精品解析：广东省茂名市信宜市信宜中学2024-2025学年高二下学期开学物理试题

2024-2025第二学期开学考高二物理 一、单选题（共20小题，每题3分，共60分） 1. 如图所示，A、B是两个完全相同的带绝缘棒的金属小球，A球所带电荷量为-1.6×10-9C，B球不带电。现将A、B接触后再分开，则（　　） A. A、B接触前，B球上没有电子 B. A、B接触前，A球上有1×1010个电子 C. A、B接触时，A 球失去1×1010个电子 D. A、B接触时，B球得到5×109个电子 【答案】D 【解析】 【详解】A．B球不带电，表明B呈现电中性，但是B球上仍然有电子，故A错误； B．A、B接触前，A球所带电荷量为-1.6×10-9C，表明A上的净电荷量为-1.6×10-9C ，其对应的电子的数目为 该电子数目是净电荷量对应的电子数，A球上实际上的电子数还包含净电荷之外的与正电荷量大小相等的电子，即A球上的电子数大于1×1010个，故B错误； C．由于A、B完全相同，根据接触起电规律，A、B接触后，A失去电荷量为-8×10-10C，则A 球失去的电子数目为 故C错误； D．根据上述，可知A、B接触后，B得到电荷量为-8×10-10C，则B球得到的电子数目为 故D正确。 故选D。 2. 如图所示，a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc＝120°。现将三个等量的正点电荷分别固定在a、b、c三个顶点上，下列说法正确的有（　　） A. d点电场强度的方向由O指向d B. O点电场强度的方向由d指向O C. d点的电场强度大于O点的电场强度 D. d点的电场强度小于O点的电场强度 【答案】AD 【解析】 【详解】AB．由电场的叠加原理可知，d点电场的方向为由O指向d，O点的电场方向也是由O指向d，A正确，B错误； CD．设菱形的边长为r，根据点电荷电场强度表达式 三个点电荷在d点产生的场强大小相等，由场强的叠加可知，d点的场强大小 O点的场强大小为 可见d点的电场强度小于O点的电场强度，C错误，D正确。 故选AD。 3. 如图所示，三个同心圆是同一个点电荷周围的三个等势面，已知这三个圆的半径成等差数列．A、B、C分别是这三个等势面上的点，且这三点在同一条电场线上．A、C两点的电势依次为φA=10V和φC=2V，则B点的电势是 A. 一定等于6V B. 一定低于6V C. 一定高于6V D. 无法确定 【答案】B 【解析】 【详解】试题分析：根据点电荷电场的特点电场强度向外越来越小，由公式U=Ed可知AB两点间电势差大于4V所以B点的电势低于6V． 考点：本题考查了点电荷电场中电势变化规律． 4. 如图甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点。一个带负电的点电荷仅受电场力作用，从A点沿电场线运动到B点。在此过程中，该点电荷的速度v随时间t变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A. A点的电场强度比B点的大 B. A、B两点的电场强度相等 C. A点的电势比B点的电势高 D. A点的电势比B点的电势低 【答案】C 【解析】 【详解】AB．由速度图象可得加速度逐渐增大，所以A点的电场强度比B点的小，故AB错误； CD．带负电的点电荷速度减小，则电场力做负功，电势能增大，因为点电荷带负电，所以电势降低，故A点的电势比B点的电势高，C正确，D错误。 故选C。 5. 如图所示，高一学生在学考报名时进行了指纹采集．电容式指纹识别的原理是手指与传感器表面接触时，皮肤表面会和传感器上许许多多相同面积的小极板一一匹配成电容不同的平行板电容器，从而识别出指纹的纹路．下列说法正确的是（ ） A. 极板与指纹嵴（凸的部分）构成的电容器电容大 B. 极板与指纹沟（凹部分）构成的电容器电容大 C. 若充电电压变大，所有电容器电容增大 D. 若充电电压变大，所有电容器电容减小 【答案】A 【解析】 【详解】AB．极板与指纹嵴（凸的部分）之间的距离较小，根据可知，构成的电容器电容大，选项A正确，B错误； CD．电容器的电容与充电电压无关，选项CD错误。 6. 如图所示，电子在电势差为U1加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，重力可忽略。