时，正方体A刚好浸没，则正方体A的边长L=h浸1=15cm-5cm=10cm 由阿基米德原理公式变形可知，此时正方体A排开水的体积 则正方体A浸在水中的深度 所以此时容器中水的深度h=L杆+h排=5cm+6cm=11cm=0.11m 则当力传感器的示数大小F为0时，容器底部受到水的压强p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.11m＝1100Pa 8．小李同学做“探究浮力大小影响因素”的实验。他将重为4牛的物块用细线挂在弹簧测力计挂钩上，当物块浸没在水中静止时测力计示数如图所示，则物块所受的浮力大小为 牛、方向竖直 。他多次改变物块浸没在水中的深度，观察到测力计示数始终保持不变，这表明：当物体浸没在水中时， 。 【答案】 1.4 向上 浮力和深度无关 【详解】[1][2]由图示知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，据称重法知，物块所受的浮力 浮力的方向竖直向上。 [3]物块浸没在水中，改变其深度，测力计示数保持不变，说明物块所受的浮力不变，所以当物块浸没在水中时，所受的浮力与深度无关。 9．如图所示，物体A重力大小为10牛，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化了4.9牛，则其排开水的重力为 牛；剪断图中细线的瞬间，物体A所受的合力大小为 牛，方向为 。 【答案】 4.9 5.1 竖直向下 【详解】[1]根据称重法可知，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化量等于浮力，则浸没时浮力，根据阿基米德原理，其排开水的重力为 [2][3]剪断细线后，物体受到竖直向上的浮力与竖直向下的重力，重力较大，则物体A所受的合力方向竖直向下，大小为 10．有不吸水的圆柱体，顶部系有一根轻质细线，已知的质量为0.66kg，密度为，圆柱体的底面积为，则圆柱体的体积为 ，现将圆柱体竖直放入薄壁柱形容器中，如图甲所示，然后向容器中缓慢加入液体（），直至加满，液体体积与深度的关系如图乙所示，则薄壁柱形容器底面积为 ，当液体加满后，用细线将竖直向上提升2cm时，细线的拉力为1.8N，液体的密度为 取。 【答案】 600 150 【详解】[1]圆柱体A的体积为 [2]由图乙可知，设容器的底面积为S容，当深度为h0时，容器对应的体积为，解得----------① 从深度h0~1.5h0，容器对应的体积 解得------------② 联立①②解得S容=150cm2。 [3]当液体加满后，因为，所以圆柱体漂浮，用细线将A竖直向上提升2cm，此时细线的拉力为1.8N，物体处于平衡状态，则A物体受到浮力减少1.8N，根据阿基米德原理有 代入数据得，解得。 押题猜想23 电与热的综合计算 【母题】小华家电茶炉的加热电阻为60.5Ω，家用电能表的信息如图所示，只将电茶炉接入220V的家庭电路中正常工作10min，刚好将电茶炉内1kg的水从20℃加热至100℃，则水吸收的热量为 J，电茶炉烧水的效率为 ，电能表指示灯应闪烁 次。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）] 【答案】 160 【详解】[1]水吸收的热量为 [2]电茶炉的电功率为 消耗的电能为 电茶炉烧水的效率为 [3]电能表指示灯应闪烁的次数为 押题解读 本题是一道热学和电学相结合的综合题，结合比热容公式和焦耳定律，求解电能表表盘转动的转速问题，综合性较强，此类题型，也是中考常考的题型之一。 考前秘笈 秘笈1：焦耳定律Q=I2Rt 秘笈2：吸放热公式： 1．电暖器通过 方式改变周围空气内能。