安徽省安庆市多校2024-2025学年高二下学期4月期中联考物理试卷

高二物理B卷参考答案 第1 页(共5页) 高二物理B卷参考答案 选择题:1-8题,每题4分;9-10题,每题5分,共42分。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C A D B B D C C BCD BD 11.(6分) 【答案】 (1)BC (2分) (2)m1x2=m1x1+m2x3(2分) x2+x1=x3(或m1x22=m1x21+m2x23)(2分) 12.(10分) 【答案】 (1)9000.0(1分) (2)R1(1分) (2分) (3)1500(2分) 25(2分) 0.024(2分) 13.(10分) 【答案】 (1)6 m/s(3分) (2)2 m/s,4 m/s(4分) (3)球A、B分别以大小为2 m/s和4 m/s的速度向右做匀速运动(3分) 【解析】 (1)小球A滑至底端时, 由机械能守恒定律,m1gh= 1 2m1v 2 0 2分……………………………………………………………… 代入数据得v0=6 m/s 1分……………………………………………………………………………… (2)小球A、B发生弹性碰撞,满足动量守恒和动能守恒, m1v0=m1v1+m2v2 1 2m1v 2 0= 1 2m1v 2 1+ 1 2m2v 2 2 2分………………………………………………………………………… 代入数据得v1=-2 m/s(方向向左),v2=4 m/s 2分………………………………………………… (3)∵v1=-2 m/s,方向向左,∴A能回到斜面, 1 2m1v 2 1=m1gH 代入数据得H=0.2 m 1分……………………………………………………………………………… 最大高度小于h,故小球A返回水平面,且速度为2 m/s,又小于B 速度 1分……………………… 故最终两小球A、B分别以大小为2 m/s和4 m/s的速度向右做匀速运动 1分…………………… 14.(14分) 【答案】 (1)2L(4分) (2)(ⅰ)4BL eLmE (4分) (ⅱ)2 mLeE + (π+1)m 2eB (6分) 【解析】 (1)电子在磁场中运动,由洛伦兹力公式evB=mv 2 r 2 分…………………………………… 代入v=2eBLm ,解得r=2L 2分………………………………………………………………………… 高二物理B卷参考答案 第2 页(共5页) (2)(ⅰ)磁场圆的半径R=r=2L,电子垂直y轴进入电场,Q 点的坐标为0,2L ; 电子进入第一象限后做类平抛运动, 由几何知识的电子在第一象限沿y轴移动的距离y=2L, 电场中y轴方向:2L= 1 2 ·Ee m ·t21 1分………………………………………………………………… 解得t1=2 mL eE 1 分…………………………………………………………………………………… x轴方向:x=vt1= 2eBL m ·2 mLeE =4BL eL mE 2 分………………………………………………… (ⅱ)电子在匀强磁场中运动的周期T=2πmeB 1 分……………………………………………………… 电子在磁场区中的运动时间t2= 1 4T= πm 2eB 2 分……………………………………………………… 出磁场之后做匀速直线运动,可得t3= L v= m 2eB 1 分…………………………………………………… t=t1+t2+t3=2 mL eE + (π+1)m 2eB 2 分………………………………………………………………… 15.