在电子能射出平行板区的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（ ） A. U1变大，U2变大 B. U1变小，U2变大 C. U1变大，U2变小 D. U1变小，U2变小 【答案】B 【解析】 【详解】在加速电场中，由动能定理可知 解得 根据牛顿第二定律有 水平距离为 解得电子的偏转角为 则一定能使电子的偏转角变大的是U1变小、U2变大。 故选B。 7. 如图所示的是电解池，在1s的时间内，共有3C的正离子和3C的负离子通过截面xy，则这个电路中的电流大小是（　　） A. 0 B. 1.5 A C. 3 A D. 6 A 【答案】D 【解析】 【详解】由题可知时间为 t=1s 通过截面的电量为 q=3C+3C=6C 则这个电路中的电流大小是 故选D。 8. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为的带电小球，以初速度从点竖直向上运动，通过点时，速度大小为，方向与电场方向相反，则小球从运动到的过程（ ） A. 动能增加 B. 机械能增加 C. 重力势能增加 D. 电势能增加 【答案】B 【解析】 【详解】由动能的表达式可知带电小球在M点的动能为，在N点的动能为，所以动能的增量为，故A错误；带电小球在电场中做类平抛运动，竖直方向受重力做匀减速运动，水平方向受电场力做匀加速运动，由运动学公式有，可得，竖直方向的位移，水平方向的位移，因此有，对小球写动能定理有，联立上式可解得，，因此电场力做正功，机械能增加，故机械能增加，电势能减少，故B正确D错误，重力做负功重力势能增加量为，故C错误． 9. 如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻不计，电容器电容为C，闭合开关K，待电路稳定后，电容器上电荷量为（ ） A. CE B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】电路稳定后，由于电源内阻不计，则整个回路可看成3R、2R的串联部分与R、4R的串联部分并联，若取电源负极为零电势点，则电容器上极板的电势为 电容器下极板的电势为 则电容两端的电压 则电容器上的电荷量为 故选C。 10. 如图所示，在绝缘平面上方存在着足够大的水平向右的匀强电场，带电荷量为+q的小金属块以一定初动能Ek从A点开始沿水平面向左做直线运动，经L长度到达B点，速度变为零。此过程中，金属块损失的动能有转化为电势能。取A点电势为零，下列说法正确的是（ ） A. 摩擦力大小是电场力的 B. B点电势能为 C. 再次回到A点时动能为 D. B点电势为 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据题意可知，克服摩擦力做功为Wf＝Ek＝fL 克服电场力做功W电克＝Ek＝EqL 所以摩擦力是电场力的，即A错误； B．而有W电克＝ΔEpAB增＝EpB 所以EpB＝Ek B正确； C．由于从B点返回A点过程中，摩擦力继续做负功，所以C错误； D．A点电势为零，所以B点电势应该为φB＝＝ 即D错误； 故选B。 11. 室内有五种用电器：1.5 kW的电饭锅，200 W的电冰箱，750 W的取暖器，250 W的电视机和2 kW的空调机，供电电压是220 V，进线处有13 A的保险丝，为不使保险丝烧断，下列用电器不能同时使用的是(　　) A. 电饭锅和电冰箱 B. 取暖器和空调机 C. 电饭锅和空调机 D. 电冰箱、电视机和空调机 【答案】C 【解析】 【详解】根据题意可知，该室能够使用的用电器的总功率最大为， 显然，电饭锅和空调机的总电功率达到了3.5 kW>2.86 kW，不能同时使用． 综上所述本题的正确答案是：C 12. 太阳能路灯利用太阳能转化的电能提供照明，可有效地减少二氧化碳的排放。设太阳能电池板对蓄电池一天充电9h，充电的平均功率为10W；蓄电池的利用效率是80％，供给LED路灯的电压是24V，电流是0.5A。太阳能电池板一天产生的电能可供路灯照明的时长为（　　） A. 4h B. 5h C. 6h D. 7h 【答案】C 【解析】 【详解】蓄电池提供的电能 W1=Pt1×80％ 路灯照明所需的电能 W2=UIt2 则有 Pt1×80％=UIt2 解得 t2=6h 故选C。 13. 如图所示，直线为电源的路端电压与电流的关系图像，直线为电源的路端电压与电流的关系图像，直线为电阻两端的电压与电流的关系图像。电源、的电动势分别为、，内阻分别为 、 ，将电阻分别接到、两电源上，则（ ） A. 接到电源上，电源的输出功率较小 B. 接到电源上，电源的效率较低 C. ， D. 【答案】D 【解析】 【详解】A．