选择题专练(六) 动量、碰撞、力学综合-【鱼跃龙门卷】2025年高考物理试题逐题突破（福建专版）

·物理D· 参考答案及解析 物理选择题专练（六）】 。D【解折】小球做平抛运动，其速度变化率》-g,可知品，图像是平行于1轴的直线，故A错 误。小球做平抛运动，其动量的变化率A2=mg,可知 △t -t图像是平行于t轴的直线，故B错 △ 误。小球做平抛运动，根据动能定理△E=mgh=mg× 2612,即 △Ek_1 41-2mgt,可得 Ekot: △ 可知△E1图像是过原点的直线，故C错误。小球做平抛运动，根据重力做功与重力势能的变化 △t 关系可得1E,==,博之怎-g4,可得号1可知兰图豫是过原点 △ △ 的直线，故D正确。 2.BD【解析】由题图乙可知，t=2s时刻物块刚开始运动，静摩擦力最大，最大静摩擦力等于此时 的拉力，由题图甲可得最大静摩擦力为6N,故A错误。由冲量I=F1可知，F-t图像与时间轴 所围的面积表示力F的冲量，则在0~4s时间内，用面积法得水平力F的冲量为24N·s,故B 正确。由α-t图像与时间轴所围的面积表示速度的变化量，可知0~4s内物块速度的增量为 △u=1十3×4-2)ms=4m/s,根据动量定理，得0一4s内合外力的冲量为1=△p=m△0= 2 3×4N·s=12N·s,故C错误。结合C项分析，对物块根据动能定理得0~4s内合外力做的 功为W=2m=2×3×4J=24J,放D正确。 3.D【解析】卡通玩具悬停在空中，可知水柱对玩具底部的作用力与玩具重力是一对平衡力，即水 柱对玩具底部的作用力大小等于玩具重力，故A、B正确，不满足题意要求：喷泉单位时间内喷出 的水质量为△m=Su' =,S,故C正确，不满足题意要求：设玩具悬停时其底面相对于喷口的 高度为h,水从喷口喷出后到达玩具底面时的速度大小为？。对于△t时间内喷出的水，由能量守 恒得2m,心2十mgh=2m,在五高度处，△时间内喷射到玩具底面的水沿竖直方向的动量变 化量的大小为△p=mov(m。=So△t),设水对玩具的作用力的大小为F,根据动量定理有 F△=△p,由于玩具在空中悬停，由力的平衡条件得F=Mg,联立可得A=Mg 2g2ps,放D 错误，满足题意要求。 4.B【解析】由EF与GH平行可知，碰撞前后A壶的加速度不变，由题图可知，碰撞前后A壶的 准度，一安一号-1m放A错议，由图像可得，一会兰-。子。=5准拉 △01-4-5 △v:0-3 后B壶的加速度an=,1。)-mg=-0.5m/s,故B正确。由于A壶和B壶碰撞的 过程中动量守恒，则有mv=mAA十mvB,根据题图乙代人数据解得vA=1m/s,则可得碰撞 后至停止的过程中A壶的运动时间1=”。-0号。=1放酸撞后至停止的过程中，A,B 两壶的运动时间之比为1：4，故C错误。根据动量定理可得I,=△p,故可得碰撞后至停止的过 程中，A、B两壶所受摩擦力的冲量大小之比为1：3，故D错误。 ·19 高三逐题突破 5.A【解析】两球发生弹性碰撞，设碰后速度分别为口A、vB,则根据动量守恒和机械能守恒有 1 1 mAm十m心a2mA)于2m,联立解得1mH 2mA00 mA十8 U0·wH m4十m 第二次碰撞发生在图中的6点，则从第一次碰撞到第二次碰撞之间，有工=（兮十儿m(=0,1 2…=(信+k1（=012…,故A,B通过的路程之比为+(=01,2…).则有 1+3k 0A=xA_1十3k VBxB4十3k =01.2….联立解得%-什驰k=01.2…由于两质量均为正数.故 k=0,即m4=2 6.D【解析】不考虑空气阻力，下落过程是自由落体运动，两球都处于完全失重状态，则两个小球 之间设有力的作用，A错误。