第1章 第2节 第2课时 孟德尔遗传规律的应用和利用分离定律解决自由组合问题-【金版教程】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化 作业与测评课件PPT（人教版2019 不定项版）

　　　　　　　　　　　　　 第1章　遗传因子的发现 第2节　孟德尔的豌豆杂交实验(二) 第2课时　孟德尔遗传规律的应用和利用分离定律解决自由组合问题 目录 CONTENTS 01 概念检测 02 拓展提能 概念检测 01 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 4 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 5 [题型二　医学实践] 2．如图表示人类某单基因遗传病系谱图。假设3号(只患该病)与一正常男性婚配，生了一个既患该病又患白化病(两种病独立遗传)的儿子，预测他们再生一个正常女儿的概率是(　　) A．9/16 B．3/16 C．2/3 D．1/3 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 6 解析　由图可判断出该病为隐性遗传病。将该病相关基因设为A、a，白化病相关基因设为B、b，则3号女性的基因型为aaB_，与其婚配的正常男性的基因型为A_B_，他们生了一个既患该病又患白化病的儿子，其基因型为aabb，则这对夫妇的基因型为aaBb×AaBb，他们生一个正常女儿的概率为1/2(不得该病概率)×3/4(不得白化病概率)×1/2(女儿)＝3/16。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 7 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 8 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 9 知识点二　利用分离定律解决自由组合问题 [题型一　配子的种类及概率] 4．某一个体的基因型为AaBbCCDdEe，成对的基因均分别独立遗传，遵循自由组合定律，此个体能产生的配子种类数为(　　) A．6种 B．12种 C．16种 D．32种 解析　Aa、Bb、Dd、Ee都可以产生两种类型的配子，CC只能产生一种类型的配子，根据自由组合定律，产生的配子种类数为2×2×1×2×2＝16(种)，C正确。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 10 [题型二　由亲代基因型推子代基因型及表型] 5．已知由A与a、B与b、C与c三对基因控制的三对性状独立遗传，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　) A．表型有8种，基因型为AaBbCc的个体占1/16 B．表型有4种，基因型为aaBbCc的个体占1/16 C．表型有8种，基因型为Aabbcc的个体占1/8 D．表型有8种，基因型为aaBbCc的个体占1/16 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 11 解析　根据题意分析，该杂交组合可以拆分为Aa×Aa、Bb×bb、Cc×Cc，因此杂交后代表型有2×2×2＝8(种)，其中基因型为AaBbCc的个体所占比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，基因型为aaBbCc的个体所占比例为1/4×1/2×1/2＝1/16，基因型为Aabbcc的个体所占比例为1/2×1/2×1/4＝1/16。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 12 [题型三　由子代推亲代的基因型] 6．玉米籽粒的颜色有白色、红色和紫色，控制籽粒颜色的相关基因(M和m、N和n、E和e)独立遗传，相关物质的合成途径如图所示。现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒表现为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1。则该植株的基因型可能为(　　) A．MMNNEE B．MmNNee C．MmNnEE D．MmNnee 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 13 解析　分析题意及题图可知，玉米籽粒的颜色由3对独立遗传的等位基因控制，因此遵循自由组合定律，且基因型为mm_ _ __、M_nn_ _的个体籽粒表现为白色，基因型为M_N_ee的个体籽粒表现为红色，基因型为M_N_E_的个体籽粒表现为紫色。因红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒表现为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，即没有紫色籽粒出现，且红色∶白色＝3∶1，相当于一对相对性状的杂合子自交，因此亲本红色籽粒玉米植株的基因型可能是MmNNee或MMNnee。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 14 7．番茄的紫茎(A)对绿茎(a)是显性，缺刻叶(B)对马铃薯叶(b)是显性。现将紫茎缺刻叶植株与绿茎缺刻叶植株杂交，其后代中紫茎缺刻叶植株321株，紫茎马铃薯叶植株101株，绿茎缺刻叶植株301株，绿茎马铃薯叶植株107株。则其亲本的基因型组合是(　　) A．AABB×aaBB B．AaBb×aaBb C．AaBb×aabb D．AABb×aaBB 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 15 解析　紫茎缺刻叶植株与绿茎缺刻叶植株杂交，后代出现紫茎缺刻叶植株321株，紫茎马铃薯叶植株101株，绿茎缺刻叶植株301株，绿茎马铃薯叶植株107株，分别考虑两对性状的比例，紫茎∶绿茎＝(321＋101)∶(301＋107)≈1∶1，说明亲本的相关基因型为Aa、aa；缺刻叶∶马铃薯叶＝(321＋301)∶(101＋107)≈3∶1，说明亲本的相关基因型为Bb、Bb，综上分析，亲本的基因型是AaBb、aaBb，B正确。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 16 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 17 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 知识点三　9∶3∶3∶1变式计算 9．