电阻的图像与两电源的图像的交点为电阻的工作点，由图像可知，与交点的横、纵坐标的乘积较大，则接到电源上，电源的输出功率较大，A错误； B．根据闭合电路欧姆定律 电源的图像的斜率绝对值等于电源内阻，可知电源的内阻大与电源的内阻，电源的效率为 可知电源的内阻小，接到电源上，电源的效率较高，B错误； C．根据闭合电路欧姆定律可得 可知图像与纵轴的交点表示电动势，图像的斜率绝对值等于电源内阻，则有 ， C错误； D．由图可知，两电源的短路电流相等，则有 可得 D正确； 故选D。 14. 如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，开关S闭合前灯泡L1、L2、L3均正常发光。那么，当开关S闭合时，L1、L2、L3三个灯泡的亮度变化情况是（ ） A. L1亮度不变，L2变亮，L3变暗 B. L1变暗，L2变亮，L3变暗 C. L1变亮，L2变暗，L3变亮 D. L1变暗，L2变亮，L3亮度不变 【答案】B 【解析】 【详解】当开关S闭合时，并联，电阻减小，外电路总电阻R减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I增大，的电压减小，电流减小，变暗；的电流增大，电压增大，变亮；的电压，减小，增大，则减小，变暗。 故选B。 15. 当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时N极垂直纸面向外的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】AB．已知通电直导线中电流的方向，根据右手螺旋定则，可知A、B选项的图中小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向里，所以小磁针静止时N极垂直纸面向里，故AB错误； C．根据右手螺旋定则，可知小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针静止时N极垂直纸面向外，故C正确； D．根据右手螺旋定则，结合电流的方向，可知通电螺线管内部的磁场方向由右向左，则小磁针静止时N极指向左，故D错误。 故选C。 16. 在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（ ） A. 将绕在磁铁上的线圈与电流表组合成一闭合回路，然后观察电流表的变化 B. 在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化 C. 将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化 D. 绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化 【答案】D 【解析】 【详解】法拉第发现的电磁感应定律并总结出五种情况下会产生感应电流，其核心就是通过闭合线圈的磁通量发生变化，选项AB中，绕在磁铁上面的线圈和通电线圈，线圈面积都没有发生变化，前者磁场强弱没有变化，后者通电线圈中若为恒定电流则产生恒定的磁场，也是磁场强弱不变，都会导致磁通量不变化，不会产生感应电流，选项A、B错．选项C中往线圈中插入条行磁铁导致磁通量发生变化，在这一瞬间会产生感应电流，但是过程短暂，等到插入后再到相邻房间去，过程已经结束，观察不到电流表的变化．选项C错．选项D中，线圈通电或断电瞬间，导致线圈产生的磁场变化，从而引起另一个线圈的磁通量变化产生感应电流，可以观察到电流表指针偏转，选项D对． 17. 电磁波包含了射线、红外线、紫外线、无线电波等，按波长由长到短的排列顺序是（ ） A. 无线电波、红外线、紫外线、射线 B. 红外线、无线电波、射线、紫外线 C 射线、红外线、紫外线、无线电波 D. 紫外线、无线电波、射线、红外线 【答案】A 【解析】 【详解】试题分析：按照波长从大到小的顺序依次是无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和γ射线． 故选A． 考点：考查电磁波谱的相关知识 点评：电磁波谱按照波长从大到小的顺序依次是无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和γ射线 18. 高考时很多地方在考场使用手机信号屏蔽器，该屏蔽器在工作过程中以一定的速度由低端频率向高端频率扫描．该扫描速度可以在手机接收报文信号时形成乱码干扰，手机不能检测从基站发出的正常数据，使手机不能与基站建立连接，达到屏蔽手机信号的目的，手机表现为搜索网络、无信号、无服务系统等现象．