选择题专练(七) 电场、磁场-【鱼跃龙门卷】2025年高考物理试题逐题突破（福建专版）

典44 5.如图所示，在真空中有霄个带等量负电局的点电局，分别置平P,Q两点，0 2024一2025学年度高考试题逐题突破一选择题专练（七）】 是它们连线的中点，A,B.C为P,Q连线的中垂线上的三点，且4■OC, 物理·电场、磁场 下列说法正确的是 月拉8 AA点的电扬强度一定大于B点的电场强度 总分：64分时到：40分钟 BA,B.C三点的电势满是Pg>年A>pe C同一点电背在A,C周点所受电葛力相同 1,《多选》如固所示为静电植绒的袋置简图，将表面徐有韩合剂的被植体放在 D.同一到电简在B点的电势能小于其在C点的电劳健 金展板上，打开电源开关石，在金国网与金国板同会产生3V的高压，放在 6.(多选》如图所示，正六棱柱上下底直的中心为O和，A,D两点分别 金属网上的然毛将垂直地粘在被植体上。若保特金属网和金属版铜的距离 固定等量异号的点电荷，下列说法正确的是 为2m,忽略边撞效废，将阿与板国的电场视为匀强电据，集下列供法正确 的是 AF点与C(的电桥置度大小相等 玉B点与点的电场醒度方向相同 A.金属网和金属板佩的电场强度为1,5×1心V/同 施体 乱线毛在飞往被植体的过程中电势能不所增大 CA'点与F点的电势差大干O)点与D点的电势楚 山，将试探电荷+會由F点沿直线移动到O点，其电势能先增大肩成小 ,若增大金属网和金属板间的距离，则网和板之问的电势差也增大 ?.热影蜜是很多材料的性魔，对材料的热膨岸现象的研究一直是科技额域研究工祚中的热点 D在干燥的环境中进行植或效果会更好 低有些材料因鹅整账导致的尺寸变化很小，雅以测量。某司学液计制作了电容结密雀检测 2.如图所示，A,B,C三点的连线构或一个等腰直角三角形，∠A是直角 在B点放置一个电背量为十Q的.点电商，测得以C中应的电肠强度大小 仪，原理如图所示。电容替上级板国定，下最板可随材料竖直方向的尺度变化上下移动. 为E,若保留B点的电稼，在C点放置一个电稼越为一Q的点电有，则 规在判量某材料的热能账，指我满材料平战在规热器上进行加热徒其温度升高，团合开关5， A点的电影需度大小等下 下列说法中正嘴的是 A.E B.2E C范E 3.一带负电的粒子只在电场力作用下沿：鞋正方向阔动，其电势能E,随：仁 位移x变化的关系如图所示，其中0一x,段是关下直线云■工，对称的由 线：一x,段是直线，荆下列说法正瑞的是 A.x1处电据程度量小，但不为零 A.极板所带电背量降低 我粒子在0一：段做匀变速运动 瓜检测到见羞电流计的电流方向为从。到5，说明技测材料出说了反食能张（盟度升高，高度 C若：处电势分别为，鸭，期：<： 变小) D,粒子在：一，段受到的电等力不变 二滑动变阻器滑片病上骨动少许可以提高检测仅的工作电压 4.如图所示，在平行于匀强电崎的平直上以O点为风心作常径为10cm D检测结来，断开开关，灵敏电流计上有从口可6的短看电议 的圆，在图翼上取A,B,C,D四点，AD为既的直径，OC与OD度53 8.一程质量分布均匀，正电荷分布均)的线上端图定在绝绿经直杆上，若将它们置于水平向右 角，O用無直于AD。已知匀强电号的电桥强度大小为10×1°V/m 的匀强电场中，线稳定后的样子可能为 B点电势为0，sin53*=0.8。期 A.C点电势为00V B口点电势燕于B点电势 CA,D再点同的电势差为2000V D.靶一电而量为1C的正点电背船着阳属从C底移动刊D点，电势能减少0J 物理D·感排雅专格（七）第1西1共4真 物理D·选排星专塔（七）第页I共4有 典44 从，《多选》空间有水平向右的匀强电场（未商出，一带电小球质量为和，经过运动轨迹上的A,B 1品，《多志》如函所示是一含有通电氟线管B的闭合电路，通电赐线管 两点时，速度大小均为，如图所示，已知小球在A点时的速度方向水平向右且与AB连线的 上方有一悬挂在弹簧测力计下的条形继体A。闭合开关，背系统 夹角为8，重力加速度为g,测下列说法正确的是 悬定后，将得动变阻器韵清片缓慢向右移动，在此注程中，下列说 胜名 A小球受到的电场力大小为。 法正稀的是 A弹簧测力计示数变小 得公 玉小球在B点时的速度方向与AB连就的夹角电为香 我电醉中流耗的总为率变小 C电压表与电流表示数的比值变大 C小球从A写诗到B的过程中，小球电身俗变化量最大值为2规 D.