专题03 孟德尔遗传规律的综合运用（四川专用）-【好题汇编】备战2024-2025学年高一生物下学期期中真题分类汇编

专题3 孟德尔遗传规律的综合运用 考点概览 考点01 常见遗传规律的分析 考点02 9：3：3：1及其变式 常见遗传规律的分析考点01 1．(23-24高一下·四川南充白塔中学·期中)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，基因型Aa的植株表现为小花瓣，基因型aa的植株表现为无花瓣。该植物花瓣的颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，基因型为rr的花瓣为黄色，两对等位基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（    ） A．子代共有9种基因型 B．子代共有5种表型 C．子代的所有植株中，纯合子约占1/4 D．子代有花瓣的植株中，AaRr所占的比例约为2/3 【答案】D 【来源】四川省南充市白塔中学2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】根据题意分析可知：控制花瓣大小和花色的基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，因此基因型为AaRr的亲本自交共产生16种组合方式，子代有9种基因型，由于花瓣大小是不完全显性，且aa表现无花瓣，因此共有5种表现型。 【详解】A、Aa个体自交后代的基因型有3种，Rr自交后代的基因型有3种，因此若基因型为AaRr的亲本自交，子代共有9种基因型，A正确； B、Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，所以子代的表型共5种，B正确； C、AaRr自交子代纯合子基因型为AARR、AArr、aaRR、aarr，各占1/4×1/4=1/16，故子代的所有植株中纯合子约占1/4，C正确； D、AaRr的亲本自交，子代有花瓣的植株的基因型为AA和Aa，比例为1:2，Aa占2/3，Rr占1/2，因此有花瓣的植株中AaRr所占的比例为2/3×1/2=1/3，D错误。 故选D。 2．(23-24高一下·四川广安友实学校、邻水正大实验学校·期中)某植物花色由基因D（褐色）、d（白色）控制，萼片形状由基因E（卷）、e（直）控制，叶形由基因F（缺刻叶）、f（全缘叶）控制，三对基因独立遗传且属于完全显性遗传。基因型为ddEeFF与DdEeFf的个体杂交，其子代表型与双亲不同的个体占全部后代的（　　） A．3/4 B．1/4 C．3/8 D．5/8 【答案】B 【来源】四川省广安市友实学校、邻水正大实验学校2023-2024学年高一下学期期中联考生物试题 【分析】把成对的基因拆开，一对一对的考虑，不同对的基因之间用乘法，即根据分离定律来解自由组合。 【详解】在完全显性且三对基因各自独立遗传的条件下，ddEeFF与DdEeFf杂交，其子代表型和双亲中ddEeFF相同（ddE_F_）的占1/2×3/4×1=3/8，其子代表型和双亲中DdEeFf相同（D_E_F_）的概率为1/2×3/4×1=3/8，故ddEeFF与DdEeFf杂交，其子代表型与双亲不同的个体占全部后代的比例为1-3/8-3/8=1/4，B正确，ACD错误。 故选B。 3．(23-24高一下·四川眉山彭山区第一中学·期中)蝴蝶紫翅（A）对黄翅（a）为显性，绿眼（B）对白眼（b）为显性，某小组用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1性状类型及比例如图所示。下列叙述正确的是（    ） A．亲本的基因型是AaBb×aaBb B．F1中纯合的紫翅绿眼占F1的1/8 C．F1紫翅白眼个体中，与亲本基因型相同个体占1/2 D．F1紫翅白眼个体随机交配，子代中黄翅白眼占1/9 【答案】D 【来源】四川省眉山市彭山区第一中学2023-2024学年高一下学期5月期中生物试题 【分析】基因自由组合定律：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、紫翅∶黄翅＝3∶1，可知亲本关于翅的颜色的基因型分别为Aa、Aa，绿眼∶白眼＝1∶1，可知亲本关于眼色的基因型为Bb、bb，故亲本基因型为AaBb×Aabb，A错误； B、亲本基因型为AaBb×Aabb，故F1中不存在纯合的紫翅绿眼（AABB），即其占F1的比例为0，B错误； C、亲本基因型为AaBb×Aabb，F1紫翅白眼的基因型为A_bb（AAbb：Aabb=1:2），与亲本基因型（Aabb）相同的概率为2/3，C错误； D、亲本基因型为AaBb×Aabb，F1紫翅白眼的基因型为A_bb（AAbb：Aabb=1:2），F1紫翅白眼个体随机交配，即1/3AAbb、 2/3Aabb，F2中出现黄翅膀白眼个体（aabb）的比例为2/3×2/3×1/4=1/9，D正确。 故选D。 4．(23-24高一下·四川内江第六中学·期中)某雌雄同株异花传粉的二倍体植物，抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制，相关基因为A、a和B、b，且A对a、B对b为完全显性，只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状。基因A使雄配子生物育性降低50%，其他配子育性正常。基因B存在显性纯合致死现象。下列选项错误的是（    ） A．该种植物抗除草剂与不抗除草剂的遗传遵循自由组合定律 B．仅考虑抗除草剂与不抗除草剂这对性状，植株中共有6种基因型 C．基因型为AaBb的植株产生的花粉AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶2∶2 D．♀甲（Aabb）×♂乙（aaBb），子代抗除草剂植物中含有两种除草剂基因的个体所占比例为1/4 【答案】D 【来源】四川省内江市第六中学2023-2024学年高一下学期期中考试生物试卷 【分析】基因自由组合定律的实质是：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。 【详解】A、抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制，遵循自由组合定律，A正确； B、抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制，两对等位基因遵循基因的自由组合定律，只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状，基因B存在显性纯合致死现象，因此抗除草剂植株的基因型有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb，不抗除草剂植株的基因型只有aabb，植株中共有6种基因型，B正确； C、该二倍体植物属于雌雄同株，故没有性染色体，基因A使雄配子生物育性降低50%，AaBb产生的花粉的比例为（1A∶2a）×（1B∶1b）=1AB∶1Ab∶2aB∶2ab，C正确； D、♀甲（Aabb）×♂乙（aaBb）进行杂交，正常情况下，产生的后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1，子代中表现为抗除草剂植株所占比例为3/4，在抗除草剂植株中含有两种除草剂基因的个体所占比例是1/3，D错误。 