第1章 遗传因子的发现 重点突破练(一)-（课件PPT+Word教案）【步步高】2024-2025学年高一生物必修2遗传与进化教师用书（人教版2019）

重点突破练(一) 第1章 遗传因子的发现 <<< 对一对 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 D D B D B C C B 题号 9 10 11 12 答案 C B C D 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 对一对 答案 题号 13 答案 (1)a1对a2、a3为显性，a2对a3为显性　(2)a1a3、a2a3 (3)蓝花∶白花＝3∶1　(4)白花　a1a1　a1a2　a1a3 题号 14 答案 (1)自由组合　AABB、aaBB　(2)红花∶粉红花∶白花＝3∶2∶3　(3)AAbb、Aabb　1/9　(4)让该植株自交，观察后代的花色 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 题组一　分离定律的应用 1.(2023·铁岭高一质检)已知一批基因型为AA和Aa的豌豆种子，其数目之比为3∶1，将这批种子种下，自然状态下(假设结实率相同)其子一代中基因型为AA、Aa、aa的种子数之比为 A.4∶4∶1 B.1∶2∶1 C.3∶5∶1 D.13∶2∶1 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 已知一批基因型为AA和Aa的豌豆种子，其数目之比为3∶1，即AA占3/4，Aa占1/4，因为在自然状态下，豌豆是严格的自花传粉植物，可知3/4AA自交子代全部是3/4AA,1/4Aa自交后代中，AA＝1/4×1/4＝1/16，aa＝1/4×1/4＝1/16，Aa＝1/4×1/2＝1/8，故AA＝3/4＋1/16＝13/16，所以子一代AA、Aa、aa种子数之比为13/16∶1/8∶1/16＝13∶2∶1，D符合题意。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 2.科研人员用正常叶色甜瓜和黄绿叶色甜瓜进行杂交实验，结果如图所示。下列说法不正确的是 A.根据实验一后代可判断，正常叶 色为显性性状 B.实验二为测交实验，可用于检测 显性个体的基因型 C.据图可知控制甜瓜叶色性状的基因的遗传遵循分离定律 D.用实验一的子一代自交，后代性状分离比是1∶2∶1 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 具有一对相对性状的亲本杂交，子一代表现的性状为显性性状，题目中正常叶色甜瓜与黄绿叶色甜瓜杂交后代全表现正常叶色，据此可知正常叶色为显性性状，A正确； 实验二的结果为正常叶色与黄绿叶色的比例接近1∶1，可推测控制该性状的基因的遗传遵循分离定律，C正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 设控制叶色的基因用G、g表示，则实验一的亲本中，正常叶色甜瓜的基因型为GG，黄绿叶色甜瓜的基因型为gg，实验一的子一代基因型为Gg，Gg自交后代表型及比例为正常叶色甜瓜∶黄绿叶色甜瓜＝3∶1，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 3.某种蝴蝶的黄色(Y)对白色(y)为显性，雄性有黄色和白色，雌性无论基因如何，性状只表现为白色。下列杂交组合中，可以从其子代性状表现判断出性别的是 A.♀Yy×♂yy B.♀yy×♂YY C.♀yy×♂yy D.♀Yy×♂Yy 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 √ 答案 对点训练 4.(2024·泉州高一调研)人类ABO血型由复等位基因IA、IB、i决定，IA和IB对i为显性，IA、IB同时存在时都能表达。血型的基因型如表，下列相关叙述正确的是 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 血型 A B AB O 基因型 IAIA、IAi IBIB、IBi IAIB ii A.IA、IB、i的遗传遵循基因的自由组合定律 B.A型血男性和B型血女性婚配生下的孩子的血型最多有3种可能 C.A型血男性和B型血女性婚配，不可能生O型血女儿 D.O型血女性和AB型血男性婚配，生B型血男孩的概率为1/4 √ 答案 对点训练 人类ABO血型遵循基因的分离定律，不遵循自由组合定律，A错误； A型血男性和B型血女性婚配生下的孩子的血型最多有4种可能，即当男性基因型为IAi，女性基因型为IBi时，子代可能出现A、B、AB、O共4种血型，故可能生出O型血女儿，B、C错误； O型血女性(基因型为ii)与AB型血男性(基因型为IAIB)婚配，可生出A、B共2种血型的孩子，其中B型血男孩的概率为1/2(B型血)×1/2(男孩)＝1/4，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 5.