浙江省强基联盟2024-2025学年高二下学期3月月考物理试题

浙江强基联盟2025年3月高二联考 物理 试题 吾习 浙江强基联盟研究院 命制 考生注意: 1.本试卷满分100分,考试时间90分钟。 2.考生作答时,请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对 应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答 台 题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。 过 一、选择题I(本题共10小题,每小题3分,共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是 符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分) 过 1.下列各组物理量中是矢量,且其单位是国际单位制中的基本单位的是 B.力(N) A.位移(m) C.电流(A) D.时间(s) 过 2.2025年2月7日,第九届亚洲冬季运动会在黑龙江哈尔滨举行,若不计空气阻力,关于下死 亚冬会比赛项目,说法正确的是 过K 2 过# 图甲 图乙 图丙 图1 A. 甲图中,判断两个冰壶能否碰撞时可以将冰壶看作质点 B. 乙图中,短道速滑运动员转弯时受力平衡 C.丙图中,在高山滑雪比赛时,运动员的路程等于位移大小 D.丁图中,当表演空中技巧时,运动员处干失重状态 3.“打水漂”是一种投掷扁平的石块或瓦片的游戏,如图所示,某同学向平静的湖面水平抛出一 石片,石片碰到水面后向前弹跳数次,弹跳高度逐渐减小,直至最后落入水中,不计空气阻力 和石片的大小,关于这次“打水漂”过程,下列说法正确的是 A.石片之所以能弹起是因为水对石片的作用力大于石片对水的作用力 f B.在空中任意时间内,石片速度变化量的方向都竖直向下 C.石片抛出后机械能一直守恒 D.整个过程水对石片的冲量为零 4.一物体被弹弓从地面以某一初速度竖直向上弹出,最高能到达20m处, 若忽略空气阻力,g取10m/s{,则下列判断中正确的是 A.物体向上运动的时间是3s B.物体被弹出的初速度大小为10m/s C.物体在第1s内的位移为15m D.物体在整个上升过程中的平均速度为20m/s : 【物理 第1页(共6页)】 5.如图为某一新能源汽车的电池铭牌,则该车动力电池系统能储存 中国 浙江吉有限公司 的电荷量和能量最多约为 遵:短 整车型号:15E0 A.1.9×10C.6.8×101 爱动梳太冲:115开 发题:BHE15-册F7 动力池定容量:53Ah B.1.9×10C.1.9×101 发排:140 动力电池定蓝:358 .5 最大许:2310kg C.53C.1.9×101 年:2024年04月 动电号:T2220-Y035 D.53C.6.8×10*1 电机健助率:160算 6.如图为某一彗星和地球绕太阳运行的模型图,地球轨道A是半径为,的圆轨道,彗星轨道B 为圆轨道,圆长轴QQ为2r.P点为两轨道的交点,不计地球与彗星间的引力作用以及其 他星球的影响,下列说法正确的是 地球 A.地球和彗星在P位置处受到太阳的万有引力相等 B. 地球和彗星在P处的速度相同 C.地球与彗星的公转周期相等 0 D.地球与太阳的连线和彗星与太阳的连线在相同时间内扫过相 同的面积 7.如图是某种静电推进装置的原理图,发射极与吸极接在高压电源两端,两极间产生强电场,虚 线为等势面,在强电场作用下,一带电液滴从发射极加速飞向吸极,a、、c是其路径上等间距 的三个点,不计液滴重力,下列说法正确的是 电 A.液滴可能带负申 发极 B.三个点处,a点的电势最低 C.UU 演/。{ D.液滴在a点处的电势能最小 等面 8.