选择题专练(三) 圆周运动、抛体运动-【鱼跃龙门卷】2025年高考物理试题逐题突破（福建专版）

_ 5. 如图所示,长木板AB幅斜败置,板面与水平方向的夹角为&.在板的A端上一 2024一2025学年度高考试题逐题突破-选择题专练(三) 方P点处,以大小为一.的水平初建度向有抛出一个小球,结果小球给好挂 物理·同周运动.抛体运动 直打在板在上,现让板烧A漏则时行转过一个角度拥图中虚线的位量,要让 球从P点本平抛出后仍能垂直打在板到上,则水平位稿一及池出的水平速度A 总分:61分 时回:40分掉 。的变化情况是(不计空气阻力) A.1大o大干u B.小小干。 C:查化不确是o小干 1. 度量为m的物体P置于颜角为8.的困定光泄料面上,轻棍路 D. 。化不确定。o等干。 过光滑定轮分别连接着P与小车,P与潜轮词的轻绳平行干 6.(多选)如图所示,同一竖直平面内有四分之一晚环BC和短角为53的料4. 斜,小车以建率,水平病右做匀速直线运动,重力加遍度为 面AC.A.B两点与展环tC的心0等高。现将甲.乙小球分别显A.是 .当小车与潜轮刻的轻绳和水平方所成夹角为9.时(如图),下列期断正确的是 两点以初速度1、:铅水平方向同时抛出,两球恰好在C点相碰(不计空 气阻力)已知×n53-08.ros53-0.6.下列说法正确的是 A. P的速为。 A. 初建度:大小之比为3.4 D. 幅的拉力等于ngsin6 C线的拉力大于司s? B. 若.大小变为原来的一本,划甲缘恰能落在斜面的中点D 2.(多选)2024中国网球公开赛于10月5日回满落第,阿尔卡拉析,高共分 C. 若 大小变为原来的两位,为使两球仍在0C断在努直面相调,责1.应增大现原来的 别获得男子单打,女子单打冠军,如图所示,网球运动是新练时,运动是 :f 在间一高度的前后两个不同位置A,B将用球斜病上击出后,网球恰好 直击中坚直睛上的网一因定点C,已知网球从赴运动线C的时刻为 D. 若要甲球难直击中园环BC,则应变为原来的一信 重力切速度大小为,部略空气阻力、下列说法正确的是 7. 如图,一物块以初夜度从0点沿斜面向上运动,同时从2点斜病上以 A. 满次网球在空中运动的时间相间 相网速度大小抛出一个小球(图中未画出).物块和小球的所是相等,它们 B. 若A.B两点向的距离为/.期A.B两点的击出速度大小之差为 在斜上的P点相遇,不计空气阻力,下列说法正确的是 C. 在A点将网球击出时,若网球的速度方网与坚直方风的夹角为9,则A点与暗离问的离 A. 球和物块加蓬度相等 为rm) B. 小球运动例量高立时离料面是 D. 若A.C声点间的距离与B.C两点问的距离之比为”·1.则从A.两点击出的网球的解 C. 在P点时,小球的动能大干物块的动糖 时速度大小之比也为::1 D. 小球和物块从0点到P点过程中合外力做功的功率相等 3. 如图所示,半球流的半径为R,球离上A点与球心0等高,小球先后两次 8. 某射击游戏道具如围()所示,将园形转倚干等分后间隔接列五片强形板,其余位置间空,俯 从A点以不同的速度1.沿A0方向抛出,下落初同高度6,分别随击 视图如密(b)所示,已知转笑直径一lm.角速度一8xrads.小梳玩具手枪脑准中轴线 到球上B、C点.设上这两过程中小球运动时间分别为.速度 随相打出一枪,弹九可认为做水匀直线起动日速度一 的变化量分别为u,。.则 20m.弹九穿过板目速度会减车,忽略空气阻力和祥文努过 A.r B. △r△ 板所需时间,下殆说法正确的是 A. 薄板上各点线速度相同 ,式中:为重力加速度 C.v十-x D. 撑击C点时的速度方向与球图意了 ,。 B. 薄板上一定会留下一个孔 2 C. 若增大角速度,潜板上至少会富下一个弹孔 4.(多选)如图断示,风实验室中可以产生整直向上,大小幅定的风力,一个 _: 质量为.的小球在0点以水平初迷度.抛出,恰好能给水平方向运动到 D. 若减小角速度,版上至少会留下一个弹孔 P点.02.P间的距离为1,将风力调大,小球仍由0点以水平初速度抛 9.(多选)如图断示,半径为R的因分之一光清闻强轨道AB偶定,一个所是为a的小潜块从部 出,结果恰好经过P点正上方的Q点,P、Q间的离为七,重力加度1111f|11111 止由阅孤道顶A点泄到园弼轨道底暗8点的过程中,以下说法正确的是 0..