黄金卷08（安徽专用）-【赢在中考·黄金8卷】备战2025年中考物理模拟卷

【赢在中考·黄金8卷】备战2025年中考物理模拟卷（安徽专用） 黄金卷08 （本卷满分70分，考试时间为与化学合卷共120分钟。） 注意事项： 1.物理试卷共四大题，23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。 2.试卷包括“试题卷”（4页）和“答题卷”（4页）两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。 3.考试结束后，请将“答题卷”和“试题卷”一并交回。 4. 全卷g取10N/kg，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3。 一、填空题（每小题2分，共20分） 1．中国古典小说《镜花缘》中提到“大风把一口井吹到篱笆‘墙外’去了”。其中的“井”的运动是以 （选填“地面”或“篱笆”）为参照物而言的。 2．我国自主研发的高端造雪机为北京冬奥会的成功举办立下了汗马功劳。如图所示，造雪机将压缩空气与5℃以下的冷水混合后喷出水雾，在与空气的接触中，水雾凝结成冰晶，继而变成雪花。据了解，这样的“人工雪”更耐高温。“人工雪”的形成是 现象。（填物态变化名称） 3．“千帆星座”的首批组网卫星以“一箭18星”顺利升空入轨，标志着我国向组建全球卫星互联网迈出重要一步。如图所示是火箭在卫星发射中心点火发射的场景。火箭加速上升过程中，火箭内的卫星机械能是 （选填“不变”“增大”或“减小”）的。 4．游乐场中同样蕴藏着许多物理知识。如图所示是游乐场里常见的旋转飞椅，请在图乙中画出此时飞椅受到的重力和绳子对飞椅的拉力的示意图（O为重心）。 5．如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，当开关S闭合后，且滑片P从a端向b端滑动过程中，弹簧长度 （选填“变长”或“缩短”）。 6．如图甲所示是小鸣家的一个插座，小鸣用试电笔接触插座A孔，氖管发光，接触插座B孔，氖管不发光，乙图是一个台灯的电路示意图，当把台灯接入电路时，为了安全，应将台灯插头的 （选填“C”或“D”）插脚插入A孔。 7．早在3000年前我们的祖先就设计了结构很合理的辘护，通常用于从井中提水如图甲所示。钝转实质为可以连续转动的杠杆：某辘轭简化成杠杆如图乙，L1=60cm，l2=15cm：现将总质量为50kg的水和桶从井中匀速提起，人们在摇把末端施加的力F1至少需要 N。（g=10N/kg） 8．一辆汽车在平直的公路上匀速行驶了100km，消耗了5kg汽油，已知汽油的热值为，如果汽油机的效率为35%，则汽车受到的阻力为 N。 9．如图所示电路，电源两端电压为且保持不变。电阻，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω；1A”的字样，电流表的量程为0~0.6A，两块电压表的量程均为0~3V，在保证电路安全的条件下，滑动变阻器阻值变化范围是 Ω。 10．如图所示电路，电源电压不变，R1为发热电阻，阻值为10Ω，R2为定值电阻，阻值为10Ω，R为滑动变阻器（A、B为其两个端点），最大电阻为20Ω，闭合开关S，当滑片P从A端移动到B端时，电流表的示数变化了0.2A，发热电阻R1在1分钟内产生的热量为 J。 二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的） 11．如图所示的陶笛，其原型可追溯至距今6000多年前陕西半坡遗址出土的陶哨。下列说法正确的是（   ） A．陶笛发出的声音清脆嘹亮，频率可以高于20000Hz B．用力吹陶笛，是为了改变陶笛发出声音的音调 C．人们能靠声音辨别出陶笛和其他乐器是因为它们的音色不同 D．吹奏陶笛产生的声音在空气中的传播速度约为3×108m/s 12．如图所示，小球从M点竖直向下以某速度抛出，球经静止的a台面第一次向反弹后，到达最高点N；然后球从N点下降时，台面已升至b位置并保持静止，球经台面第二次反弹后，到达最高点P，小球整个过程的运动均在竖直方向。下列说法正确的是（　　） A．第一次反弹在上升过程中，突然撤去所有外力，小球将保持静止 B．点P的高度一定比点N低 C．第二次反弹上升过程中只有动能转化为重力势能 D．小球在N点的重力势能不可能等于在M点的重力势能 13．如图所示，工人用斜面将货物匀速推上小车的车厢，推力与斜面平行，下列说法正确的是（    ） A．使用斜面将货物推上车厢是因为斜面可以省功 B．货物受到的摩擦力和工人对货物的推力是一对平衡力 C．工人能推动货物是因为工人对货物的力大于货物对工人的力 D．货物对斜面的压力和斜面对货物的支持力是一对相互作用力 14．水平桌面上的甲、乙两个相同的溢水杯，其中一个装满水，另一个盛满酒精，把两个完全相同的小球分别轻轻放入溢水杯的液体中，溢出的液体分别流到相同的小烧杯A和B中，待小球静止时，测得溢出水的质量为54g，溢出酒精的质量为48g，如图所示（注意：溢水杯甲和乙中有小球，只是没有画出）。此时，小烧杯A和B中液体对小烧杯底部的压强分别为、，甲溢水杯对桌面的压强和乙溢水杯对桌面的压强分别为和，（已知酒精的密度为），则下列判断正确的是（　　） A．