选择题专练(一) 直线运动与牛顿运动定律-【鱼跃龙门卷】2025年高考物理试题逐题突破（福建专版）

/414 五《多这如图，在足够高的空间内，小球校于空心管的正上方6处，空心管长为L,小球眼心与 2024一2025学年度高考试题逐题突破一选择题专练（→） 管的轴驾重合，并在显直线上：小意的直经小于管的内径，小球可以无障碍穿过空心管，不计 空气阻力，下列判斯正魂的是 物理·直线运动与牛顿运动定律 A。两者均无初速发同时释较，小球在空中能穿过管 两若同时释较，小球具有级直向下的制违度甲，管无初连度.则小球一定能穿过管 且在管中运动的时间与考垃重力罐速度无关 总分：64分时列：40分0 C先让小球白由下，当小球落至心管上边峰时无初建度管，则小球 记能年过家，且在管中运动的时间与当越康力加速度无关 1,0g4年#开1后日了时0分：2024沈阳马拉松大赛在沈阳奥体中0药检起抱。悦过数烈角 D同者均无期迷度释做，国小球提候了△山时间释放，属小球一定能穿过管，且在管中品动的 逐，米自埃塞债比2的舒米·器袍年·内戈慧以2小时17分32秒韵域情夺得男子马牧松源 叶间与当塘重方加通度有关 目廷军。马拉松全程为2,15千米。下列说达正确的是 G.图甲所示是利川位移传感器调量速度的示意图，这个镜由发财器A与接牧容B用成，发 A.2小时17分32秒指的是时刻 朗帮A国定在敲测物体上，核牧器B国定在地面上。测量时，每隔2爱财器4向B同时双 我比赛过程中.该超站的平均速度的为]&5m/占 财红外餐脉非和超声装林神（即持埃时间很短的虹外线和姐声波）。红外线的传精时可可以 C研究孩运动员中刺时的动作时，不可以把复看成面点 整暗，声被在空气中的传援迪度为30m/,已知被测物体A在沿直线敏匀知速直线运动，接 收馨B牧到的支形如图乙所示，喇A的加速度的为 ).该过程中，该最动员的位移大小为42.15km 2,甲，乙两物体从同一点开的沿同一直线运动，甲和乙韵运动图像如图所示，下说法中正请 虹外找：声选 的是 乙 A.1.7m/g2 L,3,4m/ C,8,5m/3 017m/ 7。为了增强中学生的身体索质。某学校在体育测试中增设了的球项目，在某武投据绍球的过程 中，下列说法正确的是 A.色球一直受力平周 我手对珠的力大于铅球对手的力 甲 C督球离开手后会燃饶倒前运动，是因为铅球具有雪性，铅球最终停下来，是四为播性清尖 A甲.乙均在3￥未国到出发点，距出发点的最大厘离均为4m D.铅肆在空中话动林，果受到的力全部清失，它将做句速直线辑动 以02s内与一63内，甲的流度等大，反向 8.22#车后月2日，够纸火号成功看陆月球青面南极一又择背拉地 C0一6s内，甲，乙的运动方科均反度一次 第最六号利用网下项利气体产生的反作用力，有效地控制了探测器看 1.0-6内甲的路程为1年m,乙的路程为12m 陆过程中的运动秋态。其中一段看精过程中，探周器或违的相迪度大 3,4多记》某人其驶一辆汽车甲正在平直的公路上以某一速虔匀速运动，突然爱现询方24m处 小a陆时？雯北的关系妇图所示，山时刻探测普的违度给好为零， 下列设法中正瑞确的是 停着一辆乙车，甲立即刹车，刹车后做匀减违直线运动。已知制车后第1*内的位移是行甲， A一时同内，煤测器阶匀速直线运动 第3：内的位移是1m,期下列说法中正确的是 飞探阿器在.时（的速度大小是2：.时刻的4婚 A.汽车甲制车后做匀减速直线运动的速度大小为7,5m(s 我汽车甲从开游斜车调？止所用的时间为25 C一，时何内，探测器的饮移大小判。·日 C.汽车甲在利车过程中，会撞上乙军 D.