(18分) 【答案】 (1)2 V(4分) (2)0.1 kg(4分) (3)2 m/s(5分);(0.5t0-0.3) J(5分) 【解析】 (1)由法拉第电磁感应定律,E=NΔϕΔt=NS ΔB2 Δt 2 分……………………………………… 代入数值得E=2 V 2分………………………………………………………………………………… (2)由闭合电路欧姆定律I= E R1+ R2R3 R2+R3 1分………………………………………………………… 代入数值得I=1 A 1分………………………………………………………………………………… ab棒受力平衡 mgsin30°=B1 I 2L 1 分………………………………………………………………… 代入数值得mab=0.1 kg 1分…………………………………………………………………………… (3)断开K,ab棒下滑,mgsin30°-F安=ma,F安=B1IL,I= B1Lv R2+R3 2 分………………………… 得a=gsin30°- B21L2v m(R2+R3) 1 分………………………………………………………………………… 当a=0时,vm= mgsin30°(R2+R3) B21L2 1分……………………………………………………………… 代入数值vm=2 m/s 1分………………………………………………………………………………… 由动量定理得:mgsin30°t0-B1LIt0=mv-0 1分…………………………………………………… q=I·t0= E R2+R3t0= B1Lv·t0 R2+R3 = B1Lx R2+R3 1 分……………………………………………………… 得x=2t0-0.8 1分……………………………………………………………………………………… 由能量守恒定律 mgx·sinθ= 1 2mv 2 m+Q 1分………………………………………………………… Qab= R3 R2+R3Q= (0.5t0-0.3) J 1分………………………………………………………………… 高二物理B卷参考答案 第3 页(共5页) 详解 1.【答案】 C 【解析】 根据麦克斯韦电磁场理论,非均匀变化的电场周围产生变化的磁场,均匀变化的电场周围产 生的是稳定的磁场,故A错误; 奥斯特通过实验发现了电流的磁效应,首次揭示了电和磁之间的联系,故B错误; 安培提出了分子电流假说,成功解释了所有磁现象来源于运动电荷这一本质,故C正确; 比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,如电阻R=UI 是采用比值法定义的,而a=Fm 是牛顿第二定律的表达式,不是比值定义式,故D错误。 2.【答案】 A 【解析】 根据安培定则判断线圈的电流方向,根据电场方向与电流方向相同,可知电容器充电;电容 器充电,电流正在减小,线圈中的磁场正在减弱,磁场能转化为电场能; 由题图中磁场的方向,根据安培定则可知电流由电容器上极板经线圈流向下极板,由电场方向可知, 下极板是正极,故此时电容器正在充电,电荷量增加,故A正确; 电容器正在充电,则电路中电流正在减小,线圈中的磁场正在减弱,故B错误; 插入铁芯,自感系数L 增大,根据f= 1 T= 1 2π LC 可知固有频率减小,故C错误; 根据平行板电容器公式C= εrS 4πkd ,减小电容器两板之间的正对面积,电容减小, 根据f= 1 T= 1 2π LC 可知频率增大,故D错误。 3.【答案】 D 【解析】 根据交流电流有效值的定义可得 22 2 A 2 ×2T+4 A 2×2T=I2×4T, 解得交流电流的有效值为I= 10A,故D正确。 4.【答案】 B 【解析】 木锤在空中做自由落体运动,故锤子打击糍粑前瞬间的速度大小 v= 2gh= 2×10×0.8m/s=4 m/s,A项正确; 设糍粑对木锤的作用力大小为F,由动量定理得(F-mg)t=0-(-mv),解得F=100 N,根据牛顿 第三定律,木锤对糍粑的作用力F'也是100 N,作用时间是0.1 s,故木锤对糍粑的冲量大小I=F't =100 N×0.1 s=10 N·s,B项错误,D项正确; 木锤的动量变化量Δp=0-(-mv)=8 kg·m/s,C项正确。 5.【答案】 B 【解析】 由于仅有电场力做功,电子的动能与电势能总和不变,电子在A 点的动能小于在B 点的动 能,则电子在A 点的电势能大于在B 点的电势能,故A错误; 电子在电势高的地方电势能小,故A 点的电势低于B 点的电势,故B正确; C、D.Ek-x图像的斜率表示电场力的大小,可知电子在A 点的加速度小于在B 点的加速度,A 点的 电场强度小于在B 点的电场强度,故C、D错误。 