甲溢水杯中盛的是水，乙溢水杯中盛的是酒精 B．小球的密度为 C．   D．   15．关于如图所示的电路图，下列分析正确的是（　　） A．当开关S闭合、断开时，滑动变阻器的滑片P向右移动，灯泡L变亮 B．当开关S闭合、断开且滑动变阻器的滑片P在最右端时若灯不亮，但电压表有示数可能是灯泡短路 C．当开关S、闭合时，滑动变阻器的滑片P向右移动，电压表V的示数变小 D．当开关S、闭合且滑动变阻器的滑片P在最中点时若灯不亮，但电压表有示数可能是灯泡断路 16．如图，所示的电路，电源电压恒定，将滑片放置阻值最大处，然后进行下列操作。以下说法正确的是（    ） A．保持滑片位置不动，只闭合S2时电流表示数大于只闭合S1、S3时电流表示数 B．只闭S2，滑片向右滑，电流表示数变大，R2电压变化量与电流变化量的比值将不变 C．只闭S2，滑片向右滑动时，电压表示数变大，总功率和R2的功率一定都在变大 D．只闭S1、S3，当R2的滑片向右移动时，电路的总电阻在变大 17．如图1，⊗表示导线中的电流方向垂直于纸面向里，F是磁场对通电导线的作用力。用Fab、Fcd、Fa'b'、Fc'd'分别表示图2、3中闭合开关时磁场对导体ab、cd、a'b'、c'd'的作用力，则（　　） A．Fab竖直向上，Fcd竖直向下 B．Fab竖直向下，Fcd竖直向上 C．Fa'b'竖直向上，Fc'd'竖直向下 D．Fa'b'竖直向下，Fc'd'竖直向下 三、实验题（第18题4分，第19题4分，第20题8分，共16分） 18．在探究“光的反射规律”的实验中，为了确定反射光线和入射光线的位置关系，实验器材有：可旋转的光屏（如图甲所示，光屏的 A、B两部分均可绕轴ON旋转）、平面镜、激光电筒，将纸板调成一个平面，倾斜放置在水平镜面上，让激光电筒发出的光沿光屏A入射到O点，此时在纸板B上不能看到反射光。    （1）保持入射点位置不变，将光屏和镜面垂直放置时，如图丙所示，光屏B旋转到图中的位置2，便可以观察到完整的光路；旋转光屏A到位置1时，也同时需要旋转光屏B到位置3才能观察到完整光路，通过以上操作过程可知，要观察完整的光路，光屏A、B两部分和镜面要垂直，旋转后要处于 ； （2）我们可以发现，光屏和镜面垂直时，保持入射点位置不变，光屏转动时，转轴ON位置不变，它对确定反射光空间位置很重要，我们把转轴ON所在的直线称为法线，根据这条线的特点，我们定义法线的完整描述为 。根据这条线便可以确定反射光线和入射光线的位置关系。记录多次实验光路，进一步研究发现反射光线和入射光线关于法线对称。 19．小明和同学们一起用硬纸板搭建了图所示的轨道，测量小球运动的平均速度。 （1）根据该实验的原理，小明他们需要测量的物理量是小球运动的路程s和所用的时间t； （2）他们先用钢卷尺对轨道各段长度进行测量并分段做了标记，因误差的存在，需多次测量，为保证小球每次通过A点的速度相同，必须用同一小球从左边斜面的 由静止释放。要使小球能够通过E点，释放小球的高度应高于水平段BD的高度； （3）从A点开始计时，用电子秒表分别测量小球经过B、C、D、各点的时间，整理实验数据并记录在如表中； 路段 距离s/cm 运动时间t/s 平均速度v/（m•s﹣1） AB 50.00 0.45 1.11 BC 50.00 0.60 0.83 CD 50.00 0.75 0.67 DE 100.00 0.93 1.08 （4）小球在BD段运动的平均速度为 m/s（计算结果保留两位小数）。 20．实验小组在“探究电流与电阻关系”的实验中，实验器材：三节新干电池、电流表、电压表、定值电阻（阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（规格为“30Ω1A”）、开关和若干导线。 （1）同学们连接的电路如图所示，检查电路时发现接线有一处错误。请你在图中将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线作出一根正确连接的导线；( ) （2）正确连接电路后，闭合开关，同学们发现电流表和电压表均无示数，其原因可能是 （选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路； （3）排除故障后，分别用5Ω、10Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如表所示； 实验次数 1 2 3 4 电阻 5 10 20 25 电流 分析实验数据可知： ①当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 关系； ②当使用的定值电阻做实验时，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于 V。    四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程） 21．五一期间，小魏办理行李托运时，显示行李箱质量为12kg，行李箱竖直放置时轮子与地面的总接触面积为12cm2，当他拉行李箱时，行李箱和水平地面的夹角保持60°，拉力的作用点在拉杆末端，O点到重力作用线的距离OA为2.5cm，如图所示。