卷11 静电场及其应用、静电场中的能量（含答题卡）-【创新教程】2026年高考物理总复习大一轮创新示范卷

创新示范卷（十一） 第九章 静电场及其应用、静电场中的能量 (75分钟100分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的) 1.现代避雷针是美国科学家富兰克林发明的.避雷针，又名防雷针、接闪杆，是用 来保护建筑物、高大树木等避免雷击的装置，如图所示为避雷针周围的等势面 6kV 分布情况，电场中有M、N、P三点，则下列说法正确的是 7kV A.P点的场强大小比M点的小 电 8kV B.P,M两点电势差Upw=2kV 9kV C.M、V两点的场强相同 D.电子在P点的电势能小于其在N点的电势能 数 2.(2025·江苏南京市中华中学期初考)静电透镜是电子透镜的一种，它被广泛应用于 电子器件（如阴极射线示波管）中.如图所示，虚线是某电子透镜中电场的等差等势 线，一电子在该电场中的运动轨迹如图中实线所示，A、B、C分别是轨迹与等势线的 交点.已知A点的电势为零，电子在A点的动能为32V,在B点的电势能为一15 eV,不计电子重力，下列说法正确的是 A.电子一定是从A点运动到C点 中 B.电子在经过等势线c时的动能为32eV C.B点的电场强度大于A点的电场强度 D.电子在关于等势线d对称的两点所受静电力相同 福 3.(2025·湖南株洲市一模)如图，一对固定不动的等量异种点电荷的连线与其中垂 线相交于O点，以O点为圆心的两个半径不等的圆，分别与中垂线交于、f两点， 与连线交于g、h两点，两圆的直径均小于两点电荷连线的长度，则 A.g点的电场强度大于h点的电场强度 B.g点的电势大于h点的电势 C.e点的电势大于f点的电势 D.将质子从e点移到g点与从点移到h点静电力做功相等 4.对心脏骤停患者利用自动体外除领器(AED)可进行有效的除颤和心肺复苏.如 阳 图所示为用心脏除颤器治疗时的情景，该心脏除颜器的电容器充电后的电压为 叙 4.0kV,充电后贮存的电能为E=2CU,(C为电容器电容，U为电容器两极 板间电压).电容器一次放电至两极板之间的电压为0的时间为2.0s,平均放 电电流为36A,电容器放电时忽略人体的电阻变化，下列说法正确的是 A.充电后，电容器的带电量为7.2×108C B.充电后，电容器储存的电能为144J C.放电过程，放电电流会越来越大 D.放电过程，电容器的电容会越来越小 5.如图所示，平行板电容器两极板长度均为L,一个电荷量为9、质量为m的带 正电粒子以大小为。的初速度紧贴上板垂直电场线射入电场，并恰好从下 板边缘射出，射出时速度方向与下板的夹角为37°.粒子重力不计，sin37°= 0.6.下列判断正确的是 A.上极板带负电 B.粒子射出下板边缘时的速度大小为2 9m。 C.上，下两极板的电势差为 32q D两极板间的距离为酷 11-1 6.如图所示，正方形ABCD区域内存在竖直向上的匀强电场，质子(H)和a粒子DF C (H)先后从A点垂直射人匀强电场，粒子重力不计，质子从BC边中点射出，则 ( A.若初速度相同，a粒子从CD边离开 B.若初速度相同，质子和α粒子经过电场的过程中速度增量之比为1：2 C,若初动能相同，质子和α粒子经过电场的时间相同 D.若初动能相同，质子和α粒子经过电场的过程中动能增量之比为1：4 7.一个固定在空间某点、带负电的点电荷Q产生电场，其中一条电场线与x轴重合.另B(x0) 有一个带正电的试探电荷？仅在静电力作用下从x=0的位置开始沿x轴运动，其动 能E.与x的关系如图所示，虚斜线为该曲线过点(0.2,2)的切线，已知g=2.0×10$2… C.下列判断错误的是 A.点电荷Q的位置一定在x轴上 d.10.2x/m B.该电场的电势沿x轴正方向一直升高 C.x=0.2m处电场强度的大小为10N/C D.x=0与x=0.2m两点间的电势差为1V 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.(2025·四川泸州市模拟)如图所示，abcd为匀强电场中的一直角梯形，其平面与电 场强度方向平行.已知ab=ad=2cm,∠adc=60°，a、b、d三点的电势分别为0、4V、 4V,则 () A.c点的电势为10V B.匀强电场的电场强度为400V!m C.