由以上信息可知(　 　) A. 由于手机信号屏蔽器的作用，考场内没有电磁波了 B. 电磁波必须在介质中才能传播 C. 手机信号屏蔽器工作时基站发出的电磁波不能传播到考场内 D. 手机信号屏蔽器是通过发射电磁波干扰手机工作来达到目的 【答案】D 【解析】 【详解】手机信号屏蔽器工作时基站发出的电磁波仍能传播到考场内，手机信号屏蔽器的作用只是使手机不能与基站建立连接，考场内仍然有电磁波，选项AC错误；电磁波在真空中叶可以传播，选项B错误；手机信号屏蔽器是通过发射电磁波干扰手机工作来达到目的，选项D正确. 19. 能正确解释黑体辐射实验规律的是（　　） A. 能量的连续经典理论 B. 普朗克提出的能量量子化理论 C. 以上两种理论体系任何一种都能解释 D. 牛顿提出的微粒说 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】ABC．根据黑体辐射的实验规律，随着温度的升高，一方面各种波长的辐射强度都有增加；另一方面，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，只能用普朗克提出的能量量子化理论才能得到满意的解释，故B正确，AC错误； D．牛顿提出的微粒说只能局限于解决宏观物体的低速运动，不能解释黑体辐射实验规律，故D错误。 故选B。 20. 英国物理学家麦克斯韦推算出一个出人意料的结果：电磁波的速度等于光速！电磁波在空气中的传播速度近似等于，某无线电波的频率是，该电磁波在空气中的波长为（　　） A. 1.52m B. 3.01m C. 2.56m D. 1.09m 【答案】B 【解析】 【详解】由c=λf，代入已知数据，解得 故选B。 二、多选题（共10小题，每题4分，共40分） 21. 假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的伏安特性曲线如图所示。图像上A点与原点连线与横轴成α角，曲线在A点的切线与横轴成β角，则（ ） A. 白炽灯的电阻随电压的增大而减小 B. 在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβ C. 在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0 D. 在A点，白炽灯的电阻可表示 【答案】CD 【解析】 【详解】A．由图可知白炽灯的电阻随电压的增大而增大，故A错误； BD．在A点，白炽灯的电阻可表示为 考虑到横纵坐标的单位长度所代表的物理量的数值可能不一样，故不能表示为tan β或tan α，故B错误，D正确； C．在A点，白炽灯的功率可表示为P= 故C正确。 故选CD。 22. 如图所示，已知电源电动势E＝2 V，电源内阻r＝0.5 Ω，小灯泡电阻R0＝2 Ω，滑动变阻器R最大阻值为10 Ω．当开关闭合后，调节滑动变阻器，设灯泡电阻不随温度变化而变化，则(　　) A. 当滑动变阻器阻值调至0.5 Ω时，电源输出功率最大 B. 当滑动变阻器阻值调至1.5 Ω时，灯泡最亮 C. 当滑动变阻器阻值逐渐减小时，电源输出功率逐渐增大 D. 当滑动变阻器阻值调至2.5 Ω时，滑动变阻器的电功率最大 【答案】CD 【解析】 【详解】由于r＜R0+R，根据推论：外电路的电阻等于内电阻时电源的输出功率最大，可知，当滑动变阻器阻值调至0Ω时，电源输出功率最大，故A错误．当滑动变阻器阻值调至0Ω时，电路中电流最大，灯泡最亮，故B错误．由于r＜R0+R，当滑动变阻器阻值逐渐减小时，内外电阻逐渐接近，电源输出功率逐渐增大，故C正确．将灯泡看成电源的内阻，当R=r+R0=0.5+2=2.5Ω时，等效电源的输出功率最大，即滑动变阻器的电功率最大，故D正确．故选CD. 23. 如图所示，正三角形三个顶点固定三个等量电荷，其中带正电，带负电，为边的四等分点，下列说法正确的是（ ） A. 、两点电场强度相同 B. 、两点电势相同 C. 负电荷在点电势能比在点时要小 D. 负电荷在点电势能比在点时要大 【答案】BC 【解析】 【详解】A．根据场强叠加以及对称性可知，MN两点的场强大小相同，但是方向不同，选项A错误； B．因在AB处的正电荷在MN两点的合电势相等，在C点的负电荷在MN两点的电势也相等，则MN两点电势相等，选项B正确； CD．因负电荷从M到O，因AB两电荷的合力对负电荷的库仑力从O指向M，则该力对负电荷做负功，C点的负电荷也对该负电荷做负功，可知三个电荷对该负电荷的合力对其做负功，则该负电荷的电势能增加，即负电荷在M点的电势能比在O点小；同理可知负电荷在N点的电势能比在O点小。