到家后，他用了45s把行李箱从一楼提到三楼，共提高6m。（g=10N/kg）求： （1）行李箱竖直静止放置在水平地面时，对地面的压强； （2）提行李箱上楼时，克服行李箱重力做功的功率； （3）用图示方式拉行李箱时，竖直方向拉力的大小。 22．如图甲所示是电热桌垫，小明查看说明书后发现：该电热桌垫电路图如图乙，电源电压为12V，发热部分由R1、R2两根电热丝组成，R1、R2的阻值分别为6Ω、4Ω，该桌垫可通过调温开关控制有高温和低温两个模式。某次使用时，将其调至高温模式工作2min后，桌垫的温度升高了20℃（不考虑温度的变化对电阻的影响）。      （1）电热桌垫高温模式时，电路的总电流是多少？ （2）已知电热桌垫的质量为144g，电热桌垫处于高温模式时的热效率是多少？电热桌垫硅胶板的比热容为2×103 J/（kg⋅℃）】 （3）若要使高温模式的功率提升到84W，在保证低温功率和R1不变的情况下，请通过计算说明应该如何改装电路？ 23．借助浮力起重是我国古代的一个创造。900多年前，僧人怀丙让人把两艘大船装满泥沙，用铁索将铁牛拴到大船上，然后卸掉船里的泥沙，随着船身逐渐上浮，铁牛在河底淤泥中被拉了出来。为了模拟该情景，小明将底面积，高的长方体B，与底面积为的容器A的底部紧密结合，模拟陷入淤泥中的铁牛，用长为，长度不变的细线将薄壁容器C与长方体B相连，薄壁容器C中盛有一定质量的水，在容器A中缓慢注水，直到细线被拉直但无拉力，此时薄壁容器C浸入水中的深度为10cm，AB底部仍然紧密结合，如图乙所示，接下来将薄壁容器C中的水缓慢抽到容器A中，此过程中细线对长体B的拉力F与抽出水的质量m关系图像如图丙所示，容器A中始终无水溢出，且。【取，不计薄壁容器C与细线的重力和体积，AB未分离前均为紧密结合】。求： （1）未抽薄壁容器C中水时，水对容器A底部的压强； （2）当从薄壁容器C中抽出质量为的水时，长方体B受到水的浮力； （3）当长方体B下表面与容器A底面相距4cm时，从薄壁容器C中抽出水的质量。 2 / 17 学科网（北京）股份有限公司 $$ 【赢在中考·黄金8卷】备战2025年中考物理模拟卷（安徽专用） 黄金卷08 （本卷满分70分，考试时间为与化学合卷共120分钟。） 注意事项： 1.物理试卷共四大题，23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。 2.试卷包括“试题卷”（4页）和“答题卷”（4页）两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。 3.考试结束后，请将“答题卷”和“试题卷”一并交回。 4. 全卷g取10N/kg，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3。 一、填空题（每小题2分，共20分） 1．中国古典小说《镜花缘》中提到“大风把一口井吹到篱笆‘墙外’去了”。其中的“井”的运动是以 （选填“地面”或“篱笆”）为参照物而言的。 【答案】篱笆 【解析】篱笆墙被大风吹过，以篱笆墙为参照物，井的位置发生了改变，所以看到“井”会被“吹到篱笆外去”，说明说这句话的人是以篱笆为参照物的。 2．我国自主研发的高端造雪机为北京冬奥会的成功举办立下了汗马功劳。如图所示，造雪机将压缩空气与5℃以下的冷水混合后喷出水雾，在与空气的接触中，水雾凝结成冰晶，继而变成雪花。据了解，这样的“人工雪”更耐高温。“人工雪”的形成是 现象。（填物态变化名称） 【答案】凝固 【解析】由题可知，水雾凝结成冰晶，继而变成雪花，雪花的形成过程是水由液态变为固态的过程，所以，“人工雪”的形成是凝固现象。 3．“千帆星座”的首批组网卫星以“一箭18星”顺利升空入轨，标志着我国向组建全球卫星互联网迈出重要一步。如图所示是火箭在卫星发射中心点火发射的场景。火箭加速上升过程中，火箭内的卫星机械能是 （选填“不变”“增大”或“减小”）的。 【答案】增大 【解析】火箭加速上升过程中，火箭的质量不变，速度变大，故动能变大；同时其高度增加，故重力势能增大，由于机械能等于动能与势能之和，故机械能也增大。 4．游乐场中同样蕴藏着许多物理知识。如图所示是游乐场里常见的旋转飞椅，请在图乙中画出此时飞椅受到的重力和绳子对飞椅的拉力的示意图（O为重心）。 【答案】 【解析】重力的方向竖直向下，绳子对飞椅的拉力沿着绳子向上，均作用在飞椅重心处，作图如下： 5．如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，当开关S闭合后，且滑片P从a端向b端滑动过程中，弹簧长度 （选填“变长”或“缩短”）。 【答案】变长 【解析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联；滑片P从a端向b端滑动的过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据欧姆定律知，电路中的电流变大；根据右手螺旋定则可得，电磁铁的上端为S极，下端为N极，又因为异名磁极相互吸引，所以电磁铁对磁铁的吸引力逐渐增大，弹簧的长度变长。 