如图所示为一理想自耦变压器:原线圈接电压为U的正弦式交流电,滑片P,与线圈接触目 置于线圈的正中间,滑片P,置于滑动变阻器R的正中间,定值电阻的阻值为R。,电流表、电 压表均为理想电表,下列说法正确的是 A.仅把P 向上移动少许,电流表的示数不变 B.仅把P。向上移动少许,R的功率减小 C.把P、P。均向上移动少许,电流表示数可能不变 D.把P向下移动少许,P,向上移动少许:电源的输出功率可能 不变 9.如图所示,四只质量都为的猴子依次拉住后竖直倒挂在柔软的树枝上玩要,刚开始四只猴 子都处于静止状态,从上到下编号依次为1、2、3、4.某时刻,3号猴子没抓稳使4号猴子脱落; 不计空气阻力,树枝可视为弹性形变,则可知4号猴子脱落后的瞬间 A.树梢对1号猴子的拉力大小等于3mg B.1号猴子对2号猴子的拉力大小等于 D.3号猴子受力平衡 10.如图甲为一水上浮标的截面图,磁铁固定在水中,S极上套有一个浮筒,浮简上绕有线圈,浮 简可随波浪上下往复运动,取线圈向上运动为正方向,某段时间内,线圈的速度随时间按正 弦规律变化,如图乙所示,已知线圈总电阻,一20,匝数为100匝,线圈处磁感应强度B 0.1T,线圈的直径d一50cm,把线圈与阻值R一2Q的小灯泡串联,小灯泡恰好正常发光 关于乙图中这段时间内的运动,下列说法正确的是 【物理 第2页(共6页)) 线 △W(m·s-t) 0.2 0.1 0.2 -0.2 甲 乙 A.浮简做的是阻尼振动 B.该浮筒的电动势最大值为1V D.小灯泡的额定电流为"A 二、选择题II(本题共3小题,每小题4分,共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是 符合题目要求的。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分) 11.物理学在生活生产中应用广泛,关于下列应用说法正确的是 ##n暗 噪声源 #2# 反声 乙 丙 1 A.甲图中,一些优质电话线外包裹着金属外衣防止信号干扰是利用了静电屏蔽的原理 B.乙图中,主动降噪功能的耳机是利用波的反射原理制造的 C.丙图中,电磁炉是利用炉面面板中产生的涡流的热量来加热食物的 D.工图中,交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的 12.如图所示,空间存在着水平方向的匀强磁场B,磁感应强度的方向垂直纸面向外,同时也存 在着水平向右的匀强电场E,一带电微粒沿与竖直方向成一定夹角的虚线MN运动,则下 列说法正确的是(微粒的重力不能忽略) A.微粒一定带负电 B.微粒一定是从N运动到M C.微粒的速度大小一定不变 D.微粒的电势能一定减小 13.如图甲,足够长的水平传送带以恒定速率v一2m/s逆时针转动,一质量为n一1kg的小物 块从传送带的左端向右滑上传送带,小物块在传送带上运动时,小物块的动能E.与小物块 的位移x关系图像如图乙所示,取重力加速度g一10m/s.下列说法正确的是 A.小物块与传送带之间的动摩擦因数为0.4 B. 小物块从滑上传送带到离开传送带所需时间为1.5; C.整个过程中小物块与传送带的相对位移大小为2.5m D.由于小物块的出现导致传送带电动机多消耗的电 能为121 # 三、非选择题(本题共5小题,共58分) 14.实验题(I、II两题共14分) 14一I,某小组使用图甲装置完成“探究加速度与力、质量的关系”实验 甲 【物理 第3页(共6页)】 (1)该小组采用的电源应当是 A.交流220V C.交流8V B. 直流220V D.直流8V (2)除了图中器材外还需要的器材有 (多选). 