小卷12 第十二章 周测12杠杆（第1节）-安徽省2024年春八年级下册物理单元期末大练考（人教版）

班级： 姓名： 学号： 第十二章 简单机械 周测2杠杆（第1节） (满分.44分 时间：30分钟)】 一、填空题（每空2分，作图2分，共8分） 5.新情境日常生活春蕾幼儿园的老师们要用 1.如图是用螺丝刀撬图钉的图片，请你在图中画 一个衣架给孩子们晾晒三条相同的湿手绢，下 出施加在A点的动力F,对应的动力臂 列做法最有可能让衣架保持水平位置平衡的是 第1题阁 2.新考法模型建构(2021合肥庐阳区三模)我 们使用开瓶器开汽水瓶时（图a),可以简化成如 T下T 图b所示的杠杆，O为支点.若动力F,和阻力 F2都与杠杆垂直，且AB:B0=3:1,F,=30N,则 6.“节约用水，人人有责”，应养成随手关闭水龙头 F,= N. 的好习惯.水龙头手柄可视为如图所示杠杆，0 为支点，F为阻力，分别用力沿a、b、c、d方向关 闭水龙头，其中用力最小的是 ) B 图a 图b 第2题图 3.如图所示，密度均匀的直 第6题图 尺AB放在水平桌面上，尺 A.a B.b C.c D.d P 子伸出桌面的部分CB是 7.如图，兄妹两人合提一个重物，物体的质量为 尺长的三分之一，当在B 第3题图 40kg,在距男生0.8m,距女生1,2m处平衡.设 端挂3N的重物P时，直尺A端刚刚开始翘起， 棒重可忽略，则男生向上提的力为(g取 则此时支点是点，直尺的重力为 N. 10 N/kg) () A.160N B.240N C.320ND.360N 二、选择题（每小题3分，共15分；每小题给出的 四个选项中，只有一个选项是符合题意的) 4.新情境古代科技(2023常州期中)如图1是 古代春米的场景（春米，就是把稻谷去壳，做成 白米)，春米装置的示意图如图2所示.使用这 a 种装置可以 () 第7题图 第8题图 8.如图所示，在长为L的轻质均匀杠杆的中点处 跨脚处 悬挂一重物，在杠杆的最右端施加一个始终与 杠杆垂直的力F,杠杆保持平衡.若不考虑杠杆 的自重和阻力，则杠杆从水平位置向上转动过 图1 图2 程中，拉力F大小 () 第4题图 A.逐渐变大 B.逐渐变小 A.省力 B.省功 C.费距离D.省距离 C.保持不变 D.先变大再变小 单元期末大练考物理八年级下册 人教版 23 三、实验题（每空2分，共10分）】 不计的杠杆A端，0O为杠杆的支点，已知OA= 9.小明用图1装置来探究杠杆的平衡条件，设弹 2OB,如果物体重50N,要使地面对物体的支 簧测力计和钩码对杠杆的拉力分别为动力F, 持力为10N,则应在杠杆B端竖直向下施加多 和阻力F2,1和2分别表示动力臂和阻力臂，他 大的拉力F才能使杠杆保持水平平衡？ 的实验思路是：改变F2、4和42，测得杠杆平衡 时所需的拉力F,来寻找F,、F2,和2四个物 理量之间的关系.已知实验前已调节杠杆在水 平位置平衡，弹簧测力计的量程为0~5N,杠杆 上每一格长10cm. 第10题图 图1 图2 第9题图 (1)为便于测量力臂，弹簧测力计应沿 方向拉杠杆，并使之在 位置平衡 实验 阻力 阻力臂 动力臂 动力 次数 F2/N 1/cm 1/cm F/N 1 4 33 30 2 18 30 2.4 3 4 7.5 30 1.0 (2)小明首先保持F,和l,不变而改变2，所获得 的实验数据如上表所示.第1次实验中弹簧测力计 示数的放大图如图2所示，则F,= N. (3)为获得更多组数据，小明继续进行(2)中实 ◆拓展提升 验.则为能顺利完成实验，在改变阻力臂时， 应不超过 cm:完成上述实验后，小明接 11.