第1章 遗传因子的发现 章末检测-【金版教程】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化 创新导学案课件PPT（人教版2019 单选版）

　　　　　　　　　　　　　 第1章　章末检测 题号 1 2 3 4 5 6 7 难度 ★ ★ ★★ ★★ ★★ ★★ ★★ 题点 测交、杂交、自交 对分离现象的解释 自由交配 从性遗传 分离定律(配子致死) 复等位基因、胚胎致死 自由组合定律变形 题号 8 9 10 11 12 13 难度 ★★ ★ ★★★ ★★ ★★ ★★★ 题点 孟德尔两对相对性状的杂交实验 拆分法解决自由组合问题 自由组合定律变形 拆分法解决自由组合问题 自由组合定律(配子致死) 自由组合定律 题号 14 15 16 17 18 19 难度 ★★ ★★ ★★ ★★ ★★ ★★★ 题点 自由组合定律 分离定律 分离定律、从性遗传 自由组合定律 自由组合定律 自由组合定律 (配子致死) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 2 一、单项选择题(每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的) 1．在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及到了杂交、自交和测交等实验方法。下列相关叙述正确的是(　　) A．自交可以用来判断某显性个体的基因型，测交不能 B．杂交可以用来判断一对相对性状的显隐性，测交不能 C．对于隐性优良性状品种，可以通过连续自交方法培育 D．自交和测交都不能用来验证分离定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 3 解析：显性个体的基因型包括杂合子和纯合子，显性杂合子自交或测交，后代会出现显性性状和隐性性状，显性纯合子自交或测交，后代只有显性性状，因此自交和测交都可以用来判断某一显性个体的基因型，A错误；测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性，但杂交能，具有一对相对性状的亲本杂交，F1表现出来的性状为显性性状，B正确；自交可以用于显性优良性状的品种培育过程，通过连续自交，淘汰发生性状分离的个体，得到纯合体，而对于隐性优良性状的品种，只要出现即可稳定遗传，不需要连续自交，C错误；孟德尔通过测交法来验证分离定律，自交法也可验证基因分离定律，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 4 2．关于孟德尔一对相对性状的杂交实验，下列说法正确的是(　　) ①F1表型为高茎，表明高茎是显性性状 ②F2的高茎个体自交后代会有1/6矮茎 ③F1产生配子时，遗传因子Dd彼此分离 ④F1配子中D∶d＝1∶1，雌配子∶雄配子＝1∶1 A．①②③ B．①③ C．①③④ D．①②③④ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 5 解析：高茎和矮茎杂交，F1表型为高茎，表明高茎是显性性状，①正确；F2的高茎个体(1/3DD、2/3Dd)，自交后代会有2/3×1/4＝1/6矮茎，②正确；F1产生配子时，遗传因子Dd彼此分离，产生两种比例相等的配子，③正确；F1配子中雌配子与雄配子比例不相等，④错误，A正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 6 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 7 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 8 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 9 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 10 解析：由题意可知： TSTS TSTL TLTL 女 短 长 长 男 短 短 长 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 11 5．某雌雄同株植物的花色由一对等位基因S和s控制，且只有含S基因的花粉能完成受精作用。含s基因的花粉虽然能正常萌发，但往往只延伸到花柱的中部，花粉管细胞就开始发生凋亡而停止生长，无法完成受精作用。不考虑变异，下列有关叙述错误的是(　　) A．花粉管细胞的凋亡可能与s基因的表达产物有关 B．该植物的花色可能只有1种表型 C．基因型为Ss的植株自由交配2代，F2中Ss占1/4 D．