故选D。 5．(23-24高一下·四川成都青羊区树德中学·期中)玉米的宽叶（A）对窄叶（a）为显性，宽叶杂种（Aa）玉米表现为高产，比纯合显性和隐性品种的产量分别高12%和20%；玉米有茸毛（D）对无茸毛（d）为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。两对基因独立遗传。高产有茸毛玉米自交产生F1，则F1的成熟植株中（    ） A．有茸毛与无茸毛比为3：1 B．有9种基因型 C．宽叶有茸毛类型占1/2 D．高产抗病类型占1/4 【答案】C 【来源】四川省成都市青羊区树德中学2023-2024学年高一下学期5月期中生物试题 【分析】自由组合定律是当具有两对（或更多对）相对性状的亲本进行杂交时，在子一代产生配子的过程中，非同源染色体上的非等位基因自由组合，即一对染色体上的等位基因与另一对染色体上的等位基因的分离或组合是彼此间互不干扰的，各自独立地分配到配子中去。 【详解】A、根据题意，高产有茸毛玉米(AaDd)自交产生F1，则F1的幼苗中A__D__∶A__dd∶aaD__∶aadd＝9∶3∶3∶1，由于DD显性基因纯合时在植株幼苗期就不能存活，故F1的成熟植株中AADd∶AaDd∶AAdd∶Aadd∶aaDd∶aadd＝2∶4∶1∶2∶2∶1，因此F1的成熟植株中有茸毛与无茸毛比为8∶4＝2∶1，A错误； B、F1的成熟植株中有6种基因型AADd、AaDd、AAdd、Aadd、aaDd、aadd，B错误； C、F1的成熟植株中宽叶有茸毛类型AADd、AaDd占1/2，C正确； D、F1的成熟植株中高产抗病类型占4/12＝1/3，D错误。 故选C。 6．(23-24高一下·四川成都青羊区树德中学·期中)黑腹果蝇的复眼缩小和眼睛正常是一对相对性状，由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制，只有双显性才表现为复眼缩小，且基因型为Aa的个体只有75%为显性性状。现将一对基因型为AaBb的果蝇杂交，假设后代数量足够多，下列分析错误的是（    ） A．后代中基因型相同的个体的表现型不一定相同 B．杂交后代眼睛正常个体中纯合子占6/17 C．F1性状分离比为复眼缩小：眼睛正常=15：17 D．两个眼睛正常的纯合亲本的杂交子代可以全为复眼缩小 【答案】D 【来源】四川省成都市青羊区树德中学2023-2024学年高一下学期5月期中生物试题 【分析】由题意只有双显性才表现为复眼缩小，且基因型为Aa的个体只有75%为显性性状可知，表现型为复眼缩小的个体中，基因型为AaBb和AaBB的个体各有75%为复眼缩小，25%为眼睛正常。 【详解】A、由题基因型为Aa的个体只有75%为显性性状可知：后代中基因型相同的个体的表现型不一定相同，A正确； B、一对基因型为AaBb的果蝇杂交，F1中，AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，由于只有双显性才表现为复眼缩小，且基因型为Aa的个体只有75%为显性性状，所以F1中眼睛正常个体所占比例为1/2Aa×3/4（BB＋Bb）×（1－75%）＋1/4aa×（3/4 B_＋1/4bb）＋3/4A_×1/4bb）＝17/32，F1中眼睛正常纯合子所占比例为1/4aa×（1/4BB＋1/4bb）＋1/4AA×1/4bb）＝3/16，所以杂交后代眼睛正常个体中纯合子占3/16÷17/32＝6/17，B正确； C、F1中复眼缩小所占比例为1－17/32＝15/32，因此F1性状分离比为复眼缩小：眼睛正常＝15:17，C正确； D、眼睛正常的纯合子的基因型为aaBB、aabb、AAbb，其中只有aaBB与AAbb的杂交子代才会出现复眼缩小的个体（AaBb），该个体所占比例为75%，D错误。 故选D。 7．(23-24高一下·四川德阳外国语学校·期中)亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，三对基因控制三对相对性状，且三对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（    ） A．后代的表型共有8种 B．后代基因型共有18种 C．后代基因型为AABbCc的个体所占比例为1/16 D．后代基因型为aabbCc的个体所占比例为1/16 【答案】D 【来源】四川省德阳市外国语学校2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，三对基因控制三对相对性状，且三对基因独立遗传，单独看每一对等位基因杂交的结果，Aa×Aa后代的表型为2种，Bb×Bb后代的表型为2种，Ccxcc后代的表型为2种，亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc后代表型共有2×2×2=8种，A正确； B、单独看每一对等位基因杂交的结果，Aa×Aa后代的基因型为3种，Bb×Bb后代的基因型为3种，Cc×cc后代的基因型为2种，亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc后代基因型共有3×3×2=18种，B正确； C、亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，后代基因型为AABbCc的个体所占比例为1/4×1/2×1/2=1/16，C正确； D、亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，后代基因型为aabbCc的个体所占比例为1/4×1/4×1/2=1/32，D错误。 故选D。 8．(23-24高一下·四川泸州泸县·期中)已知水稻高秆（T）对矮秆（t）为显性，抗病（R）对感病（r）为显性，这两对基因独立遗传。现将一株表现型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一植株，所得后代表现型为高秆：矮秆=3：1，抗病：感病=1：1。根据以上实验结果，下列叙述错误的是（    ） A．以上母本和父本都为杂合子 B．以上父本可产生4种比例相等的配子 C．以上后代群体的基因型有9种 D．以上后代群体的表现型有4种 【答案】C 【来源】四川省泸州市泸县2023-2024学年高一下学期4月期中生物试题 【分析】根据题意可知，两对基因遵循自由组合定律遗传，将一株表现型为高秆、抗病的植株（T_R_）的花粉授给另一植株，所得后代表现型为高秆：矮秆=3：1，抗病：感病=1：1，由于后代中高秆：矮秆=3：1，故亲本基因型为Tt×Tt；由于后代中抗病：感病=1：1，故亲本基因型为Rr×rr；因此两亲本中父本的基因型为TtRr，母本的基因型为Ttrr，两者均为杂合子。 【详解】A、根据题意可知，两对基因遵循自由组合定律遗传，将一株表现型为高秆、抗病的植株（T R ）的花粉授给另一植株，所得后代表现型为高秆：矮秆=3：1，抗病：感病=1：1，由于后代中高秆：矮秆=3：1，故亲本基因型为Tt×Tt；由于后代中抗病：感病=1：1，故亲本基因型为Rr×rr；因此两亲本中父本的基因型为TtRr，母本的基因型为Ttrr，两者均为杂合子，A正确； B、根据A项分析可知，父本的基因型为TtRr，其产生的配子及比例为TR：Tr：tR：tr=1：1：1：1，B正确； C、根据A项分析可知，父本的基因型为TtRr，母本的基因型为Ttrr，则亲本Tt×Tt，可产生3种基因型的后代，亲本Rr×rr，可产生2种基因型的后代，故TtRr×Ttrr，后代的表现型种类为3×2=6种，C错误； D、根据A项分析可知，父本的基因型为TtRr，母本的基因型为Ttrr，则亲本Tt×Tt，可产生2种表现型的后代，亲本Rr×rr，可产生2种表现型的后代，故TtRr×Ttrr，后代的表现型种类为2×2=4种，D正确。 