若将电子从a点移到b点，需克服静电力做功4eV D.电子和质子分别放在d点时，具有相同的电势能 9.(2025·广东汕头市高三模拟)如图所示，真空中固定放置两等量正点电荷A,B.它们 的电荷量均为Q,O为两点电荷连线的中点，D点与两点电荷构成等腰直角三角形，绝 D.mq 缘光滑杆固定在OD所在直线上.套在杆上的带电小球由D点静止释放，运动到O点 时，速度大小为.带电小球的质量为m,电荷量大小为g,不计重力.将电荷B的电荷42 量改变为2Q,仍将小球由D点释放，下列说法中正确的是 () A.电荷B改变电荷量前，D点电势高于O点电势 、B.电荷B改变电荷量前，OD两点电势差的大小为"2% C电荷B改变电荷量后，D点场强大小变为之前的四倍 2电荷B改变电荷量后，小球运动到0点时的速度大小为 10.如图，水平放置的平行板电容器通过开关K连接在电源两极，极板间距离为h,上极 板正中间有一小孔.闭合开关K,一个比荷（荷质比）为a的带电小球从小孔正上方高 2h的P点由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零.空气阻力忽略不计， 极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g,则下列说法正确的是 A.小球带负电，电源电动势为3 B.保持开关闭合，若将下极板向下移动一小段臣离，小球从P点由静止释放将不能运动到下极板 C,断开开关，若将下极板向下移动一小段距离，极板间的电场强度为3 D.断开开关，若将下极板向右平移一小段距离，小球从P点由静止释放将仍能运动到下极板 11-2 三、非选择题（本题共5小题，共54分） 1L.(6分)在“观察电容器的充，放电现象”的实验中，提供了如下器材： A.电容器C(30004F.50V) B.电压表V,(3V,内阻约5k2) C.电压表V.(15V,内阻约25k) D.电流表A,(25mA,内阻约5002) E.电流表A(250mA,内阻约50) F.定值电阻R(5002,0.5A) G.学生电源（直流可调电压0~15V) H.单刀双掷开关、导线若干 为了能观察电容器的充、放电现象，电压表应选用 (选填“V”或“V,”),电流表应选用 (选 填“A,”或“A”),请在下列方框内，画出实验电路图. 12.(8分)在“用传感器观察电容器的充放电过程”实验中，按图所示连接电路.电源电动势为8.0V,内阻 可以忽略.单刀双掷开关S先跟2相接，某时刻开关改接1，一段时间后，把开关再改接2.实验中使用 了电流传感器来采集电流随时间的变化情况. /mA 2 接计算机电流 传感器 022 68s (1)开关S改接2后，电容器进行的是 (选填“充电”或“放电”)过程.此过程得到的1图像如图 所示，图中用阴影标记的狭长矩形的面积的物理意义是 如果不改变电路其他参数，只减小电阻R的阻值，则此过程的-1曲线与坐标轴所围成的面积将 (选填“减小”“不变”或“增大”)。 (2)若实验中测得该电容器在整个放电过程中释放的电荷量Q=3.44×10C,则该电容器的电容为 uF. (3)关于电容器在整个充、放电过程中的q1图像和U1图像的大致形状，可能正确的有 (q为电容器极板所带的电荷量，U为A、B两板的电势差)， A. 13.(10分)如图所示，水平地面上方有水平向右的、范围足够大的匀强电场，从地面上的A点竖直向上以 初速度v。=10ms抛出一个质量为m=0.1kg、电荷量为q=1×10C的带电小球，B点为其运动 球落在水平地面上的C点时速度与水平方向的夹角为9且am0 移.x=20 3m,取重力加速度大小g=10m/s,忽略空气阻力的影响，求： 11-3 (1)电场强度E的大小： (2)小球运动到B点时速度大小v: (3)以从A点开始运动作为计时起点，经过多长时间小球的速度最小，最 小值为多少？ 14.(14分)如图所示，BC是半径为R的圆弧形光滑绝缘轨道，轨道位于竖直 0 平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电 场中，电场强度为E.现有一质量为m的带电小滑块（体积很小可视为质 D777777777 B A 点)，在BC轨道的D点释放后可以静止不动.已知OD与竖直方向的夹角为a=37°，随后把它从A点 由静止释放，小滑块恰能滑过C点.