基因型为Ss的植株连续自交2代，F2中Ss占1/3 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 12 解析：依题意可知，s基因的表达产物可能与花粉管细胞的凋亡有关，A正确；不考虑变异，由于含有s基因的花粉无法完成受精作用，因此该植物与花色有关的基因型只有SS、Ss两种，若S对s完全显性，则该植物的花色可能只有1种表型，B正确；基因型为Ss的植株自由交配1代，由于含有s的花粉不能完成受精，因此F1中SS∶Ss＝1∶1，F1产生的可育雄配子只含S，雌配子中S∶s＝3∶1，F1自由交配，F2为SS∶Ss＝3∶1，即F2中Ss占1/4，C正确；基因型为Ss的植株自交，由于含有s的花粉不能完成受精，F1为1/2SS、1/2Ss，F1自交，F2中Ss占1/2×1/2＝1/4，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 13 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 14 解析：由于基因AY纯合时会导致小鼠在胚胎时期死亡，所以该鼠种群中存活小鼠毛色的基因型有AYA、AYa、AA、Aa、aa共5种，A正确；基因AY对基因A、a为显性，A对a为显性，AYA和AYa两种黄鼠杂交得F1，F1为1AYAY(死亡)、1AYA(黄色)、1AYa(黄色)、1Aa(灰色)，因此黄色∶灰色＝2∶1，B正确；F2中黄色∶灰色∶黑色＝4∶3∶1，黄鼠所占比例为1/2，C正确；F1中雄鼠的基因型有AYA、AYa、Aa，比例为1∶1∶1，所以雄鼠产生的不同种类配子比例为AY∶A∶a＝1∶1∶1，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 15 7．豌豆花有红色和白色，两种不同品系白花豌豆杂交后代开红花，F1自交，F2中红花植株和白花植株分别为1799株和1401株。下列相关分析错误的是(　　) A．白花和红花由一对等位基因控制 B．两白花亲本植株的基因型不相同 C．F2红花植株中，与F1基因型相同的植株占4/9 D．F2红花植株中，自交后代只开红花的植株占1/9 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 16 解析：由题意可知，F2中红花植株和白花植株分别为1799株和1401株，比例接近9∶7，由此得知花色由两对等位基因控制(设为A/a、B/b)，遵循基因的自由组合定律，A错误；由F2中红花植株和白花植株的比值接近9∶7则红花基因型为A_B_，白花基因型为A_bb、aaB_或aabb，F1基因型为AaBb，从而推知两白花亲本植株的基因型不同，分别为AAbb、aaBB，B正确；F1基因型为AaBb，F2中红花的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb四种，其比例为1∶2∶2∶4，故F2红花植株中，与F1基因型相同的植株占4/9，C正确；F2红花植株中，只有AABB为红花纯合子，后代不发生性状分离，其比例为1/9，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 17 8．孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交得F2，下列叙述正确的是(　　) A．两对性状的遗传都遵循分离定律，故它们的遗传遵循自由组合定律 B．F1产生的雌雄配子数量相等，是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提 C．自然条件下将F2中黄色圆粒个体混合种植，后代绿色皱粒的比例为1/81 D．从F2的绿色圆粒植株中任取两株，这两株基因型不同的概率为4/9 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 18 解析：连锁的两对等位基因也都遵循分离定律，故不能依据黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，得出这两对性状的遗传遵循自由组合定律的结论，A错误；F1产生的雄配子总数往往多于雌配子总数，B错误；若自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，由于豌豆是自花传粉植物，只有基因型为YyRr的个体才会产生yyrr的绿色皱粒豌豆，故后代出现绿色皱粒的概率为4/9×1/16＝1/36，C错误；从F2的绿色圆粒植株yyRR或yyRr中任取两株，这两株基因型相同的概率为1/3×1/3＋2/3×2/3＝5/9，故不同的概率为4/9，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 19 解析：据题意分析可知，小麦杂交后的F1的基因型是AaBbCc，根据基因的自由组合定律，F1产生的配子种类是23＝8种；Aa自交的个体的后代中，可以形成AA、Aa、aa三种基因型的个体，同理Bb、Cc的后代也是三种基因型的后代，因此AaBbCc可产生33＝27种不同基因型的后代。