故选C。 9．(23-24高一下·四川南充西充中学·期中)将基因型为AaBbCcDD和AABbCcDd的向日葵杂交，按基因自由组合定律，后代中基因型为AABBCCDd的个体比例应为（    ） A．1/8 B．1/16 C．1/32 D．1/64 【答案】D 【来源】四川省南充市西充中学2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】两种不同基因型的个体杂交，每一对基因都符合基因的分离定律，如果这几对基因自由组合，则可以用乘法法则计算出子代中基因型、表现型种类等。 【详解】Aa×AA产生的基因型为AA的子代个体占1/2，Bb×Bb产生的基因型为BB的子代个体占1/4，Cc×Cc产生的基因型为CC的子代个体占1/4，DD×Dd产生的基因型为Dd的子代个体占1/2，所以子代中基因型AABBCCDd的个体比例占所有子代的1/2×1/4×1/4×1/2＝1/64，D正确，ABC错误。 故选D。 10．(23-24高一下·四川眉山仁寿县·期中)亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，三对基因控制三对相对性状，且三对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（　　） A．后代的表型共有8种 B．后代基因型共有18种 C．后代基因型为AABbCc的个体所占比例这1/16 D．后代中不同于亲本表型的个体所占的比例为9/16 【答案】D 【来源】四川省眉山市仁寿县2023-2024学年高一下学期4月期中生物试题 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，三对基因控制三对相对性状，且三对基因独立遗传，单独看每一对等位基因杂交的结果，Aa×Aa后代的表型为2种，Bb×Bb后代的表型为2种，Cc×cc后代的表型为2种，亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc后代表型共有2×2×2=8种，A正确； B、单独看每一对等位基因杂交的结果，Aa×Aa后代的基因型为3种，Bb×Bb后代的基因型为3种，Cc×cc后代的基因型为2种，亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc后代基因型共有3×3×2=18种，B正确； C、亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，后代基因型为AABbCc的个体所占比例为1/4×1/2×1/2=1/16，C正确； D、后代中同于亲本表型的基因型为A_B_C_和A_B_cc，后代中A_B_C_的概率为3/4×3/4×1/2=9/32，A_B_cc的概率为3/4×3/4×1/2=9/32，故后代中不同于亲本表型的个体所占的比例为1-9/32-9/32=7/16，D错误。 故选D。 11．(23-24高一下·四川乐山第一中学·期中)某昆虫体色的黄色对黑色为显性，翅形的长翅对残翅为显性，两种性状独立遗传。现有两纯合亲本杂交得F1，F1雌雄个体间相互交配得F2，F2的表现型及比例为黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅=2∶3∶3∶1，下列分析，正确的是（　　） A．F1产生的具有受精能力的雌、雄配子的种类不同 B．该昆虫种群中存在控制黄色和长翅的基因纯合致死现象 C．F2黄色长翅个体与黑色残翅个体杂交后代没有黄色长翅 D．F2个体存在6种基因型，其中杂合子所占比例为1/3 【答案】C 【来源】四川省乐山第一中学2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】根据题意“某昆虫体色的黄色（设由A控制）对黑色为显性，翅形的长翅（设由B控制）对残翅为显性，两种性状受两对独立遗传的等位基因控制”，说明两对基因遵循自由组合定律，分析F2中黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅=2∶3∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明在黄色长翅中存在致死现象。若为配子致死，由子代份数为2+3+3+1=9可知，雌雄配子中各有一种类型死亡，又由于后代只有双显性个体减少，所以可初步判断雌雄配子中均出现AB配子致死现象，此时子二代符合题目所示2∶3∶3∶1的表现。若为合子致死则无法出现上述比例。 【详解】A、F2中黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅=2∶3∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明在黄色长翅中存在致死现象。若为配子致死，由子代份数为2+3+3+1=9可知，雌雄配子中各有一种类型死亡，又由于后代只有双显性个体减少，所以可初步判断雌雄配子中均出现AB配子致死现象，此时子二代符合题目所示2∶3∶3∶1的表现。即F1产生的具有受精能力的雌、雄配子的种类应相同，A错误； B、若控制黑色和长翅的纯合子致死，则F2中的黄色长翅的份数应为4而非2，且黄色残翅和黑色长翅中也应该有致死的个体，故子二代不符合题目所示2∶3∶3∶1的表现，B错误； C、若为雌雄配子中均出现AB配子致死现象，则F2中黄色长翅个体基因型为AaBb，黑色残翅基因型为aabb，由于AB配子死亡，所以后代基因型和比例为Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1，分别对应黄色残翅、黑色长翅、黑色残翅，C正确； D、若为雌雄配子中均出现AB配子致死现象，则子二代存在的基因型为6种，分别为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、2AaBb、1aabb，杂合子所占比例为6/9=2/3，D错误。 故选C。 12．(23-24高一下·四川眉山仁寿第一中学校（北校区）·期中)在孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，可能具有1：1：1：1比例关系的是（　　） ①F1产生配子类别的比例②F1自交后代的性状分离比③F1自交后代的基因型比例④F1测交后代的表型比例⑤F1测交后代的基因型比例 A．①④⑤ B．①②④ C．①③⑤ D．