信息必刷卷01-2025年中考物理考前信息必刷卷（上海专用）

绝密★启用前 2025年中考考前信息必刷卷01（上海专用） 物 理 （考试时间：60分钟 试卷满分：70分） 考情速递 中考·新考法：将单纯的独立知识点综合到一个题目中，如选择题2题，考察了声音、密度、压力、压强的理解和运用，区别以往独立知识点的考察。13题情景题，浮力和问题相结合，出题角度新颖，源于课本，又高于课本。 中考·新情境：计算18题，利用漂浮状态求解一些列问题，是中考新趋势，题目更具有创新性，在复习过程多加注意。 命题·大预测：本卷题目综合较强，尤其是浮力和压强结合题，是中考新命题走向，平时学习过程中要学会举一反三。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共12分，每小题2分） 1．下列色光中，不属于三原色光的是 A．红光 B．黄光 C．绿光 D．蓝光 2．生活中处处有物理。下列表述正确的是（　　） A．城区中禁止汽车鸣笛是为了在传播过程中减弱噪声 B．湿地公园可以调节气温主要是利用了水的密度较大 C．盲道提示砖上的凸起圆点是为了增大对脚底的压力 D．用吸管吸起敞口盒中的饮料是利用了大气压的作用 3．四冲程内燃机工作时，机械能转化成内能的冲程是(   ) A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 4．甲车从M点、乙车从N点同时沿MN直线匀速运动，甲车的s-t图像如图所示。运动5秒后，甲距离N点5米。继续运动5秒，乙距离M点10米。则乙物体的速度为（  ） A．1米/秒 B．2米/秒 C．4米/秒 D．5米/秒 5．在图所示的电路中，电源电压保持不变，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。闭合开关S，两电压表示数相同。向左移动滑动变阻器滑片P，下列四项判断中正确的是（　　） ①两电压表示数之和变大 ②两电压表示数的乘积变大 ③电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大 ④电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大 A．②③ B．③④ C．②③④ D．①②③ 6．甲、乙两个实心正方体分别放在水平地面上，它们的边长关系为a甲<a乙，对水平地面的压强关系为p甲>p乙，若分别在两正方体上表面中央施加竖直方向大小相等的力F甲和F乙之后，一定能使两正方体对水平地面的压强关系为p甲'>p乙'，则关于力F甲、F乙的方向，下列判断正确的是（　　） ①F甲和F乙的方向均向上    ②F甲的方向向上，F乙的方向向下    ③F甲和F乙的方向均向下    ④F甲的方向向下，F乙的方向向上 A．①②③④ B．①③④ C．①② D．③④ 二、填空题（1-11题 ，每空1分，12题13题4分，共23分） 7．上海家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器正常工作的电压为 伏，用电器工作时将 能分别转化为光能、机械能等。远方发电站通过 输电线路将电能输送至用电区（选填“高压”或“低压”）。 8．丹麦科学家 首先发现“电流周围存在磁场”．如图所示，闭合电键，小磁针将发生转动，因为力可以改变物体的 ，通电螺线管A端相当于条形磁铁的 极（选填“北”或“南”）． 9．蹦极是一项非常刺激的户外休闲活动，当跳跃者急速下落到一定位置后，橡皮绳被拉长，说明力可以使物体发生 。在下落过程中人的重力势能 ，人体的惯性 （均选填“增大”、“不变”或“减小”）。 10．如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦及滑轮重力，A的重力为 牛。若物体A在10秒内上升4米，此过程中拉力F做的功为 焦，功率为 瓦。 11．物理知识在生活中有广泛的应用，图（a）的船闸是 原理的应用；图（b）是小明从上海乘坐火车到西藏旅游时，途中发现携带的密封食品包装袋变 得鼓起来，这是因外界大气压强随海拔高度增大而 （选填“增大”、“减 小”或“不变”），食品袋受到向外的内外气压差，导致食品袋膨胀；图（c） 所示液体密度计是利用二力平衡知识和 原理来判断液体密度大小的。 12．在如图所示的电路中，电源电压为保持不变，闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，电压表的示数为，已知故障只发生在电阻、中一个。 (1)用完好的电阻替换电阻，闭合开关S，写出电压表的示数及对应的故障 。 (2)以下操作中，能通过电表的示数或示数变化情况判断出故障的是__________。（新接入的元件均完好） A．在M处串联一个电流表 B．用电阻替换电阻 C．在电阻两端并联一根导线 13．