-□4 A. 含外力提供病心力 B. 调节前的风力大小为m{ A. 因节的风力大小为0 B. 块滑到B点时对孰道压力大小为g C. 重力响功率先增大后减小 C. 叫节后的风力大小为ag+w D. 混块所受合力的冲量方向渐向左上方 理D·选择题专拨(三)第1页1共(页 理B·选择跟专(三)第:页1共(页 _ 11.(多选)如图所示,物块A.B故在水平园盘的一个直径上,用不可神长的轻阻相连,绳子刚好 14.(多选)如图甲所示,长为1.的轻阻一确因定在0点,另一拎一小球,在小球静止时给小球 神直,数可淡竖直0)转动,A、5到的距离分别为2r和r.面物块的成量关系为 一个瞬时连度v:此时轻绳拉力为F。,F、一图像如图乙所示。已知重力姓速度足取 名 a.一2.两物块与同面间的动擦因数均为v.设最大擦力等于滑动指力,轻副 姓承受的拉方足够大.出医以不角速度绕缺0句速转结时,下列说法正确的是 10.n,小球可视为看点,不计一抖阻,下列说法茫确的是 0 A. 由于。.2一。.ro.回此A、B受到的框力始提为零 1站问 B. 角速度增大部) 0 C. 陶着角速度增大,终A沿园盘格向外滑动 D. 随者角速度墙大,受到的最大擦力与A受到的最大摩擦力相等 乙 答析 11. 用两祖轻辑连接两个球A和B,其中一程醒的另一凝因定在一个坚直转上,图所示,当 两球随转轴一起匀速转劲时两球所处的位置可能是图中的 A. 小球韵量为1k{ ##。### B 小球嫩隔运动的半径为1.0n C. 当.一25m时,小球能完整的随离运对 D. 当-30m时,小球通过最高点时受列轻绳拉力的大小为10N 15. 如图所示,长为1.的不可长的轻现一暗国是在顾角为8一30的固定斜直体上的0点,另一 1 。 温拎一质量为叫,可视为点的滑块,在最低点A点洽滑块清抖面且露直醒的打速度,骨超 12. 汽车的自动治车系统持续发展,如图所示为某次电动汽车自动治车全景示意图,汽车按图 转动并恰能冠过最高点B点,已知滑块与斜面体间的动摩擦因数为,,重力加逸度大小为 10 示路线(半径为6m的一因亮与长为5m的直线构成)顺科修车,用时40。.已知汽车与地面 则下列说达正确的是 司: 间的动摩擦因数为0.3(龄静摩擦为等于渐动擦为),重力加速度g一10一,次车可视 A. 滑块恰送过B点时的速度大小为/过 为质点,下痴说法正确的是 1 B. 潜块从A点潜到B点克眼摩擦力的功为/③mgl 二 A. 汽车在转音过程中敏匀交这曲线运动 C. 块在A点的劲能为士 B 声车在转答过程中的是大允许速度约为8加 C. {车泊车的平均的为113 B 潜块在A点时轻蝇的拉方大小为wg+3rwg D 汽车在泊车过程中学到的壁择力总是与运动方宫相序 13.(多选)飞车走壁”是一项传线的杂技表演艺术,演员骑车在幅角祺大的形桶面上做圆闹 1. 如阁,光滑漏定哪管的半径为R(管径远小于R),两个完全相同的小球。直轻略小于费 运动面掉不下来,简化后的模型知用所写,看表演时杂被演是和度托车的总质量不变,在水 径,能在管中无摩擦运动,两球先后以相回速度1通过阅皆最低点,且当小球。在最低点 平面内做展照运动的丰径为R,摩托车与侧壁间沿侧壁倾料方向的摩拢力恰好为零,软酒平 时,小球6在最高点,已知小球的所量为m.张力加速度发g.以下说法正确的是 在离地的高度为,侧映候料角度。不变,下列说法正确的是 [ A. 要佳两球在答内数题W运动,流度清号。 A. 运动过程中杂技演员和摩托车整体受到侧壁的支持力,重力相 B. 当一,gR时,小球)在罔管最高点对医管有壁直向上的压力 心力三个力的作用 B. 度托车数因运动的高度B排高,运动的线速度越大 C. 当小球6在最高点对圆管恰无压力时,此时小球。所登的向心力比小球 C. 托车在不阿高度数匿用运动时对侧咬的压力相等 所的向心力大5w D. 杂技演员和厚托车的角速度大小与高度无关 D. 当一、5gK时,小球。对调管最低点的压力比小球;对固管最高点的压力大6m 理B·选择专(三) 第:页1共(剪 理D·题(三)第页1共(页高三逐题突破 物理选择题专练(三) 1. C【解析】由题意可知,将小车速度v分解为沿轻绳方向和垂直轻绳方向的分 速度,如图所示,可知沿轻绳方向的速率等于物体P的速率,则有v,一vcos0。. A、B错误。