福建省龙岩市长汀县第二中学2024-2025学年高二下学期3月月考物理试题

长汀二中2024-2025学年第二学期高二物理月考试卷答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B C D A AC ACD BD BD 1．B 【详解】由电压随时间变化的图象可知，它不是正弦式电流，因此有效值不是等于最大值除以,取一个周期进行分析，在0~1s内是正弦式电流，则电压的有效值等于V。在1~3s内是恒定电流，则有效值等于9V。则在0~3s内，产生的热量为 解得 故选B。 2．C 【详解】A．输电线上通过的电流 故A错误； B．输电线上损失的电压 升压变压器的输出电压 则降压变压器的输入电压 故B错误； C．升压变压器的匝数比 故C正确； D．降压变压器的匝数比 故D错误。 故选C。 3．D 【详解】A．图线的斜率为 在时间内，合力的冲量为对应时间内图线与t轴所围的面积，有 根据动量定理有 解得 故A错误； B．在时间内，合力的冲量为对应时间内图线与t轴所围的面积，为 根据动量定理得 解得第末物块的动量大小为 故B错误； C．由图可知在时间内合力的冲量为 故动量变化量为零，故C错误； D．第末时动量为 故第末时物块运动方向发生改变，故D正确。 故选D。 4．A 【详解】A、B碰撞过程，取向左为正方向，由动量守恒定律得 3mv0=(3m+m)v；解得v=0.75v0；碰撞后，AB一起压缩弹簧，当AB的速度减至零时弹簧的弹性势能最大，由能量守恒定律得：最大弹性势能 E=•4mv2；联立解得 E=；从球A被碰后开始到弹簧压缩到最短的过程中，对AB及弹簧整体，由动量定理得 I=4mv=3mv0，选项D错误；墙对弹簧的弹力位移为零，则墙对弹簧做功为零；选项A正确，BCD错误； 故选A． 【点睛】分析清楚物体的运动过程、正确选择研究对象是正确解题的关键，应用动量守恒定律、机械能守恒定律即可正确解题．在运用动量定理和动量守恒定律时都要选择正方向，用符号表示速度的方向 5．AC 【详解】A. 根据 解得 A正确； B. 设升压变压器原线圈电流为I1 解得 升压变压器的匝数比为 B错误； C. 降压变压器的副线圈的电流为 降压变压器的匝数比为 C正确； D. 发电机的输出功率为 D错误。 故选AC。 6．ACD 【详解】A．有图像可知，原线圈电压的最大值是，周期为，则有 则原线圈接交变电压的表达式为 故A正确； B．有 可知 电压表的示数为 小于110V，故B错误； C．若将变阻器的滑片P向下滑动，R2的阻值变大，负载的总阻值变大，有 可知，副线圈的电流减小，由 可知，原线圈的电流减小，故C正确； D．若将变阻器的滑片P向上滑动，，R2的阻值变小，负载的总阻值变小，电压表的示数为 变小，而原线圈电压不变，所以示数与示数的比值变大，故D正确。 故选ACD。 7．BD 【详解】两物体由h2下滑到h1高度的过程中，机械能守恒，则有 解得在高度h1处两物体的速度大小均为 两物体下滑到h1高度处时，速度的大小相等，由于α不等于β，故速度的方向不同，由此可判断，两物体在h1高度处动能相同，动量不相同，则两物体由h2滑到h1高度的过程中动量的变化量不相同，而动能的变化量相等，故BD正确，AC错误。 故选BD。 8．BD 【详解】A．从图可以看出，A先做匀减速运动，B做匀加速运动，最后一起做匀速运动，共同速度v=1m/s，取向右为正方向，根据动量守恒定律得 解得 故A错误； B．由图象可知，木板B匀加速运动的加速度 对B，根据牛顿第二定律得 解得 μ=0.1 故B正确； C．由图象可知前1s内B的位移 A的位移 所以木板最小长度 故C错误； D．A、B组成系统损失机械能 故D正确。 故选D。 9． 【详解】[1]根据变压器原副线圈电流与匝数成反比得 电阻两端的电压，所以两电阻两端的电压之比 [2]电阻消耗的功率，所以两电阻消耗的电功率之比 10． C AC 小于 步骤③中小球到达斜槽末端的实际速度小于步骤②中测得的的速度，总动量偏小 【详解】（1）[1]为了避免碰撞后小球不被反，所以要求入射球的质量大于被碰球的质量，即 故C正确，AB错误； （2）[2]A．