选项C正确，D错误。 故选BC。 24. 如图所示，水平放置的充电平行金属板相距为d，其间形成匀强电场，一带正电的小油滴从下极板边缘射入，并沿直线从上极板边缘射出，油滴质量为m，带电量为q，则（　　） A. 场强方向竖直向上 B. 场强方向竖直向下 C. 两极板间的电势差为 D. 油滴的电势能增加了mgd 【答案】AC 【解析】 【详解】AB．由题分析可知，微粒做匀速直线运动，加速度为零，除重力外还有竖直向上的电场力，由于油滴带正电，所以电场线竖直向上，场强方向竖直向上，A正确，B错误； C．油滴受力平衡，则满足 解得两极板间的电势差大小为 C正确； D．电场力做正功为 则油滴的电势能减小mgd，D错误。 故选AC。 【点睛】本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是分析受力情况，判断出粒子做匀速直线运动。因微粒在电场中受到重力和电场力而做直线运动，电场力与重力必定平衡做匀速直线运动，否则就做曲线运动。 25. 如图所示，所带电荷量分别为4q和-q（q>0）的小球A、B固定在水平放置的光滑绝缘细杆上，相距为d，若在杆上再套一带电小环C而处于平衡，已知带电体A、B和C均可视为点电荷，则下列说法正确的是（ ） A. 小环C一定位于A、B间距小球A处 B. 小环C一定位于小球B右侧d处 C. 小环C一定带正电且电荷量一定满足q≤Q≤4q D. 若将小环C拉离平衡位置一微小位移后由静止释放，则小环C可能会回到平衡位置 【答案】BD 【解析】 【详解】ABC．小环C不能在AB间处于平衡，因为在AB间所受库仑力指向同一个方向，也不能处于A的左侧，因为在A的左侧受到的库仑力大于B对它的库仑力，不能平衡，所以小环C处于B球的右侧。根据平衡有 解得 由于AB固定，C球可能带正电也可能带负电，故AC错误，B正确； D．若小环C带正电，将小环C拉离平衡位置一微小位移后由静止释放，则小球受合力方向与位移方向相同，则继续同向运动，所以不能回到平衡位置；若小环C带负电，将小环C拉离平衡位置一微小位移后由静止释放，则小球受合力方向与位移方向相反，则能回到平衡位置，故D正确。 故选BD。 26. 如图a所示，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端的过程中，理想电压表V1、V2的示数随理想电流表A示数的变化情况如图b所示，下列说法正确的是（　　） A. 滑动变阻器的最大阻值为12Ω B. 电源的电动势为9V C. R0=15Ω D. 电源内阻为1Ω 【答案】AD 【解析】 【详解】AC．由电压表V2的示数随电流表示数A的变化图像可知 当I = 0.5A时，此时外电路的阻值达到最大，则 则R的最大值为 R = R外－R0 = 12Ω A正确，C错误； BD．根据闭合电路欧姆定律可得 E = U外1＋I1r E = U外2＋I2r 解得 E = 8V，r = 1Ω B错误，D正确。 故选AD。 27. 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，下列结论正确的是（　　） A. 电源的电动势为6.0V B. 电源的内阻为12Ω C. 当外电阻为12Ω时，电源的输出功率最大 D. 电流为0.4A时的外电阻是13Ω 【答案】AD 【解析】 【详解】AB．对比闭合电路欧姆定律 U=E-Ir 可知，图线与纵轴交点表示电动势，即 E=60V 图线的斜率表示内阻，大小为 故A正确，B错误； C．当外电阻与内电阻相等时，即 时，电源的输出功率最大，故C错误； D．电流为0.4A时，根据闭合电路欧姆定律可得电流为 代入数据解得 故D正确。 故选AD。 28. 磁场中某区域的磁感线如图所示，a、b、c、d、e是磁场中的5个点，其中c、d两点关于直线对称，下面说法正确的是(　　) A. 这5个位置中，e点磁感应强度最大 B. a点没有磁感线穿过，所以a点磁感应强度一定为零 C. c、d两点关于直线对称，所以c、d两点磁感应强度方向相同 D. b、e两点在同一直线上，所以b、e两点磁感应强度方向相同 【答案】AD 【解析】 【详解】A．从磁感线分布情况看，e点位置的磁感线分布最密集，磁感应强度最大，故A正确； B．a处磁感线相对其他位置比较稀疏，a处磁感应强度较小，但并不是零，故B错误； C．在c、d两点切线方向表示c、d点的磁感应强度方向，所以c、d两点的磁感应强度方向并不相同，故C错误； D．b、e两点的切线在同一直线上，故D正确。 