电暖器面板上标有“禁止覆盖”警示语，若将一块质量为200g棉布覆盖在电暖器上方，在800W功率下正常工作10min，消耗的电能产生的热量有被棉布所吸收，，则棉布温度将升高 ℃，产生安全隐患。 【答案】 热传递 200 【详解】[1]电暖器与周围空气有温差，周围空气吸收热量，内能增大，是通过热传递方式改变周围空气内能。 [2]电流通过电暖器产生的电热 棉布所吸收的热量 根据得, 棉布温度将升高 2．如图是养生壶的工作电路图，它有加热、保温两个档位。加热档额定功率为800W，R1、R2是电热丝（阻值不变），其中R2＝550Ω。当开关S接点时，养生壶处于 档；养生壶加热档正常工作时通过的电流为 A；养生壶加热档正常工作5min消耗的电能为 J，若养生壶的工作效率为84%，则能使初温为20℃，体积为1L的水升高 ℃。 【答案】 保温 3.6 2.4×105 48 【详解】[1]当开关S接点时，电路为两定值电阻串联；开关S接点时，电路为R1单独串联，由于串联电阻最大，根据可知，电功率最小为保温档；因此开关S接点时，养生壶处于保温档，开关S接点时，养生壶处于加热档。 [2]养生壶加热档正常工作时通过的电流为 [3]养生壶加热档正常工作5min消耗的电能为 [4]若养生壶的工作效率为84%，水吸收的热量为 体积为1L的水质量为 体积为1L的水升高的温度为 3．节约用电是一种美德，1度电能够使25W的灯泡正常工作 h；一火力发电站每天燃烧煤炭2.4t，产生的电能约有2.16×1010J，则该火力发电站的热效率为 。（煤炭热值为3×107J/kg） 【答案】 40 30% 【详解】[1]根据题意可知，，，根据可知，灯泡正常工作的时间为 [2]煤炭完全燃烧放出的热量为 该火力发电站的热效率为 4．某电热水器的额定功率为2000W，正常工作70min，可将50kg的水从20℃加热到58℃，则水吸收的热量为 J，该电热水器的效率为 。[c水=4.2×103J/(kg·℃)] 【答案】 7.98×106 95% 【详解】[1]将50kg的水从20℃加热到58℃，则水吸收的热量为 [2]由 知道，所以，热水器消耗的电能为 热水器的效率为 5．如图所示，是一款功率1600W的电茶壶，壶内装有500mL的水，A点离水面的深度h为7cm，则A点受到水的压强为 Pa；该电茶壶产生热量的87.5%被水吸收，则将壶内500mL的水从20℃加热到100℃，用时 min。[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg] 【答案】 700 2 【详解】[1] A点受到水的压强为 [2]水的质量为 水吸收的热量为 消耗的电能为 加热水所用的时间为 6．某电热水壶的简化电路如图所示，和为电热丝。当开关闭合、 （填“闭合”或“断开”）时，电热水壶处于高温挡，功率为。电热水壶用高温挡加热水，这段时间内电热丝放出的热量是 J；若这些热量全部被水吸收，能将 的水从升高到。（） 【答案】 闭合 1 【详解】[1]据图可知，当两开关都闭合时，电路为两电阻并联；闭合开关S，断开开关S1，电路为单独串联，根据并联电阻规律可知，并联总电阻最小，根据可知，电功率最大，用电器挡位越高，因此当开关闭合、S1闭合时，电热水壶处于高温挡。 [2]电热水壶用高温挡加热水，这段时间内电热丝放出的热量是 [3]若这些热量全部被水吸收，则水从升高到，水的质量为 7．如图，是小李新购置的便携式电热水杯及其相关参数。则电热水杯正常工作时的电流是 A，加热电阻是 。正常工作，消耗的电能是 J。在水杯中装满初温为20℃的水，将其加热到40℃，水吸收的热量 J。 【答案】 2 110 1.32×105 4.2×104 【详解】[1]根据题意可得电热水杯正常工作时的电流是 [2]电热水杯的加热电阻是 [3]电热水杯正常工作，消耗的电能是J [4]水杯中装满初温为20℃的水，将其加热到40℃，水吸收的热量为 8．