综合检测卷(1)-【百汇大课堂·高中学习测试卷】2024-2025学年高中物理必修第三册（人教版2019）

6.B解析A项，根据安培定则，电流I1、I2在线图所在位置 (2)当线圈绕dc边转过60°时，D=BS1,此时没有磁感线穿 的磁场方向均是垂直纸面向里，所以穿过线國的磁通量不可 能为零，故A错误：B项，电流1，在线圈所在位置的磁场方向 过线图，所以中=0：在图示位置9，=B·号=0,2W,转动 是垂直纸面向外，I:在线圈所在位置的磁场方向是垂直纸面 后中：=0，△中=|中2-中，1=0.2Wb,故磁通量改变量 向里，所以穿过线图的磁通量可能为零，故B正确：C项，电流 为0.2Wb。 I在线圈所在位置的磁场方向垂直纸面向外，I,在线圈所在 14.答案(1)4.9×10“个(2)1.8×101W 位置的磁场方向垂直纸面向外，所以穿过线圈的磁通量不可 解析(1)设地面上垂直于太阳光的1m2面积上每秒钟接 能为零，故C错误：D项，电流I,在线圈所在位置的磁场方向 收的可见光光子数为n,则有 是垂直纸面向外，I:在此处磁场方向是上半部分垂直纸面向 PX45%X1s=n6分 里，下半部分垂直纸面向外，所以穿过线图的磁通量不可能为 设想一个以太阳为球心、以目地间距离为半径的大球面包图 零，故D错误 着大阳，大球面每秒接收的光子数即等于太阳每秒辐射的全 7.ABC解析只要闭合电路的磁通量发生变化，闭合回路中 都光子数，则所求可见光光子数为 就有感应电流产生。题中导轨位于匀强磁场中，只要满足 N=n·4πR2 ≠，，回路的面积发生变化，从而磁通量发生变化，回路中就 联立解得N=4.9×10“个。 有感应电流产生。 (2)地球背着大阳的半个球面没有接收太阳光，地球向着太 8.AC解析在有界的匀强磁场中，常常需要考虑线框进场、出 阳的半个球面面积也不都与太阳光垂直，接收太阳光辐射且 场和在场中运动的情况，abcd在匀强磁场中无论匀速还是加 与大阳光垂直的有效面积是以地球半径为半径的圆平面的 速运动，穿过abcd的磁通量都没有发生变化。 面积，则地球接收太阳光的总功率为 9,BC解析按住按钮不动，稳定后，穿过螺线管的磁通量保持 P=P·r 不变，不会产生感应电流，门龄不会响，故A错误：按下按钮过 =1.4×103×3.14×(6.4×10)°W 程，穿过螺线管的磁通量增加，螺线管中产生感应电流，故B =1.8×1017W。 正确：松开按钮过程，穿过螺线管的磁通量减少，螺线管中产 15.答案(1)如图所示(2)见解析 生感应电流，故C正确；若磁铁两磁极反转，按下按钮过程或 BelD 松开按钮过程，穿过螺线管的磁通量均会发生变化，螺线管中 均会产生感应电流，门铃能正常工作，故D错误。 10.AC解析根据安培定则可知，通电后，小磁针的N校向纸 里偏转，故A正确：磁场的磁感应强度是矢量，通电后，小磁 0 针静止时N极所指的方向即为电流在小磁针处产生的磁扬 解析(1)线框穿过磁场的过程可分为三个阶段：进入磁场 与地球的磁场的合磁场的方向，放B错误：电流在x。处产生 阶段（只有ab边在磁场中）、在磁场中运动阶段(ab,cd两边 都在磁场中)、离开磁场阶段（只有cd边在磁场中）。 的磁场的磁感应强度大小为B1,则tanO B B。,所以B, ①线框进入磁场阶段 学B。,故C正确：由矢量的合成可知，，处合磁场的磁感应 时间为0~ 。,线框进入磁场中的面积线性增加， S=l·v·t,中=B·S=Blt,最后p=Bl2: 强度大小为2B,成D特视 ②线框在磁扬中运动阶段 11.