新考法数字化实验(4分)如图甲所示，AB 下来还应进行的实验有：①保持 不变而 为轻质杠杆，AC为轻质硬棒且与力传感器相 改变F2;②保持F和L2不变而改变l 连，图乙是物体M从A点开始向右匀速运动过 ◆拓展提升> 程中力传感器读数大小与时间的关系图像，则 四、计算与推导题（共7分：解答要有必要的公式 物体M的质量大小为 kg:已知OA的长 和过程) 度为30cm,OB足够长，AC能承受的最大弹力 10.如图所示，用一根细绳竖直向上拉着一个重为 大小为15N,若要杆不斯，物体从A点开始运 G的物体，该物体没有离开水平地面且保持静 动时间最长为 s.(g取10N/kg)》 FIN 止状态。 (1)如图甲所示，已知细绳对物体的拉力的大 力传 小为F,如果F<G,请推导并证明物体对地面 的压力Fs=G-F: 甲 (2)[较难]如图乙所示，将细绳竖直系在质量 第11题图 24 单元期末大练考物理八年级下册人教版单元期末大练考 物理 八年级下册 人教版 参考答案及解析 周测7 大气压强、流体压强与流速的关系 周测8 浮力、阿基米德原理 评分标准:1~7题,每空2分,共26分 评分标准:1~4题,每空2分,共16分 1.大气向各个方向都有压强 2.大 小 3.a 大气压 1.不受 受 2.11 3.1 10 变小 4.变小 高 5.一样 大 6.大气压 关闭 关闭 4.1.25×10* 1.25×10 7.20 评分标准:5~9题,每小题3分,共15分 评分标准:8~12题,每小题3分,共15分 5.B 6. D 7.C 8. B 9.C 8.D 9. B 10.B 10.(每空2分,共8分)(1)< (2)没有控制物体浸在 11.A【解析】登山过程中,大气压随着高度的升高而 液体中的体积相同(3)B(4)物体排开液体的体 降低,外界大气压减小,瓶内气压不变,玻璃管内的 积和液体的密度大小 液柱会上升,故A正确;由图可知,外界大气压加上 11.解:(1)水对杯底的压强; 玻璃管内液体的压强等于瓶内的气压,玻璃管内液 $$=gh=1.0x 10 kg/m t10 N/kg x0. 08 m=800 Pa$ 柱静止时,瓶内气压大于大气压,故BC错误;为提 水对杯底的压力: 高气压计的测量精度,即外界大气压的变化量相同 F=$ $=800 Pax70x 10 m=5.6 N .... (3分) 时,水柱变化的高度较大(可标注更多的刻度),且 (2)金属块A排开水的体积; 要求瓶内水的体积变化量相对较小,根据AV=SAh V=V=40x 10m'-410m$ 可知,应选用更细的破璃管,故D错误.故选A. 金属块A受到的浮力: 12.C 【解析】水的沸点与气压有关,气压减小,沸点随 F=$ gV.=1.0 x 10kg/mti10 N/kg t4t 之下降,将烧瓶内的气体,迅速往外抽,瓶内的气压 10m-0.4N 迅速降低,水的沸点降低,当低于水的温度时,瓶内 因为金属块A静止,由平衡条件可知,金属块A受到 的水将重新沸腾起来,故C正确.故选C 竖直向上的拉力加上浮力等于金属块A的重力,故 13.解:(1)空载的电梯匀速上升时受到竖直向下的重 金属块A所受的重力: 力、竖直向下的摩擦力和竖直向上的大气压力的差, G =F+F =0.4N+1.7 N=2.1N .....(4分) 所以重力和摩擦力两者之和就是气压差形成的压力 12.(3分)C 【解析】用弹策测力计测得其所受重力为 差,即F=G+f=mg +f= 100kx10 N/k+200= 12N.塑料袋浸入烧杯内的水中时,弹测力计示数 .......................).. 1200N........ 为3N,则装盐水的塑料袋受到的浮力F。=G。