在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，则基因Y和y都不能表达。现有基因型WwYy的个体自交，其后代表型种类数及比例是(　　) A．4种，9∶3∶3∶1 B．2种，13∶3 C．3种，12∶3∶1 D．3种，10∶3∶3 解析　由题意知，W基因抑制Y、y基因表达，W_Y_的个体表现为白色，W_yy的个体也为白色，wwyy的个体表现为绿色，wwY_的个体表现为黄色，因此WwYy自交后代中表型有白、黄、绿3种颜色，比例为12∶3∶1。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 19 10．某植物花的色素由A和B基因编码的酶催化合成(其对应的等位基因a和b编码无功能蛋白)，并且两对基因独立遗传，如图所示。亲本基因型为AaBb的植株自交产生子一代，下列相关叙述正确的是(　　) A．子一代的表型及比例为红色∶黄色＝9∶7 B．子一代的白色个体基因型为Aabb和aaBb C．子一代的表型及比例为红色∶白色∶黄色＝9∶4∶3 D．子一代红色个体中能稳定遗传的基因型占1/3 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 20 解析　由题图可知，白花植株的基因型为aaB_、aabb，黄花植株的基因型为A_bb，红花植株的基因型为A_B_，又因A/a、B/b这两对基因独立遗传，则A/a、B/b这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。子一代的表型及比例为红色∶白色∶黄色＝9∶4∶3，A错误，C正确；子一代的白色个体基因型为aaBB、aaBb和aabb，B错误；子一代红色个体(A_B_)中能稳定遗传的基因型(AABB)占1/9，D错误。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 21 11．番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶＝6∶2∶3∶1。下列有关表述正确的是(　　) A．这两对基因的遗传不遵循自由组合定律 B．这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶 C．控制花色的基因具有隐性纯合致死效应 D．自交后代中纯合子所占比例为1/6 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 22 解析　由题意可知，红色窄叶植株自交所得子代出现四种表型，且比例为6∶2∶3∶1，为9∶3∶3∶1的特殊情况，故番茄花色和叶的宽窄遗传遵循自由组合定律，A错误；红色窄叶植株自交后代出现性状分离，故红色和窄叶为显性性状，B错误；子代中红色∶白色＝(6＋2)∶(3＋1)＝2∶1，窄叶∶宽叶＝(6＋3)∶(2＋1)＝3∶1，说明控制花色的基因具有显性纯合致死效应，C错误；设花色由基因A、a控制，叶的宽窄由B、b控制，由于AA纯合致死，所以AaBb自交后代中纯合子只有aaBB和aabb，所占比例为1/12＋1/12＝1/6，D正确。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 23 知识点四　被子植物果实各部分的遗传分析 12．豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性，黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性。每对性状的杂合体(F1)自交后代(F2)均表现3∶1的分离比。则F2种皮颜色的分离比和子叶颜色的分离比分别来自以下哪代植株群体所结种子的统计(　　) A．F1植株和F1植株 B．F1植株和F2植株 C．F2植株和F1植株 D．F2植株和F2植株 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 24 解析　种皮由珠被发育而来，基因型始终与母本一致，而子叶由受精卵发育而来。F1植株结出的种子F2，其种皮的基因型与母本相同，即Gg，全为灰色，而子叶的基因型则为YY、Yy、yy，表现出黄∶绿＝3∶1的性状分离比；F2植株结出的种子，其种皮的基因型为GG、Gg、gg，能表现出灰∶白＝3∶1的性状分离比，C正确。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 25 13．家兔的黑色(A)对白色(a)为显性，短毛(B)对长毛(b)为显性。这两对性状独立遗传。下列关于利用黑色短毛纯种兔和白色长毛纯种兔培育出黑色长毛纯种兔的做法，正确的是(　　) A．黑色短毛纯种兔×白色长毛纯种兔，得F1 B．选取健壮的F1雌雄个体杂交，得F2 C．从F2中选取健壮的黑色长毛兔与白色长毛兔测交 D．根据测交结果，选取F2中稳定遗传的黑色长毛雌、雄兔 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 26 解析　根据题意分析可以知道，黑色短毛纯种兔和白色长毛纯种兔的基因型分别是AABB、aabb，利用它们杂交，得F1，F1基因型为AaBb，A正确；家兔属于雌雄异体生物，不能进行自交，可以选用健壮的F1雌雄个体杂交，得F2，B正确；从F2中选取健壮的黑色长毛兔(A_bb)与白色长毛兔(aabb)测交，根据测交结果，选取F2中可稳定遗传的黑色长毛雌、雄兔(AAbb)，C、D正确。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 27 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 28 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 29 15．黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆杂交，对其子 代表型按每对相对性状进行统计，结果如图所示，黄 绿基因为Y和y，圆皱基因为R和r。请问杂交后代中： (1)子代表型及其在总数中所占的比例是______ _____________________________________。 (2)实验中所用亲本的基因型为________________。 (3)后代个体中能稳定遗传的占总数的____，自交能产生性状分离的占____。 (4)表型中重组类型所占的比例为_____，重组类型中能稳定遗传的占_____。 黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝3∶1∶3∶1 YyRr和yyRr 1/4 3/4 1/4 1/2 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 30 解析　(1)(2)由题图得出，子代黄∶绿＝1∶1，圆∶皱＝3∶1，组合起来得出子代表型及其在总数中所占的比例是：黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝(1∶1)(3∶1)＝3∶1∶3∶1，推出亲本基因型为YyRr×yyRr。 (3)亲本基因型为YyRr×yyRr，后代个体中能稳定遗传的(yyRR、yyrr)所占的比例为1/2×1/4＋1/2×1/4＝1/4。剩下的都是杂合子，自交能产生性状分离，占3/4。 (4)子代重组类型为黄皱和绿皱，由题图及亲本基因型可得黄皱(Yyrr)＝1/2×1/4＝1/8，绿皱(yyrr)＝1/2×1/4＝1/8，1/8＋1/8＝1/4。重组类型中能稳定遗传的为纯合子，yyrr属于纯合子，则重组类型中纯合子所占比例为(1/8)/(1/4)＝1/2。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 31 16．家禽鸡冠的形状由两对遗传因子(A和a，B和b)控制，这两对遗传因子按自由组合定律遗传，与性别无关。据下表回答下列问题： 项目 遗传因子组合 A、B同时存在(A_B_型) A存在，B不存在(A_bb型) B存在，A不存在(aaB_型) A和B都不存在(aabb型) 鸡冠形状 核桃状 玫瑰状 豌豆状 单片状 杂交组合 甲：核桃状×单片状→F1：核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状 乙：玫瑰状×玫瑰状→F1：玫瑰状、单片状 丙：豌豆状×玫瑰状→F1：全是核桃状 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 32 (1)甲组杂交方式在遗传学上称为________；甲组杂交F1中四种表型的数量比是____________。 (2)让乙组后代F1中玫瑰状冠的家禽与纯合豌豆状冠的家禽杂交，杂交后代表型及数量比在理论上是______________________。 (3)让丙组F1中的雌、雄个体交配，后代表现为玫瑰状冠的有120只，那么表现为豌豆状冠的杂合子理论上有________只。 (4)遗传因子组成为AaBb与Aabb的个体杂交，它们的后代遗传因子组成的种类有________种，后代中纯合子占________。 测交 1∶1∶1∶1 核桃状∶豌豆状＝2∶1 80 6 1/4 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 33 解析　分析杂交组合甲：核桃状(A_B_)×单片状(aabb)，后代具有单片状(aabb)个体，因此亲本核桃状的遗传因子组成是AaBb；分析杂交组合乙：玫瑰状(A_bb)×玫瑰状(A_bb)，后代出现单片状，因此亲本玫瑰状的遗传因子组成是Aabb×Aabb；分析杂交组合丙：豌豆状(aaB_)×玫瑰状(A_bb)，后代全是核桃状，因此亲本豌豆状的遗传因子组成是aaBB，玫瑰状的遗传因子组成是AAbb。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 34 17．实验室中现有一批未交配过的纯种长翅灰体和残翅黑檀体的果蝇。已知长翅和残翅这对相对性状受一对等位基因控制。现欲利用以上两种果蝇研究有关果蝇灰体与黑檀体性状的遗传特点，请设计一套杂交方案，同时研究以下两个问题： 问题一：研究果蝇灰体、黑檀体是否由一对等位基因控制，并作出判断。 问题二：研究控制灰体、黑檀体的等位基因与控制长翅、残翅的基因是否符合自由组合定律，并作出判断。 (1)杂交方案： ①选取________________和_________________两亲本杂交得F1； ②F1________________得F2； ③分析判断。 纯种长翅灰体 纯种残翅黑檀体 雌雄果蝇杂交 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 35 (2)对问题一的推断及结论： 若F2出现性状分离，且灰体与黑檀体果蝇数目之比为_____________，说明控制该对性状的是一对等位基因；反之，则不是由一对等位基因控制。 (3)对问题二的推断及结论： 如果F2出现________种表型，且分离比为______________，说明性状的遗传符合自由组合定律。 1∶3或3∶1 4 9∶3∶3∶1 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 36 解析　如果果蝇灰体、黑檀体是由一对等位基因控制的，则该对性状的遗传符合基因的分离定律，F2的性状分离比表现为3∶1，否则就不是由一对等位基因控制；如果体色和翅形这两对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，F2的性状分离比是9∶3∶3∶1。 概念检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 37 拓展提能 02 一、单项选择题(每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的) 1．决定某种瓢虫翅色的复等位基因有5种，TA、TB、TC、TD、t基因，且TA、TB、TC、TD相对t为显性，TA、TB、TC、TD之间为共显性关系(基因型中成对的基因都表现)；决定瓢虫眼色的基因有2种，分别为完全显隐性的G、g。眼色与翅色基因独立遗传。则瓢虫的表型种类为(　　) A．12种 B．15种 C．22种 D．33种 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 39 解析　两对基因的遗传遵循孟德尔自由组合定律。决定瓢虫翅色的复等位基因有5种，TA、TB、TC、TD相对t为显性，TA、TB、TC、TD之间为共显性关系，瓢虫的翅色基因型(TAt、TBt、TCt、TDt、tt、TATA、TATB、TATC、TATD、TBTB、TBTC、TBTD、TCTC、TCTD、TDTD)共15种，表型为11种；决定瓢虫眼色的基因有G、g2种，瓢虫的眼色基因型(GG、Gg、gg)共有3种，2种表型，则瓢虫的表型种类总共有11×2＝22(种)，C正确。