答案(1)见解析(2)无有 时间为二一~2弘，穿过线框的磁通量为中=B,保持不变， 解析(1)电荷的正与负、吸引与排斥，运动和静止、光滑和 ③线框离开磁场阶段 粗糙、正电子和负电子、物质和反物质。 (2)开关处于闭合状态时，因穿过a线圈的磁通量不变，所以 过间为21一31，穿过线框的磁通量线性减少，最后为零 无感应电流产生。闭合开关驿间，穿过α线圈的磁通量突然 综上可得Φ-t图像如答图所示。 增大，所以有感应电流产生。断开开关瞬问，穿过a线圈的 (2)线框进入磁场阶段，穿过线框的磁通量增加，线框中将产 磁通量突然减小，所以有感应电流产生。 生逆时针方向的感应电流：线框在磁场中运动阶段，穿过线 框的磁通量保持不变，线框中无感应电流产生；线框离开磁 12管案D0a号l,号以 场阶段，穿过线框的磁通量减少，线框中将产生顺时针方向 解析(1)线框在初始位置时，线框早面与磁场平行，有效面 的感应电流。 积为0，则Φ。=0. 综合检测卷（一） (2)当线框绕轴OO'沿图示方向转过60°时，线框与B的夹角 1.B解析带正电的粒子从O点向A点运动过程中，电场线 为60°，则 先变疏再变密，电场强度先变小后变大，故静电力和粒子的加 中=B·Sn60-号BS=g2队，12 速度也是先变小后变大，A、C、D错误，B正确。 2 2.C解析做曲线运动的物体，合力指向运动轨迹的内侧，由 AΦ=电-中。=2BLl, 此可知，带电粒子受到的静电力的方向为向左，所以粒子带正 电，A错误；粒子可能是从a点沿轨迹运动到b点，也可能是 13.答案(1)0.2Wb0(2)00.2Wb 从b点沿轨迹运动到α点，B错误：由电场线的疏密程度可 解析(1)当线圈绕ab边转过60°时，Φ=BS1=BScos60 知，c点处电场线密集，电场强度较大，粒子在c点处受静电力 =0.8X0.5×号Wb=0.2Wb(比时线圈正好全每处在磁扬 较大，加速度一定大于在b点的加速度，C正确；若粒子从c运 动到α，静电力与速度方向成锐角，所以粒子做加速运动，若粒 中)。在此过程中S⊥没变，穿过线圈的磁感线条数没变，故 子从a运动到c,静电力与速度方向成铠角，所以粒子做减速 磁通量变化量△中■0。 运动，故粒子在c点的速度小于在a点的速度，D错误。 ·36· 3.C解析通电导线周围产生磁场的现象叫电流的磁效应，B 故B错误；若电压表从0开始说明最开始滑动片位置处于R 错误，将磁体括入线图的过程中，穿过线图的磁通量发生变 的最左侧，电压表示数逐渐变大，则滑动片逐渐向右移动，滑 化，线圈中产生感应电流：电流周围存在磁场，故小磁针会发 块受到的合力逐渐减小，加速度逐渐减小，当滑块位于框架 生转动。但当科拉顿跑到另一个房间时，电磁感应过程已经 中间时，合力为0，加速度为0，当滑块继续向右移动时，加速 结束，此时穿过线图的磁通量不变，线图中没有感应电流，所 度开始反方向增加，故C正确；电压表示数为0或最大值说 以小磁针不偏转，C正确，A、D错误。 明此时滑动片在R的最左侧或最右侧，此时滑块所受的合力 4.A解析题图中所示为电流表内接法测电阻，根据欧姆定律 大小可能相等，则物体的加速度大小可能相同，故D正确。 得Rx=Rx十R,=号，为了减小误差，可以用内阻小的电流 11.