第2章 专题强化4 带电粒子在电场和重力场中的运动-【优化探究】2025-2026学年新教材高中物理必修第三册同步导学案配套PPT课件（鲁科版）

专题强化4　带电粒子在电场和重力场中的运动 第2章　电势能与电势差 [学习目标]　1.会应用运动和力、功和能的关系分析带电粒子在电场和重力场中的运动问题(重难点)。2.学会利用“等效法”解决带电粒子在电场和重力场中圆周运动的临界问题(重难点)。 课时作业 巩固提升 类型1　带电粒子在电场和重力场中的直线运动 类型2　带电粒子在电场和重力场中的曲线运动 内容索引 类型3　带电粒子在电场和重力场中的圆周运动 类型1　带电粒子在电场和重力场中的直线运动 一 4 1.做直线运动的条件 (1)合外力为零,物体做匀速直线运动。 (2)合外力不为零,但合外力的方向与运动方向在同一直线上,物体做匀变速直线运动。 2.分析带电粒子在电场中做直线运动(加速或减速)的方法 (1)动力学方法——牛顿运动定律、匀变速直线运动公式。 (2)能量方法——动能定理、能量守恒定律。 [例1]　某一平行金属板板间电压是U,间距为d,设其间为匀强电场,如图所示。现有一质量为m的小球以速度v0射入电场,v0的方向与水平方向成45°角斜向上,重力加速度为g,要使小球做直线运动,则: (1)小球带何种电荷?电荷量是多少? [答案]　(1)正电荷　　 (1)小球做直线运动,所受合外力方向应与其初速度方向相同或相反,故受力分析如图所示,可知小球应带正电荷。 由qE=mg,U=Ed,解得q=。 (2)小球在入射方向上的最大位移是多少? [答案]　(2) (2)由上图知,F合=mg,由牛顿第二定律得 mg=ma, 由运动学公式得=2as, 解得s=。 [针对训练]　1.(多选)如图所示,平行板电容器的两个极板与水平地面成一定角度,两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器,则在此过程中,该粒子(　　) A.所受合力为零 B.做匀减速直线运动 C.电势能逐渐增加 D.机械能逐渐增加 BC 根据题意可知,粒子做直线运动,静电力垂直极板向上,重力竖直向下,不在同一直线上,所以重力与静电力不平衡,对粒子受力分析可知静电力与重力的合力与速度方向相反,粒子做匀减速直线运动,故A错误,B正确;由图可知,静电力做负功,故电势能增加,机械能减小,故C正确,D错误。 二 类型2　带电粒子在电场和重力场中的曲线运动 13 [例2]　(多选)(2024·山西翼城期中)如图所示,在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场,质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定初速度水平抛出,从B点进入电场,到达C点时速度方向恰好水平,A、B、C三点在同一直线上,且AB=2BC,不计空气阻力。由此可知(　　) A.小球带负电 B.静电力为3mg C.小球从A到B与从B到C的运动时间之比为3∶1 D.小球从A到B与从B到C的速度变化量大小不相同 AB 由题意知,在BC段,小球在竖直方向做减速运动,故小球所受静电力方向向上,电场方向向下,故小球带负电,故A正确;由题意知,小球在水平方向不受力,故水平方向做匀速直线运动,又AB=2BC,根据分运动和合运动的关系可知,小球从A到B与从B到C的运动时间之比为2∶1,设在B点时小球在竖直方向的分速度为v,则在AB段,竖直方向有v=gtAB,在BC段,竖直方向有v=atAB,又Eq-mg=ma,得Eq=3mg,小球从A到B与从B到C的水平分速度不变,竖直分速度变化量大小相同,故合速度变化量大小相同,故B正确,C、D错误。 方法总结 处理带电粒子在电场和重力场中一般曲线运动的方法 1.明确研究对象并对其进行受力分析。 2.利用运动的合成与分解把曲线运动转化为直线运动,然后利用牛顿运动定律、运动学公式进行处理。 3.涉及功和能量的问题时常用能量守恒定律、功能关系等处理。 [针对训练]　2.(多选)(2024·山东淄博期末)如图所示,一带正电的油滴在匀强电场中运动,其轨迹在竖直面内,且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称,忽略空气阻力。下列说法正确的是(　　) A.Q点的电势比P点低 B.油滴在Q点的动能比它在P点的大 C.油滴在Q点的电势能比它在P点的大 D.