图中玻璃瓶是一个“伽利略彩球温度计”，可以粗略地测量环境温度。玻璃瓶中装有某种液体，浸有7个体积相同的彩球（分别标有15℃、18℃、21℃、24℃、27℃、30℃、33℃字样），彩球体积不随温度变化而变化。当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。 (1)当环境温度为10℃时， 彩球浮在液面上（选填“所有”“没有”或“部分”）； (2)当环境温度升高时，液体密度 （选填“变大”“变小”或“不变”），说出理由： 。 三、作图题（每题2分，共4分） 14．如图所示，以O为支点用撬棒撬石头，画出作用在A点的最小动力F的示意图。 15．在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。 四、综合题（共计31分） 16．质量为0.1千克的铝块温度升高了20℃，求：铝块吸收的热量Q吸． [c铝＝0.9×103焦/（千克·℃）] 17．把重为20牛的物体沿直线匀速提升6米，共用时30秒．求： ①拉力所做的功W． ②拉力所做功的功率P． 18．如图所示是浮力秤的原理图，柱形容器甲中装有一定量的水，柱形薄壁容器乙未装重物时漂浮在水面，装入重物后，若乙仍漂浮于水面，可以根据乙浸入水中的深度得到重物的质量。 (1)若图中甲的底面积为米2，水面到甲容器底部距离为0.3米，求此时甲容器底受到水的压力F甲； (2)若乙容器的重力大小2牛，底面积为米2，求图中乙容器底部受到水的压强p乙； (3)若甲容器足够高，水足够深，乙重力大小为G，高度为H，底面积为S，乙未装重物时浸入水中的深度为h，求用该浮力秤测物体的质量时，可以被测量的最大质量值m最大。（用G、H、S、h、表示） 19．在图（a）所示的电路中，电源电压为24伏保持不变，定值电阻的阻值为10欧。闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电流表A的示数为1.8安。 (1)求此时两端的电压。 (2)将一个表盘如图（b）所示的电压表接入电路。当电压表并联在某个元件两端时，移动滑片过程中电压表示数的最小值为8伏；当电压表并联在另一个元件两端时，移动滑片过程中电压表示数的最小值为4伏。求滑动变阻器的规格。 20．在测量小灯泡电功率的实验中，小灯泡标有“2.5V”字样，实验电路图如图甲所示： (1)该实验的原理是 。 (2)图甲的电路中AB和CD间分别接入________（选填“A”或“B”）。 A．电流表和电压表 B．电压表和电流表 (3)闭合开关前，电流表指针偏转如图乙所示，接下来应进行的操作是将电流表 。 (4)连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，且接近电源电压，电流表无示数，其故障可能是小灯泡 （选填“短路”或“断路”）。 (5)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是_________（选填“A”或“B”）。 A．移动滑动变阻器的滑片 B．更换小灯泡 (6)实验中滑动变阻器滑片移到某个位置时，电压表示数如图丙所示。若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“a”或“b”）端移动。 (7)下表为某同学的实验记录分析表： 实验次数 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电功率P/W 额定功率P额/W 1 1.5 0.22 0.33 P额（）=0.7 2 2.5 0.30 0.75 3 3.0 0.34 1.02 小桃认为该同学处理数据过程不合理，理由是 。 1 / 2 / 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年中考物理考前信息必刷卷01（上海专用） 答案及评分标准 一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共12分，每小题2分） 1．B 2．D 3．B 4．B 5．B 6．D 二、填空题（1-11题 ，每空1分，12题13题4分，共23分） 7． 220 电 高压 8． 奥斯特 运动状态 北 9． 形变 减小 不变 10． 40 160 16 11． 连通器 减小 阿基米德 12．(1)根据电路图可知，两个电阻串联，电压表测量R1两端的电压，一段时间后观察到电压表示数为电源电压U0，故障可能是R1断路或R2短路。若原故障是R1断路，替换后电路接通，电压表测R0两端电压，根据串联电路分压规律，此时电压表的示数小于；若原故障是R2短路，替换后电压表仍测电源电压，电压表的示数为。 (2)AB 13．