答案(1)1大相反(2)4.1×10F 解析(1)充电时必须将电容器接电源，故将开关S接1时， 表，故A正确，B、C、D错误， 平行板电容器充电，在充电开始时电路中的电流比较大，之 5,C解析根据安培定则可知，直导线在直径处时磁感线从一 后电流减小，当电容器充满电时，电流为0，电容器充电时，上 边半圆进、另一边半圆出，合磁通量为0，垂直圆面向里移动、 极板接电源正极，所以电容器上板带正电，充电时负电荷流 沿直导线方向移动或绕圆心转动，合磁通量仍为O,故A、B、D 出电容器上极板，放电时负电荷流入电容器上极板，所以流 婚误，直导线沿圆面内垂直导线方肉移动尽，蓝道量不为0： 经电流计G的电流方向与充电时相反。 (2)I:图线与时间轴所图成的面积表示电荷量，每个小格表 磁通量增加，故C正确。 示的电荷量为9=0.4×0.2×103C=8×10-5C,由题图 6.B解析由电路图可知，用oa两端时是电流表，有I=I.十 乙可知Q=41q=41×8×10-3C=3.28×103C,根据 IR=150mA,故A,C错误；由电路图可知，用b两暗时是 R C-吕，代入数据解得C-4.1X10E。 电压表，有U=1.R。+IR2=160V,放B正确，D错误。 12.答案(1)a(2)4.50 7,D解析带电油滴在极板问匀速下落，可知带电油滴受到的 解析(1)实脸时为保护电路，闭合开关的瞬间，滑动变阻器 静电力方向竖直向上，与电场方向相反，故油滴带负电，A错 滑片应放置a端。 误，带电油滴在极板问匀速下落，根据受力平衡可得mg一 (2)由题图乙所示图像可知，金属丝的阻值 9E=9日解得油清的电荷量为g="积，可知”吧等于油清 R-号-品n5n 的电荷量，并不等于油滴中电子的数目，B错误，油滴从小孔 运动到金属板B过程中，静电力做功为W=一qEd=一mgd, 13.答案 (1)mgh: 7 9kQ g8方向竖直向上(2)27kQ 4h U 解析 (1)小球运动到B点时速度达到最大，说明小球带正 可知静电力做负功，电势能增加mgd,C错误：根据E=豆，若 将金属板A向上缓慢移动一小段距离，板板问的距离d增 电，在B点应有mg kQg h 大，极板间的电压U不变，则极板间的电场强度减小，油滴受 到的静电力减小，故油滴受到的合力竖直向下，油滴将加速下 降，D正确。 解得q-m 9kQ 8.BC解析由题意可知，小磁针受到磁场力的作用，原因是电 在C点，由牛顿第二定律？ mng=ma 荷的定向移动形成电流，而电流周围会产生磁场，故A错误，B h 正确：若小磁针处于圓盘的左上方时，圆盘带负电，根据安培 7 定则可知，产生的磁场方向向上，则小磁针的N极向左偏，故 解得a=gg,方向多直向上. C正确；若小磁针处于圆盘的左下方时，圆盘带负电，根据安 (2)设C、A两点问的电势差为U,则A、C问的电势差 培定则可知，产生的磁场方向向上，则小磁针的N极向右偏， 故D错误。 为一U,从A到C过程，由动能定理得 9.AB解析匀强电场中，平行等问距的两点问电势差相等，即 mg(a-冬）-U=0 a、c之问的电势差与0，b之何的电势差相等，可得P。一9，= P0一P6,代入数据解得90=1V,A正确：沿电扬线方向电势 解得U-张2 降低，可知，水平方向的电扬强度沿x轴负方向，大小为E,一 14.答案(1)0.3A(2)20~500 9.一_26-0v/m=200V/m,竖直方向的电场强度沿y 解析(1)由电路图知，两电阻串联，电压表测量滑动变阻器 0.08 两端的电压，电流表测量电路中的电流：电压表的量程为0一 轴负方向，大小为E,-二巴-26”V/m=150V/m,故 15V,电压表示数为15V时，滑动变阻器接入电路的电阻最 y 0.06 大，此时R,两端的电压为 电场强度的大小为E=√E,+E,=250V/m,B正确：a点 U,=18V-15V=3V 电势比b点电势低7V,电子带负电，所以电子在a点的电势 此时电路中的电流最小，为 能比在b点的高7eV,C错误：b点电势比c点电势低9V, U 3V 电子从b点运动到c点，静电力做功为W=一e(p。