油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小 AB 轨迹向上弯曲且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称,合力竖直向上,静电力竖直向上,因为油滴带正电,所以电场强度方向竖直向上,Q点的电势比P点低,故A正确;油滴向上运动时合力做正功,动能增大,所以油滴在Q点的动能比它在P点的大,故B正确;油滴向上运动时静电力做正功,电势能减小,所以油滴在Q点的电势能比它在P点的小,故C错误;由于油滴所受重力、静电力都为恒力,加速度恒定且不为零,故D错误。 三 类型3　带电粒子在电场和重力场中的圆周运动 19 1.“等效重力”及“等效重力加速度” 在匀强电场中,将重力与电场力进行合成,如图所示,则F合为“等效重力场”中的“等效重力”,g'=为“等效重力场”中的“等效重力加速度”,F合的方向为“等效重力”的方向,也是“等效重力加速度”的方向。 2.等效最“高”点与最“低”点的确定方向 在“等效重力场”中过圆周运动的圆心作“等效重力”的作用线,其反向延长线交于圆周上的那个点即为圆周运动的等效最“高”点,沿着“等效重力”的方向延长交于圆周的另一个点为即等效最“低”点,如图所示。 [例3]　(2024·安徽马鞍山期末)如图所示,在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O,用一根长度为L=0.4 m的绝缘细线把质量为m=0.4 kg、电荷量为q=+2×10-4 C的金属小球悬挂在O点,小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为θ=37°。已知A、C两点分别为细线悬挂小球的水平位置和竖直位置。(取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8) (1)求匀强电场的场强大小。 [答案]　(1)1.5×104 N/C　 (1)带电小球在B点静止时受力平衡,根据平衡条件得qE=mgtan θ 得E==1.5×104 N/C。 (2)将小球从A点由静止释放,求小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小。 [答案]　(2)6 N　 (2)设小球运动至C点时速度为vC,则 mgL-qEL=m 解得vC= m/s 在C点,小球所受重力和细线拉力的合力提供向心力,有 T-mg=m 联立解得T=6 N。 (3)如果要使小球能绕O点做完整的圆周运动,则小球在A点时沿垂直于OA方向运动的初速度最少为多少?(结果可用根号表示) [答案]　(3) m/s (3)分析可知小球做完整圆周运动时必须通过B点关于O点的对称点,设在该点时小球的最小速度为v,则 mgcos θ+qEsin θ=m 由动能定理有 -mgLcos θ-qEL(1+sin θ)=mv2-m 联立解得v0= m/s。 四 课时作业 巩固提升 2 3 4 5 6 7 8 9 1 [A组　基础巩固练] 1.(2024·四川乐山期中)如图所示,水平向左的匀强电场中,质量为m的带电小球从A点沿直线由A点运动到B点。不计空气阻力,在这一过程中(　　) A.小球一定带负电 B.小球在做匀加速直线运动 C.小球的电势能减小 D.小球的机械能增加 A 2 3 4 5 6 7 8 9 1 小球做直线运动,则小球所受的合力一定与小球的初速度共线,当小球带正电时,静电力方向水平向左,重力竖直向下,合力斜向左下方,不可能与小球的初速度共线,当小球为负电时,小球所受静电力水平向右,与重力的合力斜向右下方,当合力的方向与小球的初速度共线时,小球做直线运动,故A正确;由A项分析可知,小球所受合力的方向与初速度方向相反,小球做匀减速直线运动,故B错误;小球所受静电力水平向右,位移斜向左上方,可知静电力做负功,故小球的电势能增加,故C错误;根据能量守恒定律, 小球的电势能增加,则小球的机械能减小,故D错误。 2.(多选)如图所示,真空环境中,三个质量相同、带电荷量分别为+q、-q和0的小液滴a、b、c,从竖直放置的两板中间上方由静止释放,最后从两板间穿过,小液滴a、b、c的运动轨迹如图所示,则在穿过极板的过程中,下列说法正确的是(　　) A.静电力对液滴a、b做的功相等 B.三者动能的增量相同 C.液滴a与液滴b电势能的变化量相等 D.重力对液滴c做的功最多 2 3 4 5 6 7 8 9 1 AC 2 3 4 5 6 7 8 9 1 因为液滴a、b的带电荷量的绝对值相等,则两液滴所受的静电力大小相等,由静止释放,穿过两板的时间相等,则偏转位移大小相等,静电力做功相等,故A正确;静电力对a、b两液滴做功相等,重力做功相等,则a、b动能的增量相等,对于液滴c,只有重力做功,故c动能的增量小于a、b动能的增量,故B错误;对于液滴a和液滴b,静电力均做正功,静电力所做的功等于电势能的减少量,故C正确;三者在穿过极板的 过程中竖直方向的位移相等,质量相同,所以重力做 的功相等,故D错误。 