用一只标有“220V，880W”的电热壶烧水，忽略温度对电阻的影响以及热量的损失，该热水壶电阻丝的阻值为 Ω，把它接入220V的电源上时，在10min内可将一壶水烧开，此时水吸收的热量为 J，若把它接入110V的电源上，烧开同样一壶水所用的时间为 min。 【答案】 55 5.28×105 40 【详解】[1]由得，该热水壶电阻丝的阻值为 [2]把它接入220V的电源上时，在10min内可将一壶水烧开，水壶工作过程中将电能全部转化内能，此时水吸收的热量为 [3]烧开同样一壶水消耗的电能相同，由得，若把它接入110V的电源上，所用的时间为 9．用一个标有“220V、800W”的电加热器给0.4kg的食用油加热，用时2min，将初温为20℃的食用油加热至110℃，在此过程中食用油吸收的热量为 J，若电加热器正常工作，则此次电加热器消耗的电能为 J。（） 【答案】 【详解】[1]在此过程中食用油吸收的热量为 [2]此次电加热器消耗的电能为 10．一台额定功率为2000W的电热水器，水箱内装有50kg的水，要把这些水从20℃加热到60℃，水吸收了 J的热量，如果电热水器的电热转化效率为80%，热水器正常工作需要 s；若水吸收的热量全部由燃烧天然气提供，则需要完全燃烧 m3的天然气。[已知c水=4.2×103J/(kg•0C)，q天然气=4.2×107J/m3]。 【答案】 8.4×106 5250 0.2 【详解】[1]水吸收的热量 [2]热水器消耗的电能 热水器正常工作需要的时间 [3]天然气完全燃烧放出的热量 消耗天然气的体积 押题猜想24 力学知识在生活中的应用 【母题】如图1所示，我国有的地方会用杆秤给小孩称体重，俗称“立夏称人”。调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（不计绳重和杆重）。如图2为杆秤示意图，已知秤砣质量为3kg，篮子质量为2kg，此时OA=5cm，OB=40cm，则小孩重为 N。 【答案】220 【详解】根据杠杆平衡条件得 解得，小孩重为 押题解读 本题以杆秤为考题背景，是力学的综合考察是中考的必考的题型之一，考察杠杆。 考前秘笈 中考物理力学知识在生活中的应用总结： 1. 重力与二力平衡 重力竖直向下，用于制作重垂线和水平器。二力平衡原理助于判断物体运动状态，如测滑动摩擦力和浮力。例如，衣服用塑料绳环套增加稳定性，应用平衡原理。 2. 密度与压强 密度用于鉴别物质，判断物体浮沉。液体压强随深度增大，应用于水坝设计和潜水深度限制。麻绳提豆腐提不起来，因受力面积小导致压强增大。 3. 杠杆原理 杠杆平衡条件助于判断省力或费力，进行相关计算。例如，称砣压千斤，动力臂与阻力臂比例决定动力大小。 4. 摩擦力 摩擦力普遍存在，如磨菜刀时浇水防止刀口硬度变小。减小摩擦力方法包括刀刃抹油，增大摩擦力方法如刀柄制成凸凹花纹。 5. 弹性与惯性 弹性是物体形状或尺寸改变后能恢复原状的性质，如运动器材利用弹性。惯性是物体保持运动状态不变的属性，如汽车设计减小阻力，刹车改变运动状态，体现惯性作用。 6. 连通器与浮力 连通器液面相平原理应用于茶壶、锅炉水位器。浮力原理解释物体在液体中的浮沉现象，如轮船、潜水艇利用浮力工作，密度计等工具也基于此原理。 中考物理力学知识在生活中应用广泛，掌握这些原理有助于理解生活现象。 1．将物体A、B置于如图所示的装置中，物体B恰好匀速下降，已知A重，底面积为200cm2，B重，底面积为300cm2，则A对地面的压强为 Pa，A受到地面的摩擦力为 N；若对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A在原来的水平面上匀速向左运动，则拉力F大小为 N。