信息必刷卷03（江西专用）-2025年中考物理考前信息必刷卷

绝密★启用前 2025年中考考前信息必刷卷03（江西专用） 物 理 （考试时间：85分钟 试卷满分：80分） 考情速递 中考·新动向：注重实验结论和生活相结合，分析实验结论在生活中的应用。例如第19题平面镜成像在生活中的应用。 中考·新考法：将物理知识理论和历史相结合，增强学生对传统文化的认识。例如第3题 命题·大预测：本卷结合江西中考命题趋势，结合物理核心素养的创新。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 1． 填空题（共8小题，每空1分，共16分） 1．小萌站在竖直放置的穿衣镜前2m处，她在镜中的像与她的距离为 　 　 m。小萌靠近穿衣镜的过程中，她在镜中的像大小将 　 　 （选填“变小”、“不变”或“变大”）。 2．下列热现象：①雪糕周围的“白气”；②草叶上的露珠；③树枝上的雾凇；④燃烧蜡烛流的“泪”；⑤瓦房房顶的霜；⑥冶炼用的“铁水”。形成过程属于液化的有 　 　 ；属于吸热过程的有 　 　 。（两空均选填序号） 3．东汉哲学家王充在《论衡》中提到：“天将雨，琴弦缓”。环境潮湿时，琴弦振动变慢，琴声的音调变 　 　 ，琴声通过 　 　 传至人耳。 4．如图所示，用力击打一摞棋子中间的一个，棋子飞出，说明力可以改变物体的 　 　 ；上面的棋子没有飞出去是由于上面的棋子具有 　 　 。 （第4题图） （第5题图） （第7题图） 5．如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R标有“20Ω 2A”，灯泡L标有“4V 2W”，灯泡电阻不变。S闭合，滑片P在R的中点时，灯泡正常发光，则电源电压为 　 　 V。当P移到最右端时，电路的总功率 　 　 W（结果保留一位小数）。 6．今年，我省天水的麻辣烫火遍全国。在锅里煮食材是通过 　 　 的方式增大食材的内能，麻辣烫香气四溢，这是 　 　 现象。 7．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一。如图所示，运动员穿的两只鞋的鞋底材质不同。蹬冰脚的鞋底为橡胶制成，在向后蹬地的过程中，脚受到摩擦力的方向 　 　 （选填“向前”或“向后”），而滑行时的鞋底由塑料制成，目的是为了 　 　 （选填“增大”或“减小”）摩擦力。 8．如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值均相同，开关S1断开、开关S2掷到1，电流表A1与电流表A2的示数之比为 　 　 ；当开关S1闭合、开关S2掷到2时，电流表A1与电流表A2的示数之比为 　 　 。 2． 选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题3分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分） 9．大量中华诗词蕴含物理知识，下列说法正确的是（　　） A．“沾衣欲湿杏花雨，吹面不寒杨柳风。”“雨”的形成是汽化现象 B．“窗含西岭千秋雪，门泊东吴万里船。”“雪”的形成是液化现象 C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓。”“露”的形成是升华现象 D．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”的形成是凝华现象 10．在两个相同的烧杯中分别装有两种液体A、B，其质量（mA＜mB）；用额定电压相同的甲、乙两个电加热器分别加热液体A、B，电加热器的额定功率P甲＞P乙，它们均正常工作。液体A、B的温度随加热时间变化的关系如图所示。不考虑热量损失，下列说法正确的是（　　） A．液体A的沸点等于液体B的沸点 B．电加热器甲的电阻丝阻值大于乙的电阻丝阻值 C．相同时间内液体A吸收的热量等于液体B吸收的热量 D．液体A的比热容大于液体B的比热容 11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．电流表示数变大，电压表V1示数变小 B．电流表示数变小，电压表V2示数变大 C．电压表V1与电流表示数的比值变大 D．电压表V2与电流表示数的比值变小 12．用如图所示的装置探究动能大小与速度的关系，下列说法正确的是（　　） A．将不同质量的小球从斜面的同一高度由静止开始释放 B．木块在滑行过程中受到的摩擦力逐渐减小 C．木块静止时所受弹力是由木块下表面形变产生的 D．若水平面绝对光滑，实验不能达到探究目的 13．2021年10月16日，搭载“神舟十三号”载人飞船的运载火箭精准点火，液氢燃料燃烧，火箭拔地而起。2022年3月23日，航天员在“天宫课堂”做了将水连接在两块玻璃板之间形成“水桥”，液体结晶使“冰球发热”等实验。2022年4月16日，“神舟十三号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱进入大气层时，与大气剧烈摩擦，发出耀眼的光。下列判断正确的是（　　） A．选择液氢燃料主要是液氢的比热容大 B．“水桥”的形成是因为分子之间存在引力 C．液体结晶的球发热是因为液体结晶过程中内能增加 D．返回舱进入大气层发出光是做功改变了返回舱的内能 14．对如图所示的实验或装置，分析正确的是（　　） A．甲：动圈式话筒的工作原理是“磁生电” B．乙：只有铁屑分布较多的地方才有磁场 C．丙：接通电源，导体ab会受到磁场的作用力 D．丁：根据电流方向，可判定螺线管的上端为N极 3． 计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分） 15．