实验题专练(二) 力学实验(二)-【鱼跃龙门卷】2025年高考物理试题逐题突破（福建专版）

4 2.10分》某可学用如图甲所示装置验证力的平行四边形定则 2024一2025学年度高考试题逐题突破一实验题专练（二） 物理·力学实验（二）】 总分，的分时间，0分钟蛙名， 得分： 单隐，N 乙 1,《10分)如图甲所示是很多力学实险中骨使用的装置 》实酸时，先用两个弹簧测力计把缠皮条AO拉长，记下结点的位置O和 电火花时器 及两拥蝇的方向，然后用+个弹簧湖力什拉豫皮条，将檬皮条的结点拉判 ,记下 小华 洋簧测力计拉力的大小，方向，实段中，一个弹簧测力计的示数如图乙所示，测该弹簧调力 计的拉力大小为 N 《?适过作图对实验结果处理：F:,F:表示两个测力计的拉力，F表示科用平行四边形作出的 ” F,与F,的合力，F表示用一个视簧洞力计拉檬皮暴时的力，测下图中符合实验事实的 打点时 (3)某次实验时，用两个弹簧测力计拉擦皮条，结点2斜点时：博个弹簧判力计的示数相民， 两个洋簧测力计的拉力夹角小干加，现将其中一个弹簧两力什控力方不变，转动另 《1关于度装量的下并说法正确的是 A。利用该装登数“探究小车魂度随时问变化规律“的实验时，需要平商原擦力 弹簧测力计的拉力方向，使两拉力的夹角减小，体持结点始终在)点位置，则转动的弹簧 县以小不和砝码整体为研光对象，平衡厚搬力后，可利用该装登“验任机候能守杠定律“ 测力什的故力合 C利用该装餐徵“探究小车的加逸度与力，通量的关系”的实的时，障应平衡摩擦力外，还 A.变大 位变小 必巢病足小车的置量远大于融码与酞码盘的总质量 C,可能先变大后变小 可能先变小后变大 《》在用度装置来“探究排逸度与力，质量的美系“的实验时，操作如下： 3.10分)某实验小组用加图甲所示的墓置研究平抛品动及其背点，角的实段授作是：在小球A, 《)平衡厚撇力时，若所有钓操作均正确，打出的揉带如图乙所示，应 〔筑”诚小成 B处于同一高度时，用小领轻击弹性金属片，楚A球水平飞北，同时B球被松开下落。 “增大")木板的候角 《6)图丙为小车质量一定时，根据实验数暴提绘的小军加速度。的倒数与量和硅列的总面 量用的间散之同的实陵美系图像。若牛领第二定律境立，制小车的版量M一 ke 《:取.8m,)结果保留？位有效数字) (3》若用图丁的装置拓展探究方法，拔知下步露进行： 《「花上融码盘和砝码，政变木板的倾角，便质最为M的小军能着派带沿木板匀速下滑 (目》取下硅码露和酞码，酒出其总质量为w,记m:为小车受耳的作用力F,让小车沿木板 下滑，测出如落度象， (改变砝码质量和木板候角，多次湖世，通过作图可得到F的关系 1》甲实验的残象是小球A,B 〔填”同时”减”先后”)落地，说明 若小明可学操作规稳，随着托盘内的陆丹数措大，作出的F图豫正绳的是 (?》现将A,H球族复刺始状态后，用比较大的力敲击朝性金属片，A球落地点变逐，侧在落趋 时的提度（填变大”一不变”或受小）： (3)安装围乙所乐纤定平抛适动实验装置时，保证斜情未端 (填看 要“境”不寄要“先潜， 物理·验置专蓝（二）第1勇共4 物理P·实验置专城（二）第：到1共4勇 /外44 《4》然后小明用图乙所示方法记录平抛运动的转连，油干没有记录橙出点，如图丙新示，数据 》知采用什算供测得的g值偏大，可能的原因是 处理时选择A点为坐标原点(0,0)，两图中小方格的边长均为20cm,重力加遮度g取 A。单损的悬点未图定紧，最动中出现松动，使线增长了 1om,,期小球平箱初速度的大小为m/,小感在出点速度的大小为。 我把用次全动的时同误记为和一1次全限动的时到 4,《1分)利用气导轨和光电门险证桃城能好出定律的实验装置如图甲所示。已经测得： C.以园线长作为钮长来计辣 ,速先片宽度d D.以摆线长与摆球的直轻之和作为摆长来计算 么轻放滑块时惜块上意光片到光电门的距商为 《4》为了提高测量精度，需多次改度L的值并测得相应的T值。