6.【答案】 D 【解析】 由题图看出,带电粒子在C 板下方的磁场中偏转后进入A、C 之前并未得到加速,带电粒子 每运动一周只被加速一次,加速电场的方向不发生变化,故A错误; 根据洛伦兹力提供向心力可得qvB=mv( 2π T ),解得T=2πmqB ,粒子在磁场中做圆周运动的周期与粒 子的速度无关,故B错误; 高二物理B卷参考答案 第4 页(共5页) 带电粒子被电场加速n次后,由动能定理和牛顿第二定律分别得nqU= 1 2mv 2 n,qvnB=m v2n rn ,联立解 得rn= m qB 2nqU m ,由此可得直径之比为1∶2∶3,但其增量不等,故C错误,D正确。 7.【答案】 C 【解析】 当金属棒OQ 在磁场中转动时,电流方向为从O 到Q, 金属棒OQ 产生的电动势 E=12BL 2ω,A、B均错误; 当金属棒OM 在磁场中转动时,M、O 两端电压为路端电压,根据串并 联关系得其电压为1 6BL 2ω,在磁场中的金属棒电流是另外两个电流的2倍。故C正确,D错误。 8.【答案】 C 【解析】 根据题意可知,圆弧长度为πR3 对应的圆心角为π 3 ,则对应的弦长为R,所以粒子在磁场中运 动的最长弦为R,则有R=2r, 对粒子,根据牛顿第二定律有qvB=m v2 r ,解得v=qBR2m ,A错误; 如果速度方向与圆弧相切进入磁场,粒子可能做完整的圆周运动,时间为一个周期,B错误; 将磁感应强度大小改为 2B 2 时,则半径变为原来的2倍, 则粒子在磁场中运动的最长弦长为d=2r'=2R, 根据几何关系可知,此时对应的最大圆心角为π 2 ,则最长弧长为πR 2 ,C正确; 若粒子入射速率为3v时,则半径变为原来的3倍,则粒子在磁场中运动的最长弦长为d=2r'=3R, 根据几何关系可知,此时对应的最大圆心角为2π 3 ,则最长弧长为2πR 3 ,D错误。 9.【答案】 BCD 【解析】 原线圈的电压没有发生改变,则副线圈的电压U2 也不会改变,在滑动变阻器的滑片向a端 滑动的过程中,接入电路中的电阻增大,副线圈回路的电流I2减小,L1的功率减小,故A错误; 线框从题中图示位置开始转过90°的过程中,磁通量的变化量ΔΦ=BS, 而产生的平均电动势E=NΔΦΔt=N BS T 4 , T=2πω ,解得E=2NBSωπ , 代入数据得E=40π V,故B正确; 矩形线框在转动过程中产生的感应电动势的最大值Emax=NBSω, 则原线圈的电压即电压表V1 的示数U1= NBSω 2 ,再根据原、副线圈电压比与匝数比的关系有U1 U2= n1 n2 ,可得U2= n2NBSω 2n1 ,则副线圈的电压即电压表V2的示数U2=52 V,故C正确; 副线圈的电压U2保持不变,当滑动变阻器的阻值等于R1=2Ω时,滑动变阻器有最大的消耗功率为 6.25 W,故D正确。 10.【答案】 BD 【解析】 由右手定则可知,电流方向为逆时针与顺时针交替变化,A错误; F安=2NBIL,由法拉第电磁感应定律得E=2NBLv,I=ER ,可得F安=4N 2B2L2v R ,B正确; 高二物理B卷参考答案 第5 页(共5页) 线框由静止下滑后受安培力与重力,有mgsinθ-F安=ma,F安=2NBIL,由法拉第电磁感应定律得 E=2NBLv,I=ER ,可得mgsinθ- 4N2B2L2v R =ma , 随着v的增加,加速度减小,当加速度为0时,速度达到最大值,以后线框做匀速运动,当线框速度最 大时,安培力与重力的分力平衡有mgsinθ= 4N2B2L2vm R ,解得vm= mgRsinθ 4N2B2L2 ,C错误; 当线框速度最大时,F安=mgsinθ,所以克服安培力做功的功率为P安=mgsinθvm= m2g2Rsin2θ 4N2B2L2 ,D 正确。 11.(6分) 【答案】 (1)BC (2分) (2)m1x2=m1x1+m2x3(2分) x2+x1=x3(或m1x22=m1x21+m2x23)(2分) 【解析】 (1)小球碰撞后做平抛运动,由于小球抛出点的高度相等,小球做平抛运动的时间相等,小 球水平位移与初速度成正比,可以用小球的水平位移代替小球的初速度,实验要测量小球的质量与 水平位移,需要刻度尺与天平,本实验不需要测量时间,不需要秒表,故A错误; 要保证每次小球都做平抛运动,则轨道的末端必须水平,故B正确; 同一组实验中,入射小球必须从同一位置由静止释放,以保证到达底端做平抛运动时的速度相同,故 C正确; 为防止入射小球碰后反弹,则入射小球的质量必须大于被碰小球的质量,故D错误。 (2)小球下落高度相同,则运动时间相同,由动量守恒定律可知,若两球碰撞前后的总动量守恒,则 m1× x2 t=m1× x1 t+m2× x3 t ,化简可得m1x2=m1x1+m2x3; 若两球为弹性碰撞,则总动量守恒、动能守恒,即 m1x2=m1x1+m2x3, 1 2m1x 2 2= 1 2m1x 2 1+ 1 2m2x 2 3, 化简得x2+x1=x3。 12.(10分) 【答案】 (1)9000.0(1分) (2)R1(1分) (2分) (3)1500(2分) 25(2分) 0.024(2分) 【解析】 (1)根据串并联知识,R=9000.0 Ω。 (2)本题为分压式控制电路,为了测量时调节方便,滑动变阻器Rp 应选用小阻值的,则选R1。 (3)电压表示数为1.5 V时流过电压表的电流为0.5 mA,此时热敏电阻的电流为4 mA,热敏电阻 两端的电压6 V,由此得此时热敏电阻的测量值为Rt= U I=1500 Ω。 由图像可知Rt=Rt0+kt,k= 3000-1000 100 =20 ,Rt0=1000 Ω, 则Rt=1000+20t,当Rt=1500 Ω时其对应的温度为t=25 ℃。 功率:P=UI=0.024 W。 绝密★启用前 ▣▣ 高二物理B卷 满分：100分 考试时间：75分钟 命题学校：界首一中 审题单位：鼎尖专家组 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹签字笔书写，字体工整、笔迹清晰。 3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、 试卷上答题无效。 4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。 5.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题 目要求的。 1.下列叙述正确的是 A.变化的电场周围产生变化的磁场，变化的磁场周围产生变化的电场，两者互相联系，统称为电磁场 B.法拉第发现电流的磁效应，首次揭示电与磁之间的联系 C,安培提出了分子电流假说，成功揭示了磁现象来源于运动电荷这一本质 D比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，如电阻R号，加速度。二均采用比 U 值法定义 2.收音机的调谐电路由自感线圈和可变电容器组成，某时刻线圈中磁场方向如图所示，电容器的下 极板带正电。下列说法正确的是 A.此时电容器正在充电，电荷量增加 B.振荡电流正在增大，磁场能增强 C.若在线圈中插入铁芯，调谐电路的固有频率将增大 D.若减小电容器两板正对面积，调谐电路的固有频率将减小 3.某交变电流随时间变化的规律如图所示（曲线部分为正弦函数的四分之一周期），此交变电流的 有效值为 A 41 2/2 3T 4T T 27 2 A.√20A B.62A C.6A D.√/10A 【高二物理B卷第1页（共6页）】 4.制作糍粑时，工匠使用质量为m=2kg的木锤，拾至约80cm的高度由静止释放（可简化为自由 落体运动)，砸到糍粑后，与糍粑的作用时间为1=0.1s后速度减为0。已知重力加速度g取 10m/s,下列说法错误的是 A.木锤打击糍粑前瞬间，速度大小为4m/s B.木锤打击糍粑过程，木锤对糍粑的冲量大小为8N·s C.木锤打击糍粑过程，木锤的动量变化大小为8kg·m/s D.木锤与糍粑作用过程，糍粑对木锤的平均作用力为100N 5.一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的动能E随坐标x变化的关系如图所示，EA和 E知分别表示该电子在A、B两点时的动能。 