若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为：=0.25，重力加速度 为g且tan37°=0.75.求： (1)滑块的带电量q (2)水平轨道上A、B两点之间的距离L: (3)从A滑至C的过程，何处动能最大，并求出该最大值。 15.(16分)如图甲所示，长为L的金属板A、B水平正对固定，两板间距离为d,OO为两板间空间的中轴 线，A、B板上加如图乙所示的电压.质量为m、电荷量为十q的粒子持续从O点沿O)'以相同速度射 入两板之间，粒子均能穿过极板空间且在极板间运动时间均为T.不计粒子重力以及粒子间相互作 用力 ↑U A■ 0**m=…0 B (1)求粒子进人极板时的速度： (2)求1=号时进入两板间的粒子射出极板时到00的距离： (3)其他条件不变，仅改变电压U。的大小，要确保粒子能穿过极板，求U。的最大值. 11-4 创新示范卷（十一》 (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘片达（居巾） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将白己的姓名考证号填写清楚，并认真在规定位省附 正确填涂 好条形马。 违纪 2.选择题必须使用2B棉笔填涂：非选择题必须使开0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的袋宁笔节马.要求宁体工整.笔连清楚。 3严格按照题号在相应的答题区域内作答，超山答题区域书写的答案无效。 ☑X☒) 4保持面消洁，不装订，不要折叠，不要破损。 选择题 (共46分，1一7小题，每小题4分，8~10小题.每小题6分) 正确填涂 请 1ABC回 2ABCD 3ABCD 4ABCD 5闪回gD 6ABCD 7ABCD 8ABCD 9AEC回 10ABCD ■ 各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 非选择题（共54分）（需用0.5毫米黑色签字笔书写） 11.(6分) 12.(8分) (1) (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十一）第1页（共4页） 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 13.(10分) 7777i7777777777六0 以 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题日的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十一）第2页（共4页） 考生 考生务必将姓名，座号用0.5毫米黑色签字笔认真填写在书写框内，座号的 必填 姓名 座号 每个书写框只能填写一个阿拉伯数字.填写样例：若座号02，则填写为回② 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) 0 B 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十一）第3页（共4页） 请在各题日的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(16分) A B 甲 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十一）第4页（共4页）物理 创新示范卷（十一） 题号 1 2 3 4 6 7 8 9 10 答案 A C B ( 0 B AB BCD AC 1,A[因M点的等势面较P点密集，可知M点电场线 离开，由=工知两个粒子在电场中的运动时间相等， 较P点密集，则P点的场强大小比M点的小，选项A 正确：P、M两点电势差UPw=p一gM=6kV-8kV 由△v=at= =一2kV,选项B错误：M、V两点的场强大小相同， 吗，知△v心9，则质子和a粒子经过电 1 但是方向不同，选项C错误；P点电势低于N点，则电 场的过程中速度增量之比为2：1，故A、B错误；粒子 子在P点的电势能大于其在N点的电势能，选项D 经过电场的时间为1=工，若初动能相同，质子的初速 