第4节 电能的输送-【创新教程】2024-2025学年高中物理选择性必修第二册五维课堂（人教版2019）

物理·选择性必修第二册 探究3 2.D[由理想变压器原、副线圈的电压比等于匝数比可知 U 提示 无-票国为月=P,期U=1山，号-受所 2 -西，品-是，解得U,=U,U,一君U,设电选表A的示 m'U:m 以推导出号-受 数为1，即=-受-最则么-货-品-31，理海支压 [例3]ABC[根据交流电源的电压M=220√2sin100πtV 器输入功率与输出功率相等，即U111-U2L2十U313,解得 可知，该交流电源的电压的最大值为220√2V,电压的有效 值为220V,顿率为50Hz,变压器可以改变交变电压和交变 =号，则1：4山=59：3，截D正确AB,C错溪.] 电流的大小，但不改变交变电流的频率，故副线圈中交变电 3.D[根据4=122sin1001(V)及U=知U,=12V, √2 流的频率为50Hz,选项A正确：交流电表的示数为有效值， 根据支压器原、制我圈的电压关系号-费，得U=4V,印 了一景-50，选项A错送：振受-是得山-贤- 1 U: 也压表的示数为44V,由欧号定律得-爱-1A,根据支 是×12V-6V,即0的读数为6V,选项B错误：又1，- 压器原，制线圈的电流关系兰-费，得1-0.2A,即电流表 =号A=1A,即④的读数为1A,选项C错误：根据P=P A1的示数为0.2A,A的示数为1A,选项B、C正确，D 夏月是-号W-6闲，选项D三瑰】 错误.] 4.C[交流电压表和交流电流表显示的示数都为有效值，A、B [创幻CS由a合到6时m或小，哈-是可知U,州 错误.由于输入端电压U,和理想变压器臣数比不变，所以 U2不变，滑片P向下滑动过程中，电阻变小，电流I2变大， 太，R是B随之增大而B=R又BU,从而I 输出功率变大，则输入功率变大，电流I变大，C正确，D 错误.] 增大，A正确；S由b合到a时，与上述情况相反，P:应减小， 5.C[由电压比知==，由P,=P,知，当电热器接 B正确P上滑时，R增大，因P-发，所以户浅小，又P =R,月=U,从而减小，C错溪，U增大，始-号 a6,业c,d室我时，有U,一发：当北同-电热器接cd丙 ab空载时，有了U= 所以1=明：因= 增大，所以P增大，因而增大，由片一州 G.] I也增大，D正确.门] 第4节 电能的输送 跟进训练 自主预习·探新知 U 1.B[根据理想变压器原、副线国电压与匝数的关系 知识梳理 一，1.(1)供电线路(2)频率(3)低少2.(1)电阻率横 是得%=兴-00=40，选项B三瑞】 220 截面积(2)输电电压3.(2)绝缘性能(3)输送功率 2.BCD[由于输入电压不变，所以当S接通时，理想变压器副 二、1.网状输电网络2.(1)运输成本(2)调剂(3)调度 基础自测 线圈M、N两端输出电压不变，并联灯池L2,总电阻变小，由 1.(1)×(2)×(3)/ 欧培定律五爱知，流过R的电流培大，电阻上的电压U 2.提示不对，因为U是输电电压，而不是输电线上损失的电 =R增大，制线图输出电流增大，根据输入功率等于输出功 压△U,输电线中电流应为1= r 率1U1=1U2得，I2增大，原线圈输入电流也增大.U 合作探究·攻重难 不变，UR变大，所以U变小，流过灯泡L,的电流减小综 探究1 上所述，选项B、CD正确.] 提示(1)用电高峰期高压输电线和变压器到家庭的输电线 课堂自测·夯基础 中电流较大，有较大的电压损失，因此加在白炽灯上的电压 1.AB[变压器的原理是原线圈的电流发生变化，从而引起副 变低，达不到额定功率，因此白炽灯灯光较暗， 线圈中磁通量变化，产生电动势，故A正确；变压器电能的 (2)不矛盾，欧姆定律是对纯电阻耗能元件而成立的定律，面 输送是电能经变压器先转化为磁场能，再转化为电能输送到 “提高电压，降低电流”是从输送角度，由P=U,且在P一 副线圈电路中，故B正确，C,D错误.