只要保证每一次小球从同一位置静止释放，使得小球获得相同的初速度即可，斜槽轨道可以不用光滑，故A正确； B．铅垂线的作用是用来确定y轴的方向的，故B错误； C．为了能够让小球发生对心碰撞，入射球和被碰球的半径必须相同，故C正确； D．小球从斜槽末端飞出后，做平抛运动，由于高度相同，所以在空中运动时间相同，即可用水平位移表示速度，所以不需要测量小球抛出点的离地高度H，故D错误。 （3）[3][4]设小球在空中运动的时间为，若满足动量守恒定律有 整理得 若碰撞是弹性碰撞，还应满足机械能守恒定律 （4）[5][[6]若上述步骤③中，入射球从斜槽上释放的位置比②中低一些，则入射球到斜槽末端时的速度将偏小，这将会导致测得的系统碰撞后的总动量小于碰撞前的总动量。 11．（1）400N·s（2）2300N 【详解】（1）由得 =0.8s 由得 =400N·s （2）由得 v1=8m/s 由得 =10m/s 设竖直向下为正方向 由 得 =2300N 12．（1）；（2） 【详解】解：（1）铁块从的左端向右滑动，铁块做减速运动，、B一起做加速运动，当铁块冲上B后，、B分离，做匀速运动，B继续做加速运动，当铁块与B达到共同速度后，一起做匀速运动。选铁块和木块、B为系统，取水平向右为正方向，由系统总动量守恒得 代入数据解得 （2）设铁块刚滑上B时的速度为，此时A、B的速度均为，铁块与、B组成的系统动量守恒，由系统动量守恒得 解得 【点睛】对于多物体、多过程动量守恒定律的应用，解题时应注意：（1）正确分析作用过程中各物体状态的变化情况；（2）分清作用过程中的不同阶段，并按作用关系将系统内的物体分成几个小系统；（3）对不同阶段、不同的小系统准确选取初、末状态，分别列动量守恒方程。 13．（1）；（2）A； ；（3）V；（4）C；（5）100J 【详解】（1）因为 产生的最大感应电动势为 从线圈处于中性面开始计时，则有 （2）此时线圈转动产生电压有效值 两表的示数 （3）当线圈转过时，有 （4）线圈转过的过程中，转过的角度为 通过电阻的电荷量为 所以 （5）线圈匀速转动一周外力做的功等于电路产生的焦耳热，为 答案第8页，共9页 答案第9页，共9页 学科网（北京）股份有限公司 $$长汀二中2024-2025学年第二学期高二物理月考试卷(3.18) 一、单选题(4*4=16分) 1.如图所示为一交流电压随时间变化的图象。每个周期内,前三分之一周期电压按正弦规律变化,后三分之二周期电压恒定。根据图中数据可得此交流电压的有效值为( ) A.7.5 V B.2 V C.8 V D.3 V 2.如图所示为远距离输电示意图,某个小水电站发电机的输出功率为,发电机的电压为。通过升压变压器升高电压后向远处输电,输电线总电阻为,在用户端用降压变压器把电压降为。要求在输电线上损失的功率控制为(即用户得到的功率为)。下列说法正确的是( ) A.输电线上通过的电流为 B.降压变压器的输入电压为 C.升压变压器的匝数比为 D.降压变压器的匝数比为 3.质量的物块在光滑水平地面上以的速度运动,时对物体施加以水平外力F,规定的方向为正方向,外力F随时间t变化图线如图所示,则( ) A.第末物块的速度大小为 B.第末物块的动量大小为 C.在时间内物块的动量变化量为 D.第末时物块的运动方向发生改变 4.如图所示,质量为m的小球A静止于光滑水平面上,在A球与墙之间用轻弹簧连接,现用质量为3m的小球B以水平速度与A相碰后粘在一起压缩弹簧,不计空气阻力,若弹簧被压缩过程中的最大弹性势能为EP,从球A被碰后开始到弹簧压缩到最短的过程中墙对弹簧做的功为W,冲量大小为I,则下列表达式中正确的是( ) A. B. C. D. 二、多选题(6*4=24分) 5.如图所示,某小型水电站发电机的输出电压,经升压变压器和降压变压器后为养殖场供电。已知输电线的总电阻,输电线上损失的功率,养殖场共有1100盏标有“220V 40W”字样的灯泡正常工作(除此之外没有其他用电器)。假设两个变压器均为理想变压器,下列说法正确的是( ) A.