综上所述，C正确，A、B、D错误。 9．基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对基因均独立遗传，F1杂种形成的配子种类数和F2的基因型种类数分别是(　　) A．4和9 B．4和27 C．8和27 D．32和81 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 10．某种自花传粉且闭花受粉的植物，其茎有高矮之分，茎表皮颜色有黄色、青色、黑色和褐色四种，控制茎的高矮和茎表皮颜色的三对基因独立遗传，其中基因M能抑制基因B的表达，基因型与表型的关系如表。下列叙述不正确的是(　　) A_B_ A_bb aaB_ aabb Mm 矮茎黄色 矮茎青色 矮茎黑色 矮茎褐色 M_ 高茎青色 高茎青色 高茎褐色 高茎褐色 茎高矮基因 茎表皮颜色基因 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 21 A.基因型为mmAaBb的植株自交后代会出现9∶3∶3∶1的性状分离比 B．只有基因型为MmaaBb的植株自交，子代有3种表型且比例为12∶3∶1 C．基因型为MmAaBb的植株自交，子代有6种表型，其中高茎青色的比例为9/16 D．茎高矮和茎表皮颜色都能稳定遗传的基因型有10种 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 22 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 23 11．仓鼠的毛色有灰色和黑色，由3对独立遗传的等位基因(P和p、Q和q、R和r)控制，3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，否则表现为黑色。下列叙述错误的是(　　) A．基因型为PPqqRR(♀)和PpQQRr(♂)的仓鼠交配，子代全部为灰鼠 B．该种仓鼠纯合灰色、黑色个体的基因型各有1种、7种 C．基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中黑色个体占27/64 D．基因型为PpQqRr的灰色个体测交，子代黑色个体中纯合子占1/7 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 24 解析： 3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，纯合灰色个体基因型为PPQQRR，纯合黑色个体基因型有ppqqrr、PPqqrr、ppQQrr、ppqqRR、PPQQrr、ppQQRR、PPqqRR 7种，B正确；基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中灰色个体占3/4×3/4×3/4＝27/64，黑色个体占1－27/64＝37/64，C错误；基因型为PpQqRr的灰色个体测交，后代有8种基因型，灰色个体基因型1种，黑色个体基因型7种，其中只有ppqqrr是黑色纯合子，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 25 12．用豌豆甲(AABB)、乙(aabb)两品种杂交得F1，F1测交：当F1作父本时，后代AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2；当F1作母本时，后代上述四种基因型比例为1∶1∶1∶1。下列说法错误的是(　　) A．豌豆的测交实验需要进行人工异花传粉 B．测交后代有四种表型，说明F1产生四种配子 C．F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能受精 D．这两对基因的遗传不遵循自由组合定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 26 解析：豌豆的测交实际是杂交过程，故该实验需要进行人工异花传粉，A正确；根据测交后代的基因型可推测F1的配子类型，故测交后代有四种基因型，说明F1产生四种配子，B正确；F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能受精，故当F1作父本时，后代AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，C正确；根据测交结果可知，豌豆的两对基因的遗传遵循自由组合定律，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 27 13．西瓜的瓤色受独立遗传的两对等位基因控制，其中基因B、b分别控制黄色素和红色素的合成，当基因W存在时，色素不能合成而为白色。