(1)所有 (2) 变小 彩球体积相同，均浸没液体中时所受浮力相同；低温彩球最后上浮，说明其重力最大；彩球能上浮，说明温度降低后，其受到浮力变大；彩球体积不随温度变化而变化，由F浮=ρ液gV排可知，ρ液变大；所以温度降低，液体密度变大，反之，温度升高，液体密度变小。 三、作图题（每题2分，共4分） 14． 15． 四、综合题（共计31分） 16．1800焦 17．（1）120J （2） 4W 18．(1)6N (2) (3) 19．(1)6V (2)20Ω  2A 20．(1)P=UI (2)B (3)调零 (4)断路 (5)A (6)a (7)实际功率会随实际电压变化而变化，求平均值无意义 / / 学科网（北京）股份有限公司 $$ 绝密★启用前 2025年中考考前信息必刷卷01（上海专用） 物 理 （考试时间：60分钟 试卷满分：70分） 考情速递 中考·新考法：将单纯的独立知识点综合到一个题目中，如选择题2题，考察了声音、密度、压力、压强的理解和运用，区别以往独立知识点的考察。13题情景题，浮力和问题相结合，出题角度新颖，源于课本，又高于课本。 中考·新情境：计算18题，利用漂浮状态求解一些列问题，是中考新趋势，题目更具有创新性，在复习过程多加注意。 命题·大预测：本卷题目综合较强，尤其是浮力和压强结合题，是中考新命题走向，平时学习过程中要学会举一反三。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共12分，每小题2分） 1．下列色光中，不属于三原色光的是 A．红光 B．黄光 C．绿光 D．蓝光 【答案】B 【详解】红、绿、蓝三种单色光是光的三原色，混合后可以产生其它任何色光。 故选B。 2．生活中处处有物理。下列表述正确的是（　　） A．城区中禁止汽车鸣笛是为了在传播过程中减弱噪声 B．湿地公园可以调节气温主要是利用了水的密度较大 C．盲道提示砖上的凸起圆点是为了增大对脚底的压力 D．用吸管吸起敞口盒中的饮料是利用了大气压的作用 【答案】D 【详解】A．控制噪声的途径有：声源处、传播过程中、人耳处。因此城区中禁止汽车鸣笛是为了在声源处减弱噪声，故A错误； B．湿地公园可以调节气温主要是利用了水的比热容较大，质量相同的水和其他物质，吸收或放出相同热量时，温度变化较小，因此可以调节温度，故B错误； C．盲道提示砖上的凸起圆点是在压力一定时，通过减小受力面积来增大对脚底的压强，故C错误； D．用吸管吸起敞口盒中的饮料，口中气压变小，饮料在大气压的作用下被压进口中，因此是利用了大气压的作用，故D正确。 故选D。 3．四冲程内燃机工作时，机械能转化成内能的冲程是(   ) A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 【答案】B 【详解】在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化为内能．故选B． 4．甲车从M点、乙车从N点同时沿MN直线匀速运动，甲车的s-t图像如图所示。运动5秒后，甲距离N点5米。继续运动5秒，乙距离M点10米。则乙物体的速度为（  ） A．1米/秒 B．2米/秒 C．4米/秒 D．5米/秒 【答案】B 【详解】由图象可知 s甲=12m，t甲=12s 甲的速度 v甲==1m/s 运动5秒，甲的路程 s甲1= v甲t1=1m/s×5s=5mMN之间的距离 s= 5m+5m=10m 继续运动5秒，乙距离M点10米，乙运动的距离 s乙=10m+10m=20m 乙的速度 v乙==2m/s 故选B。 5．在图所示的电路中，电源电压保持不变，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。闭合开关S，两电压表示数相同。向左移动滑动变阻器滑片P，下列四项判断中正确的是（　　） ①两电压表示数之和变大 ②两电压表示数的乘积变大 ③电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大 ④电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大 A．②③ B．③④ C．②③④ D．①②③ 【答案】B 【详解】①由电路图可知，两电阻串联，V1测R1两端电压，V2测R2两端电压。由串联电路电压特点可知，两电压表示数之和总等于电源电压，保持不变，故①错误；②③④向左移动滑动变阻器滑片P，R1接入电路的阻值增大，由串联分压原理可知，V1示数增大，由串联电路电压特点可知，V2示数减小，电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大，电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大。