飞机的发动机是一种热机，通过航空煤油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力，高空中某飞机获得1.6×105N的水平推力，以600km/h的速度沿水平方向匀速航行1h，需要完全燃烧热值为4×107J/kg的航空煤油4000kg。求1h内： （1）飞机的航程； （2）发动机所做的功； （3）航空煤油完全燃烧放出的热量； （4）发动机的热机效率。 16．在如图所示的电路中，电源电压为6伏，滑动变阻器R1标有“20Ω，2A”字样。现闭合开关S。 ①若变阻器R1连入电路的阻值为15Ω，求通过变阻器R1的电流。 ②若将一电流表A1串联在R1支路，调节滑动变阻器使得两电流表示数如图所示，求定值电阻R2阻值。 17．如图甲所示为某品牌电热水壶。该型号电热水壶内部简化电路如图乙，额定电压为220V，具有加热、保温两挡。保温挡的额定功率为100W，双触点开关只能在触点1和2、2和3及3和4之间切换。R1、R2是两个阻值不变的发热元件，其中R2＝60.5Ω。现将此电热水壶装入0.45L初温为20℃的水，接到220V的家庭电路中，选用加热挡加热至100℃，已知该电热水壶加热效率为80%，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： （1）电热水壶中水吸收的热量； （2）加热挡的电功率； （3）需要的加热时间。 4． 实验探究题（共28分，每空1分） 18．亲爱的同学，你会使用以下基本仪器吗？ （1）如图1所示，是某同学出黑板报时所用常见直尺的一部分，请你推断出它的分度值是 　 　 。 （2）如图2所示，是用秒表记录的某同学跑400m的成绩，该同学的成绩是 　 　 min 　 　 s。 （3）如图3所示，是某同学放在水平台上的托盘天平。他调节横梁平衡时，应先将游码移到标尺的 　 　 ，再将 　 　 侧的平衡螺母向 　 　 调节，使 　 　 指在分度盘的中央红线处，此时天平横梁水平平衡。 19．在“探究平面镜成像特点”的实验中，如图1图所示。 （1）现有厚度分别为5mm和2mm的两块玻璃板，应选择　 　 mm厚的玻璃板做实验，目的是　 　 。 （2）用玻璃板代替平面镜的原因是　 　 ，便于研究平面镜的成像特点。 （3）若白纸上每方格长度是5cm，将点燃的蜡烛由A点移至B点，此时它与移动后在玻璃板中所成的像的距离是　 　 cm。用光屏在玻璃板后面无论如何移动；在光屏上都　 　 （选填“能”或“不能”）成像，说明平面镜所成的是　 　 像。 （4）如图2图甲所示是从平面镜中看到墙上的时钟的像，该时钟的实际时间为　 　 。 20．【探究名称】探究并联电路中电流的规律。 【实验器材】电源、开关、灯泡若干个、电流表和若干导线 【问题】小庆和小黄一起做“探究并联电路中电流的规律”实验，设计的电路图如图甲所示，并按照电路图连接电路。 （1）在连接电路时，开关的闭合应该放在 　 　 （选填“第一步”“任意时刻”或“最后一步”）； （2）小庆同学测量电流时，连接好电路，闭合开关，发现电表指针向右偏转至如图乙所示位置，原因可能是 　 　 。 实验次数 A的电流IA/A B的电流IB/A C的电流IC/A 1 0.14 0.14 0.28 2 0.16 0.80 0.32 3 0.22 0.22 0.44 4 0.26 0.26 0.52 【证据】改正错误后，小庆多次改变电源电压，并将电流表分别接到A、B、C处，测出通过灯泡L1的电流IA、通过灯泡L2的电流IB，以及并联电路干路电流IC，测量的数据如上表格所示： 【解释】小庆同学分析记录的实验次数1、3、4中的实验数据得出：并联电路中，干路上的电流等于各支路电路电流之和，且各支路电流相等。 【交流】请你根据表格中的内容回答下列问题： （1）第二次记录的数据中的 　 　 是错误的，原因是 　 　 ； （2）小黄指出小庆的结论不正确，小庆得出错误的实验结论的主要原因是选用了两只规格 　 　 的灯泡（填“相同”或“不同”）。 （3）小庆采用多次改变电源电压来实现多次实验寻求普遍规律的，为了使实验结论更具科学性。请你提出合理化建议（1条即可）：　 　 。 （4）如图丙所示是在一次实验中电流表的接法，此时电流表测量的是 　 　 （选填“A”“B”或“C”）处的电流。 21．小西和同学们利用弹簧测力计、物块、溢水杯、小桶和足量的水等实验器材，做“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”的实验，进行了如图所示的操作。 （1）由　 　 两图得出物块所受浮力F浮＝1N，再由另外两图得出物块排开液体所受重力G排＝1N，可初步得出结论：浸在液体中的物体所受浮力的大小　 　 它排开的液体所受的重力。 （2）实验时，若溢水杯中未装满水，则会导致测出的G排　 　 。 （3）为了得到更普遍的结论，接下来的操作中合理的是　 　 （选填字母）。 A.用原来的方案和器材多次测量求平均值 B.将水换成酒精或其他液体，用原来的方案再次进行实验 （4）小组同学经过交流、评估和反思后，得出实验步骤的最佳顺序是　 　 。 （5）小西将水换成酒精后按照甲、乙两图重新进行实验，测出物体所受浮力　 　 1N。（选填“大于”“小于”或“等于”） （6）另一实验小组将物块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，则　 　 （选填“能”或“不能”）得到与（1）相同的结论。 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年中考物理考前信息必刷卷03（江西专用） 答案及评分标准 1． 