一P,)= 1+=尺，-00-0.3A 9eV,D错误. 即电流表的最小示数为0.3A。 1O.ACD解析电压表的示数指向零刻度线说明滑动片在R (2)由(1)中分析可知滑动变阻器接入电路的最大电阻为 的最左侧，此时左弹簧压缩，右弹簧拉伸，滑块所受合力水平 Ua 15 V 向右，物体可能做向右匀加速直线运动或向左匀诚速直线运 Ra*=2=0.3A=500 动，故A正确，若电压表保持某值不变，说明滑动片在R上 电路中的电流为0.6A时，滑动变阻器连入电路的阻值最 的位置不变，可能是匀变速直线运动、匀速直线运动或静止， 小，此时电路的总电阻为 37 E 18V 4.B解析潮湿的手指与传感器之间有水填充，改变了原来匹 R4-元-0.6A=300 配的电容器的电容，所以会影响指纹解锁，故A错误：根据电 滑动变阻器连入电路的最小电阻为 Rt本=R本-R1=300-10Q=20n E:S 容的决定式C一a可得，极板与指纹“嵴”都分距离d小， 所以滑动变阻器连入电路的阻值范国为20~50n。 形成的电容器电容较大，极板与指纹“峪”部分距离d大，形成 eU 15.答案1√m 2、U2L (2)8dU1 (30+0,L 的电容器电容较小，故B正确：由于传感器为所有电容器充到 36U1d 一个预先设计好的电压值，所以所有的电容器电压一定，根据 解析(1)电子在加速电场加速时，由动能定理得 1 eU,=2mv Q=C心一：可知，校板与指纹“峪”（凹下部分，4大，电容 小)构成的电容器充上的电荷量较少，在放电过程中放电时间 2eU 解得，=√m 短，放电较快：反之，在“嵴”处形成的电容器电容大，充上的电 (2)1=0、T、2T…时刻进入偏转电场的电子向上偏转量最 荷量大，放电较慢，故C错误：打印好的指纹照片是平整的，不 1 3 能形咸电容器，因此不能实现指纹解锁，故D错误。 大（同理，1=乞T,2T…时刻进入偏转电场的电子向下 5,C解析电路稳定时电容器两板间的电压等于R1两端的电 偏转量最大) 压，当用强光照射光敏电阻R,时，光敏电阻的阻值变小，电路 电子在偏转电场中的运动时间为 中电流增大，故电源的总功率P=EI增大，选项A错误：由于 电路中的电流增大，R:两端的电势差增大，又因为R,下端接 地，电势为零，所以R,上端电势升高，A板的电势也升高，选 距离O点的最大距离为 项B错误：由以上分析可知，当用蛋光照射光敏电阻R:时， -()八x品 R,两端的电压增大，电容器两板甸的电压等于R,两端的电 压，也增大，所以板间场强增大，液滴所受的电场力增大，液滴 (3)电子要能到达O点，电子在竖直方向先加速后减速再反 向上运动，选项C正确：电容器两板问的电压增大，电容不变， 肉加速，且南上和向下位移大小相等。设子-，电子凭加 由Q=CU知，电容器所带电荷量增加，选项D错误。 速的时间为△，则 6.D解析p-x图像的切线斜率表示场强，其绝对值越大，则 1 场强越大，A项错误，从x1到x2电势先升高后降低，由电势 向上偏转量y1=2a(△)'×2 沿电场线方向降低可知，x1和x:之间的场强方向先沿x轴 1 L 向下偏转量yr=2at。-2)2+a。-2△r)6 负方向后沿x轴正方向，B项错误：粒子在x=0处由静止沿 工轴正方向运动，表明粒子开始时运动方向与静电力方向同 由y上=y下 向，则静电力先微正功后做负功，电势能先诚小后增大，C项 解得△=号 错误；由中-x图线的切线斜率表示场强可知，从工=0到工= 鉴直方向，电子速度从0到开始反向加速时的位移 x:过程中，电场强度先减小后增大，因此粒子的加速度先减 小后增大，D项正确。 