现测得的六火组数据，标示在图 巴约再质量样，带块与这光升的总威量叶 乙所示的以L,为横生标，丁为品坐标的坐标纸上，审图中用·×“表示的点。根据图中的 接薄气尊，释放的码 数形点断出丁与L的关系因线 地1 气使 5》某女实验新用单医的医长为82.5动©m,实验中裂测到从起球第1次经过量低点到增6】次 经过量甚点的时闻间篇为54.0，该小组测得的重力加滚度大小为m/。(结 果保简别小数点后两位，9.8？) (》某可学用一个援长为0.0m的单国做实验，摆动的最大角度小干，完成实种后想设计 一个斯单握，安求新单摇层动10个周博的到问与原单国机动11个周明的时间相等，新单 摆的园长应该取 (1巴知骨换上意光片通过光电门时同为，则滑块通过光电「时的速度为 8.10分》某实验小组用细帽甲所示的装置嫩“验证动量守恒定律”的实验。两个滑块破撞后会 《2)在洲块从释收到清块上需老片经过光电门这一过配中，剂块（含君光片）与钩码组战的系 粘在一起 淀重为婷能诚少量为·动能增相最为 烟走电们 弹射复 左气电门老川 《8)放变1，膛多组实验作出以1为横全标，以（为线坐标的图像，加图乙质示。若指块 《含意光片门与构码组成的系皖视械能守们，属周像斜率为 1主尺2m 5.《10分)某同学在量用单复测量重力粒速度实验中，装置如周甲所承 +7V 节酸 料F板国Q 0迟地2 e (1》A,B再个帝块的遮光片的宽度相同，用游标卡尺测量送充片的宽度，其示数如图乙所示， 其值为d= 《2实羚前，接酒气源后，在导轨上轻救一个滑块，给滑块一初渔度，使它从导轨左编向右运 44 动，发现情块道过左划光电门的时何小于道过右侧光电门的时司。为使导轨水平，可调节 00001011012Lm Q的健田使导我右端 填“丹离或降低“一些。 乙 (?》实验时分别使得块A.B括压气售神我左，右两图弹射架中的橡皮条，同时释位后，观察到 1)若园球的直径为D,悬线长为【，则摆长为 左臀光电门先后有两个计数，分璃为T,T,右测光电门有一个计数T:。已知帝块A的 《2》为了减小酒量周期的误差，医球成在经过量 (填高”堂”年"》点的位置时开蚧 质量为m:精块出的质量为m知，如果关系式 (用题中将理量管琴表示， 什时 设向右为正)成立，则霄滑块碰幢过程中动量好恒 物理段·雾验置专城（二）第勇1共4勇 按理·实脸置专城（二）第4期共4勇)高三逐题突破 时刻的速度等于该段过程的平均速度，则有=2，则从打0点到打B点的过程中，动能 变化量为△B,=mi一0=)。（4)该实验中作在摩擦和空气阻力，实际加速度不 是g,而利用公式v=g、v=√2gh计算重锤速度时都认为机械能守恒，则重力势能的减少量等 于动能的增加量，故A、B错误。存在空气阻力和摩擦阻力，重力势能一部分会转化为内能，则重 力势能的减少量大于动能的增加量，故C正确。采用多次实验取平均值的方法是为了减小偶然 误差，故D错误。(5)该同学的判断依据不正确。在重物下落h的过程中，若阻力F恒定，根据 mgh一历=2mm-0,可得=2(g一)h,可知，uh图像仍然是过原点的一条直线。要想通 过v-h图像的方法验证机械能是否守恒，还必须看图像的斜率是否接近2g。 6.(1)AD(2)B(3)相等(4)mA√1-cosa=mB1-cos3 【解析】(1)轨道末端必须水平，以保证小球能做平抛运动，选项A正确。轨道倾斜部分不一定 要光滑，只要到达底端时速度相等即可，选项B错误。为防止入射小球碰后反弹，则入射小球的 质量大于被碰小球的质量，选项C错误。同一组实验中，入射小球必须从同一位置由静止释放， 以保证小球到达底端时速度相同，选项D正确。(2)小球均做平抛运动，竖直方向下落的高度 定，则下落时间相等，水平方向的速度之比可等效为位移之比，P点是一个小球不碰撞时下落的 位置，所以需要测量OP及OM、ON在OP方向的投影长度OM。,ON。。