门 定的条件下得出的结论，两者没有联系. ·140· 参考答案 [例1门[解析]设输送功率为P,输电电压U1=220V时， 跟进训练 损失功率△P1=20%P 1.D[发电厂的输出电压是U,末端间的电压为U1,输电线路 又周为△P,=R山= P 上损失的电功率是I,(U一U,),故A错误：发电厂的输出电 年得织-总北 压是U,所以输电线上的电压不可能降为U,故B错误；等效 总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1,所 现要求△P,=5%P,同理△P,可 以输电线损耗的功率是r,故C错误：由于输电线与用户 间连有一理想变压器，设用户端的电压是U2,则U1I1= 因此可得A二-20为0 △P,-5%月 将-受长D三晚] 所以U2=2U1=440V. [答案]440V 2.解标：1)由P=R得1√辰，式中P为线路损耗功率R 跟进训练 为线路总电阻， 1.D[从造成电能损失的原因分析，要减少电能损失，需要减 L'2L 小电阻或减小输电电流.减小电阻的方法实现起来较困难， 两条导线总电阻R=p5=p5, 因此应当采用高压输电，减小输电电流.D正确，] 2.A[设输送的电功率为P.当榆送电压为U时，在线路上损 MR=17X10×n=2n 失的功率为：aP=R,由1=号得：△P-票同理，当输 所以1气√层=125A 送电压为5U时，在线路上瓶失的功率为：△PC,据】 因为P人=P出，所以在升压变压器副线圈两端的电压为 题有：△P=P,联立计第得出：△P=完P,即输电线上损耗 U-号=3.2x10V 的电功率将变为输入总功率的号倍，所以A正确] 是总-0 探究2 (2)设U2'为降压变压器原线圈两端的电压，则U2'=U2 提示(1)电厂发出的电的电压最大值由公式Em=NBSw IR=2.8×10V. 决定，因机械制造等因素，电压不会很高，通常借助变压器将 答案：(1)1：16(2)2.8×10V 低电压变为高电压. 课堂自测·夯基础 (2)一极要经历三个环节，即升压变压器升压、电能的输送线 路、降压变压器降压 1.C[喻电子线上损失的功率P。=FR=紧，4D指输电线 [例2】[解折]1)输电线上的电流1k=号-丝0 A= 上损失的电压，而不是输电电压.故C正确.] 220 2.BC[升压变压器的输出电压为U1,降压变压器的输入电 200A 压为U2,则输电线上的电压损失△U=U1一U,升压输电线 频失的电压UR=IRR=2×0.2×200V=80V 损失的功率PR=URIR=80×200W=16kW 上损失的功率Pa=△U1=(U1-U,)1,P。=△UI=△- R 故用户得到的电压UmP=U-UR=140V 用户得到的功率为P户=P-PR=28kW. U-一U),因为输电线上的电流为1，则输电线上损失的功 R (2)已知升压变压器的匝数比n1·n:=1：10 输入电压U1=220V 率P,=PR=(号R,故B.C正瑰，A,D错误] 因此，升压变压器的输出电压U=U1=2200V n 3B[由P=UI,△P=,可得：△P-二，所以当格道也压增 曲电线上的电流1/-式-经器A=0A 大为原来的3倍时，线略损失变为原来的号，即△P≈1.1kW, 损失的电压UR'=IR,R=2×0.2×20V=8V B正确.] 损失的功率P'=Ux'IR'=8×20W=160W 4.A[发电机到升压变压器的距离一般比较小，导线的电压 因此，降压变压器的输入电压U3=U2一UR'=2192V 降比较小，导线上的电能横耗比较小，可认为发电机的输出 已知降压变压器的匝数比n:m=10:1 功率等于升压变压器的输入功率，等于远距离输电线上损耗 所以用户得到的电压U,-U,=219.2V na 的功率加上降压变压器的输入功率，而降压变压器的输入功 用户得到的功率P用'=P-PR'=43.84kW。 率由用户的实际功率决定，所以用户的实际功率决定了升压 [答案](1)140V28kW(2)219.2V43.84kW 变压器的输出和输入功率，因此升压变压器的输入电流与用 ·141· 物理·选择性必修第二册 户的实际功率有关，选项A正确，B错误，用户用电器的总 所以由1品，1R是，B=20得 △t 电阻减小，功率增大，输电线上的电流增大，功率损失增加， 选项C错误；由于远距离输电，导线的电阻不能忽略不计， g=1a=z0=2xc=c NBS 100×】×0.05 导线上的电压降不能忽略，升压变压器的输出电压大于降压 变压器的输入电压，选项D错误.] [答案](1)e=50sin10πt(V)(2)43.3V(3)3.54A Po 5.