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 40 2．某种蛙眼色的表型与基因型的对应关系如下表(两对基因独立遗传)： 现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1有蓝眼和绿眼两种表型，理论上F1蓝眼蛙∶绿眼蛙为(　　) A．3∶1 B．3∶2 C．9∶7 D．13∶3 表型 蓝眼 绿眼 紫眼 基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_ 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 41 解析　蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)杂交，F1有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表型，由于b基因纯合即为绿眼，所以亲本基因型组合为Bb×Bb，又由于子代不出现紫眼，即不能出现a基因纯合，亲本基因型组合为AA×aa，故亲本基因型组合为AABb×aaBb，后代的表型及比例为蓝眼蛙(AaB_)∶绿眼蛙(Aabb)＝3∶1。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 42 3．下面是从7个不同的双基因杂合体自交后代中观测到的表型比例。若对双基因杂合体进行测交，则相应的测交后代中的表型比例为3∶1的是(　　) ①9∶6∶1　②9∶3∶4　③9∶7　④15∶1 ⑤12∶3∶1　⑥9∶3∶3∶1　⑦13∶3 A．①和② B．③、④和⑦ C．⑤和⑦ D．②、⑥和⑦ 解析　假设双基因杂合体的基因型为AaBb，①如果其自交后代的表型比例为9∶6∶1，即A_B_∶(A_bb＋aaB_)∶aabb＝9∶6∶1，则其测交后代比例为1∶2∶1；②如果其自交后代的表型比例为9∶3∶4，即A_B_∶A_bb∶(aaB_＋aabb)＝9∶3∶4或A_B_∶aaB_∶(A_bb＋aabb)＝9∶3∶4， 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 43 则其测交后代比例为1∶1∶2；③如果其自交后代的表型比例为9∶7，即A_B_∶(A_bb＋aaB_＋aabb)＝9∶7，则其测交后代比例为1∶3；④如果其自交后代的表型比例为15∶1，即(A_B_＋A_bb＋aaB_)∶aabb＝15∶1，则其测交后代比例为3∶1；⑤如果其自交后代的表型比例为12∶3∶1，即(A_B_＋A_bb)∶aaB_∶aabb＝12∶3∶1或(A_B_＋aaB_)∶A_bb∶aabb＝12∶3∶1，则其测交后代比例为2∶1∶1；⑥如果其自交后代的表型比例为9∶3∶3∶1，即A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，则其测交后代比例为1∶1∶1∶1；⑦如果其自交后代的表型比例为13∶3，即(A_B_＋A_bb＋aabb)∶aaB_＝13∶3或(A_B_＋aaB_＋aabb)∶A_bb＝13∶3，则其测交后代比例为3∶1。综上分析，B符合题意，A、C、D均不符合题意。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 44 4．人体中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的，二者缺一个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法错误的是(　　) A．夫妇中有一方耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子 B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能所有孩子听觉均正常 C．基因型均为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为7/16 D．基因型均为DdEe的双亲生下听神经正常的孩子的概率为9/16 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 45 解析　根据题干信息分析，正常个体的基因型为D_E_。若夫妇中一方耳聋(D_ee、ddE_、ddee)，另一方听觉正常(D_E_)，则也有可能生下听觉正常的孩子，A正确；若只有耳蜗管正常与只有听神经正常的夫妇的基因型分别为DDee、ddEE，则所生的后代基因型为DdEe，听觉均正常，B正确；基因型均为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为1－9/16＝7/16，C正确；基因型均为DdEe的双亲生下听神经正常的孩子(__E_)的概率为3/4，D错误。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 46 5．人类的皮肤含有黑色素，皮肤中黑色素的多少由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制，显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，下列关于其子女皮肤颜色深浅的描述中不正确的是(　　) A．可产生四种表型 B．AaBb和aaBB表型相同 C．肤色最浅的孩子基因型是aabb D．与亲代AaBB表型相同的有3/8 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 47 解析　一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，子代的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb、aaBB、aaBb。因为表型与基因型中显性基因的个数有关，结合子代的基因型可以看出子代的表型有四显类型、三显类型、二显类型和一显类型，A正确；AaBb和aaBB均为二显类型，表型相同，B正确；一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，子代中没有基因型为aabb的孩子，C错误；与亲代AaBB表型相同的个体的基因型有AABb(占1/4×1/2＝1/8)、AaBB(占1/2×1/2＝1/4)，共占3/8，D正确。