②③⑤ 【答案】A 【来源】四川省眉山市仁寿第一中学校（北校区）2023-2024学年高一下学期5月期中考试生物试题 【分析】基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的;在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】①由于F1是双杂合子，产生的配子有4种，比例是1：1：1：1，①正确； ②由于F1为双杂合子，F1自交后代的性状分离比是9：3：3：1，②错误； ③由于一对相对性状的遗传实验F1自交后代的基因型是三种，比例是1：2：1，所以两对相对性状的遗传实验中F1自交后代的基因型是9种，③错误； ④测交是 F1与隐性纯合子杂交，由于F1是双杂合子，后代的表型比例为1：1：1：1，④正确； ⑤测交是 F1与隐性纯合子杂交，由于 F1是双杂合子，后代的基因型比例为1：1：1：1，⑤正确。 综上所述，①④⑤正确，②③错误， 故选A。 13．(23-24高一下·四川遂宁射洪四川射洪中学校·期中)某植物的花色、茎的高度和籽粒颜色分别由一对等位基因控制，现用红花高茎黄色籽粒的植株自交，F1的表现型及其比例为红花：白花=2：1、高茎：矮茎=3：1、黄色籽粒：绿色籽粒=3：1，下列推断错误的是（    ） A．控制红花的基因纯合时会有致死效应 B．控制花色基因的遗传遵循基因的分离定律 C．取F1的红花测交，其子代表现型及比例为红花：白花=1：1 D．控制茎的高度、籽粒颜色基因的遗传遵循基因的自由组合定律 【答案】D 【来源】四川省遂宁市射洪市四川省射洪中学校2023-2024学年高一下学期5月期中生物试题 【分析】当生物的性状只受一对等位基因的控制时，其遗传遵循基因的分离定律；受两对及两对以上的等位基因控制，且每对等位基因控制一种性状，两对及两对以上的等位基因分别位于非同源染色体上时，这些等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。 【详解】ABC、红花自交-→F1的表现型及其比例为红花：白花=2： 1，应该为AA+Aa： as =3：1，说明可能存在AA致死的现象，虽然致死也是在基因分离定律的基础上算出来再致死的，F1的红花测交： Aa×aa-→Aa： aa=l： 1，ABC正确。 D、高茎：矮茎=3： 1.黄色籽粒：绿色籽粒=3： 1，只能说明每对性状均遵循分高定律，但无法确定控制两对性状的基因是否位于两对同源染色体，所以无法判断二者是否遵循基因的自由组合定律，D错误。 故选D。 14．(23-24高一下·四川自贡蜀光中学·期中)荠菜果实性状（三角形和卵圆形）的遗传涉及两对等位基因（A/a、B/b），某同学进行的杂交实验如图所示。下列相关叙述错误的是（　　） A．F1测交后代的不同表型比为3： 1 B．亲本的基因型为AABB×aabb或者aaBB×AAbb C．F2中的卵圆形果实与亲本的卵圆形果实基因型相同 D．F2的三角形果实中有7/15的个体自交后代不发生性状分离 【答案】B 【来源】四川省自贡市蜀光中学2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】由于F2的三角形果实和卵圆形果实，符合比例为15：1，从而推出亲本F1的基因型AaBb，故图中亲本基因型分别为AABB（三角形果实）、aabb（卵圆形果实）。 【详解】A、由图中F2的表型及比例为三角形果实：卵圆形果实=15：1可知，F1的基因型为AaBb，亲本的基因型为AABB和aabb，F1测交后代的不同表型比为3：1，A正确，B错误； C、据图分析，F2中的卵圆形果实与亲本的卵圆形果实基因型相同，均为aabb，C正确； D、F2的三角形果实中的1AABB、2AaBB、2AABb、1aaBB、1AAbb个体自交后代不发生性状分离，在F2的三角形果实中的比例为7/15，D正确。 故选B。 15．(23-24高一下·四川成都简阳实验学校（成都石室阳安学校）·期中)番茄中存在多对相对性状，其中缺刻叶（D）对马铃薯叶（d）为显性，紫茎（A）对绿茎（a）为显性。现将紫茎、马铃薯叶的纯合植株与绿茎、缺刻叶的纯合植株杂交，在F2中得到9：3：3：1的性状分离比。下列相关叙述错误的是（　　） A．F1的表型为紫茎、缺刻叶，其基因型为AaDd B．F1与绿茎、缺刻叶纯合植株杂交，所得子代中杂合子占3/4 C．F2中与亲本类型不同的表型有2种，占F2代的比例为3/8 D．F2紫茎缺刻叶中杂合子占8/9 【答案】C 【来源】四川省成都市简阳实验学校（成都石室阳安学校）2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】根据题意分析可知：F1自交得到的F2中紫茎缺刻叶∶紫茎马铃薯叶∶绿茎缺刻叶∶绿茎马铃薯叶=9∶3∶3∶1，说明两对基因遵循自由组合定律，子一代基因型为AaDd，表现为紫茎缺刻叶，即紫茎、缺刻叶为显性性状。 【详解】A、根据题意分析可知：F1自交得到的F2中紫茎缺刻叶∶紫茎马铃薯叶∶绿茎缺刻叶∶绿茎马铃薯叶=9∶3∶3∶1，说明两对基因遵循自由组合定律，子一代基因型为AaDd，表现为紫茎缺刻叶，即紫茎、缺刻叶为显性性状，A正确； B、F1AaDd与绿茎、缺刻叶纯合植株aaDD杂交，所得子代中纯合子占1/2×1/2=1/4，杂合子占3/4，B正确； C、F2中与亲本表现型不同的表现型为紫茎缺刻叶A_D_（9份）和绿茎马铃薯叶aabb（1份），占F2代的比例为10/16=5/8，C错误； D、F2中紫茎缺刻叶杂合子的基因型为4AaDd、2AADd、2AaDD，纯合子的基因型为1AADD，因此F2紫茎缺刻叶中杂合子占8/9，D正确。 故选C。 16．(23-24高一下·四川成都蓉城名校联盟·期中)某植物的花色这一性状受两对遗传因子A/a和B/b控制。基因型为AAbb和aaBB的两亲本杂交，F1全开红花，F1自交得到F2的表型及比例为红花：白花=9：7。下列相关叙述错误的是（    ） A．F1的基因型为AaBb B．F2白花中的纯合子占3/16 C．F2中基因型与亲本相同的占1/8 D．基因与性状之间不一定是一一对应关系 【答案】B 【来源】四川省成都市蓉城名校联盟2023-2024学年高一下学期期中考试生物 【分析】在生物体的体细胞中，控制同一种性状的遗传因子成对存在，不相融合，在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。 【详解】A、F1自交得到F2的表型及比例为红花：白花=9：7，符合自由组合定律，说明F1的基因型为AaBb，A正确； B、由于F2的表型及比例为红花：白花=9：7，可知红花为双显性个体。F2白花中的纯合子占3/7，B错误； C、亲本基因型为AAbb和aaBB，则F2中基因型与亲本相同的=1/16AAbb+1/16aaBB=1/8，C正确； D、某植物的花色这一性状受两对遗传因子A/a和B/b控制，说明基因与性状之间不一定是一一对应关系，D正确。 故选B。 17．(23-24高一下·四川大数据学考大联盟·期中)某种闭花受粉植物的花色有白色、红色和紫色，控制花色的基因与花色的关系如图所示：现将白色和紫色两个纯合品种杂交，F1全为紫花，F2为紫花：红花：白花＝9：3：4。下列叙述错误的是（　　）    A．这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 B．F2白花植株的自交后代都开白花 C．F1紫花×纯合白花，后代白花植株占1/4 D．F2紫花植株的基因型有4种 【答案】C 【来源】四川省大数据学考大联盟2023-2024学年高一下学期期中考试质量检测生物试卷 【分析】据图可知，A_B_表现为紫花，A_bb表现为红花，aaB_和aabb表现为白花。 