故选AD。 29. 下列说法正确的是（ ） A. 耳朵能够听到声波，是因为耳朵和声源之间有空气 B. 水波的传播需要水，没有水就没有水波 C. 电磁波传播需要空气，没有空气，即使产生了电磁波也传不出来 D. 电磁波的传播速率等于光速，不受其他因素影响 【答案】AB 【解析】 【详解】ABC．声波的传播需要介质，电磁波的传播可以在介质中传播，也可以在真空中传播，故AB正确，C错误； D．电磁波在真空中传播速率的等于光速，但在不同介质中，其传播速率会收到介质的影响而变化，故D错误。 故选AB。 30. 如图所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系．四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图所示，当两直导线中的电流都增大时，四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（ ） A. 线圈a中无感应电流 B. 线圈b中有感应电流 C. 线圈c中有感应电流 D. 线圈d中无感应电流 【答案】CD 【解析】 【详解】A．由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向。a、c象限磁场不为零，a中磁场垂直纸面向里，当电流增大时，根据楞次定律可知线圈a中有逆时针方向的电流，故A错误； BD．b、d区域中的磁通量为零，当电流变化时不可能产生感应电流，故B错误，D正确。 C．a、c象限磁场不为零，c中磁场垂直纸面向外，当电流增大时，根据楞次定律可知线圈c中有顺时针方向的电流，故C正确。 故选CD。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2024-2025第二学期开学考高二物理 一、单选题（共20小题，每题3分，共60分） 1. 如图所示，A、B是两个完全相同的带绝缘棒的金属小球，A球所带电荷量为-1.6×10-9C，B球不带电。现将A、B接触后再分开，则（　　） A. A、B接触前，B球上没有电子 B. A、B接触前，A球上有1×1010个电子 C. A、B接触时，A 球失去1×1010个电子 D. A、B接触时，B球得到5×109个电子 2. 如图所示，a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc＝120°。现将三个等量的正点电荷分别固定在a、b、c三个顶点上，下列说法正确的有（　　） A. d点电场强度的方向由O指向d B. O点电场强度的方向由d指向O C. d点的电场强度大于O点的电场强度 D. d点的电场强度小于O点的电场强度 3. 如图所示，三个同心圆是同一个点电荷周围的三个等势面，已知这三个圆的半径成等差数列．A、B、C分别是这三个等势面上的点，且这三点在同一条电场线上．A、C两点的电势依次为φA=10V和φC=2V，则B点的电势是 A. 一定等于6V B. 一定低于6V C. 一定高于6V D. 无法确定 4. 如图甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点。一个带负电的点电荷仅受电场力作用，从A点沿电场线运动到B点。在此过程中，该点电荷的速度v随时间t变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A. A点的电场强度比B点的大 B. A、B两点的电场强度相等 C. A点的电势比B点的电势高 D. A点的电势比B点的电势低 5. 如图所示，高一学生在学考报名时进行了指纹采集．电容式指纹识别的原理是手指与传感器表面接触时，皮肤表面会和传感器上许许多多相同面积的小极板一一匹配成电容不同的平行板电容器，从而识别出指纹的纹路．下列说法正确的是（ ） A. 极板与指纹嵴（凸的部分）构成的电容器电容大 B. 极板与指纹沟（凹的部分）构成的电容器电容大 C. 若充电电压变大，所有电容器电容增大 D. 若充电电压变大，所有电容器电容减小 6. 如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，重力可忽略。在电子能射出平行板区的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（ ） A. U1变大，U2变大 B. U1变小，U2变大 C. U1变大，U2变小 D. U1变小，U2变小 7. 