2025年辽宁中考物理模拟练习卷（五）

2025年辽宁中考物理模拟练习卷（五）模拟练习卷 一．选择题（共9小题，满分18分，每小题2分） 1．（2分）下列光现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．日晷上呈现指针的影子 B．景物在汽车后视镜中成像 C．北京鸟巢在水中形成倒影 D．筷子好像在水面处弯折 2．（2分）南通四季分明，被评为宜居城市。下列四季热现象中，需要吸热的是（　　） A．初春冰融 B．盛夏凝露 C．深秋霜降 D．寒冬雪飘 3．（2分）如图甲所示，小强在同一水平地面上用力向右推木箱，木箱速度随时间变化的图象如乙图所示，以下对于这一过程的分析中正确的是（　　） A．0s～1s内木箱没有动，木箱受到的推力小于摩擦力 B．1s～2s内木箱受到的摩擦力变小 C．2s～3s内木箱受到的摩擦力与推力是一对平衡力 D．如果3s后人停止用力，木箱将继续做匀速直线运动 4．（2分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两圆形平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。容器对桌面的压力分别为F甲、F乙，容器对桌面的压强分别为p甲、p乙；液体对容器底部的压力分别为F'甲、F'乙，液体对容器底部的压强分别为p'甲、p'乙。下列关系正确的是（　　） A．F甲＞F乙，p甲＞p乙 B．F'甲＞F'乙，p'甲＞p'乙 C．F甲＝F乙，p甲＞p乙 D．F'甲＜F'乙，p'甲＜p'乙 5．（2分）如图所示的电路，电源电压恒定不变，电路连接正确，先闭合开关S1，接着闭合开关S2，此时通过R1电阻的电流会（　　） A．变小 B．不变 C．变大 D．无法判断 6．（2分）图甲所示电路，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最左端向右移动到某一位置的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．小灯泡的额定功率为6.25W B．电路的最大总功率为1.125W C．小灯泡的灯丝阻值逐渐变小 D．R的阻值变化范围为20Ω～8Ω （多选）7．（2分）“赏中华诗词，寻文化基因，品生活之美”，《中国诗词大会》深受观众的青睐。关于诗词中涉及到的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．“当年走马锦城西，曾为梅花醉似泥。”骑马观景，马相对于人是静止的 B．“锦城丝管日纷纷，半入江风半入云。”乐声入云，声音能在空气中传播 C．“浓淡芳春满蜀乡，半随风雨断莺肠。”闻到花香，是分子在不停地运动 D．“窗含西岭千秋雪，门泊东吴万里船。”雪的形成，必须要吸收大量的热 （多选）8．（2分）如图所示是建筑工地上的起重机吊臂上的滑轮组，滑轮组的钢丝绳能承受的最大拉力为3000N，货箱重400N，货箱的钢丝绳能承受的拉力足够大。某次用1200N的拉力F将质量为300kg的货物以0.6m/s的速度匀速竖直提升5s。则下列说法正确的是（　　）（不计绳重和摩擦） A．此次提升货物过程中滑轮组的机械效率约为83.3% B．此次提升货物过程中拉力F的功率是2160W C．若增大提升速度，则滑轮组的机械效率升高 D．该起重机的滑轮组一次能匀速提起的货物重最大为8600N （多选）9．（2分）电和磁存在着密切的关联，下列几个装置都与这一关系有关，其中正确的说法是（　　） A．图甲中，当电磁继电器线圈通以额定电流时，接线柱BC接通 B．图乙中，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，能吸引的回形针数量越多 C．图丙中，动圈式话筒的工作原理与发电机的工作原理相同 D．图丁中，扬声器是利用电磁感应的原理工作的 二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分） 10．（2分）如图所示为某科技小组自制的水火箭的结构图。当使用打气筒给可乐瓶打气时，打气筒筒壁发热，这是通过 　 　 的方式改变内能的。当水面上方气体压强增大到一定程度时，会使水向下喷出，“火箭”升空，此过程相当于内燃机的 　 　 冲程。 11．（2分）按电视机遥控器的按键时，遥控器发射出来的是 　 　 ，对着墙壁也能实现对电视机的控制，这是利用了光的 　 　 现象。 12．（2分）如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，其F﹣t和v﹣t图象分别如乙、丙所示，由图象可知，当t＝1s时，物体受到的摩擦力是 　 　 N，当t＝3s时，物体受到的摩擦力是 　 　 N。 13．（2分）潜水艇从水下10米到30米过程，受到水的压强 　 　 ，浮力 　 　 。（均填“变大”，“不变”，“变小”） 14．（2分）某用电器接在220V的电路上，通电0.2min消耗1.2×104J的电能，则此用电器的功率为 　 　 W，通过的电流为 　 　 A。 15．（2分）影片《流浪地球》讲的是太阳的生命即将终结，人类带着地球流浪的故事。太阳内部发生核 　 　 （选填“裂变”或“聚变”）；5G手机是利用 　 　 波来传输信息的。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）如图所示，请你画出经过凸透镜后的折射光线。 17．（2分）如图所示是小熊钓鱼的卡通画。请以O点为支点，在图中大致位置画出鱼竿所受阻力F2和小熊所施加的最小动力F1及其力臂l1的示意图。 四．实验探究题（共4小题，满分24分，每小题6分） 18．（6分）在探究“不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图所示，实验中收集到的实验数据如表所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 5 甲的温度/℃ 10 18 26 34 42 50 乙的温度/℃ 10 14 18 22 26 30 （1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、　 　 相同的甲、乙两种物质。 （2）选用相同酒精灯加热的目的是使甲、乙两物质在相同时间内吸收热量相同，所以可以通过 　 　 间接反映甲、乙吸热的多少。 （3）实验记录数据如表格所示，从开始加热到两种物质都为26℃时，甲、乙两种液体吸收热量的关系是Q甲　 　 Q乙（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 （4）通过分析实验数据可知，　 　 （选填“甲”或“乙”）物质的吸热能力强。 （5）通过分析表中实验数据可知，甲、乙物质的比热容之比是 　 　 。 19．（6分）2024年6月6日是第29个全国“爱眼日”，我们要“爱眼护眼，科学用眼”。为进一步探究“眼睛成像的特点”，某同学自制了水凸透镜来模拟晶状体，如图所示。