= (2)人和电梯的总重力: G-F=12N-3N=9N:因塑料袋放入水中时排开 G=(m+m.)g=(100 kg+60 kg)x10 N/kg= 的水没有溢出烧杯,所以烧杯里会上升9N的水,对 1600 N 杯底的压力增加了9N,故A错误,C正确;盐水的体 人乘电梯匀速上升时,受到竖直向下的重力、竖直向 12N Pasg=1.2x10'kg/mx10 N/kg -=1x 下的摩擦力和坚直向上的大气压力的差,故气压差 F =G+f=1600 N+2 00 N=1800 N$ l0*m,装盐水的塑料袋浸入烧杯内的水中,排开水 设顶部低压区的压强为D,则气压差产生的向上的 的体积V.= 9N Psg= 1.0x10'kg/m'x10 N/kg 压力: 0.9x10^m.所以VV.,即袋内盐水体积大于 F$=($-p)S=(1$10*Pa-p )x0.9m=1800N 烧杯中排开的水的体积,所以袋内液面比烧杯中的 解得p.=9.8x10Pa 水面高,故B错误;将装盐水的塑料袋浸入烧杯内的 则顶部低压区的气压p.=9.8x10Pa.....(3分) 水中,烧杯中水面上升,容器底所处液体深度变大, (3)电梯匀速下降时,受到竖直向下的重力、竖直向 液体密度不变,由p=pgh可知,液体对容器底部 上的摩擦力和竖直向上的压力. 的压强变大,故D错误,故选C. 电梯受到的向上的压力: F.=(p-$)S=(1t10 Pa -9. 5x10Pa)xt 周测9 物体的浮沉条件及应用 0.9 m2=4500 N 评分标准:1~6题,每空2分,共22分 电梯匀速下降,摩擦力方向向上,则: 1.小于 等于 2.下沉 增大 3.等于 等于 G=F+f=4500 N+200 N=4 700 N 4.下沉 5.沉底 上浮 6.变小 m。 总质量: .G 4700 N-470kg P-P 评分标准:7~10题,每小题3分,共12分. m= g10 N/kg 7.C 8.D 9.D 则下降时能装载的物体的最大质量 10.B【解析】由图可知,悬浮时排开海水的体积大于 m.=m-m=470 kg-100 kg=370 kg..... (3分) 漂浮时排开海水的体积,由F。=P。gV。可知,潜水 单元期末大练考 物理 八年级下册 人教版 参考答案及解析 艇悬浮时所受浮力比漂浮时大,即F。F.,故A G= 0.8N,所以从容器中取出液体的质量m= 错误;根据阿基米德原理可知,浮力等于排开液体所 , 受的重力;由A项可知F>F。,所以漂浮时排开 0.8N-0. 08 kg=80g,液体的密度p= 10 N/kg 海水所受的重力最小,故B正确;潜水艇上浮过程 80g=0.8g/cm'=0.8x 10' kg/m'. 中,露出水面前,V不变,根据F。=P。gV。可知, 100.cm 潜水艇所受浮力不变,逐渐露出水面时,V,减小,潜 水艇所受浮力减小,故C错误;由图可知,潜水艇漂 周测10功、功率 浮时其底部所处深度最小,根据p三pgh可知,此时 潜水艇底部所受海水压强最小,故D错误,故选B. 评分标准:1~5题,每空2分,共18分. 11.解:(1)物块A的体积V=(0.1m)=10m,则物 1.大于 小于 2.0 5 3.96 4.8 块A排开水的体积: 4.5:4 5.180 360 评分标准:6~11题,每小题3分,共18分 6.C 7. B 8.A 9.C 10.B 物块A受到的浮力:F=gV。=1.0x10kg/mx 11.B【解析】力F大小相等,且运动距离s三s,根据 10 N/kgx4x1. m.4N.................3分) W=Fs可知ab段和cd段做的功一样多,故A错误。 (2)弹策恰好处于自然状态时没有发生形变,则 B正确;已知运动时间!>t,且ab段和cd段做的 F.=G,即pgV.=P*gV 功一样多,根据P-W可知ab段功率较小,cd段功 。 则p= x1.0x10kg/m=0.4x 率较大,故CD错误,故选B .................