现有甲、乙、丙3株植株，其中甲为白瓤，乙为黄瓤，丙为红瓤，它们相互杂交及F1自交的结果如表所示。下列叙述错误的是(　　) 杂交组合 亲本 F1 F2 组合一 甲×乙 白瓤 白瓤307株、黄瓤102株 组合二 乙×丙 黄瓤 黄瓤306株、红瓤103株 组合三 甲×丙 白瓤 白瓤252株、黄瓤70株、红瓤21株 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 28 A.植株甲、乙的基因型分别是WWBB、wwBB B．杂交组合一的F2中某白瓤植株的基因型为WWBB或WwBB C．杂交组合二的F2中黄瓤植株随机交配，子代中黄瓤植株占5/6 D．杂交组合三的F2中黄瓤植株与红瓤植株杂交，F3中黄瓤∶红瓤＝2∶1 解析：根据题意可知，植株甲、乙、丙大致的基因型分别为甲(白瓤)W___、乙(黄瓤)wwB_、丙(红瓤)wwbb。杂交组合二中乙(wwB_)×丙(wwbb)，F1全为黄瓤(wwBb)，由此可推知乙的基因型为wwBB；杂交组合一中甲(W___)×乙(wwBB)，F1全为白瓤(WwB_)，由此可推知甲的基因型是WW__，再根据杂交组合一的F1(WwB_)自交后代F2中没有红瓤(wwbb)植株出现， 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 29 可推知F1的基因型为WwBB，因此，甲的基因型为WWBB，F2中白瓤植株的基因型为WWBB或WwBB，A、B正确；杂交组合二的F1的基因型是wwBb，F2中黄瓤植株的基因型是1/3wwBB和2/3wwBb，其随机交配产生的子代中只有黄瓤和红瓤两种植株，其中红瓤植株(wwbb)所占比例为2/3×2/3×1/4＝1/9，则子代中黄瓤植株所占比例为1－1/9＝8/9，C错误；杂交组合三的F1的基因型是WwBb，F2黄瓤植株中，基因型为wwBB的植株占1/3，基因型为wwBb的植株占2/3，这些黄瓤植株与红瓤植株(wwbb)杂交，F3中只有黄瓤和红瓤两种植株，其中红瓤植株(wwbb)所占比例为2/3×1/2＝1/3，则黄瓤植株所占比例为1－1/3＝2/3，所以F3中黄瓤∶红瓤＝2∶1，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 30 14．香豌豆中，当C、R两个显性基因都存在时，花才呈红色。一株红花香豌豆与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花；若让此红花香豌豆进行自交，后代红花香豌豆中杂合子占(　　) A．8/9 B．1/2 C．1/4 D．1/8 解析：根据“一株红花香豌豆与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花”，3/8＝1/2×3/4，可以反推出此红花植株基因型为CcRr，其自交后代基因型及比例为C_R_∶C_rr∶ccR_∶ccrr＝9∶3∶3∶1，后代红花香豌豆(C_R_)占后代总数的9/16，其中CCRR为纯合子占后代总数的1/16，则后代红花香豌豆中杂合子占8/9，A正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 31 解析：根据“一株红花香豌豆与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花”，3/8＝1/2×3/4，可以反推出此红花植株基因型为CcRr，其自交后代基因型及比例为C_R_∶C_rr∶ccR_∶ccrr＝9∶3∶3∶1，后代红花香豌豆(C_R_)占后代总数的9/16，其中CCRR为纯合子占后代总数的1/16，则后代红花香豌豆中杂合子占8/9，A正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 32 15．假设羊毛的黑色(B)、白色(b)由一对等位基因控制，一个随机交配多代的羊群中，B和b基因的频率各占一半，现需对羊群进行人工选择，逐代淘汰白色个体。下列说法正确的是(　　) A．淘汰前，该随机交配多代的羊群中黑色个体数量与白色个体数量相等 B．淘汰前，随着交配代数增加，羊群中纯合子的比例减小 C．白色羊至少要淘汰2代，才能使b基因频率下降到25% D．