17 B C A D (3)该小组在实验中得到如图乙所示的一条纸带,已知打点计时器使用的是频率为50Hz 的交流电,相邻两计数点间还有四个点没有画出,根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s(结果保留三位有效数字) _mmmrrry. tn (4)为了更精确得到实验结果,该小组又采用如图丙所示的装置完成实验,水平轨道上安装 两个光电门1、2,滑块上装有宽度很窄的遮光条和力传感器,滑块、遮光条和力传感器 总质量为M,细线一端与力传感器连接,另一端跨过滑轮挂上秒桶(矿和秒桶总质量用 n表示)后悬挂固定,实验前,接通气源,将滑块置于气垫导轨上(不挂矿桶),调节气垫 导轨,轻推滑块,使滑块先后经过光电门1、2时遮光时间相等 _ 光电门2 光电门1 滑块遮光条 气轨 _2 连气 力感器 丙 ①实验中 (填“需要”或“不需要”)满足远小于M;若滑轮有一定摩 擦阻力,对实验的探究。 (填“有”或“没有”)影响 ②改变秒和秒桶的总质量,得到对应的加速度和力,得到6组数据后,描点作图,发现 加速度。与传感器示数F在误差允许的范围内成正比,如图丁,则图像的斜率应是 C. A.M B.2M 14一II,如图甲所示为空气介质单联可变电容器的结构,它是利用正对面积的变化改变电容器 的电容大小,某同学想要研究这种电容器充、放电的特性,于是将之接到如图乙所示的实验 电路中,实验开始时电容器不带电,微电流传感器G可以记录电流随时间变化的I一1图像. 动片引出 动H 二动片 t_) 。2 定片 定H 2E (360pF) (260pF) () (h) 空气介质单联可变电容器的结构及电路符号 甲 乙 【物理 第4页(共6页) (1)要观察电容器的充电现象时,应把开关打到 (填“1”或“2”),充电过程中电容器 的电容C (填“变大”“变小”或“不变”). (2)充电稳定后,断开单刀双掷开关,用电压表接在电容器两端测量电压,发现读数缓慢减 小,原因是 (3)首先将开关S打向1,这时观察到G有短暂的示数,稳定后,旋转旋纽,使电容器正对面 积迅速变大,从开始到最终稳定,微电流传感器G记录的1一/图像可能是 ##_# (4)利用该电路也能测量电源电动势和内阻,该同学固定电容器正对面 积后(电容器可视为理想电容器),先将开关接1,充电稳定后将开 关接2,得到微电流传感器的图像,两次充放电过程中电流的峰值 分别为I、I..已知微电流传感器内阻为R,则电源的电动势为 (用题中字母表示). 丙 15.(8分)如图所示,一工地正在利用起重机将货物吊至建筑物顶端,/一0时刻,货物由静止开 始先向上加速,再保持一段时间的提升速度不变,/一26s时恰好减速到达建筑物顶端,已知 货物质量=1×10{}kg,货物的最大速度v三2m/s.加速和减速阶段视为匀变速运动,加速 度大小均为a一1m/s,不计空气阻力,g取10m/s,求 (1)匀加速阶段货物受到的拉力大小 (2)建筑物的高度; (3)'一9s时货物底部的一个小蝶帽突然掉落,求蝶帽落地的时刻 16.(11分)如图所示为一玩具轨道装置,AB为一长x、倾角0一37的粗糙直线轨道,与半径R一 0.2m的竖直光滑圆轨道相切于B点,D和D为圆轨道最低点且略微错开,ED为一水平粗 糙轨道,EFG为一光滑接收平台,FG水平,平台上紧靠F处有一静止滑板,E、F处平滑连 接,且F处有一光滑挡板防止滑块脱轨,滑块从A点静止释放后可以经过圆轨道到达接收 平台,已知AB轨道动摩擦因数.-0.25,DE轨道长L-0.4m、动摩擦因数1-0.5,平台 FG与ED平面的高度差/一0.2m,滑块与滑板的质量均为n一0.2kg,两者间的动摩擦因 数-0.1,不计空气阻力和滑板厚度,g取10m/s,sin37*-0.6.cos37*-0.8. (1)当x一1m时,求滑块在圆轨道的B点时对轨道的压力大小 (2)要使滑块能运动到F点,求:的取值范围; (3)若x一1.4m,要使滑块不脱离滑板,求滑板至少要多长 D(D)f 【物理 第5页(共6页)】 17.(12分)如图所示,一个半径为/三0.5m的圆形金属导轨固定在水平面上,一根长也为d。 