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 48 6．两对独立遗传的等位基因A、a和B、b均为完全显性，分别控制豌豆的两对相对性状，植株甲和植株乙进行杂交，下列相关叙述正确的是(　　) A．若子一代出现3∶1∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb B．若子一代出现1∶1∶1∶1的性状分离比，则两亲本的基因型一定为AaBb×aabb C．若子二代出现9∶3∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型一定为AABB×aabb D．若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本的杂交组合可能有4种情况 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 49 解析　 3∶1∶3∶1可拆分为(3∶1)(1∶1)的性状比，说明两亲本中一对基因为杂合子自交型，另一对基因为测交型，所以两亲本的基因型为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb，A错误；1∶1∶1∶1可拆分为(1∶1)(1∶1)，说明亲本中两对基因均为测交型，所以两亲本的基因型为AaBb×aabb或Aabb×aaBb，B错误；若子二代出现9∶3∶3∶1的性状分离比，说明子一代全部为双杂合子，则两亲本的基因型为AABB×aabb或AAbb×aaBB，C错误；若子二代出现3∶1的性状分离比，说明子一代中一对基因为杂合子自交型，另一对基因为纯合子自交型，则两亲本的杂交组合可能有AAbb×aabb、AABB×aaBB、AABB×AAbb、aaBB×aabb 4种情况，D正确。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 50 7．某种观赏花卉的花色受常染色体上两对独立遗传的基因A/a、B/b控制，当基因A和B同时存在时开紫花，其他基因型的个体均开蓝花，且基因A具有显性纯合致死效应。现将紫花植株(甲)与纯合蓝花植株(乙)作亲本进行杂交，F1中紫花∶蓝花＝1∶3。下列说法错误的是(　　) A．该种花卉中蓝花植株的基因型有4种 B．亲本紫花植株甲的基因型一定是AaBb C．亲本纯合蓝花植株乙的基因型一定是aabb D．若让紫花植株甲自交，则子代紫花∶蓝花＝9∶7 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 51 解析　由题干信息“当基因A和B同时存在时开紫花，其他基因型的个体均开蓝花，且基因A具有显性纯合致死效应”可知，蓝花植株的基因型有Aabb、aaBB、aaBb、aabb四种，A正确；紫花植株的基因型可能是AaBB、AaBb，纯合蓝花植株的基因型可能是aaBB、aabb，由甲与乙作亲本进行杂交，F1中紫花∶蓝花＝1∶3，推出甲的基因型一定是AaBb，乙的基因型一定是aabb，B、C正确；甲的基因型为AaBb，甲自交，子代中紫花[2AaBB、4AaBb、3AAB_(死亡)]∶蓝花[2Aabb、3aaB_、1aabb、1AAbb(死亡)]＝1∶1，D错误。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 52 8．豌豆中，当C、R两个显性基因都存在时，花呈红色。一株红花豌豆与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花，若让这些红花豌豆自交，后代中红花豌豆的比例为(　　) A．5/8 B．3/8 C．3/16 D．9/16 解析　由题中信息可知，一株红花豌豆(C_R_)与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花，3/8可写成1/2×3/4，可推知该红花亲本基因型为CcRr，因此后代中红花豌豆的基因型及比例为CcRR∶CcRr＝1∶2，若让这些红花豌豆自交，后代中出现红花的概率为1/3×3/4＋2/3×9/16＝5/8。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 53 9．家鸡的彩羽由显性基因C控制，另一基因I会抑制基因C的作用，白来航鸡(CCII)和白温多特鸡(ccii)羽毛均为白色，让其杂交得F1，F1随机交配得F2，F2中有3/16为彩色羽毛，以下推测错误的是(　　) A．相关基因的遗传遵循自由组合定律 B．F1个体的羽毛均为白色 C．F2白羽个体的基因型有4种 D．F2彩羽个体中纯合子占1/3 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 54 解析　由题干信息可知，F1的基因型全为CcIi(白色)，F2的表型及比例为彩色(3C_ii)∶白色(9C_I_、4cc__)＝3∶13，是9∶3∶3∶1的变式，因此相关基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；F1个体的基因型全为CcIi，基因I抑制基因C的作用，因此F1个体的羽毛均为白色，B正确；F2白羽个体的基因型有7种(CCII、CcII、CCIi、CcIi、ccIi、ccII、ccii)，C错误；F2彩羽个体(Ccii∶CCii＝2∶1)中纯合子(CCii)占1/3，D正确。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 55 二、不定项选择题(每题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求) 10．研究人员为探究荞麦主茎颜色和瘦果形状的遗传规律，以两种自交可育的普通荞麦纯种为材料进行杂交实验，结果如下表。下列分析判断正确的是(　　) A．这两对相对性状的遗传是由细胞核中遗传物质控制的 B．荞麦的主茎颜色和瘦果形状两对相对性状独立遗传 C．荞麦的尖果与钝果是由一对等位基因控制的相对性状 D．荞麦的绿色茎与红色茎是由一对等位基因控制的相对性状 亲本 F1表型 F2表型及数量 绿茎尖果×绿茎钝果 红茎尖果 红茎尖果271　红茎钝果90 绿茎尖果211　绿茎钝果72 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 56 解析　 F2中，尖果∶钝果＝482∶162≈3∶1，可推知这对相对性状由一对等位基因控制，C正确；F2中，红茎∶绿茎＝361∶283≈9∶7，可推知这对相对性状由两对等位基因控制，D错误；由F2中的表型及比例可知，这两对性状的遗传遵循分离定律和自由组合定律，是由细胞核中的遗传物质控制的，且两对相对性状的遗传互不干扰，A、B正确。