若电源电压为U，两电压表示数的乘积为，由数学知识可知，当时，有最大值，由题意可知，滑片没有向左移动时，两电压表示数相同，为，因此滑片没有向左移动时，两电压表示数的乘积最大，当滑片向左移动时，V1示数增大，即增大，两电压表示数乘积为开口向下的二次函数，因此随着增大，两电压表示数的乘积变小，综上所述，①②错误，③④正确。故ACD错误，B正确。 故选B。 6．甲、乙两个实心正方体分别放在水平地面上，它们的边长关系为a甲<a乙，对水平地面的压强关系为p甲>p乙，若分别在两正方体上表面中央施加竖直方向大小相等的力F甲和F乙之后，一定能使两正方体对水平地面的压强关系为p甲'>p乙'，则关于力F甲、F乙的方向，下列判断正确的是（　　） ①F甲和F乙的方向均向上    ②F甲的方向向上，F乙的方向向下    ③F甲和F乙的方向均向下    ④F甲的方向向下，F乙的方向向上 A．①②③④ B．①③④ C．①② D．③④ 【答案】D 【详解】甲、乙两个实心正方体分别放在水平地面上，边长关系为，对水平地面的压强关系为，由S=a2可知甲的底面积较小，根据可知，相同压力导致甲的压强变化较大； ①和的方向均向上，使得对地面的压力减小，故甲减小的压强大，虽然原来甲的压强大，甲减小多，不一定还是甲的压强大，故①错误； ②的方向向上，的方向向下，甲的压强减小多，而乙的压强增大多，可能乙对地面的压强大，故②错误； ③和的方向均向下，且甲增大的压强多，故一定是甲的压强大，故③正确； ④的方向向下，的方向向上，甲增大的压强多，乙减小的压强小，故一定是甲的压强大，故④正确； 综上所述，③④正确。故ABC错误，D正确。 故选D。 二、填空题（1-11题 ，每空1分，12题13题4分，共23分） 7．上海家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器正常工作的电压为 伏，用电器工作时将 能分别转化为光能、机械能等。远方发电站通过 输电线路将电能输送至用电区（选填“高压”或“低压”）。 【答案】 220 电 高压 【详解】[1]我国的家庭电路电压为220V。上海家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器正常工作的电压为220伏。 [2]电流做功的过程就是将电能转化为其它形式能的过程。用电器工作时将电能分别转化为光能、机械能等。 [3]根据P=UI可知，在输电功率一定时，电压越高，电流越小，输电线的电阻一定，由Q=I2Rt可知，在通电时间一定时，电流越小，产生的电热越少，输送过程中能量损失越小，故远方发电站通过高压输电线路将电能输送至用电区。 8．丹麦科学家 首先发现“电流周围存在磁场”．如图所示，闭合电键，小磁针将发生转动，因为力可以改变物体的 ，通电螺线管A端相当于条形磁铁的 极（选填“北”或“南”）． 【答案】 奥斯特 运动状态 北 【详解】丹麦科学家奥斯特通过实验首先说明了通电导线周围存在着磁场；根据题意知道，当闭合电键时，螺线管周围出现了磁场，小磁针由于受到磁场的作用而发生转动，即力可以改变物体的运动状态；由图知道，电源的右侧是正极，左侧为负极，运用安培定则，用右手握住螺线管，四指所指的方向为电流的方向，大拇指指向螺线管的左端即N极，所以通电螺线管A端相当于条形磁铁的北极． 9．蹦极是一项非常刺激的户外休闲活动，当跳跃者急速下落到一定位置后，橡皮绳被拉长，说明力可以使物体发生 。在下落过程中人的重力势能 ，人体的惯性 （均选填“增大”、“不变”或“减小”）。 【答案】 形变 减小 不变 【详解】[1]橡皮绳被拉长，形状发生了改变，故说明力可以使物体发生形变。 [2]在下落过程中高度降低，质量不变，故人的重力势能减小。 [3]人体的惯性由于只与质量有关，质量不变，故惯性不变。 10．如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦及滑轮重力，A的重力为 牛。若物体A在10秒内上升4米，此过程中拉力F做的功为 焦，功率为 瓦。 【答案】 40 160 16 【详解】[1][2][3]由题意可得，承担动滑轮绳子的段数n=2，匀速提起物体A，则A受力是二力平衡，所以A的重力是 物体A上升4m，拉力F移动了8m，故拉力F做的功 功率为 11．物理知识在生活中有广泛的应用，图（a）的船闸是 原理的应用；图（b）是小明从上海乘坐火车到西藏旅游时，途中发现携带的密封食品包装袋变 得鼓起来，这是因外界大气压强随海拔高度增大而 （选填“增大”、“减 小”或“不变”），食品袋受到向外的内外气压差，导致食品袋膨胀；图（c） 所示液体密度计是利用二力平衡知识和 原理来判断液体密度大小的。 【答案】 连通器 减小 阿基米德 【详解】[1]船闸在工作时，其闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用了连通器的原理来工作的。 [2]大气压强随海拔高度增大而减小，从上海乘坐火车前往西藏，随海拔高度增大，气压减小，密封袋内部压强大于外部压强，导致食品袋膨胀。 [3]密度计的设计利用了二力平衡知识和阿基米德原理，密度计在液体中漂浮时F浮=G物，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体的密度越大，密度计排开液体的体积就越小，据此来判断液体密度大小。 12．在如图所示的电路中，电源电压为保持不变，闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，电压表的示数为，已知故障只发生在电阻、中一个。 (1)用完好的电阻替换电阻，闭合开关S，写出电压表的示数及对应的故障 。 (2)以下操作中，能通过电表的示数或示数变化情况判断出故障的是__________。（新接入的元件均完好） A．在M处串联一个电流表 B．用电阻替换电阻 C．在电阻两端并联一根导线 【答案】(1)见解析 (2)AB 【详解】（1）根据电路图可知，两个电阻串联，电压表测量R1两端的电压，一段时间后观察到电压表示数为电源电压U0，故障可能是R1断路或R2短路。若原故障是R1断路，替换后电路接通，电压表测R0两端电压，根据串联电路分压规律，此时电压表的示数小于；若原故障是R2短路，替换后电压表仍测电源电压，电压表的示数为。 （2）A．在M处串联一个电流表，电流表示数为零，故障是R1断路，示数不为零，故障是R2短路，能判断出故障，故A符合题意； B．用电阻R0替换电阻R2，电压表示数不变，故障是R1断路，示数变小，故障是R2短路，能判断出故障，故B符合题意； C．在电阻R1两端并联一根导线，如果故障是R2短路，则会导致电源短路，不安全，不可取。故C不符合题意； 故选AB。 13．图中玻璃瓶是一个“伽利略彩球温度计”，可以粗略地测量环境温度。玻璃瓶中装有某种液体，浸有7个体积相同的彩球（分别标有15℃、18℃、21℃、24℃、27℃、30℃、33℃字样），彩球体积不随温度变化而变化。当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。 (1)当环境温度为10℃时， 彩球浮在液面上（选填“所有”“没有”或“部分”）； (2)当环境温度升高时，液体密度 （选填“变大”“变小”或“不变”），说出理由： 。 【答案】(1)所有 (2) 变小 见详解 【详解】（1）当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。现在环境温度为10℃，比最小的标示温度值还小，可知，所有彩球都浮在液面上。 （2）[1][2]彩球体积相同，均浸没液体中时所受浮力相同；低温彩球最后上浮，说明其重力最大；彩球能上浮，说明温度降低后，其受到浮力变大；彩球体积不随温度变化而变化，由F浮=ρ液gV排可知，ρ液变大；所以温度降低，液体密度变大，反之，温度升高，液体密度变小。 三、作图题（每题2分，共4分） 14．如图所示，以O为支点用撬棒撬石头，画出作用在A点的最小动力F的示意图。 【答案】 【详解】根据杠杆平衡条件，以AO为力臂时，力臂最大，所以此时动力最小，过A点作垂直于动力臂OA向下的力F即为最小动力。如图所示： 15．在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。 【答案】 【详解】由图知，法线已画出，入射角为60°，则反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，并标出反射角的大小，如图所示： 四、综合题（共计31分） 16．质量为0.1千克的铝块温度升高了20℃，求：铝块吸收的热量Q吸． [c铝＝0.9×103焦/（千克·℃）] 【答案】1800焦 【详解】由Q吸 =cm△t知道，铝块吸收的热量是： Q吸=c铝 m△t=0.9×103 J/（kg•℃）×0.1kg×20℃=1.8×103 J=1800J． 17．把重为20牛的物体沿直线匀速提升6米，共用时30秒．求： ①拉力所做的功W． ②拉力所做功的功率P． 【答案】（1）120J （2） 4W 【详解】①匀速提升物体时，拉力：F=G=20N，拉力做的功：W=Fs=20N×6m=120J； ②拉力做功的功率：P===4W. 18．如图所示是浮力秤的原理图，柱形容器甲中装有一定量的水，柱形薄壁容器乙未装重物时漂浮在水面，装入重物后，若乙仍漂浮于水面，可以根据乙浸入水中的深度得到重物的质量。 (1)若图中甲的底面积为米2，水面到甲容器底部距离为0.3米，求此时甲容器底受到水的压力F甲； (2)若乙容器的重力大小2牛，底面积为米2，求图中乙容器底部受到水的压强p乙； (3)若甲容器足够高，水足够深，乙重力大小为G，高度为H，底面积为S，乙未装重物时浸入水中的深度为h，求用该浮力秤测物体的质量时，可以被测量的最大质量值m最大。