填空题（共8小题，每空1分，共16分） 1．【答案】4；不变。 2．【答案】①②；④⑥。 3．【答案】低；空气。 4．【答案】运动状态；惯性。 5．【答案】9；2.9 6．【答案】热传递；扩散。 7．【答案】向前；减小。 8．【答案】1：1；2：1。 二．选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题3分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分） 题号 9 10 11 12 13 14 答案 D D B D BD ACD 三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分） 15．【答案】 （1）飞机的航程是600km；（2）发动机所做的功是9.6×1010J； （3）航空煤油完全燃烧放出的热量是1.6×1011J；（4）发动机的热机效率是60%。 16．【答案】①通过变阻器R1的电流0.4A。②定值电阻R2阻值可能是6.7Ω或20Ω。 17．【答案】（1）电热水壶中水吸收的热量为1.512×105J； （2）加热挡的电功率为900W； （3）需要的加热时间为210s。 四．实验探究题（共28分，每空1分） 18．【答案】（1）0.5cm；（2）1；22；（3）“0”刻度处；右；右；指针 19．【答案】（1）2；防止玻璃板的前后表面共同反射形成两个像（出现重影现象）；（2）便于确定像的位置；（3）20；不能；虚；（4）10：35。 20．【答案】【问题】（1）最后一步；（2）电流表量程选择过大； 【交流】（1）0.80；选用小量程，按大量程读数了；（2）相同；（3）换用不同规格的灯泡多次测量；（4）C。 21．【答案】（1）甲、乙；等于； （2）偏小； （3）B；（4）丁、甲、乙、丙； （5）小于；（6）能。 2 / 8 学科网（北京）股份有限公司 $$ 绝密★启用前 2025年中考考前信息必刷卷03（江西专用） 物 理 （考试时间：85分钟 试卷满分：80分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一．填空题（共8小题） 1．小萌站在竖直放置的穿衣镜前2m处，她在镜中的像与她的距离为 　4　 m。小萌靠近穿衣镜的过程中，她在镜中的像大小将 　不变　 （选填“变小”、“不变”或“变大”）。 【分析】平面镜成像时，像与物到平面镜的距离相等，据此可知小萌的像与她的距离； 平面镜成像时，像与物的大小不变，与距离无关，据此可知她靠近穿衣镜时，像的大小变化。 【解答】解：穿衣镜是平面镜。由于平面镜成像时，像与物到平面镜的距离相等，所以小萌站在竖直放置的穿衣镜前2m处，镜中像到镜子的距离也为2m，则她在镜中的像与她的距离为4m； 由于平面镜成像时，像与物的大小不变，与距离无关，所以她靠近穿衣镜时，像的大小不变。 故答案为：4；不变。 2．下列热现象：①雪糕周围的“白气”；②草叶上的露珠；③树枝上的雾凇；④燃烧蜡烛流的“泪”；⑤瓦房房顶的霜；⑥冶炼用的“铁水”。形成过程属于液化的有 　①②　 ；属于吸热过程的有 　④⑥　 。（两空均选填序号） 【分析】（1）物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态变为气态的过程叫做升华；物质由气态变为固态的过程叫做凝华。 （2）熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华是放热的。 【解答】解：①雪糕周围的“白气”属于液化，放热；②草叶上的露珠属于液化，放热；③树枝上的雾凇属于凝华，放热；④燃烧蜡烛流的“泪”属于熔化，吸热；⑤瓦房房顶的霜属于凝华，放热；⑥冶炼用的“铁水”属于熔化，吸热。形成过程属于液化的有①②；属于吸热过程的有④⑥。 故答案为：①②；④⑥。 3．东汉哲学家王充在《论衡》中提到：“天将雨，琴弦缓”。环境潮湿时，琴弦振动变慢，琴声的音调变 　低　 ，琴声通过 　空气　 传至人耳。 【分析】音调指声音的高低，由振动频率决定，频率越高，音调越高；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声。 【解答】解：环境潮湿时，琴弦振动变慢，频率变低，则琴声的音调变低；琴声是通过空气传至人耳的。 故答案为：低；空气。 4．如图所示，用力击打一摞棋子中间的一个，棋子飞出，说明力可以改变物体的 　运动状态　 ；上面的棋子没有飞出去是由于上面的棋子具有 　惯性　 。 【分析】（1）力可以改变物体的运动状态。当物体不受力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态； （2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性。 【解答】解：（1）棋子飞出，说明力可以改变物体的运动状态； （2）一切物体都有惯性，没有飞出去的棋子也具有惯性； 故答案为：运动状态；惯性。 5．如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R标有“20Ω 2A”，灯泡L标有“4V 2W”，灯泡电阻不变。S闭合，滑片P在R的中点时，灯泡正常发光，则电源电压为 　9　 V。当P移到最右端时，电路的总功率 　2.9　 W（结果保留一位小数）。 【分析】（1）由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流。