分) l0}ym................. 12.解:(1)一个取水简中每次所取水的重力; G=mg --4 kgx 1o N/kg=-4o N ......... (2分) (3)物块A刚好浸没水中,弹的弹力: $F=F-G=$V- V=1.0$t10$kg/m$$tm (2)该简车旋转一周提升水的总重力: 10 N/kgx 10m-0. 4x10'kg/m'x10 N/kgx G. =nG-12x40 N-480 N 10-}m.....................分) 简车对进人接水的水所做的功: W=G.h=480 Nxi4m=1920 1 12.(4分)> nz 【解析】小球在甲中漂浮,浮力等 则做功的功率: 于自身重力,小球在乙中下沉,浮力小于重力,所以 60s 小球在甲中受到的浮力要大于在乙中受到的浮力, 13.解:(1)由图可知.0~40min时间段内汽车运动的 根据阿基米德原理可知,小球在甲中排开的液体的 重力要大于在乙中排开的液体的重力,根据G=mg 距离s=60km=6x10m.则0~40min时间段内汽 车的平均速度: 可知,溢出的液体质量m。,m,;由于小球在甲液体 中漂浮,由F。=G=G可得,mng=mg,则小球的 =40x60s (2)由图可知,汽车在0~60min内运动的距离s'= 0 100 km=1x10{m. m,小球在乙液体中排开液体的体积V。=V= n_ 0 则汽车在0~60min内牵引力做的功; W=Fs'=1800Nt1ti10*m=1.8t10 根据阿基米德原理可知,小球在乙液体中受到的浮 力F-=G.=mg,由F=^agV可得,乙液体$ 汽车在0~60min内的平均功率: W1.810..5i10.... (3分) 的密度p{=gV= P。 -=60x60s 14.(4分)9mgh 30mgh 【解析】每只餐盘的重力为 13.(4分)2.5 0.8x10 【解析】V=Sh.=25cmx G=mg,顾客取走第1只餐盘,余下餐盘上升的高度 l$0 cm=250cm=2.5x10m,容器受到水的浮力$ 均为h,餐盘机对余下的餐盘做功W.=(10-1)xGh= F=p gV =1.0 t10 kg/m xi10 N/kgx (10-1)xmgh=9mgh;顾客取走第2只餐盘,餐盘机 2.5x10 m=2.5N;从容器中取出100cm的液 对余下的餐盘做功W.=(10-2)xGh=(10-2)x 体后,容器下表面所处的深度h。=6.8cm= mgh=8mgh,顾客取走第3只餐盘,餐盘机对余下的 0.068m,容器减少的浮力AF=PgAV.=1.0x 餐盘做 W.=(10-3)xGh=(10-3)$xmgh= 1$0k/mx10 N/kgx2.5x10mx(0.1m 7mgh,顾客取走第4只餐盘,餐盘机对余下的餐盘做 0.068m)=0.8N,由于漂浮时浮力等于重力,所以 功W =(10-4)xGh=(10-4)tmgh=6mgh,若餐 减小的浮力等于减小的重力,所以,G=AF。= 盘被逐一取走,当剩下6只餐盘时,餐盘机对餐盘共 单元期末大练考 物理 八年级下册 人教版 参考答案及解析 做功W=W +W.+W.+W.=9mgh+8mgh+7mgh+$ 10.解:(1)图甲中,物体受到三个力的作用:竖直向上 6mgh=30mgh,功率P=W30mgh 的支持力F。和拉力F,竖直向下的重力G.因为物 体保持静止,所以F+F。=G.可得:F。=G-F 周测11 动能和势能、机械能及其转化 又根据力的作用是相互的,可知F。=F =G-F.. ...................................分) 评分标准:1~6题,每空2分,共22分 (2)当支持力F。