（用G、H、S、h、表示） 【答案】(1)6N (2) (3) 【详解】（1）甲容器底受到水的压强为 则甲容器底受到水的压力为 （2）图中乙容器漂浮，则浮力为F浮=G=2N 根据浮力产生原因，乙容器底部受到水的压力为 则乙容器底部受到水的压强为 （3）浮力秤称量物体时始终漂浮在水面，浮力等于重力，所以重力变化量等于浮力变化量，则重力变化量最大为 则可以被测量的最大重力为 则可以被测量的最大质量值为 19．在图（a）所示的电路中，电源电压为24伏保持不变，定值电阻的阻值为10欧。闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电流表A的示数为1.8安。 (1)求此时两端的电压。 (2)将一个表盘如图（b）所示的电压表接入电路。当电压表并联在某个元件两端时，移动滑片过程中电压表示数的最小值为8伏；当电压表并联在另一个元件两端时，移动滑片过程中电压表示数的最小值为4伏。求滑动变阻器的规格。 【答案】(1)6V (2)20Ω  2A 【详解】（1）定值电阻与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测量电路中的电流，当滑片移到某一位置时，电流表A的示数为1.8A，此时两端的电压 此时两端的电压 （2）将一个表盘如图（b）所示的电压表接入电路。当电压表并联在某个元件两端时，移动滑片过程中电压表示数的最小值为8V，则电压表应该并联在定值电阻两端，且滑动变阻器接入了最大阻值，由串联电阻的分压原理可知 即 所以。 当电压表并联在另一个元件两端即滑动变阻器两端时，移动滑片过程中电压表示数的最小值为4V，故此时允许通过的最大电流为 所以滑动变阻器的规格为“20Ω  2A”。 20．在测量小灯泡电功率的实验中，小灯泡标有“2.5V”字样，实验电路图如图甲所示： (1)该实验的原理是 。 (2)图甲的电路中AB和CD间分别接入________（选填“A”或“B”）。 A．电流表和电压表 B．电压表和电流表 (3)闭合开关前，电流表指针偏转如图乙所示，接下来应进行的操作是将电流表 。 (4)连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，且接近电源电压，电流表无示数，其故障可能是小灯泡 （选填“短路”或“断路”）。 (5)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是_________（选填“A”或“B”）。 A．移动滑动变阻器的滑片 B．更换小灯泡 (6)实验中滑动变阻器滑片移到某个位置时，电压表示数如图丙所示。若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“a”或“b”）端移动。 (7)下表为某同学的实验记录分析表： 实验次数 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电功率P/W 额定功率P额/W 1 1.5 0.22 0.33 P额（）=0.7 2 2.5 0.30 0.75 3 3.0 0.34 1.02 小桃认为该同学处理数据过程不合理，理由是 。 【答案】(1)P=UI (2)B (3)调零 (4)断路 (5)A (6)a (7)实际功率会随实际电压变化而变化，求平均值无意义 【详解】（1）在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡额定功率，故该实验的原理是P=UI。 （2）电压表测灯泡两端电压，故电压表并联在灯泡两端；电流表测通过灯泡的电流，故电流表串联在电路中，因此图甲电路中AB和CD间分别接入电压表和电流表，综上分析知，故B符合题意，A不符合题意。 故选B。 （3）闭合开关前，电流表指针偏转如图乙所示，没有指在零刻度线上，说明未对电流表进行调零，因此接下来应将电流表调零。 （4）连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路发生了断路，电压表有示数，且接近电源电压，说明与其并联的小灯泡断路。 （5）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡不亮，说明可能是小灯泡可能实际功率太小，接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光。 故选A。 （6）电压表示数如图丙所示，电压表分度值0.1V，其示数为1.8V，小于灯泡额定电压2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向a端移动。 （7）由于灯泡在不同电压下的实际功率不同，所以不能通过求平均值的方法来求功率，该同学数据处理过程是不合理的，求平均值没有物理意义。 1 / 2 / 学科网（北京）股份有限公司 $$