随着淘汰代数的增加，羊群中基因型Bb的频率逐渐增加 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 33 解析：由题意可知，淘汰前，B和b基因的频率均为1/2，则在该种群中bb的频率为1/2×1/2＝1/4，BB的频率为1/2×1/2＝1/4，Bb的频率为2×1/2×1/2＝1/2，因此，淘汰前黑色个体的频率为3/4，白色个体的频率为1/4，即淘汰前，该随机交配多代的羊群中黑色个体数量与白色个体数量不相等，A错误；淘汰前，由于种群是随机交配的种群，基因的频率不变，不管交配多少代，羊群中纯合子的比例均不变，即1/2，B错误；淘汰前，B和b基因的频率均为1/2，Bb的频率为1/2，白色个体的频率1/4，淘汰白色个体后，基因型BB的频率为1/3，Bb的基因频率为2/3，此时种群中B基因的频率为1/3＋2/3×1/2＝2/3， 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 34 b基因的频率为1－2/3＝1/3，黑色个体随机交配，下一代个体中Bb基因型的频率为2×1/3×2/3＝4/9，bb(白色个体)基因型的频率为1/3×1/3＝1/9，BB基因型的频率为2/3×2/3＝4/9，淘汰白色个体，Bb基因型的频率为4/9/(1－1/9)＝1/2，BB基因型的频率为1－1/2＝1/2，种群中B基因的频率为1/2×1/2＋1/2＝3/4，b基因的频率为1－3/4＝1/4＝25%，C正确；由C项可推测随着淘汰代数的增加，B基因频率的变化为1/2→2/3→3/4，即B的基因频率逐渐增加，Bb基因型的频率的变化为1/2→2/3→1/2，即基因型Bb的频率不是逐代增加，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 35 二、非选择题 16．某农场中存在黑毛和白毛两种类型的羊，为探究羊毛色的遗传特点，研究人员让不同毛色的羊进行杂交，其后代情况如下。请回答下列相关问题： 杂交一：白毛羊×黑毛羊→白毛羊、黑毛羊 杂交二：黑毛羊×黑毛羊→黑毛羊 (1)根据杂交结果________(填“能”或“不能”)判断毛色的显隐性关系，原因是_____________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 不能 杂交一的亲本和后代均有两种表型，不能确定羊毛色的显隐性关系，杂交二的后代没有出现性状分离，可能是亲本中至少含有一个显性纯合个体，也可能是亲本均是隐性个体(答案合理即可) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 36 (2)已知白毛羊为显性性状，为确定一只白毛公羊甲的基因型，并在一个配种季节内完成鉴定，请写出实验设计方案及预期结果__________________________________________________________________________________________________________________________。 白毛羊与白毛羊的后代中可产生黑毛羊，原因是_______________________ ________________________________________________________________，该现象在遗传学上称为___________。 让白毛公羊甲与多只黑毛母羊杂交，观察后代的表型。若后代均为白毛羊，则甲为显性纯合子；若后代中出现黑毛羊，则甲为显性杂合子 若亲本白毛羊均为杂合子，则均可产生含黑毛基因的配子，含黑毛基因的雌雄配子结合可产生黑毛羊 性状分离 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 37 (3)研究发现，羊群中存在有角羊和无角羊两种类型，其基因型和性状的对应关系如表所示。 如果选择纯合有角公羊和纯合无角母羊进行杂交，则F1的表型为____________________；若让F1中的公羊和母羊相互交配，在F2母羊中无角个体所占的比例是________，若让F2无角母羊与无角公羊杂交，后代中出现有角羊的概率是________。 有角公羊、无角母羊 基因型 HH Hh hh 公羊的性状表现 有角 有角 无角 母羊的性状表现 有角 无角 无角 3/4 1/6 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 38 解析：(2)设控制羊毛色的基因为A、a，已知白毛为显性，要在一个配种季节内完成白毛公羊甲基因型的鉴定，可以让白毛公羊甲(AA或Aa)与多只黑毛母羊(aa)杂交，观察后代的表型。如果后代均为白毛羊，则甲为显性纯合子；如果后代中出现黑毛羊，则甲为显性杂合子。白毛羊与白毛羊的后代中可产生黑毛羊，原因是若亲本白毛羊均为杂合子，则均可产生含黑毛基因的配子，含黑毛基因的雌雄配子结合即可产生黑毛羊。同种表型的个体杂交，后代出现不同表型的现象在遗传学上称为性状分离。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 39 (3)根据题表可知，纯合有角公羊的基因型为HH，纯合无角母羊的基因型为hh，两者杂交，F1的基因型为Hh，表型为有角公羊和无角母羊。F1中的公羊(Hh)和母羊(Hh)相互交配，在F2母羊中HH∶Hh∶hh＝1∶2∶1，无角个体的基因型为Hh和hh，所占比例为3/4；F2无角母羊的基因型及比例为Hh∶hh＝2∶1，无角公羊的基因型为hh，两者杂交，后代出现有角羊的基因型为Hh且为公羊，其概率为2/3×1/2×1/2＝1/6。