v,一vcosθ。,9。随小车向右运动逐渐减小,则物体P的速度逐渐增 大,可知物体P做加速运动,即a>0,设绳的拉力为F,由牛顿第二定律可得 F一mgsinθ.一ma,可知F>mgsinθ.,C正确,D错误。 2. AC【解析】采用逆向思维,网球做平抛运动,根据v{}一2gh,两次高度相同,故竖直方向的速度 1 相同,根据h-2gt2,可得t一 /2h ,可知运动时间相同,故A正确。采用逆向思维,网球做平抛 运动,两球运动的时间相等,都为t,在水平方向上有d一xA一工。三voat一v。nt,解得水平方向速 1 一 2g^{},根据速度夹角正切值等于位移夹角正切值的两倍,则有 tanθ 间的距离为x一gt{}tanθ,故C正确。若A、C两点间的距离与B、C两点间的距离之比为n:1 时间相等,根据平均速度的定义可知,从A、B两点击出的网球的平均速度大小之比为n:1,故 D错误。 3. C【解析】小球做平抛运动,根据h-2gt^②},可知运动时间相同,A错误。根据△v-gt,由于运 动时间相同,所以速度变化量也相同,B错误。设两小球的水平位移分别为x,和x。,由几何关 系可知x=R-R-h^},x=R十R-h,根据平抛运动规律,可知x=t,x=vt,h= 方向的反向延长线过圆心O,根据平抛运动的推论,速度的反向延长线一定过水平位移的中点 而O点不是水平位移的中点,与假设相矛盾,所以撞击C点时的速度方向与球面不垂直,E 错误。 4. BC【解析】调节风力之前,小球恰好能沿水平方向运动到P点,表明小球做匀速直线运动,则 调节前的风力大小为mg,故A错误,B正确。调节风力之后,小球做类平抛运动,则有L三v。t D 1 {} ,故C正确,D错误 5.C【解析】对小球运动的轨迹进行分析,如图甲所示,设AP 的距离为H,根据几何关系有H一y十xtanθ,由平抛运动的 H v。2tanf H 一,由数学知识可知,当2tan 1 甲 -tanθ时x有最大 乙 2ta+tan 值,因为初始时刻θ角度未知,所以当0变小后,x可能变小,也可能变大,即x变化不确定;将小 球落在板上的速度进行分解,如图乙所示,根据几何关系可得v。一v.tan0一gttan0,水平方向有 1,由题意可知e减小,则tan9变小,故初速度v。减 2tan+1 小,即。。 )8. .物理D. 参考答案及解析 R vt,xoa=v。t,若v:大小变为原来的2倍,则时间:变为原来的一半,要能相遇,则乙球的速度 2 击中BC时的速度方向一定过O点,且根据平抛运动规律的推论可知O点为甲球水平位移的中 点,故甲球落点到A点的水平距离为x'-2Rtan37*}-vt',竖直距离为y'-R{}-(Rtan37^*})* 7R 1效 27 所以若要甲球垂直击中圆环BC,则v.应变为原来的倍,故D正确。 7 7. C【解析】把小球的运动分解为沿斜面方向和垂直斜面方向,当垂直斜面方向的分速度减为0 时,小球离斜面最远,但此时小球不是运动到最高点,故B错误。把小球的速度分解到沿斜面方 向和垂直斜面方向,则小球沿斜面方向的速度小于物块的速度,若斜面光滑,则小球和物块沿斜 面方向的加速度相同,则不可能在P点相遇,所以斜面是粗糙的;从O点到P点,小球和物块克 服重力做功相等,但物块还要克服摩擦力做功,由于初动能相等,根据动能定理可知,在P点时, 小球的动能大于物块的动能,故C正确。从O点到P点过程,小球只克服重力做功,物块需要克 服重力和摩擦力做功,则合外力对物块做功的大小大于合外力对小球做功的大小,又所用时间相 等,所以小球和物块从O点到P点过程中合外力的功率不相等,故D错误。小球的加速度为 a一g,设斜面倾角为o,物块与斜面间的动摩擦因数为,根据牛顿第二定律可得mgsin9十 umgcosθ一ma,可得物块的加速度大小为a一gsinθ十ugcosθ,不能确定小球和物块加速度 是否大小相等,故A错误。 8. B【解析】根据v一r可知,薄板上各点线速度大小相等,方向不同,故A错误。