【详解】A、根据基因与花色的关系图，A_B_表现为紫花，A_bb表现为红花，aaB_和aabb表现为白花，F2为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，说明F1为AaBb，且两对基因遵循自由组合定律，A正确； B、F2的白花植株（aaB_和aabb）自交后代均为aa_ _，表现为白花，B正确； C、F1紫花（AaBb）×纯合白花（aabb或aaBB），后代为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1，表现为紫花∶红花∶白花=1∶1∶2，白花占1/2，或子代AaBB∶AaBb∶aaBB∶aaBb=1∶1∶1∶1，表现为紫花∶白花=1∶1，即白花占1/2，C错误； D、F2紫花植株的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb共4种，D正确。 故选C。 9：3：3：1及其变式考点02 1．(23-24高一下·四川大数据学考大联盟·期中)水稻种子的有芒和无芒由等位基因B/b控制，非糯性与糯性由等位基因R/r控制。让有芒非糯性水稻自交，F1的表型及比例为有芒非糯性：有芒糯性：无芒非糯性：无芒糯性=6：2：3：1。下列有关分析正确的是（　　） A．该水稻存在基因R纯合致死现象 B．F1无芒非糯性水稻中，纯合子占1/12 C．F1的有芒糯性水稻只有一种基因型 D．这两对基因的遗传不遵循基因的自由组合定律 【答案】C 【来源】四川省大数据学考大联盟2023-2024学年高一下学期期中考试质量检测生物试卷 【分析】分析题干可知，有芒水稻自交，子代既有有芒又有无芒，故有芒是显性性状，非糯性水稻自交，子代既有非糯性又有糯性，故非糯性是显性性状。 【详解】A、根据F1的表型及比例得出，有芒：无芒=2：1，非糯性：糯性=3：1，说明有芒纯合个体（BB）致死，A错误； B、根据F1的表型及比例得出，有芒：无芒=2：1，非糯性：糯性=3：1，可推出亲本基因型为BbRr，故F1无芒非糯性水稻中，bbRR：bbRr=1：2，纯合子占1/3，B错误； C、F1的有芒糯性水稻只有Bbrr一种基因型，C正确； D、由于有芒：无芒=2：1，非糯性：糯性=3：1，自由组合后满足有芒非糯性：有芒糯性：无芒非糯性：无芒糯性＝6：2：3：1，故遵循自由组合定律，D错误。 故选C。 2．(23-24高一下·福建三明第一中学·期中)某种自花传粉的植物的花色有紫花和白花两种表型，为探究该种植物花色的遗传规律，随机选取了多对天然纯种紫花和白花植株作为亲本进行杂交实验，结果如下表。 亲本 F1 F1自交得到的F2 紫花×白花 紫花 紫花:白花＝15:1 回答下列问题： (1)根据实验结果判断， 花是显性性状。 (2)针对以上实验结果，同学甲提出如下假设：该种植物花色的遗传受两对独立遗传的等位基因控制，F1的两对等位基因均为杂合。 ①同学甲做出这种假设的依据是 。 ②若同学甲的假设是正确的，假定这两对等位基因分别用A/a、B/b表示，则上表中F2紫花个体中纯合子所占的比例为 。 (3)同学乙提出：该种植物花色的遗传受一对等位基因A，a控制，F2出现“紫花:白花＝15:1”的原因是F1产生的含a的花粉中有一部分不育，而雌配子不存在这种现象。若同学乙的观点成立，则含a的花粉中，不育花粉所占的比例为 。请帮同学乙设计杂交实验以验证他的观点正确，写出实验思路和预期结果。 实验思路： 。 预期结果：① ② 。 【答案】(1)紫 (2) F2两种花色之比15:1为9:3:3:1的变式，说明该种植物花色的遗传受两对独立遗传的等位基因控制（或F2两种花色的比例份数之和为16，这提示F1产生了4种比例相等的雌配子，也产生了4种比例相等的雄配子，只有两对等位基因都杂合且两对等位基因独立遗传的个体才能产生这样比例的配子） 1/5 (3) 6/7 用F1紫花植株与白花植株进行正反交，统计两个杂交组合得到的子代植株的表型及比例 F1紫花植株做父本得到的子代中，紫花：白花＝7:1 F1紫花植株做母本得到的子代中，紫花：白花＝1:1 【来源】福建省三明市第一中学2023-2024学年高一下学期期中考试生物试题 【分析】分析表中信息：紫花与白花杂交，F1均为紫花，说明紫花是显性性状。F2中的紫花∶白花＝15∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明该种植物的花色受两对等位基因控制，它们的遗传遵循基因的自由组合定律；假定这两对等位基因分别用A/a、B/b表示，则紫花为A_B_、A_bb、aaB_，白花为aabb。 【详解】（1）紫花与白花杂交，F1均为紫花，说明紫花对白花是显性性状。 （2）①表中信息显示：F2中的紫花∶白花＝15∶1，为9∶3∶3∶1的变式（或F2两种花色的比例份数之和为16，这提示F1产生了4种比例相等的雌配子，也产生了4种比例相等的雄配子，只有两对等位基因都杂合且两对等位基因独立遗传的个体才能产生这样比例的配子），说明该种植物花色的遗传受两对独立遗传的等位基因控制，F1的两对等位基因均为杂合。 ②假定这两对等位基因分别用A/a、B/b表示，则上表中F1的基因型为AaBb，F1自交所得到的F2紫花个体的基因型及其比例为AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb∶aaBB∶aaBb∶AAbb∶Aabb＝1∶2∶2∶4∶1∶2∶1∶2，其中纯合子所占的比例为3/15＝1/5。 （3）若该植物花色遗传受一对等位基因（A/a）控制，则F1的基因型为Aa，理论上F1产生的花粉的基因型及其比例为A∶a＝1∶1，F1产生的雌配子的基因型及其比例也为A∶a＝1∶1。若F2中出现“紫花∶白花＝15∶1”的原因是F1产生的含a的花粉中有一部分不育，而雌配子不存在这种现象，假设在基因型为a的花粉中，不育花粉所占的比例为X，可育花粉所占的比例为（1－X），综上分析可推知：1/2×[（1－X）÷（1＋1－X）]＝1/16，解得X＝6/7。 如果通过设计杂交实验来验证上述观点，即F2中出现“紫花∶白花＝15∶1”的原因是F1产生的含a的花粉中有一部分不育，而雌配子不存在这种现象，则可以进行正交与反交实验。 实验思路为：用F1紫花植株（Aa）与白花植株（aa）进行正交与反交，统计两个杂交组合得到的子代植株的表型及比例。 预期结果：若F1紫花植株做父本，则其产生的花粉的基因型及其比例为A∶a＝1∶1×（1－6/7）＝7∶1；父本F1紫花植株与白花植株（aa）杂交所得到的子代中，紫花∶白花＝7∶1。若F1紫花植株做母本，则其产生的雌配子的基因型及其比例为A∶a＝1∶1，母本F1紫花植株与白花植株（aa）杂交所得到的子代中，紫花∶白花＝1∶1。 3．(23-24高一下·四川泸州泸县·期中)某种牵牛花的花色有蓝色、红色、白色三种，花色的遗传受两对等位基因控制（相关基因用A/a、B/b表示）。现用基因型不同的两纯合亲本杂交，所得F1全为蓝花，F1自交，F2中蓝花：红花：白花=9：6：1。请分析回答下列问题： (1)上述两对基因的遗传 （填“遵循”或“不遵循”）自由组合定律，理由是 。 (2)请写出符合杂交实验结果的一组亲本的基因型： 。 (3)若让F1蓝花植株与白花植株杂交，子代出现红花的概率是 。 (4)F2红花植株的基因型有 种；能否用自交的方法判断出F2中红花植株的基因型，请说出你的理由： 。 