解析：采用220V低压直接供电时，回路总电流I一 3L.86v0c 4X10A=200A [例2]B[电压表V1的示数由输入电压决定，电压表V 220 的示数由输入电压U(大小等于电压表V的示数)和臣数 线路上的电压损失Ua=I×2Ra=200×2X×0.2V=80V 线路上损失的功率P=×2R我=2002×0.4W=1.6× 比决定，电流表A2的示数由输出电压U:(大小等于电压 104W=16kw 表V,的示数)和负栽电阻R,决定；电流表A的示数即 则用户获得的电压Um=U,-Uw=140V 用户获得的功率P=P。一P=2.8X10W=28kW 由变压器的匝数比和输出电流【2决定；P人随P而变 若采用题图乙所示高压供电，由升压变压器规律记一所 化，由P由决定，周输入电压不变，所以电压表V,的示数不 U,-,0=2200V 变搭公式U,-,,可知U也不变，即电压表V,的示数 n Po=20 A 升压后的输电电流1一 不支又据-是如S用合后风，成小故五增大，电流来 A2的示数增大.输入电流I1随输出电流12增大而增大，故 则线路上的电压损失Ua=11×2R=20×2×0,2V=8V 线路上的功率损失P=×2R4=202×0.4W=160W 电流表A的示敦增大.因P=U,I2,故P增大，P、随 则降压变压器原线圈上电压为 P。变化，故P人也增大.可见本题的正确选项为B] U2=U1-Um=2200V-8V=2192V [例3][解析](1)根据题意，画出从发电机到教室灯泡之 间的输电过程，如图所示 U-:%4=219.2V n P=P。-PM=(44000-160)W=4.384×10W =43.84kW. 答案：140V28kW219.2V43.84kw 升压变压器 降压变压器 章末归纳提升 所有灯都正常工作的总功奉为 能力强化 [例1][解析](1)f=300r/min=5r/s,e=Esin wt= P2'=22×6×40W=5280W NBS·2 fsin2xf=50sin10πt(V. 用电器都正常工作时的总电流 (②)当1-0时，e-50sin(10x×动V=43.3y K-片-器A-24A (3)电动势的有效值E=E=50V=35.4V 两个变压器之间输电线上的电流 √ 电流表茶数1千，-A=35时A ,=1-号=6A 故输电线上损耗的电功率 电压表示数U=IR=3.54×9V=31.86V. P,=12r=144W. （④)0s内线圈转过的角度 (2)升压变压器的输出功率 0=t=10m×30=3 P'=P.+P'=5424W 而发电机输出功率即为升压变压器的输入功率 孩址程△0=BS-BS·c0s0=号BS Ps=P1=P1'=5424W. ·142·物理·选择性必修第二册 C.滑片P向下滑动过程中，U2不变、 变大 2 b D.滑片P向下滑动过程中，U2变小、I 变小 5.(变压器的工作原理)如图所示，变压器的输 d 入电压U1一定，原线圈匝数为，两个副 A.n2:n3 B.ns n2 线圈的匝数分别是2和n.当把电热器接 C.n D. a、b,让c、d空载时，电流表读数是I1:当把 C温蓉提 同一电热器接c、d,而a、b空载时，电流表读 学习至此，请完成配套训练 数是'，则L1:',等于 第4节 电能的输送 知识导图 核心素养 电能的输送 1.科学思维：通过降低输电损耗的分析，体 会科学思维的在构建物理模型中的重要 电能输送 输电损耗、 远距离输 作用 基本要求 降损途径 电的原理 2.科学态度与责任：通过对简单的远距离 输电线路分析与计算，体会科技对社会 输电问题的分析与计算 发展的推动作用 自主预习。探新知 [知识梳理] (1)减小输电线的电阻：在输电距离一定的情 知识点一降低输电损耗的两个途径 况下，选用 较小的金属材料，尽可 1.输送电能的基本要求 能增大导线的 .