（不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间的摩擦） 【答案】 3000 20 40 【详解】[1]如图所示，A重，底面积为200cm2，因为A是做匀速直线运动，因此受力平衡，在竖直方向上，重力等于支持力，A对水平面的压力也等于支持力，即A对水平面的压力等于重力，根据公式可得A对水平面的压强为 [2]如图所示，物体A和B通过动滑轮相连，动滑轮上有2段绳子，已知B重10N，物体B恰好匀速下降，则A匀速向右运动，说明物体A处于平衡状态，则A所受地面的摩擦力与动滑轮的钩子拉A的力是一对平衡力，即 [3]若对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A在原来的水平面上匀速向左运动，该过程中，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为20N，此时物体A受到三个力的作用：水平向左的拉力F，水平向右的拉力2GB， 水平向右的摩擦力20N，所以水平刚好使A匀速向左运动，则拉力为 2．如图所示，底面积为200cm2，高为15cm的薄壁圆柱形容器A放在水平桌面上，其内部装有1.4kg的水。物块B和物块C均是边长为10cm的正方体，其中物块B的密度为0.8×103kg/m3，物块C的质量为1.2kg。则物块C所受的重力大小是 N，水对容器A底部的压强为 Pa。将物块C叠放在物块B上后，缓慢放入容器中，待两物块静止后（B、C接触面仍然保持水平），此时C对B的压力大小为 N。(ρ水=1.0×103 kg/m3，g取10N/kg） 【答案】 12 700 8 【详解】[1]物块C的质量为1.2kg，g取10N/kg，物块C所受的重力大小为。 [2]因容器A为薄壁圆柱形，内部装有1.4kg的水，则水对容器A底部的压力 水对容器A底部的压强为。 [3]正方体物块B、C的体积 水的体积为 研究B、C这个整体，假设沉底，则容器内水的深度 未浸没BC整体且水未溢出，BC受到的浮力 B的质量 B、C的总重力 由F浮＜GBC可判断出假设成立，所以BC沉底。则此时C物体浸入水中的深度为 C受到的浮力 所以C对B的压力。 3．如图所示，无人机下方用细绳悬挂一个重物。不计空气阻力，当无人机带着重物竖直匀速上升的过程中，重物受到的重力为，重物对细绳的拉力为，细绳对重物的拉力为。上述，，三个力中，属于一对平衡力的是 。 【答案】和 【详解】平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。重力G是地球对重物的吸引力，方向竖直向下；细绳对重物的拉力是细绳对重物的支持力，方向竖直向上。由于重物在竖直方向上匀速上升，说明它受到的合力为零。因此，重力G和细绳对重物的拉力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上，以满足平衡力的条件。所以，重力G和细绳对重物的拉力构成一对平衡力。 4．如图所示，重为6牛的物体A通过滑轮在力F作用下2秒内匀速上升1米，若不计滑轮与绳的重力及摩擦，拉力F做的功 焦，功率为 瓦；在匀速上升的过程中，物体A受到的合力为 牛。 【答案】 6 3 0 【详解】[1]若不计滑轮与绳的重力及摩擦，拉力大小为 拉力F做的功 [2]拉力做功的功率为 [3]在匀速上升的过程中，物体A受到重力和拉力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以，它受到的合力为0N。 5．如图甲所示，物体A是边长为10cm的正方体，硬杆B一端固定在容器底，硬杆B受到物体A的作用力F随水深h变化的图象如图乙所示，不计杆的质量和体积。则物体A重 N，当物体A刚好浸没时，硬杆B受到物体A的作用力 N，方向 。 