电阻,三10的金属棒a的一端与导轨接触良好,另一端固定在圆心O处的导电转轴上,圆 形导轨边缘和圆心O处分别引出两条导线,与倾角9一30{}、间距/一0.5m的两足够长的平 行金属导轨相连,一长为/、质量一0.1kg、电阻R一20的金属棒5放置在导轨上,与导轨 垂直并接触良好.倾斜导轨末端接着水平金属导轨,其连接处MN为一小段绝缘材料,水平 轨道上接有阻值也为R的电阻,已知圆形金属导轨区域和长x一0.8m的矩形区域MNQF 间有竖直向上的匀强磁场,倾斜导轨处有垂直斜面向上的匀强磁场,磁感应强度大小均为B 一1T.刚开始锁定金属棒6.并使金属棒a以一20rad/s的角速度绕转轴逆时针匀速转 动,不计电路中其他电阻和一切阻力,g取10m/s* (1)求金属棒a中产生的感应电动势大小; (2)某时刻起,解除金属棒的锁定 ①求6在倾斜轨道上运动的最终速度 ②整个过程电阻R上产生的热量 18.(13分)如图1所示是一种质谱仪的原理图,P,和P。两板间有相互垂直的匀强电场和匀强 磁场,两板间电压U,两板间距d,板间磁场的磁感应强度B,下方区域存在另一磁感应强度 B. 的匀强磁场,带电粒子沿P,和P:板间的中心线SS。从小孔S 进入该装置,后经狭缝 S.以某一速度垂直进入下方磁场B,最后打到照相底片上,某一次实验中入射大量氢离子 (H),已知氢离子(H)的质量为》:电荷量为&:其重力忽略不计,设中子和质子质量相 同,求: (1)氢离子(H)进入B。区域的速度v大小; (2)若有两种粒子沿中心线从S。进入B。区域,打到底片的位置距S。的距离分别为x 和 x.,求两种粒子的比荷之比; (3)受到其他因素影响,发现从S。射入的氢离子(H)速度方向有微小的发散角,如图2所 示,使得氢离子打在照相底片上会形成一条亮线,测得最大的发散角的余弦值cos0 0.9,求该亮线的长度L: (4)在分离氢元素的两种同位素离子(H与{}H电荷量相同,质量数为1:2)时,各种离子有 微小的发散角0(cos0一0.9)外,其速度还有波动,即v一△vvv。十△v.要能有效区分 出同位素离子,照相底片上亮线之间的间距应不小于相邻较短亮线长度的十分之一,则 应满足什么条件?(保留两位小数) 照相底片 图1 图2 【物理 第6页(共6页)】 _短浙江强基联盟2025年3月高二联考 物理卷参考答案与评分标准 1.A矢量是既有大小又有方向的物理量.电流和时间是标量，位移、力为矢量，m为国际单位制中的基本单 位，N为国际单位制中的导出单位.故选A 2.DA.判断两个冰壶能否碰撞时，不能忽略冰壶的大小和形状，所以不可以将冰壶看作质点.B.短道速滑运 动员转弯时，速度方向发生变化，运动状态改变，根据牛顿第一定律，物体运动状态改变时受力不平衡，C.在 高山滑雪比赛时，运动员的运动轨迹是曲线，路程大于位移大小.D.当表演空中技巧时，运动员只受重力作 用，加速度方向竖直向下，处于失重状态，故D正确： 3.BA.水对石片的作用力与石片对水的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，它们大小相等、方向 相反，故A错误，区不计空气阻力，石片在空中只受重力，加速度为8根据4=是，重力加速度g方向竖直向 下，所以在空中任意时间内，石片速度变化量△口的方向都竖直向下，故B正确.C.石片抛出后，在空中机械 能守恒，但碰到水面时，由于水对石片做功，机械能不守恒，故C错误.D.整个过程石片的速度发生了变化， 根据动量定理I一△p,动量发生了变化，所以水对石片的冲量不为零，故D错误. 4.CAB.物体做竖直上抛运动，取向上为正方向，根据v=一g,到达最高点时v=0,且6=2gh,可解得= √2=20m/%再由=一0，解得1=2s所以物体向上运动时间是2sAB错误：C根据么=1一k,解得 物体在第1s内位移为=15m,C正确：D.物体整个上升过程的平均速度=么，所以0=10m/s,D错误。 