3.(多选)(2024·北京交通大学附中期中)如图所示,真空中存在竖直向下的匀强电场,一个带电油滴(考虑重力)沿虚线由a向b运动。以下判断正确的是(　　) A.油滴一定带负电 B.油滴的电势能一定增大 C.油滴的动能一定减小 D.油滴的动能与电势能之和一定减小 2 3 4 5 6 7 8 9 1 AD 2 3 4 5 6 7 8 9 1 物体做曲线运动时,受到的合力的方向指向物体运动轨迹弯曲的凹侧,由此可知,该油滴受到的静电力的方向是向上的,与电场方向相反,所以油滴一定带负电,故A正确;该油滴受到的静电力做正功,电势能减小,故B错误;该油滴受到的静电力与重力的合力做正功,油滴的动能增大,故C错误;重力对油滴做负功,重力势能增加,根据能量守恒定律可知,油滴的动能和电势能之和一定减小,故D正确。 4.(多选)(2024·河南南阳期中)如图所示,用绝缘细线拴一带负电小球,在竖直平面内做圆周运动,匀强电场方向竖直向下,则(　　) A.小球可能做匀速圆周运动 B.当小球运动到最高点a时,线的张力一定最小 C.当小球运动到最高点a时,小球的电势能一定最小 D.当小球运动到最低点b时,小球的速度一定最大 2 3 4 5 6 7 8 9 1 AC 2 3 4 5 6 7 8 9 1 当重力等于静电力时,只有细线的拉力提供向心力,小球可能做匀速圆周运动,故A正确;当重力小于静电力时,a点为等效最低点,则小球运动到最高点a时,小球的速度最大,线的张力最大,故B、D错误;根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知,在圆周上a点的电势最高,根据Epa=qφa可知,当小球运动到最高点a时,小球的电势能一定最小,故C正确。 5.(2024·上海青浦高级中学期中)如图所示,有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球,从P点以相同的初速度垂直电场方向进入匀强电场E中,它们分别落到A、B、C三点,则可判断(　　) A.三个小球到达正极板时的动能关系是EkA>EkB>EkC B.三个小球在电场中运动的时间tA=tB=tC C.三个小球在电场中运动的加速度关系是aC>aB>aA D.落到A点的小球带负电,落到B点的小球不带电 2 3 4 5 6 7 8 9 1 C 2 3 4 5 6 7 8 9 1 在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如图所示。由图可知不带电小球做平抛运动的加速度a1=g,带正电小球做类平抛运动的加速度a2=<g,带负电小球做类平抛运动的加速度a3=>g,则a3>a1>a2,由于水平方向位移xA>xB>xC,且初速度相同,竖直方向位移相等,则aC>aB>aA,所以落到A点的是带正电小球,落到B点的是不带电小球,落到C点的是带负电小球,故C正确,B、D错误。根据动能定理,三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功,由受力图可知,带负电小球合力最大为G+F,做功最多,动能最大;带正电小球合力最小为G-F,做功最少, 动能最小,即EkA<EkB<EkC,故A错误。 [B组　综合强化练] 6.(多选)如图所示,带电平行金属板A、B,板间的电势差为U(不考虑板上方的电场),A板带正电,B板中央有一小孔。一带正电的微粒,带电荷量为q,质量为m,自孔的正上方距板高h处自由落下。若微粒恰能落至A、B板的正中央c点,重力加速度为g,则(　 　) A.微粒在下落过程中动能逐渐增大,重力势能逐渐减小 B.微粒下落过程中重力做的功为mg(h+),静电力做的功为- C.微粒落入电场中,电势能逐渐增大,其增量为 D.若微粒从距B板高2h处自由下落,则恰好能到达A板 2 3 4 5 6 7 8 9 1 BCD 2 3 4 5 6 7 8 9 1 由微粒运动到c点速度减小到零可知动能先增大后减小,A错误;微粒下落高度为h+,重力做的功为mg(h+),静电力做负功,大小为,B正确;由功能关系可知克服静电力做了多少功,电势能就增大多少,C正确;微粒恰好落至C点过程,由动能定理得mg(h+)-=0,若微粒从距B板高2h处自由下落,假设到达A点的速度为v,重力做的功为mg(2h+d),克服静电力 做功qU,由动能定理可知mg(2h+d)-qU=mv2,解得v=0,即恰 好到达A板,D正确。 7.(多选)(2024·四川内江期中)如图所示,一质量为m、电荷量为q的小球在电场强度为E、区域足够大的匀强电场中,以初速度v0沿ON在竖直面内做匀变速直线运动。ON与水平面的夹角为30°,且mg=qE,则(　　) A.电场方向竖直向上 B.小球运动的加速度大小为g C.