下降过程为自由落体运动，由匀变速直线运动的速度位移公式得 v2=2gh,解得触地时两球速度相同，为)=√2gh,B球碰撞地之后，速度瞬间反向，大小不变，故 B错误。选A与B碰撞过程为研究过程，碰撞前后动量守恒，设碰后A、B速度大小分别为1、 2,选向上为正方向，由动量守恒定律得m一mA0=mA0,十mU4,由能量守恒定律得。(m十 mn)v2= 2m⅓十n,解得2三，三3四，碰后小球A弹起的最大高度H=(3U）】 =9h, 2g 故D正确，C错误。 7.AB【解析】以A球为对象，由平衡条件可得mg=kx。,解得弹簧的劲度系数k=m5,故A正 确。设B与A碰撞前瞬间速度大小为o。,根据运动学公式可得2g·3x。=,B与A碰撞过 程，满足动量守恒，则有m0。=2m,联立解得B与A碰撞后瞬间速度大小为0=6g,故B正 2 确。小球A、B回到O点时，弹簧弹力为0，两球受到重力作用，加速度不为零，故C错误。碰撞 后两球一直做简谐运动，两球恰能回到O点，此时两球的加速度为g,方向向下，根据简谐运动对 称性可知两球处于最低点时的加速度大小为g,方向向上，设在最低点时的压缩量为x1,则有 k红，一2mg=2ma=2mg解得-g=4红…设此过程中弹簧的最大弹性势能为Em根据系 统机械能守恒可得Em=2mgx1=8mgxa,故D错误。 8.BD【解析】爆炸时，水平方向根据动量守恒定律可知mAvA一mvB=O,爆炸后两碎块均做平 范运动，下落商度相同，两降块下落时间相等，则二-号A,B的水平位移之比为1： 2,而从爆炸瞬间到落地，下落高度相同，两碎块的位移之比不等于1：2，A错误。从爆炸瞬问到 In magt=了，B正确。A 落地，碎块A,B均做平抛运动，设两碎块下落时间均为1，则=m=2 6—0一2·解得1=4s,则醉块A的水平位移xA=(6s-4s)X340ms=340m,醉块B (5s-t)0出=1 的水平位移xB=(6s一4s)×340m/s=680m,则爆炸后两碎块落地点之间的水平距离为 340m十680m=1020m,碎块A的初速度为vA=A=85m/s,C错误，D正确。 9。C【解析】由题意知，航天员的速度为，=二，喷气过程系统动量守恒，以航天员的速度方向为 正方向，由动量守恒定律得(M-△m)。一△mv=0,解得△m= M。一M=M,故A错误。 ·20· ·物理D· 参考答案及解析 根据动量守恒有(M-△m)u,一△mu=0,解得o=M-△ △2U ,若高压气源喷出气体的质量不变但 速度变大，则航天员的速度变大，故返回时间小于t:由p=△，若高压气源喷出气体的速度变 大但动量不变，可知△m减小，得。减小，则返回时间大于1，故B错误，C正确。在喷气过程中， 航天员、装备及气体所构成的系统动量守恒，整个系统的动能增加，故系统机械能不守恒，故D 错误。 10.ABC【解析】C球从水平位置到最低点过程中，A、B、C组成的系统水平方向动量守恒，且A、 B此时速度相同，则有2mwc=2nw1,则有2m.xc=2mxA,又xA+xc=l,联立可得木块A移动 的距离为xA=,故A正确。当C球第一次摆到最低点时，A,B两木块分离，此刻A、B速度 相等，设A、B速度大小为v1,C球速度大小为o,由A、B、C系统水平方向动量守恒可得2w 2m1,由A,B,C系统机械能守恒可得2mgl=号×2m6+号×2mi,联立可得，=，=√， 即A、B两木块分离时，A、B,C三者的速度大小均为√g(,故B正确。C球摆到竖直轻杆左侧 最大高度时，A、C共速，设为2，最大高度设为h,由A、C系统水平方向上动量守恒可得 2m.