【答案】 6 4 竖直向下 【详解】[1]由图乙可知，当水深在0～3cm时，物体A不受到浮力的作用，该作用力大小等于A的重力；水深在3cm～9cm，杆B受到物体A的作用力逐渐变小；当水深为9cm时，杆B受到物体A的作用力为0，此时物体A受到的重力与浮力大小相等， 此时物体A浸入水中深度为 物体A排开水的体积 物体A受到水的浮力 物体A的重力为G＝F浮＝6N [2][3]硬杆B的长度为3cm，A的边长为10cm，物体A恰好浸没，排开液体的体积为 此时物体A受到水的浮力 物体A静止，受到的浮力，B对物体A的拉力 方向与重力同向，竖直向下。 6．如图所示，重为20N的物体A放在水平桌面上，重为10N的物体B挂在重为2N的滑轮M下，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，物体B恰好能匀速下降，则物体A受到的摩擦力为 N；物体B下降0.5m时，物体A滑动的距离为 m。使用滑轮N的好处是可以 。    【答案】 6 1 改变力的方向 【详解】[1]M为动滑轮，不计绳重与摩擦，B匀速运动时，一根绳子上承担的拉力为 则绳子对A的拉力为6N，A匀速运动，水平方向上拉力与摩擦力平衡，则A受到的摩擦力为6N。 [2]两根绳子与动滑轮接触，绳子自由端移动的距离是物体移动距离的2倍，物体A移动的距离为 [3]N 为定滑轮，使用定滑轮可以改变力的方向，不能省力。 7．小妍坐在高速行驶的列车上，两枚硬币稳稳地立在车窗窗台上（如图所示），这里的硬币“稳稳地”是以 为参照物，小妍发现硬币突然自行向车头方向滚动，此时列车正在 （选填“减速”“匀速”或“加速”）前行。 【答案】 列车 减速 【详解】[1]硬币与列车之间的相对位置没有发生变化，我们说硬币是“稳稳地”，这是以列车为参照物的。 [2]原来硬币与列车共同向前运动，硬币和列车具有相同的速度；当列车减速时，硬币由于惯性还是以原来的速度向前运动，就向前滚动了。 8．如图甲所示，木块与小车一起做匀速直线运动，当小车的运动状态发生变化时，木块的状态如图乙所示。把木块换成盛有水的烧杯，重复上述过程，烧杯中水面的状态分别如图丙和丁所示。由图甲、乙或图丙、丁可知：小车运动状态变化的可能情况是 或 （请将两种可能的情况填写完整）。木块和水具有 的性质。 【答案】 向右减速运动 向左加速运动 保持原来运动状态不变 【详解】[1][2][3]最初木块与小车一起做匀速直线运动，当小车向右做减速运动时，木块下端受摩擦力作用随着车减速，木块上端仍保持原来的运动状态，使得木块向右倾倒；当小车向左做加速运动时，木块下端受摩擦力作用随着车加速，木块上端仍保持原来的运动状态，使得木块向右倾倒。最初烧杯与小车一起做匀速直线运动，当小车向右减速时，烧杯受摩擦力作用随着车减速，烧杯内的水仍保持原来的运动状态，使得水向右倾；当小车向左加速时，烧杯受摩擦力作用随着车加速，烧杯内的水仍保持原来的运动状态，使得水向右倾。由上述实验可知，木块和水都具有保持原来运动状态不变的性质。 9．如图所示，当迷糊教授快速抽出桌布时，餐具并没有随桌布离开桌面，这是因为餐具具有 。桌上的茶壶和茶杯相比较， 的运动状态更难改变。 【答案】 惯性 茶壶 【详解】[1]桌布被快速抽出，桌布由于受到力的作用而改变运动状态，而餐具由于具有惯性，要保持原来的运动状态不变，而静止。 [2]桌上的茶壶比茶杯的质量大，惯性更大，所以茶壶和茶杯相比较，茶壶的运动状态更难改变。 10．如图所示，物体A重力大小为10牛，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化了4.9牛，则其排开水的重力为 牛；剪断图中细线的瞬间，物体A所受的合力大小为 牛，方向为 。 【答案】 4.9 5.1 竖直向下 【详解】[1]根据称重法可知，从水面上方开始逐渐下降，直到浸没水中，该过程中弹簧测力计的示数变化量等于浮力，则浸没时浮力，根据阿基米德原理，其排开水的重力为 [2][3]剪断细线后，物体受到竖直向上的浮力与竖直向下的重力，重力较大，则物体A所受的合力方向竖直向下，大小为 题型三 解答题 押题猜想25 光路图 【母题】甲图是我国敦煌的塔式光热电站，它由12000面“定日镜”围绕吸热塔组成，每面镜子能追踪太阳并把阳光反射到塔顶的吸热器上。