如图所示的是电解池，在1s的时间内，共有3C的正离子和3C的负离子通过截面xy，则这个电路中的电流大小是（　　） A. 0 B. 1.5 A C. 3 A D. 6 A 8. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为的带电小球，以初速度从点竖直向上运动，通过点时，速度大小为，方向与电场方向相反，则小球从运动到的过程（ ） A. 动能增加 B. 机械能增加 C. 重力势能增加 D. 电势能增加 9. 如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻不计，电容器电容为C，闭合开关K，待电路稳定后，电容器上电荷量为（ ） A. CE B. C. D. 10. 如图所示，在绝缘平面上方存在着足够大水平向右的匀强电场，带电荷量为+q的小金属块以一定初动能Ek从A点开始沿水平面向左做直线运动，经L长度到达B点，速度变为零。此过程中，金属块损失的动能有转化为电势能。取A点电势为零，下列说法正确的是（ ） A. 摩擦力大小是电场力的 B. B点电势能为 C. 再次回到A点时动能为 D. B点电势为 11. 室内有五种用电器：1.5 kW的电饭锅，200 W的电冰箱，750 W的取暖器，250 W的电视机和2 kW的空调机，供电电压是220 V，进线处有13 A的保险丝，为不使保险丝烧断，下列用电器不能同时使用的是(　　) A. 电饭锅和电冰箱 B. 取暖器和空调机 C. 电饭锅和空调机 D. 电冰箱、电视机和空调机 12. 太阳能路灯利用太阳能转化的电能提供照明，可有效地减少二氧化碳的排放。设太阳能电池板对蓄电池一天充电9h，充电的平均功率为10W；蓄电池的利用效率是80％，供给LED路灯的电压是24V，电流是0.5A。太阳能电池板一天产生的电能可供路灯照明的时长为（　　） A. 4h B. 5h C. 6h D. 7h 13. 如图所示，直线为电源的路端电压与电流的关系图像，直线为电源的路端电压与电流的关系图像，直线为电阻两端的电压与电流的关系图像。电源、的电动势分别为、，内阻分别为 、 ，将电阻分别接到、两电源上，则（ ） A. 接到电源上，电源的输出功率较小 B. 接到电源上，电源的效率较低 C. ， D. 14. 如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，开关S闭合前灯泡L1、L2、L3均正常发光。那么，当开关S闭合时，L1、L2、L3三个灯泡的亮度变化情况是（ ） A. L1亮度不变，L2变亮，L3变暗 B. L1变暗，L2变亮，L3变暗 C L1变亮，L2变暗，L3变亮 D. L1变暗，L2变亮，L3亮度不变 15. 当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时N极垂直纸面向外的是（　　） A. B. C. D. 16. 在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（ ） A. 将绕在磁铁上的线圈与电流表组合成一闭合回路，然后观察电流表的变化 B. 在一通电线圈旁放置一连有电流表闭合线圈，然后观察电流表的变化 C. 将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化 D. 绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化 17. 电磁波包含了射线、红外线、紫外线、无线电波等，按波长由长到短的排列顺序是（ ） A. 无线电波、红外线、紫外线、射线 B. 红外线、无线电波、射线、紫外线 C. 射线、红外线、紫外线、无线电波 D. 紫外线、无线电波、射线、红外线 18. 高考时很多地方在考场使用手机信号屏蔽器，该屏蔽器在工作过程中以一定的速度由低端频率向高端频率扫描．该扫描速度可以在手机接收报文信号时形成乱码干扰，手机不能检测从基站发出的正常数据，使手机不能与基站建立连接，达到屏蔽手机信号的目的，手机表现为搜索网络、无信号、无服务系统等现象．由以上信息可知(　 　) A. 由于手机信号屏蔽器的作用，考场内没有电磁波了 B. 电磁波必须在介质中才能传播 C. 手机信号屏蔽器工作时基站发出的电磁波不能传播到考场内 D. 手机信号屏蔽器是通过发射电磁波干扰手机工作来达到目的 19. 能正确解释黑体辐射实验规律的是（　　） A. 能量的连续经典理论 B. 普朗克提出的能量量子化理论 C. 以上两种理论体系任何一种都能解释 D. 牛顿提出的微粒说 20. 