5.A根据电荷量的计算公式Q=I1,电池铭牌上给出动力电池系统额定容量为Q=53Ah=53A×3600s= 1.908×10C≈1.9×10C.根据电能的计算公式W=CQ=358V×1.9×103C=6.802×10J≈6.8×10J. 6.CA根据万有引力公式F-G,由于地球和彗是的质量不一定相等，所以它们在P位置处受到太闲的 万有引力不一定相等，故A错误.B.地球和彗星经过P点的速度大小可能相等，但是方向一定不同，故B选 项错误.C.根据开普勒第三定律，地球轨道半径和彗星轨道半长轴都为「，所以地球与彗星的公转周期相等， 故C正确.D.开普勒第二定律是对同一行星而言，在相同时间内扫过相同的面积，而地球和彗星是不同的天 体，所以地球与彗星在相同时间内扫过的面积不相同，故D错误。 7.CA.由图可知发射极带正电，吸极带负电，带电液滴从发射极加速飞向吸极，说明液滴受到指向吸极的电 场力，所以液滴带正电，A错误.B.电场方向从发射极指向吸极，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以a、b、c 三点中（点电势最高，B错误.C.根据电场线和等势面的关系可知，该电场为非匀强电场，且电场线越密集的 地方场强越大，从发射极到吸极电场强度逐渐减小，根据U=Ed,由于d=d,E>E,所以U>Uw,C 正确.D.因为液滴带正电，根据En=q9(q>O),电势越高的地方电势能越大，a点电势最高，所以液滴在a点 处的电势能最大，D错误 8DA设原线圈距数为，副线圈匝数为，根据变压器电压比公式号-”，仅把P向上移动少许，%增 大，心不变，则U,增大.刚线圈R不变，则刷线周电流增大，再根据号一兴，原线圈电流1也增大，放Λ 错误.B.仅把P:向上移动少许，副线圈R减小，U:不变，故I2增大，所以R。的功率增大，B错误.C.把P1、 乃均向上移动少许，增大，U,增大，R减小，故一定增大.再根据号=光增大，山增大，山一定增 大，即电流表示数一定增大，C错误.D.把P,向下移动少许，：减小，U,减小：P2向上移动少许，R减小.根 据P尺C减小，K。也减小，所以副线圈功率可能不变，又因为P人=P,所以电源的输出功率可能不 变，D正确 9.BA.4号猴子脱落后瞬间，将1,2、3号猴子看作一个整体，整体的质量为3m.因为树枝可视为弹性形变，在 4号猴子脱落瞬间，树枝的形变还未改变，所以树梢对1号猴子的拉力仍等于四只猴子静止时的总重力 【物理卷参考答案第1页（共4页）】 4mg,A选项错误.CD.对3个猴子进行受力分析，它们受到树梢向上的拉力F=4mg、自身重力3mg,根据牛 顿第二定律有4mg-3mg=3m0,a=号，猴子受力不平衡，故CD错误.B以2、3号猴子为研究对象，其总质 量为2m,设1号猴子对2号猴子的拉力为T,则T一2mg=2ma,T=8m坚，B选项正确。 10.CA.由一1图可知，这段时间内浮筒运动的速度最大值并没有诚小，所以浮筒做的不是阻尼振动，A错 误.B.根据En=NBlm其中1=πd,解得En=NBlm=πV,B错误.D.电动势的有效值E=文V,根据I= 2 平，可得电流有效值1=后A,故D错误.C根据W=F(R+r1则W=哥，C正确， 4√2 11.ADA.一些优质电话线外包裹着金属外衣，金属外衣可看作空腔导体，能防止外界信号干扰，利用了静电 屏蔽的原理，A正确.B.主动降噪功能的耳机是通过产生与外界噪声相位相反的反噪声，两者相互叠加抵消 来实现降噪的，是利用波的干涉原理制造的，故B错误.C.电磁炉是利用交变电流通过线圈产生交变磁场， 使金属锅具底部产生涡流，进而利用锅具中涡流产生的热量来加热食物，而不是炉面面板中产生的涡流来加 热食物，故C错误.D.交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的，当定子绕组通人三相交流电后，产生 旋转磁场，转子导体在旋转磁场中切割磁感线产生感应电流，感应电流受到磁场力的作用，从而使转子转动， 故D正确. 12.ACA.