但过粗的导线 (1)可靠：指保证 可靠地工作，故 会耗费太多的金属材料，而且输电线太重、 障少 太粗也给铺设工程带来困难. (2)保质：保证电能的质量—电压和 (2)减小输电线中的电流：在保证功率不改变 稳定 的情况下，要减小输送电流就必须提 (3)经济：指输电线路建造和运行的费用 高 电能损耗 前一种方法的作用十分有限，一般采用后 2.降低输电损耗的两个途径 一种方法 3.高压输电 由公式P=,知，有两个途径能减少输 (1)现代远距离输电的电压都很高，目前我国 电损耗： 远距离送电采用的电压有110kV、 ·82· 第三章交变电流 220kV、330kV,输电干线已经采用500 (3)合理 电力，使电力的供应更加可 kV和750kV的超高压，西北电网甚至达 靠，质量更高 到1100kV的特高压. [基础自测] (2)高压输电也不是越高越好.电压越高，对输 1.思考判断（正确的打“√/”，错误的打“×”） 电线路 和变压器的要求就越 (1)一般发电机组输出电压在10kV左右，符 高，线路修建费用会增多 合远距离输电的要求。 ( (3)实际输送电能时要综合考虑 (2)现在世界各国普遍采用一个电厂与一批用 距离、技术和经济等要求选择合适的电压， 户“一对一”的供电方式。 () 知识点二电网供电 (3)采用电网送电可以降低一次能源的运输成 1.电网 本，获得最大的经济效益。 () 通过 的输电线、变电站，将许多电 2.电能输送中，U为输电电压，r为输电线电 厂和广大用户连接起来，形成全国性或地区 阻，则输电线中电流为1=对不对，为 性的 2.电网输电的优点 什么？ (1)降低一次能源的 ,获得最大的 经济效益。 (2)减小断电的风险， 不同地区电力 供需的平衡. 合作探究。攻重雅 究1 输电线上电压和功率损耗的计算 ◆[探究归纳] ◆[探究导引] 1.输电线上的电功率损耗 (1)原因：输电导线有电阻R线，电流流过输电 (1)为什么在用电高峰期家中的白炽灯灯光 线时，电流的热效应引起电功率的损耗。 较暗？ (2)计算式：①P线=PR线；②P线=IU线；③P线 (2)“提高电压，降低电流”与欧姆定律矛 U 盾吗？ 2.输电线上的电压损耗 若用U表示输电线始端电压，U表示输电 线末端电压，则U线=U一U或U线=IR线· 3.电压损失与输电电压的关系 如果远距离输电的电功率P不变，输电电 压为U,输电导线电阻为R线，则输电导线上 发热损失的功率P=RR,因此 输电电压若提高到U,则P将减为原来 ·83· 物理·选择性必修第二册 4.注意：交流输电时，导线不但有电阻，还有线 2.随着社会发展，人类对能源的需求日益增 路的电感、电容产生的感抗和容抗，但高中 加，节能变得愈加重要.甲、乙两地采用电压 阶段计算中，可将输电线看作纯电阻电路， U进行远距离输电，输电线上损耗的电功率 不再考虑感抗和容抗对交流电路的影响 为输入总功率的k(0<k<1)倍.在保持输入 [例1]某变电站用220V的电压输电，导线 总功率和输电线电阻都不变的条件下，现改 上损失的功率为输送功率的20%.若要使 用5U的电压输电，若不考虑其他因素的影 导线上损失的功率降为输送功率的5%，则 响，输电线上损耗的电功率将变为输入总功 输电电压应为多少？ 率的多少倍 ( A务 B务 C.5k D.25k 探究2高压输电线路的分析与计算 ◆[探究导引] 我们日常生活离不开电，电是由发电厂产生 的.为了合理地利用自然资源，火力发电厂 通常建在煤矿附近，水电站建在水力资源丰 富的河流上，但用电的地方可能距离很远， 需要将电能安全、保质地由发电厂送往远 方，同时又不能浪费太多的电能.请探究以 下几个问题： [规律总结]计算输电线上功率损耗的方法 (1)△P=PR,I为输电线上的电流，R为线路 电阻。 (1)火力发电厂或水电站发出电的电压一定 (2)△P= ，U为输电线路上损耗的电压， R 很高吗？怎样才能提高输送电压？ R为线路电阻， (2)电能的远距离传输一般要经过哪几个 (3)△P=U袋·I,U为输电线上损耗的电 环节？ 压，I为线路上的电流， ◆[跟进训练] 1.在远距离输电过程中，为减少输电线路上的 电能损失，可采用的最佳方法是 () A.使输电线粗一些 B.减短输电线长度 C.减少通电时间 D.