y-79a,-2a 【关键点拨】本题首先要读懂图像，知道”x图像的切线斜率 U,'L: 静电力做功W=ey 表示电场强度，斜率的正负反映场强的方向，斜率的绝对值反 36U1d 映场强的大小，然后再根据静电力分析粒子的运动情况。 eU.'L 7.C解析静止或匀速运动时，N板不动，电容器的电容不变， 电子到达O点时动能E.=eU 36U1d。 则电容器带电荷量不变，所以回路无电流，电阻R的热功率为 综合检测卷（二） 零，A错误：向前匀速运动突然减速时，N板向前运动，则板间 1,B解析奥斯特首先发现了电流的磁效应，A错误：麦克斯 更变小，根据C心可知，电容器的电容增大，口不变，由 韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在，赫兹用实验证 Q=CU可知，电容器带电荷量增加，B错误；由静止突然向前 实了电磁波的存在，B正确：法拉第首先发现了电磁感应现 象，C错误：能量子是由普明克首先提出的，D错误。 加速时，N板向后运动，则板间距增大，根据C=心可鬼 2.B解析接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F一 电容器的电容减小，电容器带电荷量减少，对电容器放电，电 kQ·4Q=4业8。两球接触后分开各自带电荷量为+3Q 2Q,距 流由b向a流过电流表，C正确：保持向前的匀减速运动时，N 3 3 板不动，电容器的板间距不变，又电容器两端的电压不变，则 离又变为原未的子，则库仑力为'=k Q MN之间的电场强度不变，D错误。 =9k 2 r 8,AD解析由题图可以看出，粒子所受的静电力方向水平向 左，与电场方向相反，所以该粒子带负电，故A正确：从A到 号，B正 B,粒子克服重力做功为5J,电场力做功为3J,则合外力对粒 子所做的总功W。=一5J十3J=一2J,根据动能定理可知， ES 3.A解析根据C一a,当授板同距离增大时，电容C减 动能减少了2J,故该粒子在A点的动能比在B点多2J,故B 小，B错误：电容器保持与直流电源两极连接，电压U保持不 错误：电场力做功为3J,则电势能减少3J,故该粒子在A点 变，C错误；根据Q=CU,结合上述，电容减小，则Q变小，A 的电势能比在B点多3J,故C错误：电场力做功使粒子机械 U 正确：根据E= ,极板同距离增大，对场强E变小，D错误。 能增加，电场力做功为3J,则粒子机械能增加3J,粒子在A 点的机械能比在B点少3J,故D正确。 ·38综合检测卷(一) 时间:75分钟 满分:100分 一、选择题:(本题共10小题,共46分。在每小题给出 C.科拉顿没看到小磁针偏转,是因为当他跑到另一 的四个选项中,第1~7题只有一项是符合题目要求,每 个房间时,电磁感应过程已经结束 小题4分;第8~10题有多项符合题目要求,全部选对 D.科拉顿没看到小磁针偏转,是因为该实验中的碳 的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。) 体磁性太弱 1.某区域的电场线分布如图,其中一根电场线是直线 4.如图所示,一位同学用伏安法测量未知电阻R.。在 :吾点 一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始仅在静 保证可以完成实验的前提下,下列可以减小该种测量 ( 方法相对误差的是 ) 电力作用下运动到A点,取向右为正方向,粒子的重 力忽略不计。粒子在由O点到A点的运动过程中 加速度大小a随时间:的变化图线可能正确的是 ) A.用内阻小些的电流表 一........o.. B. 用内阻大些的电流表 “: C. 用内阻小些的电压表 #)}# D.用内阻大些的电压表 5.如图所示在水平面内一根通有电流I 的长直导线,正好处在一个半径为R 的水平圆面的直径上,下列说法正确 2.某电场的电场线分布如图所示,虚 的是 (*) 线为某带电粒子只在静电力作用 A.若直导线垂直圆面向里移动,则穿过该圆面的础 下的运动轨迹,a、b、c是轨迹上的 通量减少 班f 三个点,则 B.若直导线绕圆心在水平面内转动一个小角度,则穿 A.粒子一定带负申 过该圆面的磁通量增加 B.粒子一定是从a点运动到6点 C.粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度 该圆面的磁通量增加 D.粒子在c点的速度一定大干在a.点的速度 3.在科学研究的道路上经常会出现令人惋惜的遗憾 通量增加 例如,1825年瑞士年轻物理学家科拉顿一个人在研 6.已知一个表头的量程为0~100mA,内阻R.=1000。 究电磁现象时,为避免磁体的磁场对小磁针产生影 现将表头改装成电流、电压两用的电表,如图所示,已 响,他把实验装置放在两个房间,在右边房间里把磁 知R.=2000,R。=1kO,下列说法正确的是( _ 体反复插人线圈,然后跑到左边房间里观察,结果没 有看到小磁针偏转。下列说法正确的是 __ A.该实验线圈中肯定没有电流产生 B B.通电导线周围产生磁场的现象叫电磁感应现多 101 A. 用o0两端时是电压表,最大测量值为110V C.当小磁针位于圆盘的左上方时,它的N极向左侧 B.用ob两端时是电压表,最大测量值为160V 偏转 C.用oa两端时是电流表,最大测量值为200mA D.当小磁针位于圆盘的左下方时,它的N极向左侧 D. 用ob两端时是电流表,最大测量值为200mA 偏转 7.美国物理学家密立根于20世纪初进行了多次试验 9.一匀强电场的方向平行于xOy平面,平面内a、b、 比较准确地测定了电子的电荷量,其实验原理图可简 三点的位置如图所示,三点的电势分别为10V、 C 化为如图所示模型,置于真空中的油滴室内有两块水 17V、26V。下列说法正确的是 - 平放置的平行金属板A、B与电压为U的恒定电源 em 两极相连,板的间距为d,油滴散布在油滴室中,在重 力作用下,少数油滴通过金属板A的小孔进入平行 板间。现有一质量为n的带电油滴在极板间匀速下 ) 。 落,已知元电荷。、重力加速度g,则 8 xlem A.坐标原点处的电势为1V 喷雾器 □ 油滴室 B.电场强度的大小为250V/m 2 -金属板A C.电子在a点的电势能比在b点的低7eV D.电子从点运动到c点,静电力做功为一9eV 显微镜 10.如图所示,某同学设计了一个加速度计:将框架固定 金属板B 在物体上,物体沿弹策方向运动,滑块可以在光滑的 A.油滴带正电 框架中平移,滑块两侧用两劲度系数相同的轻质均 B.油滴中电子的数目为mgd 匀弹策与框架连接,R为变阻器,轻质滑动片上端绝 C.油滴从小孔运动到金属板B过程中,电势能减 缘且与滑块连接,下端与变阻器接触良好,电池电动 少mgd 势为E,内阻不计。按图连接电路后,若物体匀速运 D.若将金属板A向上缓慢移动一小段距离,油滴将 动,滑动片恰好在电阻中间位置,电压表指针正好在 加速下降 表盘中央,此时两弹餐均为原长。