下列说法正确的是 A.A点的电势能小于B点的电势能 B.A点的电势低于B点的电势 E C.该电子在A点的加速度大于在B点的加速度 D.该电子在A点的电场强度大于在B点的电场强度 6.如图为一种改进后的回旋加速器的示意图，其盒缝间的加速电场的场强大小恒定，且被限制在两 平行板A、C间，带电粒子从P。处由静止释放，沿电场线方向射入，加速后进入D形盒中的匀强 磁场做匀速圆周运动。B、D两条平行虚线间视为真空且无电场和磁场，P1,Pz,P,是第1次，第 2次，第3次经无场区进入磁场的位置。对于该回旋加速器，加速过程中忽略相对论效应和重力 的影响，下列说法正确的是 A.带电粒子每运动一周被加速两次 B.随着带电粒子的加速，其在磁场中做圆周运动的周期将减小 C.PP:=P2P3 D.经过P1,P2,P3时粒子做圆周运动的直径之比为1：23 7.金属圆环圆心为O、半径为L,转轴经圆心O且垂直圆环平面，三根电阻为r的金属棒互成夹角 120°，连接在圆环和转轴上。磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直圆环平面，其截面是半径为 L、圆心角为120°、圆心与O点重合的扇形。当圆环以角速度w顺时针（俯视）转动时，圆环及其 他电阻不计，下列说法正确的是 A.当金属棒OQ在磁场中转动时电流方向为从Q到O B.当金属棒OQ在磁场中转动时产生的电动势为BLω C.当金属棒OM在磁场中转动时（不包括磁场边界）， OM两端电压为BL2w D.三根金属棒通过的电流大小始终相等 【高二物理B卷第2页（共6页）】 8.如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。在磁场 边界上的M点放置一个放射源，在纸面内以相同速率向各个方向发射大量同种粒子，粒子的电 荷量为q、质量为m,所有粒子只能从磁场边界的某段圆弧射出，其圆弧长所对的圆心角为60°。 不计粒子间相互作用力及粒子的重力，下列说法正确的是 A粒子进人磁场时的速率为9B那 772 且所有粒子中在磁场中运动的最长时间是霜 C若仅将磁感应强度大小政为时，有粒子射出的边界弧长变为空 D若仅将粒子入射速率改为原来的，5信时，有粒子射出的边界弧长变为 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 9.发电机的工作原理如图所示。已知矩形导线框的匝数为N=100、面积为S=0.01m,处在磁感 应强度大小为B=0.2T的匀强磁场中，矩形导线框以角速度w=l00rd/s绕垂直磁场的轴匀 速转动，线框与理想变压器原线圈相连。理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，图示时刻线框 平面与磁感线垂直并以此时刻为计时起点，副线圈与灯泡L,和滑动变阻器R2组成回路。灯泡 的阻值R,=2Q,滑动变阻器的最大阻值为R,=42,交流电压表V1、V2均视为理想电表，不计 线框的电阻。下列说法正确的是 V A.滑动变阻器的滑片从b向a端滑动的过程中，灯泡L,的功率增大 B线框从图示位置开始转过的过程中，产生的平均电动势为0V C线框从图示位置开始转过的过程中，电压表V,的示数为52V D.滑动变阻器的滑片从b向a端滑动的过程中，滑动变阻器的最大发热功率为6.25W 【高二物理B卷第3页（共6页）】 10.两平行的光滑绝缘导轨组成的平面与水平面间的夹角为日，导轨间交替分布着方向相反、磁感 应强度大小均为B的垂直于导轨平面的匀强磁场，每块磁场区域的长度均为L,宽度均为d。 现有一匝数为N的矩形线框，线框的长度略大于磁场的长度，宽度为d,质量为m,总电阻为 R。线框从斜面顶端由静止下滑，导轨足够长，重力加速度为g,忽略摩擦阻力和空气阻力，下列 说法正确的是 A.线框中电流方向始终不发生改变 B.图示位置线框的速度为。时，线框所受安培力的 大小为4NBL。 R C.线框的最大速度为ngRsin 2NBL D。线框速度最大时，克服安培力做功的功率为Rsin0 4N2B2L? 三、非选择题：共5小题，共58分。 11.(6分) 某同学用如图所示装置做验证动量守恒定律的实验。