采用高压输电 ·84· 第三章交变电流 ◆[探究归纳] [思路点拨] 1.输送过程图 画出输 标注两个变压器的 寻找突 电线路 → 匝数、输入及输出 破口 简图 电压、电流、功率等 9P. P 电源回路 输送回路 川户路 2.对高压输电中几个电压的理解 (1)输送电压：输电线始端电压，如图中的U2. (2)用户电压：最终用户得到的电压，如图中 的U4 (3)损失电压：输电线始端电压与末端电压的 差值(U线=U2一U=L,R线)，形成的原因 是输电导线有电阻，电流通过输电线时，会 在线路上产生电势降落，致使输电线路末 端的电压比起始端电压要低，这就是输电 线上的电压损失。 3.基本关系式 (1)功率关系：P=P2,P2=P十P3,P=P (2)电压、电流关系 [规律总结]处理远距离输电的方法技巧 (1)画好一张图—一远距离输电示意图 U=n=12U=m=1 U2n2工'U,n4I (2)抓住电两端—一发电站和用户 U2=U线十U3,12=13=1线： (3)分析一条线—输电线 P:P:_U:-Us (4)研究两次变一一升压变压器升压和降压 (3)输电电流：1=U,UR 变压器降压 (4)输电导线上损耗的电功率P线=I线U线= (5)区分三个量—一输送电压（功率）、损失电 压（功率）、用户电压（功率） IR我= ◆汇跟进训练] [例2]发电机的输出电压为220V,输出功 1.如图为远距离输电的简化电路图.发电厂的 率为44kW,每条输电线的电阻为 输出电压是U,用等效总电阻是r的两条输 0.22,求： 电线输电，输电线路中的电流是I1,其末端 (1)此时用户得到的电压和电功率各为 间的电压为U,在输电线与用户间连有一 多少？ 理想变压器，流入用户端的电流为I2.则 (2)如果发电站先用变压比为1：10的升压 ( 变压器将电压升高，经同样的输电线路后经 10：1的降压变压器将电压降低后供给用 户，则用户得到的电压和电功率各是多少？ ·85· 物理·选择性必修第二册 A.输电线路上损失的电功率IU (2)在用户方使用降压变压器，其原线圈两 B.输电线上的电压降为U 端的电压为多大 C.理想变压器的输入功率为， D用户痛的电压为化 2.输送4.0×10W的电能，若发电机输出电 压为2000V,选用变压器升压后用横截面积 为4.25cm的铜导线，把电能送到400km 远处，线路损耗的功率为5.0×10W.若已 知铜的电阻率p=1.7×10-82·m,求： (1)应选用匝数比为多少的升压变压器； 养析易错⊙提素养 [易错点1]不能区分输电电压和输电线上 [解析]当U=500kV时，1=P=3×10 损失的电压而致错 U5×10 A=6×103A,而U=Ir=15kV,A错误， [例1]某水电站用总电阻为2.5Ω的输电 B正确；输电线上损失的功率不可能比输出 线输电给500km外的用户，其输出电功率 是3×10°kW.现用500kV电压输电，则下 功率还大，C错误：△P=中，U为输电线 列说法正确的是 电阻上的电压，而不是输电电压，D错误。 A.输电线上输送的电流大小为2.0×10A [误区警示]输电电压为升压变压器的输 B.输电线上电阻造成的电压损失为15kV 出电压，电压损失为输电导线上损失的电压 C.若改用5kV电压输电，则输电线上损失 △，求解输电导线上的电流时要用1=， 的功率为9×10kW D.输电线上损失的功率为△P-,U为输 ,百不能用1可以用公式P 1= P U ?计算输电线上损失的电功率，输电线 电电压，r为输电线的电阻 [错解]D 路为纯电阻电路时，也可以用P:=4UD, [错因分析]根据电功率公式P= R,误认 但△U与U是两个不同的电压. [易错点2]对远距离输电过程中各物理量 为△P-V,而错选D.产生错解的原因足 的制约关系不明确 未正确理解公式△PU中的电压是电阻， [例2]（多选）在图所示的远距离输电电路 图中，升压变压器和降压变压器均为理想变 两端的电压，而D选项中U为输电电压，并 压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均 不是电阻r两端的电压。 不变.