在时刻气体对探普的作用力大小是2，时刻的2们 D.汽车甲科军停止村面离乙车1国 9.《多达)如图斯示，细角为定一的斜面体静翼在相局水平痕面上，跑度系数为的经第簧下 4.《多选)用顿闪照相法研究竖直上地运涛，拍露拥卡为5Hz,某改实铃材小球以某一初 清栓接在斜罪体底端的挡板上，面缓为w的物块栓设在轻弹簧的上确，斜面体上质量为国 達度髮直上：，烈相机食此过程中喝光了8次，由于上几过程和下障过程小球经过相 的物块合通过跨过允滑定滑轮的相蝇质量为2细的球：拴接。初的时：6接缺，：在外力的 可位量时雷被W光，所以在成片上记录到如周所示的↓个位置：，h两点间矩离为 作用下，使6，问蝇子仲直目无拉力，物块。，滑轮间的细绳与料面平行，斜而允滑。重力相渔 6,?两点间距离为4：「、d两点同距离为1，忽略空气用力的影响，看力加泡虔g取 度为度。im3=0.6.3广=0,8。斜面体的缘静止在水平地面上。下列说法正确的是 A.像去球。所受的外力量间，物块b的用速度为2g 11v。。下列说法正确的是 县搬去球r箭受的外力解间，物块g的加连度为以： A.木球经过6点叫约违卡为4m/ C。做去球所受的外力髯傅：斜面体受调水早向右怕静摩擦力作用 其“点距经直上抛的最高点的距高为行前 C.1:4=a1211 业雷去球心新受的外力后，与郭资弹力大小为管：时a小郴好 D./-1.0 m 分离 物理》·荡怀置专城（一）第1勇1共4真} 按理·样置专烯（一）第：到1共4勇) A4廷 1。知图所示，靡止在水平面上的小车内有一质量m=1kg的将体适过两根轻质解绳悬桂在年 14,《多这》如图甲是风闲示意图，风积可以人工产生可控制的气源，用以根润飞行器或物体周周 顶，C绳与水平围成5s角，C绳与水平自成7角.g取10m/.sin37"=0,8,c0437' 气体的流动，在某武风满飞行表演中，质量为0kg约长演脊静卧干出风日，打开气菠2满 0.8若小车答水平面向右箭直线起动，下列说甚正确的是 开关，表藏者与风力作用的正对直积不变，历受（力大小F一Q5如（采用国际单位M),为 名 人若小牛做匀速直线运动，期AC粗控力为6N 风速，控制v可以改变表藏著的上升高度A,其与6的变化提非如图乙所容，g取 我若小车敏知瑞度-1.5m,的匀味运动.则BC周拉力为行N 10m,表富着上升10m的运动过程中，下美说悲正确的是 C,若小军做知速度4= 器m金的匀加连运动，刚C绳拉力为零 12 山，君小车做加速度：=1G的匀师道运动，侧拟绳拉力为后1豆N 山知图，细绳一端国定在喷上，列一端控个质量为刚的小球.小球用博定在精上的水平弹簧 支撑，小球与算簧不精生，平新时细绳与竖直方年的夹角为“，以下说法正确的是（重力加 速度为g4in53=0.8.n53=,6》 A.小球静业时洋簧的弹力大小为三细 入表演者做匀变速直线运动，知速度大小为①，02m 具木球静止时强腿的拉力大小为子欧 从表或若一直处于失重状态 C表途者上升5m时货得最大连度 C.若将组绳烧断，烧麻醉间小球的如速度为 D,表演者的战碱能一直在增面 6,如图甲所示，水平面上有一便角为&的完滑斜面，斜面上用一平行平斜面的轻爱相绳系看面 山若将弹簧描去，输去瞬列个球的如速度为三。 量为m的小林。当斜面以水平向右的相速厦：做钉加选直阀写动《，莲蝇上的张力F,购 12.如图所示，质量为2四的小球A与质量为㎡的小球B周定在轻杆两南，初始时期轻仟紧常光 p注度e的变化用像如周乙所示AB段是直线：B点色标为9m,号N,x取10m, 滑填壁，竖直立于光滑地板上，如用所乐。