十m(-)=(2m+m),由A,C系统机拔能守相可得号×2mi+2mi=2mgh+ 22m十m),联立解得A=号，即小球第一次到达左侧所上升最大高度为，故C正确。A、 B、C组成的系统动量只是在水平方向上守恒，故D错误。 11,BD【解析】分析可知，小滑块到达圆弧轨道最高点A时，小滑块相对圆弧轨道竖直向上运动， 即水平方向速度与圆弧轨道相同，把小滑块与小车看作系统，水平方向不受力，系统水平方向动 守恒，则有m,=(M十m),又M=m,放v=3m/s,又系统能量守恒，则有)mv=)m 2M+mgL十mgR,可得小滑块到达A点时速度u=I3m/s,故A错误。由上可知，在A 点时，小滑块水平速度v,=3ms,由v1=√元十u可知v,=2m/s,小滑块从A点飞出后竖直 方向只受重力，故加速度a=g,方向竖直向下，由v=2gh,可知，小滑块离开A点后能够上升 的最大高度h=0.2m,故B正确。分析可知，小滑块离开小车到落回小车的过程水平方向为匀 速直线运动，又离开小车时两者水平速度相同，故小滑块从A点落回小车，假设小滑块最终与 小车达到共速，则整个过程，根据系统水平方向动量守恒可得m心。=(M十m)0共，解得v共 3m/s,根据能量守恒可得)mu。2M+m),=mgs,解得s=4.5m<2L=5m,假设成 立，小滑块最终停在离小车右端0.5m处，两者的最终速度为3m/s,故C错误，D正确 12.D【解析】由题图乙可知t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s,总动能最小，根据系统机械能 守恒可知，此时弹性势能最大，1时刻弹簧处于压缩状态，13时刻弹簧处于伸长状态，故A错 误。结合题图乙可知两物块的运动过程，开始时A逐渐减速，B逐渐加速，弹簧被压缩，1时刻 二者速度相同，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩至最短，然后弹簧逐渐恢复原长，B继续加 速，A先减速为零，然后反向加速，！，时刻，弹簧恢复原长状态，因为此时两物块速度相反，因此 弹簧的长度将逐渐增大，两物块均减速，3时刻，两物块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因 此从t:到t,过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B错误。从t=0开始到t,时刻，由系统动量 守恒可得m1v。=(m1十m:)u1,将v。=3ms,v1=1ms代人得m1:mg=1：2,故C错误 在t2时刻，A的速度为v1=一1m/s,B的速度为v:=2m/s,又m1:m2=1:2,则动量大小之 比为p1；p2=1:4,故D正确。 ·21· 高三逐题突破 13.AB【解析】由题图乙可知，木块A先做匀减速运动，长木板B先做匀加速运动，最后二者一起 做匀速运动，共同速度v=】ms,取水平向右为正方向，根据动量守恒定律得m℃。=(m十M)v,解 △w_1 得M=2kg,故B正确。由题图乙可知，长木板B做匀加速运动的加速度为“a一了m/s一 1m/s,对长木板B,根据牛顿第二定律得mg=Ma#,解得：=0.1，故A正确。由题图乙可 知，前1s时间长术板B的位移为：-=-×1X1广m=0.5m,木块A的位移为 v。+w.2十1 21 2×1m=1,5m,所以长木板B的最小长度为L=xA-xn=1m,放C错误。木块 A与长木板B组成的系统损失的机械能为△E=2m。-之m十M)m=2J,故D错误。 14.ABC【解析】摩擦力是A、B、C组成的系统的内力，若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数 不相同，系统受到的合外力仍然为零，则A、B、C组成的系统动量一定守恒，A正确。