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 57 11．某种鸟类羽毛的颜色由等位基因A和a控制，且A基因越多，黑色素越多；等位基因B和b控制色素的分布，两对基因均独立遗传。研究者进行了如图所示的杂交实验，下列有关叙述正确的是(　　) A．基因A(a)和B(b)的遗传遵循自由组合定律 B．羽毛颜色的显性表现形式是不完全显性 C．能够使色素分散形成斑点的基因型是BB D．F2黑色斑点个体中杂合子所占比例为2/3 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 58 解析　F2的性状分离比为4∶2∶1∶6∶3，为9∶3∶3∶1的变式，可推知基因A(a)和B(b)的遗传遵循自由组合定律，A正确；羽毛颜色由等位基因A和a控制，且A基因越多，黑色素越多，说明显性表现形式是不完全显性，B正确；从F2性状分离比可知，斑点∶纯色＝9∶7，故控制色素分散形成斑点的基因为B，基因型为BB或Bb，C错误；F2黑色斑点个体的基因型为AABB、AABb，其中杂合子所占比例为2/3，D正确。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 59 三、非选择题 12．某植物的花色受两对独立遗传的等位基因控制，为研究该植物花色遗传的规律，科研人员用纯合红花植株和纯合白花植株为材料进行杂交实验，统计结果如下图所示。请回答下列问题： (1)该植物的红花和白花这对相对性状中，显性性状是________。F2中纯合子约有________株。 红花 48 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 60 (2)若F2中的白花植株自交，则其子代植株的表型是______。F2中红花植株的基因型共有_____种。若该植物为自花传粉，将收获的F2中每株红花植株的所有种子单独种植在一起得到一个株系，则全部开红花株系占全部株系的比例为_____。 (3)F2中出现白花植株∶红花植株＝84∶108的原因是：___________________ ______________________________________________________________________________________________________，且受精时____________________________。 白花 4 F1中的红花植株在形成配子时，控制红花和白花的两对基因发生了等位基因的分离和非等位基因的自由组合，形成4种配子 雌雄配子随机结合 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 61 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 62 13．某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间杂交实验的结果，请分析回答： (1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只有在________种显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)若表中红花亲本的基因型为aaBB，则第1组实验中白花亲本的基因型为________，F2表现为白花的个体中，与白花亲本基因型相同的占________。若第1组和第3组的白花亲本之间进行杂交，后代的表型为____________。 两 组别 亲本 F1 F2 1 白花×红花 紫花 紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4 2 紫花×红花 紫花 紫花∶红花＝3∶1 3 紫花×白花 紫花 紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4 两 AAbb 1/4 全为白花 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 63 (3)若第3组F2中红花基因型为aaBB和aaBb，则第3组实验的F1与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现的表型及其比例以及相对应的该白花品种可能的基因型： ①如果杂交后代紫花与白花之比为1∶1，则该白花品种的基因型是________； ②如果_____________________________________，则该白花品种的基因型是aabb。 AAbb 杂交后代紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 64 解析　(1)由表格可知，第1组中F2的表型及比例为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，所以该性状是由两对独立遗传的等位基因决定的，双显性表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)第1组中F1的紫花基因型为AaBb，红花亲本的基因型为aaBB，则白花亲本的基因型为AAbb；F2白花基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，所以与白花亲本基因型相同的占1/4；同理第3组中F1的紫花基因型为AaBb，所以第3组中亲本白花的基因型为aabb，第1组和第3组的白花亲本之间进行杂交，即AAbb×aabb，后代基因型为Aabb，表型全为白花。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 65 (3)第3组实验的F1为AaBb，纯合白花的基因型为AAbb或aabb。若该白花品种的基因型是AAbb，F1与纯合白花品种杂交，即AaBb×AAbb，子代基因型有四种，分别为AABb、AAbb、AaBb、Aabb，紫花与白花之比为1∶1；若该白花品种的基因型是aabb，F1与纯合白花品种杂交，即AaBb×aabb，子代的基因型有四种，AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 66 14．