滑片P在R的中点时，灯泡正常发光，已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI计算灯泡正常发光时的电流，根据欧姆定律计算R两端的电压，根据串联电路的电压规律计算电源电压； （2）根据欧姆定律计算灯泡的电阻；当P移到最右端时，变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路的电阻特点和P计算电路的总功率。 【解答】解：（1）由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流。 滑片P在R的中点时，R接入电路的阻值为R中R20Ω＝10Ω， 此时灯泡正常发光，电路中的电流：I＝IL0.5A， R两端的电压：U中＝IR中＝0.5A×10Ω＝5V， 电源电压：U＝UL+U中＝4V+5V＝9V； （2）灯泡的电阻：RL8Ω； 当P移到最右端时，变阻器接入电路的阻值最大，即：R＝20Ω， 此时电路消耗的总功率：P2.9W。 故答案为：9；2.9。 6．今年，我省天水的麻辣烫火遍全国。在锅里煮食材是通过 　热传递　 的方式增大食材的内能，麻辣烫香气四溢，这是 　扩散　 现象。 【分析】改变内能的方式包括做功和热传递； 不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。 【解答】解：在锅里煮食材时，食材吸收热量，是通过热传递的方式增大食材的内能； 麻辣烫香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 故答案为：热传递；扩散。 7．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一。如图所示，运动员穿的两只鞋的鞋底材质不同。蹬冰脚的鞋底为橡胶制成，在向后蹬地的过程中，脚受到摩擦力的方向 　向前　 （选填“向前”或“向后”），而滑行时的鞋底由塑料制成，目的是为了 　减小　 （选填“增大”或“减小”）摩擦力。 【分析】（1）摩擦力总是与物体相对运动的方向相反； （2）增大摩擦力的方法：一是增大压力；二是增大接触面的粗糙程度。 【解答】解：（1）摩擦力的方向与物体相对运动方向或相对运动趋势的方向相反。 蹬冰时，鞋相对于冰面有向后运动的趋势，所以冰面对鞋的静摩擦力方向向前； （2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 运动员滑行脚的鞋底为塑料制成，减小了接触面的粗糙程度，从而减小摩擦力。 故答案为：向前；减小。 8．如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值均相同，开关S1断开、开关S2掷到1，电流表A1与电流表A2的示数之比为 　1：1　 ；当开关S1闭合、开关S2掷到2时，电流表A1与电流表A2的示数之比为 　2：1　 。 【分析】开关S1断开、开关S2掷到1，R2和R3串联；当开关S1闭合、开关S2掷到2时，R1与R2并联。 【解答】解：开关S1断开、开关S2掷到1，R2和R3串联，串联电路电流处处相等，所以电流表A1与电流表A2的示数之比为1：1； 当开关S1闭合、开关S2掷到2时，R1与R3并联，A1测干路电流，A2测R3的电流，三个电阻R1、R2、R3的阻值均相同，所以A1得示数等于A2示数的2倍，所以电流表A1与电流表A2的示数之比2：1。 故答案为：1：1；2：1。 二．选择题（共4小题） 9．大量中华诗词蕴含物理知识，下列说法正确的是（　　） A．“沾衣欲湿杏花雨，吹面不寒杨柳风。”“雨”的形成是汽化现象 B．“窗含西岭千秋雪，门泊东吴万里船。”“雪”的形成是液化现象 C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓。”“露”的形成是升华现象 D．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”的形成是凝华现象 【分析】（1）液化指物质由气态转变成液态，液化要放热； （2）凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热。 【解答】解：A、雨的形成是液化现象，故A错误； B、“雪”的形成是凝华现象，故B错误； C、“露”的形成是液化现象，故C错误； D、“霜”的形成是凝华现象，故D正确。 故选：D。 10．在两个相同的烧杯中分别装有两种液体A、B，其质量（mA＜mB）；用额定电压相同的甲、乙两个电加热器分别加热液体A、B，电加热器的额定功率P甲＞P乙，它们均正常工作。液体A、B的温度随加热时间变化的关系如图所示。不考虑热量损失，下列说法正确的是（　　） A．液体A的沸点等于液体B的沸点 B．电加热器甲的电阻丝阻值大于乙的电阻丝阻值 C．相同时间内液体A吸收的热量等于液体B吸收的热量 D．液体A的比热容大于液体B的比热容 【分析】（1）对A、B液体进行加热，一段时间后，液体沸腾，温度保持不变。由图可知A、B两种液体的沸点高低。 （2）对A、B液体加热使用额定电压相同的甲乙两个加热器，电加热器的额定功率P甲＞P乙，根据公式P判断电阻大小。 （3）在加热过程中不计热量损失，A、B液体吸收的热量等于电加热器消耗的电能。在相同的时间内，电加热器额定功率越大，消耗的电能越多，液体吸收的热量就越多。 （4）由图可知，在A、B液体沸腾之前，相同的时间内，A、B液体升高的温度相同，A液体吸收的热量大于B液体，mA＜mB，由公式c可判断A、B的比热容大小。 【解答】解：A.液体沸腾，温度保持不变。由图可知，A、B两种液体沸腾时，液体A的沸点大于液体B的沸点，故A错误； B.