(2024·连云港高一检测)某种豚鼠的鼠毛颜色灰色和黄色是一对相对性状，研究人员让多对基因型相同的黄色鼠进行杂交，子代均表现为黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1。下列说法错误的是 A.豚鼠鼠毛颜色性状的遗传遵循分离定律 B.子代中的黄色鼠与灰色鼠杂交，后代中灰色鼠占1/4 C.亲代黄色鼠和子代黄色鼠基因型相同 D.该基因显性纯合子可能具有致死效应 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 子代中的黄色鼠(Aa)与灰色鼠(aa)杂交，后代中灰色鼠(aa)占1/2，B 错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 题组二　自由组合定律的解题方法 6.(2024·安顺高一检测)基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交得F1，F1自交得F2，这三对等位基因独立遗传，F1杂种形成的配子种类数和F2的基因型种类数分别是 A.8和9 B.4和27 C.8和27 D.32和81 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 √ 答案 对点训练 多对基因遗传时，遵循自由组合定律，采用每对的结果相乘即可，基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，F1的基因型是AaBbCc，Aa能产生2种配子，自交后代产生3种基因型，同理Bb和Cc也都能产生2种配子，自交后代产生3种基因型，故F1能产生的配子种类数是2×2×2＝8(种)，F2的基因型种类数是3×3×3＝27(种)。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 7.(2024·洛阳高一检测)在研究茄子果皮颜色的遗传规律时，研究人员发现表型为紫色果皮和白色果皮的茄子杂交，其F1全表现为紫色果皮。F1自交，F2中紫色果皮∶绿色果皮∶白色果皮＝12∶3∶1。若用F1进行测交，则其后代中绿色果皮∶紫色果皮∶白色果皮为 A.1∶1∶1 B.2∶1∶1 C.1∶2∶1 D.1∶4∶1 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 8.某种名贵花卉的花色受两对等位基因控制，红花植株与白花植株杂交，F1全是紫花植株，F1自交，F2中出现紫花植株、红花植株、白花植株，且其比例为9∶3∶4。下列有关叙述错误的是 A.该植物花色性状的遗传遵循自由组合定律 B.F2紫花植株中杂合子的比例为4/9 C.F2中红花植株自交，后代不会出现紫花植株 D.F2红花植株自由交配，后代中白花植株占1/9 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 设两对等位基因为A、a，B、b，则F2中紫花植株的基因型为A_B_，其中杂合子占8/9，B错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 9.在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色和灰色(A、a)，尾巴有短尾和长尾(B、b)，两对性状分别受两对等位基因控制。任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1中黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝6∶3∶2∶1。以下说法错误的是 A.F1的性状分离比说明 BB 存在显性致死现象 B.F1中黄色短尾鼠的基因型有两种 C.让F1中黄色短尾鼠与灰色长尾鼠交配，F2中各表型的比例为1∶1∶1∶1 D.让F1中黄色长尾雌雄鼠自由交配，理论上F2中不会出现短尾鼠 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 根据题意可把两对性状分开计算：黄色∶灰色＝(6＋3)∶(2＋1)＝3∶1，短尾∶长尾＝(6＋2)∶(3＋1)＝2∶1，因此黄色对灰色为显性，短尾对长尾为显性，且BB存在显性纯合致死现象，A正确； F1中黄色短尾鼠的基因型有AaBb、AABb两种，B正确； F1中黄色短尾鼠的基因型为1/3AABb、2/3AaBb，灰色长尾鼠的基因型为aabb,二者交配后各表型的比例为2∶2∶1∶1，C错误； 长尾属于隐性性状，理论上长尾鼠自由交配后F2全为长尾，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 10.豌豆子叶的黄色对绿色为显性，种子的圆粒对皱粒为显性，两对性状各由一对等位基因控制且独立遗传。