随着发电厂输出功率的增大，下列说 [正解]B 法正确的有 ·86· 第三章交变电流 -)2R P 发电 正确；因U2不变、P变大，由 P 升压变压器 降出变压器 PR可知， P题变大，故D项正确 A.升压变压器的输出电压增大 [易错分析]本题易因未弄清远距离输电 B.降压变压器的输出电压增大 过程中各个物理量间的制约关系而出错 C.输电线上损耗的功率增大 [误区警示]本题属于顺序性比较强的题 D.输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 目，稍有不慎，就会出现错误，要想正确地求 [正解]CD 解本题，应从输出功率增大这一变化开始， [解析]匝数比和输入电压U1不变，由 得出输出电流增大这一关键点，然后按照远 U1:U2=n1:n2可知，输出电压U2不变， 距离输电的过程图，由左到右，逐步分析，避 故A项错误：因P变大1=号则1支大， 免出错. ◆[课堂小结] 又U指=IR,故U摄变大，U3=U2一U,因 此降压变压器的输入电压U?变小，而降压 巾馆的输送 降低电能拟耗 城小输电线的电虹 的两种途径 变压器的匝数比不变，故降压变压器的输出 诚小输电线的电流 电压U,变小，B项错误：由P=(侵R可 电网供电 高压输电 知，因U不变、P变大，所以P变大，故C项 课堂自测。夯基础 1.(输电线路上功率损耗)以下关于电能输送 P R 的分析，正确的是 ( A由公式P化知，输电电压越高，输电线 升压变压器 降压变压器 U 上功率损失越少 A. BU B由公式P-知，输电导线电阻越大，输 C. U1-U2) R 度 电线上功率损失越少 3.(输电线路上功率损耗)水电站向小山村输 C.由公式P=R知，输电电流越大，输电 电，输送电功率为50kW,若以1100V送 线上功率损失越大 电，则线路损失为10kW,若以3300V送 D.由公式P=U1知，输电导线上的功率损 电，则线路损失可降为 ( 失与电流成正比 A.3.3 kW B.1.1 kW 2.(高压输电线路的分析与计算)（多选）在远 距离输电中，输电导线的总电阻为R,升压 C.30 kW D.11 kW 变压器输出的电压为U1,输出功率为P,降 4.(远距离输电)远距离输电线路的示意图如 压变压器得到的电压为U2,则下面表示导 图所示，若发电机的输出电压不变，则下列 线上的功率损失正确的是 ( 叙述正确的是 ·87· 物理·选择性必修第二册 发电机升压变乐器输电线降压变压器 用 A.升压变压器的原线圈中的电流与用户用 电设备消耗的功率有关 B.输电线中的电流只由升压变压器原、副 线圈的匝数比决定 C.当用户用电器的总电阻减小时，输电线 上损耗的功率减小 D.升压变压器的输出电压等于降压变压器 的输入电压 5.(远距离输电)如图甲所示，发电机的输出电 压为220V,输出功率为44kW,每条输电线 电阻为0.22，求用户得到的电压和电功率 各是多少？如果如图乙所示，发电机先用变 压比为1：10的升压变压器将电压升高，经 同样的输电线且经变压比为10：1的降压变 压器降压后再供给用户，则用户得到的电压 C温馨提西 和电功率各是多少？ 学习至此，请完成配套训练 章未归纳提升 [知识整合] 正弦（或余弦）式交变电流的产生 交变电流 对交变电流的变化规律的迎解 交变电流的图象 输电线上电乐和功幸损失的计算 远E离输电 电能的输送 州期和频率 交变电流 交变电流的描述 交变地流有效值的计算 交变电流的四位比较 即想变压器的动态变化问题 几种特殊的变压器 变压器的应用 理想变压器的基本关系 有多个副线圈的变压器 变压器 现想变压器工作时的制约关系 变压器利分压器 [能力强化] [强化点1]交变电流的四值及其应用 2.最大值：它是瞬时值的最大值，它反映的是 1.瞬时值：它反映不同时刻交变电流的大小和 交变电流大小的变化范围，当线圈平面跟磁 方向，正弦交流电瞬时值表达式为e=E sin 感线平行时，交流电动势最大，Em=NBS wt,i=I sin ot,应当注意以上两个表达形 (转轴垂直于磁感线).电容器接在交流电路 中，则交变电压的最大值不能超过电容器的 式必须从中性面开始. 耐压值. ·88·