【答案】(1) 遵循 F2中蓝花：红花：白花=9：6：1，属于9：3：3：1变式 (2)aAABB、aabb或AAbb、aaBB (3)4/9 (4) 4/四 AAbb自交后代全是红花，Aabb自交后代红花：白花=3：1，aaBB自交后代全是红花，aaBb自交后代红花：白花=3：1，可见不能用自交方法判断F2基因型 【来源】四川省泸州市泸县2023-2024学年高一下学期4月期中生物试题 【分析】自由组合定律：控制 不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成 配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定 不同性状的遗传因子自由组合。 【详解】（1）F1自交，F2中蓝花：红花：白花=9：6：1，属于9：3：3：1变式，表明控制花色的两对基因的遗传遵循自由组合定律。 （2）由F2中蓝花：红花：白花=9：6：1，可知F1基因型为AaBb，则亲本基因型为AABB×aabb或AAbb×aaBB。 （3）F2中蓝花：红花：白花=9：6：1，则蓝花基因型为A_B_，红花基因型为A_bb+aaB_，白花基因型为aabb，F1蓝花植株（1/9AABB+2/9AaBB+2/9AABb+4/9AaBb）与白花植株（aabb）杂交，F1蓝花植株产生配子为1/9AABB产生配子为1/9AB，2/9AaBB产生配子为1/9AB+1/9aB，2/9AABb产生配子为1/9AB+1/9Ab，4/9AaBb产生配子为1/9AB+1/9Ab+1/9aB+1/9ab，即AB：aB：Ab：ab=4：2：2：1，F1蓝花植株与白花植株杂交，子代出现红花的概率是aaBb+Aabb=2/9+2/9=4/9。 （4）由小问3可知，F2红花植株的基因型为A_bb+aaB_，即4种基因型；AAbb自交后代全是红花，Aabb自交后代红花：白花=3：1，aaBB自交后代全是红花，aaBb自交后代红花：白花=3：1，可见不能用自交方法判断F2基因型。 4．(23-24高一下·四川成都蓉城名校联盟·期中)某植物的花色由两对等位基因控制，且两对基因独立遗传，其花色合成如图所示。回答下列问题（不考虑致死现象）： (1)该植物种群中，红花植株基因型有 种。 (2)亲本基因型为AaBb的植株自花受粉产生子一代，亲本产生的配子类型有4种，分别为 ，子一代的表型及比例为 。 (3)在某段时间内，黄花更受人喜爱，请利用（2）中子一代所得黄花植株，设计培育出能稳定遗传的黄花植株，写出简要程序，第一步： ；第二步： 。 【答案】(1)4 (2) AB、Ab、aB、ab 白花：黄花：红花=4：3：9 (3) 取（2）中的子一代黄花植株自交 选取后代中不发生性状分离的黄花植株，即为能稳定遗传的黄花植株 【来源】四川省成都市蓉城名校联盟2023-2024学年高一下学期期中考试生物 【分析】1、基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 2、分析题意：基因型为aa_ _为白花、基因型为A_bb为黄花、基因型为A _B_为红花。 【详解】（1）据题干信息分析，基因型为A _B_表现为红花，红花植株基因型有4种。 （2）亲本基因型为AaBb的植株减数分裂形成配子时非等位基因自由组合，因此可以产生AB、Ab、aB、ab四种配子。亲本基因型为AaBb的植株自花受粉子代基因型分别是aa_ _，A_bb，A _B_，基因型为aa_ _为白花、基因型为A_bb为黄花、基因型为A _B_为红花，白花：黄花：红花=4：3：9。 （3）稳定遗传的黄花植株的基因型是AAbb，培育步骤是取（2）中的子一代黄花植株（A_bb）自交，选取后代中不发生性状分离的黄花植株，即为能稳定遗传的黄花植株。 5．(23-24高一下·四川眉山仁寿县·期中)某自花传粉植物的花色受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，这两对等位基因与花色的关系如图所示。若用纯合红花植株与纯合白花植株自交，F1全为红花，F1自交获得F2，回答下列相关问题： (1)亲本中纯合白花植株的基因型为 。 (2)若F2中红花：粉花：白花=9：3：4，则F1的基因型为 ，F2的红花植株中，纯合子所占比例为 ，F2的粉花植株自交，后代表现型及比例为 。 【答案】(1)aabb或aaBB (2) AaBb 1/9 粉花∶白花=5∶1 【来源】四川省眉山市仁寿县2023-2024学年高一下学期4月期中生物试题 【分析】题意分析，某自花传粉植物的花色受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，且两对等位基因独立遗传，结合基因与性状的关系可知，该群体中基因型和表型的对应关系为A_B_（红色）、A_bb（粉花）、aa__（白色）。 【详解】（1）根据图示可知，该群体中基因型和表型的对应关系为A_B_（红色）、A_bb（粉花）、aa_ _（白色），若用纯合红花植株（AABB）与纯合白花植株自交，F1全为红花（A_B_），则纯合白花植株基因型为aabb或aaBB。 （2）若F2中红花∶粉花∶白花=9∶3∶4，则F1的基因型为AaBb，F2的红花植株中，基因型和比例为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb=1∶2∶2∶4，故纯合子所占比例为1/9。F2的粉花植株（1/3AAbb、2/3Aabb）自交，后代表型及比例为：粉花（A_bb）∶白花（aa__）=（1/3+2/3×3/4×1）∶（2/3×1/4×1）=5∶1。 6．(23-24高一下·四川眉山仁寿县·期中)已知红玉杏花朵颜色由两对基因（A、a和B、b）控制，A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅。B基因与细胞液的酸碱性有关。其基因型与表现型的对应关系见表。 基因型 A_bb A_Bb A_BB  aa_____ 表现型 深紫色 淡紫色 白色 (1)若A、a和B、b两对基因独立遗传，则取淡紫色红玉杏（AaBb）自交，F1中白色红玉杏的基因型有 种，其中纯种个体大约占 。 (2)若A、a和B、b两对基因独立遗传，以纯合白色植株和纯合深紫色植株作亲本杂交，子一代全部是淡紫色植株。该杂交亲本的基因型组合是 。 (3)为了研究控制红玉杏花朵颜色的两对基因（A、a和B、b）是否遵循自由组合定律。现利用淡紫色红玉杏（AaBb）设计实验进行探究。 实验思路： 实验预测及结论： 若子代红玉杏花色为 ，则A、a和B、b基因的遗传遵循自由组合定律，若子代没有出现这个比例，则该两对基因的遗传不遵循自由组合定律。 【答案】(1) 5 3/7 (2)AABB×AAbb或aaBB×AAbb (3) 让淡紫色红玉杏（AaBb）植株自交，观察并统计子一代红玉杏花的颜色和比例。 深紫色：淡紫色：白色=3：6：7 【来源】四川省眉山市仁寿县2023-2024学年高一下学期4月期中考试生物试题 【分析】1、根据题意可知：A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅，B基因与细胞液的酸碱性有关，结合表格，深紫色为A_bb，淡紫色为A_Bb，白色为A_BB和aa_。 2、自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】（1）结合表格，深紫色为A_bb，淡紫色为A_Bb，白色为A_BB和aa_。