（向水凸透镜里注水，水凸透镜的焦距变小） （1）蜡烛、水凸透镜和光屏的位置如图所示，恰好能在光屏上得到一个清晰的像，该像的性质是 　 　 的实像，同时可推测出此时水凸透镜的焦距可能是 　 　 （填“8cm”、“18cm”或“28cm”）。 （2）实验时，把一镜片放在蜡烛和水凸透镜之间，当向水凸透镜中注入适量的水后，光屏上的像再次变清晰，该镜片是 　 　 透镜。 （3）在睡眠时使用角膜塑形镜（俗称“OK镜”）可改变原本厚度均匀的角膜弧度。近视患者佩戴一段时间OK镜后，角膜呈现的形态是 　 　 。 A. B. C. D. 20．（6分）如图所示是小明同学“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。 （1）实验前，小明用手按压图甲探头的橡皮膜，发现U形管两边液面高度变化 　 　 （选填“明显”或“不明显”），说明这套实验装置漏气。 （2）小明解决漏气问题后进行实验，比较图乙和图丙，可知同种液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等；比较图乙和图 　 　 ，可知同种液体，深度越深，压强越大，因此拦河大坝要做成 　 　 （选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状。 （3）实验中小明发现，探头在水和某液体中的相同深度处，U形管两边液面的高度差对比不明显，于是做了一些改进，其中不能使U形管两边液面高度差对比更明显的是 　 　 。 A.将U形管换成更细的 B.U形管中换成密度更小的液体 C.将某液体换成密度比水大得多的其他液体 【拓展】如图戊所示，小明把一根足够长横截面积为5cm2、质量为15g，一端绑有橡皮膜的薄壁玻璃管竖直插入水中，橡皮膜向上凸出，向管内缓慢加入某种液体，直至橡皮膜水平。若两种液面的内、外高度差为1cm，则待测液体的密度为 　 　 kg/cm3。当薄膜变平后小明松开手，待玻璃管竖直静止后，薄膜到水面的距离为 　 　 cm。 21．（6分）小明利用4节新干电池，阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻，铭牌上标有“20Ω 1A”的滑动变阻器等实验器材“探究电流与电阻关系”。 （1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确； （2）小明将10Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向 　 　 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到4V，记录电流表的示数； （3）当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是 　 　 （写出一条即可）； （4）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 　 　 V时，小灯泡正常发光； ②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V； ③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V； ④小灯泡的额定功率P额＝　 　 W。 五．计算题（共3小题，满分8分） 22．（8分）如图甲为我国自主设计生产的、世界最大的观光潜水器——寰岛蛟龙1号。该潜水器设计最大下潜深度为40m，最多可以同时乘坐9人观赏海底的美丽景色。若在某次观光过程中，潜水器连同几名乘员的总质量为23t，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g：取10N/kg。求： （1）潜水器浮在海面时，受到的浮力多大？排开海水的体积约为多大？ （2）潜水器下潜至水面下某处，面积为1cm2的外壳上承受的海水压力为35N时，求潜水器所处的深度。 （3）潜水器在水下运动时，所受海水阻力与速度的关系如图乙所示，求潜水器在水下以0.4m/s的水平速度匀速运动10s时，潜水器水平推力所做的功。 23．某型号小型电热水器有加热和保温两种状态，其内部简化电路如图所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中Rx为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。当开关S0和S都闭合时，A、B两个触点接通，电热水器开始加热；当温度达到80℃时，电磁铁会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。 【已知R1＝48.4Ω，R2＝2000Ω，c水＝4.2×103J/（kg•℃）】 求： （1）该小型电热水器处于加热状态时的电功率为多少？ （2）若该小型电热水器的加热效率为84%，则电热水器将5kg的水从20℃加热到60℃需要多长时间？ 24．图甲是某新型太阳能汽车，该汽车的动力完全由安装在车顶的电池板收集的太阳能提供。汽车（包括司乘人员）的质量为1.2t，接收太阳能电池板的面积为8m2，太阳光照射到地面单位面积上的辐射功率为1125W/m2。该车在水平路面上以恒定功率做直线运动的v﹣t图象如图乙所示，在前10s内通过的路程为120m。（取g＝10N/kg） （1）①在0～10s汽车的平均速度是 　 　 ；②电动机的工作原理是 　 　 （填序号）。 A.电流的热效应 B.电流的磁效应 C.电磁感应 D.通电导体在磁场中受到力的作用 （2）如汽车匀速行驶过程中所受阻力大小为车重的0.02倍，则汽车牵引力为多大？ （3）若汽车吸收的太阳能转化为机械能的效率为40%，则汽车在水平地面上做匀速直线运动时的速度是多少？ （4）在0～10s内，汽车做 　 　 （选填“加速”、“减速”或“匀速”）直线运动。求出汽车在0～10s内牵引力做的功。 2025年辽宁省中考物理模拟试卷（五）练习卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共6小题） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 D A C B B B 二．多选题（共3小题） 题号 7 8 9 答案 ABC AB ABC 一．选择题（共9小题，满分18分，每小题2分） 1．（2分）下列光现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．日晷上呈现指针的影子 B．景物在汽车后视镜中成像 C．北京鸟巢在水中形成倒影 D．筷子好像在水面处弯折 【分析】光从一种介质斜射入另一种明介质中时，传播方向会发生改变，这是光的折射；逐项分析各情景运用的光学知识进行作答。 【解答】解：A．日晷的影子是由光的直线传播形成的，故A错误； B．汽车后视镜中的景物，属于凸面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误； C．