以A、B 为研究对象，由于MA:Mm=3:2,若二者与平板车上表面间的动摩擦因数之比为4A:a= 2:3,则A,B所受摩擦力之比为1：1，方向相反，即平板车对A,B的摩擦力大小相等，方向相 反，则A、B组成的系统所受合外力为零，故A、B组成的系统动量守恒，B正确。若A、B与平 板车上表面间的动摩擦因数相同，A所受向右的摩擦力较大，摩擦力对A、B两物体的总冲量向 右，则A、B两物体的总动量向右，C正确。若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数之比为 2:3,则摩擦力对A、B组成的系统的合冲量为零，平板车C所受合外力的冲量为零，平板车C 静止不动，D错误。 15.C【解析】设甲、乙质量均为m,碰前瞬间甲的速度为v1,乙的速度为2，碰后瞬间甲的速度为 ui,乙的速度为vi,由动量守恒定律和机械能守恒定律有mv1十mu=mui十mw2,2mu+ 1 m7m什2m,解得=2，=，即甲，乙发生碰撞后速度互换，设甲、乙最终的共 同速度为，则m,=2,解得0，一宁·则达到其速所需的时同为1一，碰撞使得两者速 度互换，即甲、乙共速前，乙的速度不一定小于甲的速度，故A、B错误。设从开始到相对静止过 程中，甲，乙相对滑动的总路程为，根据动能定理可得一mgs=2×2m×(受) 2mu,解得 s=v ,故C正确。甲、乙碰撞的次数为n,设最终相对静止时甲距离乙左端的距离为s。,若第 Aug n次碰撞发生在平板车的左挡板.则有L十2L(n一1)十5。=s(m=2,4,6,…).解得5。一g L一2nL(n=2,4,6,…),若第n次碰撞发生在平板车的右挡板，则有L十2L(n一1)+2L一s。= =13,5…).解得s,=2mL+L} 一(n=1,3,5,…),即最终甲距离乙左端的距离不可能 为 -2nL,故D错误。 g 16.D【解析】A、B两球相碰，根据动量守恒定律有mva=mA1十mB心2，根据机械能守恒定律有 1 2mA6=2mAui十2mvi,解得1=一2m/s,=8m/s,故A错误。由于B,C及弹簧组成 的系统，在运动的过程中满足动量守恒和机械能守恒，当B的速度最小时，弹簧处于原长状态， 241 即m6o,=mw,十mc,2m=2m+2mc,解得=1.6m/s,即B的最小速度为 1 ·22· ·物理D· 参考答案及解析 1.6m's,故B、C错误。当B、C两球速度相等时，弹簧的弹性势能最大，mnv2=(mB十mc)os, 1 E,=2mnui-2(ma十mc)u,解得E,=38.4J,故D正确。 物理选择题专练（七） 。AD【解桥将网与板间的电场视为匀强电场，则金属网和金属板间的电场强度为E 3000 0.02 V/m=1.5×10°V/m,故A正确。绒毛在飞往被植体的过程中，电场力做正功，则电势能 不断减小，故B错误。由于金属网与金属板间有3kV的恒定的高压，若增大金属网和金属板间 的距离，网和板之间的电势差是不变的，故C错误。在干燥的环境中静电不容易被导走，进行植 绒效果会更好，故D正确。 2.D【解析】设AB距离为L,则BC距离为2L,在B点放置一个电荷量为十Q的点电荷，测得 BC中点的电场强度大小为E,则有E=k Q=2张8，在C点放置一个电荷量为-Q的点 电荷，可如B点和C点两处的点电荷在A点产生的电场强度大小均为E=是一专则A点的 电场强度大小为EA=√E+ET=2E=号E。 3.D【解析】E。-x图像的斜率表示粒子所受电场力F,根据F=gE可知x1处电场强度最小且为 零，选项A错误。粒子在0一x2段切线的斜率发生变化，电场力发生变化，所以加速度也在变 化，不是做匀变速运动，x:~x段斜率不变，电场力不变，选项B错误，D正确。带负电的粒子从 x1到xs的过程中电势能增加，说明电势降低，即91>9：，选项C错误。 4.C【解析】B、C两点间的电势差为U=Edc=ER cos53°=1.0×10'×0.1×0.6V=600V, 由于B点电势为0，则有Uc=PB一9c=0一pc=600V,可得C点电势为9e=一600V,故A错 误。由于OB连线与电场方向垂直，所以O点电势等于B点电势，故B错误。A、D两点间的电 势差为UD=Ed4D=E·2R=1.0×10X2×0.1V=2000V,故C正确。把一电荷量为1C的 正点电荷沿着圆周从C点移动到D点，电场力做正功，电势能减小，有△E。=一WD=一qUo= -qE(R一Rcos53°)=一400J,即电势能减少400J,故D错误. 5.D【解析】根据等量同种点电荷连线中垂线上电场线的分布规律可知，A、B两点处电场线的疏 密情况不清楚，故不能判断A、B两点处的电场强度大小，故A错误。根据对称性可知，A、C两 点的电势相等，BO间电场方向从B到O,根据沿电场线方向电势降低，可知A点的电势低于B 点的电势，故C点的电势低于B点的电势，故B错误。根据对称性可知A、C两点的电场强度大 小相等，方向相反，故同一点电荷在A、C两点受的电场力大小相等，方向相反，故C错误。C点 的电势低于B点的电势，而负电荷在电势高处电势能小，故同一负电荷在B点的电势能小于其 在C点的电势能，故D正确。 6.AD【解析】由题图可知，F‘点和B'点关于平面ADD'A'对称，由等量 异种点电荷产生的电场的对称性可知Er=E,同理可知Eg=Ec, F'点和E′点关于AD连线的中垂面对称，可知Er=EE,则有Er= E=EB=EE,可这四个点的电场强度方向均不相同，可知F'点和C 点电场强度大小相等，B'点和E'点电场强度方向不同，A正确，B错误。 ⊙ 连接A'D',由等量异种点电荷产生的电场的电势分布特点可知，O点电势是零，F'点电势为正， 依据A'D'连线上电场强度关于O'点对称，可知Ur<U。o,C错误。六棱柱上表面的部分如图 ·23·A易廷 A.链撞后A重的加速度大小为0,5m/ 2024一2025学年度高考试题逐题突破一选题专练（六） 以碰像后B壶的加速度大小为0,75m 物理·动量、碰撞、力学综合 C硬撞后至停止的过程中，A,B两豪的运动时间之比为11 山.成撞后系停止的过程中，A,出两壶所受摩擦力的中量大小之比为1·4 ,图，在水平电面上国定一调环，闲环内度光滑，风环内战着A,B两个大小 总分：64分时列：40分地 相可的小球，它门的质量分期是m:、州。·且：A>附：，小球的直经略小于调 环的孔径且它门之闻的摩擦复整不计，魔环的内率径运大于球的事轻，材的 1,一小球殿平抛运动，关于小球的迪度，动量，动能，重力势衡的度化率0时可变化的图线，正确 叶B球必干静止状态，A妹以一定打渔度摘由B螺，A,:两个球在：点罗 的是 生洋性碰撞，一夏时间后，A、B背个球在：点发生第二次弹性琵道，a,市两 点与调环圆心的连找类角为120，则解，：四：为 A.2·1 且、341 C.41 .541 G,图所示，弹性小球A和甚叠政在一起，从距地面高度为A处自自落下，落地展间， A B先与电面酸撞，后与A碰箱，k远大于两小球直经，小球B的质最远大于小球A的 2,(多这》水平力F方料端定，大小陆时何度化的图檬如图甲所后，用力F散静止在水平桌面上 昼量。置设断有的量撞均为经直方向上的弹性醒撞，且蔓时调均可复感不计，不到 的小物块，物块道量为3kg,在F从非开始逐渐增大的过程中，物块的前速度随时可变化的图 虑空气阻力，别下列判断中正确的是 像知图乙断示，量大静摩擦力大于带动摩擦力，由图像可知 A,下落过程中A与君之可作在相互作用 A.物块与水平桌有间的量大静摩额力为3N H小球B与地面键撞后，小球B的速度为零 &在0一4时闻内，水平力F的中量为24N·s CA与B第一次罐后小球A弹起的量大高度的为请 C.在4s时间内，合外力的中量为9N▣， 甲 D.A与B第一次觉后小对A弹起的量大高度约为面 1,在0一4#对句内.合外力做的功为24J 7,多法》如图，内量光滑的直国算经直W定战量，轻质弹黄下端国定在同前的底 .爵乐同内政泉喷出的水柱领得质景为M的卡通玩具悬停在空中（程设这样冲水，能保特短哲 端，自然状时上位于O点A和B是既量均为柄、宜臣昂小于品篇内径的 平衡)，为估蚌，作如下鼠定后注行理论分纸：假设骑泉水桂从横载面积为5修咬口以违度 细同小球。理将A烟慢做在弹簧上烟，静北计弹簧的压等量为。，再将B从A 持读整直向上政出：玩其底部为平板（面肌大于S):水柱冲击刊反具底富日，竖直方闻的速度 上方3x。的P处由静止释较，B与A碰撞后立即粘连在一起运磷，给能病到O 变为零，朗四周均匀散开。已每水的密度为，当泡重力加速度为黑，空气阳力忽不针。下 点。两小球均可悦为质点，重力相速度为g,别 列说法错误的是 A.水柱对玩具在廊的作用力大小等于玩其重力 人弹簧的劲度系数一 弘水柱附玩具底部的作用力与玩具重力是一对平侧力 C,陵桌单位时间内破出的水断量为，S 及B与A战掉后瞬间建度大小为 2 几玩具在空中县停时，其底密州时于喷口的底度为”然 C小球A,4国别O点时加违度为零 4,在冰壶运动中运动员可以通过冰重璃摩漏冰面来控制冰囊的运功。如图甲所示，在某次比视 几此过程中算簧的最大单性势饱为4标g 中，A素与静止的B童发生隆撞，程掉时到极短，硬撞后运动员用冰泰测摩擦B老运动前方的 总.多远》在星年实验基域有一发射帮，发射塔正下方的本平地面上安装有声音记录仪。爆华物 冰雀，量境前后两壶运动的图线如用乙中实线所示：巴知EF与GH平行，且丙冰蜜质量 自发射账竖直向上发射，上负列空中最高点川的裂成两个碎块A和B,且A,B质量之比为 组等，期 ?:1,初速度均滑水平方向。温拉署得国间开始计时，在石末和行⅓末先后记录到从空气 中传来的醉块填击地面的的声。已解声音在空气中的传括离座为旧ms,复路空气阳力 下列说祛正确的是 A。从堰瞬间到落地，A,H的位移大小之比为】：？ (从爆年瞬闻判落雉，A.B受到的冲量大小之比为1：1 C.博牛后碎块A的制速度为移m/ 山.馨炸后再掉块落地点之可的水平距离为1的四 物理静·荡怀置专蓝（六）第1勇1共4真 按理·伟置专城（大）第2到1共4真 A易廷 头，一名连可装备总霞量为N的第天员，舰离学宙飞船后，在离飞x处与飞船处于相对静止锅 13,多这》如图甲所示，光滑水平面上货置长术板目，质量为w生k日的术块A以连度￥， 态，装备中有一个高压气源能以率度：（以飞精为参考景》喷出气体从重使航天员相对于飞船 2m滑上原来静止的长本酸B的上表面，由于A,B之间存在举整力，之后木块A与长木 运动。细果航天员一次性向江离船方向对山质量为凸m的气体。便航天员在时利（内匀速 板B的速度随时四变北情花如图乙所示，重力如速度：一0m,,期下列说法正确的是 鞋名 运飞相，下列说法正确的是 卡mtg 入喷出气体的质量，等干品 私若高压气尊喷出气体的质量不变但违度要大，侧适可时司大于 C,若斋压气源咳出气棒的遵度变大但动量不变，属返问时闭大下， ).在暗气过程中，戴天员，装备及气体斯构成的采统动量和机械管均守如 人.木块A与本板B之闻的动摩擦圆数为0，】 ,《多选)知周新示，质量均为m的木块A,B并排做在光滑水平直上，木块A上困定一整直轻 长长木板B的质量为2k: 落想性 杆，轻杆上湖的0点系一长为！的用线，阳线另一端系一质量为2m的小像C,呢将小眼 C长木板B的长度至少为2m 拉起桂组线水半钟直，井由静止释放小球C。重力加请度为：属下列说达正确的是 木块A与长木板B丽成的系统相失的机候使W4】 入小球C从释收到第一次运动我最低点过程中，本块A移动的商为号 0年 14,《多法如阁所示A,B丙将体的质量之比N1制。=32，原米静 止在半板车C上A.B同布一根银压着的轻弹簧，地面亮滑。当弹QQ 我A,自两本块分离时，亡的速度大小为 簧突然释放后，A,D同物体被反向弹开，A,B与弹簧不连接，顺A、B两物体第落黄在零板 上小球第一次到达左刻上开的经大高度为号 车上表而滑行过程中 A。若A,B与平板车上表信间的动学擦国数不相问，则A.B,C组发的系统动量守恒 几。活动过程中，A、B、C组荒的系统功量相机敏能均守 长若A,甘与平板车上表面间的动摩擦因数之比为2·3，则A,出组或的系统动量守妇 1,《多达如图所示，光滑水平面上有一质量为M的率，其左侧是半径R=0.2曲的国分之一 二若A,H与平板车上表面间的动摩题因数相同，则A、B两物体约总动量向右 先脊偶置轨道，其右朝是一双长.一2,5m的相量本零轨道，现有一质量为w的小简块（可 ,若A、B与平酸车上表面间的动摩擦因数之比为2：3，媒平板车C向左运动 视为板点)以初速度，=币m、从小车的右端滑上小车，小湘块与粗徒水平物道闻的动厚器 1.如图所示，两侧带有周定肯轻的平板率乙静止在充滑水平电面上，背板的厚度可忽路不计， 11 因数产=0,2，其中N一w,以10m/,下列说法正确的是 0 车长为！，与平板车质量相等的物块甲（可税为质点）由平版车的中点处以初违度”向右运 12 A.小洲块到达调氢轨道量高点A点的速度大小为器m's 动，已知甲、乙之闻的动摩整因数为，重力相滚度为E,忽导甲、乙碰撞过程中的能量潮失， 县小滑块从A点电出后还能够上开的高度为0,2m 下列说法正确的量 14 C。小滑块量终停在小军右简恰好2有雨下 人。甲，乙达到此可速度所需的时何为 L小带块的最峰速度大小为清m/。 16 12.如图甲断示，轻弹簧的两陆分就与面量为w,和m:的两物块A,B相连报，并且静止在光 林甲，乙我速靠，乙的速度一定始终小于甲的速度 栅的水半育上，现楚量为m,的物块A解间获得水半风右的速度ms,以此刻为什对零 C甲，乙相对措动的总路程为感 点，两物块的速度陆时间变化的规律如图乙所示，从周像信息可得 nn-) 五如果甲，乙是撞的次数为示：产，璃是终甲电肉乙左路的座商可能为一2 8.知图断示，A,BC三个径相同的小球家在两根半行完滑的足够长的杆上，A.B,C三球 韵质量分别为mA一2kgw:一3k纵，m:一2kg,初状态三个小球均静止，B,C球之间走看一 根轻境弹簧，弹簧处于原长状态。现给A一个向左的初违度，三10m:4,B发生婷性碰 甲 撞，下列说法正霜的是 A.在1时刻两物块达到共网速度1m/%且娘魔都处于压第状志 A.球A程球B罐接结束时，球A的速度大小为A鱼/ 我从2到，时刻洋簧由压缩状泰逐渐陈复原长 技球A和球移碰后，当弹簧的棒长量最大时，H球的迪度最小 C.两物块的质量之比为m,:m:一1·a C.球4韩球B壁后，球B的最小建度为Im/3 D,在上时刻烘物块的动量大小之比为P,·:一1：4 球A和球B碰后，弹贾衡我得的最大弹性势能为8.4J 物理静·荡怀置专蓝（六）第勇引共4真 按理·样置专城（大）第4到1共4勇)