错误.] vo 2.C[分析可知电子可能是从A点运动到C点，也可 度较大，则质子的运动时间较短，故C错误：由y= 能是从C点运动到A,点，A错误：电子只在静电力作 7·贾·话=名得y=产 1.9E.x2 成，若初动能相 用下运动，则电子的电势能和动能之和不变，为 32eV,又由于题图中为等差等势线，B点的电势为15 同，则y心q,根据动能定理知：经过电场的过程中动能 V,A点的电势为零，则等势线c的电势为10V,则电 增量△Ek=gEy,E相同，则△Ec,则质子和a粒子经 子在经过等势线c时的电势能为一10eV,因此动能为 过电场的过程中动能增量之比为1：4，故D正确.] 7.B[根据点电荷电场线的特点可知点电荷一定在电 42©V,B错误：等差等势线间的距离越小，电场强度越 场线所在的直线上，点电荷Q的一条电场线与x轴重 大，B点处的等差等势线比A点处的密集，固此B点 合，则点电荷Q的位置一定在x轴上，选项A正确：带 处的电场强度大于A点处的电场强度，C正确：电子 正电的试探电荷沿x轴正方向运动的过程中，动能增 在关于等势线d对称的两点所受静电力大小一定相 加，由动能定理知静电力对其做正功，则电场方向沿x 同，但方向不一定相同，D错误，] 轴的正方向，电势沿x轴正方向降低，选项B错误：由 3.B[根据等量异种点电荷连线上电场强度分布规律 可知，g点的电场强度小于h点的电场强度，故A错 于点电荷仅受静电力，由动能定理得知，Ekx图像的 误：根据沿电场线方向电势降低，可知g点的电势大 斜率为静电力，由题图可知x=0.2m处F=Eg=k= 2×10-6 于h点的电势，故B正确；根据等量异种点电荷连线 0.2-0.1N=2.0×105N,则场强大小为E=F= 中垂线上各，点电势相等，可知点的电势等于f点的 2.0×10-5 电势，故C错误：根据电势差定义式，可得Us=9一 2.0×10N/C=10N/C,选项C正确：由题因可知 gUm=9一，又9=99>9，解得Ux<Uh, =0.2m处动能为Ek=2×10-6J,x=0到x=0.2m 根据W=qU,将质子从e点移到g点与从f点移到h 点静电力做功不相等，故D错误.] 过程由动能定理得gU=Ek一0，解得U=E= 4.B[充电后，电容器的带电量为q=1=2×10-3×36C =7.2×102C,故A错误；充电后，电容器储存的电 2×106V-1V,选项D正确.] 2×10-6 能为E=号CU心=29U=号×7.2x102×4X10]= 8.AB[由几何关系可知de= 1.5ab,则Uk=1.5Uh,即94 144J,故B正确：放电过程，电荷量会逐渐减小，板间 9=1.5（9a一%)，可得9= 电压变小，放电电流会越来越小，故C错误：电容器的 10V,选项A正确：因bd连线是 电容与所带电量无关，由本身结构决定，故D错误.] 等势线，则电场强度方向垂直dd6 5.C[正电粒子向下偏转，下极板带负电，上极板带正 电，A错误：射出时递度方向与下板的夹角为37°，可 连线斜向左上方向，则电场强度大小E= 得cos37r-台求得u= 吻，B错误：射出时速度方 0.02sim30Vm=400V/m,选项B正确：若将电子 4 向与下板的夹角为37°，可得=1an37,在沿电场线 从a点移到b点，静电力做正功4eV,选项C错误：电 0 子和质子分别带等量异种电荷，则放在d点时，具有 方向上，根据运动学公式，2=2a山，a=9吗，联立求得 的电势能不相同，选项D错误，门 md 9.BCD[离两点电荷越近的位置电势越高，则D点电 3 势低于O点电势，故A错误：从D到O只有电场力做 U=9m2,C正确：在沿电场线方向上d=号1=4 32g 2 功，由动能定理得-gUm=m2-0,解得Um ×L=L,D错误.] Uo 8 6.D[粒子在电场中做类平抛运动，水平方向有x -Um一写，故B正确：设A,D同距离为r,电有B 是直方白有之立：生，萄者物建度知 改变电荷量前，由E=及电场强度的叠加法则可得，D r 同，水平位移x相同时，由于a粒子的比荷比质子的 点场强大小为ED二2Q电荷B政变电荷量后，D点场 小，则a粒子的偏转距离y较小，所以a粒子从BC边 答案-22 创新示范卷·参考答案 强大小为E-5Q.