某时刻太阳在S点，地面上的一面追日镜MN恰好将太阳光反射到吸热器的A点，请在乙图中画出该时刻的反射光路（保留作图痕迹）。 【答案】 【详解】平面镜成的像与物关于平面镜对称。作S点关于平面镜的对称点即为太阳的像，连接与平面镜交于点O即为反射点，则OA即为反射光线，SO即为入射光线，作图如下： 押题解读 近年各地中考光学题，考查内容主要集中在光的直线传播（解释现象）、光的反射与折射（科学探究、作图、现象解释）、平面镜成像（特点及其应用、作图、探究实验）、光的色散（探究实验）、红外线和紫外线的应用上.其中光的色散、平面镜成像等是中考的热点问题.试题在注重考查基础知识的同时，主要考查学生运用相关光学知识分析、解释实际问题的能力.光学作图历来是中考的热点问题. 考前秘笈 （1）要借助工具作图，作图一定要规范。 （2）是实际光线画实线，不是实际光线画虚线。 （3）光线要带箭头，光线与光线之间要连接好，不要断开。 （4）作光的反射或折射光路图时，应先在入射点作出法线（虚线），然后根据反射角与入射角或折射角与入射角的关系作出光线。 1．盛水容器的底部P点有一枚硬币，水面上方有一发光点S，人眼在E处看到发光点在水中的像与看到的硬币重合，请在图中画出人眼看到S的像及看到硬币的光路图。 【答案】 【详解】根据平面镜成像的特点作出S关于水面的像点，连接像点与E，交于水面一点，S到交点为入射光线，交点到E为反射光线，P到交点为入射光线，交点到E为折射光线，如下图所示： 2．小文同学读到《钓鱼湾》中“潭清疑水浅，荷动知鱼散”这句诗，想到了光的折射规律。如图所示，水池底有一光源S，从岸上看到的像位于点，请画出图中SO这条光线相对应的折射光线。 【答案】 【详解】由于光从水射向空气时折射角大于入射角，所以折射光线应偏离法线更大一些；从O向空气中作出偏折的折射光线，使其反向延长线经过水中的虚像点S′。如图所示 3．如图所示，一束光从空气斜射入水中，照射在平面镜上并经平面镜反射，请画出这束光的折射光线和经过平面镜反射后的光线，并标明反射角。 【答案】 【详解】过入射点作法线，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，由此可以作出对应的折射光线；这束折射光线照射在平面镜上，再过此新的入射点作法线，根据反射角等于入射角在法线的右下侧作出对应的反射光线，如图所示： 4．图中O点为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点，光线a与凸透镜的主光轴平行，光线b通过凸透镜的光心。请在图中画出光线a的折射光线和光线b的入射光线。 【答案】 【详解】根据凸透镜的三条特殊光线，平行于主光轴的光线经凸透镜后向焦点会聚，过光心的光线经凸透镜后传播方向不变，如图所示： 5．古人云：“以铜为镜，可以正衣冠；以古为镜，可以知兴替；以人为镜，可以明得失。”图甲为著名的唐太宗自省图。请在图乙中画出他通过铜镜看到自己帽子（d点代表帽子）的光路图。 【答案】 【详解】根据平面镜成像特点，作出发光点d关于铜镜的对称点，即为其所成的像d′点，连接眼睛和像点d′，交平面镜于O点，连接dO即入射光线，O与眼睛的连线为反射光线，如下图所示： 6．小明观察到汽车驾驶座位右前方都安装一个后视镜，如图甲所示。爸爸说开车时可通过调节后视镜观察到坐在后排的小明的一些情况。请在图乙中画出A处爸爸眼睛通过后视镜看到B处小明的光路图。 【答案】 【详解】根据平面镜成像，画出B处小明的对称点，即为小明的像点B'，爸爸的眼睛和小明的像点在同一条直线上，连接AB'与镜面的交点为入射点，B点与入射点的连线为入射光线，A点与入射点$$