若弹丸先射穿 _ 0.8π一144^{*},由题意可知,圆简上每隔36^{}的圆心角即有一块薄板,由几何关系可知,弹丸经空隙 射出;同理可得,若弹丸不经薄板,直接射入转筒,其在转简中运动时,转简转过72{*,弹丸射穿薄 板飞出转简,因此薄板上一定会留下一个弹孔,故B正确。由选项B可知,无论是增大角速度还 是减小角速度,子弹都可能只由空隙处穿过薄板,在薄板上都可能不留下任何弹孔,故C、D 错误。 9. BC【解析】小滑块下滑过程中,受到重力和轨道支持力作用,由支持力和重力垂直速度方向的 .9. 高三逐题突破 块滑到B点时对轨道压力大小为3mg,故B正确。根据P一mgv。,在A点的速度为0,在B点 的竖直分速度为0,可知从A点下滑到B点过程,竖直分速度先增大后减小,重力的功率先增大 后减小,故C正确。从A点下滑到B点过程,滑块在A点的初动量为0,在B点的末动量水平 向左,则滑块动量变化的方向水平向左,由动量定理可知,滑块所受合外力的冲量方向水平向左, 故D错误。 10. BD【解析】由于轻绳开始刚好伸直,没有张力,因此圆盘转动后,A、B开始随圆盘转动需要的 向心力由静摩擦力提供,故A错误。物块A刚好要滑动时,有mAg三mA×2ra{},解得a 力并和摩擦力一起提供向心力,当转动角速度为。时,由于m×2r(^{}一)=mr(^{}- ),可见增加的向心力相同且都由轻绳提供,因此从A刚好要滑动开始,随着转动的角速度增 大,A、B受到的摩擦力大小始终不变,始终等于m;g,A、B不可能滑动,故B、D正确,C错误。 11. C【解析】设与球A相连的轻绳与竖直方向的夹角为θ,对整体分析,根据牛顿第二定律得 (mA十m;)gtan0一(m十m)r{},解得上面细绳与竖直方向的夹角与角速度的关系为gtan0 r{,设与球B相连的轻绳与竖直方向的夹角为a,隔离对B球分析,可得magtana=m;r'}, 解得下面细绳与竖直方向夹角与角速度的关系为gtana一r'm{2},A、B两球的角速度相等,又 r'>r,则a>θ。 12. C【解析】汽车在转弯过程中受到的摩擦力方向在时刻变化,所以不是匀变速曲线运动,故A 错误。汽车转弯过程中靠静摩擦力提供向心力,又因为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,有 -m/s~1.13 km/h,故 40 C正确。汽车在泊车过程中摩擦力不仅要改变汽车的速度大小,还要改变汽车的速度方向,所 以摩擦力的方向不是总与运动方向相反,会有一段过程与速度成钝角,故D错误。 13. BC【解析】作出受力图,则整体受重力和支持力,向心力是效果力,故A错误。根 2 据牛顿第二定律得mgtana-n R,得一VgRtanā,H越高,R越大,则越大, 故B正确。根据题意,由平衡条件可得F-g,由牛顿第三定律可知,摩托车对 cosa 侧壁的压力F'-F-mg -,则摩托车对侧壁的压力F'与H无关,故C正确。由牛顿第二定律 cosa mgtana-mo2R,得- 一R 的半径越大,故D错误。 14. ACD【解析】由乙图可知,当v{}-0时,小球处于静止状态,可得F-一mg,解得m=1kg,故A 0.5m,故B错误。小球做完整的圆周运动时,在最高点的临界速度满足mg一m =,解得 2” .101 .物理D. 参考答案及解析 拉力的大小为10N,故D正确。 15. C【解析】滑块恰能通过最高点B点,表明在最高点由重力沿斜面的分力提供向心力,则有 mgcosθ,摩擦力方向始终与线速度方向相反,则滑块从A点滑到B点克服摩擦力做的功为 3 拉力大小为T一3ng十③numg,故D错误。 小球在最低点的速度为v一2gR,则速度。应满足v>2gR,才能使两球在管内做圆周运动. 此时小球b在最高点的速度为v,一gR,小球a在最低点的速度为v一/5gR,则有F。一F。 一nR 2 -4mg,故C错误。当v>5gR时,两球在管内可以做完整的圆周运动,设小球a 。 在圆管最低点的速度为v。,根据牛顿第二定律可得F。一mg二n 度为v.,根据牛顿第二定律可得ng十F。一m 1 力大6mg,故D正确。 物理选择题专练(四 1. BD【解析】根据开普勒第二定律,小行星甲在远日点的速度小于在近日点的速度,故A错误。 Mm -ma,小行星乙在远日点的加速度等于地球公转加速度,故B正确。根据开普勒第 (R,十R)& .1.