6．如图甲所示是小鸣家的一个插座，小鸣用试电笔接触插座A孔，氖管发光，接触插座B孔，氖管不发光，乙图是一个台灯的电路示意图，当把台灯接入电路时，为了安全，应将台灯插头的 （选填“C”或“D”）插脚插入A孔。 【答案】D 【解析】根据安全用电原则，灯泡的开关要接在火线和灯泡之间。用试电笔接触插座A孔，氖管发光，说明A孔接的是火线，所以应将台灯插头的D插脚插入A孔。 7．早在3000年前我们的祖先就设计了结构很合理的辘护，通常用于从井中提水如图甲所示。钝转实质为可以连续转动的杠杆：某辘轭简化成杠杆如图乙，L1=60cm，l2=15cm：现将总质量为50kg的水和桶从井中匀速提起，人们在摇把末端施加的力F1至少需要 N。（g=10N/kg） 【答案】125 【解析】水和桶对绳子的拉力为 辘轳实质为可以连续转动的杠杆，根据杠杆的平衡条件可知，代入数据得人们在摇把末端施加的力F1至少需要 8．一辆汽车在平直的公路上匀速行驶了100km，消耗了5kg汽油，已知汽油的热值为，如果汽油机的效率为35%，则汽车受到的阻力为 N。 【答案】805 【解析】燃烧5kg汽油放出的热量 Q放=mq=5kg×4.6×107J/kg=2.3×108J 而汽油机的效率为35%，则燃烧汽油所做的有用功 而汽车做匀速直线运动，则汽车受到的牵引力与阻力是一对平衡力，据W=Fs知，汽车受到的阻力 9．如图所示电路，电源两端电压为且保持不变。电阻，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω；1A”的字样，电流表的量程为0~0.6A，两块电压表的量程均为0~3V，在保证电路安全的条件下，滑动变阻器阻值变化范围是 Ω。 【答案】5~20Ω 【解析】在保证电路安全的条件下，当滑动变阻器向左移动时，滑动变阻器接入的阻值变小，电压表V2的示数变小，而电压表 V1的示数变大，根据电压表的量程，电压表V1的最大值为3V，此时电路中的电流为 此时总电阻最小，最小的总电阻为 此时滑动变阻器接入的阻值为 随着滑动变阻器的接入的阻值变大，总电阻变大，电流表的示数变小，电流表是安全的，但是根据串联分压可知，电压表V2的示数变大，电压表V1的示数变小，电压表V2的最大示数为3V，则定值电阻两端的电压为 此时电路中的电流为 此时滑动变阻器接入的阻值为 故滑动变阻器的范围为5~20Ω。 10．如图所示电路，电源电压不变，R1为发热电阻，阻值为10Ω，R2为定值电阻，阻值为10Ω，R为滑动变阻器（A、B为其两个端点），最大电阻为20Ω，闭合开关S，当滑片P从A端移动到B端时，电流表的示数变化了0.2A，发热电阻R1在1分钟内产生的热量为 J。 【答案】54 【解析】图示电路中，R2与R串联后再与R1并联，电流表测R2与R的电流，当滑片P在A端时 当滑片P在B端时 当滑片P从A端移动到B端时，电流表的示数变化了0.2A，即 解得 t=1min=60s，发热电阻R1产生的热量为 二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的） 11．如图所示的陶笛，其原型可追溯至距今6000多年前陕西半坡遗址出土的陶哨。下列说法正确的是（   ） A．陶笛发出的声音清脆嘹亮，频率可以高于20000Hz B．用力吹陶笛，是为了改变陶笛发出声音的音调 C．人们能靠声音辨别出陶笛和其他乐器是因为它们的音色不同 D．吹奏陶笛产生的声音在空气中的传播速度约为3×108m/s 【答案】C 【解析】A．人耳的听觉范围为20Hz~20000Hz，陶笛发出的声音清脆嘹亮，是可听见的声音，频率低于20000Hz，故A错误； B．用力吹陶笛，陶笛内空气柱振动的振幅变大，则发出声音的响度变大，故B错误； C．不同发声体的音色不同，所以可以根据音色辨别陶笛和其他乐器，故C正确； D．声音在15℃的空气中的传播速度为340m/s，故D错误。 故选C。 12．如图所示，小球从M点竖直向下以某速度抛出，球经静止的a台面第一次向反弹后，到达最高点N；然后球从N点下降时，台面已升至b位置并保持静止，球经台面第二次反弹后，到达最高点P，小球整个过程的运动均在竖直方向。下列说法正确的是（　　） A．第一次反弹在上升过程中，突然撤去所有外力，小球将保持静止 B．点P的高度一定比点N低 C．第二次反弹上升过程中只有动能转化为重力势能 D．小球在N点的重力势能不可能等于在M点的重力势能 【答案】B 【解析】A．第一次反弹在上升过程中，小球具有一定的速度，突然撤去所有外力，根据牛顿第一定律可知，小球将保持匀速直线运动，故A错误； B．小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，所以小球的机械能减小，若克服摩擦阻力做功小于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点高；若克服摩擦阻力做功大于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点低；若克服摩擦阻力做功等于最开始的动能，到达的最高点为N点与M点一样高；球从N点下降时，台面已升至合适的位置b并保持静止，球再次经台面反弹后，由于小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，小球的机械能减小，到达的最高点P比N点低。