臭然发生微小的找动使小球B挠A球在康直于墙 餐的竖直平面内无初违度鲜下，下落过程中，轻杆，经直方向的光希为x,直到B球第一次 im37=0.8,os37=0.8,博 落地，以下说法止绳的是（重力知渔度为g》 A.A球木动，B球敏调周运动 11 12 丛当m日一封，轻杆对B球有滑杆向上的发将力 C当<行时，A球与B球系统的动最好时 14 .当o>专时，杆的洋力为mcs是一2 113. 如图甲所示，足够长的水平找适管以们是速米知=2同/道时针转动，一质量为m=1g的 A.m-1 kg 小物块从传透带的左确以向右的速度：滑上传送带。个物典在传送带上弱动时，小物块的 动能E与小物块的位移A关系置像如图乙屏公，围中，一2m,已用传透带与小物块之间 动摩擦因数不变，重力加速度g一10分，期 C当。一碧m时小球价好离诉斜面 ,小球离开斜自之偷，受到的支持力F、=8一O,(N) 18,(多选)如周所示，光洲水平罪上教置质量网，=1kg且足够长的木板，木酸上叠战着凭量 m:=2kg的物块，系统处于静止默态。已知物块与木版同的功摩撒因数=Q,5,量大静摩 擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g一自m。。说对木板值加水平向右的们定议力下，下 列说法中正嘴的有 A从小物块开始洲动到与传运带达到共问速度所衡时创为2 A。若位力逐亲增大，制物块的加遮度也一直蜡大 弘小得块与传送带之何的动摩爆因数为01 我当拉力等于15N时，物块与木板刚好发生相对滑动 C.整个过程中物换与传透花闻产生的热量为]8」 二，当F=12N时，物块与木板佩的摩额力大小为8N 山由下小物块的出观异效传送带电功机多请托的电能为18 山，当F=18N时，在0一2内物块与木板问因摩擦产生的热量为0」 物理段·荡伟题专城（一）第勇共4勇 按理·样置专烯（一）第4到1共4勇)·物理D. 参考答案及解析 参考智宗及解析 第一部分 选择题专练 物理选择题专练(一) 1. C【解析】2小时17分32秒指的是时间,故A错误。研究运动员冲刺动作时,其大小和形状不 可忽略不计,则不能把他看成质点,故C正确。42.195km是路程,运动员的位移未知,无法求解 平均速度,故B、D错误。 2. D【解析】甲在3s末回到出发点,距出发点的最大距离为4m;由v-t图像与时间轴所围面积 误。x-t图像的斜率等于速度,可知0~2s内与4~6s内,甲的速度等大、同向,故B错误。0~ 6s内,甲在2s末和4s末运动方向发生改变,乙在3s末运动方向改变一次,故C错误。0~6s 内甲的路程为s.一4×4m-16m,v-z图像与时间轴所围的面积等于位移,可知0~6s内乙的路 3. BC【解析】假设汽车甲3s内一直做匀减速直线运动,根据匀变速直线运动推论可得a= x-11-16 2T2} ) 3s,可知汽车甲在3s前已经减速为零。设汽车甲刹车后的加速度大小为a',汽车甲刹车时的初 为2.5s,故A错误,B正确。汽车甲在刹车过程中通过的位移大小为x一 25m>24m,可知汽车甲在刹车过程中,会撞上乙车,故C正确,D错误。 2T- 点经历的时间为t-t十3T一 2.45m,B正确。初速度为0的匀加速直线运动,在连续相等时间间隔内的位移之比为1:3; 5...:(2n-1),若从最高点至a点分为7个相等的时间间隔,每个间隔为0.1s,有/;l。 .1. 高三逐题突破 5. BD【解析】若两者均无初速度同时释放,则在同一时间内下降高度相等,可知小球在空中不能 穿过管,故A错误。两者同时释放,小球具有竖直向下的初速度v。