以黄色圆粒和绿色皱粒的豌豆为亲本，杂交得到F1，其自交得到的F2中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，若让F1与绿色皱粒测交，后代中绿色皱粒的豌豆所占的比例是 A.1/3 B.3/8 C.9/64 D.3/64 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 假设子叶颜色相关基因用Y、y表示，种子形状相关基因用R、r表示，亲本为黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆，基因型为Y_R_和yyrr。杂交得到的F1自交，F2的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，该比例等于(黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶3∶1)与(绿色圆粒∶绿色皱粒＝12∶4)之和，根据豌豆结实能力相等可推测F1个体的基因型为YyRr和yyRr，且二者比例为1∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 则该群体的配子比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝(1/2×1/4)∶(1/2×1/4)∶(1/2× 1/4＋1/2×1/2)∶(1/2×1/4＋1/2×1/2)＝1∶1∶3∶3，该群体测交产生的后代的性状比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶3∶3，其中绿色皱粒的豌豆所占的比例是3/8，B正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 11.(2023·宿迁高一期中)果蝇中灰身和黑身(A/a)、长翅和残翅(B/b)是两对独立遗传的相对性状，两对性状各由一对等位基因控制，已知长翅对残翅为显性。将一只灰身长翅雌蝇和灰身残翅雄蝇杂交，得到子代结果如表所示，下列相关说法错误的是 A.果蝇灰身对黑身为显性 B.母本和父本的基因型分别为 AaBb和Aabb C.所得子代中只有灰身长翅果蝇中有杂合子 D.所得子代中灰身残翅和黑身长翅果蝇杂交产生黑身残翅的概率为1/6 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 灰身残翅 灰身长翅 黑身长翅 黑身残翅 36% 37% 13% 14% 答案 对点训练 根据亲代灰身果蝇杂交子代出现性状分离可知，灰身对黑身为显性，A正确； 根据子代灰身∶黑身≈3∶1，长翅∶残翅＝1∶1，以及亲代的表型可知，母本和父本的基因型分别为AaBb和Aabb，B正确； 后代中除了灰身长翅外，黑身长翅和灰身残翅中也有杂合子，C错误； 子代灰身残翅(1/3AAbb、2/3Aabb)，产生ab配子的概率为2/3×1/2×1＝1/3，黑身长翅(aaBb)产生ab配子的概率为1×1/2＝1/2，因此子代灰身残翅和黑身长翅果蝇杂交产生黑身残翅(aabb)的概率为1/6，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 12.(2024·茂名高一质检)报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a，B和b)共同控制，两对等位基因独立遗传(如图所示)。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得F2。下列说法正确的是 A.F1的表型是黄色 B.F2中黄色∶白色＝9∶7 C.F2的白色个体中纯合子占3/6 D.F2中黄色个体自交有2/3会出现性状分离 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程，基因B存在时可抑制其表达，所以A_B_、aaB_、aabb表现为白色，A_bb表现为黄色，F1的基因型为AaBb，表型为白色，A错误； F1(AaBb)自交得F2，故F2中黄色∶白色＝3∶13，B错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 F2中黄色个体基因型及比例为AAbb∶Aabb＝1∶2，所以黄色个体自交有2/3会出现性状分离，D正确。 F2的白色个体基因型及比例应为A_B_ ∶aaB_∶aabb＝9∶3∶1，其中纯合子有1AABB、1aaBB、1aabb，所以F2的白色个体中纯合子占3/13，C错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 对点训练 13.(2024·郑州高一期中)某植物的花色性状由位于常染色体上的复等位基因(a1、a2、a3)控制，其中a1决定红色，a2决定蓝色，a3决定白色。某科研人员让红花植株与蓝花植株进行杂交，后代出现红花、蓝花和白花，比例为2∶1∶1。回答下列问题： (1)a1、a2、a3之间的显隐性关系是______________________________。 (2)亲本红花和蓝花基因型分别是____________。 (3)若后代中的蓝花植株自交，则子代中花色性状的表型及比例为__________________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 a1对a2、a3为显性，a2对a3为显性 a1a3、a2a3 蓝花∶白花＝3∶1 答案 综合强化 29 (4)现有一红花植株，为测定其基因型，可将其与表型为________的植株杂交，若后代植株均表现为红花，则该红花植株基因型是________；若后代植株表现为红花和蓝花，则该红花植株基因型是________；若后代植株表现为红花和白花，则红花植株基因型________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 白花 a1a1 a1a2 a1a3 答案 综合强化 14.(2023·宜宾高一质检)某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因A(a)和B(b)控制。A基因控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)，B基因为修饰基因，淡化花色的深度(BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化)，现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如图所示。请回答相关问题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 综合强化 (1)该植物控制花色的两对基因的遗传遵循____________定律。这两组杂交实验中白花亲本的基因型分别是_______________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 自由组合 AABB、aaBB 答案 综合强化 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 由于两对基因独立遗传，因此遵循基因的自由组合定律。第1组中，纯合白花(AABB或aaBB或aabb)×纯合红花(AAbb)→粉红花(A_Bb)，F1自交后代出现 1∶2∶1的分离比，说明F1的基因型为AABb，则白花亲本的基因型为AABB； 答案 综合强化 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 第2组中，纯合白花(AABB或aaBB或aabb)×纯合红花(AAbb)→粉红花(A_Bb)，F1自交后代性状分离比为3∶6∶7，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB。 答案 综合强化 (2)第1组的F2所有个体再进行自交，产生的后代表型及比例应为________ _______________________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 粉红花∶白花＝3∶2∶3 红花∶ 答案 综合强化 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 第1组的F1(AABb)自交所得F2为AABB(白花)∶AABb(粉红花)∶AAbb(红花)＝1∶2∶1，其中1/4AABB和1/4AAbb自交后代能稳定遗传，1/2AABb自交后代出现性状分离(1/4AABB、1/2AABb、 1/4AAbb)，所以F2中表型及比例为红花∶粉红花∶白花＝(1/4＋1/2×1/4)∶(1/2×1/2)∶(1/4＋1/2×1/4)＝3∶2∶3。 答案 综合强化 (3)第2组F2中红花个体的基因型是______________，F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占______。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1/9 AAbb、Aabb 答案 综合强化 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 第2组的F1基因型为AaBb，自交所得F2中红花个体的基因型及比例为1/3AAbb、2/3Aabb，粉红花个体的基因型及比例为1/3AABb、2/3AaBb，则红花个 体与粉红花个体随机杂交，后代开白花(aaBb或aabb)的个体占2/3×2/3×1/4＝1/9。 答案 综合强化 (4)从第2组F2中取一红花植株，请你设计实验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型(简要回答设计思路即可)：___________________________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 让该植株自交，观察后代的花色 答案 综合强化 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 第2组F2中红花植株基因型可能为AAbb、Aabb，鉴定其基因型的最简便的方法是让该植株自交，观察后代的花色。 