水中倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C错误； D．筷子弯折，是由光的折射形成的，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识的考查，难度不大。 2．（2分）南通四季分明，被评为宜居城市。下列四季热现象中，需要吸热的是（　　） A．初春冰融 B．盛夏凝露 C．深秋霜降 D．寒冬雪飘 【分析】（1）熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热； （2）液化指物质由气态转变成液态，液化要放热； （3）凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热。 【解答】解：A、初春冰融是熔化现象，熔化要吸热，故A正确； B、盛夏凝露，这是液化现象，液化要放热，故B错误； C、深秋霜降是凝华现象，凝华要放热，故C错误； D、寒冬雪飘是凝华现象，凝华要放热，故D错误。 故选：A。 【点评】本题考查了物态变化，属于基础题。 3．（2分）如图甲所示，小强在同一水平地面上用力向右推木箱，木箱速度随时间变化的图象如乙图所示，以下对于这一过程的分析中正确的是（　　） A．0s～1s内木箱没有动，木箱受到的推力小于摩擦力 B．1s～2s内木箱受到的摩擦力变小 C．2s～3s内木箱受到的摩擦力与推力是一对平衡力 D．如果3s后人停止用力，木箱将继续做匀速直线运动 【分析】（1）由v﹣t图象可知，0～1s内木箱静止，处于平衡状态，根据二力平衡条件分析推力和摩擦力的大小关系； （2）由v﹣t图象可知，2～3s内木箱做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知推力和摩擦力之间的关系；滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度有关，与运动的速度无关，据此分析1s～2s内木箱受到的摩擦力大小变化情况； （3）如果3s后人停止用力，木箱水平方向只受摩擦力的作用，根据力与运动的关系可知物体的运动状态。 【解答】解：A、由图乙可知，0～1s内木箱静止，处于平衡状态，水平方向上的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，故A错误； BC、由图乙可知，在2～3s内木箱做匀速直线运动，处于平衡状态，木箱受到的摩擦力与推力是一对平衡力，由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f＝F； 由图乙可知，木箱在1～2s内做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关，所以1s～2s内木箱受到的摩擦力大小不变，故C正确，B错误； D、如果3s后人停止用力，木箱水平方向只受摩擦力的作用，将做匀减速直线运动，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。 4．（2分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两圆形平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。容器对桌面的压力分别为F甲、F乙，容器对桌面的压强分别为p甲、p乙；液体对容器底部的压力分别为F'甲、F'乙，液体对容器底部的压强分别为p'甲、p'乙。下列关系正确的是（　　） A．F甲＞F乙，p甲＞p乙 B．F'甲＞F'乙，p'甲＞p'乙 C．F甲＝F乙，p甲＞p乙 D．F'甲＜F'乙，p'甲＜p'乙 【分析】（1）液体质量相同，根据图判断出两液体的体积，根据密度公式判断出两液体的密度大小关系，根据p＝ρgh判断液体对杯底压强的关系；根据公式p可求得出液体对容器底部的压力大小关系； （2）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，根据公式p可得出容器对桌面的压强的大小关系。 【解答】解：AC、水平桌面上，甲、乙两个容器中两种液体质量相等，容器的质量相等，根据G＝mg可知二者的总重力相等，故容器对桌面的压力F甲＝F乙，容器的底面积相同，由p得，容器对桌面的压强：p甲＝p乙，故AC错误； BD、从图中可知乙中液体的体积大于甲中液体的体积，因为液体质量相同，根据ρ可知ρ甲＞ρ乙，因两容器中液体的深度相同，根据p＝ρ液gh知，液体对杯底的压强p甲′＞p乙′，由p得，液体对容器底部的压力：F甲'＞F乙'，故D错误，B正确。 故选：B。 【点评】本题主要考查了固体压强、液体压强、密度公式的应用，知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力是解题的关键。 5．（2分）如图所示的电路，电源电压恒定不变，电路连接正确，先闭合开关S1，接着闭合开关S2，此时通过R1电阻的电流会（　　） A．变小 B．不变 C．变大 D．无法判断 【分析】根据实物图可知，先闭合开关S1，电路为R1的简单电路；接着闭合开关S2，R1、R2并联接入电路中，根据并联电路的特点分析。 【解答】解：根据实物图可知，先闭合开关S1，电路为R1的简单电路；接着闭合开关S2，R1、R2并联接入电路中，根据并联电路中各支路互不影响可知，通过R1的电流是不变的，故B正确。 故选：B。 【点评】本题考查了电路的动态分析、并联电路的特点，属于基础题。 6．（2分）图甲所示电路，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最左端向右移动到某一位置的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．小灯泡的额定功率为6.25W B．电路的最大总功率为1.125W C．小灯泡的灯丝阻值逐渐变小 D．R的阻值变化范围为20Ω～8Ω 【分析】（1）小灯泡的额定功率是小灯泡额定电压下的功率，小灯泡额定电压为2.5V，此时电路中电流由图乙可知，根据P＝IU求出； （2）电路的最大功率等于最大电流乘以电源电压； （3）从乙图中电压和电流的对应值求出电阻，可知小灯泡灯丝阻值的变化情况； （4）实验小灯泡两端的最小电压和最大电压已知，滑动变阻器两端的电压的最大值和最小值可知，最大电流和最小电流已知，接入电阻最大时两端电压最大电流最小，接入电阻最小时，两端电压最小，电流最大。 【解答】解：A．根据题意知道，小灯泡的额定电压为2.5V，由图乙知道，此时通过小灯泡的电流即额定电流为I＝0.25A，小灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W，故A错误； B．电路的最大总功率P大＝UI大＝4.5V×0.25A＝1.125W，故B正确； C．由图乙知道，灯泡的电阻，，所以灯泡的电阻逐渐增大，故C错误； D．