某雌雄同株异花传粉的二倍体植物，其抗除草剂与不抗除草剂性状受两对独立遗传的基因控制，相关基因为A、a和B、b，且A对a、B对b为完全显性，只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状。含基因A的雄配子有50%死亡，其他配子育性正常。基因B存在显性纯合致死现象。请回答下列问题： (1)抗除草剂与不抗除草剂是一对___________，该种植物抗除草剂与不抗除草剂性状的遗传遵循__________定律，抗除草剂植株共有________种基因型。 (2)若母本甲(Aabb)与父本乙(aaBb)进行杂交，子代抗除草剂植株中含有两种抗除草剂基因的个体所占比例为________，这些含两种抗除草剂基因的植株自由交配，子代中抗除草剂植株所占的比例是________。 相对性状 自由组合 5 1/3 8/9 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 67 (3)利用基因型不同的两亲本进行一次杂交，验证含基因A的雄配子有50%死亡。请设计一个最佳杂交方案，并用遗传图解表示。 答案　如图所示 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 68 解析　(1)抗除草剂与不抗除草剂是同种生物同一性状的不同表现类型，是一对相对性状。根据抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制可知，该种植物抗除草剂与不抗除草剂性状的遗传遵循自由组合定律。由于基因B存在显性纯合致死现象，所以抗除草剂植株共有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb 5种基因型。 (2)母本甲(Aabb)与父本乙(aaBb)进行杂交，母本产生的雌配子种类及比例为Ab∶ab＝1∶1，父本产生的雄配子种类及比例为aB∶ab＝1∶1，子代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，其中，基因型为AaBb、Aabb、aaBb的植株抗除草剂，且基因型为AaBb的植株含有两种抗除草剂基因，故子代抗除草剂植株中含有两种抗除草剂基因的个体所占比例为1/3。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 69 这些含两种抗除草剂基因的植株(AaBb)自由交配，根据题干“含基因A的雄配子有50%死亡”，可知雄配子的种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2，根据子代中BB致死，利用棋盘法(如表所示)，得出子代中抗除草剂植株所占的比例是8/9。 雄配子 雌配子 1AB 1Ab 2aB 2ab 1AB 1AABB(致死) 1AABb 2AaBB(致死) 2AaBb 1Ab 1AABb 1AAbb 2AaBb 2Aabb 1aB 1AaBB(致死) 1AaBb 2aaBB(致死) 2aaBb 1ab 1AaBb 1Aabb 2aaBb 2aabb(不抗) 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 70 (3)若利用基因型不同的两亲本进行一次杂交，验证含基因A的雄配子有50%死亡，一般用测交法，可选择的亲本基因型的最佳组合是母本为aabb，父本为Aabb，由于母本只能产生ab一种雌配子，而父本产生的雄配子种类及比例为Ab∶ab＝1∶2，因此预期子代的表型及比例为抗除草剂∶不抗除草剂＝1∶2。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 71 15．某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。 实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶 实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3 回答下列问题。 (1)甘蓝叶色中隐性性状是________，实验①中甲植株的基因型为________。 (2)实验②中乙植株的基因型为________，子代中有________种基因型。 绿色 aabb AaBb 4 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 72 (3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是________________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_______________________________________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，则丙植株的基因型为________。 Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 73 解析　(1)已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状，即aabb表现为隐性性状，A_B_、aaB_、A_bb均表现为显性性状，由实验②，绿叶甘蓝(甲)与紫叶甘蓝(乙)杂交，则绿叶甘蓝与紫叶甘蓝中有一方为隐性性状，基因型为aabb，二者杂交子代中绿叶∶紫叶＝1∶3，为1∶1∶1∶1的变式，则另一方的基因型为AaBb，紫叶为显性性状，绿叶为隐性性状，所以甲植株的基因型为aabb。 (2)由上述分析可知，乙植株的基因型为AaBb，实验②子代的基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，共4种。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 74 (3)若丙植株与甲植株(aabb)杂交，子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，可推出丙植株只能产生两种配子，且有一种配子是ab，进而推出丙的基因型是Aabb或aaBb；若丙植株与甲植株杂交子代均为紫叶，说明丙植株至少有一对显性纯合基因，则丙植株的基因型是AABB、AABb、AAbb、aaBB、AaBB；若丙植株与甲植株杂交子代均为紫叶，且该子代自交后代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，这是自由组合定律9∶3∶3∶1性状分离比的变式，推出子代紫叶植株的基因型是AaBb，由此推出丙植株的基因型是AABB。 