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 40 17．(2021·全国甲卷)植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表(实验②中F1自交得F2)。 实验 亲本 F1 F2 ① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮 / ② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮 3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 41 回答下列问题： (1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是______________。 (2)甲乙丙丁中属于杂合体的是________。 (3)实验②的F2中纯合体所占的比例为________。 基因型不同的两个亲本杂交，F1分别统计，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律 缺刻叶和齿皮 甲和乙 1/4 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 42 (4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是________，判断的依据是_______________________________________ __________。 果皮 F2中齿皮∶网皮＝3∶1，说明受一对等位基因控制 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 43 解析：(1)实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮，分别统计2对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律；根据实验②，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性性状，齿皮对网皮为显性性状。 (2)假设叶形相关基因为A/a，果皮相关基因为B/b。根据已知条件，甲乙丙丁的基因型不同，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮，实验①杂交的F1结果类似于测交，实验②的F2出现9∶3∶3∶1，则F1为双杂合子，其基因型为AaBb，综合推知，甲的基因型为Aabb，乙的基因型为aaBb，丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB，甲乙丙丁中属于杂合体的是甲和乙。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 44 (3)实验②的F2中纯合体基因型为1/16AABB，1/16AAbb，1/16aaBB，1/16aabb，所以F2中纯合体占的比例为1/4。 (4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮＝45∶15∶3∶1，分别统计2对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，可推知叶形受两对等位基因控制，齿皮∶网皮＝3∶1，可推知果皮受一对等位基因控制。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 45 18．果蝇是遗传学研究的经典实验材料，其三对相对性状中灰身对黑身为显性、大翅脉对小翅脉为显性、细眼对粗眼为显性，这三对相对性状各受一对等位基因控制。回答下列问题： (1)若只研究灰身和黑身、大翅脉和小翅脉这两对相对性状，某同学将一只灰身小翅脉雌蝇与一只灰身大翅脉雄蝇杂交，F1的表型及比例为灰身大翅脉∶灰身小翅脉∶黑身大翅脉∶黑身小翅脉＝3∶3∶1∶1。根据上述实验结果________(填“能”或“不能”)确定两对基因的遗传遵循自由组合定律，理由是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 能 单独分析这两对相对性状，F1中灰身∶黑身＝3∶1，大翅脉∶小翅脉＝1∶1，同时分析这两对相对性状，后代性状比为3∶3∶1∶1＝(3∶1)×(1∶1)，故两对性状是自由组合的 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 46 (2)现有三个纯合果蝇品系可供选择，甲是灰身大翅脉粗眼，乙是黑身大翅脉细眼，丙是灰身小翅脉细眼。