微粒受到重力、电场力和洛伦兹力，因为微粒沿虚线MN运动，所以微粒所受 M gvB 合力方向与速度方向在同一直线上.假设微粒带正电，电场力水平向右，重力竖直向下， 根据左手定则，洛伦兹力垂直于速度方向，此时合力不可能与速度方向在同一直线上，所 9E 以微粒一定带负电，A选项正确：B.微粒受力分析如图所示，只有这种受力情况下微粒才 会保持匀速直线运动，从图中可以看出微粒运动方向从M到N,故B错误：C.因为微粒 mg 的运动是直线运动，若速度大小发生改变则洛伦兹力大小必发生变化，因此合力也会发生变化，微粒将做曲 线运动，故微粒的运动只能是匀速直线运动，故C正确：D.微粒带负电，电场力水平向左，微粒从M运动到 N,微粒运动方向与所受电场力方向夹角大于90度，电场力做负功，电势能增加，故D选项错误. 13.ADA.由图乙可知，根据E=亨m6,物块的初速度为=4m/s,后物块返回与传送带共速的速度为，一 2m/s,小物块向右滑动过程，根据动能定理有：一gx一一2m听，解得μ=0.4，A正确：BC.小物块与传送 带共速前，小物块的加速度大小为=ms=4m/s,从小物块开始滑动到与传送带达到共同速度所需时间 为，=西一（一四=1,5$：从小物块开始滑动到与传送带达到共同速度过程，小物块向右运动的位移大小为 xm=十)二1=1.5m,小物块匀速所需时间为=型=0,75s,故小物块从滑上传送带到离开传送带所 2 需时间为2.25s,B错误：传送带向左运动的位移大小为x传=1=3m,则整个过程中小物块与传送带相对 位移大小为△x=x物十x传=4.5m,故C错误：D.整个过程中小物块与传送带因摩擦产生的热量为Q mg△r=18J,根据能量守恒可得m十Ea=Q+之m,解得整个过程中电动机多消耗的电能为E= 12J,故D正确. 14一1.(1)A(1分)(2)ACD(选全得2分，霜选得1分)(3)0.200(2分) (4)①不需要(1分)没有(1分)②C(1分) 解析：(1)图中用到的是电火花打点计时器，所以采用的电源应当是交流220V,答案选A. (2)除了图中已有的器材外，还需要测量纸带点迹间的距离，所以需要刻度尺：为了改变小车的拉力，需要槽 码：为了测量小车的质量，需要天平， (3)利用逐差法求加速度4=0=[(6.50-2.60)-(2.60-0.50)门×10 (3T)2 (3×0.1)2 -m/s=0.200m/s2. (4)①因为力传感器可以直接测出细线的拉力，所以不需要满足m远小于M:若滑轮有一定摩擦阻力，由于 力传感器能准确测量拉力，所以对实验的探究没有影响.②对滑块、遮光条和力传感器整体进行受力分析， 【物理卷参考答案第2页（共4页）】 根据牛顿第二定律可得F=M,则。=后，所以加速度a与传感器示数F的图像斜率位为方，答案选C 14一Ⅱ.(1)1(1分)不变(1分)(2)电压表不是理想电压表(2分)(3)A(1分)(4)12R(1分) 解析：(1)要观察电容器的充电现象，需要将电容器与电源相连，所以开关打到“1”.而在充电过程中，电容器 的结构并未发生政变，根据电容的决定式C=品可知电容C不变， (2)用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小，说明电容器在缓慢放电，电路中有电流，电压表 不是理想电压表，（其他描述正确的酌情给分） ③)电容器充电时，电流从左到右，刚开始电流比较大，充电结束后，电流为0，电容C怎，当电容器正对 面积迅速变大，电容迅速增大，又由Q=CU可得电容器的带电量Q增加，故电容器再次充电，电流方向从左 到右，充电结束后电流为0，A正确. (4)电容器充满电后，电容器两端的电压等于电动势，则有E=1R. 15.(1)1.1×10N(2分)(2)48m(3分)(3)11s(3分) 详解：(1)根据牛顿第二定律F-mg=ma,解得F=m(g十a)=1.1×10'N.