用额定电压相同的甲、乙两个电加热器分别加热液体A、B，电加热器的额定功率P甲＞P乙，由公式P得R，则电加热器甲的电阻丝阻值小于乙的电阻丝阻值，故B错误； C.在加热过程中不计热量损失，A、B液体吸收的热量等于电加热器消耗的电能。Q吸＝W＝Pt，P甲＞P乙，在相同的时间内，液体A吸收的热量大于液体B吸收的热量，故C错误； D.由图可知，在A、B液体沸腾之前，相同的时间内，A、B液体升高的温度相同，A液体吸收的热量大于B液体，mA＜mB，c可知，液体A的比热容大于液体B的比热容，故D正确。 故选：D。 11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．电流表示数变大，电压表V1示数变小 B．电流表示数变小，电压表V2示数变大 C．电压表V1与电流表示数的比值变大 D．电压表V2与电流表示数的比值变小 【分析】定值电阻与滑动变阻器串联，分析滑动滑片过程引起的电流和电压的变化即可。 【解答】解：先分析A、B选项是否正确。 （1）分析电流表：R1与R2串联，在向右移动滑片的过程中，R2阻值变大，电路中总阻值变大，电流减小，因此电流表示数变小。 （2）分析电压表：电流表示数减小，根据U＝IR得到R1的电压减小，而两者电压之和不变，因此R2的电压增大。 综上分析，选项B正确。 再分析C、D两个选项。 电压表V1与电流表示数的比值是R1的阻值，应该不变，因此C错误。 电压表V2与电流表示数的比值是R2的阻值，应该变大，因此D错误。 故选：B。 12．用如图所示的装置探究动能大小与速度的关系，下列说法正确的是（　　） A．将不同质量的小球从斜面的同一高度由静止开始释放 B．木块在滑行过程中受到的摩擦力逐渐减小 C．木块静止时所受弹力是由木块下表面形变产生的 D．若水平面绝对光滑，实验不能达到探究目的 【分析】影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法结合转换法分析回答。 让同一个钢球从斜面的不同高度自由滚下，推动木块移动，比较两次木块被推距离的远近； 同一钢球从不同高度滚下，钢球碰撞木块时的速度不同。高度越高，钢球滚到平面上时的速度越大，木块被推得越远； 物体动能的大小与物体的运动速度有关，物体运动速度越大，物体的动能越大。 【解答】解：A.将不同质量的小球从斜面的同一高度由静止开始释放，探究动能大小与质量的关系，故A错误； B.木块在滑行过程中受到的摩擦力不变，故B错误； C.木块静止时所受弹力是由接触面形变产生的，故C错误； D.若水平面绝对光滑，小球会永远运动下去，实验不能达到探究目的，故D正确； 故选：D。 三．多选题（共2小题） （多选）13．2021年10月16日，搭载“神舟十三号”载人飞船的运载火箭精准点火，液氢燃料燃烧，火箭拔地而起。2022年3月23日，航天员在“天宫课堂”做了将水连接在两块玻璃板之间形成“水桥”，液体结晶使“冰球发热”等实验。2022年4月16日，“神舟十三号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱进入大气层时，与大气剧烈摩擦，发出耀眼的光。下列判断正确的是（　　） A．选择液氢燃料主要是液氢的比热容大 B．“水桥”的形成是因为分子之间存在引力 C．液体结晶的球发热是因为液体结晶过程中内能增加 D．返回舱进入大气层发出光是做功改变了返回舱的内能 【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值. （2）分子间存在引力和斥力。 （3）晶体凝固过程要放出热量。 （4）改变物体内能的方式有做功和热传递。 【解答】解：A、选择液态氢做燃料，是因为它的热值大，故A错误。 B、水桥的形成是因为水分子之间有引力，故B正确。 C、液体结晶是凝固过程，凝固放热使“冰球发热”，但内能没有增加，故C错误。 D、返回舱进入大气层时，宇宙飞船与空气摩擦，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变返回舱的内能，故D正确。 故选：BD。 （多选）14．对如图所示的实验或装置，分析正确的是（　　） A．甲：动圈式话筒的工作原理是“磁生电” B．乙：只有铁屑分布较多的地方才有磁场 C．丙：接通电源，导体ab会受到磁场的作用力 D．丁：根据电流方向，可判定螺线管的上端为N极 【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流； （2）磁场存在于磁体周围的空间，磁体周围铁屑分布的多少表示磁场的强弱； （3）通电导体在磁场中会受到力的作用； （4）安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。 【解答】解： A、动圈式话筒工作时把声信号转化为电信号，工作原理是电磁感应现象（磁生电），故A正确； B、磁场存在于磁体周围的空间，铁屑分布较多的地方磁场较强，故B错误； C、导体ab在磁场中，接通电源后，通电导体ab在磁场中会受到力的作用，故C正确； D、电流从通电螺线管的上端流入，下端流出，根据安培定则可以判断通电螺线管的上端是N极，下端是S极，故D正确。 故选：ACD。 四．计算题（共3小题） 15．飞机的发动机是一种热机，通过航空煤油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力，高空中某飞机获得1.6×105N的水平推力，以600km/h的速度沿水平方向匀速航行1h，需要完全燃烧热值为4×107J/kg的航空煤油4000kg。求1h内： （1）飞机的航程； （2）发动机所做的功； （3）航空煤油完全燃烧放出的热量； （4）发动机的热机效率。 