请以上述三个纯合品系为材料，设计实验来确定这三对等位基因是否独立遗传____________________________________________ _______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(要求：写出实验思路、预期实验结果、得出结论) 实验思路：选择甲×乙、乙×丙、甲×丙三个杂交组合，得到F1，F1相互交配得到F2。预期实验结果及结论：若各杂交组合的F2中均出现四种表型，且比例为9∶3∶3∶1，则可确定这三对等位基因独立遗传，否则不能确定这三对等位基因独立遗传 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 47 解析：(2)实验思路：要确定三对等位基因是否独立遗传，可拆分为判定每两对等位基因是否独立遗传，如甲和乙杂交得到F1，F1相互交配得到F2，观察F2表型及比例来判定控制灰身和黑身、细眼和粗眼这两对相对性状的基因是否独立遗传。预期结果及结论：若F2中表型及比例为灰身细眼∶灰身粗眼∶黑身细眼∶黑身粗眼＝9∶3∶3∶1，则控制灰身和黑身、细眼和粗眼这两对相对性状的基因独立遗传，否则控制灰身和黑身、细眼和粗眼这两对相对性状的基因不能独立遗传。另两组思路相同。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 48 19．某两性花植物的花色由两对等位基因A/a和B/b共同决定，其基因型与表型的对应关系见下表。 为了研究花色的遗传规律，进行如下实验： 实验一：AaBb(♂)×aabb(♀)，子代紫花、红花、白花分别为202株、199株、404株； 实验二：AaBb(♀)×aabb(♂)，子代紫花、红花、白花分别为222株、110株、445株。 假设该植物致死的情况仅分为：①合子致死型，即具有某种基因型的个体在胚胎期或成体阶段致死的现象；②配子致死型，即具有某种基因型的配子不能存活的现象。 花色 紫色 红色 白色 基因型 A_B_ A_bb aa__ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 49 回答下列问题： (1)该植物中开紫花的基因型有________种。 (2)等位基因A/a和B/b的遗传________(填“满足”或“不满足”)基因的自由组合定律，依据是________________________________________________。 (3)甲同学根据实验一和实验二的亲子代表型及其数量关系，认为基因型为Aabb的个体中有50%致死。你是否同意甲同学的假说？请阐述理由。_________________________________________________________________________________________________。 4 满足 实验一为测交，且子代紫花∶红花∶白花≈1∶1∶2 不同意，若基因型为Aabb的个体中有50%致死，则实验一和实验二测交后代表型种类及比例应该相同 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 50 (4)若实验一和实验二的子代表型及比例出现的原因是某种基因型的雌或雄配子部分致死所致，乙同学提出符合该前提的假说：________________________ _________________________________________，并设计如下实验方案检验其假说：基因型为AaBb的植株自交，观察并记录子代的表型及其比例。①预期实验结果为_______________________________；②请你评价乙同学的实验方案是否合理及原因：___________________________________________________________ ______________。 基因型为Ab的雌配子中可能有50%致死，基因型为Ab的雄配子不致死 紫色∶红色∶白色＝4∶1∶2 不合理，该实验方案无法确定基因型为Ab的雌配子还是雄配子中有50%致死 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 51 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 52 (4)若实验一和实验二的子代表型及比例出现的原因是某种基因型的雌或雄配子部分致死所致，则乙同学提出符合该前提的假说应为基因型为Ab的雌配子中可能有50%致死，而基因型为Ab的雄配子不致死(这就保证了实验一的测交比例正常)，为了检验其假说设计如下实验：让基因型为AaBb的植株自交，观察并记录子代的表型及其比例。