下列说法正确的 是 C 8.1876年美国物理学家罗兰完成了著名的“罗兰实 , 验”。罗兰把大量的负电荷加在一个橡胶圆盘上,然 滑块 后在圆盘附近悬挂一个小磁针,将圆盘绕中心轴按图 框架一 www w 2一滑动片 示方向(自上向下看顺时针)高速旋转,发现小磁针发 生偏转。忽略地磁场对小磁针的影响,下列说法正确 的是 ) A.电压表的示数指向零刻度线,说明物体可能做匀 ## 加速直线运动 B.若电压表保持某值不变,说明物体一定做匀速直 线运动或静止 C.若电压表从0开始变大,物体加速度可能先变小 A.小磁针发生偏转的原因是橡胶圆盘上产生了电场 再变大 B.小磁针发生偏转,说明因电荷运动形成的电流产 D.电压表示数为0或最大值,说明物体的加速度大 生了磁场 小可能相同 102 二、非选择题:(本题共5小题,共54分。) 13.(12分)如图所示,高为h的光滑绝缘直杆 11.(8分)如图甲所示是观察电容 AD竖直放置,在D处有一固定的正点电荷 器的充、放电现象实验装置的 电荷量为Q。现将一质量为n的带电小球套 电路图。电源输出电压恒为 在杆上,从A点由静止释放,运动到B点时 1p 速度达到最大值,到C点时速度正好又变为 8V,S是单刀双掷开关,G为灵 0 敏电流计,C为平行板电容器。(已知电流I一 (1)当开关S接 (选填“1”或“2”)时,平行板 量为b,重力加速度为g,求; 电容器充电,在充电开始时电路中的电流比较 (1)小球的电荷量。及小球在C点处的加速度 (选填“大”或“小”)。电容器放电时,流经电流 (2)C、A两点间的电势差。 计G的电流方向与充电时 __ (选填“相同”或 “相反”)。 (2)将电流计G换成电流传 /mA 感器,电容器充电完毕后再放 电,其放电电流随时间变化的 图像如图乙所示,已知图线与 横轴所围的面积约为41个方 格,可算出电容器的电容为 乙 12.(6分)某同学要测定某金属丝的电阻率 (1)他用伏安法测金属丝的电阻R。,电路如图甲所 示。闭合开关的瞬间,滑动变阻器滑片应放置 (选填“a”或“b”)端。 多 ,两三。 三 1 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60/ 乙 (2)他在坐标纸上建立了U、I坐标系,并描绘出U-I 图线,如图乙所示,由图线得到金属丝的阻值R. 0(结果保留2位有效数字)。 103 14.(14分)如图所示的电路,电源 15.(14分)如图甲所示,真空室中电极K发出的电子 电压恒为18V,内阻不计,电 (初速度不计)经过电压为U,的加速电场加速后,沿 流表的量程为0~0.6A,电压 两水平金属板C、D间的中心线射入两极板间,最后 表的量程为0~15V,定值电 打在荧光屏上。C、D极板间加一交变电压,电压 阻R,的阻值为100,滑动变阻器R。的铭牌上标有 Uc。随时间变化的图像如图乙所示,已知电子质量 “1000:2A”字样:为确保不损坏仪器,滑片P在变 为n,电荷量为e,C、D极板长为L,板间距离为d. 阻器某两点间缓慢移动。电压表、电流表均为理想 偏转电压为U.,荧光屏距C、D极板右端的距离为 电表。求: (1)电流表的最小示数 (2)滑动变阻器接入电路的阻值范围。 t 乙 (1)求电子刚进入偏转电场时的速度大小; (2)若偏转电场的周期等于电子通过C、D极板的时 间,求打到荧光屏上的电子距离O点的最大距离; (3)若偏转电场的周期等于电子通过C、D极板时间 的2倍,求打在荧光屏上O点时电子的动能。 104