【分析】（1）根据速度v的变形公式计算路程； （2）根据W＝Fs计算所做的功； （3）根据公式Q放＝qm求出航空煤油完全燃烧放出的热量； （4）有用功与释放能量的比值就是发动机的热机效率。 【解答】解：（1）因为速度v，所以s＝vt＝600km/h×1h＝600km； （2）发动机所做的功W＝Fs＝1.6×105N×600000m＝9.6×1010J； （3）航空煤油完全燃烧放出的热量Q放＝qm＝4×107J/kg×4000kg＝1.6×1011J； （4）发动机的效率： η100%100%＝60%。 答： （1）飞机的航程是600km； （2）发动机所做的功是9.6×1010J； （3）航空煤油完全燃烧放出的热量是1.6×1011J； （4）发动机的热机效率是60%。 16．在如图所示的电路中，电源电压为6伏，滑动变阻器R1标有“20Ω，2A”字样。现闭合开关S。 ①若变阻器R1连入电路的阻值为15Ω，求通过变阻器R1的电流。 ②若将一电流表A1串联在R1支路，调节滑动变阻器使得两电流表示数如图所示，求定值电阻R2阻值。 【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A测干路中的电流，电流表A1测R1支路中的电流。 ①根据并联电路的电压规律和欧姆定律求通过R1的电流，根据并联电路的电流规律求干路中的电流，即电流表A的示数； ②移动滑片P，根据并联电路各支路互不影响可知通过R2的电流不变，根据两电流表示数的比值求得通过R1的电流，根据欧姆定律求变阻器R1连入电路的阻值。 【解答】解：由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A测干路中的电流，电流表A1测R1支路中的电流。 ①因为并联电路各支路两端的电压相等，变阻器R1两端的电压为U1＝U＝6V，当变阻器R1连入电路的阻值为15欧时， 通过R1的电流为：I10.4A， ②由题知，电源电压为6V，滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω， 则调节滑动变阻器时通过变阻器的最小电流：I1小0.3A； 若将一电流表A1串联在R1支路，调节滑动变阻器使得两电流表示数如图所示， Ⅰ、若a图是电流表A1的表盘，b图是电流表A的表盘，因图中A1指针的偏转角度比A大，且支路电流应小于干路电流，所以此时电流表A1的量程应为0～0.6A，电流表A的量程应为0～3A， 则由图可知此时电流表A1、A的示数分别为0.3A、1.2A，即I1＝0.3A，I＝1.2A， 通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝1.2A﹣0.3A＝0.9A； 定值电阻R2的阻值：R26.7Ω； Ⅱ、若b图是电流表A1的表盘，a图是电流表A的表盘，如果电流表A1的量程为0～0.6A，则此时A1的示数（通过变阻器的电流）为0.24A，小于通过变阻器的最小电流为0.3A，所以电流表A1的量程不可能是0～0.6A，只能是0～3A，又因为干路电流比支路电流大，所以电流表A的量程也是0～3A， 则由图可知此时电流表A1、A的示数分别为1.2A、1.5A，即I1′＝1.2A，I′＝1.5A， 此时通过R2的电流：I2′＝I′﹣I1′＝1.5A﹣1.2A＝0.3A， 定值电阻R2的阻值：R2′20Ω； 综上可知，定值电阻R2阻值可能是6.7Ω或20Ω。 答：①通过变阻器R1的电流0.4A。 ②定值电阻R2阻值可能是6.7Ω或20Ω。 17．如图甲所示为某品牌电热水壶。该型号电热水壶内部简化电路如图乙，额定电压为220V，具有加热、保温两挡。保温挡的额定功率为100W，双触点开关只能在触点1和2、2和3及3和4之间切换。R1、R2是两个阻值不变的发热元件，其中R2＝60.5Ω。现将此电热水壶装入0.45L初温为20℃的水，接到220V的家庭电路中，选用加热挡加热至100℃，已知该电热水壶加热效率为80%，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： （1）电热水壶中水吸收的热量； （2）加热挡的电功率； （3）需要的加热时间。 【分析】（1）根据密度公式求出水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量； （2）由电路图可知，双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联；双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，根据并联电路的电阻规律结合P可知电热水壶所处的状态； 两种状态下电阻R1都工作，且电阻R1两端的电压不变，由P可知两种状态下R1消耗的功率不变，等于保温功率；根据P求出加热挡时R2的电功率，且总功率等于各电阻消耗电功率之和，据此求出加热挡的功率； （3）根据效率公式计算电热壶消耗的电能，根据P计算出电热壶加热需要的时间。 【解答】解：（1）水的体积：V＝0.45L＝0.45dm3＝0.45×10﹣3m3， 水的质量为：m＝ρV＝1×103kg/m3×0.45×10﹣3m3＝0.45kg； 水吸收的热量为：； （2）由电路图可知，当双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联，根据并联电路的电阻特点可知此时总电阻最小，由P可知此时总功率最大，则此时电热水壶处于加热挡； 当双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，此时电路中电阻较大，电路消耗的电功率较小，则此时电热水壶处于保温挡； 因两种状态下电阻R1都工作，且电阻R1两端的电压不变（等于电源电压），则由P可知两种状态下 R1消耗的功率不变，所以加热挡时R1消耗的功率：P1＝P保＝100W； 加热挡时R2消耗的功率为：， 因总功率等于各电阻消耗电功率之和， 所以加热挡的电功率：P加＝P1+P2＝100W+800W＝900W； （3）由η100%可得，电热水壶加热时消耗的电能为： ， 需要的加热时间： 。 