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡分得的电压最小，由图乙知道，小灯泡两端的最小电压，当UL小＝0.5V时，通过的电流I小＝0.08A， 此时滑动变阻器两端的电压U滑大＝U﹣UL小＝4.5V﹣0.5V＝4V，滑动变阻器接入的最大电阻50Ω， 电路中电流的最大值I大＝0.25A，滑动变阻器接入的最小电阻R滑小8Ω，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了小灯泡的额定功率，结合图象求滑动变阻器接入的最大值和最小值，灯泡电阻变化的原因，电功率的计算。 （多选）7．（2分）“赏中华诗词，寻文化基因，品生活之美”，《中国诗词大会》深受观众的青睐。关于诗词中涉及到的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．“当年走马锦城西，曾为梅花醉似泥。”骑马观景，马相对于人是静止的 B．“锦城丝管日纷纷，半入江风半入云。”乐声入云，声音能在空气中传播 C．“浓淡芳春满蜀乡，半随风雨断莺肠。”闻到花香，是分子在不停地运动 D．“窗含西岭千秋雪，门泊东吴万里船。”雪的形成，必须要吸收大量的热 【分析】（1）物体的运动与静止是相对于参照物而言的。 （2）声音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音。 （3）构成物质的分子在不停地运动。 （4）雪是水蒸气凝华形成的。 【解答】解：A、骑马观景色时，马与人之间的位置关系没有发生改变，所以马相对于人是静止的，故A正确； B、“锦城丝管日纷纷，半入江风半入云。”乐声入云，说明声音能在空气中传播，故B正确； C、闻到花香是花香分子做无规则运动的结果，是扩散现象，故B正确； D、雪是水蒸气凝华形成的，在这过程中会发出热量，故D错误。 故选：ABC。 【点评】物理知识来源于生活，也要应用于生活，我们要认真观察思考生活中的物理现象，正确的分析。 （多选）8．（2分）如图所示是建筑工地上的起重机吊臂上的滑轮组，滑轮组的钢丝绳能承受的最大拉力为3000N，货箱重400N，货箱的钢丝绳能承受的拉力足够大。某次用1200N的拉力F将质量为300kg的货物以0.6m/s的速度匀速竖直提升5s。则下列说法正确的是（　　）（不计绳重和摩擦） A．此次提升货物过程中滑轮组的机械效率约为83.3% B．此次提升货物过程中拉力F的功率是2160W C．若增大提升速度，则滑轮组的机械效率升高 D．该起重机的滑轮组一次能匀速提起的货物重最大为8600N 【分析】（1）由图可知，该滑轮组中动滑轮上的绳子股数，根据G＝mg求货物的重力，根据求滑轮组的机械效率； （2）由v＝nv物求拉力端移动的速度，根据PFv求拉力的功率； （3）根据可知，滑轮组的机械效率与提升的速度无关； （4）不计绳重和摩擦，根据F（G+G动）求出动滑轮的重；当拉力最大时，根据F（G+G动）求出最大物重。 【解答】解：A．由图可知，该滑轮组中动滑轮上的绳子股数为n＝3， 货物的重力：G＝mg＝300kg×10N/kg＝3000N， 此次提升货物过程中滑轮组的机械效率约为 ，故A正确； B．拉力端移动的速度为v＝nv物＝3×0.6m/s＝1.8m/s， 此次提升货物过程中拉力F的功率是 PFv＝1200N×1.8m/s＝2160W，故B正确； C．根据可知，滑轮组的机械效率与提升的速度无关，若增大提升速度，则滑轮组的机械效率不变，故C错误； D．不计绳重和摩擦，根据F（G+G动）可得，动滑轮的重： G动＝nF﹣G＝3×1200N﹣3000N＝600N， 由于滑轮组的钢丝绳能承受的最大拉力为3000N， 则该起重机的滑轮组一次能匀速提起的货物重最大为： Gmax＝nFmax﹣G动＝3×3000N﹣600N＝8400N，故D错误。 故选：AB。 【点评】本题考查滑轮组中有关力、功率和机械效率的计算，知道n的值是关键之一。 （多选）9．（2分）电和磁存在着密切的关联，下列几个装置都与这一关系有关，其中正确的说法是（　　） A．图甲中，当电磁继电器线圈通以额定电流时，接线柱BC接通 B．图乙中，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，能吸引的回形针数量越多 C．图丙中，动圈式话筒的工作原理与发电机的工作原理相同 D．图丁中，扬声器是利用电磁感应的原理工作的 【分析】（1）根据电磁继电器的结构和原理来分析。 （2）电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。 （3）动圈式话筒是根据电磁感应原理来工作的。 （4）扬声器是根据通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。 【解答】解：A、图甲中，当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁中的磁性较强，吸下衔铁，动触点向下移动，接线柱BC接通，故A正确； B、图乙中，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，磁性越强，能吸引的回形针数量越多，故B正确； C、图丙中，动圈式话筒的工作原理是利用电磁感应来工作的，与发电机的工作原理相同，故C正确； D、图丁中，扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，故D错误。 故选：ABC。 【点评】本题主要考查了常见的三种电磁现象：电流的磁效应、电磁感应和通电导体在磁场中受力作用；知道电磁继电器、发电机、电动机和扬声器、动圈式话筒的基本原理。 二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分） 10．（2分）如图所示为某科技小组自制的水火箭的结构图。当使用打气筒给可乐瓶打气时，打气筒筒壁发热，这是通过 　做功　 的方式改变内能的。当水面上方气体压强增大到一定程度时，会使水向下喷出，“火箭”升空，此过程相当于内燃机的 　做功　 冲程。 【分析】工作过程中能量的转化： ①压缩冲程：机械能→内能； ②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。 做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 【解答】解：利用打气筒向水火箭内打气的过程中，压缩筒内空气做功，打气筒筒壁发热，这是通过做功的方式改变内能。 使用打气筒向水火箭内不断打气，当内部气体压强增大到一定程度时，会使水从水火箭中向下喷出，压缩后的气体对外做功，这一过程中内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程。 故答案为：做功；做功。 【点评】本题考查四冲程能量转化及做功改变内能，属于基础题。 11．（2分）按电视机遥控器的按键时，遥控器发射出来的是 　红外线　 ，对着墙壁也能实现对电视机的控制，这是利用了光的 　反射　 现象。 【分析】红外线的热效应比较强，能制成热谱仪，制成红外线夜视仪；红外线可以用来遥控，制成电视遥控器；光遇到物体的表面会发生反射。 【解答】解：电视机遥控器是利用红外线工作的，故按电视机遥控器的按键时，遥控器发射出来的是红外线。 对着墙壁也能实现对电视机的控制，这是利用了光的反射现象，红外线经墙壁反射后仍能传播到电视机处。 故答案为：红外线；反射。 【点评】本题考查了红外线的应用、光的反射，属于基础题。 12．（2分）如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，其F﹣t和v﹣t图象分别如乙、丙所示，由图象可知，当t＝1s时，物体受到的摩擦力是 　2　 N，当t＝3s时，物体受到的摩擦力是 　4　 N。 【分析】（1）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关； （2）由速度﹣时间图象可知物体的运动情况，则根据运动情况可知物体的受力情况，则由二力平衡可知摩擦力。 【解答】解： 由丙图可知，0～2s物体速度为零，处于静止状态，则水平方向受到的摩擦力和推力是一对平衡力；由乙图可知，物体所受推力为2N，所以t＝1s时摩擦力为2N，速度为0； 由丙图可知，4s～6s内，物体做匀速直线运动，此时物体受力也平衡，即物体受到的推力与摩擦力是一对平衡力，由乙图可知，物体所受推力为4N，则滑动摩擦力为4N； 由丙图可知，2～4s物体加速运动，滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，且此两因素都不变，所以摩擦力大小不变，即t＝3s时，物体受到的摩擦力与4s～6s时摩擦力相等为4N。 故答案为：2；4。 【点评】v﹣t图象、F﹣t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。 13．（2分）潜水艇从水下10米到30米过程，受到水的压强 　变大　 ，浮力 　不变　 。（均填“变大”，“不变”，“变小”） 【分析】液体压强与深度有关，深度越大则压强越大； 根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排分析潜水艇下潜过程中所受浮力的变化。 【解答】解：潜艇下潜过程中，在海水中的深度增加，根据p＝ρgh可知，潜艇受的海水的压强变大。 潜艇下潜过程中，排开液体体积不变，海水密度不变，由阿基米德原理公式F浮＝G排＝m排g＝ρ液gV排可知，浮力不变。 故答案为：变大；不变。 【点评】本题考查了液体压强计算公式的应用和影响浮力的因素，分析浮力是否变化，确定物体排开液体体积和物体体积的关系，是得到正确答案的关键。 14．（2分）某用电器接在220V的电路上，通电0.2min消耗1.2×104J的电能，则此用电器的功率为 　1000　 W，通过的电流为 　4.5　 A。 【分析】根据P算出用电器的功率，由P＝UI得通过的电流。 【解答】解：用电器的功率为：P1000W； 根据P＝UI得通过的电流为： I4.5A。 故答案为：1000；4.5。 【点评】本题考查了电功率公式的应用，是一道基础题。 15．（2分）影片《流浪地球》讲的是太阳的生命即将终结，人类带着地球流浪的故事。太阳内部发生核 　聚变　 （选填“裂变”或“聚变”）；5G手机是利用 　电磁　 波来传输信息的。 【分析】（1）获得核能的两种途径：核裂变和核聚变； （2）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波能够传递信息。 【解答】解：在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能；广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的，5G手机是利用电磁波来传输信息的。 故答案为：聚变；电磁。 【点评】本题考查了太阳能的利用和电磁波的应用，属于基础性题目。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）如图所示，请你画出经过凸透镜后的折射光线。 【分析】先确定所给的入射光线的特点，再根据凸透镜的三条特殊光线作图。 【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。如图所示： 【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。 17．（2分）如图所示是小熊钓鱼的卡通画。请以O点为支点，在图中大致位置画出鱼竿所受阻力F2和小熊所施加的最小动力F1及其力臂l1的示意图。 【分析】阻力是作用在杠杆上阻碍杠杆转动的力，力臂是从支点到力的作用线的距离。 要画出最小的力，首先掌握杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，根据公式，动力臂越长，越省力，所以只要找到最长的力臂便可求得最小的力。 【解答】解：钓鱼时鱼线对鱼竿的拉力是阻力，竖直向下，画在鱼竿上， 根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示，最长的动力臂是从O点到后面手作用点的距离，过后面手作用点作OA的垂线，方向向下，即力F1的示意图，动力小于阻力为省力杠杆。如图所示： 【点评】本题考查力臂画图与最小力的确定，属于中档题。 四．实验探究题（共4小题，满分24分，每小题6分） 18．（6分）在探究“不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图所示，实验中收集到的实验数据如表所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 5 甲的温度/℃ 10 18 26 34 42 50 乙的温度/℃ 10 14 18 22 26 30 （1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、　质量　 相同的甲、乙两种物质。 （2）选用相同酒精灯加热的目的是使甲、乙两物质在相同时间内吸收热量相同，所以可以通过 　加热时间　 间接反映甲、乙吸热的多少。 （3）实验记录数据如表格所示，从开始加热到两种物质都为26℃时，甲、乙两种液体吸收热量的关系是Q甲　小于　 Q乙（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 （4）通过分析实验数据可知，　乙　 （选填“甲”或“乙”）物质的吸热能力强。 （5）通过分析表中实验数据可知，甲、乙物质的比热容之比是 　1：2　 。 【分析】（1）（2）（3）（4）我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 比较物质吸热能力的2种方法： 使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强； 或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； （5）根据实验记录的数据得出加热4分钟得出甲、乙升高的温度，根据c，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比求出甲、乙两种物质的比热容之比。 【解答】解：（1）在探究“比较不同物质吸热的能力大小”的实验中，要控制不同物质质量相同，故实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中； （2）用相同规格的酒精灯加热，根据转换法，通过加热的时间来反映物体吸收热量的多少； （3）通过实验，记录数据如表格所示，从开始加热到26℃，乙用的加热时间长，故甲、乙两种液体吸收热量的关系是Q甲小于Q乙； （4）通过分析实验数据可知，在相同的时间内，物质甲的温度变化大，故可得出物质乙的吸热能力强； （5）根据实验记录的数据，加热5分钟， 甲升高的温度为：Δt＝50℃﹣10℃＝40℃， 乙升高的温度为：Δt＝30℃﹣10℃＝20℃， 都加热4分钟，甲、乙两种液体吸收的热量相同，根据c可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比， 则甲、乙两种物质的比热容之比：c甲：c乙＝Δt乙：Δt甲＝20℃：40℃＝1：2。 故答案为：（1）质量；（2）加热时间；（3）小于；（5）乙；（6）1：2。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 19．（6分）2024年6月6日是第29个全国“爱眼日”，我们要“爱眼护眼，科学用眼”。为进一步探究“眼睛成像的特点”，某同学自制了水凸透镜来模拟晶状体，如图所示。（向水凸透镜里注水，水凸透镜的焦距变小） （1）蜡烛、水凸透镜和光屏的位置如图所示，恰好能在光屏上得到一个清晰的像，该像的性质是 　倒立缩小　 的实像，同时可推测出此时水凸透镜的焦距可能是 　18cm　 （填“8cm”、“18cm”或“28cm”）。 （2）实验时，把一镜片放在蜡烛和水凸透镜之间，当向水凸透镜中注入适量的水后，光屏上的像再次变清晰，该镜片是 　近视　 透镜。 （3）在睡眠时使用角膜塑形镜（俗称“OK镜”）可改变原本厚度均匀的角膜弧度。近视患者佩戴一段时间OK镜后，角膜呈现的形态是 　B　 。 A. B. C. D. 【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；u＞v，且成实像，说明u＝50cm＞2f，2f＞v＝20cm＞f，由此可得焦距的范围； （2）从水凸透镜中注入适量的水后，水凸透镜的焦距将变小，在物距不变时，相当于增大物距，缩小像距，据此判定小科所戴眼镜的种类； （3）凹透镜对光线具有发散作用。 【解答】解：（1）小科将蜡烛、水凸透镜和光屏安装至如图所示位置，此时的物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像；由图可知，u＞v，且成实像，说明u＝50cm＞2f，2f＞v＝20cm＞f，即20cm＞f＞10cm，故可得出此时水凸透镜的焦距可能是18cm； （2）当从水凸透镜中注入适量的水后，其凸度变大，则水凸透镜的焦距变小，在物距不变时，相当于增大物距，缩小像距，即清晰的像应成在光屏的左侧； 根据题意，若此时把自己的眼镜给水凸透镜“戴上”后，光屏上会再次呈现清晰的像，说明该眼镜对光线具有发散作用，是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼； （3）摘掉眼镜，通过睡眠时使用角膜塑形镜来改变原本厚度均匀的眼睛的角膜弧度，实现视力的矫正，则经过一段时间的治疗， 眼角膜应变薄，相当于一个凹透镜，使其对光的偏折能力变弱，使成的像后移，直到移到视网膜上，而图B的角膜中间薄、边缘厚，符合凹透镜的特点， 故选：B。故答案为：（1）倒立、缩小的实像；18cm；（2）近视；（3）B。 【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系。此题需根据物距与像距的大小关系得出成像的特点及物距和像距的范围，难度稍大。 20．（6分）如图所示是小明同学“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。 （1）实验前，小明用手按压图甲探头的橡皮膜，发现U形管两边液面高度变化 　不明显　 （选填“明显”或“不明显”），说明这套实验装置漏气。 （2）小明解决漏气问题后进行实验，比较图乙和图丙，可知同种液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等；比较图乙和图 　丁　 ，可知同种液体，深度越深，压强越大，因此拦河大坝要做成 　上窄下宽　 （选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状。 （3）实验中小明发现，探头在水和某液体中的相同深度处，U形管两边液面的高度差对比不明显，于是做了一些改进，其中不能使U形管两边液面高度差对比更明显的是 　A　 。 A.将U形管换成更细的 B.U形管中换成密度更小的液体 C.将某液体换成密度比水大得多的其他液体 【拓展】如图戊所示，小明把一根足够长横截面积为5cm2、质量为15g，一端绑有橡皮膜的薄壁玻璃管竖直插入水中，橡皮膜向上凸出，向管内缓慢加入某种液体，直至橡皮膜水平。若两种液面的内、外高度差为1cm，则待测液体的密度为 　1.2×10﹣3　 kg/cm3。当薄膜变平后小明松开手，待玻璃管竖直静止后，薄膜到水面的距离为 　9　 cm。 【分析】（1）按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显，说明实验装置密封良好，变化不明显，说明漏气； （2）利用控制变量法进行分析；拦河大坝是上窄下宽的形状； （3）根据p＝ρgh来分析压强和液体密度或深度的关系，进而做出判断； 拓展：往玻璃管内缓慢地加入待测液体直到薄膜变平，说明玻璃管内外压强相等，根据薄膜到水面和液面的距离分别为h1和h2．利用液体压强公式可求得液体的密度； 根据F浮＝ρ液gV排分析解答增大该装置的测量范围的方法。分别求出玻璃管受到的重力和浮力，然后根据物体浮沉条件确定玻璃管的运动方向；再根据玻璃管静止后，F浮＝G＝ρgV排，求得排开水的体积，然后即可求得薄膜到水面的距离。 【解答】解：（1）按压探头的橡皮膜，若实验装置漏气，则U形管两边液面高度变化不明显；（2）由乙、丁可知，同种液体深度越深，U形管两端液面高度差越大，故可得结论：液体压强随着液体深度的增加而增大；因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状； （3）探头在不同液体中的深度相同，根据p＝ρgh可知，深度相同，液体的密度越大压强越大。 