故B正确； C．第二次反弹上升过程中，由于小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，所以部分动能转化为重力势能，部分动能用来克服摩擦力做功，故C错误； D．由B分析可知， N点的高度可能等于M点的高度，由于物体的重力势能跟质量与高度有关，所以小球在N点的重力势能可能等于在M点的重力势能，故D错误。 故选B。 13．如图所示，工人用斜面将货物匀速推上小车的车厢，推力与斜面平行，下列说法正确的是（    ） A．使用斜面将货物推上车厢是因为斜面可以省功 B．货物受到的摩擦力和工人对货物的推力是一对平衡力 C．工人能推动货物是因为工人对货物的力大于货物对工人的力 D．货物对斜面的压力和斜面对货物的支持力是一对相互作用力 【答案】D 【解析】A．根据功的原理，使用任何机械都不省功。故A错误； B．货物受到的摩擦力和工人对货物的推力不是一对平衡力，推力和摩擦力及重力在沿斜面上的分力是一对平衡力。故B错误； C．工人对货物的力与货物对工人的力是一对相互作用力，大小相等，故C错误； D．货物对斜面的压力和斜面对货物的支持力是一对相互作用力，大小相等，故D正确。 故选D 。 14．水平桌面上的甲、乙两个相同的溢水杯，其中一个装满水，另一个盛满酒精，把两个完全相同的小球分别轻轻放入溢水杯的液体中，溢出的液体分别流到相同的小烧杯A和B中，待小球静止时，测得溢出水的质量为54g，溢出酒精的质量为48g，如图所示（注意：溢水杯甲和乙中有小球，只是没有画出）。此时，小烧杯A和B中液体对小烧杯底部的压强分别为、，甲溢水杯对桌面的压强和乙溢水杯对桌面的压强分别为和，（已知酒精的密度为），则下列判断正确的是（　　） A．甲溢水杯中盛的是水，乙溢水杯中盛的是酒精 B．小球的密度为 C．   D．   【答案】D 【解析】A．由题可知，溢出水的体积为 溢出酒精的体积为 由图可知，A杯中液体体积大于B杯，所以甲溢水杯中盛的是酒精，乙溢水杯中盛的是水，故A错误； B．当小球在两个液体中都漂浮时，根据浮沉条件，浮力等于其重力，由阿基米德原理可知，排开液体的重力应该相等，即质量应该相等，因为不等，所以小球在两个液体中不可能都是漂浮状态；因为物体浸没时，排开液体的体积等于物体的体积，所以小球没有都沉底；根据浮沉条件可知，小球在酒精中沉底，在水中漂浮，则小球在水中的浮力等于重力为 小球的质量为 小球在酒精中沉底，所以小球的体积为 小球的密度为 故B错误； CD．小烧杯A和B的底面积相同，A杯中液体为酒精，B杯中液体为水，所以两杯中液体的质量关系为 所以两杯子中液体的重力为 因为水平放置，所以两杯中液体对容器底部的压力为 由可知，液体对小烧杯底部的压强 从图中可知甲杯中液体的体积小于乙杯中液体的体积，根据密度公式的变形式m=ρV可知甲杯中液体的质量小于乙杯中液体的质量，两溢水杯和小球相同，杯子对桌面的压力等于溢水杯、小球和液体的重力之和，根据 可知甲杯对桌面的压力小于乙杯对桌面的压力，因为受力面积相同，由公式得 故D正确，C错误。 故选D。 15．关于如图所示的电路图，下列分析正确的是（　　） A．当开关S闭合、断开时，滑动变阻器的滑片P向右移动，灯泡L变亮 B．当开关S闭合、断开且滑动变阻器的滑片P在最右端时若灯不亮，但电压表有示数可能是灯泡短路 C．当开关S、闭合时，滑动变阻器的滑片P向右移动，电压表V的示数变小 D．当开关S、闭合且滑动变阻器的滑片P在最中点时若灯不亮，但电压表有示数可能是灯泡断路 【答案】D 【解析】A．当开关S闭合、断开时，滑动变阻器与灯泡L串联，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路当中的电阻不变，故电路中电流大小不变，灯泡亮度不变，故A错误； B．当开关S闭合、断开，滑动变阻器与灯泡L串联，且滑动变阻器的滑片P在最右端时灯不亮，若是灯泡短路，则电压表也会被短路，示数为零，与题意不符，故B错误； C．当开关S、闭合时，滑动变阻器的右半部分与灯泡L串联，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路当中的电阻变小，但电压表测量滑动变阻器与灯泡L两端的总电压，也就是电源电压，故滑片P向右移动，电压表示数不变，故C错误； D．当开关S、闭合时，滑动变阻器与灯泡L串联，滑动变阻器的滑片P在最中点时灯不亮，若是灯泡断路，灯泡不亮，此时电压表测量电源电压，电压表有示数，符合题意，故D正确。 故选D。 16．如图，所示的电路，电源电压恒定，将滑片放置阻值最大处，然后进行下列操作。以下说法正确的是（    ） A．保持滑片位置不动，只闭合S2时电流表示数大于只闭合S1、S3时电流表示数 B．只闭S2，滑片向右滑，电流表示数变大，R2电压变化量与电流变化量的比值将不变 C．只闭S2，滑片向右滑动时，电压表示数变大，总功率和R2的功率一定都在变大 D．