答案 综合强化 第1章 遗传因子的发现 <<< $$ 重点突破练(一)　[分值：100分] 第1～10题，每题6分；第11～12题，每题7分，共74分。 题组一　分离定律的应用 1．(2023·铁岭高一质检)已知一批基因型为AA和Aa的豌豆种子，其数目之比为3∶1，将这批种子种下，自然状态下(假设结实率相同)其子一代中基因型为AA、Aa、aa的种子数之比为(　　) A．4∶4∶1 B．1∶2∶1 C．3∶5∶1 D．13∶2∶1 答案　D 解析　已知一批基因型为AA和Aa的豌豆种子，其数目之比为3∶1，即AA占3/4，Aa占1/4，因为在自然状态下，豌豆是严格的自花传粉植物，可知3/4AA自交子代全部是3/4AA,1/4Aa自交后代中，AA＝1/4×1/4＝1/16，aa＝1/4×1/4＝1/16，Aa＝1/4×1/2＝1/8，故AA＝3/4＋1/16＝13/16，所以子一代AA、Aa、aa种子数之比为13/16∶1/8∶1/16＝13∶2∶1，D符合题意。 2．科研人员用正常叶色甜瓜和黄绿叶色甜瓜进行杂交实验，结果如图所示。下列说法不正确的是(　　) A．根据实验一后代可判断，正常叶色为显性性状 B．实验二为测交实验，可用于检测显性个体的基因型 C．据图可知控制甜瓜叶色性状的基因的遗传遵循分离定律 D．用实验一的子一代自交，后代性状分离比是1∶2∶1 答案　D 解析　具有一对相对性状的亲本杂交，子一代表现的性状为显性性状，题目中正常叶色甜瓜与黄绿叶色甜瓜杂交后代全表现正常叶色，据此可知正常叶色为显性性状，A正确；实验二的结果为正常叶色与黄绿叶色的比例接近1∶1，可推测控制该性状的基因的遗传遵循分离定律，C正确；设控制叶色的基因用G、g表示，则实验一的亲本中，正常叶色甜瓜的基因型为GG，黄绿叶色甜瓜的基因型为gg，实验一的子一代基因型为Gg，Gg自交后代表型及比例为正常叶色甜瓜∶黄绿叶色甜瓜＝3∶1，D错误。 3．某种蝴蝶的黄色(Y)对白色(y)为显性，雄性有黄色和白色，雌性无论基因如何，性状只表现为白色。下列杂交组合中，可以从其子代性状表现判断出性别的是(　　) A．♀Yy×♂yy B．♀yy×♂YY C．♀yy×♂yy D．♀Yy×♂Yy 答案　B 4．(2024·泉州高一调研)人类ABO血型由复等位基因IA、IB、i决定，IA和IB对i为显性，IA、IB同时存在时都能表达。血型的基因型如表，下列相关叙述正确的是(　　) 血型 A B AB O 基因型 IAIA、IAi IBIB、IBi IAIB ii A.IA、IB、i的遗传遵循基因的自由组合定律 B．A型血男性和B型血女性婚配生下的孩子的血型最多有3种可能 C．A型血男性和B型血女性婚配，不可能生O型血女儿 D．O型血女性和AB型血男性婚配，生B型血男孩的概率为1/4 答案　D 解析　人类ABO血型遵循基因的分离定律，不遵循自由组合定律，A错误；A型血男性和B型血女性婚配生下的孩子的血型最多有4种可能，即当男性基因型为IAi，女性基因型为IBi时，子代可能出现A、B、AB、O共4种血型，故可能生出O型血女儿，B、C错误；O型血女性(基因型为ii)与AB型血男性(基因型为IAIB)婚配，可生出A、B共2种血型的孩子，其中B型血男孩的概率为1/2(B型血)×1/2(男孩)＝1/4，D正确。 5．(2024·连云港高一检测)某种豚鼠的鼠毛颜色灰色和黄色是一对相对性状，研究人员让多对基因型相同的黄色鼠进行杂交，子代均表现为黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1。下列说法错误的是(　　) A．豚鼠鼠毛颜色性状的遗传遵循分离定律 B．子代中的黄色鼠与灰色鼠杂交，后代中灰色鼠占1/4 C．亲代黄色鼠和子代黄色鼠基因型相同 D．该基因显性纯合子可能具有致死效应 答案　B 解析　子代中的黄色鼠(Aa)与灰色鼠(aa)杂交，后代中灰色鼠(aa)占1/2，B错误。 题组二　自由组合定律的解题方法 6．(2024·安顺高一检测)基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交得F1，F1自交得F2，这三对等位基因独立遗传，F1杂种形成的配子种类数和F2的基因型种类数分别是(　　) A．8和9 B．4和27 C．8和27 D．32和81 答案　C 解析　多对基因遗传时，遵循自由组合定律，采用每对的结果相乘即可，基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，F1的基因型是AaBbCc，Aa能产生2种配子，自交后代产生3种基因型，同理Bb和Cc也都能产生2种配子，自交后代产生3种基因型，故F1能产生的配子种类数是2×2×2＝8(种)，F2的基因型种类数是3×3×3＝27(种)。 7．(2024·洛阳高一检测)在研究茄子果皮颜色的遗传规律时，研究人员发现表型为紫色果皮和白色果皮的茄子杂交，其F1全表现为紫色果皮。F1自交，F2中紫色果皮∶绿色果皮∶白色果皮＝12∶3∶1。若用F1进行测交，则其后代中绿色果皮∶紫色果皮∶白色果皮为(　　) A．1∶1∶1 B．2∶1∶1 C．1∶2∶1 D．1∶4∶1 答案　C 8．