A、“将U形管换成更细的”不能使两侧液面高度差对比更加明显，故A正确； B、U形管中换密度更小的液体，两侧的高度差变大，故B错误； C、“烧杯中换密度差更大的液体”U形管左右两侧液面的高度差变大，故C错误； 拓展：由薄膜变平可知，玻璃管内外压强相等，由图可知，h1＝6cm＝0.06m，h2＝5cm＝0.05m， 则ρ液gh2＝ρ水gh1， 解得：ρ液ρ水1.0×103kg/m3＝1.2×103kg/m31.2×10﹣3kg/cm3 玻璃管内液体的体积： V液＝V容＝Sh2＝5cm2×5cm＝25cm3＝2.5×10﹣5m3， 玻璃管的重力：G管＝m管g＝0.015kg×10N/kg＝0.15N， 液体的重力：G液＝m液g＝ρ液V液g＝1.2×103kg/m3×2.5×10﹣5m3×10N/kg＝0.3N， 玻璃管与液体的总重力G总＝G管+G液＝0.15N+0.3N＝0.45N； 此时，此时玻璃管排开水的体积： V排1＝5cm2×6cm＝30cm3＝3×10﹣5m3， 玻璃管受到的浮力： F浮1＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣5m3＝0.3N＜G总， 所以，玻璃管将向下运动。 由题意得，玻璃管静止后，F浮2＝G总＝0.45N； 即ρ水gV排2＝0.45N， 解得V排2＝0.45×10﹣4m3＝45cm3， 则薄膜到水面的距离h9cm。 故答案为：（1）不明显；（2）丁；上窄下宽；（3）1.2×10﹣3；9。 【点评】这是一道测量型综合题目，涉及到液体密度的测量、液体压强的特点及其计算、重力和浮力的计算及物体浮沉条件的应用，综合性很强，难度在（3），关键有二，一是分别求出玻璃管受到的重力和浮力；二是根据玻璃管静止后，F浮＝G＝ρgV排，求得排开水的体积。 21．（6分）小明利用4节新干电池，阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻，铭牌上标有“20Ω 1A”的滑动变阻器等实验器材“探究电流与电阻关系”。 （1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确； （2）小明将10Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 　大于　 （选填“大于”“小于”或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向 　左　 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到4V，记录电流表的示数； （3）当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是 　所选滑动变阻器的最大阻值太小　 （写出一条即可）； （4）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 　3.5　 V时，小灯泡正常发光； ②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V； ③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V； ④小灯泡的额定功率P额＝　0.7　 W。 【分析】（1）分析图甲电路的连接，电阻与电流表并联了，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联； （2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向； （3）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，据此分析回答； （4）①分析电路连接，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的可使灯正常发光； ②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，分析电路连接及电流的路径和电压表测量的电压； ③在②的基础上，通过开关的转换，若能用电压表测量出变阻器整段电阻丝的电压，根据电路的电流保持不变，根据欧姆定律，可确定变阻器最大电阻与②中与电压表并联电阻的大小关系，从而可得出①中变阻器连入电路中电阻的大小，由欧姆定律可得出灯的额定电流，根据P＝UI可算出小灯泡的额定功率。 【解答】解：（1）探究电流与电阻关系的实验中，需要用电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端的电压，电源为4节新干电池，电压为6V，所以电压表选用大量程，电阻与电流表并联了，将电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联。作图如下： （2）保持滑片位置不变，将10欧定值电阻换成20欧后，据串联电路的分压特点知，定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，大于4V。 为了让定值电阻两端的电压不变，即电压表的示数再次达到4V，应将滑片向左移动，让变阻器接入电路的阻值变大，分得的电压变大。 （3）当定值电阻的阻值为50欧时，定值电阻两端的电压为4V，则变阻器两端的电压U滑＝U﹣UV＝6V﹣4V＝2V， 据串联电路的分压特点有50Ω：R大＝4V：2V， 解得，变阻器需要接入电路的阻值R大＝25Ω＞20Ω，大于变阻器的最大阻值，所以无法使定值电阻两端的电压为4V。 （4）①图乙中，三个开关都闭合，小灯泡与滑动变阻器滑片左端部分串联在电路中，电压表测变阻器两端的电压，移动滑片，使电压表示数，即变阻器两端电压U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V， 此时小灯泡正常发光。 ④闭合开关S、S1，断开S2，小灯泡与变阻器的最大阻值串联，保持滑片位置不变，变阻器滑片左端部分接入电路的阻值不变，电压表测滑片左端部分电压为2.5V；闭合开关S和S2，断开S1，小灯泡与变阻器的最大阻值串联，电压表测整个变阻器的电压为4V。两种情况下，电路的电流相等，则有 ， 解得，R左＝12.5Ω。小灯泡正常发光时，电路中的电流 ， 小灯泡的额定功率P额＝U额I＝2.5V×0.28A＝0.7W。 故答案为：（1）；（2）大于；左；（3）所选滑动变阻器的最大阻值太小；（4）3.5；0.7。 【点评】本题探究通过导体的电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、控制变量法、操作过程；同时也考查了设计方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。 五．计算题（共3小题，满分8分） 22．（8分）如图甲为我国自主设计生产的、世界最大的观光潜水器——寰岛蛟龙1号。该潜水器设计最大下潜深度为40m，最多可以同时乘坐9人观赏海底的美丽景色。若在某次观光过程中，潜水器连同几名乘员的总质量为23t，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g：取10N/kg。求： （1）潜水器浮在海面时，受到的浮力多大？排开海水的体积约为多大？ （2）潜水器下潜至水面下某处，面积为1cm2的外壳上承受的海水压力为35N时，求潜水器所处的深度。 （3）潜水器在水下运动时，所受海水阻力与速度的关系如图乙所示，求潜水器在水下以0.4m/s的水平速度匀速运动10s时，潜水器水平推力所做的功。 【分析】（1）根据漂浮的物体浮力等于重力分析；结合阿基米德原理计算排开海水的体积； （2）根据压强公式p计算，根据液体压强公式计算深度； （3）根据速度确定阻力，结合二力平衡得出推力，根据W＝Fs计算功。 【解答】解：（1）潜水器连同几名乘员的总质量为m＝23t，漂浮时的浮力等于重力，则受到的浮力 ； 根据阿基米德原理知，排开海水的体积 ； （2）面积为1cm2的外壳上承受的海水压力为35N时，海水的压强 ； 根据p＝ρ液gh知，潜水器所处的深度 ； （3）因为潜水器水平匀速运动，由乙图可知，以0.4m/s的水平速度运动，水平推力 F＝f＝140N； 潜水器运动距离：s＝vt＝0.4m/s×10s＝4m； 潜水器水平推力所做的功 W＝Fs＝140N×4m＝560J。 答：（1）受到的浮力为2.3×105 N，排开海水的体积为23m3； （2）潜水器所处的深度为35m； （3）潜水器水平推力所做的功560J。 【点评】本题考查浮沉条件、压强的公式、功的计算，属于综合题。 23．某型号小型电热水器有加热和保温两种状态，其内部简化电路如图所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中Rx为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。当开关S0和S都闭合时，A、B两个触点接通，电热水器开始加热；当温度达到80℃时，电磁铁会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。 【已知R1＝48.4Ω，R2＝2000Ω，c水＝4.2×103J/（kg•℃）】 求： （1）该小型电热水器处于加热状态时的电功率为多少？ （2）若该小型电热水器的加热效率为84%，则电热水器将5kg的水从20℃加热到60℃需要多长时间？ 【分析】（1）由工作电路可知，当触点A、B接通时，只有R1工作，当触点B、C接通时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点和P可知电热水器处于加热状态下的电路连接，根据P可求出加热功率； （2）根据Q吸＝c水m（t﹣t0）求出水吸收的热量；根据效率公式求出消耗的电能，根据P求出时间。 【解答】解：（1）由工作电路可知，当触点B、C接通时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路中的总功率最小，电热水器处于保温状态； 当触点A、B接通时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电热水器处于加热状态； 电热水器处于加热状态时的电功率：P加热1000W； （2）水吸收的热量是：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×105J； 由η可知，电热水器消耗的电能：W1×106J， 根据P可知，加热时间为：t1000s。 答：（1）该小型电热水器处于加热状态时的电功率为1000W； （2）若该小型电热水器的加热效率为84%，则电热水器将5kg的水从20℃加热到60℃需要1000s。 【点评】本题考查了串联电路的特点、电功率的公式、吸热公式以及效率公式的应用，是一道电热综合题，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。 24．图甲是某新型太阳能汽车，该汽车的动力完全由安装在车顶的电池板收集的太阳能提供。汽车（包括司乘人员）的质量为1.2t，接收太阳能电池板的面积为8m2，太阳光照射到地面单位面积上的辐射功率为1125W/m2。该车在水平路面上以恒定功率做直线运动的v﹣t图象如图乙所示，在前10s内通过的路程为120m。（取g＝10N/kg） （1）①在0～10s汽车的平均速度是 　12m/s　 ；②电动机的工作原理是 　D　 （填序号）。 A.电流的热效应 B.电流的磁效应 C.电磁感应 D.通电导体在磁场中受到力的作用 （2）如汽车匀速行驶过程中所受阻力大小为车重的0.02倍，则汽车牵引力为多大？ （3）若汽车吸收的太阳能转化为机械能的效率为40%，则汽车在水平地面上做匀速直线运动时的速度是多少？ （4）在0～10s内，汽车做 　加速　 （选填“加速”、“减速”或“匀速”）直线运动。求出汽车在0～10s内牵引力做的功。 【分析】（1）①已知前10s通过的路程，根据v可求出在0～10s汽车的平均速度； ②电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用； （2）知道太阳能汽车的质量，根据G＝mg求出重力，根据重力和阻力的关系求出阻力大小，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件求出牵引力； （3）根据单位面积的辐射功率可求太阳照射在地面的辐射总功率，再根据P机＝ηP总求出汽车的功率，由可得，汽车在水平地面上做匀速直线运动时的速度； （4）由乙图可知在0～10s内汽车的运动状态；根据W＝Pt可求汽车在0～10s内牵引力做的功。 【解答】解：（1）①在0～10s汽车的平均速度是：v12m/s； ②电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故选：D； （2）由题可知汽车的质量为：m＝1.2t＝1.2×103kg， 汽车所受的重力为： G＝mg＝1.2×103kg×10N/kg＝1.2×104N； 汽车所受阻力为： f＝0.02G＝0.02×1.2×104N＝240N， 因为汽车匀速行驶，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等， 所以牵引力F＝f＝240N； （3）由题可知，太阳照射在地面的辐射总功率为： P总＝1125W/m2×8m2＝9000W， 汽车获得的机械功率为： P机＝ηP总＝40%×9000W＝3600W， 由可得，汽车在水平地面上做匀速直线运动时的速度是： v′15m/s （4）由图乙可知，在0～10s内，汽车做加速直线运动； 由（3）可知，汽车的恒定功率为：P机＝3600W， 汽车在0～10s内牵引力做的功为：W＝P机t＝3600W×10s＝3.6×104J。 答：（1）①12m/s；②D； （2）汽车牵引力为240N； （3）汽车在水平地面上做匀速直线运动时的速度是15m/s； （4）加速； 汽车在0～10s内牵引力做的功为3.6×104J。 【点评】此题主要考查了电动机的原理，速度、功率、重力、二力平衡等，计算时注意公式变换以及单位统一。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/4/18 9:16:39；用户：尚洪亮；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$