拓展提能 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 75 　　　　　　　　　　　　　 R 知识点一　孟德尔遗传规律的应用 [题型一　杂交育种] 1．有两个纯种的小麦，一为高秆(D)抗锈病(T)，另一为矮秆(d)不抗锈病(t)。这两对性状独立遗传，现要培育矮秆抗锈病的新品种，过程如下：高秆、抗锈病和矮秆、不抗锈病eq \o(――→,\s\up17(a))F1eq \o(――→,\s\up17(b))F2eq \o(――→,\s\up17(c))稳定遗传的矮秆抗锈病类型。下列说法错误的是(　　) A．这种过程叫杂交育种，过程a叫杂交，过程b叫自交 B．过程c的处理方法是筛选和连续自交，直至选出能够稳定遗传的矮秆抗锈病新品种 C．F1的基因型是DdTt，表型是高秆抗锈病 D．F2中矮秆抗锈病新品种的基因型应是ddTT和ddTt，其中矮秆抗锈病个体中的纯合子概率为eq \f(1,16) 解析　过程a叫作杂交，产生的F1基因型为DdTt，表型为高秆抗锈病。过程b叫作自交，目的是获取表型为矮秆抗锈病的小麦品种(ddT_)，因为ddTt个体不能稳定遗传，所以要想得到稳定遗传的矮秆抗锈病植株必须经过过程c，即筛选和连续自交，直至后代不发生性状分离。F2矮秆抗锈病个体中的纯合子概率为eq \f(1,3)。 3．多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，决定这两种遗传病的基因自由组合，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是(　　) A．eq \f(1,2)、eq \f(1,4)、eq \f(1,8) B．eq \f(1,4)、eq \f(1,8)、eq \f(1,2) C．eq \f(1,8)、eq \f(1,2)、eq \f(1,4) D．eq \f(1,4)、eq \f(1,2)、eq \f(1,8) 解析　设多指相关基因用A、a表示，聋哑相关基因用B、b表示。根据亲子代表型，可推出亲代基因型：父AaBb，母aaBb，他们再生一个孩子情况如下：①手指正常，我们只关注A、a这一对等位基因，手指正常的基因型为aa，即Aa×aa→aa的概率为eq \f(1,2)。②先天性聋哑，我们只关注B、b这一对等位基因，先天性聋哑的基因型为bb，即Bb×Bb→bb的概率为eq \f(1,4)。③既多指又先天性聋哑，我们关注两对等位基因，既多指又先天性聋哑的基因型为A_bb，即AaBb×aaBb→A_bb概率为eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,8)。 [题型四　概率计算] 8．番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交种植得F1和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是(　　) A．eq \f(9,64)、eq \f(1,9) B．eq \f(9,64)、eq \f(1,64) C．eq \f(3,64)、eq \f(1,3) D．eq \f(3,64)、eq \f(1,64) 解析　设控制番茄三对性状的基因分别用A/a、B/b、C/c表示，亲代基因型为AABBcc与aabbCC，F1的基因型为AaBbCc，F2中A_aa＝31，B_bb＝31，C_cc＝31，所以F2中红果、多室、长蔓(A_bbC_)所占的比例是eq \f(3,4)×eq \f(1,4)×eq \f(3,4)＝eq \f(9,64)，纯合红果、多室、长蔓(AAbbCC)所占的比例为eq \f(1,4)×eq \f(1,4)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,64)，故红果、多室、长蔓中纯合子的比例是eq \f(1,64)÷eq \f(9,64)＝eq \f(1,9)。 白色物质eq \o(――→,\s\up17(酶A))黄色物质eq \o(――→,\s\up17(酶B))红色物质 14．大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因(用A、a和B、b表示)控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述不正确的是(　　) A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状 B．F1与黄色亲本杂交，后代有两种性状表型 C．F1和F2中灰色大鼠均为杂合子 D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现 米色大鼠的概率为eq \f(1,4) 解析　根据F2中表型比例可知F1为双杂合子，且灰色为双显性性状，米色为双隐性性状，黄色、黑色为单显性性状，所以亲本基因型为AAbb×aaBB，A错误；F1为双杂合子，与黄色亲本(假设为aaBB)杂交，即AaBb×aaBB，后代有两种表型，灰色与黄色，B正确；F2灰色大鼠中有eq \f(1,9)为纯合子(AABB)，其余为杂合子，F1灰色大鼠为杂合子，C错误；F2的黑色大鼠中纯合子(假设为AAbb)所占比例为eq \f(1,3)，与米色大鼠(aabb)杂交不会产生米色大鼠，F2的黑色大鼠中杂合子(Aabb)所占比例为eq \f(2,3)，与米色大鼠(aabb)杂交产生米色大鼠的概率为eq \f(1,2)，所以F2黑色大鼠与米色大鼠杂交产生米色大鼠的概率为eq \f(2,3)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,3)，D错误。 eq \f(1,9) 解析　(1)红花与白花亲本杂交，F1全为红花植株，红花为显性性状。F2白花∶红花＝84∶108＝7∶9，控制白花与红花的是两对等位基因，设为A、a和B、b，则F1基因型为AaBb，自交产生F2中纯合子占eq \f(1,4)，故F2中纯合子为eq \f(1,4)×(84＋108)＝48(株)。 (2)F2白花植株的基因型为A_bb、aaB_、aabb，白花植株自交子代仍为白花，F2中红花的基因型为A_B_，即1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb，每株红花植株的种子单独种植，全部开红花的占eq \f(1,9)。 $$