图中O为斜槽水平末端在记录纸上的 垂直投影点，b为未放被碰小球B时入射小球A的平均落点，a为与被碰小球B碰后入射小球A的 平均落点，c为被碰小球B的平均落点。(a、b、c均在同一水平地面上) 777777777777 7777777777777777 (1)关于本实验的条件和操作要求，下列说法正确的是 (填选项字母)。 A.此实验中，必须使用的测量器材有天平、秒表、刻度尺 B.安装轨道时，轨道末端必须水平 C.同一组实验中，入射小球必须从同一位置由静止释放 D.入射小球A的质量小于被碰小球B的质量，两球的半径相同 (2)已知小球A、B的质量分别为m1、m2,三个平均落点位置与O点的距离分别为Oa=x1、Ob =x2、Ok=x。在实验误差允许范围内，若满足关系式 ,则可认为两球碰撞前后的总动 量守恒。若满足关系式 ,则可认为两球碰撞为弹性碰撞。 【高二物理B卷第4页（共6页）】 12.(10分) 某实验小组利用热敏电阻传感器测量温度（低于100℃），热敏电阻的阻值随温度变化的数据 如图甲，实验器材如下： A.直流电源，电动势E=12V,内阻不计： B.电压表V,量程为3V,内阻Rv=3k2: 3f R/kO C.小量程电流表A,量程为10mA,内阻约为102： D.滑动变阻器R1,最大阻值为52： E.滑动变阻器R2,最大阻值为2k: 0 100/℃ F.电阻箱R,最大阻值为9999.92： 图甲 图乙 G.被测热敏电阻R: H.开关、导线若干。 (1)将电压表V改装成量程为12V的电压表，需串联电阻箱的阻值为 n。 (2)结合所供实验器材，为较精确地测量金属热敏电阻，滑动变阻器R。应选用 (填 “R,”或“R2”),并将图乙所示电路图补全。 (3)接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，若此时电压表示数为15V,对应的电流表示数 为4.5mA,则此时热敏电阻的测量值为 2,其对应的温度为 ℃，实际功率为 W。 13.(10分) 如图所示，光滑斜面倾角为0=30°，质量为m:=1kg的小球A从离水平地面高度为h=1.8m 的斜面顶端由静止释放，滑至底端时与静止在光滑水平面上的小球B发生弹性碰撞。已知小球B 的质量为m2=2kg,水平面与斜面底端平滑连接，碰撞时间极短，重力加速度g取10/s。求： (1)小球A滑至斜面底端时的速度大小。； (2)碰撞后小球A和小球B的速度大小1和v2; =1.8m (3)判断小球A,B最终运动的速度大小。 【高二物理B卷 第5页（共6页）】 14.(14分) 如图所示，在坐标系x0第一象限内有场强大小为E、方向沿y轴负方向的匀强电场，第二象 限内有半径为2L的圆形匀强磁场，其磁感应强度大小为B,方向垂直于xOy平面向里且与x轴相 切于P点，P点的坐标为（一3L,0)。一电子以沿y轴正方向、大小为v 2BL的初速度从P点射 入磁场，经过磁场偏转后通过y轴的Q点进入第一象限。已知电子的质量为m、电荷量数值为， 不计电子重力。求： (1)电子在磁场中运动的半径； 4L (2)若在y=4L处有一粒子接收屏。 (1)电子打到屏上点的横坐标： (1)电子从释放到接收屏的时间。 15.(18分) 如图所示，间距为L=1m的两条平行光滑金属导轨AB、CD足够长，与水平地面间的夹角为 日=30°，底部B、D之间连有一阻值为R2=2Q的电阻，导轨处在磁感应强度大小为B,=1T、垂直 导轨平面向上的匀强磁场I中，导轨的上端点A,C与横截面为S=0.01m2、匝数为V=100匝的 水平面内的线圈相连，线圈总阻值为R,=1Q,线圈处于方向竖直向上的匀强磁场Ⅱ中，磁感应强 度大小随时间变化规律为B2=2:(T)。开关K闭合后，电阻值为R=2Ω的光滑金属棒ab恰能保 持静止。金属棒始终与导轨垂直且接触良好，其余部分电阻不计，重力加速度g取10m/s2。求： (1)因磁场Ⅱ的磁感应强度大小变化，线圈中产生的感应电动势大小： (2)金属棒ab的质量； (3)开关K断开后，金属棒ab由静止下滑至最大速度所需时间为to(>0.6s),金属棒ab能达 到的最大速度和金属棒产生的焦耳热。（热量表达式中可含to) 309 【高二物理B卷第6页（共6页）】