输电线上的电流 B.升压变压器的匝数比 C.降压变压器的匝数比 D.发电机的输出功率为44kW 6.如图甲所示的理想变压器原、副线圈匝数比,输入端M、N所接的正弦式交变电压u随时间t的变化关系如图乙所示。为定值电阻,为滑动变阻器,电表均为理想交流电表,下列判断正确的( ) A.原线圈接交变电压的表达式为 B.电压表的示数为110V C.若将变阻器的滑片P向下滑动,电流表A读数将减小 D.若将变阻器的滑片P向上滑动,示数与示数的比值变大 7.质量相等的A、B两个物体,沿着倾角分别为 和 ( ≠ )的两个光滑的固定斜面,由静止从同一高度h2下滑到同样的另一高度h1,如图所示,则A、B两物体( ) A.滑到h1高度时的动量相同 B.滑到h1高度时的动能相等 C.由h2滑到h1的过程中物体动量变化量相同 D.由h2滑到h1的过程中物体动能变化量相等 8.如图,光滑水平面上放着长木板B,质量为m=2kg的木块A以速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板B的上表面,由于A、B之间存在有摩擦,之后,A、B的速度随时间变化情况如图所示,重力加速度g=10m/s2.。则下列说法正确的是( ) A.长木板的质量M=4kg B.A、B之间动摩擦因数为0.1 C.长木板长度至少为2m D.A、B组成系统损失机械能为2J 三、填空题(2*8=16分) 9.如图所示,理想变压器的初、次级线圈分别接着定值电阻、,且,初、次级线圈的匝数比,加一定交流电源电压后,两电阻两端电压之比 ,两电阻上消耗的电功率之比 。 10.用图甲实验装置验证动量守恒定律.主要步骤为: ①将斜槽固定在水平桌面上,使槽的末端水平; ②让质量为的入射球多次从斜槽上S位置静止释放,记录其平均落地点位置; ③把质量为的被碰球静置于槽的末端,再将入射球从斜槽上S位置静止释放,与被碰球相碰,并多次重复,记录两小球的平均落地点位置; ④记录小球抛出点在地面上的垂直投影点O,测出碰撞前后两小球的平均落地点的位置M、P、N与O的距离分别为、、,如图乙,分析数据: (1)实验中入射球和被碰球的质量应满足的关系为 . A. B. C. (2)关于该实验,下列说法正确的有 . A.斜槽轨道可以不光滑 B.铅垂线的作用是检验斜槽末端是否水平 C.入射球和被碰球的半径必须相同 D.实验中必须测量出小球抛出点的离地高度H (3)若两球碰撞时的动量守恒,应满足的关系式为 ;若碰撞是弹性碰撞,还应满足的关系式为 。(均用题中所给物理量的符号表示) (4)若上述步骤③中,入射球从斜槽上释放的位置比②中低一些,其他操作均正确,这将会导致测得的系统碰撞后的总动量 (选填“大于”、“小于”或“等于”)碰撞前的总动量,原因是 。 四、解答题(12+12+20=44分) 11.一个质量为50kg的运动员进行蹦床运动表演,从离水平网面3.2m高处自由下落,着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处.已知运动员与网接触的时间为0.5s,取10 m/s2. (1)求运动员从开始下落到与网接触前,重力的冲量; (2)求运动员从接触网到离开网,网对运动员的平均作用力大小. 12.如图所示,、B两个木块质量分别为与,、B与水平地面间接触光滑,上表面粗糙,质量为的铁块以的速度从的左端向右滑动,最后铁块与B的共同速度大小为,铁块可视为质点,求: (1)的最终速度; (2)铁块刚滑上B时铁块的速度。 13.如图所示,线圈面积为0.05 m2,共100匝,线圈总电阻为1 ,与外电阻R=9 相连,线圈在B=T的匀强磁场中绕OO′轴以转速n=300 r/min匀速转动,从线圈处于中性面开始计时,求: (1)电动势的瞬时表达式; (2)两电表、的示数; (3)线圈转过s时电动势的瞬时值; (4)线圈转过s的过程中,通过电阻的电荷量; (5)线圈匀速转动一周外力做的功。 试卷第6页,共6页 试卷第5页,共6页 学科网(北京)股份有限公司 答案第8页,共9页 答案第1页,共1页 学科网(北京)股份有限公司 $$