(3)实验中所用两绳长 度应相等，以保证两球重心在同一水平面上。(4)对两球由能量关系有？m=mgL(1一 cosQ),2m6B=mBgL(1一cosB),若动量守恒则满足mAvA=mBv4,即mA√2gL(1一cosa) mB√2gL(1一cosB),化简得mA√/1一cosa=mB√1-c0sB。 物理实验题专练（二） 1.(1)C(2)(a)增大(b)0.18(3)A 【解析】(1)利用该装置做“探究小车速度随时间变化规律”的实验时，只需要保证小车受到的合 力恒定不变，不需要平衡摩擦力，故A错误。以小车和砝码整体为研究对象，平衡摩擦力后，由 于仍存在摩擦力做功，会产生内能，所以不能利用该装置“验证机械能守恒定律”，故B错误。利 用该装置做“探究小车的加速度与力、质量的关系”的实验时，除应平衡摩擦力外，还必须满足小 车的质量远大于砝码与砝码盘的总质量。因为只有当小车的质量远大于砝码与砝码盘的总质量 时，才能认为绳的拉力近似等于砝码与砝码盘的总重力，故C正确。(2)()平衡摩擦力时，若所 有的操作均正确，打出的纸带如图乙所示，纸带向右运动，点迹变密集，说明小车做减速运动，为 了让小车做匀速运动，应该增大木板的倾角：(b)由牛顿第二定律得mg=M,可得_M.L, a g m 由。图像可得0，解得小车的质量为M≈0.18kg。(③)取下托盘和砝码前，小车做匀速 a m 直线运动，处于平衡状态，合力等于零，取下托盘和砝码后，小车做匀加速直线运动，其所受的合 力为F=mg。改变砝码质量和木板倾角，多次测量，根据牛顿第二定律，加速度与合力成正比， 通过作图可得到α-F的关系一定是一条通过原点的倾斜的直线。 2.(1)两弹簧测力计拉力的大小O点3.70(2)C(3)A 【解析】(1)记下结点的位置O和两弹簧测力计拉力的大小和方向：用一个弹簧测力计拉橡皮条 将橡皮条的结点拉到O点。弹簧测力计的分度值为0.1N,需要估读到0.01N,可知其示数为 ·56· ·物理D· 参考答案及解析 3.70N。(2)根据二力平衡条件，F'一定与橡皮条在同一条直线上。F是根据平行四边O 形得到的合力，F一定是平行四边形的对角线。(3)两个分力大小相等，夹角小于90°， 根据矢量三角形可知，当一个分力F,方向不变，两分力间的夹角减小，合力F一定，则 方向不变的分力F,减小，转动的分力F1变大。 3.(1)同时平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动(2)变大(3)水平不FF 需要 (4)35 【解析】(1)甲实验中，小球A做平抛运动，小球B做自由落体运动，实验现象是小球A、B同时 落地，说明平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动。(2)将A、B球恢复初始状态后，用比 较大的力敲击弹性金属片，A球落地点变远，水平速度变大，可下落的高度不变，由自由落体运动 可知下落时间t= 2h ,则在空中运动的时间不变，落地的竖直速度不变，则落地的速度变大。 (3)安装图乙所示研究平抛运动实验装置时，保证斜槽末端水平，使小球每次都做平抛运动，由于 小球每次都是从斜槽上同一位置开始释放，小球在轨道上运动时克服阻力做功都相同，因此斜槽 不需要光滑。(4)由题图丙可知，两计数点间，小球在水平方向的位移相等，可知两计数点间的时 间间隔相等，小球在竖直方向做自由落体运动，因此由匀变速直线运动的推论△y一gT“,可得 T= Ay /(5-3)X20×107 &-0,.2s则小球平抛初速度的大小为一=3X20X10 m/s= g 10 0.2 3m/s。在y轴方向，由匀变速直线运动在某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平 2×0.2m/s=4m/s,小球 均速度，可得小球在B点沿y轴方向速度的大小为，二-8X20X10 在B点速度的大小为vm=√0+u=3+4m/s=5m/s。 