答：（1）电热水壶中水吸收的热量为1.512×105J； （2）加热挡的电功率为900W； （3）需要的加热时间为210s。 五．实验探究题（共4小题） 18．亲爱的同学，你会使用以下基本仪器吗？ （1）如图1所示，是某同学出黑板报时所用常见直尺的一部分，请你推断出它的分度值是 　0.5cm　 。 （2）如图2所示，是用秒表记录的某同学跑400m的成绩，该同学的成绩是 　1　 min 　22　 s。 （3）如图3所示，是某同学放在水平台上的托盘天平。他调节横梁平衡时，应先将游码移到标尺的 　“0”刻度处　 ，再将 　右　 侧的平衡螺母向 　右　 调节，使 　指针　 指在分度盘的中央红线处，此时天平横梁水平平衡。 【分析】（1）刻度尺使用之前，需要首先观察其量程、分度值和零刻度线。刻度尺如果发生零刻度线磨损的情况，可以从某一个完整的刻度开始测量，同时要估读到分度值的下一位。刻度尺测量时，要放正，视线要与尺面垂直。记录时，既要记下数值，又要记下单位； （2）根据秒表的结构和刻度盘的单位进行分析，即小刻度盘的单位是min，大刻度盘的单位是s，然后读出时间； （3）用天平称量物质前要通过调节横梁两端的螺母使横梁平衡，分度盘指针偏向哪边多一些，这应向相反方向调节平衡螺母。 【解答】解：（1）根据图中显示，根据用途可知刻度尺的分度值为0.5cm； （2）图示测量时间的工具为秒表，小盘的分度值是1min，指针在1min和2min之间；大盘的分度值是1s，而大盘指针在22s， 因此秒表读数为1min22s； （3）调节横梁平衡时，应先将游码移到横梁标尺左端的“0”刻度处。 由图可知，游码未“归零”时，指针向左偏，说明天平左盘质量偏大，即使游码“归零”后也是指针向左偏，因此平衡螺母应向右调节，由于图3中左侧的平衡螺母已经移到最右端，所以只能将右侧的平衡螺母向右调节，使指针指在分度盘的中线处，此时天平横梁水平平衡。 故答案为：（1）0.5cm；（2）1；22；（3）“0”刻度处；右；右；指针。 19．在“探究平面镜成像特点”的实验中，如图1图所示。 （1）现有厚度分别为5mm和2mm的两块玻璃板，应选择　2　 mm厚的玻璃板做实验，目的是　防止玻璃板的前后表面共同反射形成两个像（出现重影现象）　 。 （2）用玻璃板代替平面镜的原因是　便于确定像的位置　 ，便于研究平面镜的成像特点。 （3）若白纸上每方格长度是5cm，将点燃的蜡烛由A点移至B点，此时它与移动后在玻璃板中所成的像的距离是　20　 cm。用光屏在玻璃板后面无论如何移动；在光屏上都　不能　 （选填“能”或“不能”）成像，说明平面镜所成的是　虚　 像。 （4）如图2图甲所示是从平面镜中看到墙上的时钟的像，该时钟的实际时间为　10：35　 。 【分析】（1）从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题； （2）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置； （3）平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。 （4）根据镜面对称的性质，平面镜中钟面上的时针、分针和实物应关于过12时、6时的直线成轴对称，据此作图可知该时钟的实际时间。 【解答】解： （1）透明的玻璃板，可以观察到玻璃板的另一侧；因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，用2mm厚的； （2）用玻璃板代替平面镜的原因是便于确定像的位置，从而研究平面镜的成像特点； （3）若白纸上每方格长度是5cm，将点燃的蜡烛由A点移至B点，此时它与玻璃板的距离为2×5cm＝10cm， 像与玻璃板的距离为10cm，则它与像的距离为10cm+10cm＝20cm； 因为平面镜成虚像，光屏不能承接虚像，所以用光屏在玻璃板后面无论如何移动，在光屏上都不能成像。 （4）根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像和物体关于平面镜对称。所以图中表盘数字的顺序与实际顺序左右相反，时针指向10和11之间，分针指向7，实际时间为10：35．如下图所示： 故答案为：（1）2；防止玻璃板的前后表面共同反射形成两个像（出现重影现象）；（2）便于确定像的位置；（3）20；不能；虚；（4）10：35。 20．【探究名称】探究并联电路中电流的规律。 【实验器材】电源、开关、灯泡若干个、电流表和若干导线 【问题】小庆和小黄一起做“探究并联电路中电流的规律”实验，设计的电路图如图甲所示，并按照电路图连接电路。 （1）在连接电路时，开关的闭合应该放在 　最后一步　 （选填“第一步”“任意时刻”或“最后一步”）； （2）小庆同学测量电流时，连接好电路，闭合开关，发现电表指针向右偏转至如图乙所示位置，原因可能是 　电流表量程选择过大　 。 实验次数 A的电流IA/A B的电流IB/A C的电流IC/A 1 0.14 0.14 0.28 2 0.16 0.80 0.32 3 0.22 0.22 0.44 4 0.26 0.26 0.52 【证据】改正错误后，小庆多次改变电源电压，并将电流表分别接到A、B、C处，测出通过灯泡L1的电流IA、通过灯泡L2的电流IB，以及并联电路干路电流IC，测量的数据如上表格所示： 【解释】小庆同学分析记录的实验次数1、3、4中的实验数据得出：并联电路中，干路上的电流等于各支路电路电流之和，且各支路电流相等。 