则En=En,故C正确：B改 (3)电容器在充电过程中，电流由最大逐渐减小，放 2 2 电过程电流也是由最大逐渐减小，根据q=It,qt图 变电荷量后，每个除间对小球的力都为原来的两倍 像的斜率大小表示电流的大小，B错误，A正确：电容 则小球从D到O过程中，B对小球做功WB'=2W: 器在充电过程中，电流由最大逐渐减小，放电过程电 当Qa=Q时，有W1+wB=2m(w=WB=w): 流心是由最大遂新减小，根器U=名-己，电客器 C 当Qa=2Q时，有w+W=3w=之m=是m2, 的电容不变，C错误，D正确. 答案：(1)放电0.2s内电容器放出的电荷量不 故电荷B改变电荷量后，小球运动到O,点时的速度大 变(2)430(3)AD 小'6 0,故D正确.] 13.解析：(1)设小球从A到C运动时间为1，对小球在竖 10.AC[小球在电场中做匀减速运动，受到的静电力向 直方向分析知2%=g1, 上，与电场方向相反，则小球带负电，设电源的电动 设水平方向加速度为a,则有tan0= 包ur=a 势为E添，小球下落的整个过程，根据动能定理有mg 小球在水平方向受电场力，则gE=a, ·3动-E#=0,结合1=，得E强=3g驰，故A正 m 代入数据解得E=5×103Vm 确；保持开关闭合，若将下极板向下移动一小段距 3 离，假设小球能运动到下极板，到达下极板处的递度 (2)设小球从A到B运动时间为1，研究小球在水平 为，设移动后两极板间距为h',对小球下落的整个 方向的运动，有vr=a1, 过程，根据动能定理有mg·(2h十')一qE露= 根据竖直方向运动对称性可知1=2 2m2-0,因'>h,可得>0，说明假设成立，即小 球从P点由静止释放将能运动到下极板，故B错误： 代入数据解得g=u,=10 3 -m/s; 断开开关，电容器所带电荷量不变，将下极板向下移 (3)设小球运动时间为2时，速度最小 动一小段距离，根据推论￡=4π知，板间电场强度 水平方向上u=at2, 竖直方向上Uy=%一g2: 不变，为EE强=驱，故C正确：断开开关，将下极 u=√0，十u,2, 板向右平移一小段距离，极板正对面积减小，电容减 由数学知识知，当t2=0.75s时，0取得最小值，为 小，而所带电符量不变，由C=号知板间电压增大， to5 ms. 小球从P,点由静止释放，假设小球能运动到下极板， 答案：号×10vmo0 3 m:(3)0.75ms5ms 到达下极板处的速度为'，对小球下落的整个过程， 报据动花定理得mg·3动一qU=一q=之mm” 14.解析：(1)滑块在BC轨道的D点释放后可以静止不 动，有Eg=ng tan a, 一0，因U>E豪，可得2<0，不可能，假设不成立，即 小球将不能运动到下极板，故D错误.] 滑块的带电量为Q一體： 11.解析：电容器的击穿电压 (2)滑块从A点由静止释放，小滑块洽能滑过C点， 为50V,电源电压为0~15 根据动能定理有 V,为使现象更明显，电压 R Eq(L.十R)一mgL-mgR=0, 表应选择V2:由于电容器 充、放电时会产生瓣间大电流，故电流表应选择大量 水平轨道上A,B两成之间的距离为L=尽， 程的A2. 实验电路图如图所示 (3)等效重力的方向为an0=E4=3, 答案：V2A2如解析图所示 可得0=a=37°， 12.解析：(1)将开关S接通1，电容器与电源相连，所以 故从A点滑至C点的过程，D点动能最大，从A点 电容器充电；再将S接通2，电容器通过电阻R放电. 滑至D点的过程，根据动能定理有 题图中横坐标分成许多很小的时间间隔△1，在这些 Eg(L+Rsine)-umgL-mgR(1-cos 0)=Ekm, 很小的时间间隔里，放电电流可以视为不变，则I△ 为这段时间内的电荷量，所以用阴影标记的狭长矩 动能最大值为Em=mgR 2 形的面积的物理意义是0.2s内电容器放出的电荷量. 根据Q=CU,电荷量与电阻值R无关，如果不改变 答案：g=:(2)L=:(3)D点，m=mg 2 电路其他参数，只减小电阻R的阻值，则此过程的上 15,解析：(1)粒子在极板间水平方向做匀速运动，则L 1曲线与坐标轴所围成的面积将不变 UT, (2)C=g=3.44X10F=430nF, L 8 解得v= 答案-23 物理 (2)选入权板后的暗号时间内，粒子在整直方向上的 (3)当粒子在0，T,2T.…,nT时刻进入极板时，粒子从 00下方离开时高00最远.