=10N时,绳的拉力: 1.弹性势 2.风 惯性 3.增大 远 F$=G-F=50 N-10 N=40 N 4.增大 弹性势 5.变大 变大 6.A B 由力的作用是相互的可知,物体拉绳子的力为40N 评分标准:7~11题,每小题3分,共15分 则作用在杠杆A端力的大小F.-40N. 7.C 8.D 9.C 10. B 根据杠杆的平衡条件可得: 11.C【解析】由图甲、乙可知,刚开始的位置相同,故 F. .OA=F'·0B 机械能相同,但是两图对比可知,乙图中小球与升降 应在杠杆B端竖直向下施加的力; 台的距离小,故在上升下降过程,克服摩擦阻力做功 ”04 .............4分) 比甲图中的小球做功少,故比甲图中的小球上升得 高,由于要克服摩擦消耗机械能,故不可能回到原来 11.(4分)112.5 【解析】由图乙知,M在A点时,传 的位置,故N点在M点和0点之间,故ABD错误,C 感器受到的压力是F=10N,物体M在A点,传感器 正确.故选C. 受到的力的大小等于M重力大小,则M受到的重力 12.(每空2分,共6分)(1)甲、乙 (2)大(3)= G=F=10N,则M的质量m= 13.(每空2分,共12分)(1)木块移动的距离(2)乙。 :=10N/kg 丙(3)不同高度 大 超速(4)否 由图乙知,当W运动到支点0时,传感器受到的力是 14.(3分)C 0.用时5s,0A=30cm,则M的运动速度v= 周测12 杠杆 30.cm_6 cm/s.当M运动到支点0的右端时,传感 5s 评分标准:1~3题,每空2分,作图2分,共8分 器的最大弹力是F”=15N,此时M与支点0距离为 1.如答图所示 L.根据杠杆平衡条件得F*x0A=GxL.15Nx 30.cm=10NxL.解得L=45cm.则M运动的距离 s'=0A+L=30cm+45cm=75cm,由速度公式得. r=6cm/s 第1题答图 2.7.5 3.C 6 周测13 滑轮、机械效率 评分标准:4~8题,每小题3分,共15分 评分标准:1~4题,每空2分,作图2分,共12分 4.D 5.B 1.F 10 6.B 【解析】在A点施加动力,当动力的方向与支点和 2.如答图所示 力的作用点的连线垂直时,动力臂最大,此时最省力, 即沿b方向用力最小.故选B. O4A 7. B 【解析】物体的重力G=mg=40kgx10N/kg= 第2题答图 400N;以女生的手为支点,则物体的重力的力臂L。= 3.40 1.2m.男生的力臂L.=1.2+0.8m=2m;根据杠杆 4.A:100【解析】由图甲知,承担物重的绳子段数n= 的平衡条件可知.GL.=FZ.即400Nx1.2m=Fx 3.则绳子自由端移动的距离5三3h,由图乙知,(=2s 2m.解得F=240N,故B正确,故选B 8.B【解析】由题知,在杠杆的最右端施加一个始终垂 时,$.=3sn,因此图乙中图线A是绳子自由端运动的 s-1图像,图线B是物体运动的s一!图像;不计绳重 直杠杆向上的力F,将杠杆沿逆时针方向向上缓慢转 和摩擦,由F=士(G+G。)可得,动滑轮的重力G。= 动,如图所示,因动力始终垂直杠杆向上,则动力臂始 终等于杠杆的长,即动力臂L,不变,但从水平位置到 3F-G=32 00 N-5500 N=100 N. 斜向上位置时,阻力G的力臂L.变小,且阻力为G保 评分标准:5~7题,每小题3分,共9分. 持不变,根据杠杆的平衡条件可知,F是逐渐变小的. 5.C 6.D 故选B. 7.D 【解析】对沙子做的功是有用功,所提沙子的重力 9.(每空2分,共10分)(1)竖直水平(2)4.4(3) 相同,沙子上升的高度相同,根据W.三Gh可知,有用 37.51.和1. 功相同,因不计绳重与摩擦,克服袋子和动滑轮的重