【交流】请你根据表格中的内容回答下列问题： （1）第二次记录的数据中的 　0.80　 是错误的，原因是 　选用小量程，按大量程读数了　 ； （2）小黄指出小庆的结论不正确，小庆得出错误的实验结论的主要原因是选用了两只规格 　相同　 的灯泡（填“相同”或“不同”）。 （3）小庆采用多次改变电源电压来实现多次实验寻求普遍规律的，为了使实验结论更具科学性。请你提出合理化建议（1条即可）：　换用不同规格的灯泡多次测量　 。 （4）如图丙所示是在一次实验中电流表的接法，此时电流表测量的是 　C　 （选填“A”“B”或“C”）处的电流。 【分析】【问题】（1）连接电路时，为保护保护电路，开关应断开，经检查无误后，再闭合开关。 （2）电流表要选择的合适的量程。 【交流】 （1）支路电流小于干路的电流，根据电流表大小量程之比为5：1分析； （2）（3）为得出普遍性的规律要换用不同规格灯泡多次测量。 （4）电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，结合甲图分析。 【解答】解：【问题】（1）连接电路时，为保护保护电路，开关应断开，经检查无误后，再闭合开关，故开关的闭合应该放在 最后一步； （2）小庆同学测量电流时，连接好电路，闭合开关，发现电表指针向右偏转至如图乙所示位置，原因可能是电流表量程选择过大。 【交流】请你根据表格中的内容回答下列问题： （1）支路电流小于干路的电流，故第二次记录的数据中的 0.80是错误的，原因是 选用小量程，按大量程读数了； （2）得出各支路电流相等是错误的，错误的实验结论的主要原因是选用了两只规格 相同的灯泡（填“相同”或“不同”）。 （3）小庆采用多次改变电源电压来实现多次实验寻求普遍规律的，为了使实验结论更具科学性，要换用不同规格的灯泡多次测量。 （4）电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，结合甲图可知，如图丙所示是在一次实验中电流表的接法，此时电流表测量的是干路的的电流，即C处的电流。 故答案为： 【问题】 （1）最后一步；（2）电流表量程选择过大； 【交流】 （1）0.80；选用小量程，按大量程读数了；（2）相同；（3）换用不同规格的灯泡多次测量；（4）C。 21．小西和同学们利用弹簧测力计、物块、溢水杯、小桶和足量的水等实验器材，做“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”的实验，进行了如图所示的操作。 （1）由　甲、乙　 两图得出物块所受浮力F浮＝1N，再由另外两图得出物块排开液体所受重力G排＝1N，可初步得出结论：浸在液体中的物体所受浮力的大小　等于　 它排开的液体所受的重力。 （2）实验时，若溢水杯中未装满水，则会导致测出的G排　偏小　 。 （3）为了得到更普遍的结论，接下来的操作中合理的是　B　 （选填字母）。 A.用原来的方案和器材多次测量求平均值 B.将水换成酒精或其他液体，用原来的方案再次进行实验 （4）小组同学经过交流、评估和反思后，得出实验步骤的最佳顺序是　丁、甲、乙、丙　 。 （5）小西将水换成酒精后按照甲、乙两图重新进行实验，测出物体所受浮力　小于　 1N。（选填“大于”“小于”或“等于”） （6）另一实验小组将物块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，则　能　 （选填“能”或“不能”）得到与（1）相同的结论。 【分析】（1）根据称重法可知需要测量的物理量：物体的重力、物体完全浸没后测力计的拉力，根据称重法计算浮力和排开液体的重力，比较分析得出结论； （2）若溢水杯的水没有装满，排入空桶中的水的重力偏小，据此分析； （3）为使结论具有普遍性和代表性，应换用不同液体和不同物体进行实验； （4）通过图甲的弹簧测力计可读出物体的重力；通过甲、乙弹簧测力计的示数差可求出石块所受浮力的大小；图丙中弹簧测力计的示数等于小桶的重加排出的水重；用小桶接水前，应先测出其重力； （5）根据阿基米德原理结合液体密度变化分析； （6）阿基米德原理适用于任何受到浮力的物体。 【解答】解：（1）根据称重法可知需要测量的物理量：物体的重力、物体完全浸没后测力计的拉力，即甲、乙两步骤可计算出圆柱体物块浸没在水中时受到的浮力F浮＝G﹣F＝2N﹣1N＝1N； 排开液体的重力为G排＝1.5N﹣0.5N＝1N，故浸在液体中的物体所受浮力的大小等于它排开的液体所受的重力。 （2）若溢水杯的水没有装满，则会导致本实验测量的G排偏小，称重法测得的浮力不变，故会导致本实验测量的F浮＞G排； （3）为了得到更普遍的结论，应换用不同液体和不同物体进行多次实验，而不是用原来的方案和器材多次测量取平均值； （4）实验步骤：测出空的小桶所受的重力；用测力计测出某物体所受的重力；把被测物体浸没在盛满水的溢水杯中，读出此时测力计的示数，同时，用小桶收集物体排开的水；测出小桶和物体排开的水所受的总重力；所以合理顺序为丁、甲、乙、丙； （5）将水换成酒精后，排开液体的体积不变，而液体的密度减小，根据阿基米德原理知，浮力减小。 （6）阿基米德原理适用于任何受到浮力的物体，只将物体的一部分浸在水中，其它步骤操作正确，则能得到与（1）相同的结论。 故答案为：（1）甲、乙；等于； （2）偏小； （3）B；（4）丁、甲、乙、丙； （5）小于；（6）能。 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $$