【衡水金卷·先享题】2024-2025学年度高三一轮复习摸底测试卷物理(二)（福建专用）

2024一2025学年度高三一轮复习摸底测试卷 3.雨所示，”天官”空间站可棍为在周形轨道1上运行，神舟载人飞帽离开空间站后在 物理（二） A点点火进入桶阔迈国轨道目，当运行到返具轨道Ⅱ的近地点日时，再一次点火后 本试卷共8页，16塑。全卷满分100分。考试用时75分钟 成功选入贴近地表的圆彩轨道运动，量后发全着陆，完成载人返月任务，下列说法正 确的是 注意事项： 1.答恩曾，先将自己的址名，考号等填写在答则令上，并特准考证号条形码粘贴在 A在A点点火的目的是使飞船加速 答通卡上的粉瓷位置。 B在B点点火的目的是使飞静加建 2选择是的作答：选出每小想答業后，用2B铅笔花答题卡上对应题目的答案标号 C,飞船在轨道1上运行的周期可能等于在轨道Ⅱ上运行的周期 D飞船在轨道日上数过B点时的速度大于在轨道1上经过A点时的 余累。写在状题卷、草码统和答是卡上的非答题区战均无处。 3,套选择越的作答：用答半笔直接耳在答通卡上时应的答题区城内。写在认题卷， 速度 草稿然和答是卡上的非答题区城均无效。 4.右图为某电动平衡车，该车车重3kg,最大我重为57kg,电机丽定输出功率为 4,考试体来后，请得本识随春和答通卡一并上交 700W。已知车受到的阻力与总重力成正比，重力加速度g=10m/s,现对该车进行 一，单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只 性能测试，车载为最大载重，电机以领定功率输出，当车给好以最大速度18km/h勾 有一项是符合题目要求的。 速运动时，下列说法错误的是 A,该次测试中车与人整体受到的阻力为140N 1.如图所示，四个质量均为m的红灯笼道过挂钓连接在一起，用轻质审绳悬 挂在水平的横杆上，在无风的天气，保特经直静止状态，已知重力加违度为 B.车与人整体受到的阻力与重力的比值为0,2 g,下列说法正确的是 C.若只把载重换规0kg的测试员也以18kmh匀速前进时，则电机 A.灯笼1对灯笼2的作用力大小为m袋 的输出功率为450W B,灯笼4对灯笼3的作用力大小为g D.若兒更换为“受到的阻力与重力的比值更大“的路面透行测试，则最大遮度将小 C.灯笼2对灯笼3的作用力和灯笼4对灯笼3的作用力相同 于18km/h D,灯笼2对灯笼3的作用力和灯笼3对灯笼2的作用力相同 二，多项选择题：本题共4小驱，每小题6分，共24分。每小愿有多项符合愿目要求。 2.如图所示，停在湖面上的甲，乙两艘小好相距36m,一列水波在潮面上沿甲，乙两船 全部透对的得6分，透对但不全的得3分，有透情的得0分. 连线方向乙船传插，小船每分钟上下探动1D次。当甲船位于波蜂时，乙船位于被 5,手摇充电式手电使用前上，下摇一摇，使磁铁穿过线圈，在两个塑胶垫片之间来目 谷，此时两船之间仪有…个被峰，若两船均可视为质点，水被可视为简清橘被，下列说 运动，就能发电并先将电能储存，再供电给灯泡，右围为它的内造周。益见手电简的 法正确的是 过程中，下列说法正跳的是 A.该手电筒通过电蓝感应发电 且，避铁来同穿过线圈，线圆会生交变电流 C.燕铁米回穿过线圈，线图会产生直流电 D能铁穿过线两的速度越大，产生的练应电动势越小 A.该水被的波速为4m/s B该水被的被长为36m C,此时甲船的速度最大 D,此时乙船处于失重状态 物建（二）第1页【共8页1 衡水全蜂·光享赠·摸底卷 物理（二）第？页【共8页1 6如图所示为研究光电效应的电路图，闲合开关，用某种顿幸的单色光照射K极时，发 三，非选释题：共0分，其中一11为填空题，12,13为实险题，14一16为计算题。 现电流表的示数为零，下列说法正确的是 9.(3分) A.若增大孩单色光的光面强度，电瓷表可能会有示数 夏天，某同学把未喝完的塑料瓶装饮料羞好盖子后放人冰箱的冷藏室。过了一段 五若将滑动变耻器滑片向左滑，电流表可能会有示数 时间后，他再次打开冰箱查看饮料时，观察到饮料瓶变扇了（饮料瓶不漏气）。若将饮料 C,若增加孩单色光的盟射时间，电流表的示数仍为零 瓶内气体视为理想气体且气体质量不变，用瓶内气体 (填“吸收”或“救出”)热 D若用比该单色光顿率更小的单色光耳射K极，一定不能发生光电 量，气体的内能 《填增大”或"减小“)。 效庭 10,(a分) ?,知图所示，一带正电的小滑块从镇角为0的足够长的属定绝缘斜面溪瑞由静止释放， 某公园水泡水面下深度为d处发装有一个点光额。在充源正上方的水面上安有 小常块下滑一段时间后，会进人一段垂直于纸面向外的匀强磁场区城。已知小滑块 块挡光板，在水面上看不到该光巢。已知水对该光的折射率为，不考也二次反射，则 与斜面间的动摩擦因数为(：<n》.小帝块可视为魔点且电荷量候持不变，其下 该光在水面发生全反射的临界角的正弦值为 ,挡光板的最小面积为 常过程的节一图像可能正商的是 (用题中所给字母表示 >,A 11.(3分) 8右阁为一种小孩子玩的暖动游戏，整直杆的上段考成一个半径为R的半圆，给穿在 如图所示，在光带，绝涤的水平面上的口点周定一正点电药Q。一带负电的小缘 竖直杆上的小球A一个整直向上的初速度，小球A潜到半圆左端时沿切线带人一 (可视为检换电线)在水平面内绕点电我Q沿椭图轨道运动，0点为精题轨道的一个需 段西情轨道，轨道最底增切线水平，小球A刚到达凹情轨道最底隋时与静止悬吊的 点，AB为其长轴，关于带电小球从日点运动到A点的过程中，带电小球的电势能 小球B发生弹性正碰，若小球B能运动到群周的最高点处则游戏成功。已如小球 《填”增加“减小"或”不变”)，B点的电势 〔填高于”或”既于)A点 A的出发点与小球B瑟品静止的位置在同一水平高度，小球A运动的最高点性业与 的电势，B点的电场强度 (填“大于”“小于“成“等于”》A点的电场强度 小球B运动的最高点后在同一水平高度，悬吊小球B的轻绳的长度为R:(R:>R,), 重力加速度为g,不计一切阻力，整个运动都在同一影直面内，谢下列说法正雍的基 A.若小球A能通过口点，则初速度m至少为2R B,若小球A,B质量相等，则小球A能过《点，小球B就能 到6点 C,若小球A.日的魔量之比为5，期小球A能过：点，小球 B其能到五点 D,若小球A、B质量相等，小球B恰能到达点，期小球A过：点时杆对小球A有向 下的弹力 物理二)第3置共8页] 衡水金整·先享超·摸在卷 物理（二）第4冀共8页】 团 12.(6分) (1)下图为用螺整测微器测量该电阻丝直径的示意图.其直径d= 图甲为中国航天员在太空中为我们演示的动量守缸实验，别球A静止悬浮在堂 中，航天员用手推出钢球B,钢球B以一定的速度翰向解球A,使钢球A和钢球B发生 20 对心碰撞，碰撞后钢球B向右运动，钢球A向左运动： 01-15 (2)用带动变阻器米控制电路的调节时，带动变阻器应采用 《填“分压”或 限流”)的连接方式 (3)用电流表来粥量背测电阻效的电压和电流时，下列薄量电路最合理的是 大连为D单，头球博 (填正确答案标号) (1)醒撞前，铜球A在太空中受力 (填“平商”或“不平衡”)。在太空中，酮 球A和铜球B的质量 (填“可以或“不可以”)通过天平进行测量， (2)已知钢球A的质量为M,钢球B的质量为m,从锐柳中现察到硅幢前钢球B移 D 动格所用的时间为4，碰幢后钢球B移动：格所用时问为·钢球A移动1格所 (4)测得电流表A和A:的示数分划为1，上：，则该电阻独的电可表示为 用时间为红，若动量守恒，谢需满足的关系式为 (用题中所给字母 (用随中相关物理量的字母表示)。测节滑动变阴器，多渴儿组，4的值， 表示)。 求出相应的电阻，再求电阻的平均值，最后求出电阻率 (3)受到该实脸的日发，某物理兴愿小组利用动量守如定律在失重环境下测量末知 14.(8分) 小球的质量，该小组用质量未知的小球C以一定的速度与质量最已知的静止的小球D在 一无人机从地面上由静止开始做竖直升空表演。下图为无人机升空过程中的速度 完余失重的环境中发生对心碰撞，图乙为通过领闪耳相仪记录的C,D再小球在不同时 v面时间的变化图像，已却无人机的质量为1g,重力加速度g=10m/,求： 刻的位置，已知小球D的质量为40g,则小缘C的质量为g 1)在D5s内，无人机上升的高度： 13.(9分) 2)在0一1内，空气对无人机的作用力大小 有一段圆柱形电阻丝，长度L一5m,电约为1000菜小组为了准确测出其电图 并求其电阻率设计了知下实验，实验室提供的器材如下： A特测电阳控R 且电流表A,(量程为50mA,内阻片=100) C.电瓷表A(量程为60的mA,内阻n约为10n) D.滑动变阻器R最大阻值为20，允许通过的最大电流为2A) E学生电源（电动势E=12V,内阻很小） F.定值电阻R.-200 G.开关，导线若于 物建（二）第5页【共8页引 衡水全蜂·光章是·摸底卷 物理（二）第6页【共8页1 可 15.(13分) 16.(15分) 图甲所示，在足够长的平行直边界线M,N之阿存在着垂直纸面的匀强磁场（边界 如图所示，顺角为8的州定斜面足够长，斜面上有一不带电的筢缘长木板，版的厚 处无险场)，取垂直纸面向里为正方向，图乙为融感应强度B与时间：的关系图像（图中 度为兰·板上有一边长为L的正方形单匝金属据（长木板和金属据之问无啤擦），斜面上 所标的值皆为已知量)，在图乙的0一器时间内，从边界线M上的0点持线均匀的 方的空叫存在着边长为1，藏感应强度大小为B,方向垂直于纸面向外的正方形匀强磁 水平向右发射质量均为w、电荷量均为+，速度大小均为物的带电粒子，不计粒子重 场区域。初始时刻，长木板的上结和金属框的上边对齐，长木板和金属服同时由静 力及粒子闻的相互作用力 止释救，金属医沿者板向下滑动，在金属框进人融场区城前的过程中，长本按静好静止 《1)若所有粒子都逢从右边界线W离开磁场，求边界线M,N之间的距离d的取值 在斜面上，当金属枢的山边进人破场时，金属据开始匀速下滑。已知长本板和金属框 花取： 的质量均为两，金属框的电为R,重力如速度为女，运动过程给终在同一个整直面内， (②)若边躲线M,N之间的配离足够大，求1一需器时刻发射的较子离开酸场的位 金属根和长木板不会知转且那沿着斜面方向运动，最大静摩披力等于滑动摩擦力，求： 《1》长木板与料面间的动学擦因数： 置与O点间的距离， (2》出发时金属框的山边到磁场上边界的距离： (3》金属解d边刚选人感场时长术板的违度大小， 物理二)第7置共8页] 衡水金整·先享超·摸在卷 物理（二）第8赏I共8页】 团摸底卷·新高考 物理（二） 2024一2025学年度高三一轮复习摸底测试卷 摸底卷·物理（二） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： I.理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ.分析综合能力W,应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) I IⅢW ① ② ③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 4 受力分析 易 0.90 2 单项选择题 波的传播 易 0.85 3 单项选择题 万有引力定律的应用 中 0.75 4 单项选择题 机车功率问题 难 0.55 5 多项选择题 6 电磁感应 易 0.90 6 多项选择题 6 光电效应 中 0.65 7 多项选择题 6 动力学综合问题 中 0.75 圆周运动、机械能守恒定律的 8 多项选择题 6 难 0.50 应用 非选择题 3 热学 易 0.85 10 非选择题 几何光学 易 0.80 11 非选择题 电势、电势能、电场强度 中 0.60 12 非选择题 6 动量守恒实验 中 0.75 13 非选择题 9 测量电阻丝的电阻率 中 0.65 14 非选择题 8 牛顿运动定律 中 0.75 带电粒子在变化的磁场中的 15 非选择题 13 中 0.75 运动 16 非选择题 15 力电综合 难 0.55 1 回 摸底卷·新高考 物理（二） 参考答案及解析 物理（二） 一、单项选择题 =140N,A项正确：此路面车与人整体受到的阻力与 1.B【解析】由平衡条件可知，灯笼1对灯笼2的作用 重力的比值为恕=0,2，B项正确：如果只更换为~受 力大小为3mg,灯笼4对灯笼3的作用力大小为mg: 到的阻力与重力的比值更大”的路面进行测试，则∫ A项错误，B项正确：灯笼2对灯笼3的作用力和灯 变大，根据Pm=,可知。变小，D项正确：换成 笼3对灯笼2的作用力是一对相互作用力，大小相 50kg的测试员，阻力变为630×0.2N=126N,以 等、方向相反，灯笼2对灯笼3的作用力大小为2mg, 18km/h匀速运动时电机的功率为126×5W= 和灯笼4对灯笼3的作用力大小不相等，C,D项 630W,C项错误. 错误。 二、多项选择题 2,A【解析】由题可知，水波的周期T=6s,两船的距 5,AB【解析】磁铁穿过线圈，使线圈中的磁通量发生 离为波长的1.5倍，所以入=24m,故波速v=宁 变化，产生感应电流，是电磁感应现象，A项正确：磁 4m/s,A项正确，B项错误：此时甲船在波峰处，离平 铁来回穿过线圈，产生的电流方向相反，是交流电，B 衡位置的位移最大，速度为0，乙船在波谷处，离平衡 项正确，C项错误：磁铁穿过线圈的速度越大，产生的 位置的位移负方向最大，有向上的加速度，所以乙船 感应电动势越大，D项错误， 处于超重状态，CD项错误。 6.BC【解析】电流表没有示数有两种可能，要么是单 3D【解析】飞船在A点要减速才会进入轨道Ⅱ，A 色光的频率小于截止频率没有发生光电效应，要么是 项错误：飞船在B点要减速才能若陆，B项错误：根据 所加电压大于或等于反向遏止电压，使光电子没有到 达A极，若是小于截止颜率，增大光照强度和增加时 开-兴，可知飞船在轨道1上运行的周期大于在轨 间都不会有光电效应，若是处于反向遏止电压值的情 道Ⅱ上运行的周期，C项错误：飞船在轨道Ⅱ上过B 况，增大光照强度和增加时问也不能改变光电子的动 点时点火诚速可到达半径更小的新圆轨道，根据 能，光电子还是到不了A极，A项错误，C项正确：若 GMm=m艺，可知飞船在新圆轨道上运行的速度大 是处于反向遏止电压值的情况，滑动变阻器滑片向左 滑，会减小反向电压值，从而有可能让光电子到达A 于在轨道上运行的速度，故飞船在轨道Ⅱ上经过B 极，B项正确：若是处于反向過止电压值的情况，颜率 点时的速度大于在轨道I上经过A点时的速度，D 更小的光可能让K极发生光电效应，只是同样到不 项正确。 了A极，D项错误。 4.C【解折】根据P.=F.=,解得F==70N 7,ABC【解析】小滑块在没有进入磁场之前做加速度 ·1· 物理（二） 参考答案及解析 a一gsin0-gcos0的匀加速直线运动，当进入磁场 有m=习 mA听十乞mai、m=mAA十 时有mgsin0一杜(mgcos0十quB)=ma',若v= mgsin mgcos 0 m0u,解得队一2VR 9 -20 gR<V5R:. 9B 一，则小滑块进人磁场后做匀速直线 故小球B达不到在最低点时需要的最小速度，即不 mgsin 0 一mgC050 能到达b点，C项错误 运动，A项正确：若< 9B ,则小滑块 三、非选择题 进人磁场后做加速度减小的加速运动再做匀速运动， 9.放出(1分)减小(2分) mgsin 0 mgcos 【解析】放入冰箱后温度降低，体积减小，外界对气体 B项正确：若> 一，则小滑块进入磁 gB 做正功，温度降低，内能减小，放出热量。 场后做加速度逐渐减小的减速运动然后再匀速运动， C项正确：小滑块进人磁场后不可能做匀加速直线运 10.1分 二2分) 动，D项错误。 【解析】设临界角为C,有sinC=1,设挡光板的最 8.AD【解析】小球A到a点时的最小速度为零，由 乞m=mg·2R,可得至少为2√R,A项 小半径为R,根据几何关系可得是=anC.解得R d 正确：若小球B恰好可以运动到最高点，则在最高点 Vi-I S=πR= r2一1 有mg一m R,小球B从最低点运动到最高点的过 1山.减小(1分)低于(1分)小于(1分) 【解析】由题可知，点电荷Q带正电，带电小球从B 程由云动能定理有号m心一2和翻一一g·2R, 点运动到A点的过程中，库仑力做正功，电势能减 解得小球B需要的最小初速度=√5gR:,因为小 少，相对于B点，A点的电势较高，电场强度较大。 球A、B质量相等，碰撞时速度交换，若小球A以最小 12.(1)不平衡(1分)不可以(1分) 速度碰撞小球B,小球B在最低点的速度为2√gR网 (2)m”=M-m"(2分) <√gR:,故小球B达不到在最低点时需要的最小 速度，即不能到达b点，B项错误：若小球A在a点刚 (3)100(2分) 【解析】(1)钢球A在太空中做圆周运动，所受合力 好不受杆的作用，有g-m后解得-VR, 不为零：在太空中，钢球A和钢球B处于完全失重 小球B刚好到达b点时的速度为√R:,小球A,B 状态，测量原理和重力有关系的仪器均不能用。 质量相等，则小球A过a点时的速度也是√R?,大 (2)设背景板中小格的边长为1，碰撞之前，系统的总 于√gR,所以杆对小球A有向下的弹力，D项正确： 动量p=mw=m,碰撞后，系统的总动量p= 若小球A刚好过点，则小球A,B碰撞前瞬间小球 A的速度=2√gR,小球A、B发生弹性碰撞，则 n,根据动量守恒定律可得m华=M ta 2 可 摸底卷·新高考 物理（二） (2)在0~】s内，无人机的加速度大小口=A= △d (3)设频闪照相的时间间隔为T,由图乙可知，碰撞 10m/s (2分) 前小球C向左走的位移为5L,碰撞后小球C向右走 根据牛顿第二定律可知F-mg=m (2分) 的位移为3L,小球D向左走的位移为21，根据动量 解得空气对无人机的作用力大小F=20N(2分) 守恒定律可得m号-一头+m解得m 15.【解析】(1)粒子做圆周运动的周期T=2π” (1分) qB。 =100g。 要想所有粒子都能从右边界线N离开磁场，侧边界 13.(1)1.695(1.6941.696均可，2分) 线M、N之间的距离d≤R (1分) (2)分压(2分) 由qB=m尺 (2分) (3)C(2分) 0R-1（我8分) IrRo 解得粒子做圆周运动的轨迹半径R-”四 (2分) 【解析】(1)由图可知，d=1.5mm十0.195mm 所以d≤m B (1分) =1.695mm。 (2)滑动变阻器的最大阻值为20Ω，而待测电阻丝 的电阻约为1002，用分压的调节方式更合理。 (3)为了准确测量，应让电流表A在干路上，项不 合理；A,D项中，当电流表A,接近满偏时电流表 A:的电流才达到100mA左右，电流表A:的读数 M 指针偏转幅度太小，不准确，A,D项不合理；C项中， (2)上图中轨迹2是张时刻发射的粒子，经最T 究加 当电流表A,接近满偏时，电流表A:的读数能达到 350mA左右，指针的偏转幅度更合理，此时这部分 后磁场反向 (1分) 电路所占电压大约为8.5V,滑动变阻器的分压控 由几何关系可知，轨迹2与边界线M相切 (1分) 制也合理，C项合理。 设1一器时刻发射的粒子离开骏场的位置与0点 (4)由欧姆定律可知该电阻丝的电阻R,=马 间的距离为h ,k三R=,联立解得R h=R++2Rcos 30 (2分) R.。 (2分) IrR 解得h=(1+3) qB =1,R。-IR-n 16.【解析】(1)金属框进人破场前，对长木板受力分 14.【解析】(1)在0~5s内，无人机上升的高度h= 析有 (2+5)×10 m=35m (2分) 2 mgsin0=·2 ngcos0 (1分) 3 可 物理（二） 参考答案及解析 解得g=子an0 (2分) 对长木板分析有 mgsin 0-u(2mgeos 0-BIr)=ma (1分) (2)对金属框进行分析，设金属框的αb边刚进人磁 解得长木板的加速度大小a= aBIr 场时的速度为v,有 1人L 2R (1分) 8 Rmg sin0,方向沿斜面向下 B'L (2分) mgsin 0=B1号 (1分) 可见长木板的加速度与时间成正比，下图为长木板 的a·t图像，由图可知金属框的cd边刚进入磁场 解得=mgRsin0 BL (2分) 时长木板的速度大小=立·长·2ng血0= 设从出发到金属框ab边进入磁场的过程中金属框 BI.tan 下滑的距离为x1,有 (2分) 8mR =2xigsin (1分) a 解得=8 gR'sin0 (2分) 244gsin0-- BL' (3)当金属框的ab边刚进入磁场时，金属框的bc边 受到的安培力方向垂直斜面向右上方，长木板会加 速下滑，当金属框的c边进人磁场的长度为x时， 4 可