某种名贵花卉的花色受两对等位基因控制，红花植株与白花植株杂交，F1全是紫花植株，F1自交，F2中出现紫花植株、红花植株、白花植株，且其比例为9∶3∶4。下列有关叙述错误的是(　　) A．该植物花色性状的遗传遵循自由组合定律 B．F2紫花植株中杂合子的比例为4/9 C．F2中红花植株自交，后代不会出现紫花植株 D．F2红花植株自由交配，后代中白花植株占1/9 答案　B 解析　设两对等位基因为A、a，B、b，则F2中紫花植株的基因型为A_B_，其中杂合子占8/9，B错误。 9．在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色和灰色(A、a)，尾巴有短尾和长尾(B、b)，两对性状分别受两对等位基因控制。任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1中黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝6∶3∶2∶1。以下说法错误的是(　　) A．F1的性状分离比说明 BB 存在显性致死现象 B．F1中黄色短尾鼠的基因型有两种 C．让F1中黄色短尾鼠与灰色长尾鼠交配，F2中各表型的比例为1∶1∶1∶1 D．让F1中黄色长尾雌雄鼠自由交配，理论上F2中不会出现短尾鼠 答案　C 解析　根据题意可把两对性状分开计算：黄色∶灰色＝(6＋3)∶(2＋1)＝3∶1，短尾∶长尾＝(6＋2)∶(3＋1)＝2∶1，因此黄色对灰色为显性，短尾对长尾为显性，且BB存在显性纯合致死现象，A正确；F1中黄色短尾鼠的基因型有AaBb、AABb两种，B正确；F1中黄色短尾鼠的基因型为1/3AABb、2/3AaBb，灰色长尾鼠的基因型为aabb,二者交配后各表型的比例为2∶2∶1∶1，C错误；长尾属于隐性性状，理论上长尾鼠自由交配后F2全为长尾，D正确。 10．豌豆子叶的黄色对绿色为显性，种子的圆粒对皱粒为显性，两对性状各由一对等位基因控制且独立遗传。以黄色圆粒和绿色皱粒的豌豆为亲本，杂交得到F1，其自交得到的F2中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，若让F1与绿色皱粒测交，后代中绿色皱粒的豌豆所占的比例是(　　) A．1/3 B．3/8 C．9/64 D．3/64 答案　B 解析　假设子叶颜色相关基因用Y、y表示，种子形状相关基因用R、r表示，亲本为黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆，基因型为Y_R_和yyrr。杂交得到的F1自交，F2的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，该比例等于(黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶3∶1)与(绿色圆粒∶绿色皱粒＝12∶4)之和，根据豌豆结实能力相等可推测F1个体的基因型为YyRr和yyRr，且二者比例为1∶1。则该群体的配子比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝(1/2×1/4)∶(1/2×1/4)∶(1/2×1/4＋1/2×1/2)∶(1/2×1/4＋1/2×1/2)＝1∶1∶3∶3，该群体测交产生的后代的性状比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶3∶3，其中绿色皱粒的豌豆所占的比例是3/8，B正确。 11．(2023·宿迁高一期中)果蝇中灰身和黑身(A/a)、长翅和残翅(B/b)是两对独立遗传的相对性状，两对性状各由一对等位基因控制，已知长翅对残翅为显性。将一只灰身长翅雌蝇和灰身残翅雄蝇杂交，得到子代结果如表所示，下列相关说法错误的是(　　) 灰身残翅 灰身长翅 黑身长翅 黑身残翅 36% 37% 13% 14% A.果蝇灰身对黑身为显性 B．母本和父本的基因型分别为AaBb和Aabb C．所得子代中只有灰身长翅果蝇中有杂合子 D．所得子代中灰身残翅和黑身长翅果蝇杂交产生黑身残翅的概率为1/6 答案　C 解析　根据亲代灰身果蝇杂交子代出现性状分离可知，灰身对黑身为显性，A正确；根据子代灰身∶黑身≈3∶1，长翅∶残翅＝1∶1，以及亲代的表型可知，母本和父本的基因型分别为AaBb和Aabb，B正确；后代中除了灰身长翅外，黑身长翅和灰身残翅中也有杂合子，C错误；子代灰身残翅(1/3AAbb、2/3Aabb)，产生ab配子的概率为2/3×1/2×1＝1/3，黑身长翅(aaBb)产生ab配子的概率为1×1/2＝1/2，因此子代灰身残翅和黑身长翅果蝇杂交产生黑身残翅(aabb)的概率为1/6，D正确。 12．(2024·茂名高一质检)报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a，B和b)共同控制，两对等位基因独立遗传(如图所示)。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得F2。下列说法正确的是(　　) A．F1的表型是黄色 B．F2中黄色∶白色＝9∶7 C．F2的白色个体中纯合子占3/6 D．