(2分) (2)根据0=a,可得匀加速时间么=2s,根据=之a,解得=2m1分) 匀减速时间14=4=2s,x=x1=2m,故匀速时间g=1一4一g=22s, 匀速上升的高度x=t2=44m.(1分) 建筑物的高度h=十x十x8=48m(1分)（也可以根据图像面积求解，其他正确方法同样给分） (3)螺帽掉落时的速度劝=v=2m/s,螺帽掉落时货物上升的高度h=x1十v(t'一t1)=16m(1分) 螺帽做竖直上抛运动，以向上为正方向，根据一h=t,一2g,解得(=2s.(1分) 所以螺帽落地的时刻为/+t1=11s.(1分) 16.(1)9.6N(3分)(2)x≥L.15m(4分)(3)1m(4分) 详解：(1)根据动能定理：mgrsin0-mgrcos0=之m, 1 解得：m=2√2m/s(1分) 在B点根据牛顿第二定律：R、一mg0s0=m爱，解得：P,=9.6N（1分) 根据牛顿第三定律，滑块对轨道的压力大小为9.6N.(1分) (2)①滑块恰好过圆轨道最高点C,此时：mg=m尺 (1分) 从A到C根据动能定理：mgsi0-050-mg(R+Rcos0)-之m话1分 解得x1=1.15m, ②滑块恰好到F点，此时r=0, 从A到F根据动能定理：mg.x2sin0-mgx2cos0十mg(R一Rcos8)一mgL一mgh=0,(1分) 解得x2=0.9m, 综上，x的取值范围为x≥1.15m(1分) (3)从A到F根据动能定理： mg-rsin0-0计mg(R-Rcos0)-mgL-mgh=之mG1分) 解得=2m/8 根据滑块和滑板动量守恒：mw,=2m(1分) 解得=1m/s, 根据能量守恒：mg1=之m听-专·2m话1分) 1 解得滑板的最小长度(=1m(1分) 17.(1)2.5V(3分)(2)①1m/s(4分)②0.01875J(5分) 【物理卷参考答案第3页（共4页）】 详解：(1)根据E=BdU=之Bd,解得E=2.5V(3分) 2)①1R车安路力F-Bl1分 可知b棒受到沿斜面向上的安培力，大小小于ngsin 0,故b棒刚开始向下加速运动，b棒上产生感应电动势 方向与a棒同向，回路中电流为1一E牛B R+r (1分) 当gsin0=B十B鸟时，b棒速度达到稳定值，解得=1m/s(2分) R+r ②b棒进入水平磁场后做加速度减小的减速运动，根据动量定理：一∑BI1=m一mx(1分) 1,8w=,解得西=0.5m5(2分) 根据能量守恒，总焦耳热Q-之m-立m听=0.0375」1分) 电图R上产生的热量Q,=Q=0,01875J1分) 8.D=3分)(21坐=3分)3L=902m3分)4DA<0.13(4分 n1x1 BB:dg 详解：(1)带电粒子在P和P两金属板间运动时，电场力与洛伦兹力平衡B=g号(2分) U U 解得山一B1d (1分) (2)在磁场中，根据牛顿第二定律g西B:=m尺 (1分) x=2R=2m,解得4=2驰1分) B:q m Br 故坐：里=(1分) mm2 (3)角度0=0时打到最远L1=2R=B,B,dg 2mU (1分)》 角度cos0=0.9时，解得打到最近L:=2Rcos0-B, 1.8mU (1分) 解得亮线长度为L=L一L=B,Bd 0.2mU (1分) (4)氢离子打到底片上的最长距离为L:= 21(十△U) B:q 最短距离为1=2X0.9m(一△0-1.8m(一△ B2q B:q (1分) 两离子亮线较短的是H,其亮线长度为L=L-L-m0.2,十3.8△卫 B:q (1分) 两条亮线间距为4L=1.8X2m(一△D_2m(十△-m(1.64-5,6A B2q B2q B:4 (1分) 婴求亮线间距不小于亮线长度的十分之一，由题意可知要能在荧光屏上分辨出氢离子，则△L>治 解得会<最80,261分) 【物理卷参考答案第4页（共4页）】