只闭S1、S3，当R2的滑片向右移动时，电路的总电阻在变大 【答案】B 【解析】A．保持滑片位置不动，只闭合S2时，R1与R2串联，只闭合S1、S3时，R1与R2并联，由串联电路和并联电路的电阻规律可知，R串>R并，则只闭合S2时电流表示数小于只闭合S1、S3时电流表示数，故A错误； B．只闭合S2时，R1与R2串联，滑片向右滑动时，R2接入电路的电阻变小，电路中电流变大，即电流表示数变大，由于电源电压不变，则R2电压变化量等于R1电压变化量，则R2电压变化量与电流变化量的比值为R1的阻值，故不变，故B正确； C．只闭合S2时，R1与R2串联，滑片向右滑动时，R2接入电路的电阻变小，电路中电流变大，根据可得，R1两端的电压变大，即电压表示数变大；根据P=UI可知，电源电压不变，电路中电流变大，则总功率变大；R2的功率 则当R2接入的电阻等于R1时，R2的功率最大，则滑片从阻值最大处向右移动的过程中，R2的功率先变大后变小，故C错误； D．只闭合S1、S3时，R1与R2并联，当R2的滑片向右移动时，R2接入电路的电阻变小，由于并联电路的任何一个分电阻减小，总电阻减小，则电路的总电阻在变小，故D错误。 故选B。 17．如图1，⊗表示导线中的电流方向垂直于纸面向里，F是磁场对通电导线的作用力。用Fab、Fcd、Fa'b'、Fc'd'分别表示图2、3中闭合开关时磁场对导体ab、cd、a'b'、c'd'的作用力，则（　　） A．Fab竖直向上，Fcd竖直向下 B．Fab竖直向下，Fcd竖直向上 C．Fa'b'竖直向上，Fc'd'竖直向下 D．Fa'b'竖直向下，Fc'd'竖直向下 【答案】B 【解析】AB．由图2可知，线圈右侧dc中的电流的方向是向内的，根据磁场方向改变，其受到的磁场力的方向是竖直向上的，ab所受磁场力方向竖直向下，故A不符合题意，B符合题意； CD．由图3知，线圈左侧a′b′电流的方向是向里的，根据磁场方向不变，其受到的磁场力的方向是竖直向下的，c′d′所受磁场力方向竖直向下，故CD不符合题意。 答案B。 三、实验题（第18题4分，第19题4分，第20题8分，共16分） 18．在探究“光的反射规律”的实验中，为了确定反射光线和入射光线的位置关系，实验器材有：可旋转的光屏（如图甲所示，光屏的 A、B两部分均可绕轴ON旋转）、平面镜、激光电筒，将纸板调成一个平面，倾斜放置在水平镜面上，让激光电筒发出的光沿光屏A入射到O点，此时在纸板B上不能看到反射光。    （1）保持入射点位置不变，将光屏和镜面垂直放置时，如图丙所示，光屏B旋转到图中的位置2，便可以观察到完整的光路；旋转光屏A到位置1时，也同时需要旋转光屏B到位置3才能观察到完整光路，通过以上操作过程可知，要观察完整的光路，光屏A、B两部分和镜面要垂直，旋转后要处于 ； （2）我们可以发现，光屏和镜面垂直时，保持入射点位置不变，光屏转动时，转轴ON位置不变，它对确定反射光空间位置很重要，我们把转轴ON所在的直线称为法线，根据这条线的特点，我们定义法线的完整描述为 。根据这条线便可以确定反射光线和入射光线的位置关系。记录多次实验光路，进一步研究发现反射光线和入射光线关于法线对称。 【答案】（1）同一平面 （2）过入射点并垂直于镜面作直线即为法线 【解析】（1）由图丙可知，光屏B旋转到图中的位置2，光屏A和光屏B在同一平面内，可以观察完整的光路，旋转光屏A到位置1时，也同时需要旋转光屏B到位置3才能观察到完整光路，则可以说明要观察完整的光路，光屏A、B两部分和镜面要垂直且旋转后要处于同一平面。 （2）由光的反射定律可知，反射光线与入射光线分居在法线两侧，即反射光线与入射光线关于法线对称，因此转轴ON即为法线所在位置，因此过入射点并垂直于镜面作直线即为法线。 19．小明和同学们一起用硬纸板搭建了图所示的轨道，测量小球运动的平均速度。 （1）根据该实验的原理，小明他们需要测量的物理量是小球运动的路程s和所用的时间t； （2）他们先用钢卷尺对轨道各段长度进行测量并分段做了标记，因误差的存在，需多次测量，为保证小球每次通过A点的速度相同，必须用同一小球从左边斜面的 由静止释放。要使小球能够通过E点，释放小球的高度应高于水平段BD的高度； （3）从A点开始计时，用电子秒表分别测量小球经过B、C、D、各点的时间，整理实验数据并记录在如表中； 路段 距离s/cm 运动时间t/s 平均速度v/（m•s﹣1） AB 50.00 0.45 1.11 BC 50.00 0.60 0.83 CD 50.00 0.75 0.67 DE 100.00 0.93 1.08 （4）小球在BD段运动的平均速度为 m/s（计算结果保留两位小数）。 【答案】（2）同一高度 （4）0.74 【解析】（2）[1]小球下滑过程中，将重力势能转化为动能，为保证小球每次通过A点的速度相同，必须用同一小球从左边斜面的同一高度由静止释放，是小球下滑时的重力势能相同，小球到达水平面的动能相同，小球到达水平面的速度相同。 （4）[2]根据表中数据可知 tBD＝0.6s+0.75s＝1.35s 则小球在BD段运动的平均速度 20．实验小组在“探究电流与电阻关系”的实验中，实验器材：三节新干电池、电流表、电压表、定值电阻（阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（规格为“30Ω1A”）、开关和若干导线。 （1）同学们连接的电路如图所示，检查电路时发现接线有一处错误。请你在图中将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线作出一根正确连接的导线；( ) （2）正确连接电路后，闭合开关，同学们发现电流表和电压表均无示数，其原因可能是 （选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路； （3）排除故障后，分别用5Ω、10Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如表所示； 实验次数 1 2 3 4 电阻 5 10 20 25 电流 分析实验数据可知： ①当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 关系； ②当使用的定值电阻做实验时，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于 V。    【答案】（1）    （2）滑动变阻器 （3）①反比 ②4.4 【解析】（1）[1]正确的电路是除电压表外，其他的元件都串联起来，再把电压表与待测电阻并联，由此可知电流通过电流表后通过滑动变阻器，这根线连接错误，滑动变阻器与待测电阻右边的接线柱的相连，如图所示：    （2）[2]若定值电阻断路，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，故电压表有示数，不符合题意；若滑动变阻器断路，整个电路断路，两表都没有示数，符合题意；正确连接后闭合开关，电流表和电压表均无示数，故障可能是滑动变阻器断路。 （3）①[3]当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比关系。 ②[4]根据表中数据，电流与电阻之积为 为一定值，即实验中控制电压表的示数为2V不变；根据串联分压原理可知，将定值电阻由改接成的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2V；根据串联电路的规律及分压原理有 方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，这时电压表控制的电压最小，则有 电源电压为，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于4.4V。 四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程） 21．五一期间，小魏办理行李托运时，显示行李箱质量为12kg，行李箱竖直放置时轮子与地面的总接触面积为12cm2，当他拉行李箱时，行李箱和水平地面的夹角保持60°，拉力的作用点在拉杆末端，O点到重力作用线的距离OA为2.5cm，如图所示。到家后，他用了45s把行李箱从一楼提到三楼，共提高6m。（g=10N/kg）求： （1）行李箱竖直静止放置在水平地面时，对地面的压强； （2）提行李箱上楼时，克服行李箱重力做功的功率； （3）用图示方式拉行李箱时，竖直方向拉力的大小。 【答案】（1）1×105pa；（2）16W；（3）6N 【解析】（1）行李箱的总重力 当行李箱竖直静止放置时，轮子对地面的压力 当行李箱竖直静止放置时，轮子对地面的压强 （2）提升时克服重力做的功为 功率为 （3）如图可知，拉力到轮子的距离是拉杆总长的，为50cm；重力的方向是竖直向下的，重力的力臂为2.5cm；根据杠杆的平衡条件可知 即 则拉力 22．如图甲所示是电热桌垫，小明查看说明书后发现：该电热桌垫电路图如图乙，电源电压为12V，发热部分由R1、R2两根电热丝组成，R1、R2的阻值分别为6Ω、4Ω，该桌垫可通过调温开关控制有高温和低温两个模式。某次使用时，将其调至高温模式工作2min后，桌垫的温度升高了20℃（不考虑温度的变化对电阻的影响）。      （1）电热桌垫高温模式时，电路的总电流是多少？ （2）已知电热桌垫的质量为144g，电热桌垫处于高温模式时的热效率是多少？电热桌垫硅胶板的比热容为2×103 J/（kg⋅℃）】 （3）若要使高温模式的功率提升到84W，在保证低温功率和R1不变的情况下，请通过计算说明应该如何改装电路？ 【答案】（1）5A；（2）80%；（3）并联一个阻值为6Ω的电阻 【解析】（1）分析电路可知，当开关在位置时，R1、R2并联，此时总电阻最小，根据，总功率最大，为高温模式，此时R1、R2电流分别为 根据并联电流规律，电路的总电流为 （2）电热桌垫吸收热量为 消耗电能为 则电热桌垫处于高温模式时的热效率为 （3）原高温模式的功率为 则增加的功率为 要保证低温功率和R1不变，所以可以并联一个定值电阻，该电阻的功率为24W，阻值为 所以可以并联一个阻值为6Ω的电阻。 23．借助浮力起重是我国古代的一个创造。900多年前，僧人怀丙让人把两艘大船装满泥沙，用铁索将铁牛拴到大船上，然后卸掉船里的泥沙，随着船身逐渐上浮，铁牛在河底淤泥中被拉了出来。