,管无初速度,则以管为参考 L,则小球能穿过管,且在管中运动的时间与当地重 系,小球做匀速运动,在管中运动的时间,- V 力加速度无关,故B正确。先让小球自由下落,设下落时间为/.,当小球落至空心管上边缘时,无 初速度释放空心管,设小球落至空心管上边缘时的速度为v,在管中运动的时间为t,则有 1gt: 加速度有关,故C错误。两者均无初速度释放,但小球提前了△t时间释放,以管为参考系,小球 穿过管,且穿过管的时间与当地重力加速度有关,故D正确。 6. C【解析】两次接收红外线的间隔时间为2s,则一小格长度代表0.2s,由图可得出三次超声波 到达接收器的时间分别为0.2s、0.3s、0.5s,根据超声波波速可以求出这三次发射器A与接收 器B之间的距离分别为68m、102m、170m,因为B是静止的,所以A在这两个2s内运动的距 -468-34 离为34m和68m。根据△x-aT*可求出a- 3-4m/s2-8.5m/s2。 7. D【解析】掷铅球的过程中,铅球的速度大小和方向不断发生变化,受力不平衡,故A错误。根 据力的相互作用可知,手对铅球的力等于铅球对手的力,故B错误。投掷铅球时,铅球离开手后 继续向前运动是由于铅球具有惯性,铅球最终停下来,仍然具有惯性,故C错误。根据牛顿第一 定律可知,铅球在空中运动时,如果受到的力全部消失,它将做匀速直线运动,故D正确。 8. B【解析】由a-t图像可知,0~t。时间内,加速度不变,探测器做匀减速直线运动,故A错误。 根据at图像与横轴围成的面积表示速度变化量,且3t。时刻探测器的速度恰好为零,可知探测 器在t。时刻的速度大小为v-2a。·2t。=aot。,探测器在2t。时刻的速度大小为v2= 的速度大小为v。-aot。+a。·2t。-2aof。,则0~t。时间内,探测器的位移大小为x- 十 错误。 9. BCD【解析】撤去球c所受的外力前,b、c间绳子伸直但无拉力,以a、b为整体,根据受力平衡 可得kx一2mgsin37{,撤去球c所受的外力瞬间,以c为对象,根据牛顿第二定律可得2mg T一2ma,以a、b整体为对象,根据牛顿第二定律可得T十bx,-2mgsin37*一2ma,联立解得a、 b、c的加速度大小为a一0.5g,故A错误,B正确。以斜面体和a、b、c整体为对象,由于a、b的 加速度沿斜面向上,具有水平向右的分加速度,根据牛顿第二定律可得f一2macos37{},可知斜 面体受到水平向右的静摩擦力作用,故C正确。撤去球c所受的外力后,a、刚好分离时,a、 间的弹力为0,此时a、b、c的加速度大小相等,以c为对象,根据牛顿第二定律可得2mg一T'一 )2. .物理D. 参考答案及解析 2ma',以b为对象,根据牛顿第二定律可得T'一mgsin37*}=ma',以a为对象,根据牛顿第二定 10. C【解析】若小车做匀速直线运动,对物体进行受力分析有Tc一mgsin53{一8N,故A错误 若小车做加速度为7.5m/s*的匀加速运动,对物体受力分析有Taccos37*-Tac.cos53{= 的匀加速运动,对物体受力分析有Tsescos37*-Taccos53{}-ma,Tscssin37*+Tacsin53* mg,解得TAc-0,故C正确。若小车做加速度为15m/s*的匀加速运动,由于15m/s* m/s^{},结合上述可知,此时AC绳拉力为零,BC绳稳定后,对物体受力分析有TBc。= (mg)*+(ma。),解得Tca=5/13N,故D错误 11. C【解析】小球静止时,分析其受力情况,如图所示,由平衡条件得弹的弹7、 A、B错误。