4.①2mm,+m( 2m1g m1十mg )根据极短时间的平均速度等于瞬时速度，滑块通过光电门时的速度为口=。 释放到滑块经过光电门这一过程中，系统重力势能减少量为△E。=m1g(,动能增加量为△Ek= 立m,十m,-m,十m,(号。（③)改变1，做多组实酸，作出以1为候金标以（广为纵 坐标的图像，若机械能守恒，有mg1=(m十m:(受)，整理有() 三2mg·1,则图像斜 m,十n。 率为k= 2mig m1十m2 5.(10L+2 (2)低(3)D(4)见解析(5)9.83(6)96.8 释析】(1)若摆球的直径为D,悬线长为L,则摆长为1=L士？。(2)为了减小测量周期的姿 差，摆球应在经过最低点的位置时开始计时。(3)根据单摆的周期公式T=2π， L+2 2 g ,可得g= 由此可知，单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增 ·57· 高三逐题突破 长了，则摆长的测量值偏小，重力加速度的测量值偏小，故A错误。把次全振动的时间误记为 n一1次全振动的时间，则周期的测量值偏大，重力加速度的 ◆Ts 测量值偏小，故B错误。若以摆线长作为摆长来计算，则摆500 长的测量值偏小，重力加速度的测量值偏小，故C错误。以4.60 摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算，则摆长的测量值 4.20 偏大，重力加速度的测量值偏大，故D正确。(4)根据图中的 数据点画出T2与L的关系图线，如图所示。(5)单摆周期3.60 T54.60s1.82s·重力加速度大小为g=牙L=4红 3.40 30 1.82 3.00 82.50×10-2m/s2≈9.83m/s2。(6)新单摆摆动10个周期0.800.901.001.10120L1m 的时间与原单摆摆动11个周期的时间相等，即10T‘=11T,10·2x =11·2x ,所以‘= 96.8 cm. 6.(1)0.270(2)降低(3)mA_m =_n十mA T T2 T 【解析】(1)20分度游标卡尺的精确值为0.05mm,由图乙可知遮光片的宽度为d一2mm十 14×0.05mm=2.70mm=0.270cm。(2)给滑块一初速度，使它从导轨左端向右运动，发现滑 块通过左侧光电门的时间小于通过右侧光电门的时间，可知滑块做减速运动：为使导轨水平，可 调节Q的旋钮使导轨右端降低一些。(3)A、B两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，设向 右为正方向，根据动量守恒可得mAvA一mvB=一(mA十mg)vA,遮光片的宽度为d,根据题意 d 看以子山了，联立可得如果关系式-咒一一”4成立，则两滑块碰撞 T 过程中动量守恒。 物理实验题专练（三） 1,(1)Rb偏大(2)见解析(3)R,298(4)A 【解析】(1)由于R?>RvRa,则电流表选择内接时，误差 较小，则R山更接近真实值，测量值偏大。(2)实物图连接 如图所示。(3)根据实验原理可知应保证R,不变，根据 欧解定律有R,十R,十R,公R,十R,- ,解得R,≈ 2982。(4)由上述分析可知电源内阻与电流表内阻对实 验结果都无影响。 2.(1)BD(2)100不需要(3)机械调零见解析 【解析】(1)甲图中，多用电表与小灯泡并联，但由于黑表 笔与电源的正极相连，故不可以测量小灯泡的电压，故A错误。图乙中，多用电表串联在电路 中，红表笔与电源正极相连，可以用直流电流挡测量电路中的电流，故B正确。图丙中，若用欧姆 挡测量小灯泡的工作电阻，电源不可接入电路中，故C错误。图丁中，黑表笔与内部电源的正极 相连，所以用的是欧姆挡测量二极管的反向电阻，故D正确。(2)由图可知，表盘中间刻度为10， ·58