若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，则这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，淡紫色红玉杏（AaBb）自交，F1中白色红玉杏的基因型有5种，它们之间的比例为AABB∶aaBB∶aabb∶AaBB∶aaBb＝1∶1∶1∶2∶2，其中纯种个体（AABB、aaBB、aabb）占3/7。 （2）纯合白色植株和纯合深紫色植株（AAbb）杂交，子一代全部是淡紫色植株（A_Bb），由此可推知亲本中纯合白色植株的基因型为AABB或aaBB，所以该杂交亲本的基因型组合是AABB×AAbb或aaBB×AAbb。 （3） 为了研究控制红玉杏花朵颜色的两对基因（A、a和B、b）是否遵循自由组合定律，可让淡紫色红玉杏（AaBb）植株自交，观察并统计子一代红玉杏花的颜色和比例。若A、a和B、b基因分别在两对非同源染色体上，即两对基因独立遗传，则自交后代出现9种基因型，3种表现型，其比例为深紫色（A_bb）︰淡紫色（A_Bb）︰白色（A_BB、aa_ _）＝3︰6︰7。 2 / 20 / 学科网（北京）股份有限公司 $$ 专题3 孟德尔遗传规律的综合运用 考点概览 考点01 常见遗传规律的分析 考点02 9：3：3：1及其变式 常见遗传规律的分析考点01 1．（23-24高一下·四川南充·期中）某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，基因型Aa的植株表现为小花瓣，基因型aa的植株表现为无花瓣。该植物花瓣的颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，基因型为rr的花瓣为黄色，两对等位基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（    ） A．子代共有9种基因型 B．子代共有5种表型 C．子代的所有植株中，纯合子约占1/4 D．子代有花瓣的植株中，AaRr所占的比例约为2/3 2．（23-24高一下·四川广安·期中）某植物花色由基因D（褐色）、d（白色）控制，萼片形状由基因E（卷）、e（直）控制，叶形由基因F（缺刻叶）、f（全缘叶）控制，三对基因独立遗传且属于完全显性遗传。基因型为ddEeFF与DdEeFf的个体杂交，其子代表型与双亲不同的个体占全部后代的（　　） A．3/4 B．1/4 C．3/8 D．5/8 3．（23-24高一下·四川眉山·期中）蝴蝶紫翅（A）对黄翅（a）为显性，绿眼（B）对白眼（b）为显性，某小组用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1性状类型及比例如图所示。下列叙述正确的是（    ） A．亲本的基因型是AaBb×aaBb B．F1中纯合的紫翅绿眼占F1的1/8 C．F1紫翅白眼个体中，与亲本基因型相同个体占1/2 D．F1紫翅白眼个体随机交配，子代中黄翅白眼占1/9 4．（23-24高一下·四川内江·期中）某雌雄同株异花传粉的二倍体植物，抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制，相关基因为A、a和B、b，且A对a、B对b为完全显性，只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状。基因A使雄配子生物育性降低50%，其他配子育性正常。基因B存在显性纯合致死现象。下列选项错误的是（    ） A．该种植物抗除草剂与不抗除草剂的遗传遵循自由组合定律 B．仅考虑抗除草剂与不抗除草剂这对性状，植株中共有6种基因型 C．基因型为AaBb的植株产生的花粉AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶2∶2 D．♀甲（Aabb）×♂乙（aaBb），子代抗除草剂植物中含有两种除草剂基因的个体所占比例为1/4 5．（23-24高一下·四川成都·期中）玉米的宽叶（A）对窄叶（a）为显性，宽叶杂种（Aa）玉米表现为高产，比纯合显性和隐性品种的产量分别高12%和20%；玉米有茸毛（D）对无茸毛（d）为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。两对基因独立遗传。高产有茸毛玉米自交产生F1，则F1的成熟植株中（    ） A．有茸毛与无茸毛比为3：1 B．有9种基因型 C．宽叶有茸毛类型占1/2 D．高产抗病类型占1/4 6．（23-24高一下·四川成都·期中）黑腹果蝇的复眼缩小和眼睛正常是一对相对性状，由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制，只有双显性才表现为复眼缩小，且基因型为Aa的个体只有75%为显性性状。现将一对基因型为AaBb的果蝇杂交，假设后代数量足够多，下列分析错误的是（    ） A．后代中基因型相同的个体的表现型不一定相同 B．杂交后代眼睛正常个体中纯合子占6/17 C．F1性状分离比为复眼缩小：眼睛正常=15：17 D．两个眼睛正常的纯合亲本的杂交子代可以全为复眼缩小 7．（23-24高一下·四川德阳·期中）亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，三对基因控制三对相对性状，且三对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（    ） A．后代的表型共有8种 B．后代基因型共有18种 C．后代基因型为AABbCc的个体所占比例为1/16 D．后代基因型为aabbCc的个体所占比例为1/16 8．（23-24高一下·四川泸州·期中）已知水稻高秆（T）对矮秆（t）为显性，抗病（R）对感病（r）为显性，这两对基因独立遗传。现将一株表现型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一植株，所得后代表现型为高秆：矮秆=3：1，抗病：感病=1：1。根据以上实验结果，下列叙述错误的是（    ） A．以上母本和父本都为杂合子 B．以上父本可产生4种比例相等的配子 C．以上后代群体的基因型有9种 D．以上后代群体的表现型有4种 9．（23-24高一下·四川南充·期中）将基因型为AaBbCcDD和AABbCcDd的向日葵杂交，按基因自由组合定律，后代中基因型为AABBCCDd的个体比例应为（    ） A．1/8 B．1/16 C．1/32 D．1/64 10．（23-24高一下·四川眉山·期中）亲本杂交组合为AaBbCc×AaBbcc，三对基因控制三对相对性状，且三对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（　　） A．后代的表型共有8种 B．后代基因型共有18种 C．后代基因型为AABbCc的个体所占比例这1/16 D．后代中不同于亲本表型的个体所占的比例为9/16 11．（23-24高一下·四川乐山·期中）某昆虫体色的黄色对黑色为显性，翅形的长翅对残翅为显性，两种性状独立遗传。现有两纯合亲本杂交得F1，F1雌雄个体间相互交配得F2，F2的表现型及比例为黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅=2∶3∶3∶1，下列分析，正确的是（　　） A．F1产生的具有受精能力的雌、雄配子的种类不同 B．该昆虫种群中存在控制黄色和长翅的基因纯合致死现象 C．F2黄色长翅个体与黑色残翅个体杂交后代没有黄色长翅 D．F2个体存在6种基因型，其中杂合子所占比例为1/3 12．（23-24高一下·四川眉山·期中）在孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，可能具有1：1：1：1比例关系的是（　　） ①F1产生配子类别的比例②F1自交后代的性状分离比③F1自交后代的基因型比例④F1测交后代的表型比例⑤F1测交后代的基因型比例 A．①④⑤ B．①②④ C．①③⑤ D．②③⑤ 13．（23-24高一下·四川遂宁·期中）某植物的花色、茎的高度和籽粒颜色分别由一对等位基因控制，现用红花高茎黄色籽粒的植株自交，F1的表现型及其比例为红花：白花=2：1、高茎：矮茎=3：1、黄色籽粒：绿色籽粒=3：1，下列推断错误的是（    ） A．控制红花的基因纯合时会有致死效应 B．控制花色基因的遗传遵循基因的分离定律 C．取F1的红花测交，其子代表现型及比例为红花：白花=1：1 D．控制茎的高度、籽粒颜色基因的遗传遵循基因的自由组合定律 14．（23-24高一下·四川自贡·期中）荠菜果实性状（三角形和卵圆形）的遗传涉及两对等位基因（A/a、B/b），某同学进行的杂交实验如图所示。下列相关叙述错误的是（　　） A．F1测交后代的不同表型比为3： 1 B．亲本的基因型为AABB×aabb或者aaBB×AAbb C．F2中的卵圆形果实与亲本的卵圆形果实基因型相同 D．F2的三角形果实中有7/15的个体自交后代不发生性状分离 15．（23-24高一下·四川成都·期中）番茄中存在多对相对性状，其中缺刻叶（D）对马铃薯叶（d）为显性，紫茎（A）对绿茎（a）为显性。现将紫茎、马铃薯叶的纯合植株与绿茎、缺刻叶的纯合植株杂交，在F2中得到9：3：3：1的性状分离比。下列相关叙述错误的是（　　） A．F1的表型为紫茎、缺刻叶，其基因型为AaDd B．F1与绿茎、缺刻叶纯合植株杂交，所得子代中杂合子占3/4 C．F2中与亲本类型不同的表型有2种，占F2代的比例为3/8 D．F2紫茎缺刻叶中杂合子占8/9 16．（23-24高一下·四川成都·期中）某植物的花色这一性状受两对遗传因子A/a和B/b控制。基因型为AAbb和aaBB的两亲本杂交，F1全开红花，F1自交得到F2的表型及比例为红花：白花=9：7。下列相关叙述错误的是（    ） A．F1的基因型为AaBb B．F2白花中的纯合子占3/16 C．F2中基因型与亲本相同的占1/8 D．基因与性状之间不一定是一一对应关系 17．（23-24高一下·四川·期中）某种闭花受粉植物的花色有白色、红色和紫色，控制花色的基因与花色的关系如图所示：现将白色和紫色两个纯合品种杂交，F1全为紫花，F2为紫花：红花：白花＝9：3：4。下列叙述错误的是（　　）    A．这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 B．F2白花植株的自交后代都开白花 C．F1紫花×纯合白花，后代白花植株占1/4 D．F2紫花植株的基因型有4种 9：3：3：1及其变式考点02 1．（23-24高一下·四川·期中）水稻种子的有芒和无芒由等位基因B/b控制，非糯性与糯性由等位基因R/r控制。让有芒非糯性水稻自交，F1的表型及比例为有芒非糯性：有芒糯性：无芒非糯性：无芒糯性=6：2：3：1。下列有关分析正确的是（　　） A．该水稻存在基因R纯合致死现象 B．F1无芒非糯性水稻中，纯合子占1/12 C．F1的有芒糯性水稻只有一种基因型 D．这两对基因的遗传不遵循基因的自由组合定律 2．（23-24高一下·福建三明·期中）某种自花传粉的植物的花色有紫花和白花两种表型，为探究该种植物花色的遗传规律，随机选取了多对天然纯种紫花和白花植株作为亲本进行杂交实验，结果如下表。 亲本 F1 F1自交得到的F2 紫花×白花 紫花 紫花:白花＝15:1 回答下列问题： (1)根据实验结果判断， 花是显性性状。 (2)针对以上实验结果，同学甲提出如下假设：该种植物花色的遗传受两对独立遗传的等位基因控制，F1的两对等位基因均为杂合。 ①同学甲做出这种假设的依据是 。 ②若同学甲的假设是正确的，假定这两对等位基因分别用A/a、B/b表示，则上表中F2紫花个体中纯合子所占的比例为 。 (3)同学乙提出：该种植物花色的遗传受一对等位基因A，a控制，F2出现“紫花:白花＝15:1”的原因是F1产生的含a的花粉中有一部分不育，而雌配子不存在这种现象。若同学乙的观点成立，则含a的花粉中，不育花粉所占的比例为 。请帮同学乙设计杂交实验以验证他的观点正确，写出实验思路和预期结果。 实验思路： 。 预期结果：① ② 。 3．（23-24高一下·四川泸州·期中）某种牵牛花的花色有蓝色、红色、白色三种，花色的遗传受两对等位基因控制（相关基因用A/a、B/b表示）。现用基因型不同的两纯合亲本杂交，所得F1全为蓝花，F1自交，F2中蓝花：红花：白花=9：6：1。请分析回答下列问题： (1)上述两对基因的遗传 （填“遵循”或“不遵循”）自由组合定律，理由是 。 (2)请写出符合杂交实验结果的一组亲本的基因型： 。 (3)若让F1蓝花植株与白花植株杂交，子代出现红花的概率是 。 (4)F2红花植株的基因型有 种；能否用自交的方法判断出F2中红花植株的基因型，请说出你的理由： 。 4．（23-24高一下·四川成都·期中）某植物的花色由两对等位基因控制，且两对基因独立遗传，其花色合成如图所示。回答下列问题（不考虑致死现象）： (1)该植物种群中，红花植株基因型有 种。 (2)亲本基因型为AaBb的植株自花受粉产生子一代，亲本产生的配子类型有4种，分别为 ，子一代的表型及比例为 。 (3)在某段时间内，黄花更受人喜爱，请利用（2）中子一代所得黄花植株，设计培育出能稳定遗传的黄花植株，写出简要程序，第一步： ；第二步： 。 5．（23-24高一下·四川眉山·期中）某自花传粉植物的花色受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，这两对等位基因与花色的关系如图所示。若用纯合红花植株与纯合白花植株自交，F1全为红花，F1自交获得F2，回答下列相关问题： (1)亲本中纯合白花植株的基因型为 。 (2)若F2中红花：粉花：白花=9：3：4，则F1的基因型为 ，F2的红花植株中，纯合子所占比例为 ，F2的粉花植株自交，后代表现型及比例为 。 6．（23-24高一下·四川眉山·期中）已知红玉杏花朵颜色由两对基因（A、a和B、b）控制，A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅。B基因与细胞液的酸碱性有关。其基因型与表现型的对应关系见表。 基因型 A_bb A_Bb A_BB  aa_____ 表现型 深紫色 淡紫色 白色 (1)若A、a和B、b两对基因独立遗传，则取淡紫色红玉杏（AaBb）自交，F1中白色红玉杏的基因型有 种，其中纯种个体大约占 。 (2)若A、a和B、b两对基因独立遗传，以纯合白色植株和纯合深紫色植株作亲本杂交，子一代全部是淡紫色植株。该杂交亲本的基因型组合是 。 (3)为了研究控制红玉杏花朵颜色的两对基因（A、a和B、b）是否遵循自由组合定律。现利用淡紫色红玉杏（AaBb）设计实验进行探究。 实验思路： 实验预测及结论： 若子代红玉杏花色为 ，则A、a和B、b基因的遗传遵循自由组合定律，若子代没有出现这个比例，则该两对基因的遗传不遵循自由组合定律。 2 / 7 / 学科网（北京）股份有限公司 $$