英国物理学家麦克斯韦推算出一个出人意料结果：电磁波的速度等于光速！电磁波在空气中的传播速度近似等于，某无线电波的频率是，该电磁波在空气中的波长为（　　） A. 1.52m B. 3.01m C. 2.56m D. 1.09m 二、多选题（共10小题，每题4分，共40分） 21. 假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的伏安特性曲线如图所示。图像上A点与原点连线与横轴成α角，曲线在A点的切线与横轴成β角，则（ ） A. 白炽灯的电阻随电压的增大而减小 B. 在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβ C. 在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0 D. 在A点，白炽灯的电阻可表示 22. 如图所示，已知电源电动势E＝2 V，电源内阻r＝0.5 Ω，小灯泡电阻R0＝2 Ω，滑动变阻器R最大阻值为10 Ω．当开关闭合后，调节滑动变阻器，设灯泡电阻不随温度变化而变化，则(　　) A. 当滑动变阻器阻值调至0.5 Ω时，电源输出功率最大 B. 当滑动变阻器阻值调至1.5 Ω时，灯泡最亮 C. 当滑动变阻器阻值逐渐减小时，电源输出功率逐渐增大 D. 当滑动变阻器阻值调至2.5 Ω时，滑动变阻器的电功率最大 23. 如图所示，正三角形三个顶点固定三个等量电荷，其中带正电，带负电，为边的四等分点，下列说法正确的是（ ） A. 、两点电场强度相同 B. 、两点电势相同 C. 负电荷在点电势能比在点时要小 D. 负电荷在点电势能比在点时要大 24. 如图所示，水平放置的充电平行金属板相距为d，其间形成匀强电场，一带正电的小油滴从下极板边缘射入，并沿直线从上极板边缘射出，油滴质量为m，带电量为q，则（　　） A. 场强方向竖直向上 B 场强方向竖直向下 C. 两极板间的电势差为 D. 油滴的电势能增加了mgd 25. 如图所示，所带电荷量分别为4q和-q（q>0）的小球A、B固定在水平放置的光滑绝缘细杆上，相距为d，若在杆上再套一带电小环C而处于平衡，已知带电体A、B和C均可视为点电荷，则下列说法正确的是（ ） A. 小环C一定位于A、B间距小球A处 B. 小环C一定位于小球B右侧d处 C. 小环C一定带正电且电荷量一定满足q≤Q≤4q D. 若将小环C拉离平衡位置一微小位移后由静止释放，则小环C可能会回到平衡位置 26. 如图a所示，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端的过程中，理想电压表V1、V2的示数随理想电流表A示数的变化情况如图b所示，下列说法正确的是（　　） A. 滑动变阻器的最大阻值为12Ω B. 电源的电动势为9V C. R0=15Ω D. 电源内阻为1Ω 27. 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，下列结论正确的是（　　） A. 电源的电动势为6.0V B. 电源的内阻为12Ω C. 当外电阻为12Ω时，电源的输出功率最大 D. 电流为0.4A时的外电阻是13Ω 28. 磁场中某区域的磁感线如图所示，a、b、c、d、e是磁场中的5个点，其中c、d两点关于直线对称，下面说法正确的是(　　) A. 这5个位置中，e点的磁感应强度最大 B. a点没有磁感线穿过，所以a点磁感应强度一定为零 C. c、d两点关于直线对称，所以c、d两点磁感应强度方向相同 D. b、e两点在同一直线上，所以b、e两点磁感应强度方向相同 29. 下列说法正确的是（ ） A. 耳朵能够听到声波，是因为耳朵和声源之间有空气 B. 水波的传播需要水，没有水就没有水波 C. 电磁波传播需要空气，没有空气，即使产生了电磁波也传不出来 D. 电磁波的传播速率等于光速，不受其他因素影响 30. 如图所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系．四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图所示，当两直导线中的电流都增大时，四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（ ） A. 线圈a中无感应电流 B. 线圈b中有感应电流 C. 线圈c中有感应电流 D. 线圈d中无感应电流 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$