进入极板后的前号时间内， 加逸度大小a, qUo 2md () 粒子在竖直方向上的位移大小为为= 粒子在竖直方向上的位移y1= () 选入极板后的后二时间内，粒子在竖直方向上的加 进入报板后的后号时间内，数子在整直方向上的位 qUo 移大小为y4= 速度大小a2 )-() md 故粒子竖直方向的最大位移y=y十y, 粒子在竖直方向上的位移y2=。 要使粒子能全部射出极板，则y≤ · (侵) 5gT,即U,的最大值为8md 解得Us8m 5gT2 故粒子射出极板时到O)的距离y=y1十y2 代入数据解得y 4U%T2 答案：D片 (2)9U67 (3)8nd2 16md 16md 5qT2 创新示范卷（十二） 题号 2 5 6 8 9 10 答案 B B B C B AD BD BC 1.B[要使人体两端的电压不高于12V,漏电电流通过 5.B[滑动触头P由中点向下移动的过程中，R2接入 曲长管道时损失的电压要足够大，所以曲长管道应选 电路的电阻变大，总电阻增大，总电流减小，电源内阻 用不易导电的材料制成，选项A错误，B正确：“隔电 不计，故A2示数不变，则A1示数变小，A错误，B正 电阻”大于“人体电阻”，且两者串联，选项C错误：热 确：R1、R2串联，电源内阻不计，则△U1=△2，由R 水器漏电且接地线失效时，“防电墙”使人体内有很微 弱的电流通过，保障人的安全，选项D错误，] 可知- △U_△L=R1,CD错误.] 6.A[若R1断路，则电路中总电阻增大，总电流减小， 2B[在加造电场中有U=m,得√吧，在别 电流表A读数变小，灯12变暗，又右侧部分总电阻没 射出加速电场时，一小段长为△的电于束内的电荷 有变，则右侧分压将减小，L1两端的电压将增大，灯泡 L1将变亮，A正确：若R2断路，则电路中总电阻增 量为g=1△=1，则电子个数n=4=I△N,m e e N2eU' 大，电路中的总电流减小，L1的分流减小，可知11应 故选B.] 变暗，B错误：若R3短路，则R2被短路，电路中总电 3.B[当S!和S2均断开时，电流表G与电阻R1串联， 阻将减小，电路中总电流增大，L!的分流增大，L!变 则改装成的表是电压表，量程为 亮，L!两端的电压增大，L2两端电压减小，L2的分流 U=Ig(Rg十R1)=0.1V,选项A、D错送：当S和S 减小，I2变暗，由于总电流增大，而L2的分流减小，则 均闭合时，电流表G与电阻R2并联，则改装成的表是 电流表读数将变大，C错误；若R短路，则电路中总 电阻减小，电路中总电流增大，L1的分流增大，L变 电流表，量程为11+1。=1O0mA,选项B正确， 亮，L2两瑞的电压减小，L2的分流减小，故L2变暗， R2 电流表A的读数变大，D错误.] C错误.] 7.C[如题图乙所示，把定值电阻R看成电源的内阻， 4.C[由电路接法可知R1左右两部分并联后与R2串 则有U-E一I(R十r),画出电源的伏安特性曲线如图 联，滑片处在正中间时总电阻最大，则可知在滑片从 甲所示，由于两灯泡并联，故电路的总电流为每盏小 最左端向右移动过程中，滑动变阻器接入电路电阻先 灯泡的电流的2倍，当路端电压U=1V时，两灯泡电 增大后减小，则路端电压先增大后减小，故A错误：总 流11=12=0.2A,千路电流1=0.4A,1=211=212, 电流先减小，R右边支路电压增加，电阻减小，故电流 故该状态为工作状态，此时每盏灯泡的电功率约为P 增加，则电流表支路电流先减小，当两支路电阻相等 =U11=0.2W,选项C正确.] 后再向右移动阶段，电流表支路电压减小，电阻增加， 8.AD[根据闭合电路的欧姆定律，电源的内电压U内 故电流表示数还是在减小，故B错误：由题图乙可知 =E-U, 当电压为2.5V时，电流为0.50A,此时两部分电阻 相等，则总电流为11=1A:而当电压为2.4V时，电 根据欧蛛定律电源的内肌为"宁，故A正 流分别对应0.33A和0.87A,则说明当电压为2.4V 确：根据功率公式，电源的榆出功率为P血=UⅡ=E1 时，千路电流为I2=0.33A十0.87A=1.2A,则根据 一P,故B错误：电动机消耗的总功率即为电源的输 闭合电路欧姆定律可得2.5V=E-r·1A,2.4V= 出功率，即P电=P出=UI,故C错误；电动机输入功 E-r·1.2A,解得电源的电动势E=3.0V,内电阻r 率即为电源的输出功率，则P入=P出=UI,故D =0.502,故C正确，D错误.] 正确.] 答案-24