小球上升的最大高度为 D.小球返回原位置所用时间为 2 3 4 5 6 7 8 9 1 BC 2 3 4 5 6 7 8 9 1 设静电力与水平方向夹角为θ,根据题意可知小球所受静电力和重力的合力方向与小球速度方向共线,结合题意,对小球受力分析可知静电力方向一定斜向上。将静电力和重力分解成沿速度方向和垂直速度方向的分力,则在垂直速度方向,根据平衡条件有mgcos 30°=qEsin(θ-30°),根据题意代入数据可得θ=90°或θ=150°,当θ=90°时,重力和静电力等大反向,小球所受合外力为零,小球做匀速直线运动,不符合题意,故小球所受静电力方向与水平方向夹角为150°。若小球带正电,则电场方向与静电力方向同向,若小球带负电,则电场 方向与静电力方向反向,故A错误。根据以上分析可知,小球受力 如图所示,故其合外力大小为F=mg,小球运动的加速度大小为 a==g,故B正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 1 设P为小球沿ON方向所能到达的最高点,则OP==,小球上升的最大竖直高度为h=OPsin 30°=,故C正确。根据对称性可知小球返回原位置所用时间为t==,故D错误。 8.如图所示,水平地面上方存在水平向左的匀强电场,一质量为m的带电小球(大小可忽略)用绝缘细线悬挂于O点,小球带电荷量为+q,静止时距地面的高度为h,细线与竖直方向的夹角为α=37°,重力加速度为g。求:(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8) (1)匀强电场的电场强度大小E; 答案:(1)　 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (1)小球静止时,对小球受力分析如图所示, 有Tcos 37°=mg Tsin 37°=qE 解得E=。 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (2)现将细线剪断,小球落地过程中水平位移的大小; 答案: (2)h　 (2)剪断细线,小球在竖直方向做自由落体运动,水平方向做加速度为a的匀加速直线运动,则有Eq=ma,s=at2,h=gt2,联立以上三式解得s=h。 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (3)现将细线剪断,带电小球落地前瞬间的动能。 答案: (3)mgh (3)从剪断细线到落地瞬间,由功能关系得Ek=mgh+qEs=mgh。 2 3 4 5 6 7 8 9 1 [C组　培优选做练] 9.(2024·福建南靖期中)一长为L的细线一端固定于O点,另一端拴一质量为m、带电荷量为+q的小球(可视为质点),处于如图所示的范围足够大的水平向右的匀强电场中。开始时,将细线与小球拉成水平伸直状态,小球静止在A点,释放后小球由静止开始向下摆动,当细线转动到O点左侧且与竖直方向夹角θ=30°时,小球速度恰好为零,重力加速度大小为g,求:(答案可用根式表示) 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (1)匀强电场的电场强度大小E; 答案:(1)　 (1)根据题意,从初始位置到速度恰好为零过程中,根据功能关系可得mgLcos 30°-EqL(1+sin 30°)=0,解得E=。 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (2)小球运动过程中的最大速度vm的大小; 答案: (2)　 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (2)如图所示,从圆心作一条重力与静电力合力方向的有向线段,交AB圆弧于C点,则C点为等效最低点;当小球运动到等效最低点C时,速度达到最大,且当小球位于等效最低点时,细线与水平方向的夹角为60°。 从初始位置到等效最低点C,根据动能定理得 mgLsin 60°-EqL(1-cos 60°)=m 解得vm=。 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (3)若想让小球做完整的圆周运动,则小球在A点释放瞬间至少要获得多大的竖直向下的初速度v0。 答案: (3) 2 3 4 5 6 7 8 9 1 2 3 4 5 6 7 8 9 1 (3)若让小球恰能做完整的圆周运动,即小球恰好能通过等效最高点D,由图可知,重力与静电力的合力为G'==mg 在等效最高点,根据牛顿第二定律有G'=m 从初始位置A到D,根据动能定理得-mgLsin 60°-EqL(1+cos 60°)=m-m 联立解得v0=。 $$