AaBb的植株自交，雌配子的比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶1∶2∶2，雄配子的比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，自交产生的后代基因型比例为16A_B_(紫色)、4A_bb(红色)、8aa__(白色)，即紫色∶红色∶白色＝4∶1∶2；但是当雌配子正常，雄配子致死的情况也能获得上述比例，据此可知，即使出现上述比例也无法确定基因型为Ab的雌配子还是雄配子中有50%致死。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 53 　　　　　　　　　　　　　 R 3．已知果蝇的黑身(b)和灰身(B)是一对相对性状，将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交，F1全部为灰身，让F1自由交配得到F2，将F2的灰身果蝇全部取出，让其自由交配，后代中灰身果蝇所占的比例是(　　) A.eq \f(8,9) B.eq \f(1,3) C.eq \f(4,9) D.eq \f(3,6) 解析：由题干知： P　　　BB　　×　　bb ↓ F1 Bb × Bb ↓ F2　 　eq \f(1,4)BB　 eq \f(1,2)Bb　 eq \f(1,4)bb 将F2的灰身果蝇取出：eq \f(1,3)BB　eq \f(2,3)Bb 解法一：F2中配子B概率＝eq \f(1,3)＋eq \f(2,3)×eq \f(1,2)＝eq \f(2,3)，b概率＝eq \f(1,3)，画出棋盘可知，BB概率＝eq \f(4,9)，Bb概率＝eq \f(4,9)，bb概率＝eq \f(1,9)，即后代灰身果蝇所占比例为eq \f(8,9)。 解法二：F2中只有Bb×Bb后代才出现bb，故黑身果蝇bb比例为eq \f(2,3)×eq \f(2,3)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,9)，则灰身果蝇所占比例为1－eq \f(1,9)＝eq \f(8,9)。 4．食指长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由一对等位基因控制(TS表示短食指基因，TL表示长食指基因)。此等位基因表达受性激素影响，TS在男性中为显性，TL在女性中为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为(　　) A.eq \f(1,4) B.eq \f(1,3) C.eq \f(1,2) D.eq \f(3,4) 一对夫妇均为短食指，则女TSTS×男TS_，孩子既有长食指又有短食指，该夫妇中一定有TL，所以父为TSTL，再生孩子长食指为TSTL，该基因型只在女性中为长食指，所以为eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,4)，A正确。 6．某小鼠毛色受三个复等位基因(AY、A、a)控制，AY决定黄色、A决定灰色、a决定黑色，其中基因AY纯合时会导致小鼠胚胎时期死亡，基因AY对基因A、a为显性，A对a为显性，现用AYA和AYa两种鼠杂交得F1，F1个体自由交配。下列有关叙述错误的是(　　) A．该鼠种群中的基因型有5种 B．F1中黄色∶灰色＝2∶1 C．F2中黄鼠所占比例为eq \f(1,2) D．F1中雄鼠产生的不同种类配子比例为1∶2∶1 解析：基因型为MmaaBb、MmAABb的植株自交，子代有3种表型且比例为12∶3∶1，B错误；基因型为MmAaBb的植株自交，子代有2＋4＝6种表型，已知M_A_B_表现为高茎青色，M_A_bb高茎青色，所以其中高茎青色的比例为eq \f(3,4)×eq \f(3,4)＝eq \f(9,16)，C正确；如果植物的茎高矮和茎表皮颜色都能稳定遗传，有2种情况：①3对等位基因都是纯合子，每对等位基因的纯合子包括显性纯合和隐性纯合两种，3对都是纯合的组合是2×2×2＝8种；②M为显性纯合时，AABb、aaBb也能稳定遗传，因此该植物的茎高矮和茎表皮颜色都能稳定遗传的植株的基因型共有10种，D正确。 解析：(3)实验一：AaBb(♂)×aabb(♀)，子代产生表型为紫花、红花、白花分别为202株、199株、404株，相关比例为紫花∶红花∶白花≈1∶1∶2，说明该实验中子代的基因型为1AaBb(紫色)、1Aabb(红色)、1aaBb(白色)、1aabb(白色)，据此可知亲本雄株产生了四种比例均等的配子，即为AB、Ab、aB、ab，说明两对等位基因独立遗传，遵循基因自由组合定律。实验二：AaBb(♀)×aabb(♂)，子代紫花、红花、白花分别为222株、110株、445株，即紫花∶红花∶白花≈2∶1∶4，则基因型为Ab的卵细胞可能存在致死情况。甲同学认为基因型为Aabb的红花个体中有50%致死，如果该同学的假设是正确的，则实验一中的测交比例也应该出现该比例，显然与事实不符，据此可知甲同学的假设不合理。 $$