电藏表的示数变大 D,小球从A点运动到B点的过程中速度最小值为，成 14,《多选》如围所示，在登直平直内用轻绳盗接一根暖量为m的通电导线，导线长为L,电废大 10,《多选》如图，在显直平面内有水平向左的强电场，在匀强电场中有一显长为上的绝缘解 小为【，方向垂直纸面向里，能加适当的藏场使通电导规处于平衡状态且轻绳与竖直方向成 等慧栏 线，细线一墙限定在O点，另一墙系一质量为群，帮电荷量为（的小球。小味静止时细线与 30“角，派力相速度为g,下列美于邀场的指迷正确的是 竖直方向成9角，此时让小球孩得初速度且恰能烧)点在经宜平面内戴图周述动，重力加速 2 度为g。则 A当藏场方育竖直负上时，藏感应强度用-品 人匀强电场的电场强度大小为m血 武当藏场方向水平向右时，围够应级度：一置 9 玉小球疾得奶蒸直的大小为哥 C当磁场方向水平药左时，藏感应强度：一置 6 7 C,小球从初始位置运动至轨透的最左端增加的机城能为wg【.n中8（们十n) 几脂修皮看度的最小值为日=器 8 D,小球从切始位置在经直平面内颗时针运动一周的过限中，其电势能先减小后增火 15.在匀猩磁场中有粗强均匀的间种导线制或的直角三角形线根，∠▣一 11.离地童高度角（角辽小于趋球率轻F》以下的大气层可提为电阻率较大的比解质。假设由于雷 0,∠：一30，壁场方向瑶直干线标平面鸭外，@心丙点接一直谨电原， 10 暴对大气层的”电击”，使得离地而高度五处的大气层与带负电的地这表面之同形成隐定电 电流方向加图断示，下列说法正确的是 11 场，其电势差的为。已知雷禁挥秒肿给地球充电的电荷量的为Q,绿面表面积公式为3一 A导线c受到的安墙力大于导线受到的安培力 12 4R。下列说法正确的是 队导线ak受到的安培力的合力等于异线a受到的安培力 A。充电电慎的方向山大气层指向地球表面 C导线ab,a所受安培力的大小之比为1：9 H 么雪果给地球的克电电德平为值约为，品 D导线ax受到的安培力的合力方向垂直于a向上 1.如图甲所示，一带电物块无有边度地敏在与水平能城音角的传送带底端，传递带以恒定大小 16 心，大气基的等效电阻为号 韵速李船展时针方向转动，谈装置处于垂直纸面向里的匀强鹜写中，物块山传送带底滑E运 功至顶端F的过程中，其图檬如图乙所示，物块全程运动的时闻为4,5，关于带电物块 孔黄大气层的等袋电程率为 及该运动过程的说法中正确的是 12.我三相高压输电技术处于国际领先地位，通电导线周围存在磁场，程 物目4季中) 如有三根平行通电长直号线在正三角形的三个额点AB,C上，0点为O:卡。 三角形中心，三根导线电流方向如图所示，电礼大小相等，著A处长直 导线在0底产生的磁感家第度的大小为B,则关于O点的随场搜连正 D 确的是 A,磁感应强度大小为B,方闻沿BF方向斜向下 A。该物块带鱼电 玉磁感应望度大小为厚B,方沿DA方向斜向上 乱传透花的转动速度大小一定为1m/s C.避感应翼度大小为2B,方向与BF差线垂直斜向上 G物块与传送带间的动摩然因数：可能等于tang D建多成面度大个为3B,方向沿CE方向向上 几在2一45内，物块与传送带可您有船时运动 物理D·选排置有格（七）第3有引共4真引 物理D·选排置专s(七)第4页I共4有·物理D· 参考答案及解析 1.6m's,故B、C错误。当B、C两球速度相等时，弹簧的弹性势能最大，mnv2=(mB十mc)os, 1 E,=2mnui-2(ma十mc)u,解得E,=38.4J,故D正确。 物理选择题专练（七） 。AD【解桥将网与板间的电场视为匀强电场，则金属网和金属板间的电场强度为E 3000 0.02 V/m=1.5×10°V/m,故A正确。绒毛在飞往被植体的过程中，电场力做正功，则电势能 不断减小，故B错误。由于金属网与金属板间有3kV的恒定的高压，若增大金属网和金属板间 的距离，网和板之间的电势差是不变的，故C错误。在干燥的环境中静电不容易被导走，进行植 绒效果会更好，故D正确。 2.D【解析】设AB距离为L,则BC距离为2L,在B点放置一个电荷量为十Q的点电荷，测得 BC中点的电场强度大小为E,则有E=k Q=2张8，在C点放置一个电荷量为-Q的点 电荷，可如B点和C点两处的点电荷在A点产生的电场强度大小均为E=是一专则A点的 电场强度大小为EA=√E+ET=2E=号E。 3.D【解析】E。-x图像的斜率表示粒子所受电场力F,根据F=gE可知x1处电场强度最小且为 零，选项A错误。粒子在0一x2段切线的斜率发生变化，电场力发生变化，所以加速度也在变 化，不是做匀变速运动，x:~x段斜率不变，电场力不变，选项B错误，D正确。带负电的粒子从 x1到xs的过程中电势能增加，说明电势降低，即91>9：，选项C错误。 4.C【解析】B、C两点间的电势差为U=Edc=ER cos53°=1.0×10'×0.1×0.6V=600V, 由于B点电势为0，则有Uc=PB一9c=0一pc=600V,可得C点电势为9e=一600V,故A错 误。由于OB连线与电场方向垂直，所以O点电势等于B点电势，故B错误。A、D两点间的电 势差为UD=Ed4D=E·2R=1.0×10X2×0.1V=2000V,故C正确。把一电荷量为1C的 正点电荷沿着圆周从C点移动到D点，电场力做正功，电势能减小，有△E。=一WD=一qUo= -qE(R一Rcos53°)=一400J,即电势能减少400J,故D错误. 5.D【解析】根据等量同种点电荷连线中垂线上电场线的分布规律可知，A、B两点处电场线的疏 密情况不清楚，故不能判断A、B两点处的电场强度大小，故A错误。根据对称性可知，A、C两 点的电势相等，BO间电场方向从B到O,根据沿电场线方向电势降低，可知A点的电势低于B 点的电势，故C点的电势低于B点的电势，故B错误。根据对称性可知A、C两点的电场强度大 小相等，方向相反，故同一点电荷在A、C两点受的电场力大小相等，方向相反，故C错误。C点 的电势低于B点的电势，而负电荷在电势高处电势能小，故同一负电荷在B点的电势能小于其 在C点的电势能，故D正确。 6.AD【解析】由题图可知，F‘点和B'点关于平面ADD'A'对称，由等量 异种点电荷产生的电场的对称性可知Er=E,同理可知Eg=Ec, F'点和E′点关于AD连线的中垂面对称，可知Er=EE,则有Er= E=EB=EE,可这四个点的电场强度方向均不相同，可知F'点和C 点电场强度大小相等，B'点和E'点电场强度方向不同，A正确，B错误。 ⊙ 连接A'D',由等量异种点电荷产生的电场的电势分布特点可知，O点电势是零，F'点电势为正， 依据A'D'连线上电场强度关于O'点对称，可知Ur<U。o,C错误。六棱柱上表面的部分如图 ·23· 高三逐题突破 所示，由几何关系可知正电荷在OF中点K的电场强度方向垂直OF,则K点的合电场强度与 OF的夹角为锐角，F点的电场强度和OF的夹角为钝角，因此将试探正电荷从F点移到O点过 程中电场力先做负功后做正功，则电势能先增大后减小，D正确。 7。C【解折】温度升高，材料膨账，电容器两板间距诚小，根据C一电容增大。由于电容器两 板电势差不变，根据C一号，极板所带电荷量增大，A错误。检测到灵敏电流计的电流方向为从。 到b,极板所带电荷量增大，由A可知，被测材料没有反常膨胀，B错误。滑动变阻器滑片向上滑 动，阻值增大，根据E=U+R,可知检测仪的工作电压升高，C正确，断开开关，电容器放 电，则灵敏电流计上有从b到α的短暂电流，D错误 8.A【解析】取线整体为研究对象，线受重力mg,电场力Eg和杆的拉力，设线上端沿切线方向与 竖直方向的夹角为a,其正切值tana= ,设单位长度1的线的质量为m。单位长度上所带的 mg 电荷量为9，取线上最下面一小段△1，其质量△m-”,,所带的电荷量△g=9,一 1 ,对这一小 段的线进行受力分析，可知其受重力△mg、电场力E△g及这一小段线上端线对它的拉力，线处 于平衡状态，故其所受合外力为零。设这一小段线与竖直方向的夹角为0，其正切值tan0= E△g=B4。,由于E、g都为定值，则-9，故0=a,由此可知任取下方一段线，其与竖直方向 △mg1ag n1。m 的夹角均为a。 9.BD【解析】设AB长为L,小球在A,B两点速度大小相等，所以小球重力做的正功与电场力做 的负功大小相等，即ngL sin0=qELcos0,得gE-mg tan0,故A错误。小球在A、B两点速度 大小相等，由动能定理可知，合力F未做功，所以F与AB连线垂直，小球在A、B两点沿AB方 向的分速度相等，所以小球在B点时的速度方向与AB连线的夹角也为日，故B正确。小球从A 运动到B的过程中，水平速度没有藏为0，故小球电势能变化量最大值小于2mm,故C错误。当 沿合力F方向的分速度藏小为0时，小球只有沿AB方向的分速度，故小球从A点运动到B点 的过程中速度最小值为vcos0,故D正确。 10.AB【解析】小球静止时细线与竖直方向成0角，对小球受力分析如图，小← 球受重力、拉力和电场力，三力平衡，根据平衡条件，有mg tan0=qE,解得 E=mgtan E ,A正确。小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效 最高点A由重力和电场力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有mg g C0s日 四一，则小球从初始位置运动到A点的过程中，由动能定理可得一mg·2Lc0s0-gE 2Ln0=之m。一之m,联立解得小球获得初速度的大小为，一B正确。由功能关 1 5gL 系和能量守恒定律可得小球从初始位置运动至轨迹的最左端电场力做负功，故机械能减小，减 小的机械能为E=E电=gE(L+Lsim0)=gmg1an0(L+Lsin0)=mgL1an91十sin0),C错 误。小球从初始位置开始在竖直平面内顺时针运动一周的过程中，电场力先做负功，后做正功， 再做负功，则其电势能先增大后减小再增大，D错误。 ·24· ·物理D· 参考答案及解析 11.D【解析】雷暴给地球充电，即大量负电荷流向地球，可知充电电流的方向由地球表面指向大 气层，选项A错误。雷暴每秒钟给地球充电的电荷量约为Q,则雷暴给地球的充电电流平均值 约为1=Q=Q,选项B错误。该大气层的等效电阻为R=号-Q选项C错误。根据R一 UU P·可得该大气层的等效电阻率为。一”，选项D正确。 h 12.C【解析】根据安培定则可知，三根导线在O点产生的磁感应强度的大 小相等，方向如图所示，由于BA与AD垂直，BB与BF垂直，B。与CE垂A⊙ B 直，根据几何关系有B。=2BB=2BA=2B,方向与BF连线垂直斜向上。 B 13.AD【解析】由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知 D 螺线管上端为N极，下端为S极，则螺线管与磁体之间为同名磁极，相互 排斥，条形磁体受到向上的斥力，将向上运动，弹簧测力计示数变小，故A I⊙c 正确。当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知电路中 电流增大，即电流表的示数变大，电路消耗的总功率增大，故B错误，D正确。由于电压表与电 流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的电阻，所以比值变小，故C错误。 14.ACD【解析】当磁场方向竖直向上时，由左手定则可知，导线∠ 所受安培力方向水平向右，受力分析，导线受重力，安培力，轻 绳拉力，如图甲所示，由平衡条件可知F安=mgtn30°，又 E飞专BL,解得B3m,A正确。同理，当磁场方向水平向 右时，导线所受安培力竖直向下，导线不能平衡，不符合题意，B 错误。当磁场方向水平向左时，导线所受安培力方向竖直向 上，则有BL,=mg解得B=瓷，C正确。由力的平衡条件可 甲 乙 得，三力的合力是零，则三力构成封闭的三角形如图乙所示，当安培力垂直于轻绳方向向上时， 安培力最小，则B最小，则有B1L=mgsin30,解得B=器D正确。 15,C【解析】设ab边电阻为R,则ac边电阻为，3R,bc边电阻为2R,由并联分流原理， 3R3 R十2R=S,设abc中电流为1，则ac中电流为，31，则F=BIk,F=3BIL.=2BLk· 3 可得Fa<F,故A错误。abc等效长度等于ac,但电流小于ac电流，则F<F,故B错误。 由于Fb=BIL,F=3BIL=3BILb,所以Fa:F=1：3,故C正确。由左手定则可判 定Fk方向垂直于a心向下，故D错误。 16.D【解析】由图乙可知，物块做加速度逐渐减小的加速运动。对物块进行受力、F F 分析可知，开始时物块受到重力、支持力和摩擦力的作用，设动摩擦因数为：，沿 ● 传送带方向有uF、一ng sin0=ma,物块运动后，又受到洛伦兹力的作用，物块 的加速度逐渐减小，一定是FN逐渐减小，而开始时F、=mg cos0,后来F= mgcs0一F,洛伦兹力垂直传送带向上，由左手定则判断物块带正电，故A错的g 误。物块加速运动时，有4(mg cos0一F格）一ng sin0=ma>0,可得umg cos0>mg sin0,即 4>tan0,故C错误。对物块受力分析如图所示，加速度为零时，有ng sin0=红(ng cos0 qB),由图乙可得v=1m/s,只要传送带的速度v带≥1m/s,物块就能匀速运动，物块可能相对 于传送带静止，也可能相对于传送带滑动，所以在2一4.5s内，物块与传送带可能有相对运动， 故B错误，D正确。 ·25·