细绳烧断瞬间弹策的弹力不变,则小球所受的合力与烧断前细绳 _38,故C正确。若将弹 撤去,小球的加速度为a-gsin53。- 58,D错误。 4 12. D【解析】初始时假设A球不动,则B以球A为圆心,杆长L为半径做圆周运动,当杆与竖直 2 力的作用,A球没有离开墙,当cosa一 不为零,所以A球与B球系统的动量不守恒,故C错误。 13. C【解析】由图乙可知,图像斜率的绝对值表示合外力的大小,小物块向右 滑,合外力大小为mg,则l二 E 2 v。=4m/s,=0.4,故B错误。根据题意作v-t图像如图所示,由图像可知,小物块做匀变速直 ,3, 高三逐题突破 14. CD【解析】对表演者进行分析,当F一0.05v>mg时,合力向上,人向上加速,由牛顿第二定 律得0.05v{-mg一ma,故随着风速减小,加速度减小,人做加速度减小的加速运动;当F一 0.05v{-mg时,解得v2-1.0×10 m}·s-},由乙图可知v-1.2×10m2·s-?-400h,联立 解得h一5m,这时加速度为零,速度最大;当F一0.05v{<mg时,合力向下,人向上减速,由牛 顿第二定律得ng一0.05v②}一ma,故随着风速的减小,加速度增大。所以表演者先做加速度逐 渐减小的加速运动,再做加速度逐渐增大的减速运动,则表演者先处于超重状态再处于失重状 态,故A、B错误,C正确。表演者在上升过程中受风力作用,由于W。一△E,风力做的功等于机 械能的变化量,风力做正功,则表演者的机械能一直在增加,故D正确 15. C【解析】AB段为直线,a一0时,有F1一mgsin0,B点表示此时小球恰好离开斜面,有 前,对小球受力分析可得F-cosθ-Fsinθ-ma,F-sine+Fcose=mg,解得F=mgcosθ- nasin9,代入数据有F-0.8-0.06a(N),D错误。 16. BCD【解析】物块与木板发生相对运动前,二者加速度相等,拉力增大,加速度增大;物块与木 板发生相对运动之后,物块的加速度为a一rg一5m/s{,不变,故A错误。假设物块与木板相 对静止,对整体F=(n.+m。)a,对物块f=ma.,当F-15N时,f-10N,恰好等于物块与 木板间的最大静摩擦力,故物块与木板刚好发生相对滑动,故B正确。当F一12N<15N时 物块与木板相对静止,对整体F一(n,十m。)a,对物块f一ma,可得f一8N,故C正确。当 F-18N 15N时,物块与木板相对滑动,物块的加速度a=5m/s{,0~2s内的位移x。= n 生热Q-ng(x一x)-60J,故D正确。 物理选择题专练(二 1. ABC【解析】重力的方向可能指向地心,也可能不指向地心,故A正确。网球受到的重力是由 于地球的吸引产生的,根据牛顿第三定律可知,网球也对地球产生引力,故B正确。网球受到的 重力的施力物体是地球,故C正确。网球在空中飞行时,仍然受重力作用,故D错误 2. D【解析】弹力方向垂直于接触面,可知,物体A对物体B的弹力方向沿A、 M B球心连线向上,故A错误。令A、B球心连线与斜面之间夹角为0,分别对 A、B进行受力分析,如图所示,对物体A有N。一Mgcosa十N。sin9,对物体 M B有mgsina-Nacos0,mgcos a-N.+N。sinθ,解得N.mgcos(0-a) cosf N. -Mgcosa十mgsinatanθ,根据牛顿第三定律可知,物体A对斜面的压 cosf Mg B、C错误。对A、B构成的整体进行分析,根据平衡条件有f一(M十m)gsina, 故D正确。 ,4.