F2中黄色个体自交有2/3会出现性状分离 答案　D 解析　显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程，基因B存在时可抑制其表达，所以A_B_、aaB_、aabb表现为白色，A_bb表现为黄色，F1的基因型为AaBb，表型为白色，A错误；F1(AaBb)自交得F2，故F2中黄色∶白色＝3∶13，B错误；F2的白色个体基因型及比例应为A_B_∶aaB_∶aabb＝9∶3∶1，其中纯合子有1AABB、1aaBB、1aabb，所以F2的白色个体中纯合子占3/13，C错误；F2中黄色个体基因型及比例为AAbb∶Aabb＝1∶2，所以黄色个体自交有2/3会出现性状分离，D正确。 13．(14分)(2024·郑州高一期中)某植物的花色性状由位于常染色体上的复等位基因(a1、a2、a3)控制，其中a1决定红色，a2决定蓝色，a3决定白色。某科研人员让红花植株与蓝花植株进行杂交，后代出现红花、蓝花和白花，比例为2∶1∶1。回答下列问题： (1)a1、a2、a3之间的显隐性关系是________________________。 (2)亲本红花和蓝花基因型分别是_______________________________。 (3)若后代中的蓝花植株自交，则子代中花色性状的表型及比例为_______________。 (4)现有一红花植株，为测定其基因型，可将其与表型为________的植株杂交，若后代植株均表现为红花，则该红花植株基因型是________；若后代植株表现为红花和蓝花，则该红花植株基因型是________；若后代植株表现为红花和白花，则红花植株基因型________。 答案　(1)a1对a2、a3为显性，a2对a3为显性 (2)a1a3、a2a3　(3)蓝花∶白花＝3∶1　(4)白花　a1a1　a1a2　a1a3 14．(12分)(2023·宜宾高一质检)某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因A(a)和B(b)控制。A基因控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)，B基因为修饰基因，淡化花色的深度(BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化)，现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如图所示。请回答相关问题： (1)该植物控制花色的两对基因的遗传遵循____________定律。这两组杂交实验中白花亲本的基因型分别是____________________。 (2)第1组的F2所有个体再进行自交，产生的后代表型及比例应为________________。 (3)第2组F2中红花个体的基因型是__________，F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占____________。 (4)从第2组F2中取一红花植株，请你设计实验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型(简要回答设计思路即可)：_______________________________________________________。 答案　(1)自由组合　AABB、aaBB　(2)红花∶粉红花∶白花＝3∶2∶3　(3)AAbb、Aabb　1/9　(4)让该植株自交，观察后代的花色 解析　(1)由于两对基因独立遗传，因此遵循基因的自由组合定律。第1组中，纯合白花(AABB或aaBB或aabb)×纯合红花(AAbb)→粉红花(A_Bb)，F1自交后代出现1∶2∶1的分离比，说明F1的基因型为AABb，则白花亲本的基因型为AABB；第2组中，纯合白花(AABB或aaBB或aabb)×纯合红花(AAbb)→粉红花(A_Bb)，F1自交后代性状分离比为3∶6∶7，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB。(2)第1组的F1(AABb)自交所得F2为AABB(白花)∶AABb(粉红花)∶AAbb(红花)＝1∶2∶1，其中1/4AABB和1/4AAbb自交后代能稳定遗传，1/2AABb自交后代出现性状分离(1/4AABB、1/2AABb、1/4AAbb)，所以F2中表型及比例为红花∶粉红花∶白花＝(1/4＋1/2×1/4)∶(1/2×1/2)∶(1/4＋1/2×1/4)＝3∶2∶3。(3)第2组的F1基因型为AaBb，自交所得F2中红花个体的基因型及比例为1/3AAbb、2/3Aabb，粉红花个体的基因型及比例为1/3AABb、2/3AaBb，则红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花(aaBb或aabb)的个体占2/3×2/3×1/4＝1/9。(4)第2组F2中红花植株基因型可能为AAbb、Aabb，鉴定其基因型的最简便的方法是让该植株自交，观察后代的花色。 学科网（北京）股份有限公司 $$