为了模拟该情景，小明将底面积，高的长方体B，与底面积为的容器A的底部紧密结合，模拟陷入淤泥中的铁牛，用长为，长度不变的细线将薄壁容器C与长方体B相连，薄壁容器C中盛有一定质量的水，在容器A中缓慢注水，直到细线被拉直但无拉力，此时薄壁容器C浸入水中的深度为10cm，AB底部仍然紧密结合，如图乙所示，接下来将薄壁容器C中的水缓慢抽到容器A中，此过程中细线对长体B的拉力F与抽出水的质量m关系图像如图丙所示，容器A中始终无水溢出，且。【取，不计薄壁容器C与细线的重力和体积，AB未分离前均为紧密结合】。求： （1）未抽薄壁容器C中水时，水对容器A底部的压强； （2）当从薄壁容器C中抽出质量为的水时，长方体B受到水的浮力； （3）当长方体B下表面与容器A底面相距4cm时，从薄壁容器C中抽出水的质量。 【答案】（1）3000Pa；（2）4N；（3）0.8kg 【解析】解：（1）未抽薄壁容器C中水时，由图乙可知，此时C的水面与A的水面相平，所以，A的水面深度为 所以，此时水对容器A底部的压强为 （2）根据题意和图丙可知，当从薄壁容器C中抽出质量为的水时，AB刚好分离，即B刚好被提起，根据阿基米德原理可得，此时B受到的浮力为 （3）抽出质量m1的水时   ① 抽出质量m2的水时   ② 其中，、为容器C中水的重力，①-②可得 根据阿基米德原理可得 则 因为此过程，容器C中水减少，GC变小，同时容器A增加等体积的水，所以容器A中水深变化 则当物体B下表面与容器A底面相距4cm时，此时从C容器中抽出水的体积为 抽出水的质量 答：（1）未抽薄壁容器C中水时，水对容器A底部的压强为3000Pa； （2）当从薄壁容器C中抽出质量为的水时，长方体B受到水的浮力为4N； （3）当长方体B下表面与容器A底面相距4cm时，从薄壁容器C中抽出水的质量为0.8kg。 2 / 17 学科网（北京）股份有限公司 $$ 【赢在中考·黄金8卷】备战2025年中考物理模拟卷（安徽专用） 黄金卷08 一、填空题（每小题2分，共20分） 1．篱笆 2．凝固 3．增大 4． 5．变长 6．D 7．125 8．805 9．5~20Ω 10．54 2、 选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的） 11 12 13 14 15 16 17 C B D D D B B 3、 实验题（第18题4分，第19题4分，第20题8分，共16分） 18．（1）同一平面 （2）过入射点并垂直于镜面作直线即为法线 19．（2）同一高度 （4）0.74 20．（1）    （2）滑动变阻器 （3）①反比 ②4.4 四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程） 21．（1）1×105pa；（2）16W；（3）6N 解：（1）行李箱的总重力 当行李箱竖直静止放置时，轮子对地面的压力 当行李箱竖直静止放置时，轮子对地面的压强 （2）提升时克服重力做的功为 功率为 （3）如图可知，拉力到轮子的距离是拉杆总长的，为50cm；重力的方向是竖直向下的，重力的力臂为2.5cm；根据杠杆的平衡条件可知 即 则拉力 22．如图甲所示是电热桌垫，小明查看说明书后发现：该电热桌垫电路图如图乙，电源电压为12V，发热部分由R1、R2两根电热丝组成，R1、R2的阻值分别为6Ω、4Ω，该桌垫可通过调温开关控制有高温和低温两个模式。某次使用时，将其调至高温模式工作2min后，桌垫的温度升高了20℃（不考虑温度的变化对电阻的影响）。      （1）电热桌垫高温模式时，电路的总电流是多少？ （2）已知电热桌垫的质量为144g，电热桌垫处于高温模式时的热效率是多少？电热桌垫硅胶板的比热容为2×103 J/（kg⋅℃）】 （3）若要使高温模式的功率提升到84W，在保证低温功率和R1不变的情况下，请通过计算说明应该如何改装电路？ 【答案】（1）5A；（2）80%；（3）并联一个阻值为6Ω的电阻 解：（1）分析电路可知，当开关在位置时，R1、R2并联，此时总电阻最小，根据，总功率最大，为高温模式，此时R1、R2电流分别为 根据并联电流规律，电路的总电流为 （2）电热桌垫吸收热量为 消耗电能为 则电热桌垫处于高温模式时的热效率为 （3）原高温模式的功率为 则增加的功率为 要保证低温功率和R1不变，所以可以并联一个定值电阻，该电阻的功率为24W，阻值为 所以可以并联一个阻值为6Ω的电阻。 23．（1）3000Pa；（2）4N；（3）0.8kg 解：（1）未抽薄壁容器C中水时，由图乙可知，此时C的水面与A的水面相平，所以，A的水面深度为 所以，此时水对容器A底部的压强为 （2）根据题意和图丙可知，当从薄壁容器C中抽出质量为的水时，AB刚好分离，即B刚好被提起，根据阿基米德原理可得，此时B受到的浮力为 （3）抽出质量m1的水时   ① 抽出质量m2的水时   ② 其中，、为容器C中水的重力，①-②可得 根据阿基米德原理可得 则 因为此过程，容器C中水减少，GC变小，同时容器A增加等体积的水，所以容器A中水深变化 则当物体B下表面与容器A底面相距4cm时，此时从C容器中抽出水的体积为 抽出水的质量 2 / 17 学科网（北京）股份有限公司 $$